2023年中考押题预测卷02（武汉专版）-物理（全解全析）

这是一份2023年中考押题预测卷02（武汉专版）-物理（全解全析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题(共0分，实验题(共0分，综合题(共0分等内容，欢迎下载使用。

2023年中考押题预测卷02【武汉专版】
物理·全解全析
一、单选题
1．（2023·全国·九年级专题练习）关于声现象，下列说法中（　　）
①声音在各种介质中的传播速度均是340m/s
②悦耳动听的音乐一定不是噪声
③地震、火山喷发会伴有次声波
④楼房安装双层玻璃窗是在传播过程中减弱噪声的
A．只有①④正确 B．只有②③正确
C．只有①③正确 D．只有③④正确
【答案】D
【详解】①声音在不同介质中传播速度不同，在15℃空气中，传播速度为340m/s，在液体和固体中传播速度更快，故①错误；
②音乐声如果影响了他人休息，就是噪声，故②错误；
③地震、火山喷发、台风、海啸等自然现象都伴随着次声波的产生，故③正确；
④住宅楼安装双层玻璃窗这是在声音的传播过程中减弱噪声的，故④正确。
故ABC错误，不符合题意；D正确，符合题意。
故选D。
2．（2022·全国·九年级专题练习）关于信息、能源和材料，下列说法正确的是（　　）
A．太阳内部发生的核反应是不可控制的聚变反应
B．能量是守恒的，只要充分利用，就不会发生能源危机
C．常温下的超导体可以制成发热材料，提高发热效率
D．在只有一台电话的空房间内，不接打电话时，房间内就不存在电磁波
【答案】A
【详解】A．太阳内部发生的核反应主要是轻核的聚变，太阳中存在的主要元素是氢，氢核的聚变反应可以看作是4个氢核（H）结合成1个氦核（He），故A正确；
B．能量尽管是守恒的，但不同形式的能量在可利用的品质上是不同的，有的能量便于利用，有的能量不便于利用，能量的利用过程使得能量从便于利用的形式变为难以利用的形式，因此自然界中能量的转化具有方向性，不可逆性，所以会出现能源危机，故B错误；
C．超导体本身电阻为零没有热效应，另外超导体需要低温条件，别说常温，就是温度上升到临界温度，都会变为非超导体，故C错误；
D．电磁波是由时断时续变化的电流产生的，通常意义上所指有电磁辐射特性的电磁波是指无线电波、微波、红外线、可见光、紫外线。我们的地球充满了电磁波，所以在只有一台电话的空房间内，即使不接打电话时，房间内也存在电磁波，故D错误。
3．（2022秋·四川雅安·八年级雅安中学校考期中）下表为几种物质在标准大气压下的熔点和沸点，则下列说法正确的是（　　）
物质
固态氮
固态氧
固态酒精
固态水银
熔点/℃
﹣210
﹣218
﹣117
﹣39
物质
液态氮
液态氧
液态酒精
液态水银
沸点/℃
﹣196
﹣183
78
357

A．在﹣190℃时氮是液态
B．将氮和氧放在﹣200℃的环境中一段时间后，慢慢提高环境的温度，氮气会比氧气更快分离出来
C．在标准大气压下，可以用酒精温度计测量沸水的温度
D．将液态氮置于25℃的环境中，液态氮会不断吸热，温度不断上升
【答案】B
【详解】A．氮的熔点是﹣210℃，沸点是﹣196℃，﹣190℃高于氮的沸点，所以是气体，故A错误；
B．氮的沸点是﹣196℃，氧的沸点是是﹣183℃，随着升温，氮会先沸腾，变成气体分离出来，剩下液态的氧，故B正确；
C．酒精的沸点是78℃，水的沸点是100℃，高于酒精的沸点，水在沸腾时，酒精会变成气体，所以不能用酒精温度计测量沸水的温度，故C错误；
D．液态氮置于25℃的环境中，液态氮会不断吸热，并沸腾，在沸腾过程中，温度不变，故D错误。
故选B。
4．（2023秋·全国·九年级专题练习）关于四冲程汽油发动机内部工作描述正确的是（　　）
A．吸气冲程时，吸入的是空气
B．通过喷油嘴压燃点火，在压缩冲程时，将机械能转化为内能，
C．做功冲程时，若每次对外做功1000J，则2400r/min的发动机的额定功率为20kW
D．排气冲程时，排出的废气已经没有内能了全转化为机械能了
【答案】C
【详解】A．吸气冲程时，汽油机吸入的是汽油和空气，柴油机吸入的是空气，故A错误；
B．压缩冲程结束时，汽油机是利用火花塞点火，柴油机通过压燃点火，故B错误；
C．2400r/min的发动机1s转40r，而汽油机2r对外做功一次，每次对外做功1000J，故1s对外做功

故其功率为

故C正确；
D．排气冲程时，排出的废气温度很高，内能并没有全转化为机械能，故D错误。
故选C。
5．（2023·北京朝阳·统考一模）骆驼的体重比马大不了一倍，而它的脚掌面积是马蹄的三倍，这为它在沙漠行走提供了有利条件。如图所示，站立在水平地面上的骆驼和马，下列说法正确的是（　　）


A．骆驼对地面的压力就是它受到的重力
B．马对地面的压力小于它受到的重力
C．骆驼对地面的压强小于马对地面的压强
D．骆驼对地面的压力的作用效果大于马对地面的压力的作用效果
【答案】C
【详解】AB．骆驼和马对地面的压力大小等于受到的重力，而两力的施力物体不同，不是同一个力，故AB错误；
C．骆驼的体重比马大不了一倍，而它的脚掌面积是马蹄的三倍，骆驼对地面的压力与马对地面的压力都等于自身的重力，由得，骆驼对地面的压强小于马对地面的压强，而压力的作用效果用压强来表示，则骆驼对地面的压力的作用效果小于马对地面的压力的作用效果，故C正确，D错误。
故选C。
6．（2023·山东泰安·统考一模）如图所示，放在水平桌面上的甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有三种不同的液体，将三个完全相同的长方体A分别放入三种液体中，静止时三个容器的液面恰好相平。则下列判断正确的是（　　）
①物体A受到的浮力F甲浮＝F乙浮＝F丙浮
②容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙
③液体的密度ρ甲＞ρ乙＞ρ丙
④液体对容器底的压强p甲＜p乙＝p丙

A．只有①② B．只有②④ C．只有①③ D．只有③④
【答案】A
【详解】①根据图示可知，甲悬浮，乙、丙漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故
F甲浮＝F乙浮＝F丙浮
故①正确；
③④由图可知，物体排开的液体的体积关系为
V甲＞V乙＞V丙
由于
F甲浮＝F乙浮＝F丙浮
根据阿基米德原理可知
ρ甲＜ρ乙＜ρ丙
故③错误；
因为丙的密度最大，并且液体的深度相同，因此由p＝ρgh可知，丙容器底所受的压强最大，其次是乙，再次是甲，故液体对容器底的压强
p甲＜p乙＜p丙
故④错误；
②根据图示可知，三个容器中液面的高度相同，甲中物体排开液体的体积最大，丙中物体排开液体的体积最小，所以丙中液体最多，由③知丙液体的密度最大，由m＝ρV知丙液体的质量最大，且三个物体和容器相同，由
F＝G＝mg
可知，丙容器对桌面的压力最大，其次是乙，最小的是甲，故容器对桌面的压力
F甲＜F乙＜F丙
故②正确。
故选A。
7．（2023·重庆渝中·二模）如图甲为弹射足球游戏装置，其原理可简化为图乙所示，在粗糙程度相同的水平面上，初始时球压缩轻质弹簧被固定在A点，松手后球沿直线运动最终静止在B位置。下列说法正确的是（　　）


A．弹簧恢复原状过程中，弹簧的弹性势能增大
B．球离开弹簧后最终会停下来，说明物体的运动需要力来维持
C．整个过程中弹簧的弹性势能全部转化成了内能
D．球从A点运动到B点，水平方向始终受两个力作用
【答案】C
【详解】A．弹性势能是弹簧形变具有的能量，弹簧恢复原状过程中，弹簧形变减小，所以弹簧的弹性势能减小，故A错误；
B．球离开弹簧后最终会停下来，是球受到阻力，物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C．整个过程中弹簧的弹性势能转化成了球的动能和内能，最终全部克服摩擦转化为内能，故C正确；
D．球从A点运动到B点，球运动是由于球具有惯性，所以水平方向始终只受到阻力作用，故D错误。
故选C。
8．（2022秋·黑龙江大庆·八年级校考期末）如图所示是探究凸透镜成像规律的实验装置，下列实验操作和相关的分析中不合理的是（　　）

A．实验时，观察到光屏上像的位置偏高，则可向下调节凸透镜来使像成在光屏中央
B．该凸透镜的焦距f满足条件f＜7.5cm
C．取下光屏，人眼在原光屏处的右侧通过透镜可以看到倒立放大的实像
D．保持蜡烛和光屏不动，只移动凸透镜，还可以在光屏上找到倒立缩小的实像
【答案】B
【详解】A．光屏上像的位置偏高，为了使像仍成在光屏的中央，应将烛焰相对于凸透镜向上运动，即向下调节凸透镜，故A正确，不符合题意；
B．由图可知，物距小于像距，成倒立、放大的实像，此时物距为

物距与焦距关系为
2f＞15cm＞f——①
像距为
v＝80cm﹣50cm＝30cm
像距与焦距关系为
——②

由①②得
7.5cm＜f＜15cm
故B错误，符合题意
C．烛焰通过凸透镜成成倒立、放大的实像，所以取下光屏后，人眼在原光屏处的右侧通过透镜依然可以看到倒立放大的实像，故C正确，不符合题意；
D．根据光路是可逆的，若蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向右移动适当距离，当物距等于原来像距时，仍可在光屏上得到清晰的像，此时像距小于物距，成倒立、缩小的实像，故D正确，不符合题意。
故选B。
9．（2023·江苏·九年级校联考专题练习）如图电路，若只闭合开关S2，用测电笔测A、B、C、D四点，发现测电笔氖管都发光，已知电路中装有保险丝，当电流过大时，保险丝将被烧断，则下列故障原因判断正确的是（　　）

A．电灯L1短路 B．电灯L2短路
C．零线F处断路 D．灯L1和L2同时短路
【答案】C
【详解】ABD．若L1或L2有短路时，会造成电路中的电流过大、保险丝烧断，ABCD四个点会与火线断开，用测电笔测A、B、C、D四点，测电笔氖管都不会发光，故ABD错误；
C．若零线F处断路，若只闭合开关S2，C点与火线相连，能使测电笔的氖管发光；ABD三点通过灯泡的灯丝间接与火线相连，也能使测电笔的氖管发光，故C正确。
故选C。
10．（2023春·重庆九龙坡·九年级学业考试）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电流表A2的示数变大
B．电压表V的示数变大
C．电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大
D．电压表V的示数与电流表A2的示数的乘积变大
【答案】C
【详解】如图所示，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测干路电路，电流表A2测电阻R1所在支路电流，电压表测电阻R1两端电压，也就是电源电压。
A．并联电路中，各用电器的工作互不影响。当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，电流表A2的示数不变，故A错误；
BD．并联电路中，各支路电压相等，且等于电源电压，当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，电压表V的示数不变，电压表V的示数与电流表A2的示数的乘积也不变，故BD错误；
C．当滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，R2电阻变大，电压一定，由欧姆定律可得，通过R2的电流变小，由并联电路电流规律可得，干路电流也变小了，即电流表A1的示数变小，电压表V的示数不变，故电压表V的示数与电流表A1的示数的比值变大，故C正确。
故选C。
11．（2023春·江苏无锡·九年级统考期中）某同学采用了如图甲、乙所示的实验装置“探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”。两个透明容器中都有一段电阻丝且密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。下列说法正确的是（　　）
①图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电流的关系。
②图甲装置能探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系。
③图乙中右边透明容器中电阻丝阻值为10Ω，可以探究电流产生的热量与电流的关系。
④图甲实验结论能解释“电炉丝热得发红而与电炉丝相连的导线几乎不发热”的现象。

A．①② B．②③ C．②④ D．③④
【答案】C
【详解】由图甲可知，两电阻丝串联，串联电路中电流处处相等，因此不能探究电流通过导体产生的热量与电流的关系，故①错误，改变两电阻大小，电流相等，控制通电时间相同，可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，故②正确；图乙中，要研究电流产生的热量与电流的关系，需要控制通电时间和电阻相同，通过的电流不同，因此右侧容器中的电阻要等于左侧容器中的电阻，即5Ω，故③错误；图甲中两电阻串联，电阻不同，通过两电阻电流相同，电炉丝与其相连的导线也是串联，电流相同，电炉丝电阻更大，产生的热量更多，故④正确。故①③错误，②④正确。
故选C。
12．（2023春·湖北武汉·九年级校联考阶段练习）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1＝10Ω。开关S1闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为U1，R2消耗的功率为P2；当开关S1、S2、S3都闭合时，电压表的示数为U1′，R2消耗的功率为P2′，且电流表A1的示数为0.9A．已知U1∶U1′＝1∶6，P2∶P2′＝1∶9，下列结论正确的是（　　）

A．P2′＝1.8W
B．R3＝20Ω
C．开关S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为0.8W
D．开关S1、S2、S3都闭合时，电路消耗的总功率为5.4W
【答案】A
【详解】当开关S1闭合，S2、S3断开时，三只定值电阻串联，电压表测量R1两端电压，因串联电路中各处的电流相等，则此时电路中的电流为

电阻R2消耗的功率为

当开关S1、S2、S3 都闭合时，三只电阻并联，电流表A1测量通过R1、R2的总电流，电流表A2测量整个电路的电流，此时电压表测R1两端电压也是测电源电压，即。此时通过R1的电流为

通过R2的电流为

电阻R2消耗的功率为

已知U1∶U1′＝1∶6，即

解得
， (电源电压U为6V)；当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表A2示数为

当开关S1闭合，S2、 S3断开时，电路消耗的总功率

由题意和欧姆定律可得

化简可得

已知 代入数值得

解得

则

开关S1、S2、 S3都闭合时，三只电阻并联，R1消耗的功率为

R2消耗的功率为

R3消耗的功率为

所以电路消耗的总功率为

故BCD错误，A正确。
故选A。

二、填空题(共0分
13．（2023·陕西西安·西安市铁一中学校考三模）电动自行车已成为大众化的一种交通工具，专业人员对某品牌电动自行车进行了测试让电动自行车在平直的路面上由静止开始运动，获得速度随时间变化的图象如图甲所示，牵引力随时间变化的图象如图乙所示，已知匀速行驶时，电动机输入电压48V，输入电流5A，由图象可知，匀速行驶时自行车的速度是_________km/h，7～12s电动自行车受到的摩擦力为_________N，匀速行驶时，电能转化为机械能的效率为_________%。

【答案】 21.6 35 87.5
【详解】[1]由图象可知，自行车在7～12s匀速行驶，此时速度为6m/s，因为1 m/s =3.6 km/h，故6m/s =21.6km/h。
[2]自行车在7～12s匀速行驶，此时自行车处于平衡状态，牵引力的大小等于摩擦力的大小，即7～12s电动自行车受到的摩擦力为
f=F=35N
[3]自行车在7～12s匀速行驶，这个阶段中，自行车消耗的电能为

此过程中，自行车通过的路程为

牵引力所做的功为

电能转化为机械能的效率为


三、实验题(共0分
14．（2022秋·河北廊坊·八年级统考期末）如图所示是小丽探究“平面镜成像特点”实验装置。

（1）小丽选取两支等大的蜡烛，为了便于比较 _____关系，将玻璃板前面的蜡烛点燃，在玻璃板后面将未点燃的蜡烛放到看到像的位置，发现它们完全重合，即后面蜡烛的位置就是点燃蜡烛的像的位置，这种方法叫 _____法；
（2）小丽把点燃的蜡烛放到距离玻璃板8cm位置时，测量出后面蜡烛到玻璃板的距离也是8cm，由此得出平面镜成像的特点是 _____，小丽测量结束后，立马得出结论，这样做的不足之处是：_____；
（3）将蜡烛靠近玻璃板时，蜡烛所成的像将 _____（选填“变小”“变大”或“不变”）；
（4）将物理课本放在像的位置上，发现课本上没有承接到像，说明平面镜成的像是 _____像。
【答案】 像与物的大小 等效替代 像和物体到平面镜的距离相等 实验中只做了一次实验便得出结论，不具普遍性 不变 虚
【详解】（1）[1][2]实验时要另外拿一支相同的未点燃的蜡烛在玻璃板后面移动，直到在镜前看上去与镜前的蜡烛在镜中成的像完全重合，故选取两支等大的蜡烛，为了便于比较大小关系；采用的研究方法是等效替代法。
（2）[3][4]由数据知，像和物体到平面镜的距离相等；实验中只做了一次实验便得出结论，不具普遍性，应改变蜡烛A的位置，多做几次实验进行分析。
（3）[5]当把蜡烛靠近玻璃板时，由于像的大小与物体大小相同，蜡烛A 的大小不变，所以蜡烛在玻璃板所成像的大小将不变。
（4）[6]取走蜡烛B，在其所在的位置放置物理课本，课本上不能接收到A的像，说明蜡烛A经平面镜所成的像是虚像。
15．（2022秋·湖南邵阳·九年级校联考阶段练习）如图所示，在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内，用相同的酒精灯同时加热。记录相关数据，并绘制出如图的图象。（不计热量损失）

（1）实验时，选用初温和______均相等的甲、乙两种液体；
（2）选用相同酒精灯加热的目的是：使甲、乙两种不同的液体在相同时间内______；
（3）甲液体的沸点是______℃；
（4）若乙液体的比热容为3.6×103J/(kg∙℃)，则甲液体比热容为______J/(kg∙℃)。
【答案】 质量 吸收的热量相同 60 1.8×103
【详解】（1）[1]要研究两种液体的吸热本领，应控制两个烧杯中所装的甲、乙两种液体的初温相同、质量相等。
（2）[2]相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，因此甲吸收的热量等于乙吸收的热量。
（3）[3]根据图象可知，当甲加热到60℃时，温度保持60℃不变，说明甲开始沸腾，因此甲液体的沸点是60℃。
（4）[4]根据图象可知，相同质量的甲、乙两种液体温度升高60℃时，甲的加热时间为10min，乙的加热时间为20min，所以乙吸收的热量为甲吸收热量的2倍，根据Q吸=cmΔt可甲液体的比热容为乙比热容的，即

16．（2022春·广东东莞·八年级校联考期中）在探究“二力平衡的条件”实验中，如图甲、乙所示，小刚把木块、小华把小车放在光滑的水平桌面上，他们分别向托盘里加减砝码观察现象。

（1）这两个实验装置中，你认为装置 ___________（选填“甲”或“乙”）更科学，其主要原因是为了减少 ___________对实验结果的影响；
（2）在装置乙中，将小车旋转一定角度，松手后，发现小车又恢复原状，这说明两个力作用在 ___________上，物体才能平衡；
（3）在实验中通过 ___________来改变桌面上的物体所受拉力的大小；
（4）为了验证二力平衡时两个力是否在同一物体上，在图丙情况下，下一步的操作是：把卡片 ___________，再观察卡片的运动情况。
【答案】 乙 摩擦力 同一直线 改变钩码数量 从中间剪开
【详解】（1）[1][2]为了减小摩擦力对该实验的影响，故乙装置更合理，小车与桌面间属于滚动摩擦，比滑动摩擦力小得多。
（2）[3]用手将小车旋转一个角度，这样两个力不在同一直线上，小车将无法在这个位置平衡，说明两个力必须满足两个力在一条直线上。
（3）[4]在实验中通过改变钩码数量来改变桌面上的物体所受拉力的大小。
（4）[5]用剪刀将卡片从中间剪开，则两个力作用在了两个物体上，并观察到两边钩码落下，由此可以得到二力平衡的另一条件是两个力必须作用在同一物体上。
17．（2022·山东日照·统考中考真题）某校九年级一班物理兴趣小组的同学，学习了磁现象的知识后，深受物理学家奥斯特和法拉第科学探索精神的影响，怀着极大的兴趣对下列实验进行了探究。
（1）如图甲，将小磁针放在南北方向的直导线正下方，小磁针静止，N极指向北。如图乙触接电源，小磁针的N极向纸外偏转。断开连接后，小磁针恢复到图甲位置。如图丙，将电源正负极对调，再次触接电源，小磁针的N极向纸内偏转。则：

①通电导线周围存在磁场，且磁场的方向与___________有关；
②断开电源后，小磁针恢复到图甲状态，这是因为小磁针受到了___________的作用；
③如图丁所示，高速电子束飞过小磁针上方时，小磁针将发生如图___________所示方向的偏转，原因是___________。
（2）利用图戊所示的装置，让闭合电路中的一部分导体AB在磁场中运动，观察电流表指针的偏转情况，记录在下表中。已知当电流从电流表的左侧接线柱流入时，指针向左偏转；从右侧接线柱流入时，指针向右偏转。

实验次数
导体棒移动情况
电流表指针偏转情况
1
竖直向上
不偏转
2
竖直向下
不偏转
3
水平向左
向右偏转
4
水平向右
向左偏转
根据表中记录的实验信息，完成下列问题：
④由第1、2两次实验可知，导体棒AB平行于磁感线运动，闭合回路中___________（填“会”或“不会”）产生感应电流；
⑤由第3、4两次实验可知，导体棒AB中感应电流的方向与___________的方向有关。如果固定导体棒AB，水平向右移动磁铁，电流表的指针向___________偏转；
⑥本实验的设计不完整，不能探究感应电流的方向与磁场方向的关系。为了使探究过程更加完整，应___________；
⑦小明将电流表换成完好的小灯泡，再做第3、4两次实验时小灯泡不亮，最可能的原因是___________；
⑧发电机的原理与本实验的原理一样，己图为发电机的示意图，图中时刻线框水平，箭头为线框旋转的方向，此时ab边中的电流方向___________（填“由a到b”或“由b到a”）

【答案】 导线中的电流方向 地磁场 乙 物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。 不会 导体做切割磁感线运动 右 保持导体棒切割磁感线运动的方向不变，对调磁体的N、S极，记录电流表的偏转情况 导体棒运动速度太慢，产生的感应电流太小 由a到b
【详解】（1）①[1]由图甲、乙可知，导线中通过电流时，小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，能使小磁针发生偏转，由图乙、丙可知，导线中的电流方向不同时，小磁针的偏转方向不同，说明导线中的电流方向不同时产生的磁场方向不同，即电流产生的磁场的方向与导线中的电流方向有关。
②[2]断开电源后，通电导线的磁场消失，小磁针在地磁场的作用下恢复到图甲状态。
③[3][4]如图丁所示，高速电子束飞过小磁针上方时，电流方向与电子运动的方向相反，电流方向与图乙相同，小磁针将发生如图乙所示方向的偏转，原因是：物理学规定正电荷定向移动的方向为电流，负电荷定向移动的方向与电流方向相反。
（2）④[5]由第1、2两次实验可知，导体棒AB平行于磁感线运动，不切割磁感线，电流表指针不发生偏转，闭合回路中不会产生感应电流。
⑤[6]由第3、4两次实验可知，导体棒AB运动的方向相反，导体棒AB中感应电流的方向也相反，因此感应电流的方向与导体做切割磁感线运动的方向有关。
[7]如果固定导体棒AB，水平向右移动磁铁，相当于磁体不动，导体棒向左运动，与第3次实验情况相同，根据表中记录的实验信息可知，电流表的指针向右偏转。
⑥[8]本实验的设计不完整，只探究了感应电流的方向与导体棒AB运动方向的关系，为了使探究过程更加完整，还需探究感应电流的方向与磁场方向的关系，根据控制变量的要求，应保持导体棒切割磁感线运动的方向不变，对调N、S极，记录电流表的偏转情况，从而得出结论。
⑦[9]小明将电流表换成完好的小灯泡，再做第3、4两次实验时小灯泡不亮，最可能的原因是导体棒运动速度太慢，产生的感应电流太小，不足以使小灯泡发光。
⑧[10]发电机的原理与本实验的原理一样，己图为发电机的示意图，图中时刻线框水平，箭头为线框旋转的方向；将发电机旋转，N极在上，与实验原理图一样，此时相当于ab向左运动，电流表指针向右偏转，即电流从右侧流入，b端相当于电源正极，此时ab边中的电流方向由a到b。
18．（2023春·重庆·九年级重庆市第七中学校校考阶段练习）在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某实验小组选用、、、、五个电阻，电压恒为的电源，“”的滑动变阻器等器材，设计了如图甲所示的实验电路。

（1）请你根据甲图，将乙图中的部分电路连接完整______（要求：滑片向右移动时，电流表示数变大，导线不交叉）；
（2）闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数，则电路存在的故障可能是定值电阻______（选填“短路”或“断路”）；
（3）排除故障后，首先接入的电阻探究“电流与电压的关系”：①当电压表示数为时，电流表如图丙所示，为______；实验小组记录的数据表格如图，小红分析了数据后，指出有一组数据不符合实际，这组数据对应的实验序号是______。②分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成_______；
实验序号
1
2
3
4
5
6
电压/V
1.0
1.4
2.0
2.4
2.8
3.0
电流/A
0.1
0.14
0.20
0.24

0.30
（4）接着小红继续按照图乙所示电路，将、、、、这五个电阻随机单独接入电路，探究电流与电阻的关系；
①实验中控制电阻两端的电压为不变。她用的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上电阻，闭合开关后，为了使电阻两端的电压恢复到，此时应将滑片适当向_____调（选填“左”或“右”）；
②她发现当接入______的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于，若想完成实验，应更换一个最大阻值不小于______的滑动变阻器；
（5）小红思考：为使实验顺利进行，电阻两端的电压应控制为多少合适呢？在不改变实验器材和电路连接的前提下，实验小组分别提出了、和三个电压值，你认为这三个电压值中不能选择的是______。
【答案】 短路 0.28 1 正比 左 25 50 2.2
【详解】（1）[1]根据电路甲可知，电压表要并联在定值电阻两端，电流表要与滑动变阻器串联在电路中，滑片向右移动时，要求电流表示数变大，所以要连接滑动变阻器的右下接线柱，如图所示：

（2）[2]闭合开关后，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明电压表两端无电压，所以电路存在的故障可能是定值电阻短路。
（3）[3]由图丙可知，电流表使用0~0.6A量程，最小分度值为0.02A，示数为0.28A。
[4]根据表中数据，在实验序号1中，定值电阻两端的电压为1V，通过的电流为0.1A，当滑动变阻器接入最大的电阻时，它两端的电压为

此时电路中的总电压为

故此组实验数据不符合实际。
[5]根据表中数据，电压与电流的比值大小不变，可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
（4）[6]用10Ω的电阻完成实验后，改用15Ω的电阻，此时定值电阻两端的电压变大，为了保证定值电阻两端的电压不变，根据串联分压原理，应该增大滑动变阻器两端的电压，即增大滑动变阻器的电阻，因此滑动变阻器的滑片应该向左移动。
[7][8]当接入25Ω的电阻时，如果它两端的电压为2V，根据串联电路的分压规律，滑动变阻器接入电路的电阻为

滑动变阻器的最大电阻是40Ω，所以无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V。要使定值电阻两端的电压为2V，应更换一个最大阻值不小于50Ω的滑动变阻器。
（3）[9]实验中所用定值电阻最小阻值为5Ω，根据欧姆定律，当所选电压值不大于3V时，电压表和电流表所用量程均安全无问题，实验小组提出的三个电压值均符合要求。根据串联分压规律，为不更换滑动变阻器使所有电阻均能顺利进行实验，所选电压值最小为

带入数值得

解得

所以，为了顺利进行实验，电压值应该大于2.31V，不能选择2.2V。

四、综合题(共0分
19．（2022春·广东佛山·八年级佛山市南海区大沥镇许海初级中学校考竞赛）如图甲是卫生间一种智能抽水的马桶水箱示意图。其工作原理如图乙所示，当出水管阀门打开，水从出水管流出，水箱中的水减少，空心铜球就在重力作用下，随着水位下降而向下运动，通过金属杆AB绕O点转动，向上拉动进水管阀门，使水能通过进水管进入水箱；当出水管阀门关闭，随着不断进水，水箱中的水位不断上升，空心铜球随着向上运动，当金属杆处于水平位置时，把进水管阀门堵严，不再进水。如表为这种马桶的相关参数：
项目
内容
适用水压
0.2～0.7MPa
水箱容积
1.8L
冲洗方式
喷射虹吸式

（1）图甲中的存水弯管实际是一个___________，其作用是：___________；
（2）某高楼内的住户家的马桶比地面的配水房高20m，若要该户居民家里的马桶能正常工作，则配水房提供的水压应不低于___________Pa；
（3）如果进水管的阀门的受力面积是24mm2，设计能承担的压强是5×105Pa（超过该压强，阀门就可以关严，不再进水。）金属杆AB能绕O点转动，其质量及形变忽略不计，且不考虑出水管阀门对杠杆的影响。AB长216mm，AO长24mm，空心铜球的质量为70g，重力和浮力可以认为作用在其几何中心，则：铜球浸没后产生浮力为___________N ； 空心铜球的体积是___________m3。
【答案】 连通器 可以防止下水道里的臭味散发出来 4×105 2.2N 2.2×10﹣4
【详解】（1）[1][2]如图所示为坐便器下的存水弯管，水不流动时，U形管两侧的水相平，故存水弯管实际上是一个连通器；存水弯管的作用是可以防止下水道里的臭味散发出来。
（2）[3]20m高水柱产生的压强为
p1=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×20m=2×105Pa
该马桶使用的最低水压为
p2=0.2MPa=2×105Pa
则配水房提供的水压应不低于
p=p1+p2=2×105Pa +2×105Pa=4×105Pa
（3）[4][5]进水阀门受到的压力为
F1=pS=5×105Pa×24×10-6m2=12N
空心铜球的质量为70g，铜球的重力为
G=mg=70×10-3kg×10N/kg=0.7N
根据杠杆的平衡条件
F1·OA=F2·OB
得

对浮球进行受力分析可知，浮球受竖直向上的浮力、竖直向下的压力、竖直向下的重力，浮球在这三个力的作用下处于平衡状态，则铜球浸没后产生的浮力为
F浮=F2+G=1.5N+0.7N=2.2N
因铜球完全浸没，所以空心铜球的体积为