2023年中考一模物理试题变式题库3附答案

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2023年中考一模物理试题变式题库3附答案
【原卷 1 题】 知识点 观察声源的振动,辨析音调与频率的关系,超声波的利用,在人耳处减弱

【正确答案】
A
【试题解析】


1-1（基础） 以下几个实验活动或现象中，能够说明声音产生原因的是（　　）
A.把正在发声的手机密封在塑料袋里，然后放入水中，仍能听到手机发出的声音
B.使正在发声的音叉接触水面，水面溅起水花
C.用力吹长短不一的吸管，比较声音的不同
D.放在玻璃钟置内的电铃正在发声，将钟罩内空气抽去一些后，铃声明显减弱
【正确答案】 B
1-2（基础） 下列关于声现象的说法，错误的是（ ）
A. 手拨动皮筋发声，说明声音是由物体振动产生的
B. 逐渐抽出罩内空气，听到铃声渐小。说明声音的传播需要介质
C. 击鼓时，用力不同，听其发声，观察纸屑被弹起的高度。探究声音的音调与频率有关
D. 车间里工人戴耳罩是防止噪声进入人耳
【正确答案】 C

1-3（基础） 下列四幅图中，关于声现象的描述错误的是（　　）
A.说话时声带在振动，表明声音是由物体振动产生的
B.把耳朵贴在桌面上也能听到轻敲桌子的声音，说明固体可以传播声音
C.用两个棉球塞住耳朵也能清楚地听到音叉发声，声音的这种传导方式叫骨传导
D.工人戴上防噪声耳罩，是从“阻断噪声传播”的方面着手控制噪声
【正确答案】 D

1-4（巩固） 如图所示为有关声现象的实验，关于各实验的说法中正确的是（　　）
A.如图所示，图中通过听声音和观察纸屑跳动的幅度可以探究响度与频率的关系
B.如图所示，图中通过观察乒乓球是否被弹起可以探究声音的产生条件
C.如图所示，图中用纸片分别接触转速相同、齿数不同的旋转齿轮可以探究音调与振幅的关系
D.如图所示，图中通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条可以探究响度与振幅的关系
【正确答案】 B

1-5（巩固） 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（　　）

A.如图1所示，吹笛子时，按住不同的气孔是为了改变声音的音色
B.如图2所示，航母舰载机引导员戴上耳罩，是在声源处减弱噪声
C.如图3所示，医生用听诊器为病人检查身体，是利用声音传递信息
D.如图4所示，航天员王亚平在空间站用古筝弹奏《茉莉花》，声音是由空气直接传播到地球的
【正确答案】 C

1-6（巩固） 如图所示，关于声现象的说法中错误的是
A. 敲击鼓面，看到鼓面上的泡沫颗粒跳动，说明声音是由物体的振动产生的
B. 从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，说明声的传播需要介质
C. 8个相同玻璃瓶装不同高度的水，敲击它们时发出声音的音色不同
D. “辽宁号”航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是在人耳处减弱噪声
【正确答案】 C

1-7（提升） 在探究声音的产生”活动中，甲、乙、丙、丁四位同学分别设计并完成了图中的四个实验，活动后他们彼此交流了自己的活动情况，各自的表述如下：
①甲图中，用力敲打鼓面时，看到鼓面上的纸屑跳起来
②乙图中，用同一个塑料片以相同的速度划过疏密不同的梳齿，听声音变化
③丙图中，把发声的音叉放入水盆中，看到音叉激起水花
④丁图中，用力吹一根吸管，并将它不断剪短，声音发生变化
请你对他们的活动进行简单评估，认为能达到实验目的的是

A.①③ B.①② C.①②③ D.①③④
【正确答案】 A

1-8（提升） 在学习了声音知识后，某同学利用音叉进行了如下实验，描述正确的是（　　）

A.如图甲，三个不同规格的音叉中，③号音叉发出的声音振幅最小
B.如图乙，敲击右边音叉，左边相同规格的音叉可以把乒乓球弹开，说明声音可以传递能量
C.如图丙，将一正在发声的音叉轻触系在细线上的乒乓球，乒乓球被弹开，说明声音传播需要介质
D.如图丁，用手机软件测出音叉发出的声音高达70dB，长期生活在此环境下会严重影响听力
【正确答案】 B

【原卷 2 题】 知识点 熔化吸热和凝固放热在生活中的应用,蒸发的现象及特征,蒸发致冷的应用

【正确答案】
D
【试题解析】


2-1（基础） 关于蒸发说法正确的是（　　）
A.蒸发时必须吸热
B.夏天扇扇子，可加快蒸发，降低室温，所以感觉凉爽
C.蒸发在低于零下30℃后就不能进行了
D.蒸发现象同时发生在液体内部和表面
【正确答案】 A

2-2（基础） 下列关于物态变化说法正确的是（　　）
A.露珠的形成液化放热现象 B.严冬公园的雪人变小是升华放热现象
C.冰雕用的冰是凝固吸热形成 D.树上的霜是凝固放热形成的
【正确答案】 A

2-3（巩固） 下列场景与所蕴含物理知识的对应关系正确的是（　　）
A.春季，农民伯伯用地膜覆盖农田育苗——降低液体温度减慢蒸发
B.夏季，手拿着一瓶冰冻矿泉水，冰减少，手感到凉——熔化吸热
C.秋季，东北街道的树枝上挂着一层霜——霜是非晶体
D.冬季，戴着眼镜从室外走进室内，镜片模糊不清——液化吸热
【正确答案】 B

2-4（巩固） 固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，下列说法正确的是（　　）

A.甲为固态，由甲到乙是凝华过程 B.乙为液态，由乙到丙是汽化过程
C.丙为气态，由丙到甲是液化过程 D.丙为液态，由乙到丙是熔化过程
【正确答案】 C

2-5（巩固） 生活中的很多现象可以用学过的物理知识加以解释，下列判断正确的是（　　）
A.冰箱内壁的霜是水蒸气凝固形成的，该物态变化过程中会放出热量
B.寒冷的冬天，汽车玻璃起“雾”影响视线，是车外水蒸气液化形成的
C.冰雕未见其熔化却越来越小和冬天冰冻的衣服也会干都是升华现象
D.人游泳之后刚从水中出来感觉凉爽，这是由于身上的水汽化放热
【正确答案】 C

2-6（巩固） 炎热的夏天，打开电风扇，就会感到凉爽一些，下列说法中正确的是（　　）
A.电风扇吹来的风可以使放在它下面的温度计示数降低
B.电风扇吹来的风加快了身上汗水的蒸发，而汗水蒸发时要吸收热量
C.电风扇吹来的风把人体的温度传到了空气中
D.电风扇吹来的风带走了我们周围空气的热，所以我们感到凉爽
【正确答案】 B

2-7（提升） 如图所示是小明同学在生活和学习中观察到的现象，其对应的解释合理的是（　　）

A.甲图，通常情况下，采用降温的方法将石油气液化储存在罐内
B.乙图，舞台上的缥缈的云雾是由于干冰升华成的二氧化碳气体
C.丙图，气温骤降时，给橘子喷水是利用水凝固放热防止橘子冻伤
D.丁图，夏天扇风扇，人感到凉爽是因为扇风扇降低了室内温度
【正确答案】 C

2-8（提升） 小明同学学习了“降水的形成”知识后，为家人做了“下雨”的实验．他把盘子擦干放进冰箱里冷却，水壶装满水并烧开，这时水汽不断上升，壶嘴上方就出现一团“白气”，这就是“云”．从冰箱里取出盘子放在壶嘴上方约15cm的地方，盘子碰到这团“云”，一会儿盘的下表面就会布满水滴，水滴越积越多，越积越大，等到挂不住时就纷纷落下，这就是“雨”．下面关于实验现象的解释，正确的是
A.壶嘴上方出现的一团“白气”是液态水
B.壶嘴上方出现的一团“白气”是壶中水汽化形成的水蒸气
C.水汽化时放出热量
D.盘子碰到这团“云”，一会儿盘的下表面就会布满水滴，这水滴是熔化形成的
【正确答案】 A

【原卷 3 题】 知识点 长度单位及换算,时间单位及换算,速度单位及换算

【正确答案】
D
【试题解析】


3-1（基础） 下列单位换算过程，表达正确的是（　　）
A.0.6m=0.6×100=60cm B.12dm=12×1﹣1m=1.2m
C.30min=30min×60=1800s D.72km/h=72×m/s=20m/s
【正确答案】 D

3-2（基础） 下列单位换算正确的是（　　）
A.72km/h=20m/s B.70m=0.7cm C.15min=300s D.1m=100mm
【正确答案】 A

3-3（巩固） 下列单位换算中,正确的是
A.1.7m=1.7×100=170cm B.20m/s=20×3.6km/h=72km/h
C.15min=15h=0.15h D.541m=541m×109nm=5.41×1011nm
【正确答案】 B

3-4（巩固） 下列单位换算正确的是（　　）
A.1.7m=1.7m×100cm=170cm
B.2h=2×60s=120s
C.20km/h=20×3.6m/s=72m/s
D.850nm=850×10-9m=8.5×10-7m
【正确答案】 D

3-5（巩固） 下列单位换算中正确的是（　　）
A.54km/h=54× m/s=15 m/s
B.5.1km=5.1×1000=5100m
C.30min=30÷60h=0.5h
D.5.1km=5.1km×1000m=5100m
【正确答案】 A

3-6（提升） 下列单位换算中，正确的是（　　）
A.7.7m＝7.7×100＝770cm
B.10m/s＝10×3.6km/h＝36m/h
C.15min＝15×h＝0.25h
D.10m＝10m×109nm＝1×1010nm
【正确答案】 C

3-7（提升） 关于单位换算，下列表示不正确的是（　　）
A.人的头发丝直径约为7×10-5m=7×104nm
B.3h=180s
C.72km/min=1200m/s
D.1光年=9.4608×1015m
【正确答案】 B

3-8（提升） 下列单位换算，错误的是（　　）
A.10.6cm=10.6×10mm=106mm B.0.02cm2=0.02×10﹣4m2=2×10﹣6m2
C.20L=20×10﹣6m2=2×10﹣5m3 D.0.33s=0.33×103ms=330ms
【正确答案】 C

【原卷 4 题】 知识点 时间单位及换算,刻度尺的分度值及使用方法,天平的构造与使用方法,弹簧测力计的量程与读数

【正确答案】
B
【试题解析】


4-1（基础） 下列关于实验仪器使用方法的说法错误的是（　　）
A.停表在使用前需先使指针回零
B.刻度尺测量时有刻度的一边应紧贴被测物体
C.温度计的玻璃泡进入被测热水后可以立即读数
D.托盘天平在测量质量过程中不能再调节平衡螺母
【正确答案】 C

4-2（基础） 测量是物理实验的基本技能 .下列测量工具的使用，方法正确的是（ ）
A. B. C. D.
【正确答案】 C

4-3（巩固） 如图所示的测量工具读数正确的是（　　）
A.2.2N B.39.8s
C.64g D.6.70cm
【正确答案】 C

4-4（巩固） 测量是物理实验的基本技能，下列测量工具的使用，操作方法正确的是（　　）
A.天平测量物体质量
B.弹簧测力计测物体的重力
C.温度计测液体温度
D.刻度尺测物体的长度
【正确答案】 C

4-5（巩固） 下列关于实验仪器利用的说法中，正确的是（　　）
A.利用零刻度线磨损的刻度尺不能测量物体的长度
B.利用天平测质量时，应该用手取放砝码
C.利用量筒测水的体积读数时，视线应该与凹液面底部相平
D.利用弹簧测力计测力时，只能在竖直方向使用
【正确答案】 C

4-6（提升） 实验是物理学习中必不可少的一部分，其中实验数据的读取至关重要，如图中读数正确的一项是（　　）
A.铅笔杆上密绕30匝金属丝长度为8.00cm
B.秒表的示数为4min34.2s
C.物体长为4.5cm
D.温度计示数为36℃
【正确答案】 B

4-7（提升） 关于下列各图中测量工具的示数，读数正确的是

A.物体的长度为5．23cm B.物体A的重力是4．3N
C.金属块的体积是100 D.所测时间为5min37．5s
【正确答案】 D

【原卷 5 题】 知识点 密度公式的简单应用

【正确答案】
B
【试题解析】


5-1（基础） 下列有关密度的说法错误的是（　　）
A.铁的密度比铝的密度大，表示铁的质量大于铝的质量
B.一钢瓶中充满氧气，当用掉一半后，钢瓶中氧气的体积不变，密度变小
C.一支粉笔分成体积相等的两半后，其中一半粉笔的密度不变
D.密度是物质的一种基本属性，其不随物体形状的改变而改变
【正确答案】 A

5-2（基础） 我国古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石。冬季，在白天给石头打一个洞，再往洞里灌满水并封实，水结冰后石头就裂开了，关于石头裂开的过程（　　）
A.冰的密度比水的密度大，质量不变，体积减小，将石头割裂开
B.冰的密度比水的密度小，质量不变，体积增大，将石头撑裂开
C.石头裂开后，密度增大，体积增大
D.石头裂开后，密度减小，体积减小
【正确答案】 B

5-3（巩固） 以下是一则新闻消息：“今天零时，发改委将92号汽油价格每吨降低125元，测算到零售价格每升降低0.09元。…”据此估测92号汽油的密度为（不考虑90号汽油生产过程中密度的变化）（　　）
A.0.72×103kg/m3 B.0.75×103kg/m3
C.0.8×103kg/m3 D.0.70×103kg/m3
【正确答案】 A

5-4（巩固） 关于质量与密度，下列说法错误的是（　　）
A.我们教室里空气的质量约为300kg
B.一个初中男生身体的体积约为60L
C.容量为的三峡水库可以蓄水
D.质量为4kg，体积为0.57dm3的铅球是用纯铅制造的
【正确答案】 D

5-5（巩固） 现有由同种材料制成的A、B两金属球，其中一个是实心的，它们的质量分别为128g、60g，体积分别为16cm3、12cm3。针对A、B两球有以下说法，下列选项正确的是（ ）
①A是空心球
②B球材料的密度是8×103kg/m3
③空心球空心部分的体积是4.5cm3
④质量是300g的实心金属球的体积是60cm3
A.只有①③正确 B.只有②③正确 C.只有②④正确 D.①②③④都正确
【正确答案】 B

5-6（巩固） 有一个体积为60cm3的空心铁球，质量为395g，在铁球的空心部分注满某种液体后总质量为407g，，，下列说法中错误的是（　　）
A.空心分的体积为10cm3 B.注入液体后该球的平均密度为6.58g/cm3
C.这种液体的密度为1.2g/cm3 D.若空心部分注满水，其总质量为405g
【正确答案】 B

5-7（提升） 往一个桶里装酒精，最多能装8kg的酒精。现在用该空桶盛一些水，水结冰后冰面与桶口刚好相平。在冰完全融化时，要使桶恰好装满，则需要再倒入水的质量是（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ酒精=0.8×103kg/m3，ρ冰=0.9×103kg/m3）（　　）
A.2kg B.1kg C.0.9kg D.0.5kg
【正确答案】 B

5-8（提升） 有一只玻璃瓶，它的质量为100g，当瓶装满水时，瓶和水的总质量为400g。用此瓶装一个铁球，瓶和铁球的总质量为890g，若在装铁球的瓶子中再装满水时，瓶、铁球和水的总质量为1040g。将铁球取出，擦干表面的水，在铁球空心部分注满某种液体，铁球总质量为840g。（ρ铁=7.9g/cm3）下列计算错误的是（　　）
A.玻璃瓶的容积为300cm3
B.铁球的质量为790g
C.铁球实心部分的体积为100cm3
D.液体密度为1.5g/cm3
【正确答案】 D

【原卷 6 题】 知识点 减小摩擦的方法及生活中的实例,生活中的惯性现象,平衡状态的判断,减小压强的方法及生活中的实例

【正确答案】
D
【试题解析】


6-1（基础） 感悟冬奥精神，赓续拼搏奋斗，如图所示是滑雪运动员冬奥会比赛时的情景下列说法正确的是（　　）

A.运动员在下滑过程中速度越来越大，惯性也越来越大
B.如果下滑过程中运动员失去一切外力，他将处于静止状态
C.滑雪板底部是光滑的，目的是为了减小压强，便于运动员滑得更快
D.运动员滑到水平雪地时，因为他具有惯性，不向后撑雪杖也能继续滑行
【正确答案】 D

6-2（基础） 小明总是骑自行车上学，关于自行车的设计中是为了减小摩擦的是（　　）
A.刹车时，使劲捏紧车把手 B.自行车轮胎上有凹凸不平的花纹
C.将自行车坐垫做得很宽大 D.自行车链条上要抹上润滑油
【正确答案】 D

6-3（巩固） 北京冬奥会上，中国运动健儿苏翊鸣勇夺我国单板滑雪奥运历史首金，也创造了新的单届金牌数纪录。如图是滑雪运动员苏翊鸣从高处滑下时的情景，下列说法正确的是（　　）

A.苏翊鸣穿上滑雪板，是为了减小对雪地的压强
B.滑雪板底面做得平滑是为了增大对雪地的摩擦力
C.苏翊鸣下滑过程中，速度越大惯性越大
D.苏翊鸣下滑过程中，若一切外力都消失，他将立即停止运动
【正确答案】 A

6-4（巩固） 现在提倡环保出行，使用共享自行车既方便又低碳，下列关于自行车说法中不正确的是（　　）
A.自行车速度减小，它受到的惯性就减小了
B.给自行车的前后轮滚轴加润滑油可以减小摩擦
C.把手的花纹是为了增大粗糙程度，从而增大摩擦
D.人骑上车后，自行车轮胎会变瘪是因为增大了压力
【正确答案】 A

6-5（巩固） 我县新增了一批共享单车，下列有关共享单车的说法中正确的是（　　）
A.在共享单车转动的部分加润滑油是通过变滑动为滚动来增大摩擦
B.共享单车的车座做的较宽是为了减小压强
C.共享单车转弯时受到了平衡力的作用
D.车前进，停止蹬车将慢慢停下来，说明力是维持物体运动的原因
【正确答案】 B

6-6（提升） 下列几组生活现象与其所蕴含的物理知识，对应完全正确的是（　　）
A.现象：菜刀的刀刃磨得很锋利；骆驼的脚掌很大知识：增大受力面积减小压强
B.现象：利用铅垂线测量墙壁是否垂直；关闭发动机的汽车慢慢停下来知识：重力方向竖直向下
C.现象：用力捏车闸可使自行车停下；鞋底上刻有凹凸不平的花纹知识：减小摩擦
D.现象：拍打窗帘能清楚表面浮灰；助跑能使运动员跳得更远知识：利用了物体都具有惯性
【正确答案】 D

6-7（提升） 2022年5月，西安的“长安十二时辰”主题街区对外开放，带你沉浸式体验大唐的市井生活文化。主题街区内还有很多精彩的演出，最震撼的当属歌舞表演《极乐之宴》。表演中，饰演杨贵妃的“飞天小姐姐”吊养钢丝从天而降，相当震撼。当“飞天小姐姐”匀速直线下降时，下列说法错误的是（ ）

A.工作人员定期给装置的转轴处加润滑油，是为了减小摩擦
B.在钢丝缠着演员腰部的部位会用布裹几圈，是为了减小压强
C.演员受到的重力和钢丝对演员的拉力是一对平衡力
D.钢丝给演员的拉力大于演员对钢丝的拉力
【正确答案】 D

【原卷 7 题】 知识点 按照要求设计连接并联电路

【正确答案】
C
【试题解析】


7-1（基础） 许多家庭的卫生间都安装有照明灯和换气扇。使用时，有时需要各自独立工作，有时需要它们同时工作。如图所示的电路中，你认为符合上述要求的是（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 A

7-2（基础） 学校在校园东南角开辟了“中学生劳动实践基地”，学生参与劳动，种植了多种蔬菜和花卉。小张发现白天浇水时水蒸发太快带来浪费，想为基地设计晚间自动浇水电路，光控开关S1天黑时闭合，当检测到土壤过于干燥时湿敏开关S2闭合，仅当土壤过于干燥的夜间，电动机开始工作对植物进行浇水作业，以下电路中符合要求的是（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 B

7-3（巩固） 为了保证行车安全，轿车上设有安全带未系提示系统。当驾驶员坐在座椅上时，座椅下的开关闭合，若未系安全带，则开关断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关闭合，指示灯熄灭。符合上述设计要求的电路图是下图中的（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 C

7-4（巩固） 如图是一种时尚的烹饪工具——空气炸锅，使用它时发现：当同时闭合定时开关S1和温控开关S2时产生热风；仅闭合定时开关S1时产生冷风；不会只发热不吹风。则其电路可能是图中的（　　）

A.B.C. D.
【正确答案】 D

7-5（巩固） 如图所示是某校科技小组的四位同学设计的天然气泄漏检测电路，其中R为气敏电阻，它的阻值随天然气浓度变化曲线如图所示，R0为定值电阻，电源两端的电压恒定不变。电路设计要求当天然气浓度增大时，电路中电表示数增大。图中电路图符合设计要求的是（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 C

7-6（提升） 某校“设计师”社团设计了一种“风速报警装置”，测风探头可在固定的滑槽里上下移动。当风速较小时，仅绿灯亮，电铃不响；当风速增大到一定程度后，绿灯不亮，电铃响发出警报，下列四幅原理图符合要求是（　　）
A.B.C. D.
【正确答案】 C

7-7（提升） 某款感应式垃圾桶（如图）的工作原理如下：启动开关闭合后，垃圾桶才能正常使用，此时指示灯亮起；扔垃圾时只需将手伸到感应区上方一定距离内，感应开关自动闭合，动力装置工作，垃圾桶盖缓缓打开；手离开5秒后动力装置会控制垃圾桶盖闭合，然后感应开关自动断开。下列电路符合要求的是（ ）

A. B.
C. D.
【正确答案】 B

【原卷 8 题】 知识点 浮力的方向及产生原因,带电体可以吸引轻小物体,指南针的工作原理,裂变及其应用
答错名单：
有巨大提升空间【0分-41分）：张三;

【正确答案】
A
【试题解析】


8-1（基础） 下列关于浮力说法正确的是（　　）
A.浸在气体中的物体不受浮力
B.正在下沉的物体不受浮力
C.浮力的方向不一定都是竖直向上的
D.物体受到的浮力大小与物体的形状无关
【正确答案】 D

8-2（基础） 东汉《论衡》一书中提到“顿牟掇芥”，指的是摩擦过的玳瑁（海龟）外壳吸引草屑的现象，这是因为（　　）
A.异种电荷间存在引力 B.分子之间存在着引力
C.同种电荷间存在引力 D.带电体吸引轻小物体
【正确答案】 D

8-3（巩固） 下列说法不正确的是（　　）
A.丝绸摩擦过的玻璃棒吸引纸屑，说明分子间有引力
B.水和酒精混合后总体积变小，说明分子间有空隙
C.太阳能电池接收的太阳能是可再生能源
D.目前的核电站是靠原子核的裂变进行发电的
【正确答案】 A

8-4（巩固） 如图所示，打开水龙头，放出细细的水流，小红用塑料梳子在干燥的头发上梳过后，将梳子靠近水流。下列说法正确的是（ ）

A.梳过的头发不带电荷，梳子带负电荷
B.梳过的头发带上电荷，梳子不带电荷
C.水流靠近梳子，因为摩擦后的梳子带上电荷，吸引水流
D.水流靠近梳子，因为摩擦后的梳子带有磁性，吸引水流
【正确答案】 C

8-5（巩固） 据报道，日本政府计划把福岛核电站废水倾倒进太平洋，引起世界各国的反对和抗议。如图是日本福岛核电站泄漏事故后所囤积的百万吨核废水。关于核能下列有关说法正确的是（　　）

A.核废料不会产生环境污染，可任意处置
B.核电站是利用裂变的链式反应发电的
C.核能是可再生能源
D.人类已经完全掌握和平利用核能的技术，因此根本不必担心能源危机
【正确答案】 B

8-6（提升） 《事林广记》中记载了“指南龟”（如图所示）的制法：先以木刻龟，在龟体上沿首尾方向开一洞，放入条形磁石，以黄蜡填满，在龟尾部敲入一铁针与磁石一端相连，将木龟支于竹针之上，使木龟转动，静止后，针指南。关于“指南龟”，下列说法中正确的是（　　）

A.磁石靠近龟尾一端为磁石的南极
B.铁针指向地理的北极附近
C.铁针的指向不会受附近磁铁的干扰
D.“针指南”利用了同名磁极相互吸引
【正确答案】 A

8-7（提升） 下列关于浮力的说法正确的是（　　）
A.轮船从长江驶入大海，所受的浮力变大
B.浮在液体表面上的物体所受的浮力大小等于物体的重力
C.浸在液体中的物体所受的浮力大小大于物体的重力
D.鸡蛋放入清水中沉在杯子底部是因为鸡蛋在清水中不受浮力
【正确答案】 B

【原卷 9 题】 知识点 奥斯特实验,通电螺线管周围磁场的分布及其与条形磁体的比较,探究磁场对电流的力的作用,发电机的构造和工作原理

【正确答案】
D
【试题解析】


9-1（基础） 如图所示四幅图中，解释不合理的是（　　）
A. 发电机应用了磁场对电流的作用
B. 说明电流的周围存在磁场
C. 说明电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强
D. 闭合开关后，通电线圈在磁场中受力偏转
【正确答案】 A

9-2（基础） 如图是课本中的几个实验，表示听筒工作原理的是（　　）
A. B.
C. D.
【正确答案】 A

9-3（巩固） 电磁炮是利用电磁技术制成的一种新型武器，具有速度快、命中率高等特点．其原理是利用磁场对通电导体的作用，下列叙述中与此原理相同的是（ ）
A.水轮机带动发电机工作为我们提供源源不断的电能
B.奥斯特发现通电导线能使小磁针偏转方向
C.电动机接通电源正常工作
D.工厂使用大型电磁铁完成物品运输任务
【正确答案】 C

9-4（巩固） 我国的第三艘航母“福建舰”采用自行研制的电磁弹射器。电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，弹射车受到强大的推力带动舰载机快速起飞。下列四幅实验装置图中反映电磁弹射器工作原理的是（　　）

A. B.
C. D.
【正确答案】 D

9-5（巩固） 在物理拓展活动课上，小华用一节干电池的负极吸上一块磁铁，竖直放置在水平桌面上，然后将一段铜丝做成“M”型线圈，如图甲所示。小华将铜丝小心地放置在电池上，使铜丝的中间部分跟电池的正极接触，调整铜丝的形状使铜丝的两端跟磁铁能够保持轻触，铜丝便开始旋转起来，如图乙所示。下列四幅图中能反映该实验工作原理的是（　　）

A. B.
C. D.
【正确答案】 D

9-6（巩固） 如图所示是四个物理实验。关于这四个实验的应用，下列说法正确的是（　　）

A.静电植绒过程中，绒毛和植绒物体表面带上了异种电荷相互吸引，利用了甲图中验电器的工作原理
B.动圈式话筒是利用乙图中电流磁效应制成的
C.发电机是利用丙图中电磁感应原理制成的，把电能转化为机械能
D.电动机是利用丁图中通电导体在磁场中受力运动的原理制成的
【正确答案】 D

9-7（提升） 手机无线充电是一种新型的充电方式，其充电原理是当电流流过充电底座发射线圈时会产生磁场，手机电池接收线圈靠近该磁场时就会产生电流，从而给智能手机充电，如图所示。给手机充电时，与手机接收线圈工作原理一致的是（　　）

A. B.
C. D.
【正确答案】 A

9-8（提升） 以下是研究电和磁的四个实验装置图，下列有关从发现到发明的描述错误的是（　　）

A.甲图：发现通电导体周围存在磁场，发明了通电螺线管
B.乙图：发现插入铁芯的通电螺线管磁性更强，动圈式话筒
C.丙图：发现通电导体在磁场中受到力的作用，发明了电动机
D.丁图：发现闭合电路的部分导体做切割磁感线运动时产生电流，发明了发电机
【正确答案】 B

【原卷 10 题】 知识点 常见的长度及估测,常见物体的速度及速度的估测,熟悉一些家庭用电器的电功率,常见物体的质量及质量估算

【正确答案】
B
【试题解析】


10-1（基础） 如图所示，小明对厨房中各物理量进行了估测，数据与实际相符的是（　　）

A.冰箱的高度约为1m
B.冬天自来水管中流出来的冷水温度可以低至零下10℃
C.抽油烟机正常工作时的功率约为1500W
D.盛饭用的小瓷碗质量大约是100g
【正确答案】 D

10-2（基础） 下列物理量最接近实际的是（　　）
A.课桌的高度约为800cm
B.人正常步行的速度约为10m/s
C.一个鸡蛋的质量约50g
D.家用液晶电视机的电功率约2000W
【正确答案】 C

10-3（巩固） “估测”是物理学中常用的一种方法.在家庭生活中，如图所示是疫情期间同学们常见的额温枪，下列关于额温枪的估测最符合实际的是（　　）

A.额温枪的质量约为70g
B.额温枪的高度约为140cm
C.额温枪的功率约为10W
D.额温枪测量一次的时间约为5s
【正确答案】 A

10-4（巩固） 根据你对生活中物理量的认识，下列数据符合实际的是（　　）
A.教室里空气的质量约为1kg
B.九年级物理教科书的长度约为26cm
C.教室里一盏日光灯的额定功率为400W
D.体育考试前同学们慢速热身跑的速度接近20m/s
【正确答案】 B

10-5（巩固） 校园生活同学们并不陌生，下列说法最合理的是（　　）
A.普通乒乓球拍的质量约为2kg
B.微机室内台式计算机的功率约为300W
C.机动车经过校门前的安全车速约为20 m/s
D.操场篮球架上的篮圈距地面的高度约为5m
【正确答案】 B

10-6（提升） 小明同学对物理学习有着浓厚的兴趣，经常关注身边物理量的大小，以下是他做的一些估测：①他所使用的物理课本的长度约26cm；②他的体重约为60kg；③他正常步行时对地面的压强约为500Pa；④厨房冰箱的额定电功率约为300W；⑤他正常步行的速度约为5km/h。其中比较合理的是（　　）
A.①②③ B.①④⑤ C.②④⑤ D.①②⑤
【正确答案】 D

10-7（提升） “停课不停学”期间，同学们使用智能手机进行空中课堂学习。下列数据符合一般智能手机实际的是（　　）
A.手机的质量约 200g B.一般智能手机的功率约为 220W
C.手机电池的电压约为 36V D.智能手机的厚度约为 2mm
【正确答案】 A

【原卷 11 题】 知识点 练习使用测电笔,三线插头的接线及作用,总功率过大对家庭电路的影响,可能发生触电事故的情况

【正确答案】
A B D
【试题解析】


11-1（基础） 关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A.把用电器的三脚插头改为两脚插头插在两孔插座上使用
B.人体即使不接触带电体，也会发生触电事故
C.为了方便，可以抓着导线拉出插座上的插头
D.若空气开关“跳闸”，可能是使用了大功率用电器
【正确答案】 BD

11-2（基础） 如图所示，关于安全用电，下列做法正确的是（　　）
A.将冰箱的金属外壳接地
B.使用绝缘层破损的电线
C.人靠近高压带电体
D.使用试电笔时，手要接触笔尾金属体
【正确答案】 AD

11-3（巩固） “珍爱生命、注意安全”是同学们日常生活中必须具有的意识，下列说法中正确的是（　　）
A.如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救
B.打雷下雨时，不能站在大树下避雨
C.严禁攀爬输电铁塔
D.许多家用电器在没有三孔插座的情况下，使用时可以把三脚插头上最长的插头去掉，插入二孔插座中使用
【正确答案】 ABC

11-4（巩固） 以下事例中，符合安全用电原则的是（　　）
A.许多大功率用电器的电源插头插在同一插线板上同时工作
B.三线插头中间较长的铜片应与用电器的金属外壳相连
C.发现有人触电，先打电话给医院，再用手直接拖动触电的人体离开电线
D.在使用测电笔时，手要接触笔尾金属体
【正确答案】 BD

11-5（巩固） 如图所示，我国家庭电路实物布线图，下列说法正确的是（ ）

A.我国的家庭电路的电压是380V
B.三孔插座中的其中一个孔就是连接在地线上的
C.按钮开关既可以接在火线上，也可以接在零线上
D.家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接接触火线引起的
【正确答案】 BD

11-6（提升） 如图所示，是有关家庭用电中的几个实例，其中，对图中实例的描述正确的是

A.甲图中测电笔的使用方法是错误的
B.乙图中电路的接法是错误的
C.丙图中有关家庭用电中电路的连接是错误的
D.丁图中用湿手接触台灯的做法是正确的
【正确答案】 AB

11-7（提升） 蓓蓓学习完家庭电路的相关知识后，他对如图所示设计的家庭电路的认识正确的是（　　）

A.图中所有元件的连接都符合安全用电要求
B.A、B两点间电压为0V
C.站在地上的人接触A点，会发生触电事故
D.使用洗衣机时应选择插座C
【正确答案】 CD

【原卷 12 题】 知识点 浮力的方向及产生原因,利用阿基米德原理计算浮力、密度及质量,物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系

【正确答案】
B C
【试题解析】


12-1（基础） 航空母舰，国之重器。中国第一艘国产航母“山东舰”交付海军，标志着中国海军正式迈入双航母时代。如图所示，辽宁舰和山东舰双舰齐发，共同维护我国的海上防务，据悉：辽宁舰满载排水量约6.1万吨，山东舰满载排水量约6.5万吨。下列说法中正确的是（　　）

A.满载时，辽宁舰比山东舰的总重大
B.满载时，辽宁舰比山东舰排开海水的体积小
C.满载时，辽宁舰受到的浮力大小为6.1×108N
D.满载时，山东舰受到的浮力大于6.5万吨海水的重力
【正确答案】 BC

12-2（基础） 下面有关浮力的说法正确的是（ ）
A.漂浮的物体受到的浮力的大小等于物体的体积、液体的密度和g的乘积
B.浮力的方向总是竖直向上的
C.正在上浮的物体，在露出水面之前，它所受到的浮力大小不变
D.浸没在液体中的物体，如果浮力小于重力，物体就下沉
【正确答案】 BCD

12-3（巩固） 盛有等质量水的轻质薄壁柱形容器甲、乙置于水平地面，均匀柱体A、B漂浮在水面上，如图所示（A物体露出水面体积为A总体积，B物体露出水面体积为B总体积）。已知容器底面积S甲>S乙，水深h甲>h乙，则下列判断一定正确的是（　　）

A.柱体排开水的质量m排A=m排B B.柱体的密度ρA>ρB
C.水对容器底部的压力F甲>F乙 D.容器对地面的压强p容甲>p容乙
【正确答案】 BCD

12-4（巩固） 2020年11月10日，中国“奋斗者”号载人潜水器，在马里亚纳海沟成功着陆在海床之上，下潜深度为10909米，刷新我国载人深潜新纪录，海水密度约为1.0×103kg/m3，下列有关“奋斗者”号载人潜水器的说法中正确的是（　　）

A.“奋斗者”号浸没在水中下潜的过程中，所受到的压强变大，浮力不变
B.“奋斗者”号下潜到海水中的深度为10000米时，海水对它产生的压强为1.0×107Pa
C.“奋斗者”号体积约为30m3，着陆在海床之上时受到的浮力为3.0×105N
D.“奋斗者”号身上装配了四块压载铁，总质量将近4吨，当准备上浮时，它会抛出两块压载铁，开始上浮。此时“奋斗者”号所受到的浮力小于重力
【正确答案】 AC

12-5（巩固） 如图所示，A、B、C体积相同。将它们放入水中静止后，A漂浮，B悬浮，C沉底。则下列说法正确的是（　　）

A.A所受的浮力一定小于B、C所受浮力
B.B下表面所受的压力小于A下表面所受水的压力
C.C所受的浮力一定等于B所受的浮力
D.A、B所受的浮力相等且大于C
【正确答案】 AC

12-6（提升） 小京利用铝块、细线、量筒、适量的水和一个形状不规则的小蜡块进行了如图所示的四个操作步骤，图中V0、V1、V2、V3分别是量筒中水面所对应的示数。已知水的密度为ρ水，利用图中测量出的物理量和ρ水可以得到的正确的表达式是（　　）

A.蜡块的体积是 B.铝块的体积是
C.蜡块的质量是 D.蜡块的密度是
【正确答案】 BCD

12-7（提升） 一底面积为S0的平底薄壁圆柱形容器内装有适量密度为ρ0的水，放置于水平桌面上。现将体积为V0，重为G0的木块A轻放入容器内的水中，静止后如图所示。若将一重为2G0的物体B用细绳系于A的下方，静止后它们恰好浸没在水中，如图所示（水未溢出）。下列判断正确的是（不计绳重及其体积）（　　）

A.左侧图中，木块浸入水中的体积为
B.物块B的体积为
C.细线上的拉力为
D.右侧图中水对容器底部的压强比左侧图中增大了
【正确答案】 BD

【原卷 13 题】 知识点 结合欧姆定律计算动态电路的电功率,动态电路中电功率的最值问题,电功率的计算式P=UI及推导式的应用

【正确答案】
B C D
【试题解析】


13-1（基础） 在图甲所示的电路中，当滑片P由b移到a的过程中，电压表示数U及滑动变阻器接入电路的电阻R2的变化情况如图乙所示。下列说法正确的是（　　）

A.电阻R1的阻值为10Ω
B.滑片P移到b端时，R2两端的电压为6V
C.滑片P移到a端时，R1消耗的功率为0.2W
D.当滑片P移到中点时，通过R1的电流为0.3A
【正确答案】 AD

13-2（基础） 如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图像，下列选项对图像信息判断错误的是（　　）

A.当乙两端的电压为2.5V时，其阻值为10Ω
B.甲是一个定值电阻，阻值为10Ω
C.将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，则电路总功率为0.6W
D.将甲和乙并联，若电源电压为1V，则干路中的电流为0.3A
【正确答案】 ABD

13-3（巩固） 在图甲所示的电路中，已知电源为电压可调的直流学生电源，灯泡L1和L2的额定电压均为6V，图乙是灯泡L2的U-I图像，当开关S接a时，电压表的示数为1.2V，电流表的示数为0.3A；调节电源电压，使灯泡L1正常发光，此时R0消耗的功率为1W。则下列说法中正确的是（　　）

A.R0的阻值为40Ω
B.灯泡L1的额定功率为3W
C.开关S接b时，通过调节电源电压可使电路允许达到的最大总功率为6.6W
D.开关S接b时，通过调节电源地按压可使电路允许达到的最大总功率为5W
【正确答案】 BD

13-4（巩固） 如甲图所示的电路中，电源电压为16V恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断正确的是（　　）

A.R0的阻值是20Ω B.电路的最小总功率是3.2W
C.R0的最大功率是25.6W D.滑动变阻器的最大阻值是80Ω
【正确答案】 BC

13-5（巩固） 如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片从最右端向左滑动的过程中，电压表与电流表的示数关系图像如图乙所示，电压表的示数与R的关系如图丙所示。下列说法正确的是（　　）

A.电源电压为6V
B.定值电阻的阻值为10Ω
C.滑动变阻器接入电路的最小阻值为10Ω
D.电路的最大电功率为3.6W
【正确答案】 BC

13-6（提升） 如图所示的电路中，电源电压为4V，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～3V”，小灯泡标有“2.5V 1.25W”字样（灯丝的电阻不变），滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样。闭合开关，在保证电路各元件安全的情况下，下列说法正确的是（　　）

A.小灯泡消耗的电功率最小为0.5W
B.电压表的示数变化范围是1～3V
C.滑动变阻器接入电路中的阻值范围是3～15Ω
D.电路消耗的总功率变化范围是0.8～2.0W
【正确答案】 CD

13-7（提升） 小明利用标有“6V6W”的灯泡和“6V3W”的灯泡L2进行实验．如图甲，A和B分别为通过灯泡L1、L2的电流随两端电压变化的关系曲线．现将两灯连接入如图乙电路中，当只闭合开关S、S2，滑动变阻器的滑片滑到最左边时，发现只有一只灯泡正常发光，另一只灯泡发光较暗．当只断开开关S2时，调节动变阻器，使两灯泡正常发光．下列有关判断正确的是

A.电源电压为9V
B.当只闭合开关S、S2，滑动变阻器的滑片滑到最左边时，正常发光的灯泡是L2
C.当只断开关S2时，两灯泡均正常发光时，滑动变阻器消耗的功率为3W
D.闭合开关S、S2与只断开关S2时，电路消耗的最大功率之比为1：3
【正确答案】 BCD

13-8（提升） 如图所示，电源电压为4.5V保持不变，电压表量程选择“0~3V”，电流表量程选择“0~0.6A”，滑动变阻器R规格为“20Ω 1A”，小灯泡L上标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻的变化）。闭合开关S，若两电表示数均不超过量程，灯泡两端的电压不超过额定电压，下列说法中正确的是（　　）

A.电路中的最大电流为0.6A
B.滑动变阻器阻值接入电路的阻值范围为4~10Ω
C.电路的最小功率为1.35W
D.滑动变阻器消耗的最大功率为0.9W
【正确答案】 BC

【原卷 14 题】 知识点 通过做功改变物体内能时，能量的转化,热机工作过程中的能量转化,汽油机的构造与工作过程

【正确答案】

【试题解析】


14-1（基础） 如图所示，用酒精灯加热试管中的水，水沸腾一段时间后，塞子会被试管内的水蒸气推出，从而水蒸气的内能 _____（选填“增加”、“减少”或“不变”），这是通过 _____的方式改变了水蒸气的内能，汽油机的 _____冲程中的能量转化情况与此过程相同。

【正确答案】 减少 做功 做功

14-2（基础） 如图为四冲程汽油机的_________冲程。该冲程将_________能转化为_________能，这是通过_________（选填“做功”或“热传递”）改变内能的。

【正确答案】 压缩 机械 内 做功

14-3（巩固） 如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的_____示意图。C图是_____冲程，与它原理相同的是_____图所示的演示实验。汽油机的工作示意图中机械能转化为内能的冲程是_____图。（后两空选填字母）

【正确答案】 原理 做功 F B

14-4（巩固） 小明用塑料矿泉水瓶进行了如下探究：瓶中留有少量水，盖上瓶盖（如图甲）；扭转瓶子（如图乙）；轻轻扭动瓶盖，瓶盖被瓶内的气体冲出，同时瓶内出现白雾。整个过程与图丙中热机的_________冲程相似（填字母序号）；若该热机 1s 内对外做功20次，则飞轮转速是__________ r/min。

【正确答案】 C、D 2400

14-5（巩固） 如图甲所示，小明在吹气球时，被吹大了的气球没能用手握住，呼啸着飞了出去，若他及时捡拾起气球，将会感觉到它喷气的嘴部温度和原来相比________（选填“变高”、“变低”或“没有变化”），发生的能量转化与汽油机的________冲程的能量转化是一致的。

【正确答案】 变低 做功

14-6（提升） （1）击发子弹时，首先是撞针撞击子弹壳尾部，通过________的方式增加尾部引爆火药的内能；使之升温至燃点并剧烈燃烧，然后通过________的方式增加子弹壳内部推进火药的内能并使之爆炸，爆炸产生高温高压的气体向前推动子弹，使之高速射出枪膛、子弹离开枪膛时爆炸产生的气体温度________（选填升高、降低、不变），原因是________。
（2）请在图2中完善火药爆炸产生高温高压的气体向前推动子弹做功的能量流程图。①________；②________；③________。
（3）火药爆炸产生高温高压的气体向前推动子弹类似于内燃机的________冲程。

【正确答案】 做功 热传递 降低 爆炸产生的气体对子弹做功，内能减小，温度降低 机械传热损失能量 克服子弹与枪管的摩擦消耗能量 废气排出带走能量 做功

14-7（提升） 如图所示，小昭同学把一个薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用软木塞塞紧。用皮条缠绕在金属管上，迅速来回拉动皮条，过一会儿会看到软木塞被顶开。根据实验现象回答下列问题：

（1）来回拉动皮条，使金属管的温度升高，这是通过___________ 方式改变物体内能；
（2）酒精温度升高，这是通过 ___________ 方式改变物体内能；
（3）酒精蒸气将木塞顶开的过程，酒精蒸气的内能___________ （选填“增加”或“减少”）， 转化为木塞的 ___________ 能（选填“机械”或“内”），此过程的能量转化情况和四冲程汽油机的____________冲程相同；
（4）酒精蒸气将木塞顶开时，金属管口出现的“白气”是________现象（选填“汽化”或“液化”）。
【正确答案】 做功 热传递 减少 机械 做功 液化

【原卷 15 题】 知识点 大气压的应用

【正确答案】

【试题解析】


15-1（基础） 如图所示为一种防滑拖鞋，鞋的底面有许多小吸盘，行走时吸盘被挤压到地面后排出部分空气，由于___________的存在产生了更大的压力，从而达到了防滑的效果.

【正确答案】 大气压

15-2（基础） 疫情期间，病毒可以通过空气传播。当我们吸气时，胸部扩张。胸内肺泡随着扩张，于是肺的容积增大，肺内空气压强___________填“增大”“减小”或“不变”，在___________作用下使含病毒的空气经鼻腔、气管进入肺中，所以我们要保持一定的距离，防止病毒感染。
【正确答案】 减小 大气压

15-3（巩固） 如图所示，瓶内盛有一定量水，瓶壁上有三小孔，分别塞有a、b、c三塞子，玻璃管中水面高于b低于a，玻璃管下端高于c低于b、则只拔出a时发生的现象是___________，只拔出b时发生的现象是___________。（选填序号：①向外流水、②向里冒气泡、③没有现象）

【正确答案】 ② ①

15-4（巩固） 图是小明甲家盆景的自动供水装置，其原理如下：装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水___________下降（填“会”或“不会”），当盘中水位下降使瓶口露出水面时，空气进入瓶中，瓶中水就流出，又使盘中水位升高，这样盆景盘中水位始终保持一定高度，该装置的原理是巧妙地利用了___________；如图瓶中水位上A处___________真空（填“是”或“不是”）

【正确答案】 不会 大气压 不是

15-5（巩固） 如图所示，某兴趣小组取一个瓶子，装入适量带色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，在它上面画上刻度，使玻璃管穿过塞紧瓶口的橡皮塞插入水中。通过管子吹入少量的气体，使瓶内气体压强大于瓶外的大气压，玻璃管中液面高于瓶口。某同学拿着它从山脚到山顶，玻璃管中液面将__________（选填“上升”或“下降”），是因为山顶的大气压与山脚相比__________（选填“变大”或“变小”）的缘故。

【正确答案】 上升 变小

15-6（提升） 在日常生活中，装有洗手液或洗发液的瓶子，其瓶盖都是按压式的，如图甲所示。洗手液能被“吸”上来是利用了______。向下按压后松手时，液体从导液管通过进液阀门进入到储液筒，是因为瓶中气压______储液筒中气压。（选填“大于”“小于”或“等于”）。如果宇航员在太空舱中按压这种瓶装洗手液瓶盖，______挤出洗手液（选填“能”或“不能”）。

【正确答案】 大气压 大于 能

15-7（提升） 在一端封闭的玻璃管中，装入一段长5cm的水银，如果大气压强等于76cm水银柱所产生的压强，则如图所示的三种放置情况下，管中封闭气体的压强大小分别为：甲玻璃管内的气体压强等于是76cm水银柱产生的压强，乙玻璃管内的气体压强等于是______cm水银柱产生的压强，丙玻璃管内的气体压强等于是______cm水银柱产生的压强．

【正确答案】 81 71

【原卷 16 题】 知识点 重力的示意图,判断螺线管极性、电流方向、绕线方式的关系,重力的方向

【正确答案】

【试题解析】


16-1（基础） 电磁铁通电后，小磁针N极转至图所示位置，此时铁块在水平方向上受到电磁铁施加的磁力和桌面施加的摩擦力处于静止状态。

（1）电磁铁甲端应为___________ （选填“N极”或“S极”）
（2）电磁铁断电后，电磁铁和铁块上的磁性均消失。此时，若再给电磁铁通以与相反方向的电流，则此时电磁铁甲端应为___________ （选填“N极”或“S极”）
【正确答案】 N极 S极
16-2（基础） 运动员用力把重为G的篮球斜向上抛向空中，图中能正确表示篮球在空中飞行时所受重力的示意图是______（选填“甲”“乙”或“丙”）。

【正确答案】 甲

16-3（巩固） 如图所示，条形磁铁在水平推力F的作用下，做匀速直线运动过程中，闭合开关S，条形磁铁向右减速运动。则a端为电源的___________（填“正极”或“负极”），将滑动变阻器的滑片向左移动，欲保持条形磁铁匀速直线运动，F应___________（选填“变大”、“不变”或“变小”）。

【正确答案】 负极 变大

16-4（巩固） 如图所示，闭合开关S后，条形磁体静止后，将滑动变阻器的滑片P从左往右滑动的过程中，弹簧将 _____（选填“伸长或缩短”），螺线管的下侧为 _____极（选填“N或S”），小磁针N极向 _____偏转（选填“上或下”）。

【正确答案】 伸长 S 下

16-5（巩固） 某玩具汤匙质量为50g，则汤匙重________N。把汤匙放在手指尖上，调节支撑汤匙的支点，可使其在手指尖上水平静止，如图所示，请在图中画出此时汤匙所受重力的示意图。
（______）

【正确答案】 0.5

16-6（巩固） 如图所示，闭合开关S，通电螺线管右侧的小磁针静止时，小磁针的N极指向左，则电源的右端为________极；若想使通电螺线管的磁性增强，滑动变阻器的滑片P应向________端移动。

【正确答案】 正 右

16-7（提升） 图中为一磁悬浮地球仪，球体中有一个磁铁，它能大致模拟地磁场的分布特点．环形底座内有一金属线圈，其电路原理图如图乙．地球仪工作时，球体悬浮于空气中，此时球体的重力与_______ （浮力/磁力）平衡，停止工作时，应先_______ （拿开球体/切断电源），图乙中A端应连接电源的_______ 极．

【正确答案】 磁力 拿开球体 正极

16-8（提升） 建筑工人在砌房子时经常用水平仪来检查所砌的墙面是否水平。如图甲，当液体中空气泡居中表示墙面水平，若空气泡在A端，则表示A端的墙面___（选填“高”或“低”）；如图乙是一种简易水平仪，图示情况说明墙面___边（选填“左”或“右”）偏低，这是利用了重力的方向总是_______。

【正确答案】 高 右 竖直向下

【原卷 17 题】 知识点 密度计原理及应用

【正确答案】

【试题解析】


17-1（基础） 将同一支密度计分别置于甲、乙两种液体中，静止后如图所示，由密度计在甲液体中受到的浮力_______在乙液体中受到的浮力，可知甲液体密度________乙液体的密度（前两空均选填“小于”“等于”或“大于”），因此密度计的刻度值从上向下逐渐________（选填“变小”或“变大”）。

【正确答案】 等于 大于 变大

17-2（基础） 小明用饮料吸管制作了一只如图所示的简易密度计。分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h水和h盐水。则h水___h盐水（选填“＞”“＜”或“＝”）；用它测量可乐密度时，吸管外“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 ___。

【正确答案】 偏大

17-3（巩固） 测量液体密度的仪器叫做密度计。将其插入被测液体中，待静止后直接读出液面处的刻度值，如图甲所示。图乙、图丙是自制的简易密度计，它是在木棒的一端缠绕一些细铜丝做成的。

（1）图甲中密度计静止能竖直______在液体中，此时密度计受到的浮力______它的重力；
（2）图乙是木棒放到水里静止时的情景，测得浸入长度为H：图丙是木棒放到另一种液体中静止时的情景，浸入长度为h。用ρ液、ρ水分别表示液体和水的密度，则ρ液______ρ水，ρ液、ρ水、h及H的关系式为ρ液=______。
【正确答案】 漂浮 等于 小于

17-4（巩固） “中国海监50”是目前我国最先进的海监船，从长江驶入东海过程中，它受到浮力的大小______（选填“变大”、“不变”或“变小”），船身将______（选填“上浮”或“下沉”）一些。如果把船体想像成一个巨大的液体密度计，如图所示密度计的刻度值从上向下应逐渐______（选填“变大”或“变小”）

【正确答案】 不变 上浮 变大

17-5（巩固） 综合实践课上，物理老师发给每个学生一段相同的金属丝和体积相同的松木棍，让学生们自制一支“密度计”，下课前同学们纷纷拿出自己的作品如图甲、乙，将金属丝缠绕在松木棍一端而不在中间，是为了降低“密度计”的___________使它更好的竖直在液面上，用甲、乙两只“密度计”测同一杯盐水的密度，浸入盐水的深度___________（选填“相同”或“不同”），选用“密度计”___________（选填“甲”或“乙”）测量时会更精确。请简要说明理由___________。

【正确答案】 重心 不同 乙 乙密度计测量时浸没深度变化大

17-6（提升） 如图所示，小华制作了一个简易的密度计：她选择一根长16cm的饮料吸管，将一些铜丝从下端塞入并用石蜡封口。密度计在液体中漂浮时，受到的浮力_______密度计的重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）；将密度计放入水中，露出水面的长度是8.8cm，将密度计放入某液体中，露出液面的长度是8cm，则此液体的密度为_____kg/m3；将密度计从液体中取出后，烧杯底部受到液体的压强将_______（选填“变大”、“变小”成“不变”）。

【正确答案】 等于 0.9×103 变小

17-7（提升） （1）小明制作简易密度计，取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口。塞入金属丝的目的是使吸管能________在液体中，此时吸管受到的浮力________重力（选填“等于”“大于”或“小于”）。
（2）将吸管放到水中的情景甲图所示，测得浸入的长度为H；放到另一液体中的情景如乙图所示，浸入的长度为h。用ρ液、ρ水分别表示液体和水的密度，则ρ液________ρ水（选填“＝”“＞”或“＜”），h与ρ水、ρ液及H的关系式是h＝________。
（3）小明根据甲图在吸管上标出1.0刻度线（单位g/cm3，下同），再利用上述关系式进行计算，标出了0.8、0.9、1.1、1.2的刻度线（图中未画出）。结果发现，0.9刻线是在1.0刻线的________（选填“上”或“下”）方。

【正确答案】 竖直的漂浮 等于 ＞ 上

【原卷 18 题】 知识点 含有变阻器电路的动态分析,应用欧姆定律判断电表示数和灯泡亮度的变化

【正确答案】

【试题解析】


18-1（基础） 如图所示电路，电源电压恒定，R1为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合S后滑动变阻器滑片从b滑向a，滑动变阻器的阻值将 _________，V1表的示数与A表的示数的比值将 _________。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）

【正确答案】 变小 不变

18-2（基础） 如图，电源电压不变，开关S闭合后，把滑片P向左移动，则滑动变阻器接入电路的阻值将___________，电压表示数将___________，电阻R的阻值___________。（选填“变大”“变小”或“不变”）

【正确答案】 变小 变大 不变

18-3（巩固） 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器滑片由中点向右移动的过程中，电流表A的示数_______；电压表V的示数_______（以上两空填“变小”“不变”或“变大”）；小灯泡L的亮度_______（填“变亮”“变暗”或“不变”）。

【正确答案】 变小 不变 不变

18-4（巩固） 如图所示，电源电压保持不变，灯泡灯丝电阻保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，电压表的示数将______，电流表A2与电流表A1的示数差______，电路的总功率______（以上三空均选填“变大”、“变小”或“不变”）。

【正确答案】 不变 不变 变小

18-5（巩固） 如图所示，电源电压恒定，不考虑灯丝电阻变化，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向右端移动的过程中，灯泡亮度______，电路的总功率______，电压表示数______（填“变大”“变小”或“不变”）。

【正确答案】 变小 变小 变小

18-6（提升） 如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1的阻值为30Ω，小灯泡L标有“9V，4.5W”字样（小灯泡的电阻不变）。只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P移至最右端时，小灯泡L恰好正常发光，则电源电压为______V；闭合开关S、S1、S2，滑片P移至最左端时，电路消耗的总功率为8.1W，R2的最大阻值为______Ω。

【正确答案】 9 15

18-7（提升） 如图是小明同学连接的实物电路。已知电源电压保持6V不变，闭合开关S前，为保护电路，应将滑片移至最 _____端（选填“A”或“B”）；此时，电压表的示数是1.5V，电流表的示数是0.3A，那么，定值电阻R是 _____，滑动变阻器最大阻值为 _____。

【正确答案】 B 5Ω 15Ω

【原卷 19 题】 知识点 单安法测电阻

【正确答案】

【试题解析】


19-1（基础） 小燕同学设计了如图所示的电路来测量定值电阻Rx的阻值，其中R0为已知阻值的定值电阻，请帮她完成以下实验步骤。
（1）断开S2、闭合______，记录电流表示数为I1；
（2）断开______、闭合______，记录电流表的示数为I2；
（3）表达式：Rx＝______（用已知量和测出物理量的符号表示）。

【正确答案】 S1 S1 S2

19-2（基础） 某实验小组的同学连接了如图所示的电路，改变电阻箱的阻值，记录对应的电流表示数如右表所示。根据表中数据，可知该电路的电源电压为 ______ V，定值电阻R1的阻值为 ______ Ω。

次数
电阻箱R2/
电流表示数I/A
1
10
0.40
2
15
0.30
3
30
0.20
4
50
0.16
【正确答案】 3 30

19-3（巩固） 小明利用如图所示的电路测量定值电阻的阻值，电源电压不变，为阻值已知的定值电阻。当开关S闭合、S1断开时，电流表的示数为I；当开关S、S1都闭合时，电流表示数为I1。则电源电压为U=______，=______。

【正确答案】

19-4（巩固） 某同学在用伏安法测电阻实验时，发现有其中一个电表不能使用，请你帮他完成实验，测出来知电阻的阻值。

(1)若在实验中电压表不能使用，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为，当滑片置于最左端时，电流表示数为，滑片P置于最右端时，电流表示数为，则未知电阻的表达式______。
(2)若在实验中，电流表不能使用，电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为，当滑片置于最左端时，电压表示数为，滑片P置于最右端时，电压表示数为，则未知电阻的表达式数______。
【正确答案】

19-5（提升） 在“伏安法测电阻”的实验中，老师提供了以下器材：恒压电源、最大阻值为R0的滑动变阻器一个、被测电阻Rx、开关、电压表和电流表各一只、导线若干。同学们分别设计了甲乙两种电路。

(1)甲、乙两电路相比较，甲电路的优点：_______。
(2)若电压表损坏，利用如图丙所示的电路也能测出Rx的阻值，具体实验步骤如下：
a._______，读出电流表的示数I1；
b.将滑动变阻器的滑片移到右端，读出电流表的示数I2；
(3)定值电阻的表达式：Rx＝______。
【正确答案】 可多次测量取电阻的平均值，减小实验误差 将滑动变阻器的滑片移到左端

19-6（提升） 晓亮利用阻值为R0的定值电阻和一块电流表测量未知电阻Rx的阻值。他选择了满足这个实验要求的器材，并连接了部分实验电路，如图所示。

(1)为了测出电阻Rx的阻值，请添加一根导线完成图所示的实验电路的连接；
（______）
(2)开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为I1；
(3)只闭合开关_____时，电流表的示数为I2；
(4)请用I1、I2和R0表示Rx，Rx=_____。
【正确答案】 S2

19-7（提升） 小乐想用电源、一个电流表、两只开关和阻值已知的电阻测量电阻的阻值。并连接了如图甲所示电路进行实验。只闭合开关时电流表的示数为；闭合开关和时电流表的示数为，则电阻的表达式为___________（用、和表示）。小明认为此电路不妥。缺少了滑动变阻器，他设计了另外一种电路，如图乙所示，他认为只闭合开关，电流表测得的是中的电流。只闭合开关，电流表测得的是中的电流。这样也可以测量电阻的阻值。请你帮助说明一下，在测量电阻的电路中加了滑动变阻器的好处是___________，但是小明的这种测法___________（选填“正确”或“不正确” ），理由是___________。

【正确答案】 见解析 不正确 电流表的正负接线柱接反

【原卷 20 题】 知识点 结合欧姆定律计算动态电路的电功率,开关控制的多状态电路的功率计算,计算物体温度变化时的吸放热,热机效率的计算与估算

【正确答案】

【试题解析】


20-1（基础） 图为一款养生壶，其内部的电路简化图如图所示，通过将开关S置于不同的位置，可以实现“加热”和“保温”两种状态的变换，电阻丝R1、R2的阻值分别为48.4Ω、440Ω。现将壶内1kg的水从20℃加热至50℃，所用时间为140s。请你完成下列内容：水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）
（1）开关S置于_________（选填“a”或“b”）位置为加热挡；
（2）加热过程中水吸收的热量；（_____）
（3）养生壶的热效率。（______）

【正确答案】 b

20-2（基础） 如图是某型号的电煎锅的简化电路图，电煎锅有“关”、“加热”和“速热”三个挡位，若电热丝R1与R2的阻值都是48.4Ω，通过计算回答：该电煎锅在“加热”挡位工作时。求：
（1）电煎锅的电源线为什么要设计的很短？因为同规格的电源线越短，导线的电阻 _____，有些劣质的电煎锅插头和电源线却是铝质导线，会使电源线上的损耗加大，导致电煎锅两端的电压偏 _____。
（2）电煎锅在“加热”挡的电功率。（__________）
（3）将电煎锅调至在“加热”挡煎制食物时，1分钟可将50g食物从4℃加热至124℃，电煎锅加热食物的效率（__________）。[食物的比热容取4.0×103J/（kg•℃）]

【正确答案】 小 小 1000W 40%

20-3（巩固） 某同学家的豆浆机简化电路如图所示。 豆浆机工作时加热器先加热，待水温达到64℃时温控开关闭合，电动机开始打磨且加热器继续加热，直到产出豆浆成品，电源开关自动断开。该同学用初温20℃，质量lkg的水和少量豆子制作豆浆。（豆浆机铭牌如右上表；电源电压为220V恒定不变；不计导线的电阻） 请解答下列问题：
(1)从物理学的角度解释热气腾腾的豆浆散发出香味的原因；
(2)质量为1kg的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量；[c水=4.2×103J/(kg·℃）]
(3)本次制作豆浆共计用了10min的时间，如果在温控开关闭合前加热器产生的热量70%被水吸收，且不计豆子吸收的热量，求本次制作豆浆共消耗的电能。
豆浆机铭牌
最大容积
2L
额定电压
220V
加热器功率
880W
电动机功率
120W

【正确答案】 (1)见解析；(2)1.848×105J；(3)5.64×105J

20-4（巩固） 多功能养生壶具有精细烹饪，营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化电路图。[ρ水＝1×103kg/m3，c水＝4.2×103J/(kg•℃)]。
（1）开关S1、S2处于什么状态时，养生壶为高温档，说明判断依据；
（2）在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃的一壶水烧开。若养生壶高温挡加热效率为80%，求烧开一壶水需要的时间。
项目
参数
电源电压（V）
220
低温档功率（W）
275
中温档功率（W）
550
高温档功率（W）
1100
容积（L）
1

【正确答案】 （1）见解析；（2）420s

20-5（巩固） 小明家里新买了一台空气炸锅，如图甲所示，它主要由电动机带动的电风扇和电热丝组成。工作时电加热丝将空气加热，利用高温空气来代替食用油，通过高功率的风扇，使高温空气在一个密闭空间内形成循环热流，通过热流使食物迅速变熟，“无油烹饪，更加健康”；
产品技术规格
频率
50Hz
风扇电动机功率
110W
额定电压
220V
电热丝功率
低温挡
660W
高温挡
1210W
（1）这个空气炸锅有两个挡，图乙是它的电路图，技术参数如表。则高温加热时开关S应 ___________（选填“断开”或“闭合”）。此时，R1和R2的工作状态为 ___________（选填“R1和R2串联工作”或“R1单独工作”）；
（2）低温加热时通过R1的电流是多少？（________）
（3）空气炸锅低温加热时，10min消耗的总电能是多少？（_________）

【正确答案】 闭合 R1单独工作 3A 4.62×105J

20-6（提升） 电饭煲是我们生活中常见的家用电器。
（1）电饭煲是利用电流的______（填“热”或“磁”）效应工作的，电饭煲与电冰箱之间是______联的；
（2）小陈在家里正开着空调上网查资料，当妈妈把电饭煲插头插进插座，空气开关立刻“跳闸”，小陈分析其原因可能是电饭煲发生______，也可能是家庭电路中用电器______；
（3）如图是小陈家里电饭煲的电路。已知家庭电路电压为220V，电热丝 R1的阻值为121Ω，电路处于加热档时功率为1400W，则电热丝R2的阻值为______Ω，电路处于保温档时功率为______W；

（4）小陈用电饭煲将1kg水从20℃加热到100℃需用 5min，该电饭煲的加热效率为______%。若电压降为198V，此电饭煲的加热功率降为______W；[c水=4.2×103J/(kg·℃)]
（5）小陈关闭家中其他用电器，让该电饭煲单独工作30min，发现家中标有3000imp/(kW·h)的电能表指示灯闪烁900次，则消耗的电能为______kW·h，电饭煲加热时间和保温时间之比为______。
【正确答案】 热 并 短路 总功率过大 48.4 400 80 1134 0.3 1∶4

20-7（提升） 我国某知名企业生产的一款智能滚筒洗衣机，具有洗净度高、不伤衣服、可设定洗涤温度等优点，其简化等效电路如图所示，通过旋转手柄可使扇形开关同时接触两个相邻触点，使洗衣机处于空挡、加热、保温洗涤不同状态。定值电阻R1和R2均为电热丝，R1=22Ω。该款洗衣机主要参数如表。[c水=4.2×103J/（kg·℃）]
额定电压
220V
加热功率
2400W
电动机功率
240W
（1）图中洗衣机处于空挡状态，当开关同时接触2、3触点时，洗衣机处于 ___________状态，当开关同时接触3、4触点时，洗衣机处于 ___________状态；
（2）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热875s，水温由20℃上升到45℃，此过程中的加热效率是___________；
（3）洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流是___________。

【正确答案】 加热 保温洗涤 50% 2A

【原卷 21 题】 知识点 伏安法测小灯泡电功率的原理和电路图,伏安法测小灯泡电功率的实验步骤和数据处理,伏安法测小灯泡电功率实验的注意事项故障分析

【正确答案】

【试题解析】


21-1（基础） 小华做“测定小灯泡的电功率”实验，现有器材：电源（电压保持不变）、电流表、电压表（仅0~3V档完好）、待测小灯泡（标有“4.5V”字样）、滑动变阻器（标有“20Ω 1A”字样）各一个及导线若干。他正确串联电路，将电压表并联在电路中，移动变阻器滑片P至最大阻值处。闭合开关S，电流表和电压表示数如图（a）、（b）所示，然后移动变阻器滑片P，两电表示数均有变化。

①实验中小华将电压表并联在___________两端（选填“小灯泡”“滑动变阻器”或“电源”）；
②为了测出小灯泡的额定功率，经过思考，小华断开开关S，对电路进行了调整，闭合开关S，移动变阻器的滑片，当小灯正常发光时，电流表指针自图（a）位置转过五小格，请根据相关信息：
Ⅰ．通过计算说明小灯正常发光时，滑动变阻器连入电路的阻值________；
Ⅱ．小灯的额定功率P额为_______W。
【正确答案】 小灯泡 5Ω 1.35

21-2（基础） 在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源电压为6V保持不变，所用小灯泡的额定电压为2.5V

（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮______；
（2）闭合开关S后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数______（填序号）；
A．检查电路是否断路
B．检查电路是否短路
C．移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光
（3）通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示，分析图象可知，当小灯泡两端的电压增大时______（填“增大”“不变”或“减小”），原因是______，小灯泡的额定功率为______W。
【正确答案】 C 增大 灯丝的电阻随温度变化 0.5W

21-3（巩固） 某班同学居家完成“测量小灯泡的电功率”实验中，实验室提供的实验器材如下：
A.待测小灯泡一个（额定电压3.8V，电阻约为10Ω）
B.电源一个（电压6V）
C.电流表一个（量程0~0.6A和0~3A）
D.电压表一个（量程0~3V和0~15V）
E.滑动变阻器R（最大阻值10Ω，额定电流1A）
F.开关一个，导线若干

（1）图甲是小明已经完成部分连线的实物电路图，请用笔画线代替导线帮小明将实物电路连接完整（要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小）_____；
（2）小明电路连接完成之后，在开关S闭合之前，从安全性原则出发，应将滑动变阻器的滑片P置于 _____端（选填“C”或“D”）；
（3）正确连接电路后，闭合开关S，小明发现小灯泡不发光，电压表有示数但电流表无明显示数，且移动滑动变阻器滑片P时，两表示数均无显著变化。造成这一现象的原因可能是 _____
A.小灯泡发生短路
B.小灯泡发生断路
C.滑动变阻器发生短路
D.滑动变阻器发生断路
（4）排除故障，小明发现小灯泡较暗，如果要让小灯泡正常发光，他应将滑动变阻器向 _____（选填“左”或“右”）滑动；
（5）继续实验，闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P，当电压表读数U＝3.8V时，小灯泡正常发光，电流表示数如图乙所示，则可以求得小灯泡的额定功率P0＝_____W；
（6）小华在做此实验的过程中，选择了不同的电源和滑动变阻器。他正确连接电路后，无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，请对这一现象产生的原因可能是电源电压太小，使得小灯泡两端电压始终小于3.8V，或者滑动变阻器最大阻值 _____，使得小灯泡两端电压始终大于3.8V；
（7）小华利用描点法作出通过小灯泡的电流与其两端的电压的I﹣U图像。观察图像，发现通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，其原因可能是 _____。
【正确答案】 D B 左 1.14 太小 灯丝的电阻随温度的升高而增大

21-4（巩固） 在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。

（1）连接电路时开关应 _____；
（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整_____；
（3）小明闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为 _____V，小明想让灯泡正常发光滑片P应向 _____移动（选填“A”或“B”）；
（4）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成I﹣U图像（图丙），根据图像，可计算出小灯泡的额定功率是 _____W；
（5）进一步分析图像可知，随着灯泡两端电压的增大，灯丝电阻逐渐 _____。
【正确答案】 断开 2.2 B 0.5 增大

21-5（巩固） 在“测量小灯泡的功率”实验中，已连接的部分电路如图甲所示。已知小灯泡的额定电压是2.5V，正常工作时电阻约10Ω。

（1）请你用笔画线代替导线，将实验电路连接完整；______
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表都有示数，接下来应该进行的操作是 ___________；
A．检查电路是否短路或断路
B．移动滑动变阻器的滑片P，观察小灯泡是否发光
（3）问题解决后，继续进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表的示数为2V，为了使小灯泡正常发光，则应向 ___________（选填“左”或“右”）端移动滑片；
（4）当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，为 ___________A，由此可得小灯泡的额定功率为 ___________W；
（5）根据实验数据画出小灯泡的电流和电压关系图像是 ___________。

【正确答案】 B 右 0.3 0.75 D

21-6（提升） 有一只小灯泡的铭牌上仅能看清“0.5A”的字样，小强为了测量该小灯泡的额定功率，进行了如图实验。

（1）他连接了如图甲所示的电路，闭合开关前，应将移动滑动变阻器的滑片移到______端（选填“A”或“B”），闭合开关后发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近3V保持不变，为了排除故障，接下来的操作合理的是______（选填字母）；
A.拧紧开关两端的接线柱
B.拧紧小灯泡和它两端的接线柱
（2）他测量小灯泡额定功率的实验原理是______（填公式）；
（3）排除故障后，使小灯泡正常发光，电压表示数如图乙所示为______V，小灯泡的额定功率为______W；
（4）小强对实验进行了拓展，利用图丙所示的电路，测出了另一只已知额定电流为I1的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤；
①闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为______；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关S2连接a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③则小灯泡的额定功率表达式P额＝______（用字母表示）。
【正确答案】 A B P＝UI 2.4 1.2 I1

21-7（提升） 如图甲所示，为小美“测量小灯泡L的电功率”的电路图，小灯泡L的额定电压为2.5V，电源电压恒定为3V。实验中：

（1）本实验的原理是______；
（2）连接完电路后，闭合开关S，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数始终为零，电压表有示数且始终保持不变。假定电路中只有一处故障，则产生这一现象的原因可能是______；
（3）排除故障后，继续实验，当电压表示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______W；
（4）如果要使灯泡两端电压由2.5V调到2V，应该把滑动变阻器的滑片向______滑动（选填“左”、“右”）；
（5）根据实验数据绘制出小灯泡的电流I与电压U的关系图像，如图丙所示。由图像可知，当小灯泡的两端电压增大时，小灯泡的电阻______（选填“变大”、“不变”或“变小”），在图像上取一点A，作出如图所示的阴影部分，则该阴影部分面积大小表示______（选填下列选项）；
A．此时小灯泡的实际功率
B．此时滑动变阻器的电功率
C．此时电路的总功率
（6）小美完成上面实验后，又想测量另一个小灯泡正常发光时的电阻，已知小灯泡的额定电压为U额。但发现电流表已经坏了，只有电压表可以使用，于是他又找来了一个电压恒定但电源电压未知的电源，两个开关和一个已知阻值的定值电阻R0，进行电路设计，测出了小灯泡正常发光时的电阻。如图丁所示，小美已经画出了部分电路图，请你补充可行的电路图。______
【正确答案】 P=UI 灯泡断路 0.6 左 变大 B

【原卷 22 题】 知识点 探究电阻大小与导线长度的关系,探究电阻大小与导线横截面积的关系,探究电阻大小与导线材料的关系,实验中控制变量法的应用

【正确答案】

【试题解析】


22-1（基础） 如图所示是探究影响导体电阻大小因素的实验电路，如表给出了可供选择的几种导体，分别用A、B、C、D四个字母代表。问：

导体序号
长度（m）
横截面积（mm2）
材料
A
0.6
0.4
镍铬合金
B
1.0
0.4
镍铬合金
C
0.6
0.6
镍铬合金
D
0.6
0.6
锰钢
（1）实验中，通过观察 _____可以判断导体的电阻大小，小灯泡在电路中的主要作用是 _____。
（2）通过对 _____和 _____导体进行实验，可探究电阻的大小与长度的关系。
（3）分别将A和C两导体接入电路进行实验，发现接入C导体时，电流表的示数比接入A导体时更大，说明导体的的电阻与导体的 _____有关。
（4）若把A、B两导体首尾相连后再接入电路M、N两端，会发现电流表示数变得更小，说明两导体串联后的电阻将 _____（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【正确答案】 电流表的示数 保护电路 A B 横截面积 变大

22-2（基础） 如图是用三根镍铬合金线来探究导体的电阻与哪些因素有关的实验装置。实验时先依次把AB和CD接入电路。问：

（1）实验时，通过观察 _____来比较电阻的大小；这是物理实验中经常用到的 _____法。
（2）若要探究导体的电阻与横截面积的关系，应选用 _____两根导线。
（3）选择AB和CD两根导线做实验是为了探究导体电阻与 _____的关系；实验结论是：_____。
【正确答案】 灯泡的亮度 转换 EF、AB 长度 当导体的材料、横截面积相同时，导体长度越长，电阻越大

22-3（巩固） 在探究“电阻的大小与哪些因素有关”的实验中，某小组采用了如图甲所示的实验装置，其中a、b、c是镍铬合金制成的三根导体，导体a、b长度相同但粗细（横截面积）不同，导体a、c粗细相同但长度不同，导体d由锰铜合金制成，长度、粗细均与导体c相同。

（1）实验中，电流表的示数越大，对应的导体电阻越______；
（2）将导体a接在M、N之间，闭合开关，电流表的示数如图乙所示，为______A；
（3）依次用导体b、c、d替换导体a接入电路，闭合开关，电流表对应的示数如下表所示；
导体代号
a
b
c
d
电流表的示数

1.3A
2.2A
2.7A
①选导体a、b比较是为了探究导体电阻的大小与______的关系；要探究导体电阻的大小与材料的关系，应选用的两根导体是______；
②由表可知：导体电阻的大小与导体的长度和横截面积都有关系，用相同材料制成的导体，长度越______，横截面积越______，电阻越大；
（4）本实验主要用到的探究方法是______和______；
（5）实验结束后，该小组的同学想进一步研究导体的电阻与温度的关系，他们设计的实验装置如图丙所示；当用酒精灯缓慢地对钨丝加热时，会观察到电流表的示数逐渐变小，这说明______。
【正确答案】 小 0.2 横截面积 cd 长 小 控制变量法 转换法 钨丝的电阻随着温度的升高而增大

22-4（巩固） 某小组同学在学习了欧姆定律后，对探究实验“影响导体电阻大小的因素”进行了改进，结合实验室所提供的几种规格的导体（如表1），设计了如图1所示的电路图。

编号
长度/m
横截面积/mm2
材料
A
1.0
0.2
锰铜
B
1.0
0.4
锰铜
C
1.0
0.6
锰铜
D
0.5
0.4
锰铜
E
1.5
0.4
锰铜
F
1.0
0.6
镍铬合金
G
1.0
0.6
铁
（1）图1中，将三个电阻串联是为了保证 _____（选填“电压”或“电流”）相等；
（2）在探究“导体电阻与横截面积的关系”时，R1、R2、R3分别选用A、B、C三段导体；某次读数，电压表V1示数为1.5V、V2示数为0.7V，电压表V3示数如图2所示为 _____V，由欧姆定律分析得出，电压表示数越大，导体电阻越 _____（选填“大”或“小”），多次调节滑动变阻器重复读数，可得出结论：材料和长度相同时，横截面积越大，导体电阻越 _____（选填“大”或“小”）；
（3）在探究“导体电阻与长度的关系”时，选用B、_____和 _____（填导体代号），重复上述操作，可得出结论：材料和横截面积相同时，_____；
（4）本实验主要运用的物理方法是 _____（选填“控制变量法”或“模型法”）。
【正确答案】 电流 0.5 大 小 D E 导体越长，电阻越大 控制变量法

22-5（巩固） 小明、小红和小亮在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，提出了如下猜想。
猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关。
猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关。
猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示；
编号
材料
长度/m
横截面积/
A
镍铬合金
0.25
1.0
B
镍铬合金
0.50
1.0
C
镍铬合金
0.25
2.0
D
锰铜合金
0.25
1.0
(1)小亮设计了如图所示电路。实验时，他在M、N之间分别接上不同的导体，闭合开关后，通过观察______或______来比较导体电阻大小。可是小明认为：电流表是多余的，小红却认为：灯泡是多余的。你是否赞同小亮设计的电路？______。

(2)为了验证猜想二，可依次把M、N跟______、______（选填导体的编号）的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析并比较这两根电阻丝电阻的大小。
(3)小丽在探究同样的问题时，手边只有一根电阻丝。她利用这根电阻丝和上述电路，不能够完成猜想______（选填“一”、“二”或“三”）的实验验证。
(4)要使电阻丝接入电路的阻值变大，可采用的方法是______。
A．增大电阻丝两端的电压
B．减小通过电阻丝的电流
C．将电阻丝拉长后接入电路
D．将电阻丝对折后接入电路
【正确答案】 电流表示数 小灯泡亮度 赞同 A C 三 C

22-6（提升） 同学们在实验室探究“影响电阻大小的因素”，他们找出a、b、c、d四根不同的电阻丝，比较发现：a与b只有长度不同；a与c只有横截面积不同；a与d只有材料不同。实验方案有如下两种：

（1）方案一：如图1所示，将电阻丝a、b、c、d分别接在M、N乙间，测出电路中的电流。电流表的示数越大，表示接入的电阻丝阻值越______（填“大”或“小”）。
（2）方案二：如图2所示，将电阻丝a、b、c、d串联在电路中，用电压表分别测出它们两端的电压。电压表的示数越大，表示接入的电阻丝阻值越______（填“大”或“小”）。
（3）小丽提出：还可以用如图3所示的方法来研究电阻与长度的关系。她将整条电阻丝a接入电路，将夹子N固定在B端，闭合开关后，夹子M从A端逐渐滑向B端，出现的现象是______，改正电路连接错误后，她发现电流表示数逐渐增大。由此可以得出结论：导体材料、横截面积相同时，______。
（4）小丽又补充到，还可以在图3电路中还可以串联一个灯泡，用灯泡亮度或者电流表示数来反映电阻大小的科学研究方法，下列实例研究方法与此相同的是______。
A．探究串联电路中电压的关系
B．研究电流时，将电流和水流进行类比
C．扩散现象表明分子在不停地做无规则运动
（5）小明和小丽又做了如下实验：将整条电阻丝a接入图3电路后，闭合开关，然后用酒精灯给电阻丝加热，发现电流表示数逐渐减小，说明______也是影响导体电阻大小的因素。
【正确答案】 小 大 电流表示数会超量程（甚至会出现短路） 导体的长度越短，电阻越小 C 温度

22-7（提升） 在探究影响导体电阻大小的因素时，小明做出了如下猜想：导体的电阻可能与①导体的长度有关；②导体的横截面积有关；③导体的材料有关。实验室提供了4个相同的小灯泡、4根电阻丝。电阻丝规格、材料如表所示。
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5
（1）按照如图所示连接电路，在电路中分别接上不同的导体，则通过观察______来比较导体电阻的大小；
（2）为了验证上述猜想②，应该闭合______两个开关；
（3）闭合开关S1和S3，观察到灯泡L1和L3发光，且L3比L1亮，初步得到的结论是：其它条件相同的情况下，______，电阻越大。
（4）实验中发现实验现象不明，小明将灯泡换成了______（选填“电流表”或“电压表”），电表的示数越大，说明表所在支路的导体电阻越______；
（5）接下来，小明又做了如下实验：将镍合金丝A接入电路，闭合开关，然后用大功率吹风机先对镍铬合金丝吹一段时间热风，再改用冷风挡对镍铬合金吹冷风。发现两次实验中电表的示数不同，这说明导体的电阻与______有关。

【正确答案】 灯泡的亮度 S1、S3 横截面积越小 电流表 小 温度

【原卷 23 题】 知识点 根据欧姆定律计算导体的电阻、电流及电压

【正确答案】

【试题解析】


23-1（基础） 如图所示，电阻R1=10Ω，电源两端电压保持不变，闭合开关S，电流表A的示数为1.2A，电流表A1的示数为0.8A。求：
（1）电源两端电压U；
（2）电阻R2的阻值。

【正确答案】 （1）8V；（2）20Ω

23-2（基础） 如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为6V，灯泡标有“2.5V 0.5A”字样（灯泡阻值不变），滑动变阻器标有“20Ω 1A”字样，求：
（1）灯泡正常发光时灯丝的电阻；
（2）灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值。

【正确答案】 （1）5Ω；（2）7Ω

23-3（巩固） 如图所示，电源电压为6V。闭合开关S，电压表V2示数为4V，电流表示数为0.4A，求：
（1）电压表V1的示数；
（2）R1、R2的阻值。

【正确答案】 （1）2V；（2）5Ω，10Ω

23-4（巩固） 小亮家新买了一辆汽车，车上的座椅垫具有电加热功能，如图甲所示。通过观察和研究，他了解到该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个档位，该座椅垫加热部分的电路简图如图乙所示，S为档位切换开关，R1和R2为电热丝。电源电压为24V，R1=16Ω。若当座椅垫处于“低温”档加热时，整个低温档电路的电流是1A，通过计算回答：
（1）电热丝R1两端的电压是多少伏？
（2）电热丝R2的阻值是多少欧？

【正确答案】 （1）16V；（2）8Ω

23-5（巩固） A电流表可看成是一个无内阻的电流表A和一个电阻RA串联（如图中虚线框所示）。现要测量一只这种电流表的内阻RA的阻值，电路设计如图所示，电源电压不变，，，当S1闭合、S2断开时，电流表示数为1.6A，当S1断开、S2闭合时，电流表示数为1A。求电源电压和电流表内阻RA。

【正确答案】 8V，2Ω

23-6（提升） 如图所示电路，电源电压恒为6V保持不变。小灯泡L标有“5V 0.5A”字样（灯丝电阻不随温度变化），滑动变阻器R1的铭牌“20Ω 1A”，电流表量程0~0.6A，电压表量程0~3V。求：
（1）小灯泡正常发光时的电阻；
（2）只闭合开关S和S1，滑动变阻器的滑片P置于最右端时，电压表的示数为2V，求定值电阻R2的阻值；
（3）只闭合开关S和S2，移动滑动变阻器的滑片P，在保证各元件安全工作的情况下，求电路中的最大电流和滑动变阻器R1接入电路中的最小阻值。

【正确答案】 （1）10Ω；（2）40Ω；（3）0.5A，2Ω

23-7（提升） 如图1所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P从b端移动到a端的整个过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系图象如图2所示。求：
（1）滑动变阻器R2的最大阻值；
（2）电源电压是多少伏特？R1的阻值是多少欧姆？

【正确答案】 （1）10Ω；（2）3V，5Ω

【原卷 24 题】 知识点 利用阿基米德原理计算浮力、密度及质量,测量固体密度的实验器材和实验步骤,测量固体密度的数据处理和误差分析,通过推导间接测量物质的密度,重力的计算与估算

【正确答案】

【试题解析】


24-1（基础） 小华在测量某鹅卵石密度的实验中。

（1）首先调节天平平衡，在调节过程中天平的横梁静止时，指针位置如图甲所示，则应将平衡螺母向______（左/右）调节，使横梁在水平位置平衡。
（2）测量鹅卵石质量时，在右盘中依次添加l个20g和1个10g的砝码后，指针偏至图乙所示位置，接下来正确操作应是______。
A．向左调节平衡螺母 C．取下10g砝码，换上5g砝码
B．取下20g砝码，换上5g砝码 D．再往右盘加5g砝码
（3）完成上一步骤后，小华将游码移至图丙位置，天平平衡；再把鹅卵石浸没在装有30mL水的量筒中，水面升至图丁所示位置，则测得鹅卵石密度为______kg/m3。
（4）再次思考后，小华认为不用量筒也可测出鹅卵石的密度，步骤及图示如下：
①用天平测出鹅卵石的质量为m石；
②在烧杯中装适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量为m1；
③接着用细线系住鹅卵石，让鹅卵石浸没在水中，细线和鹅卵石都没有与烧杯接触，天平重新平衡时，此时测出的总质量为m2；
④则鹅卵石密度的表达式为ρ石=______（水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3）。
【正确答案】 右 C 2.74×103

24-2（基础） 小强用测力计等器材测量一块石灰石的密度，请将下面实验步骤中的数据补充完整．

（1）如图甲所示，用测力计测出该石灰石在空气中的重力G＝_______N；
（2）将该石灰石浸没在水中静止时，如图乙所示，石灰石所受的浮力F浮＝_______N；
（3）根据阿基米德原理可算出该石灰石的体积V＝_______m3；
（4）根据密度公式算出该石灰石的密度ρ＝_______kg/m3．
【正确答案】 3 2 2×10﹣4 1.5×103

24-3（巩固） 甲、乙两位同学现要测定一小块不规则矿石的密度。实验室提供的器材有：托盘天平（带砝码）、量筒、弹簧测力计、细线和足量的水。

（1）甲同学的实验过程如下：
①把天平放在水平台面上，将游码移至标尺左端的零刻线处，发现指针指向如甲图所示，他应该向___________调节平衡螺母使横梁平衡；
②测量矿石质量时，右盘中的砝码和游码的位置如乙图所示，矿石的质量为___________g；
③用细线系住矿石放入盛水的量筒中，如丙图所示，则矿石的密度为___________kg/m3；
（2）乙同学认为水的密度ρ水通常可作为已知量，他设计了以下实验方案：
①用弹簧测力计测出矿石的重力为G；
②把用弹簧测力计挂着的矿石悬浮在水中，静止后读出弹簧测力计的示数为F，矿石在水中受到的浮力F浮=___________；
③矿石的密度ρ=___________（用ρ水、G和F表示）。
【正确答案】 右 84 4.2×103 G-F

24-4（巩固） 冬天的大雪常常造成一些房屋垮塌，小明同学想知道屋顶的雪到底有多重，他找来器材进行测量：
（1）用弹簧测力计测出空杯子重力为0.2N；
（2）将杯子里装满水，用测力计测出总重，如图所示为________N；
（3）将杯子里装满雪的样品，用测力计测出总重为1.8N，杯中雪的样品体积是多少________？雪样品的密度是多少________？
（4）若屋顶面积为100m2，雪的厚度为25cm，则屋顶雪的总重力是多大________？

【正确答案】 4.2 400kg/m3

24-5（巩固） 小王和小张选取大小不同的两块工艺石进行密度测量；

（1）小王进行了如下操作：
①天平放在水平台面上，游码归零，发现指针位置如图甲，平衡螺母应向 ___（选填“左”或“右”）调节，使天平平衡；
②测得工艺石的质量是29g，体积测量如图乙所示，则该工艺石密度为 ___kg/m3；
（2）小张的设计方案如下：（g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
①用弹簧测力计测量另一块工艺石的重力，再将此工艺石浸没在水中，如图丙；
②此工艺石浸没时浮力为 ___N，体积为 ___m3，由此可进一步求出此工艺石的密度；
③又将此工艺石浸没在某液体中，弹簧测力计示数为1.8N，则该液体密度为 ___g/cm3。
【正确答案】 右 2.9×103 1 1×10-4 1.2

24-6（提升） 在学习了如何测量物体的密度之后，小亮同学在实验室利用托盘天平、量筒、足量的水、细线等测了一块石头的密度。

（1）小亮将天平放在水平桌面上，游码归零后发现指针指在图甲所示的位置，则他应将横梁右端平衡螺母往___________（选填“左”或“右”）调；用调好的天平测量石块质量时， 小亮把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，接下来正确的操作步骤是___________，直到天平再次平衡，右盘中的砝码和游码所处的位置如图乙所示，则小石块质量为___________g；
（2）小亮用细线悬挂小石块缓慢浸没在水中，测得了小石块的体积如图丙所示。通过计算可知该小石块的密度是___________；
（3）小亮妈妈逛商场的时候，买了一枚样式漂亮实心的金戒指，小亮看到后发出疑问， 戒指是黄金的吗？他想要通过测量戒指的密度，判断金戒指的真假。小亮觉得戒指体积太小不能用量筒和水测体积，于是借助妈妈烤面包用的精确度较高的小电子秤、塑料杯、水、细线。具体操作步骤如下：
①用电子秤测出“金”戒指的质量；
②将适量水倒入杯内，并置于电子秤上，记下电子秤示数；
③用细线系好戒指缓慢浸没到水中保持静止，水未溢出，记下电子秤示数 ；
该“金”戒指密度的表达式为 ρ=___________（已知ρ水，用所测物理量表示） 推导过程。
【正确答案】 右 取下最小的砝码，向右调节游码 48.4
24-7（提升） 鞍山南国梨远近闻名，小明将几个南国梨带到学校测量其密度。

（1）将天平放在水平桌面上，把游码放到标尺左端零刻度线处，指针静止时指在分度盘中线的右侧，应向______（填“左”或“右”）调节平衡螺母，使天平平衡；
（2）如图甲所示是小明测得一个南国梨的质量为______g；
（3）他将南国梨放入装有40mL水的量杯中，水面上升到如图乙所示的位置，则南国梨的体积为______cm3，密度为______kg/m3；
（4）同组的小丽同学测得一个塑料球A的密度为ρ0，想利用它测量一杯牛奶的密度，发现塑料球A在牛奶中漂浮，于是选取了弹簧测力计、细线和一个金属块B，设计了如下实验过程：
①用测力计测出塑料球A的重力为G；
②将塑料球A和金属块B用细线拴好挂在测力计下，并将金属块B浸没在牛奶中静止，如图丙，读出测力计的示数为F1；
③将塑料球A和金属块B都浸没在牛奶中静止，如图丁，读出测力计的示数为F2；
则塑料球A在牛奶中受到的浮力是______。牛奶的密度ρ=______（用已知量和测量量字母表示）。
【正确答案】 左 48 40 1.2×103 F1-F2

【原卷 25 题】 知识点 利用阿基米德原理计算浮力、密度及质量,物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系

【正确答案】

【试题解析】


25-1（基础） 图所示，质量为200g的木块漂浮在水面上，水的密度为，g取。求：
（1）木块受到的浮力；
（2）木块浸在水中的体积。

【正确答案】 （1）2N；（2）2×10-4m3

25-2（基础） 有一体积为，密度为的正方体木块，用细线置于容器的水中，如图所示，（）求：
（1）木块所受的浮力大小；
（2）细线对木块的拉力大小；
（3）剪断细线后，木块最终静止后受到的浮力。

【正确答案】 （1）10N；（2）4N；（3）6N
25-3（巩固） 如图甲所示，体积是800cm3的正方体木块漂浮在水面上，所受浮力为7.2N，（）求：
（1）木块露出水面的体积是多少？
（2）若在木块上方放一金属块，木块恰好没入水中，如图乙所示，则金属块的重力是多少？

【正确答案】 （1）80cm3；（2）0.8N

25-4（巩固） 小才同学听了“曹冲称象”的故事后，利用所学知识制作了“水秤”模型，可方便地称量物体的质量，其构造如图所示，已知透明大桶足够深，小筒的高度为H＝0.3m，底面积为S＝0.02m2，小筒和秤盘总重量为30N，小筒壁的厚度可忽略不计；ρ＝1.0×103kg/m3；求：
（1）如图甲所示，当秤盘上不放物体时，小筒受到的浮力为多大；
（2）该浮力秤的零刻度线应标在小筒上何处，即A点距小筒底部的距离；
（3）如图乙，在秤盘上放物体后，就可以称量物体所受重力，则该“水秤”模型最大能称量的物体重力为多少N？

【正确答案】 （1）30N；（2）0.15m；（3）30N

25-5（巩固） 一个底面积为50cm2的烧杯中装有部分水，将一个木块放入烧杯的水中，木块静止时水深h1=10cm，如图甲所示；把一个小石块放在木块上，水深h2=16cm，如图乙所示；若将小石块放入水中，水深h3=12cm，如图丙所示；求：
（1）小石块的质量；
（2）小石块的密度；
（3）在图丙中小石块对烧杯底部的压力。

【正确答案】 （1）0.3kg；（3）3×103kg/m3；（3）2N

25-6（提升） 如图甲，将一个重为9 N、底面积为1×10-2 m2的柱形金属圆筒开口向上竖直漂浮在水面上，此时有五分之三的体积浸没在水中；若向金属圆筒里加入适量密度为0.8×103 kg/m3的某种液体时，水面恰好与金属圆筒口相平，金属筒未接触容器底，如图乙。求：
（1）空金属圆筒竖直漂浮时受到的浮力；
（2）金属圆筒口与水面恰好相平时筒底受到水的压强；
（3）此时加入金属圆筒中某种液体的深度。

【正确答案】 （1）9N；（2）1500Pa；（3）7.5cm

25-7（提升） 物块P与金属球Q用细线连接，一起放入装有一定质量水的柱状容器内，二者恰好悬浮，如图甲所示，此柱状容器底面积为25cm2，此时水的深度为23cm；物块P重1N、体积为1.25×10﹣4m3。求：
（1）图甲中水对容器底部的压强；
（2）图甲中物块P所受浮力的大小；
（3）若剪断细线，物块P上浮，金属球Q下沉，待稳定后，物块P漂浮于水面，如图乙所示，则此时水对容器底部的压强变化了多少？

【正确答案】 （1）2.3×103Pa；（2）1.25N；（3）100Pa


答案解析

1-1【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．把正在发声的手机密封在塑料袋里，然后放入水中，仍能听到手机发出的声音，说明声音可以在空气和水中传播，但不能说明声音产生的原因，故A不符合题意；
B．使正在发声的音叉接触水面，说面溅起水花，说明发声的音叉在振动，因此可以说明声音是由发声体的振动产生的，故B符合题意；
C．用力吹长短不一的吸管，发出声音的频率不同，音调不同，但不能说明声音产生的原因，故C不符合题意；
D．放在玻璃钟置内的电铃正在发声，将钟罩内空气抽去一些后，铃声明显减弱，说明真空不能传声，但不能说明声音产生的原因，故D不符合题意。
故选B。
1-2【基础】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．声音是由物体的振动产生的，手拨动皮筋发声，说明了声音是由物体振动产生的，故A正确，不符合题意；
B．图中是将发声体放在真空罩中，随着空气的抽出，声音越来越小，所以该实验说明声音的传播需要介质，故B正确，不符合题意；
C．敲鼓时用力越大，振幅越大，响度越大，该实验说明声音的响度与振幅有关，故C错误，符合题意；
D．车间里工人戴耳罩是防止噪声进入人耳，是在人耳处减弱噪声，故D正确，不符合题意；
故选C。
1-3【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．声音是由于物体振动产生的，人说话发出的声音是因为声带振动，故A正确，不符合题意；
B．固、液、气均可传播声音，所以耳朵贴在桌面上也能听到轻敲桌子的声音，故B正确，不符合题意；
C．用两个棉球塞住耳朵也能清楚地听到音叉发声，说明固体可以传声，利用骨传导，故C正确，不符合题意；
D．工人戴上防噪声耳罩，是属于从人耳处减弱噪声，故D错误，符合题意。
故选D。
1-4【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．响度的大小与振幅有关，振幅越大响度越大，图中通过听声音和观察纸屑跳动的幅度可以探究响度与振幅的关系，故A错误；
B．图中正在发生的音叉把静止的乒乓球弹开，说明声音是由物体振动产生的，可以探究声音的产生条件，故B正确；
C．图中用纸片分别接触转速相同、齿数不同的旋转齿轮，齿轮越多的使纸片在相同时间内振动次数越多，频率越大，音调越高，可以探究音调与频率的关系，故C错误；
D．通过用相同大小的力拨动伸出长度不同的锯条，则锯条振动的频率不同，探究的是音调与频率的关系，故D错误。
故选B。
1-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．吹笛子时，按住不同的气孔可改变空气柱振动部分的长度，从而改变振动频率，可改变声音的音调，故A错误；
B．航母舰载机引导员戴上耳罩，是在人耳处减弱噪声，故B错误；
C．医生用听诊器为病人检查身体，可通过声音知道病人的病情，是利用声音传递信息，故C正确；
D．航天员在空间站用古筝弹奏《茉莉花》，由于太空是真空，没有空气，因此不可能是通过空气直接传播到地球的。故D错误。
故选C。
1-6【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．鼓面上的泡沫颗粒跳动是由鼓面振动引起的，泡沫颗粒跳动的高度体现了鼓面的振幅大小，说明声音是由物体的振动产生的；
B．从玻璃罩里向外抽气的过程中玻璃罩内的气体逐渐减少，铃声逐渐减小，说明声的传播需要介质；
C．8个相同玻璃瓶装不同高度的水，敲击时振动的频率不同，因此发出的音调不同；
D．耳塞，隔音头盔等，是在人耳处减弱噪声．
1-7【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 分析:
（1）声音是物体振动产生的，一切发声体都在振动；（2）声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体和气体中传播，真空不能传声；（3）声音的高低叫音调，音调与发声体振动的频率有关：振动频率越大，音调越高．
详解:
①甲图中，用力敲击鼓面时，看到鼓面上的纸屑跳起来，说明发声时鼓面在振动，能探究声音的产生条件，故①正确；②乙图中，用同一个塑料片以相同的速度划过疏密不同的梳齿，声音的音调不同，但不能探究声音的产生条件，故②错误；③丙图中，把发声的音叉放入水盆中，看到音叉激起水花，说明发声的音叉在振动，能探究声音的产生条件，故③正确；④丁图中，用力吹一根吸管，并将它不断剪短，吸管中的空气柱变小，振动变快，音调变高，但不能探究声音的产生条件，故④错误．综上所述，能达到实验目的是①③；故选A．
1-8【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．频率是每秒钟振动的次数，音调由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高，由图知道，③号音叉每秒振动的次数最少，频率最低，音调最低，故A错误；
B．图乙中，敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉把乒乓球弹起，这个现象说明声波可以通过空气传播，且可以传递能量，故B正确；
C．如图丙所示，用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球被弹起，这个现象说明发声体在振动；乒乓球在实验中起的作用是显示音叉的振动，把不容易看到的现象转换成便于观察的现象，故C错误；
D．因为声音的强弱用分贝来表示，0dB的声音最微弱，人耳听不见；为了保护听力，30～40dB之间人们较理想的安静环境；70dB的声音会干扰谈。如果声音超过90dB，就会影响听力，对人的听力造成损伤，故D错误。
故选B。
2-1【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．蒸发是汽化的一种方式，物质由液态变为气态时必须吸热，，故A正确；
B．夏天扇扇子，可加快蒸发，降低体温，所以感觉凉爽，但不能降低室温，故B错误；
C．蒸发可在任何温度下进行，在-30℃温度下液体也可以蒸发，故C错误；
D．蒸发仅发生在液体表面，而沸腾则是在液体内部和表面同时发生，故D错误。
故选A。
2-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．露珠是空气中的水蒸气温度降低变成的小水珠，是液化过程，液化放出热量，故A正确；
B．严冬公园的雪人变小是冰直接变成水蒸气，是升华过程，升华吸收热量，故B错误；
C．冰雕用的冰是水变成冰的过程，是凝固过程，凝固放出热量，故C错误；
D．树上的霜是空气中的水蒸气温度降低直接变成了小冰晶，是凝华过程，凝华放出热量，故D错误。
故选A。
2-3【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 分析:
(1)影响蒸发快慢的因素：液体的表面积大小；液体的温度；液体上方空气流动速度；
(2)了解物态变化过程中的吸、放热；
(3)区分一些常见的晶体、非晶体。
详解:
A．用地膜覆盖农田育苗，减缓了液体上方空气流动速度，减缓了水分的蒸发，故A错误；
B．冰块在熔化过程中，需要吸收热量，导致周围温度降低，故B正确；
C．霜是晶体，故C错误；
D．戴着眼镜从室外走进室内，室内的水蒸气遇到低温的镜片液化成小水珠，，导致镜片模糊不清，该过程放热。故D错误。
故选B。
2-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
由图像可知，丙放热变为甲，甲放热为乙，故甲是液态、乙是固态、丙是气态，所以甲到乙是凝固，乙到丙是升华，丙到甲是液化。故ABD错误，C正确。
故选C。
2-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．冰箱内壁的霜是水蒸气凝华形成的，该物态变化过程中会放出热量，故A错误；
B．寒冷的冬天，汽车玻璃起“雾”影响视线，是车内水蒸气液化形成的，故B错误；
C．冰雕未见其熔化却越来越小和冬天冰冻的衣服也会干都是直接从固态变为气态，属于升华现象，故C正确；
D．人游泳之后刚从水中出来感觉凉爽，这是由于身上的水汽化吸热，故D错误。
故选C。
2-6【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．风扇只是让空气流动起来，不可能降低气温，所以电风扇吹来的风不可以使放在它下面的温度计示数降低，故A错误；
B．电风扇吹来的风加快了空气流动，可以加速汗水的蒸发，而蒸发吸热，所以就会感到凉爽一些，故B正确；
C．风加快了汗水的蒸发，而蒸发吸热，风带走的是热量，而温度是不能传递的，故C错误；
D．风带走的是汗水蒸发吸收的热量，而不是周围空气的热，故D错误。
故选B。
2-7【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．通常情况下，采用压缩体积的方法将石油气液化储存在罐内，故A不符合题意；
B．舞台上的云雾是干冰升华成二氧化碳气体过程中吸收大量的热，使空气中的水蒸气液化而形成的小水滴，故B不符合题意；
C．气温骤降时，果农给橘子喷水，水凝固成冰放出热量，使橘子的温度不会降得太低，能避免橘子被冻坏，故C符合题意；
D．夏天用电风扇对着人扇风，人感到凉爽是因为扇风加快了身体上汗液的蒸发，蒸发要吸热，从而使人体温度降低，感到凉爽，故D不符合题意。
故选C。
2-8【提升】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A.壶嘴上方“白气”是水蒸气遇冷发生液化现象变成的液态水,故正确．
B.壶嘴上方出现的一团“白气”是壶中冒出来的温度较高的水蒸气液化成的小水滴,故错误．
C.水汽化过程需要吸收热量, 故错误．
D.盘子碰到这团“云”,一会儿盘的下表面就会布满水滴,这些水滴是水蒸气遇到温度较低的盘子液化而成的, 故错误．
故选A
3-1【基础】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．换算过程缺少单位，故A错误；
B．进率错误，应该是12×10﹣1m=1.2m，故B错误；
C．换算过程错误，应该是30×60s=1800s，故C错误；
D．过程及进率正确，故D正确。
故选D。
3-2【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．速度的单位换算
72km/h=72×m/s=20m/s
故A正确；
B．长度的单位换算
70m=70×100cm=7000cm
故B错误；
C．时间的单位换算
15min=15×60s=900s
故C错误；
D．长度的单位换算
1m=1000mm
故D错误。
故选A。
3-3【巩固】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．“1.7×100”换算过程无单位，故错误；
B．进率及单位正确，故正确；
C．换算过程中应为
15min=15h=0.25h
故错误；
D．“541m×109nm”单位不正确，故错误；
3-4【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．1.7m×100cm得到的单位不存在，故A错误；
B．2h=2×3600s=7200s，故B错误；
C．2km/h≠20×3.6m/s，故C错误；
D．过程及进率正确，故D正确。
故选D。
3-5【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．根据1m/s=3.6km/h可得
54km/h=54× m/s=15 m/s
换算过程及进率正确，故A正确；
B．根据1km=1000m可得
5.1km=5.1×1000m=5100m
中间过程没有单位，故B错误；
C．根据可得

故C错误；
D．根据km=1000m可得
5.1km=5.1×1000m=5100m
中间的目标单位是m，故D错误。
故选A。
3-6【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．因1m=100cm，故
7.7m＝7.7×100cm＝770cm
故A错误；
B．因1m/s＝3.6km/h，故
10m/s＝10×3.6km/h＝36km/h
故B错误；
C．因，故

故C正确；
D．因，故
10m＝10×109nm＝1×1010nm
故D错误。
故选C。
3-7【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．人的头发经直径约为
7×10-5m＝7×10-5m×109nm=7×104nm
故A正确，不符合题意；
B．单位换算为：
3h＝3×3600s=1.08×104s
故B错误，符合题意；
C．单位换算为
72km/min＝72×=1200m/s
故C正确，不符合题意；
D．单位换算为
1光年＝365×24×3600s×3×108m/s=9.4608×1015m
故D正确，不符合题意。
故选B。
3-8【提升】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．正确的换算过程为

故A正确，不符合题意；
B．正确的换算过程为

故B正确，不符合题意；
C．正确的换算过程为

故C错误，符合题意；
D．正确的换算过程为

故D正确，不符合题意。
故选C。
4-1【基础】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．为了读数精确，停表在使用前需先使指针回零，故A正确，不符合题意；
B．刻度尺有刻度的一边要紧靠被测物体，且与被测边平行，不能歪斜，故B正确，不符合题意；
C．温度计的玻璃泡进入被测热水后，待示数稳定后再读数，否则测量不准确，故C错误，符合题意；
D．称量物体质量时，若天平横梁不平衡，要增减砝码或移动游码来使天平的横梁平衡，不能调节平衡螺母，故D正确，不符合题意。
故选C。
4-2【基础】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．使用天平时，应将被测物体放在左盘，不能直接用手拿砝码，故A错误；
B．使用刻度尺测量物体长度，读数时视线要与被测物体右端所对刻线相垂直，故B错误；
C．使用量筒时，视线应与凹液面的低端相平，故C正确；
D．使用弹簧测力计之前，首先要观察弹簧测力计指针是否对其零刻度线，必要时先调零再测量，故D错误。
故选C。
4-3【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．弹簧测力计每一个大格为1N，分为5个小格，每一个小格为0.2N，指针在1N下方的第四个小格，示数为1.8N，故A错误；
B．在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“1”和“2”之间，偏向“2”一侧，所以分针指示的时间为1min，且大表盘读0～60s；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在39.8s处，所以秒针指示的时间为39.8s，即停表的读数为
t＝1min39.8s＝99.8s
故B错误；
C．称量标尺的每一个大格为1g，分为5个小格，每一个小格为0.2g，游码左边缘在4g右边，所对刻度的值为4g，被测物体的质量为
m＝50g＋10g＋4g＝64g
故C正确；
D．刻度尺上0～1cm之间有10个小格，分度值为
0.1cm＝1mm
物体左侧与4.00cm对齐，右侧与6.70cm对齐，所以物体的长度为
L＝6.70cm-4.00cm＝2.70cm
故D错误。
故选C。
4-4【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．使用天平称量过程中，应使用镊子夹取砝码，由图可知，用手拿砝码了，故A错误；
B．使用弹簧测力计时，弹簧的轴线方向要与力的方向保持一致，如图中测力计使用时，弹簧与壳的摩擦太大，造成实验数据不准确，故B错误；
C．使用温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡与液体需要充分接触，故C正确；
D．图中刻度尺歪斜，边缘没有对齐被测对象，故D错误。
故选C。
4-5【巩固】 【正确答案】 C
【试题解析】 详解:
A．利用零刻度线磨损的刻度尺也可以测出物体的长度，可以从某一整刻度量起，然后再修正，故A错误；
B．利用天平测质量时，应该用镊子加减砝码，以避免弄脏砝码，故B错误；
C．水中量筒中，液面是向下凹的，所以利用量筒测水的体积，在读数时视线应该与凹液面底部相平，故C正确；
D．利用弹簧测力计测力时，测力计可以在竖直方向使用，也可以在水平方向使用，用弹簧测力计可以测量任何方向上的力，故D错误。
故选C。
4-6【提升】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
A．由图可知：刻度尺的分度值为1mm，物体末端对应的刻度值是8.00cm，起始位置对应的刻度值是4.95cm，则物体B的长度
8.00cm﹣4.95cm＝3.05cm
故A错误；
B．由图知：在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“4”和“5”之间，偏向“5”一侧，所以分针指示的时间为4min；在秒表的大表盘上，1s之间有5个小格，所以一个小格代表0.2s，指针在34.2s处，所以秒针指示的时间为34.2s，即秒表的读数为4min34.2s，故B正确；
C．由图可知：刻度尺的分度值为1mm，物体末端对应的刻度值是6.50cm，起始位置对应的刻度值是2.00cm，则物体B的长度
6.50cm﹣2.00cm＝4.50cm
故C错误；
D．由图知，“30”在“20”上方，是零上，每一个大格是10℃和每一个小格是1℃，示数为24℃，故D错误。
故选B。
4-7【提升】 【正确答案】 D
【试题解析】 分析:
①使用刻度尺测量物体长度之前，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度．
②使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直．
③使用量筒测量固体体积时，固体的体积等于固体放入量筒中前后两次液体体积之差．
④使用停表测量时间时，小圈刻度单位为min大圈刻度单位为s,读数时还要看小圈的指针是否过半，如果过半大圈的读数应该读大于30s的读数．
详解:
A. 物体左侧与3.00cm对齐，右侧与5.23cm对齐，所以物体的长度为5.23cm−3.00cm=2.23cm.此选项错误；
B. 弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N.此时指针指在“4.6”处，所以物重为4.6N.此选项错误；
C. 物体与液体的总体积为100cm3，物体的体积小于100cm3.此选项错误；
D.小圈指针在5与6之间，读5min,而且指针过半，大圈读37.5s，所以停表的读数应为5min37.5s．
故选D.
5-1【基础】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
A．铁的密度比铝的密度大，但铁和铝的体积关系未知，由公式m＝ρV可知，无法判断它们的质量关系，故A错误，符合题意；
B．一钢瓶中充满氧气，当用掉一半后，钢瓶中氧气的体积不变（等于钢瓶的容积），但质量减小为原来的一半，由密度公式可知，钢瓶中氧气的密度变小，故B正确，不符合题意；
C．一支粉笔分成体积相等的两块后，粉笔的质量和体积都变为原来的一半，由密度公式可知，粉笔的密度不变，故C正确，不符合题意；
D．密度是物质的一种特性，与物体的形状无关，故D正确，不符合题意。
故选A。
5-2【基础】 【正确答案】 B
【试题解析】 详解:
AB．质量是物体本身的属性，所以水结成冰后，质量不变，但密度减小，由得可知，水结冰后体积变大，从而把石头撑裂开，故A不符合题意，B符合题意；
CD．密度是物质的一种特性，它不随物体自身的质量或体积的变化而变化，故石头裂开后，其密度不变，故C、D错误。
故选B。
5-3【巩固】 【正确答案】 A
【试题解析】 详解:
由题意可知，92号汽油每吨降低125元时，每升降低0.09元，则0.09元对应汽油的质量为

即1L汽油的质量为0.72kg，1L汽油的体积为

则92号汽油的密度为

故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
5-4【巩固】 【正确答案】 D
【试题解析】 详解:
A．教室的长、宽、高大约分别为10m、7m和3.5m，教室中空气的质量

接近300kg，故A正确，不符合题意；
B．水的密度是，人体密度与水的密度差不多，在左右，初中男生的质量在60kg左右，由可得，初中男生身体的体积

故B正确，不符合题意；
C．由得水的质量

故C正确，不符合题意；
D．“铅球”的密度

由于铅的密度为，所以ρ球h乙，则可知柱体A排开水的体积较大，由F浮=ρ水gV排可知，柱体A受到的浮力较大，柱体A排开水的质量较大，故A错误；
B．由题意可知，柱体A浸入水中的体积为，柱体B浸入水中的体积为，已知柱体A、B漂浮，根据阿基米德原理可知，则柱体A所受浮力
FA=GA=ρ水gVA排
柱体B所受的浮力
FB=GB=ρ水gVB排
即
ρAgVA=ρ水gVA排
ρBgVB=ρ水gVB排
由此可得，，即ρA>ρB，故B正确；
C．已知水深h甲>h乙，根据p=ρgh可知，水对甲容器底部的压强较大，已知S甲>S乙，根据F=pS可得，水对甲容器底部的压力较大，故C正确；
D．由图知两柱体在水中都处于漂浮状态，根据漂浮条件和阿基米德原理可知柱体受到的重力
G柱=F浮=G排
已知轻质容器的重力不计，则容器对地面的压力
F=G物+G水=G排+G水=ρ水g(V排+V水)=ρ水gV总
V总为物体浸入部分的体积与容器中水的体积之和，则容器对地面的压强

已知水深h甲>h乙，所以p容甲>p容乙，故D正确。
故选BCD。
12-4【巩固】 【正确答案】 AC
【试题解析】 详解:
A．根据液体压强公式和浮力公式可知，“奋斗者”号浸没在水中下潜的过程中，液体深度变大，压强变大，排开液体的体积不变，浮力不变，故A正确；
B．由液体压强公式可知，海水产生的压强为

故B错误；
C．由阿基米德原理可知，浮力为

故C正确；
D．根据浮沉条件可知，开始上浮时，此时“奋斗者”号所受到的浮力大于重力，故D错误。
故选AC。
12-5【巩固】 【正确答案】 AC
【试题解析】 详解:
ACD．由图可知，三各物体排开水的体积关系为

水的密度一定，所以根据

可知，三个小球所受浮力关系是

故D错误，AC正确；
B．由图可知，A漂浮，B悬浮，则

由于A与B体积相同，所以

则根据

可知

根据浮力产生原因可知

所以

由图可知

由以上综合可知

故B错误。
故选AC。
12-6【提升】 【正确答案】 BCD
【试题解析】 详解:
A．由丙丁两图可知，蜡块的体积是，故A不符合题意；
B．由甲丁两图可知，铝块的体积是，故B符合题意；
C．由乙图可知，蜡块是漂浮在水面上，则蜡块受到的重力等于蜡块受到的浮力，即，根据阿基米德原理得，，则有,则，故C符合题意；
D．由密度公式可得

故D符合题意。
故选BCD。
12-7【提升】 【正确答案】 BD
【试题解析】 详解:
A．由左侧图可知，A漂浮在水中，浮力等于重力为G0，木块浸入水中的体积为

故A错误；
B．由右侧图可知，AB所受浮力等于AB的重力为3G0，则物块B的体积为

故B正确；
C．细线上的拉力为

故C错误；
D．如图，因为容器为柱形，所以水对容器底的压力等于水和物体的总重力；由题可知，右侧图中水对容器底的压力比左侧图中水对容器底的压力增大了2G0，则右侧图中水对容器底部的压强比左侧图中增大了

故D正确。
故选BD。
13-1【基础】 【正确答案】 AD
【试题解析】 详解:
B．当滑片P移到b端时，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，两端的电压为0，由图像可知，此时电压表的示数为6V，即电源电压为6V，故B错误；
A．滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，由图像可知，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电压表的示数U1=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压
U2=U-U1=6V-2V=4V
因串联电路中各处的电流相等，所以

即

解得R1=10Ω，故A正确；
C．R1消耗的功率

故C错误；
D．由图像可知，当滑片P移到中点，即R2′=10Ω时，U1′=3V，通过R1的电流

故D正确。
故选AD。
13-2【基础】 【正确答案】 ABD
【试题解析】 详解:
A．由图可得，当乙两端的电压为2.5V时，电流为0.5A，其阻值为

故A错误，A符合题意；
B．由图可得，甲电阻是一个定值电阻，甲两端的电压为2.5V时，电流为0.5A，其阻值为

故B错误，B符合题意；
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，由图可得，此时甲两端的电压为1.5V，乙两端的电压为0.5V，此时电路总电压为

则电路总功率为

故C正确，C不符合题意；
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，由图可得，此时通过甲的电流为0.2A，通过乙的电流为0.4A，由并联电路电流规律可得，此时电路总电流为
I`=0.2A +0.4A =0.6A
故D错误，D符合题意。
故选ABD。
13-3【巩固】 【正确答案】 BD
【试题解析】 详解:
A．当开关S接a时，灯泡L1与电阻R0串联，电阻R0的阻值为

故A错误；
B．灯泡L1正常发光时，灯泡L1两端的电压为额定电压U1=6V，此时R0消耗的功率为P0=1W，而R0=4Ω，此时电路中的电流为

由串联电路电流的规律可知通过灯泡L1的电流
I1=I0=0.5A
灯泡L1的额定功率为
P1=U1I1=6V×0.5A=3W
故B正确；
CD．开关S接b时，灯泡L1与灯泡L2串联，当电路达到最大总功率时，应该有一盏灯泡正常发光，灯泡L1的额定电流为0.5A，由图象可知灯泡L2的额定电流为0.6A，所以串联电路允许通过的最大电流是0.5A。此时，L1正常发光，电路中的电流为
I1=I2=0.5A
从灯泡L2的U-I图象可知，当电流为0.5A时，灯泡L2两端的电压为U2=4V，则电源电压为
U=U1+U2=6V+4V=10V
电路允许达到的最大总功率
P总=UI1=10V×0.5A=5W
故D正确，C错误。
故选BD。
13-4【巩固】 【正确答案】 BC
【试题解析】 详解:
AC．由电路图可知，闭合开关，R0与串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，此时电路中电流最大，由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，由欧姆定律可得R0的阻值

R0的最大总功率
P0=UI大=16V×1.6A=25.6W
故A错误，C正确；
B．当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，由串联分压原理可知，变阻器两端的电压最大（即电压表的示数最大），此时电路中的电流最小，电路的总功率最小，由乙图可知，电路中的最小电流I小=0.2A，变阻器R两端的电压UR=14V，电路的最小总功率是
P=UI小=16V×0.2A=3.2W
故B正确；
D．滑动变阻器的最大阻值

故D错误。
故选BC。
13-5【巩固】 【正确答案】 BC
【试题解析】 详解:
由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
A．由图丙知，当滑动变阻器接入电路的电阻为50Ω时，定值电阻电路的电压为2V，由图乙知此时的电流为0.2A，则电源电压为

故A错误；
B．由图乙知，定值电阻的阻值为

故B正确；
C．由图丙知滑动变阻器接入电路的阻值最小时，电压表的示数为6V，滑动变阻器两端的电压为：

由图乙知，此时电路的电流为0.6A，滑动变阻器接入电路的最小阻值为：

故C正确；
D．由图乙知，电路的最大电流为0.6A，电路的最大电功率为：

故D错误。
故选BC。
13-6【提升】 【正确答案】 CD
【试题解析】 详解:
B．由可得，灯泡的额定电流为

由可得，灯泡的电阻

因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电路
Imax＝0.5A
电路消耗的最大功率

灯泡正常发光时，两端的电压为2.5V，功率为1.25W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的最小电压

则滑动变阻器接入电路中的最小电阻值

当电压表的示数为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，则电压表的示数范围是1.5V～3V，故B错误；
AD．灯泡两端的电压最小

电路中的最小电流

灯泡的最小功率为

电路消耗的最小功率

则电路总功率的变化范围是0.8W～2W。故A错误，D正确；
C．滑动变阻器接入电路中的最大阻值

则滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是3Ω～15Ω；故C正确。
故选CD。
13-7【提升】 【正确答案】 BCD
【试题解析】 分析:
（1）由图可知A的电流大于B的电流，故只能B正常发光，读出电流和对应的电源，根据串联电路电压的关系算出电源电压；
（2）当只闭合开关S、S2，滑动变阻器的滑片滑到最左边时，两灯泡串联，正常发光的灯泡是额定电流较小的灯泡；
（3）当只断开关S2时，两灯泡并联，再和滑动变阻器串联，两灯泡均正常发光时，干路电流为两灯泡额定电流之和，两灯泡的电压为额定电压，根据串联电路电压的特点算出滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI算出滑动变阻器消耗的功率；
（4）闭合开关S、S2电路为两灯泡、滑动变阻器串联的电路，只断开关S2时，两灯泡并联，再和滑动变阻器串联，根据题意分析电路消耗的最大功率时的电流，根据P＝UI算出各自的功率，再求出电路消耗的最大功率之比．
详解:
A、由图象可知，L1正常发光的电流为1A，L2的正常发光电流为0.5A，两灯串联在电路中，只有一灯正常发光，则一定是L2，则此时电流为0.5A，由图甲可知此时L1的电压为2V，L2的电压为6V，电源电压为：U＝U1+U2＝2V+6V＝8V，故A错误；
B、当只闭合开关S、S2，滑动变阻器的滑片滑到最左边时，两灯泡串联，由A知灯泡L2正常发光时，故B正确；
C、当只断开关S2时，两灯泡并联，再和滑动变阻器串联，两灯泡均正常发光时，干路电流为两灯泡额定电流之和，故I滑=0.5A+1A＝1.5A，
两灯泡的电压为额定电压为6V，根据串联电路电压的特点知滑动变阻器两端的电压为8V﹣6V＝2V，
滑动变阻器消耗的功率为：P滑＝U滑I滑＝2V×1.5A＝3W，故C正确；
D、闭合开关S、S2电路为两灯泡、滑动变阻器串联的电路，电路消耗的最大功率时滑动变阻器的电阻最小，电流最大为0.5A，此时的功率为：P＝UI＝8V×0.5A＝4W，
只断开关S2时，是两灯泡并联，再和滑动变阻器串联，电路消耗的最大功率时两灯泡正常发光，干路的总电流为I′＝0.5A+1A＝1.5A，此时电电路的功率为：P′＝UI′＝8V×1.5A＝12W，
所以闭合开关S、S2与只断开关S2时，电路消耗的最大功率之比4W：12W＝1：3，故D正确．
故选BCD．
13-8【提升】 【正确答案】 BC
【试题解析】 详解:
A．由图可知，小灯泡、滑动变阻器、电流表三者串联，电压表测量滑动变阻器电压，小灯泡L上标有“2.5V 1.25W”字样，则小灯泡的额定电流为

则流过小灯泡的电流不能超过0.5A，且由题干可知，流过电流表的电流不能超过0.6A，流过滑动变阻器的电流不能超过1A，根据串联电路电流规律可知，电路中电流最大为0.5A，故A错误；
B．由小灯泡L上标有“2.5V 1.25W”字样可知，小灯泡的电阻为

当电压表示数为 3V 时，滑动变阻器连入电路中的阻值最大，此时灯泡两端的电压为

电路中的最小电流为

滑动变阻器连入电路中的最大阻值为

灯泡正常发光时，电流最大，则电路的总电阻最小；滑动变阻器两端的电压为

滑动变阻器连入电路中的最小阻值为

所以滑动变阻器的阻值变化范围是 4~10Ω ，故B正确；
C．当电路中电阻最大时，电路的功率最小，由B选项可知，滑动变阻器的最大值为10Ω，则电路的最小功率为

故C正确；
D．滑动变阻器的功率为

由该式可知，当滑动变阻器阻值为5Ω时，滑动变阻器的功率最大，带入求得滑动变阻器的最大功率为1.0125W，故D错误。
故选BD。
14-1【基础】 【正确答案】 减少 做功 做功
【试题解析】 详解:
[1][2][3]试管口木塞会被推出时，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，则水蒸气内能变小；四冲程内燃机的做功冲程，高温高压的燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，与这个原理相同。
14-2【基础】 【正确答案】 压缩 机械 内 做功
【试题解析】 详解:
[1]由图可知，进气门排气门关闭，活塞向上运动，所以这是压缩冲程。
[2][3]压缩冲程中，活塞向上运动，压缩气体做功，活塞将自身的机械能转化为气体的内能。
[4]压缩冲程中，能量发生了转化，从机械能转化为内能，所以是通过做功的方式改变了内能。
14-3【巩固】 【正确答案】 原理 做功 F B
【试题解析】 详解:
[1][2][3][4]A图中，进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程；B图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能；C图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能；D图中，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；E图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧。是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；F图是水蒸气膨胀对外做功，将塞子冲出，是内能转化为机械能。综上所述，图E、F是演示实验的原理示意图。C图是做功冲程，与它原理相同的是F图所示的演示实验。汽油机的工作示意图中机械能转化为内能的冲程是B图。
14-4【巩固】 【正确答案】 C、D 2400
【试题解析】 详解:
[1]如图乙，扭转瓶子时，小明施加的外力压缩瓶内的气体，是机械能转化为内能，这一过程与四冲程内燃机的压缩冲程相似；当瓶盖被瓶内的气体冲出时，是瓶内气体对瓶盖做功，内能转化为机械能，这一过程与四冲程内燃机的做功冲程相似，故整个过程与图丙中热机的C、D冲程相似。
[2]如果此汽油机每秒内对外做功20次，则每秒完成20个工作循环，飞轮每秒转40圈，所以，飞轮的转速为2400r/min。
14-5【巩固】 【正确答案】 变低 做功
【试题解析】 详解:
[1][2]甲图中，气球内的气体向外喷出时，气体对外做功，其内能减小，内能转化为机械能，所以球内气体的温度降低；汽油机的做功冲程中，火花塞喷出电火花，点燃混合气体，高温高压的燃气推动活塞做功，也是内能转化为机械能，故气球的能量转化和汽油机的做功冲程类似。
14-6【提升】 【正确答案】 做功 热传递 降低 爆炸产生的气体对子弹做功，内能减小，温度降低 机械传热损失能量 克服子弹与枪管的摩擦消耗能量 废气排出带走能量 做功
【试题解析】 详解:
（1）[1][2][3][4]改变物体内能的方法是做功的热传递。击发子弹时，首先是撞针撞击子弹壳尾部，通过做功的方式增加尾部引爆火药的内能；使之升温至燃点并剧烈燃烧，然后通过热传递的方式增加子弹壳内部推进火药的内能并使之爆炸，爆炸产生高温高压的气体向前推动子弹，使之高速射出枪膛，物体对外做功，内能减小，子弹离开枪膛时爆炸产生的气体温度降低，原因是爆炸产生的气体对子弹做功，内能减小，温度降低。
（2）[5][6][7]火药爆炸产生高温高压的气体向前推动子弹做功使子弹获得动能，还有一部分能量损失：①机械传热损失能量；②克服子弹与枪管的摩擦消耗能量；③废气排出带走能量。
（3）[8]内燃机做功冲程，燃气对外做功，内能转化为机械能。火药爆炸产生高温高压的气体向前推动子弹类似于内燃机的做功冲程。
14-7【提升】 【正确答案】 做功 热传递 减少 机械 做功 液化
【试题解析】 详解:
（1）[1]拉动绳子克服摩擦力做功，是将机械能转化为内能，这是通过做功方式改变金属管内能。
（2）[2]酒精吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递改变物体的内能。
（3）[3][4][5]塞子被酒精蒸气顶出，是筒内酒精蒸气膨胀对塞子做功，酒精蒸气内能转化为木塞的机械能。内燃机的做功冲程中，是内能转化为机械能，故此过程跟内燃机的做功冲程相同。
（4）[6]酒精蒸气将木塞顶开时，酒精蒸气对木塞做功，内能减少，温度降低，一部分蒸气发生液化，变成液态，所以管口出现的“白气”。
15-1【基础】 【正确答案】 大气压
【试题解析】 详解:
防滑拖鞋的背面有许多小吸盘，将吸盘内的空气挤压出来以后，在大气压的作用下，吸盘被挤压到地面上产生了更大的压力，起到了防滑的作用．
故答案为大气压
15-2【基础】 【正确答案】 减小 大气压
【试题解析】 详解:
[1]当我们吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张，于是肺的容积增大，但肺中原有空气质量不变，故肺内空气压强减小。
[2]此时肺内气压小于大气压，大气压将含病毒的空气经鼻腔、气管压入肺中。
15-3【巩固】 【正确答案】 ② ①
【试题解析】 详解:
[1][2]瓶口用橡皮塞盖紧，瓶塞中央插一根两端开口的玻璃管，玻璃管中水面高于b低于a，则b、c两处压强大于外界气压，a处小于外界气压，则只拔出a时发生的现象是：a处无水流出，且向里冒气泡；只拔出b时发生的现象是b处向外流水。
15-4【巩固】 【正确答案】 不会 大气压 不是
【试题解析】 详解:
[1]因为一标准大气压可以支持约10米高的水柱，所以装满水的瓶子倒置于盘中，瓶口恰好被水浸没，此时瓶中的水不会下降。
[2]当瓶口在水面以下时，瓶子内的水和空气的压强之和等于外界的大气压强，水不流出；当瓶口露出水面时，空气进入瓶内，瓶内空气和水的压强之和大于外界的大气压强，水流出，直到封住瓶口为止，是利用大气压强工作的。
[3]随着水的下降，瓶中水位上A处有空气进入，不是真空。
15-5【巩固】 【正确答案】 上升 变小
【试题解析】 详解:
[1][2]气压与海拔有关，海拔越高，气压越低，因此山脚气压大于山顶气压，向瓶内吹气，使瓶内气体压强大于瓶外的大气压，所以管中液面高于瓶口，某同学拿着它从山脚到山顶，则瓶外气压变小，瓶内气压将使管中液面上升。
15-6【提升】 【正确答案】 大气压 大于 能
【试题解析】 详解:
[1]按压瓶盖，瓶内气体被压缩，压强变大，大于外界大气压，洗手液在内外气压差的作用下被压上来，利用的是大气压。
[2]向下按压后松手时，瓶内气体被压缩，压强变大，大于储液筒中气压，所以液体才能从导液管通过进液阀门被压进入到储液筒。
[3]在太空舱中存在空气，如果宇航员在太空舱中按压这种瓶装洗手液瓶盖，可以使瓶内气压增大，大于太空舱内的气压，所以能挤出洗手液。
15-7【提升】 【正确答案】 81 71
【试题解析】 详解:
对乙图封闭气体压强为：P＝P0+ρgh＝P0+ρgh＝76cmHg+5cmHg＝81cmHg，对于图丙,封闭气体压强为：P′＝P0−ρgh＝P0−ρgh＝76cmHg−5cmHg＝71cmHg.
点睛:
乙图中水银柱受力平衡，在内外大气压力差和重力作用下平衡；丙图中的水银柱同样在内外大气压力差和重力作用下平衡．
16-1【基础】 【正确答案】 N极 S极
【试题解析】 详解:
（1）[1]根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断电磁铁的甲端是极。
（2）[2]电磁铁的磁极方向与电流方向有关。电磁铁断电后；电磁铁和铁块上的磁性均消失。此时，若再给电磁铁通以与相反方向的电流，电磁铁的极性相反，则此时电磁铁甲端应为极。
16-2【基础】 【正确答案】 甲
【试题解析】 详解:
重力的作用点在物体的重心，方向是竖直向下的，由图可知，只有甲符合要求。
16-3【巩固】 【正确答案】 负极 变大
【试题解析】 详解:
[1]条形磁铁在水平推力F的作用下，做匀速直线运动，这说明它受到的摩擦力与水平推力二力平衡，闭合开关S，条形磁铁向右减速运动，说明它受到了一个向左的力，根据同名磁极互相排斥可知，电磁铁的左端是N极，再根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，所以a端为电源的负极。
[2]将滑动变阻器的滑片向左移动，变阻器接入电路的电阻变小，电源电压不变，那么电流变大，电磁铁的磁性增强，电磁铁对条形磁铁向左的力增大，欲保持条形磁铁匀速直线运动，根据力的平衡可知，F应变大。
16-4【巩固】 【正确答案】 伸长 S 下
【试题解析】 详解:
[1][2][3]开关闭合，根据安培定则判断电螺线管的上端为N极，下端为S极，螺线管的磁场与上端条形磁铁的磁场相互作用；滑动变阻器滑片从左往右滑动的过程中，电阻减小，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，条形磁铁的吸引力增大，所以弹簧长度会增大；由磁极间的作用规律可知，小磁针N极向下偏转。
16-5【巩固】 【正确答案】 0.5
【试题解析】 详解:
[1]已知玩具汤匙质量为50g，则汤匙重
G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N
[2]图中所示汤匙静止时，手指尖与汤匙接触的位置即为重心，过重心作竖直向下的带箭头的线段，并标上重力的符号G


16-6【巩固】 【正确答案】 正 右
【试题解析】 详解:
[1] 小磁针静止时N极向左，则由磁极间的相互作用可知，通电螺线管右端为S极，则左端为N极，根据安培定则可以判断电源的右端为正极，左端为负极。
[2] 为使通电螺线管的磁性增强，需增大电路中电流，由欧姆定律可知要减小电路中电阻，故滑片向右移动时，电路中电阻减小。
16-7【提升】 【正确答案】 磁力 拿开球体 正极
【试题解析】 详解:
悬浮地球仪是利用的同名磁极相互排斥的原理制成的，闭合开关，电磁铁中通电产生磁性，与球体相排斥，所以地球仪工作时，球体悬浮于空中，在空中静止，所以球体竖直方向受到的重力与磁力是一对平衡力；磁悬浮地球仪中的电磁铁是利用电流的电磁效应工作的，当磁悬浮地球仪停止工作时，应先“拿开球体”再“切断电源”，防止地球仪在重力作用下会落下来而摔坏。
根据题意“它能大致模拟地磁场的分布特点”可知，球体下方的磁极为N极，因此螺线管的上方为N极，由右手螺旋定则可知，电流从A流入，B流出，因此A端接电源正极。
16-8【提升】 【正确答案】 高 右 竖直向下
【试题解析】 详解:
[1]用水平仪来检查所砌的墙面是否水平时，由于空气密度小于水的密度，水向低处流，空气泡会往高处移动，若空气泡在A端，则表示A端的墙面更高，若空气泡在B端，则表示B端的墙面更高。
[2][3]因为重力的方向总是竖直向下的，而水平仪就是利用了重力的方向总是竖直向下的，因此重锤线锥体偏在水平仪中央刻度线的右侧，说明此墙面左边高，右边低。
17-1【基础】 【正确答案】 等于 大于 变大
【试题解析】 详解:
[1]同一支密度计放在甲、乙两种液体中都漂浮，由漂浮条件得到
F浮甲=F浮乙=G
密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力相等。
[2][3]由图可知密度计排开液体的体积
V排甲ρ乙
故密度计的刻度值从上向下应逐渐变大。
17-2【基础】 【正确答案】 偏大
【试题解析】 详解:
[1]因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，所以F浮浮盐水=G=F浮水，设密度计的底面积为S，则根据
G =F浮液= 液gV排
得
gSh水= P盐水gSh盐水
已知水< 盐水，所以h水 > h盐水。
[2]由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变，根据F浮=液gV排排可知排开液体的体积不变，当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时
V排 = V气泡 + V浸
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以测得的液体的密度偏大。
17-3【巩固】 【正确答案】 漂浮 等于 小于
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]由图甲可知，密度计一部分露出水面，一部分浸入水里，因此密度计静止时竖直漂浮在液体中，根据物体的浮沉条件可知，此时密度计受到的浮力大小等于它的重力。
（2）[3][4]由图乙可知，设密度计底面积为S，由物体浮沉条件和阿基米德原理可知
F浮乙=G=ρ水V排g=ρ水SHg①
由图丙可知，木棒放到另一种液体中静止时浸入长度为h。由物体浮沉条件和阿基米德原理可知
F浮丙=G=ρ液V排'g=ρ液Shg②
由①②两式可得
ρ水SHg=ρ液Shg
化简得
ρ水H=ρ液h③
由图乙丙可知，Hρ液。由③式可知，ρ液、ρ水、h及H的关系式为

17-4【巩固】 【正确答案】 不变 上浮 变大
【试题解析】 详解:
[1]船从长江驶入东海的过程中，船始终处于漂浮状态，故由受力分析可知，它受到的浮力始终等于船的重力不变。
[2]而船从长江驶入东海时，海水的密度比河水大，故由F浮=ρ液gV排可知，船排开海水的体积将减小，故船身将上浮一些。
[3]如果将船体想象成一个巨大的液体密度计，因船身始终漂浮在水面上，故可知密度计所受浮力不变，而由阿基米德原理可知，物体所受浮力不变时，物体排开液体的体积越大，液体的密度越小，故可知密度计的刻度值从上到下是逐渐变大的。
17-5【巩固】 【正确答案】 重心 不同 乙 乙密度计测量时浸没深度变化大
【试题解析】 详解:
[1]将金属丝缠绕在松木棍一端而不在中间，是为了降低“密度计”的重心，使它竖直漂浮在液面上时更稳定。
[2]用甲、乙两只“密度计”测同一杯盐水的密度，由于金属丝和木棍都相同，则两密度计受到的重力相同，根据漂浮条件可知，它们受到的浮力也相同，根据阿基米德原理可知，两密度计排开盐水的体积相同，由于两密度计粗细不同，所以浸入盐水的深度不同。
[3][4]选用密度计乙测量更精确，因为密度计在不同液体中受到浮力相同，乙密度计较细，当排开液体体积变化量一定时，浸入液体的深度变化较大。
17-6【提升】 【正确答案】 等于 0.9×103 变小
【试题解析】 详解:
[1]根据物体浮沉条件可知，密度计在液体中漂浮时，受到的浮力等于重力。
[2]设吸管的横截面积为S，吸管露出水面的长度是8.8cm，则浸入水中的深度
h水=16cm-8.8cm=7.2cm
将该密度计放入某液体中，吸管浸入液体的深度
h液=16cm-8cm=8cm
因为密度计不管是在水中还是在液体中，都是漂浮状态，所以
F浮水=F浮液=G
由阿基米德原理得到
ρ水gSh水=ρ液gSh液

1.0×103kg/m3×g×S×0.072m=ρ液×g×S×0.08m
解得
ρ液=0.9×103kg/m3
[3]将密度计从液体中取出后，烧杯中液面将降低，根据p=ρ液gh可知，烧杯底部受到液体的压强将减小。
17-7【提升】 【正确答案】 竖直的漂浮 等于 ＞ 上
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，这样做目的是为了降低重心，让密度计竖直漂浮在液体中；饮料吸管竖直的漂浮在液体中，根据漂浮条件可知；吸管所受浮力与重力相等。
（2）[3]由于吸管在图1、2图中均漂浮，所以
F浮＝G
则在水和另一种液体中受到的浮力相等，所以
F浮＝ρgV排
V排甲＞V排乙
所以
ρ水＜ρ液
[4]设吸管的底面积为S，根据物体浮沉条件可知
F浮水＝F浮夜
ρ水gSH＝ρ液gSh
h＝
（3）[5]根据（2）可知，将上端刻度与下端刻度进行比较，得到刻度线的两个特点是：上端刻度小、下端刻度大和上端刻度疏、下端刻度密；即0.9刻线是在1.0刻线的上方。
18-1【基础】 【正确答案】 变小 不变
【试题解析】 详解:
[1]由电路图可知：R1与变阻器串联，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R两端电压，电流表测电路的电流；滑动变阻器滑片自b向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小。
[2]V1表的示数与A表的示数的比值即为R1阻值，滑动变阻器接入电路的阻值变小时，V1表的示数与A表的示数都增大，但这个比值保持不变。
18-2【基础】 【正确答案】 变小 变大 不变
【试题解析】 详解:
[1][2]如图所示，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻R两端电压，电流表测该电路的电流，滑动变阻器左端接入电路， 把滑片P向左移动，滑动变阻器接入阻值减小，根据串联分压，滑动变阻器两端电压减小，根据串联电路电压特点可知，定值电阻R两端电压变大，即电压表示数变大。
[3] R是定值电阻，其阻值保持不变。
18-3【巩固】 【正确答案】 变小 不变 不变
【试题解析】 详解:
[1][2]由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；因电源电压保持不变，所以滑片向右移动时电压表的示数不变；滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的示数变小。
[3]由于并联电路中各支路互不影响，所以滑片向右移动时，则灯泡的亮度不变。
18-4【巩固】 【正确答案】 不变 不变 变小
【试题解析】 详解:
[1]闭合开关后，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测电源电压，所以移动滑动变阻器的滑片P位置，电源电压不变，电压表示数不变。
[2]闭合开关后，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A2测干路中电流，与电流表A1测滑动变阻器的电流，所以电流表A2与电流表A1的示数差为灯泡的电流。由于并联电路互不影响，所以移动滑动变阻器的滑片P位置，灯泡的电流不变，所以电流表A2与电流表A1的示数差不变。
[3]将滑动变阻器的滑片P从中点向右移动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，干路中的电流变小，由P=UI得电路的总功率变小。
18-5【巩固】 【正确答案】 变小 变小 变小
【试题解析】 详解:
[1]图中灯泡和滑动变阻器串联在电路中，电压表测灯泡两端的电压；滑片向右端移动，接入电路的电阻变大，电路总电阻变大，电源电压不变，根据可知，通过电路的电流变小，即通过灯泡的电流变小，由P=I2R可知灯泡的实际功率变小，灯泡的亮度变小。
[2]电路中的电流变小，电源电压大小不变，根据P=UI可知，电路的总功率变小。
[3]电压表测量灯泡两端的电压，电路中电流变小，灯丝电阻不变，根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小。
18-6【提升】 【正确答案】 9 15
【试题解析】 详解:
[1]只闭合开关S，滑动变阻器的滑片P移至最右端时，只有灯泡L接入电路，此时小灯泡L恰好正常发光，则电源电压
U＝U额＝9V
[2]闭合开关S、S1、S2，滑动变阻器与R1并联，且滑动变阻器接入电路的阻值最大，R1消耗的功率

滑动变阻器消耗的电功率

则R2的最大阻值为

18-7【提升】 【正确答案】 B 5Ω 15Ω
【试题解析】 详解:
[1]如图所示该电路为定值电阻R和滑动变阻器的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻R两端的电压；为保护电路，应使电路中通过的电流最小，由欧姆定律可知应使滑动变阻器连入电路的阻值最大，即将滑片移至B端。
[2]此时电压表示数为1.5V，即定值电阻R两端电压为UR=1.5V，电流表示数为0.3A，即电路中的电流为I=0.3A，则定值电阻R的阻值为

[3]由串联电路电压特点可知滑动变阻器两端的电压为

则滑动变阻器最大阻值为

19-1【基础】 【正确答案】 S1 S1 S2
【试题解析】 详解:
（1）[1]由图可知：断开S2、闭合S1，电路为只有R0工作的简单电路，电流表示数为I1，电源电压

（2）[2][3]断开S1、闭合S2，电路为Rx的简单电路，记录电流表的示数为I2，电源电压

（3）[4]联立上述①②关系式可得，待测电阻的阻值为

19-2【基础】 【正确答案】 3 30
【试题解析】 详解:
[1]可以根据并联电路电流规律列等式，设电源电压为U，则第一次实验可以列等式

根据第二次实验可以列等式

两式联立即可以求出电压电压为3V。
[2]将电源电压带入第一个等式中，即可得出电阻R1的阻值为30Ω。
19-3【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
[1][2]当开关S闭合，S1断开，两只电阻串联，根据欧姆定律可知，电源电压为
U=IRx+IR0
当两个开关都闭合时，定值电阻R0短路，Rx两端电压等于电源电压，即
U=I1Rx
由于电源电压一定，故有
I1Rx=IRx+IR0
解得，待测电阻的阻值为

则电源电压

19-4【巩固】 【正确答案】
【试题解析】 详解:
[1]当滑片置于最左端时，滑动变阻器没有接入，电流表示数为，只有待测电阻接入电路，则可以列等式

当滑片P置于最右端时，滑动变阻器全部接入，此时电流表示数为，滑动变阻器与待测电阻串联，则可以列等式

联合上面两个的等式，可得

故。
[2]当滑片置于最左端时，滑动变阻器没有接入，只有待测电阻接入电路，电压表示数为，即电源电压为，当滑片P置于最右端时，滑动变阻器全部接入，电压表示数为，滑动变阻器与待测电阻串联，则此时滑动变阻器的电压为

则电路中的电流为

则待测电阻的阻值为

故。
19-5【提升】 【正确答案】 可多次测量取电阻的平均值，减小实验误差 将滑动变阻器的滑片移到左端
【试题解析】 详解:
(1)[1]甲、乙两电路相比较，乙电路只能测量一组数据，甲电路的优点是调节滑动变阻器，可多次测量取电阻的平均值，减小实验误差。
(2)[2]若电压表损坏，利用如图丙所示的电路也能测出Rx的阻值，具体实验步骤如下：
a.将滑动变阻器的滑片移到左端，读出电流表的示数I1；
b.将滑动变阻器的滑片移到右端，读出电流表的示数I2；
(3)[3]将滑动变阻器的滑片移到左端，只有Rx连入电路中，电源电压
①
将滑动变阻器的滑片移到右端，Rx、R串联，电源电压
②
由①②可得，被测电阻Rx的电阻

19-6【提升】 【正确答案】 S2
【试题解析】 详解:
(1)[1]实验中没有电压表，电路应设计成并联电路，通过测R0的电流，得到Rx两端的电压，电路图如图所示

(3)[2]只闭合开关S2时，电路中只有R0接入电路，电流表的示数为I2。
(4)[3]由并联电路的电流特点可得，通过Rx的电流为

根据并联电路电压的特点和欧姆定律知

根据欧姆定律可得Rx的阻值
。
19-7【提升】 【正确答案】 见解析 不正确 电流表的正负接线柱接反
【试题解析】 详解:
[1]由图甲可知，只闭合开关S1时电路为R0串联的简单电路，此时电流表测R0的电流为I1，可求电源电压为

当闭合开关S1和S2时，电路为R0、Rx并联，电流表此时测R0、Rx的总电流示数为I2，根据并联电路电流的规律可知Rx的电流为

Rx的电阻可表示为

[2]小明设计的电路中加入滑动变阻器，一方面可以起到保护电路的作用，另一方面可以通过移动滑片改变电路中的电流，进行多次测量。
[3][4]在小明的接法中，闭合开关S1时，电流从下往上经过电流表，而闭合S2时，电流从上往下经过电流表，两次电流流经电流表的方向相反，则有一次电流表的正负接线柱接反，所以小明的做法是错误的。
20-1【基础】 【正确答案】 b
【试题解析】 详解:
解：（1）由题意可知，当电路中总电阻越小时，电路中的电流越大，电功率越大，所以加热档时电路中的电流大，由电路图可知，当开关置于b时，电路中只有R1接入电路，电路中的电阻最小，电流最大，即开关置于b为加热档。
（2）由比热容吸热公式可得

（3）由题意可知及上述分析可知，有用热量为水吸收的热量，总热量为电流的焦耳热，焦耳热为

由热效率计算公式可知，养生壶的热效率为

答：（1）开关置于b；
（2）热量为1.26×105J；
（3）热效率为90%。
20-2【基础】 【正确答案】 小 小 1000W 40%
【试题解析】 详解:
（1）[1] [2]因为同规格的电源线越短，导线的电阻越小有些劣质的电煎锅插头和电源线却是铝质导线，导线的电阻会变大，根据串联电路的分压作用知电源线上的电压增大，由串联电路电压的规律知电煎锅两端的电压偏小。
（2）[3]开关处于加热挡时，电路为R1的简单电路，电煎锅在“加热”挡的电功率

（3）[4]将50g食物从4℃加热至124℃时吸收的热量为

消耗的电能为

电煎锅加热食物的效率为

20-3【巩固】 【正确答案】 (1)见解析；(2)1.848×105J；(3)5.64×105J
【试题解析】 详解:
解：(1)由于分子在永不停息的做无规则运动，并且温度越高，分子的运动越剧烈，所以豆浆中的香分子快速进入到空气中。
(2)由吸热公式可知，水吸收的热量为

(3)豆浆机的水温升到64℃前只有加热器工作，加热器单独工作时消耗的电能

由可得，加热器单独工作的时间

加热器和电动机同时工作的时间
t共=10min-5min=5min=300s
则加热器和电动机同时工作消耗的电能
W共=(P加＋P电)t共=(880W＋120W)×300s =3.0×105J
本次制作豆浆共消耗的电能
W总=W加＋W共=2.64×105J＋3.0×105J=5.64×105J
答：(1)由于分子在永不停息的做无规则运动，并且温度越高，分子的运动越剧烈，所以豆浆中的香分子快速进入到空气中；
(2)质量为1kg的水从20℃加热到64℃需要吸收的热量为1.848×105J；
(3)本次制作豆浆共消耗的电能为5.64×105J。
20-4【巩固】 【正确答案】 （1）见解析；（2）420s
【试题解析】 详解:
解：（1）由图知，当开关S1闭合，S2接B时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，则电路中的电流最大，由P=UI可得，电路的总功率最大，此时养生壶为高温档。
（2）由表格可知：水的体积
V＝1L＝1×10-3m3
由可得，水的质量
m＝ρV＝1×103kg/m3×1×10-3m3＝1kg
水吸收的热量
Q吸＝cm(t-t0)＝4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(100℃-12℃)＝3.696×105J
由可得养生壶消耗的电能

由得，在高温挡下烧开一壶水需要的时间为

答：（1）当开关S1闭合，S2接B时，为高温档；因为此时电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，则电路中的电流最大，由P=UI可得，电路的总功率最大，因此养生壶为高温档；
（2）烧开一壶水需要的时间为420s。
20-5【巩固】 【正确答案】 闭合 R1单独工作 3A 4.62×105J
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]由图可知开关S断开时定制电阻R1、R2串联接入电路，S闭合时电阻R2被短路，只有R1接入电路，由

只可知，电压不变时电阻越大则功率越小，可知S断开时为低温档，S闭合时为高温档，高温档时，只有R1单独工作。
（2）[3]由题意可知低温加热时，电阻R1、R2串联接入电路，此时低温档功率为

故电流为

（3）[4]空气炸锅低温加热时，电功率为660W，10min消耗的总电能是

20-6【提升】 【正确答案】 热 并 短路 总功率过大 48.4 400 80 1134 0.3 1∶4
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]电饭煲主要是利用了电流的热效应进行工作的；电饭煲与电冰箱之间可以独立工作，互不影响，所以它们是并联的。
（2）[3][4]电流过大会导致空气开关“跳闸”，电流过大的原因有：①电饭煲插头内部发生短路；②接入电饭煲后使得电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大。
（3）[5][6]只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时为保温挡，保温挡的功率为

闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电路的总功率最大，为高温挡，则R2的电功率为
P2=P-P1=1400W-400W=1000W
R2的阻值为

（4）[7]水吸收的热量
Q吸=c水m水(t-t0)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(100℃-20℃)=3.36×105J
由可知，电饭煲工作5min消耗的电能
W=Pt=1400W×5×60s=4.2×105J
电饭煲的加热效率

[8]若电压降为198V，R1的实际功率

R2的实际功率

电饭煲的实际加热功率
P实=P1'+P2′=324W+810W=1134W
（5）[9]3000imp/(kW·h)表示电路中用电器每消耗1kW·h电能，电能表指示灯闪烁3000次，则电能表指示灯闪烁900次，电饭煲消耗的电能

[10]电饭煲正常工作的总时间
t′=30min=1800s
设加热时间为t1，则保温时间为
t2=t'-t1=1800s-t1
整个过程电饭煲消耗的电能
P加热t1+P保温(1800s-t1)=1.08×106J
即
1400W×t1+400W×(1800s-t1)=1.08×106J
解得t1=360s，则
t2=1800s-t1=1800s-360s=1440s
所以加热、保温时间之比
t1∶t2=360s∶1440s=1∶4
20-7【提升】 【正确答案】 加热 保温洗涤 50% 2A
【试题解析】 详解:
（1）[1]由图可知，当开关同时接触2、3触点时，R1、R2并联；当开关同时接触3、4触点时，R2与电动机并联；根据并联的电阻特点可知，并联电路的总电阻小于任一分电阻，所以当开关同时接触2、3触点时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，根据可知，电功率最大，洗衣机处于加热状态。
[2]当开关同时接触3、4触点时，R2与电动机并联，电路中的电阻较大，根据可知，电功率较小，洗衣机处于保温洗涤状态。
（2）[3]水吸收的热量
Q吸=c水m（t-t0)=4.2×103J/（kg·℃）×10kg×（45℃-20℃)=1.05×106J
由表格数据可知，洗衣机的加热功率P加热=2400W，由可知，洗衣机加热消耗的电能
W=P加热t′=2400W×875s=2.1×106J
此过程中的加热效率

（3）[4]R1的电功率

根据并联电路的特点可知，R2的电功率
P2=P加热-P1=2400W-2200W=200W
则保温洗涤时的总功率
P=P1+PM=200W+240W=440W
根据P=UI可知，洗衣机处于保温洗涤状态时，干路电流

21-1【基础】 【正确答案】 小灯泡 5Ω 1.35
【试题解析】 详解:
（1）[1]测定小灯泡的电功率的实验中，小灯泡与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中，由图（a）可知，电流表选用的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A，即电路中的电流为0.2A，移动滑动变阻器的滑片P至最大阻值处时，R滑=20Ω，则滑动变阻器两端的电压
U滑=IR滑=0.2A×20Ω=4V
如图（b）所示，电压表选用0~3V的量程，分度值为0.1V，示数为2V，即UL=2V，由此可知，实验中将电压表并联在小灯泡的两端。
（2）[2][3]根据串联电路电压的规律知电源电压
U=U滑+UL=4V+2V=6V
此时U滑>UL，为了测量出小灯泡额的额定功率，根据欧姆定律和串联电路电压的规律可知，应移动滑动变阻器的滑片，减小滑动变阻器连入电路的电阻，增大电路中的电流，使小灯泡两端的电压增大到额定电压，小灯泡正常发光，所以电流表指针自图（a）位置转过5小格，是向右偏转五个格，示数为
I′=0.2A+5×0.02A=0.3A
即
I额=I′=0.3A
小灯泡正常发光时两端的电压U额=4.5V，由串联电路电压规律知的滑动变阻器两端的电压
U滑′=U-U额=6V-4.5V=1.5V
此时滑动变阻器连入电路的阻值

小灯泡的额定功率
P额=U额I额=4.5V×0.3A=1.35W
21-2【基础】 【正确答案】 C 增大 灯丝的电阻随温度变化 0.5W
【试题解析】 详解:
（1）[1]滑动变阻器滑片P向右滑动时小灯泡变亮，说明电流增大，应接右下接线柱，其电阻约为10Ω，根据欧姆定律可求电流为

电流表选用小量程，实物图如下图所示：


（2）[2]因为电流表和电压表都有示数，所以可能是灯泡实际功率太小，说明电路为通路，则可能是电路中电流太小，所以应该移动滑动变阻器，故选C。
（3）[3][4]由图像可知，当小灯泡两端的电压增大时，但电流变化相对较小，由知，灯丝的电阻会增大，是受温度的影响。
[5]当灯泡正常发光时电压为2.5V，由图知，所以灯泡的额定功率

21-3【巩固】 【正确答案】 D B 左 1.14 太小 灯丝的电阻随温度的升高而增大
【试题解析】 详解:
（1）[1]由题知，待测小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω，则小灯泡的额定电流大约为

为了电流测量值更准确，所以电流表应该选择0~0.6A的量程与小灯泡串联；要求当滑动变阻器的滑片P向C端移动时，接入电路的电阻变小，根据图甲知，滑动变阻器应该选择C处的接线柱，则完整的电路连接图如下：

（2）[2]为了保护电路，在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于其阻值最大处，由电路图知，滑动变阻器的滑片P应该置于D端。
（3）[3]该实验的电路属于串联电路，电流表与小灯泡和滑动变阻器串联，电压表与小灯泡并联。当小灯泡不发光，且电流表无明显示数时，电路中发生了断路，而电压表有示数，且移动滑动变阻器滑片P时，两表示数均无显著变化，则原因是与电压表并联的小灯泡发生了断路，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
（4）[4]实验过程中，小明发现小灯泡较暗，说明灯泡两端的电压过低，如果要让小灯泡正常发光，需要增大灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律可知，需要减小滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压规律可知，需要减小滑动变阻器接入电路的电阻，故他应将滑动变阻器向左移动。
（5）[5]由于电流表选择的是0~0.6A的量程，则图乙中电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率为
P0＝U额I额＝3.8V×0.3A＝1.14W
（6）[6]无论怎样调节滑动变阻器滑片都不能使小灯泡正常发光，可能是电源电压太小，使得小灯泡两端电压始终小于3.8V，或者滑动变阻器最大阻值太小，分压太少，使得小灯泡两端电压始终大于3.8V。
（7）[7]由图像可知，通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，这是因为灯丝的电阻随温度的升高而增大。
21-4【巩固】 【正确答案】 断开 2.2 B 0.5 增大
【试题解析】 详解:
（1）[1]为保护电路安全，在连接电路的过程中开关应该处于断开状态。
（2）[2]因为小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，所以电压表量程选择0~3V，电流表量程选择0~0.6A；电流表与小灯泡串联，电压表与小灯泡并联，如下图所示：

（3）[3]图乙中电压表接的是0~3V量程，分度值为0.1V，其示数为2.2V。
[4]此时的实际电压小于其额定电压，所以此时的实际功率小于其额定功率；电压表测灯泡电压，要使灯泡电压从2.2V增大到2.5V，灯泡电流要增大，电路总电阻要减小，滑动变阻器电阻减小，滑片向B端移动。
（4）[5]由图丙可知，小灯泡的电压为2.5V时电流为0.2A，小灯泡的额定功率为
P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W
（5）[6]由图象知随着灯泡电压的增大，灯泡两端的电压U与流过灯泡的电流I的比值增大，即灯泡的电阻增大。
21-5【巩固】 【正确答案】 B 右 0.3 0.75 D
【试题解析】 详解:
（1）[1]已知小灯泡的额定电压是2.5V，正常工作时电阻约10Ω，小灯泡正常发光时的电流大约为

故电流表选用小量程与灯泡串联；滑动变阻器上下各选一个接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：

（2）[2]电流表、电压表均有示数，说明电路不存在断路，灯泡不发光，可能是电路电流太小，电路总电阻太大，接下来的操作是：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光。
故选B。
（3）[3]问题解决后，继续进行实验，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，电压表的示数为2V，小于灯泡额定电压2.5V，为了使小灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向右端移动滑片。
（4）[4][5]当电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡额定功率为
P=UI额=2.5V×0.3A=0.75W
（5）[6]因为电压越大，电流越大，灯泡的电功率越大，灯泡越亮，灯丝的温度越高，灯丝的电阻随之增大，因此小灯泡的电流与电压不成正比，但是电流随着电压的增大而增大，故ABC不符合题意，D符合题意，
故选D。
21-6【提升】 【正确答案】 A B P＝UI 2.4 1.2 I1
【试题解析】 详解:
（1）[1]闭合开关前，为了保护电路，滑动变阻器应调至阻值最大的A端；
[2]由图甲所示的电路，闭合开关后移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电路可能断路，电压表的示数接近3V保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的部分断路了，为了排除故障，接下来的操作合理的是拧紧小灯泡和它两端的接线柱，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（2）[3]根据电功率的定义可知，测量小灯泡额定功率的实验原理是
P＝UI
（3）[4]排除故障后，正确连接电路，使小灯泡正常发光，电压表选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V。
[5]小灯泡的额定功率为
P＝UI＝2.4V×0.5A＝1.2W
（4）[6][7]小强对实验进行了拓展，利用如图丙所示的电路，测出了另一只已知额定电流为I1的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤：
①闭合开关S1，开关S2连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1；
②保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关S2连接a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1，读出电阻箱的示数为R0；
③在①中，灯与变阻器串联，电流表测电路的电流，电流表示数为I1，故灯正常发光；
在②中，电阻箱与变阻器串联，电流表示数仍为I1，由等效代法，电阻箱的示数R0即为灯正常发光时的电阻，则小灯泡的额定功率表达式

21-7【提升】 【正确答案】 P=UI 灯泡断路 0.6 左 变大 B
【试题解析】 详解:
（1）[1]伏安法测量电功率时，用电流表、电压表测出通过灯泡的电流和灯泡两端的电压，所以实验原理是P=UI。
（2）[2]闭合开关，电流表没有示数，说明电路存在断路，移动滑动变阻器的滑片，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的部分断路，即灯泡断路。
（3）[3]当电压表的示数为2.5V时，如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时通过小灯泡的电流为0.24A，小灯泡的额定功率
P=ULIL=2.5V×0.24A=0.6W
（4）[4]根据串联分压的特点，如果要使灯泡两端电压由2.5V调到2V，应该把滑动变阻器的滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，灯泡两端电压变小。
（5）[5]当电压表的示数增大时，通过灯的电流也变大，根据P=UI，灯的功率变大，灯的温度升高，灯丝的电阻变大。
[6]在图像上取一点A，作出如图所示的阴影部分，则该阴影部分面积可用(U电源-U灯泡)I表示，滑动变阻器的电功率
P滑=(U电源﹣U灯泡)I
所以阴影部分面积表示此时滑动变阻器的电功率。
故选B。
（6）[7]可以利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先断开开关S1、闭合开关S2，移动滑片P，使电压表示数等于灯泡的额定电压U额；保持滑动变阻器滑片位置不变，断开开关S2、闭合开关S1，记下电压表示数U；根据串联电路电压的规律，此时定值电阻R0两端的电压
U0=U-U额
通过灯泡的电流

则小灯泡正常发光时的电阻为

电路图如图所示：

22-1【基础】 【正确答案】 电流表的示数 保护电路 A B 横截面积 变大
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]实验中，通过观察电流表的示数可以判断导体的电阻的大小，运用了转换法；小灯泡在电路中的主要作用保护电路。
（2）[3][4]探究电阻的大小与长度的关系，运用控制变量法，要控制导体的材料和横截面积一定，故选取A、B导体进行实验。
（3）[5]选取A、C导体进行实验时，导体的材料、长度相同，横截面积不同，发现接入C导体时，电流表的示数比接入A导体时更大，故说明导体的电阻与导体的横截面积有关。
（4）[6]若把A、B两导体首尾相连后再接入电路M、N两端，两导体串联后的电阻值等于AB两导体的电阻之和，即电阻变大，相当于增大了导体的长度。
22-2【基础】 【正确答案】 灯泡的亮度 转换 EF、AB 长度 当导体的材料、横截面积相同时，导体长度越长，电阻越大
【试题解析】 详解:
（1）[1][2]导体电阻大小无法直接比较，但可以通过连入电路时灯泡的亮度来判断，灯越亮，说明电路中的电流越大，则电阻越小，这是转换法的应用。
（2）[3]若要探究导体的电阻与横截面积的关系，需要控制导体的材料和长度不变，改变横截面积，应选用EF、AB两根导线。
（3）[4][5]通过对比AB和CD两根导线可知，材料及横截面积均相同，但长度不同，所以该实验是探究导体电阻与长度的关系，接入AB时，灯泡的亮度较暗，这说明AB的电阻较大，故结论为：当导体的材料、横截面积相同时，导体长度越长，电阻越大。
22-3【巩固】 【正确答案】 小 0.2 横截面积 cd 长 小 控制变量法 转换法 钨丝的电阻随着温度的升高而增大
【试题解析】 详解:
（1）[1]实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，电流表示数越大，电源电压不变，说明导线的电阻越小。
（2）[2]图乙中，电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，示数为1A。
（3）[3]导线a、b的材料、长度都相同但粗细（横截面积）不同，b的横截面积较大，是为了探究导线电阻的大小与横截面积的关系。
[4]探究导线电阻的大小与材料的关系，需要控制长度、横截面积都相同，改变材料，故导线c、d符合题意。
[5][6]由表格数据a、b可知，通过a的电流小于b的电流，所以可以得出在材料、长度相同时，横截面积越大，电阻越小；由表格数据a、c可知，通过a的电流小于c的电流，所以可以得出在材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大；综合分析可以得出结论为：用相同材料制成的导线长度越长，横截面积越小，电阻越大。
（4）[7][8]实验中通过控制某个量变化，其他量一致来探究影响电阻大小的因素，这里是控制变量法；通过电流表示数大小反映电阻大小，这是转换法。
（5）[9]通过如图所示的实验可以观察到电流表示数变小，电源电压不变，由可得，电阻丝的电阻变大；故此实验说明钨丝的电阻随着温度的升高而增大。
22-4【巩固】 【正确答案】 电流 0.5 大 小 D E 导体越长，电阻越大 控制变量法
【试题解析】 详解:
（1）[1]串联电路的特点是电流处处相等，故三个电阻串联保证了电流相等。
（2）[2]电压表读数分析量程和分度值，量程为0~3V，分度值为0.1V，故电压表读数为0.5V。
[3]根据串联分压原理，电阻分担电压越大，则电阻阻值也越大。
[4]材料和长度相同时，横截面积越大，电压表示数越小，说明电阻分担电压小，故电阻越小。
（3）[5][6]探究“导体电阻与长度的关系”时，要控制横截面积和材料相同，电阻长度不同，故选B、D、E进行实验。
[7]控制横截面积和材料相同，电阻长度不同，发现电阻长度越长，电压表示数越大，即电阻越大，所以可得结论：材料和横截面积相同时，导体越长，电阻越大。
（4）[8]对探究实验“影响导体电阻大小的因素”，改变某一个变量，控制其他量不变，看最终结果是否会有影响，这种方法叫做控制变量法。
22-5【巩固】 【正确答案】 电流表示数 小灯泡亮度 赞同 A C 三 C
【试题解析】 详解:
(1)[1]实验时，在M、N之间分别接上不同的导体，闭合开关后，电路连通，形成小灯泡与导体的串联电路，电源电压一定，导体电阻越大，电流表示数越小，所以通过观察电流表示数可以知道导体电阻的大小。
[2]当导体电阻大，电路中的电流变小，小灯泡变暗，所以还可以通过观察小灯泡的明暗知道导体电阻的大小。
[3]赞同，灯泡和电流表同时使用更好，通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小，灯泡可以保护电路，从而防止烧坏电流表。
(2)[4][5]要验证猜想二，应控制导体材料与长度相同而横截面积不同，由表中数据可知，应选编号为A、C的两根电阻丝进行实验。
(3)[6]要探究电阻大小与导体材料的关系时，需保证电阻丝的长度、横截面积相同，材料不同，小丽在探究同样的课题时，手边只有一根电阻丝，那么，她利用这根电阻丝和上述电路不能完成对猜想三的实验验证。
(4)[7]AB．导体的电阻是导体阻碍电流的性质，与导体两端的电压和通过的电流无关；故AB均不符合题意；
C．将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故C符合题意；
D．将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导体的电阻变小，故D不符合题意。
故选C。
22-6【提升】 【正确答案】 小 大 电流表示数会超量程（甚至会出现短路） 导体的长度越短，电阻越小 C 温度
【试题解析】 详解:
（1）[1]图甲中将电阻丝a、b、c、d分别接在M、N之间，根欧姆定律可知，电压一定，电流表的示数越大，表示接入的电阻丝阻值越小。
（2）[2]图乙中将电阻丝a、b、c、d串联在电路中，各处的电流相等；根据可知，电流一定，电压表的示数越大，表示接入的电阻丝阻值越大。
（3）[3][4]在夹子M从A端逐渐滑向B端的过程中，则电阻丝a接入电路中的长度逐渐变短，也就是电阻逐渐变小，根欧姆定律可知，电源电压不变的情况下，电阻R逐渐减小，则电流I会逐渐增大，电流表示数可能会超量程（甚至会出现短路），改正电路连接错误后，发现电流表示数逐渐增大，说明：其他条件一定时，电阻丝越短，电阻越小。
（4）[5]在原电路中串联接入一个灯泡，可以通过灯泡亮度判断导体电阻的大小，用灯泡亮度或者电流表示数来反映电阻大小，这采用了转换法；探究串联电路中电压的关系，采用的是归纳法；研究电流时，将电流和水流进行类比，采用的是类比法；扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，采用的是转换法。
故选C。
（5）[6]用酒精灯给电阻丝加热，发现电流表示数逐渐减小，说明温度升高、电阻变大。
22-7【提升】 【正确答案】 灯泡的亮度 S1、S3 横截面积越小 电流表 小 温度
【试题解析】 详解:
（1）[1]在探究“影响导体电阻大小的因素”的实验中，通过观察灯泡的亮度来比较导体电阻的大小，这种方法叫转换法。
（2）[2]为了验证上述猜想②，应选择材料相同、长度相同，横截面积不同的电阻，所以应选择A、C两电阻丝，则应闭合开关S1和S3。
（3）[3]闭合开关S1和S3，电阻丝A、C接入电路，它们的长度相同、材料相同，横截面积不同，观察到灯泡L1和L3发光，且L3比L1亮，初步得到的结论是：导体的材料、长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大。
（4）[4][5]实验中观察灯泡的亮度，当导体的电阻相差不多时实验现象不明显，应将灯泡换成电流表，电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电流表示数越小，导体电阻越小，电流表示数越大。
（5）[6]将镍合金丝A接入电路，闭合开关，然后用大功率吹风机先对镍合金丝吹一段时间热风，合金丝温度升高；再改用冷风挡对镍铬合金吹冷风，合金丝温度降低，发现两次实验中电表的示数不同，说明两种情况下合金丝的电阻不同，由此可知，导体的电阻与温度有关。
23-1【基础】 【正确答案】 （1）8V；（2）20Ω
【试题解析】 详解:
解：由图可知，闭合开关S，R1与R2并联，A测量干路电流，电流表A1测量R1的电流。
（1）由于并联电各支路两端的电压相等，则根据可得电源电压
U=U1=I1R1=0.8A×10Ω=8V
（2）因并联电路中干路电流等于支路电流之和，所以通过R2的电流
I2=I-I1=1.2A-0.8A=0.4A
根据可得R2的阻值

答；（1）电源两端电压为8V；
（2）电阻R2的阻值为20Ω。
23-2【基础】 【正确答案】 （1）5Ω；（2）7Ω
【试题解析】 详解:
解：闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流。
（1）灯泡正常发光时的电压为2.5V，电流为0.5A，则灯泡正常发光时灯丝的电阻为

（2）根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压为
U'＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V
滑动变阻器接入电路的电阻为

答：（1）灯泡正常发光时灯丝的电阻为5Ω；
（2）灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值为7Ω。
23-3【巩固】 【正确答案】 （1）2V；（2）5Ω，10Ω
【试题解析】 详解:
解：由图可知，两电阻串联，电压表V1、V2分别测量R1、R2的电压，电流表测量电路电流。
（1）由串联电路电压的特点得到R1的电压为

（2）由欧姆定律得，R1、R2的电阻分别为


答：（1）电压表V1的示数2V；
（2）R1、R2的阻值分别5Ω，10Ω。
23-4【巩固】 【正确答案】 （1）16V；（2）8Ω
【试题解析】 详解:
解：（1）因为当座椅垫处于“低温”档加热时，低温档电路为电热丝R1与R2串联，所以
I1=I2=I=1A
由公式得，电热丝R1两端的电压
U1=I1R1=1A×16Ω=16V
（2）因为电热丝R1与R2串联，所以
U2=U-U1=24V-16V=8V
由公式得，电热丝R2的阻值

答：（1）电热丝R1两端的电压是16伏；
（2）电热丝R2的阻值是8欧。
23-5【巩固】 【正确答案】 8V，2Ω
【试题解析】 详解:
解：当S1闭合、S2断开时，定值电阻R1与电流表串联，由知，电源电压为

当S2闭合、S1断开时，定值电阻R2与电流表串联，由知，电源电压为

联立以上两式解得
，
答：电源电压为8V，电流表内阻RA为2Ω。
23-6【提升】 【正确答案】 （1）10Ω；（2）40Ω；（3）0.5A，2Ω
【试题解析】 详解:
解：（1）由题知，灯的额定电压为5V，额定电流为0.5A，根据知，小灯泡的电阻为

（2）只闭合开关S和S1，滑动变阻器的滑片P置于最右端时，滑动变阻器R1的最大电阻与定值电阻R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，此时电路的电流为

根据串联电路电压的规律知，定值电阻R2两端的电压为
U2=U-U1=6V-2V=4V
定值电阻R2的阻值为

（3）只闭合开关S和S2，滑动变阻器R1和灯泡L串联，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流，因为小灯泡的额定电流为0.5A，电流表量程为0~0.6A，根据串联电路电流的规律可知，电路中的最大电流为I大=0.5A，滑动变阻器R1的最小阻值

答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为10Ω；
（2）定值电阻R2的阻值为40Ω；
（3）在保证各元件安全工作的情况下，电路中的最大电流为0.5A，滑动变阻器R1接入电路中的最小阻值为2Ω。
23-7【提升】 【正确答案】 （1）10Ω；（2）3V，5Ω
【试题解析】 详解:
解：（l）由图1知，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量R2两端的电压；当变阻器滑片P移动到b端时，变阻器接入电路中的电阻R2最大，由图2知，当电路中的最小电流为I2＝0.2A时，R2两端的最大电压为U2＝2V，滑动变阻器R2的最大阻值

（2）当变阻器滑片P移动到a端时，变阻器的电阻为0，电路中的最大电流为Ia＝0.6A，电源电压
U＝Ia×R1=0.6A×R1……①
当变阻器滑片P移动到b端时，电源电压
U＝U1+U2＝I2×R1+U2=0.2A×R1+2V……②
由①②并代入数据解得
U＝3V，R1＝5Ω
答：（1）滑动变阻器R2的最大阻值为10Ω；
（2）电源电压是3V；R1的阻值是5Ω。
24-1【基础】 【正确答案】 右 C 2.74×103
【试题解析】 详解:
（1）[1]此时天平左端下沉，向右调节平衡螺母，反之右端下沉时向左调节平衡螺母。
（2）[2]乙图可知此时天平右端下沉，此时砝码总质量较大，应减小砝码的质量，遵循从小到大的原则，取下10g的砝码，换上5g的砝码，调节天平平衡，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
（3）[3]此时由丙图可知石块的质量
m=20g+5g+2.4g=27.4g
石块的体积
V=40ml-30ml=10ml=10cm3
得石块的密度为

（4）[4]鹅卵石浸没在水中时受浮力的作用，且排开的水的质量为m排=m2-m1，鹅卵石排开水的体积等于鹅卵石的体积，由可知石块的体积有

可知鹅卵石的密度为

24-2【基础】 【正确答案】 3 2 2×10﹣4 1.5×103
【试题解析】 分析:
（1）根据弹簧测力计的分度值读出石灰石在空气中时的示数即为其重力；
（2）根据弹簧测力计的分度值读出石灰石浸没在水中时的示数，根据称重法求出石灰石受到的浮力；
（3）物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出石灰石的体积；
（4）根据G＝mg求出石灰石的质量，根据ρ＝求出石灰石的密度．
详解:
（1）由甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为3N，即石灰石在空气中的重力G＝3N；
（2）由图乙可知，石灰石浸没在水中时弹簧测力计的示数F′＝1N，
则石灰石受到的浮力：
F浮＝G﹣F′＝3N﹣1N＝2N；
（3）因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，由F浮＝ρgV排可得，石灰石的体积：
V＝V排＝=＝2×10﹣4m3；
（4）由G＝mg可得，石灰石的质量：
m＝＝＝0.3kg，
则石灰石的密度：
ρ＝＝＝1.5×103kg/m3．
24-3【巩固】 【正确答案】 右 84 4.2×103 G-F
【试题解析】 详解:
（1）①[1]如图甲所示，指针偏向分度盘中央红刻度线的左侧，说明左边沉，所以平衡螺母向右调节，直到指针指在分度盘的中央。
②[2]矿石的质量为

矿石的体积为

③[3]矿石的密度为

（2）[4]用弹簧测力计测出矿石的重力为G；所以矿石的质量为

矿石悬浮在水中，静止后读出弹簧测力计的示数为F，利用称重法可得，矿石受到的浮力为

[5]利用阿基米德原理可得，矿石的体积为

矿石的密度为

24-4【巩固】 【正确答案】 4.2 400kg/m3
【试题解析】 详解:
（2）[1]由图中可知，该弹簧测力计的分度值为0.2N，故可知杯子和水的总重为4.2N。
（3）[2]由题意可知，水与杯子的总重为G1=4.2N，空杯子的重力为G杯=0.2N，故水的重力为
G水=G1-G杯=4.2N-0.2N=4.0N
由G=mg可得，水的质量为

又由

可得，水的体积为

杯子的容积为

故雪的样品的体积为

[3]由题意可知，杯与雪的总重力为G2=1.8N，故可得杯中雪的样品重力为
G雪=G2-G杯=1.8N-0.2N=1.6N
由G=mg可得，雪的样品的质量为

故可得雪样品的密度为

（4）[4]由题意可知，屋顶雪的体积为

故可得屋顶雪的质量为

由G=mg可得，屋顶雪的总重力为

24-5【巩固】 【正确答案】 右 2.9×103 1 1×10-4 1.2
【试题解析】 详解:
（1）①[1]由图甲可知天平的指针向左偏，故向右调节平衡螺母，才能使天平平衡。
②[2]由图乙可知水的体积为20mL＝20cm3，小石块和水的体积为30mL＝30cm3，小石块的体积

小石块的密度

（2）②[3][4]由图丙可知，大块工艺石的重力为3N，此工艺石浸没在水中时测力计的示数为2N，此工艺石浸没在水中时受到的浮力为

此工艺石的体积为

[5]③此工艺石浸没在液体中时受到的浮力为

液体的密度为

24-6【提升】 【正确答案】 右 取下最小的砝码，向右调节游码 48.4
【试题解析】 详解:
（1）[1]测量前调平时，天平放在水平桌面上，游码归零后发现指针偏向分度盘的左侧，说明天平左侧偏重，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节，直到指针指到分度盘的中央。
[2]测质量时，把砝码盒中最小的砝码放入右盘后，发现指针偏向分度盘的右侧，说明放上的最小砝码后右侧偏重，接下来应取下最小的砝码，再向右调节游码，使指针指在分度盘中央。
[3]标尺的分度值是0.2g，游码的示数是3.4g，则被测物体的质量

（2）[4] 由图丙可知小石块的体积

该小石块的密度

（3）[5]由②③可知，引起电子称示数变化的原因是金戒指浸没到水中时受到浮力，浮力是水对金戒指的作用力，同时金戒指也给水向下的力，大小等于浮力，因此电子秤的是数增加，增加的重力满足下式

即

解得金戒指的体积

该“金”戒指密度的表达式为

24-7【提升】 【正确答案】 左 48 40 1.2×103 F1-F2
【试题解析】 详解:
（1）[1]天平放在水平桌面上，游码调零后，发现指针偏于分度盘右侧，说明右侧重，要使横梁平衡，应将平衡螺母向左调节。
（2）[2]由图甲可知，天平标尺的分度值为0.2g，一个南国梨的质量
m=20g+20g+5g+3g=48g
（3）[3][4]将南国梨放入装有40mL水的量杯中；由图乙可知，量筒的分度值为1mL，水和南国梨的总体积为V2=80mL，则一个南国梨的体积
V=V2-V1=80mL-40mL=40mL=40cm3
南国梨的密度是

（4）[5][6]根据②、③两次测力计示数差可知装饰球A到的浮力
F浮=F1-F2
已经测得装饰球A的重力为G，密度为ρ0，则装饰球A的体积为

装饰球A浸没，所以V排=VA，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，牛奶的密度为

25-1【基础】 【正确答案】 （1）2N；（2）2×10-4m3
【试题解析】 详解:
解：（1）木块受到的重力
G=mg=0.2kg×10N/kg=2N
已知木块漂浮在水面上，则木块受到的浮力
F浮=G=2N
（2）由F浮=ρ水gV排可得，木块浸在水中的体积即木块排开水的体积

答：（1）木块受到的浮力为2N；
（2）木块浸在水中的体积为2×10-4m3。
25-2【基础】 【正确答案】 （1）10N；（2）4N；（3）6N
【试题解析】 详解:
解：（1）因为木块浸没水中，所以木块排开水的体积

木块受到的浮力

（2）木块受到的重力

因为木块静止，处于平衡状态，木块受到的重力G木加上绳子的拉力等于木块受到的浮力，所以细线对木块的拉力

（3）剪断细线后，因木块密度小于水的密度，所以木块最终漂浮，漂浮时受到的浮力

答：（1）木块所受的浮力10N；
（2）细线对木块的拉力4N大小；
（3）剪断细线后，木块最终静止后受到的浮力为6N。
25-3【巩固】 【正确答案】 （1）80cm3；（2）0.8N
【试题解析】 详解:
解：（1）因为木块漂浮，所以木块的重力为

由可得，木块浸入水中的体积为

则木块露出的体积为

（2）全部浸没在水中受到的浮力为

因为木块与金属块处于漂浮状态，则

所以金属块的重力为

答：（1）木块露出水面的体积是80cm3；
（2）金属块的重力是0.8N。
25-4【巩固】 【正确答案】 （1）30N；（2）0.15m；（3）30N
【试题解析】 详解:
解：（1）因为当秤盘上不放物体时，小筒漂浮，小筒和秤盘总重G0＝30N，所以此时小筒受到的浮力为
F浮＝G0＝30N
（2）根据F浮＝ρ液gV排得当秤盘上不放物体时，小筒排开水的体积为

由V＝Sh得A点距小筒底部的距离

（3）在秤盘上放物体后小筒受到最大浮力为
F浮′＝ρ水gV排′＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m2×0.3m＝60N
物体的最大重力为
G＝F浮′﹣G0＝60N﹣30N＝30N
答：（1）当秤盘上不放物体时，小筒受到的浮力为是30N；
（2）该“浮力秤”的零刻度线应标在小筒上距小筒底部0.15m处；
（3）该“水秤”模型最大能称量的物体重量为30N。
25-5【巩固】 【正确答案】 （1）0.3kg；（3）3×103kg/m3；（3）2N
【试题解析】 详解:
解：（1）在图甲中，木块漂浮在水面上，在图乙中，石块和木块漂浮在水面上，则石块的重力等于木块所受浮力的增加量，则图乙排开水的增加量


即石块的重力为


石块的质量


（2）由丙、甲两图可知，小石块的体积
V石＝(h3−h1)S底＝(0.12m−0.1m)×0.005m2＝1×10−4m3
小石块的密度


（3）在图丙中，石块受到的浮力
F浮丙＝ρ水gV石＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−4m3=1N
小石块对杯底的压力
F＝G石−F浮丙＝3N−1N＝2N
答：（1）小石块的质量为0.3kg；
（2）小石块的密度3×10−4kg/m3；
（3）在图丙中小石块对烧杯底部的压力2N。
25-6【提升】 【正确答案】 （1）9N；（2）1500Pa；（3）7.5cm
【试题解析】 详解:
解：（1）当金属圆筒漂浮在水面时，根据二力平衡得，圆筒受到的浮力

（2）当金属圆筒漂浮在水面时有五分之三的体积浸入水中，根据阿基米德原理

即

所以，当水面恰好与圆筒口相平时，圆筒受到的浮力为15N，即圆筒底部受到向上的压力为15N，此时圆筒底部受到水的压强

（3）圆筒内液体的重力

圆筒内液体的质量

由得，液体的体积

圆筒内液体的深度

答：（1）空金属圆筒竖直漂浮时受到的浮力9N；
（2）金属圆筒口与水面恰好相平时筒底受到水的压强1500Pa；
（3）此时加入金属圆筒中某种液体的深度7.5cm。
25-7【提升】 【正确答案】 （1）2.3×103Pa；（2）1.25N；（3）100Pa
【试题解析】 详解:
解：（1）图甲中水的深度

图甲中水对容器底部的压强

（2）物块P浸没在水中，则物块P排开水的体积

由阿基米德原理可得图甲中物块P所受的浮力

（3）图乙中物块P漂浮于水面，由漂浮条件可知，此时物块P所受的浮力

由可得此时物块P排开水的体积

则物块P露出水面的体积

水面下降的深度

此时水对容器底部的压强变化量

答：（1）图甲中水对容器底部的压强为2.3×103Pa；
（2）图甲中物块P所受浮力的大小为1.25N；
（3）此时水对容器底部的压强变化了100Pa。