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2023年吉林省长春市榆树市拉林河片九校联考中考物理二模试卷（含答案解析）
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这是一份2023年吉林省长春市榆树市拉林河片九校联考中考物理二模试卷（含答案解析），共16页。
2023年吉林省长春市榆树市拉林河片九校联考中考物理二模试卷
1. 世界上第一个发现“电流周围存在磁场”的物理学家是( )
A. 牛顿 B. 焦耳 C. 奥斯特 D. 法拉第
2. 北方的冬天比较寒冷，下列取暖方式中属于利用做功的方式改变内能的是( )
A. 晒太阳 B. 用嘴哈气暖手 C. 搓手取暖 D. 用热水袋暖手
3. 下列现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 灯光下，墙上的手影 B. 雨后天边出现的彩虹
C. 桥在水中的“倒影” D. 水中的筷子看上去弯折了
4. 下列物态变化过程属于凝华的是( )
A. 大雾消散 B. 滴水成冰 C. 霜打枝头 D. 冰雪消融
5. 唐代诗人李白在《早发白帝城》中描写到：“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”。其中说“轻舟已过万重山”所选的参照物是( )
A. 山 B. 舟 C. 船桨 D. 船夫
6. 2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。与火箭点火升空过程中能量转化相同的是内燃机的( )
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
7. 2022年北京冬奥会，中国运动员苏翊鸣在男子单板滑雪大跳台比赛中夺得金牌。如图是他在比赛中腾空下落的情景。下列对他下落过程分析正确的是( )
A. 运动状态始终保持不变
B. 相对于地面他是静止的
C. 下落过程中重力变大
D. 下落过程中质量不变
8. 如图所示为一种新型材料——“透明铝”，用透明铝替代军用防弹玻璃的外层玻璃部分，防弹玻璃的防弹性能大大提升，说明这种新型材料( )
A. 导电性好 B. 透光性差 C. 硬度大 D. 导热性好
9. 如图所示，用重20N的动滑轮在10s内，将一重100N的物体匀速提高5m，不计绳重和摩擦，则以下分析正确的是( )
A. 手对绳子的拉力F为50N
B. 拉力F做功的功率为30W
C. 在此过程中额外功为200J
D. 该装置的机械效率为83.3%
10. 如图所示的电路中，当开关闭合时，电压表V1的示数为9V，电压表V2的示数为3V。那么R1与R2的阻值之比为( )
A. 1：3
B. 3：1
C. 1：2
D. 2：1
11. 北京冬奥会自由式滑雪女子空中技巧决赛中，我国选手徐梦桃凭借最后一轮的高难度动作一举夺冠。徐梦桃起跳后能继续升高是因为她具有______，完成动作下落过程中，她的机械能怎样变化？______。
12. 茶是世界三大无酒精饮料之一，起源于中国，盛行于世界。泡茶时能闻到浓浓茶香，这是______现象。拿起杯盖，杯盖内表面会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在______(选填“引力”或“斥力”)。
13. 如图所示是一辆无人驾驶的太阳能汽车。
(1)汽车在地面上形成影子，这是光的______形成的；
(2)太阳能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源；太阳能电池板给充电电池充电时，充电电池相当于______(选填“电源”或“用电器”)。
(3)太阳能汽车在高速行驶时对水平地面的压力比静止时对地面的压力______。
14. 王亚平水平向前抛出“冰墩墩”摆件，由于具有______，一向憨态可掬的“墩墩”姿态格外轻盈，接连几个“空翻”画出了一条漂亮的直线，稳稳站在了叶光富手中。在太空，由于在空间站舱内失重的情况下，物体几乎不受______作用，如物体受到微弱的空气阻力忽略不计，无论往哪个方向抛，几乎都可以看作是做______运动。
15. 用起重机吊臂上的滑轮组吊起某厢式板房的情景如图所示。其中使用滑轮组上面的小滑轮的好处是______，最下面的大滑轮相当于______杠杆。起重机工作时消耗的柴油是一种石油产品，石油属于不可再生能源，请你列举一种可再生能源：______。
16. 小明在探究并联电路的电流特点时，设计的电路如图甲所示。
(1)实验中，为了得到普遍性结论，他选择规格______ (选填“相同”或“不同”)的两个小灯泡。
(2)他按图甲连接电路，刚接好最后一根导线，两个小灯泡就都亮了，其原因可能是______ 。
(3)他将电流表接入电路中，如图乙所示，此时电流表测量的是通过______ 的电流，要测量通过干路的电流，他只需断开开关后，把图中______ 号导线的______ 接线柱上的线接到______ 接线柱上即可。改接前电流表的示数为I1，改接后电流表的示数为I2，则I1______ I2。
(4)正确改动电路后，他闭合开关S，电流表示数如图丙所示。为使测量结果更精确，他应进行的操作是______ 。
17. 小明设计了如图甲所示的实验装置比较不同物质吸热的情况。
(1)他应选用______ 和初温都相等的A、B两种液体。实验中两种液体吸收的热量并不能直接测出，因此使用了两个完全相同的电加热器，保证相同时间内吸收的热量相同，只需比较______ 就可以比较液体吸收热量的多少。
(2)根据实验测得的数据分别描绘出了A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示，分析图象可知，质量相同的A、B两种液体，当吸收相同热量时，______ 液体升温更快。
(3)如果B物质的比热容是2.1×103J/(kg⋅℃)，则A物质的比热容是______ J/(kg⋅℃)。
(4)冬天，如果你想自制暖手袋，A、B两种液体中应选______ 液体作为供暖物质，其效果更佳。
18. 如图在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
(1)如图1，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上，凸透镜固定在50cm处，并调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在______，当蜡烛放在光具座30cm处，移动光屏，光屏上得到倒立、等大的实像，则该凸透镜的焦距f=______cm。
(2)当蜡烛放在光具座20cm处，移动光屏，可以得到清晰的像。______就是利用这一原理制成的(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。请在图2中完成其中一条光线的光路图。
(3)蜡烛越烧越短，在光屏上所成的像将向______移动(选填“上”或“下”)。
(4)若将近视眼镜镜片放在了蜡烛与凸透镜(靠近凸透镜)之间，移动光屏，直到光屏上再次得到清晰的像。现将近视眼镜镜片取下，发现光屏上的像变模糊了。为了使屏上的像清晰，应将光屏向______(选填“靠近”或“远离”)透镜方向移动。
19. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验时，两组同学从甲、乙两图所示的实验装置中各选一套来完成实验。
(1)实验时，按照自下而上的顺序组装器材的目的是______(写出一条理由即可)。
(2)图丙是实验中某一时刻温度计示数，其读数是______℃。
(3)图丁是两个小组根据各自的实验数据绘制的“温度-时间”的图象，其中图象______(选填“a”或“b”)是根据乙实验装置的数据绘制的。
(4)同学们观察到戊图中明显的实验现象时，温度计示数______(选填“变大”“不变”或“变小”)，这时气泡内的气体是______(选填“空气”或“水蒸气”)。
(5)请归纳出水沸腾时温度变化的特点：______。
20. 某同学利用电子秤探究影响浮力大小的因素，其操作如下：
(1)将玻璃杯放在电子秤上，按清零键，电子秤示数为“0”，向玻璃杯中倒入适量的水，在水面处做好标记；
(2)如图甲所示，将玻璃杯放在电子秤上，用细线吊着质地均匀的圆柱体，将一半体积浸在水中，电子秤的示数为m1；
(3)如图乙所示，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2(m2>m1)，由此可知浮力的大小与______有关，逐渐增大圆柱体所处的深度，但未接触玻璃杯底部，电子秤的示数保持不变，由此可得出结论：物体所受的浮力与______；
(4)取出圆柱体，将玻璃杯中的水倒净，向玻璃杯中倒入果汁，直到液面到达标记处。如图丙所示，将擦干的圆柱体浸没在果汁中，电子秤的示数为m3(m3>m2)，这说明果汁的密度比水的密度______；
(5)如图丙所示，圆柱体浸没果汁后(未接触玻璃杯底部)和未浸入果汁时相比较，电子秤示数的增加量Δm=______(用所测的物理量表示)，如果圆柱体浸入果汁过程中，溢出一些果汁落在电子秤的秤盘上，那么对电子秤示数增加量的计算结果有无影响？______。
21. 有一种由酒精气体传感器制成的呼气酒精测试仪被广泛用来检测酒驾，传感器R1的阻值随酒精气体浓度的变化如图甲所示，工作电路如图乙所示，电源电压恒为12V，定值电阻R2=30Ω。
(1)闭合开关后，若被检测者未喝酒时，即酒精浓度为0时，R1阻值为______ Ω。
(2)被检测者酒精浓度越大时，电压表示数越______ 。
(3)被检测者酒精气体浓度为0.8mg/mL时，电流表的示数为______ A。
(4)现在公认的酒驾标准为0.2mg/mL≤酒精气体浓度≤0.8mg/mL，当电压表示数为4.8V时，被检测司机酒精浓度是多少mg/mL。(写出必要的文字说明、表达式及最后结果)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、牛顿在力学中的贡献非常大，其发现并总结了牛顿第一运动定律，故A不符合题意。
B、焦耳建立了焦耳定律，提供了对电流通过导体时发出热量的计算，故B不符合题意。
C、1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场，故C符合题意。
D、法拉第在1831年发现了电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
根据我们对于牛顿、焦耳、奥斯特、法拉第这四位科学家对于物理所作贡献的了解来作答。
本题考查了物理学史，记清每位物理学家的贡献是解题的关键，多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
2.【答案】C
【解析】解：A、晒太阳取暖时，人体从阳光中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的，故A不符合题意；
B、向双手哈气取暖时，手从热气中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的，故B不符合题意；
C、两手相互摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，使手的温度升高、内能增大，是通过做功改变手的内能，故C符合题意；
D、用热水袋暖手，手从热水袋上吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的，故D不符合题意。
故选：C。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，其中做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，据此分析回答。
本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，属于基础题目。
3.【答案】C
【解析】解：
A、灯光下，墙上的手影是由光是沿直线传播形成的，故A错误；
B、雨后天边出现的彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故B错误；
C、桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，其原理是光的反射，故C正确；
D、插入水中的筷子，由于筷子反射的光线从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以看到筷子在水中的部分是向上弯折，此时看到的像是筷子的虚像，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4.【答案】C
【解析】解：A.大雾消散，是液态的小水滴变气态的水蒸气，是汽化现象，故A不符合题意；
B.滴水成冰，液态的水变固态的冰，是凝固现象，故B不符合题意；
C.霜是空中的水蒸气遇冷凝华形成，故C符合题意；
D.冰雪消融固态的冰变液态的水，是熔化现象，故D不符合题意。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程是熔化；物质从液态变为固态的过程是凝固。
物质从液体变为气态的过程是汽化；物质从气态变化液态的过程是液化。
物质从固态直接变为气态的过程是升华；物质从气态直接变为固态的过程是凝华。
分析某现象原来状态和现在的状态，根据物态变化定义判断，这是这类习题的思路。
5.【答案】A
【解析】解：轻舟已过万重山，可以看出轻舟相对于山的位置不断变化，所以描写轻舟是运动的，则所选的参照物是山。
故选：A。
物理学中的运动指的是物体位置的变化，判定舟中人的运动状态就看其相对于参照物的位置是否改变。由此入手来分析此题。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
6.【答案】C
【解析】解：火箭点火升空过程中把燃气的内能转化为火箭的机械能，而内燃机中将内能转化为的机械能的冲程是做功冲程。
故选：C。
火箭点火升空过程中把燃气的内能转化为火箭的机械能；内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能，做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查内燃机的工作原理和能量的转化，是一道基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A、苏翊鸣在运动过程中，运动方向和速度大小会发生变化，故运动状态会发生变化，故A错误；
B、下落过程中，他相对于地面的位置发生变化，是运动的，故B错误；
CD、D、质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，下落过程中，他的质量不变，根据G=mg可知，重力不变，故C错误、D正确。
故选：D。
(1)物体速度大小和方向的变化都属于运动状态的改变，物体的运动状态发生改变；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系；
(4)根据G=mg分析其重力变化。
本题考查了物体运动状态变化的判断、运动和静止的相对性、质量及其特性等知识，具有较强的综合性，但难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：由题目信息可知新型材料是“透明铝”，说明透光性较好，使防弹玻璃的防弹性能大大提升说明新型材料的硬度大，而导电性、导热性根据所给信息无法确定，故C正确。
故选：C。
根据题目中给出的信息分析。
本题是属于给材料问题，读懂所给信息是解题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：
F=1n(G+G动)=12×(100N+20N)=60N，故A错误；
B、绳子自由端移动的距离：s=nh=2×5m=10m，
拉力做的总功：W总=Fs=60N×10m=600J，
拉力做功的功率：P=W总t=600J10s=60W，故B错误；
C、拉力做的有用功：W有=Gh=100N×5m=500J，
额外功：W额=W总−W有=600J−500J=100J，故C错误；
D、该装置的机械效率：η=W有W总×100%=500J600J×100%≈83.3%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=2，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求手对绳子的拉力F；
(2)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(3)利用W有=Gh求有用功，利用W总=W有+W额求在此过程中做的额外功；
(4)利用η=W有W总×100%求该装置的机械效率。
本题考查了使用动滑轮时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源的电压U，电压表V2测R2两端的电压U2，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知：
电阻R1两端的电压U1=U−U2=9V−3V=6V，
串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可得：R1R2=U1IU2I=U1U2=6V3V=21。
故选：D。
由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压；根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出两电阻的阻值之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是各电表所测电路元件的判断。
11.【答案】惯性 变小
【解析】解：徐梦桃起跳后，由于惯性，继续保持原来的运动状态，故徐梦徐梦桃起跳后能够继续升高。
由于存在空气阻力，运动过程中有一部分机械能转化为内能，所以徐梦桃的机械能减小。
故答案为：惯性；变小。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(2)由于空气阻力，物体运动时会有一部分机械能转化为内能。
本题考查了惯性和机械能的转化，属于基础题。
12.【答案】扩散 引力
【解析】解：泡茶时能闻到茶香，是茶叶的香味分子运动到了空气中，这是扩散现象。
杯盖上会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在引力。
故答案为：扩散；引力。
两种物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。分子间存在相互作用的引力和斥力。
此题考查了分子间的相互作用力和扩散现象在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。
13.【答案】直线传播 可再生 用电器 小
【解析】解：(1)汽车在地面上形成影子，这是光的直线传播形成的；
(2)太阳能能够源源不断的从自然界得到的能源，是可再生能源；
太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能，充电电池将这些电能转化为化学能储存起来。可见，充电电池在充电过程中会消耗电能，所以此时它属于用电器；
(3)太阳能汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，根据“流速越大压强越小”原理可知，流过汽车的空气产生向上的压强差，所以汽车行驶时对地面压力比静止时小。
故答案为：(1)直线传播；(2)可再生；用电器；(3)小。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等利用的都是光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；在电路中提供电能的是电源，消耗电能的是用电器。；
(3)汽车静止在水平面上，汽车对路面的压力等于重力，当流线型的汽车快速行驶时，产生升力，汽车对地面压力减小。
本题考查了影子的形成、能源的分类、电路元件的作用和流体压强与流速的关系的应用，难度一般。
14.【答案】惯性 重力 匀速直线
【解析】解：王亚平水平向前抛出“冰墩墩”摆件，由于“冰墩墩”摆件具有惯性，墩墩继续向前运动。
在空间站舱内失重的情况下，物体受到的重力用来提供随空间站一起运动的向心力，可以认为物体几乎不受重力；如物体受到微弱的空气阻力忽略不计，可以看作物体不受力，无论往哪个方向抛，抛出后，物体的运动状态不变，几乎都可以看作是做匀速直线运动。
故答案为：惯性；重力；匀速直线。
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
物体在空间站内处于失重状态，根据牛顿第一定律分析“冰墩墩”摆件的运动状态。
本题考查了惯性现象、力与运动的关系，难度不大。
15.【答案】可以改变力的方向 省力 风能
【解析】解：起重机吊臂滑轮组上面的小滑轮是定滑轮，好处是改变力的方向；
起重机吊臂滑轮组最下面的大滑轮是动滑轮，实质是动力臂等于阻力臂2倍的省力杠杆；
风能、太阳能都能源源不断的向我们提供能源，属于可再生能源。
故答案为：可以改变力的方向；省力；风能。
(1)使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力；动滑轮实质是个动力臂(L1)为阻力臂(L2)二倍的省力杠杆；
(2)像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。
本题考查了定滑轮和动滑轮的工作特点、可再生能源，属于基础题目，难度不大。
16.【答案】不同 连接电路时，开关没有断开 L2 3fe<电流表换成小量程
【解析】解：(1)实验中，为了得到普遍性结论，他选择规格不同的两个小灯泡。
(2)他按图甲连接电路，刚接好最后一根导线，两个小灯泡就都亮了，其原因可能是：连接电路时，开关没有断开。
(3)他将电流表接入电路中，如图乙所示，此时电流表与灯泡L2串联，测量的是通过L2的电流，要测量通过干路的电流，他只需断开开关后，把图中3号导线的f接线柱上的线接到e接线柱上即可。改接电流表的示数为I1，改接后电流表的示数为I2，因为并联电路中，干路中的电流等于各个支路的电流之和，则，I1
故答案为：(1)不同；(2)连接电路过程中开关未断开；(3)L2；3；f；e；(4)<；电流表换成小量程。
(1)本实验中，为了得到普遍性结论，他选择规格不同的两个小灯泡。
(2)连接电路时，开关要断开。
(3)电流表要串联在被测电路中。
(4)如果测量时指针偏转的角度较小，应该改用较小的量程。
知道本实验需要用规格不同的灯泡，连接电路时，开关要断开；知道并联电路的电流规律。
17.【答案】质量 加热时间 B4.2×103 A
【解析】解：(1)根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，他应选用质量和初温都相等的A、B两种液体。实验中两种液体吸收的热量并不能直接测出，因此使用了两个完全相同的电加热器，保证相同时间内吸收的热量相同，根据转换法，只需比较加热时间就可以比较液体吸收热量的多少；
(2)根据A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象知，质量相同的A、B两种液体，当加热相同时间，吸收相同热量时，B液体升温更快；
(3)加热5分钟(吸热相同)，B升高的温度为：
50℃−10℃=40℃；
A升高的温度为：
30℃−10℃=20℃；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，如果B物质的比热容是2.1×103J/(kg⋅℃)，则A物质的比热容是：
c=40℃20℃×2.1×103J/(kg⋅℃)=4.2×103J/(kg⋅℃)。
(4)因A的比热容大，根据Q=cmΔt可知，质量相同的A、B两种液体降低相同的温度，A放热多，故冬天如果想自制暖手袋，A、B两种液体中应选A液体作为供暖物质，其效果更佳。
故答案为：(1)质量；加热时间； (2)B；(3)4.2×103；(4)A。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象分析回答；
(3)根据A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象得出加热5分钟(吸热相同)B和A升高的温度，根据Q=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出A物质的比热容；
(4)因A的比热容大，根据Q=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
18.【答案】同一高度 10.0照相机 上 靠近
【解析】解：
(1)当蜡烛放在光具座30.0cm处，移动光屏，光屏上得到倒立、等大的实像，说明蜡烛到透镜的距离为二倍焦距，凸透镜固定在50.0.cm处，此时物距为50.0cm−30.0cm=20.0cm，因此凸透镜的焦距是f=20.0cm2=10.0cm；
(2)当蜡烛放在光具座20cm处，此时物距u=30cm，且u>2f，移动光屏，可以得到清晰的倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一原理制成的；
凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线经过凸透镜后会经过焦点，如图：
(3)光屏上出现的是倒立的实像，蜡烛越烧越短，在光屏上所成的像将向上移动；
(4)近视眼镜为凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，取下镜片，为了使屏上的像清晰，应将光屏向靠近透镜方向移动。
故答案为：(1)同一高度；10.0；(2)照相机；如图；(3)上；靠近。
(1)为使像成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度；
求出物距，且当物距u=2f时成倒立等大的实像，据此求出焦距大小；
本题考查探究凸透镜成像规律的实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析即可。
19.【答案】需用酒精灯外焰加热 84 a 不变 水蒸气 吸热，温度不变
【解析】解：(1)需用酒精灯外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；即按照自下而上的顺序进行；
(2)零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是84℃；
(3)图乙中烧杯加盖，水面上方气体的压强较大，水的沸点较高，对应图丁中的a图像，故选a；
(4)水沸腾时，烧杯中水的各部分温度趋于一致，气泡在上升时一方面随着高度增加，压强减小，体积增大；同时气泡周围的水不断汽化为水蒸气，使气泡上升过程体积逐渐变大；因此图戊是水沸腾时的情景，水沸腾时继续吸热，温度不变；气泡内的气体是水蒸气。
故答案为：(1)酒精灯需用外焰加热；(2)84；(3)a；(4)不变；水蒸气；(5)吸热，温度不变。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
(2)温度计在读数的时候，视线应该和温度计内的液柱上表面相平；温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面位置的指示来读数；
(3)液面上方气压大，液体的沸点高；
(4)根据沸腾时的现象进行分析：沸腾过程中有大量的气泡生成，并且在上升过程中，体积逐渐变大；
(5)水沸腾时继续吸热，温度不变。
本题考查了水沸腾实验的探究过程，综合了器材的组装顺序、沸腾的特点以及沸腾图象的分析，有一定的难度，是常考的实验题。
20.【答案】物体排开液体的体积 物体浸没在液体中的深度无关 大 2(m2−m1)m3m2 无影响
【解析】解：
(3)将圆柱体浸在水中时，圆柱体受到浮力的作用，且圆柱体对水的压力与圆柱体受到的浮力是一对相互作用力，其大小相等，则圆柱体受到的浮力越大，圆柱体对水的压力也越大，相应地电子秤的示数越大；
图甲中，将圆柱体的一半体积浸在水中，电子秤的示数为m1；图乙中，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2(m2>m1)，前后两次电子秤的示数不同，说明物体受到的浮力不同，而前后两次物体排开水的体积不同，由此可知，浮力的大小与物体排开液体的体积有关；
圆柱体浸没后，逐渐增大圆柱体所处的深度，而电子秤的示数保持不变，说明浮力不变，由此可知，物体所受的浮力与物体浸没在液体中的深度无关。
(4)图乙中，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2；
图丙中，将擦干的圆柱体浸没在果汁中，电子秤的示数为m3(m3>m2)，这说明圆柱体浸没在果汁中受到的浮力大于浸没在水中受到的浮力，而两次实验中圆柱体排开液体的体积相同，根据F浮=ρ液gV排可知ρ果汁>ρ水；
(5)在步骤(1)中，按下清零键，电子秤示数为“0”，即电子秤不显示容器的质量；
设物体放入液体中时电子秤示数为m，则电子秤受到的压力F=mg，
电子秤受到的压力还等于玻璃杯内液体的重力加上圆柱体对液体的压力，而圆柱体对液体的压力与圆柱体受到的浮力是一对相互作用力，其大小相等，由阿基米德原理可知F浮=G排，
所以电子秤受到的压力F=G液+F压=G液+F浮=G液+G排=(m液+m排)g，且F=mg，故电子秤的示数m=m液+m排，即电子秤的示数等于液体的质量与排开液体质量之和；
图甲中，将圆柱体的一半体积浸在水中，电子秤的示数为m1，则m1=ρ水×(V水+0.5V圆柱)------①
图乙中，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2，则m2=ρ水×(V水+V圆柱)------②
由①②可得，圆柱体的体积为：V圆柱=2×m2−m1ρ水------③；
图丙中，将擦干的圆柱体浸没在果汁中，电子秤的示数为m3，则m3=ρ果汁×(V果汁+V圆柱)------④
根据题意可知V果汁=V水，则由④÷②可得，果汁的密度为：ρ果汁=m3m2×ρ水-------⑤
如图丙所示，圆柱体浸没果汁后(未接触玻璃杯底部)和未浸入果汁时相比较，电子秤示数的增加量等于圆柱体浸没时排开果汁的质量，
所以电子秤示数的增加量为：
Δm=m排果汁=ρ果汁V圆柱=2×m2−m1ρ水×m3m2×ρ水=2(m2−m1)m3m2；
如果圆柱体浸入果汁过程中，溢出一些果汁落在电子秤的秤盘上，溢出的果汁仍对电子秤有压力，所以电子秤的示数与果汁仍在杯中时的示数相同，即对电子秤示数增加量的计算结果无影响。
故答案为：(3)物体排开液体的体积；物体浸没在液体中的深度无关；(4)大；(5)2(m2−m1)m3m2；无影响。
(3)浮力的大小与液体的密度和物体排开液体体积有关，探究时应采用控制变量法；浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关；
(4)本实验中，物体受到浮力的大小是通过电子秤的示数反映的，即电子秤的示数越大，说明物体受到的浮力越大；在物体排开液体的体积相同时，根据F浮=ρ液gV排比较两种液体密度的大小关系；
(5)通过受力分析和阿基米德原理可知，电子秤的示数等于液体的质量与排开液体质量之和，据此由甲和乙两图的数据可求出圆柱体的体积，由乙和丙两图的数据可求出果汁的密度；
圆柱体浸没果汁后(未接触玻璃杯底部)和未浸入果汁时相比较，电子秤示数的增加量等于圆柱体浸没时排开果汁的质量，据此解答；
如果圆柱体浸入果汁过程中，溢出一些果汁落在电子秤的秤盘上，溢出的果汁仍对电子秤有压力，由此分析对电子秤示数增加量的计算结果有无影响。
本题主要考查了影响浮力大小的因素和阿基米德原理的应用，难度较大。
21.【答案】60 小 0.3
【解析】解：(1)由图象可知，当被检测者未喝酒时，即酒精气体的浓度为0时，R1的电阻为60Ω，
(2)由电路图可知，传感器R1和定值电阻R2串联，电压表测传感器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图可知，当酒精浓度增大时，传感器R1的阻值会减小，由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大；
由U2=IR2可知，定值电阻R2两端的电压会增大，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压会减小，即电压表的示数会变小；
(3)据图甲可知，当酒精浓度为0.8mg/mL时，R1的电阻为10Ω，
则电路的总电阻为：R=R1′+R2=10Ω+30Ω=40Ω；
此时电路中电流：I′=UR′=12V40Ω=0.3A，即电流表的示数为0.3A；
(4)当电压表的示数U1=4.8V时，
根据串联电路的电压特点可知：U2=U−U1=12V−4.8V=7.2V，
电路中的电流I1=I2=U2R2=7.2V30Ω=0.24A，
根据欧姆定律可得，此时传感器R1的阻值：R1′=U1I1=4.8V0.24A=20Ω，
由甲图可知，被检测者的酒精气体浓度为0.3mg/mL。
故答案为：(1)60；(2)小；(3)0.3；(4)被检测司机酒精浓度是0.3mg/mL。
(1)从图甲中直接可以看出，当被检测者未喝酒时，即酒精气体的浓度为0时传感器电阻的阻值；
(2)由电路图可知，传感器和定值电阻串联，电压表测传感器两端的电压，电流表测电路中的电流；由图可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R1两端电压的变化；
(3)据图甲可知，当酒精浓度为0.8mg/mL时R1的电阻，求出总电阻，根据欧姆定律求出电流表的示数；
(4)当电压表的示数为4.8V时，根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路的电流，继而求出传感器的电阻，由图象得出对应酒精气体的浓度。
本题考查电流的计算和是否饮酒或醉酒驾车的界定标准，以及欧姆定律的应用，关键明白电路的连接和能从图象上找到有用的数据。
2023年吉林省长春市榆树市拉林河片九校联考中考物理二模试卷
1. 世界上第一个发现“电流周围存在磁场”的物理学家是( )
A. 牛顿 B. 焦耳 C. 奥斯特 D. 法拉第
2. 北方的冬天比较寒冷，下列取暖方式中属于利用做功的方式改变内能的是( )
A. 晒太阳 B. 用嘴哈气暖手 C. 搓手取暖 D. 用热水袋暖手
3. 下列现象中，由于光的反射形成的是( )
A. 灯光下，墙上的手影 B. 雨后天边出现的彩虹
C. 桥在水中的“倒影” D. 水中的筷子看上去弯折了
4. 下列物态变化过程属于凝华的是( )
A. 大雾消散 B. 滴水成冰 C. 霜打枝头 D. 冰雪消融
5. 唐代诗人李白在《早发白帝城》中描写到：“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”。其中说“轻舟已过万重山”所选的参照物是( )
A. 山 B. 舟 C. 船桨 D. 船夫
6. 2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。与火箭点火升空过程中能量转化相同的是内燃机的( )
A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程
7. 2022年北京冬奥会，中国运动员苏翊鸣在男子单板滑雪大跳台比赛中夺得金牌。如图是他在比赛中腾空下落的情景。下列对他下落过程分析正确的是( )
A. 运动状态始终保持不变
B. 相对于地面他是静止的
C. 下落过程中重力变大
D. 下落过程中质量不变
8. 如图所示为一种新型材料——“透明铝”，用透明铝替代军用防弹玻璃的外层玻璃部分，防弹玻璃的防弹性能大大提升，说明这种新型材料( )
A. 导电性好 B. 透光性差 C. 硬度大 D. 导热性好
9. 如图所示，用重20N的动滑轮在10s内，将一重100N的物体匀速提高5m，不计绳重和摩擦，则以下分析正确的是( )
A. 手对绳子的拉力F为50N
B. 拉力F做功的功率为30W
C. 在此过程中额外功为200J
D. 该装置的机械效率为83.3%
10. 如图所示的电路中，当开关闭合时，电压表V1的示数为9V，电压表V2的示数为3V。那么R1与R2的阻值之比为( )
A. 1：3
B. 3：1
C. 1：2
D. 2：1
11. 北京冬奥会自由式滑雪女子空中技巧决赛中，我国选手徐梦桃凭借最后一轮的高难度动作一举夺冠。徐梦桃起跳后能继续升高是因为她具有______，完成动作下落过程中，她的机械能怎样变化？______。
12. 茶是世界三大无酒精饮料之一，起源于中国，盛行于世界。泡茶时能闻到浓浓茶香，这是______现象。拿起杯盖，杯盖内表面会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在______(选填“引力”或“斥力”)。
13. 如图所示是一辆无人驾驶的太阳能汽车。
(1)汽车在地面上形成影子，这是光的______形成的；
(2)太阳能是______(选填“可再生”或“不可再生”)能源；太阳能电池板给充电电池充电时，充电电池相当于______(选填“电源”或“用电器”)。
(3)太阳能汽车在高速行驶时对水平地面的压力比静止时对地面的压力______。
14. 王亚平水平向前抛出“冰墩墩”摆件，由于具有______，一向憨态可掬的“墩墩”姿态格外轻盈，接连几个“空翻”画出了一条漂亮的直线，稳稳站在了叶光富手中。在太空，由于在空间站舱内失重的情况下，物体几乎不受______作用，如物体受到微弱的空气阻力忽略不计，无论往哪个方向抛，几乎都可以看作是做______运动。
15. 用起重机吊臂上的滑轮组吊起某厢式板房的情景如图所示。其中使用滑轮组上面的小滑轮的好处是______，最下面的大滑轮相当于______杠杆。起重机工作时消耗的柴油是一种石油产品，石油属于不可再生能源，请你列举一种可再生能源：______。
16. 小明在探究并联电路的电流特点时，设计的电路如图甲所示。
(1)实验中，为了得到普遍性结论，他选择规格______ (选填“相同”或“不同”)的两个小灯泡。
(2)他按图甲连接电路，刚接好最后一根导线，两个小灯泡就都亮了，其原因可能是______ 。
(3)他将电流表接入电路中，如图乙所示，此时电流表测量的是通过______ 的电流，要测量通过干路的电流，他只需断开开关后，把图中______ 号导线的______ 接线柱上的线接到______ 接线柱上即可。改接前电流表的示数为I1，改接后电流表的示数为I2，则I1______ I2。
(4)正确改动电路后，他闭合开关S，电流表示数如图丙所示。为使测量结果更精确，他应进行的操作是______ 。
17. 小明设计了如图甲所示的实验装置比较不同物质吸热的情况。
(1)他应选用______ 和初温都相等的A、B两种液体。实验中两种液体吸收的热量并不能直接测出，因此使用了两个完全相同的电加热器，保证相同时间内吸收的热量相同，只需比较______ 就可以比较液体吸收热量的多少。
(2)根据实验测得的数据分别描绘出了A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示，分析图象可知，质量相同的A、B两种液体，当吸收相同热量时，______ 液体升温更快。
(3)如果B物质的比热容是2.1×103J/(kg⋅℃)，则A物质的比热容是______ J/(kg⋅℃)。
(4)冬天，如果你想自制暖手袋，A、B两种液体中应选______ 液体作为供暖物质，其效果更佳。
18. 如图在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
(1)如图1，将蜡烛、凸透镜、光屏放在光具座上，凸透镜固定在50cm处，并调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在______，当蜡烛放在光具座30cm处，移动光屏，光屏上得到倒立、等大的实像，则该凸透镜的焦距f=______cm。
(2)当蜡烛放在光具座20cm处，移动光屏，可以得到清晰的像。______就是利用这一原理制成的(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。请在图2中完成其中一条光线的光路图。
(3)蜡烛越烧越短，在光屏上所成的像将向______移动(选填“上”或“下”)。
(4)若将近视眼镜镜片放在了蜡烛与凸透镜(靠近凸透镜)之间，移动光屏，直到光屏上再次得到清晰的像。现将近视眼镜镜片取下，发现光屏上的像变模糊了。为了使屏上的像清晰，应将光屏向______(选填“靠近”或“远离”)透镜方向移动。
19. 在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验时，两组同学从甲、乙两图所示的实验装置中各选一套来完成实验。
(1)实验时，按照自下而上的顺序组装器材的目的是______(写出一条理由即可)。
(2)图丙是实验中某一时刻温度计示数，其读数是______℃。
(3)图丁是两个小组根据各自的实验数据绘制的“温度-时间”的图象，其中图象______(选填“a”或“b”)是根据乙实验装置的数据绘制的。
(4)同学们观察到戊图中明显的实验现象时，温度计示数______(选填“变大”“不变”或“变小”)，这时气泡内的气体是______(选填“空气”或“水蒸气”)。
(5)请归纳出水沸腾时温度变化的特点：______。
20. 某同学利用电子秤探究影响浮力大小的因素，其操作如下：
(1)将玻璃杯放在电子秤上，按清零键，电子秤示数为“0”，向玻璃杯中倒入适量的水，在水面处做好标记；
(2)如图甲所示，将玻璃杯放在电子秤上，用细线吊着质地均匀的圆柱体，将一半体积浸在水中，电子秤的示数为m1；
(3)如图乙所示，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2(m2>m1)，由此可知浮力的大小与______有关，逐渐增大圆柱体所处的深度，但未接触玻璃杯底部，电子秤的示数保持不变，由此可得出结论：物体所受的浮力与______；
(4)取出圆柱体，将玻璃杯中的水倒净，向玻璃杯中倒入果汁，直到液面到达标记处。如图丙所示，将擦干的圆柱体浸没在果汁中，电子秤的示数为m3(m3>m2)，这说明果汁的密度比水的密度______；
(5)如图丙所示，圆柱体浸没果汁后(未接触玻璃杯底部)和未浸入果汁时相比较，电子秤示数的增加量Δm=______(用所测的物理量表示)，如果圆柱体浸入果汁过程中，溢出一些果汁落在电子秤的秤盘上，那么对电子秤示数增加量的计算结果有无影响？______。
21. 有一种由酒精气体传感器制成的呼气酒精测试仪被广泛用来检测酒驾，传感器R1的阻值随酒精气体浓度的变化如图甲所示，工作电路如图乙所示，电源电压恒为12V，定值电阻R2=30Ω。
(1)闭合开关后，若被检测者未喝酒时，即酒精浓度为0时，R1阻值为______ Ω。
(2)被检测者酒精浓度越大时，电压表示数越______ 。
(3)被检测者酒精气体浓度为0.8mg/mL时，电流表的示数为______ A。
(4)现在公认的酒驾标准为0.2mg/mL≤酒精气体浓度≤0.8mg/mL，当电压表示数为4.8V时，被检测司机酒精浓度是多少mg/mL。(写出必要的文字说明、表达式及最后结果)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、牛顿在力学中的贡献非常大，其发现并总结了牛顿第一运动定律，故A不符合题意。
B、焦耳建立了焦耳定律，提供了对电流通过导体时发出热量的计算，故B不符合题意。
C、1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场，故C符合题意。
D、法拉第在1831年发现了电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：C。
根据我们对于牛顿、焦耳、奥斯特、法拉第这四位科学家对于物理所作贡献的了解来作答。
本题考查了物理学史，记清每位物理学家的贡献是解题的关键，多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。
2.【答案】C
【解析】解：A、晒太阳取暖时，人体从阳光中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的，故A不符合题意；
B、向双手哈气取暖时，手从热气中吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的，故B不符合题意；
C、两手相互摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，使手的温度升高、内能增大，是通过做功改变手的内能，故C符合题意；
D、用热水袋暖手，手从热水袋上吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变内能的，故D不符合题意。
故选：C。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，其中做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，据此分析回答。
本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，属于基础题目。
3.【答案】C
【解析】解：
A、灯光下，墙上的手影是由光是沿直线传播形成的，故A错误；
B、雨后天边出现的彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这是光的色散现象，故B错误；
C、桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，其原理是光的反射，故C正确；
D、插入水中的筷子，由于筷子反射的光线从水中斜射入空气中时，传播方向发生了偏折，远离法线，折射角大于入射角，所以看到筷子在水中的部分是向上弯折，此时看到的像是筷子的虚像，故D错误。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4.【答案】C
【解析】解：A.大雾消散，是液态的小水滴变气态的水蒸气，是汽化现象，故A不符合题意；
B.滴水成冰，液态的水变固态的冰，是凝固现象，故B不符合题意；
C.霜是空中的水蒸气遇冷凝华形成，故C符合题意；
D.冰雪消融固态的冰变液态的水，是熔化现象，故D不符合题意。
故选：C。
物质从固态变为液态的过程是熔化；物质从液态变为固态的过程是凝固。
物质从液体变为气态的过程是汽化；物质从气态变化液态的过程是液化。
物质从固态直接变为气态的过程是升华；物质从气态直接变为固态的过程是凝华。
分析某现象原来状态和现在的状态，根据物态变化定义判断，这是这类习题的思路。
5.【答案】A
【解析】解：轻舟已过万重山，可以看出轻舟相对于山的位置不断变化，所以描写轻舟是运动的，则所选的参照物是山。
故选：A。
物理学中的运动指的是物体位置的变化，判定舟中人的运动状态就看其相对于参照物的位置是否改变。由此入手来分析此题。
此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
6.【答案】C
【解析】解：火箭点火升空过程中把燃气的内能转化为火箭的机械能，而内燃机中将内能转化为的机械能的冲程是做功冲程。
故选：C。
火箭点火升空过程中把燃气的内能转化为火箭的机械能；内燃机的压缩冲程中将机械能转化为内能，做功冲程中将内能转化为机械能。
本题考查内燃机的工作原理和能量的转化，是一道基础题。
7.【答案】D
【解析】解：A、苏翊鸣在运动过程中，运动方向和速度大小会发生变化，故运动状态会发生变化，故A错误；
B、下落过程中，他相对于地面的位置发生变化，是运动的，故B错误；
CD、D、质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，下落过程中，他的质量不变，根据G=mg可知，重力不变，故C错误、D正确。
故选：D。
(1)物体速度大小和方向的变化都属于运动状态的改变，物体的运动状态发生改变；
(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；
(3)质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系；
(4)根据G=mg分析其重力变化。
本题考查了物体运动状态变化的判断、运动和静止的相对性、质量及其特性等知识，具有较强的综合性，但难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：由题目信息可知新型材料是“透明铝”，说明透光性较好，使防弹玻璃的防弹性能大大提升说明新型材料的硬度大，而导电性、导热性根据所给信息无法确定，故C正确。
故选：C。
根据题目中给出的信息分析。
本题是属于给材料问题，读懂所给信息是解题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：A、由图可知n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：
F=1n(G+G动)=12×(100N+20N)=60N，故A错误；
B、绳子自由端移动的距离：s=nh=2×5m=10m，
拉力做的总功：W总=Fs=60N×10m=600J，
拉力做功的功率：P=W总t=600J10s=60W，故B错误；
C、拉力做的有用功：W有=Gh=100N×5m=500J，
额外功：W额=W总−W有=600J−500J=100J，故C错误；
D、该装置的机械效率：η=W有W总×100%=500J600J×100%≈83.3%，故D正确。
故选：D。
(1)由图可知n=2，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求手对绳子的拉力F；
(2)由图可知n=2，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(3)利用W有=Gh求有用功，利用W总=W有+W额求在此过程中做的额外功；
(4)利用η=W有W总×100%求该装置的机械效率。
本题考查了使用动滑轮时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
10.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源的电压U，电压表V2测R2两端的电压U2，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知：
电阻R1两端的电压U1=U−U2=9V−3V=6V，
串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可得：R1R2=U1IU2I=U1U2=6V3V=21。
故选：D。
由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压；根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出两电阻的阻值之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是各电表所测电路元件的判断。
11.【答案】惯性 变小
【解析】解：徐梦桃起跳后，由于惯性，继续保持原来的运动状态，故徐梦徐梦桃起跳后能够继续升高。
由于存在空气阻力，运动过程中有一部分机械能转化为内能，所以徐梦桃的机械能减小。
故答案为：惯性；变小。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(2)由于空气阻力，物体运动时会有一部分机械能转化为内能。
本题考查了惯性和机械能的转化，属于基础题。
12.【答案】扩散 引力
【解析】解：泡茶时能闻到茶香，是茶叶的香味分子运动到了空气中，这是扩散现象。
杯盖上会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在引力。
故答案为：扩散；引力。
两种物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。分子间存在相互作用的引力和斥力。
此题考查了分子间的相互作用力和扩散现象在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。
13.【答案】直线传播 可再生 用电器 小
【解析】解：(1)汽车在地面上形成影子，这是光的直线传播形成的；
(2)太阳能能够源源不断的从自然界得到的能源，是可再生能源；
太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能，充电电池将这些电能转化为化学能储存起来。可见，充电电池在充电过程中会消耗电能，所以此时它属于用电器；
(3)太阳能汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，根据“流速越大压强越小”原理可知，流过汽车的空气产生向上的压强差，所以汽车行驶时对地面压力比静止时小。
故答案为：(1)直线传播；(2)可再生；用电器；(3)小。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等利用的都是光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；在电路中提供电能的是电源，消耗电能的是用电器。；
(3)汽车静止在水平面上，汽车对路面的压力等于重力，当流线型的汽车快速行驶时，产生升力，汽车对地面压力减小。
本题考查了影子的形成、能源的分类、电路元件的作用和流体压强与流速的关系的应用，难度一般。
14.【答案】惯性 重力 匀速直线
【解析】解：王亚平水平向前抛出“冰墩墩”摆件，由于“冰墩墩”摆件具有惯性，墩墩继续向前运动。
在空间站舱内失重的情况下，物体受到的重力用来提供随空间站一起运动的向心力，可以认为物体几乎不受重力；如物体受到微弱的空气阻力忽略不计，可以看作物体不受力，无论往哪个方向抛，抛出后，物体的运动状态不变，几乎都可以看作是做匀速直线运动。
故答案为：惯性；重力；匀速直线。
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
物体在空间站内处于失重状态，根据牛顿第一定律分析“冰墩墩”摆件的运动状态。
本题考查了惯性现象、力与运动的关系，难度不大。
15.【答案】可以改变力的方向 省力 风能
【解析】解：起重机吊臂滑轮组上面的小滑轮是定滑轮，好处是改变力的方向；
起重机吊臂滑轮组最下面的大滑轮是动滑轮，实质是动力臂等于阻力臂2倍的省力杠杆；
风能、太阳能都能源源不断的向我们提供能源，属于可再生能源。
故答案为：可以改变力的方向；省力；风能。
(1)使用定滑轮只能改变力的方向，不能省力；动滑轮实质是个动力臂(L1)为阻力臂(L2)二倍的省力杠杆；
(2)像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。
本题考查了定滑轮和动滑轮的工作特点、可再生能源，属于基础题目，难度不大。
16.【答案】不同 连接电路时，开关没有断开 L2 3fe<电流表换成小量程
【解析】解：(1)实验中，为了得到普遍性结论，他选择规格不同的两个小灯泡。
(2)他按图甲连接电路，刚接好最后一根导线，两个小灯泡就都亮了，其原因可能是：连接电路时，开关没有断开。
(3)他将电流表接入电路中，如图乙所示，此时电流表与灯泡L2串联，测量的是通过L2的电流，要测量通过干路的电流，他只需断开开关后，把图中3号导线的f接线柱上的线接到e接线柱上即可。改接电流表的示数为I1，改接后电流表的示数为I2，因为并联电路中，干路中的电流等于各个支路的电流之和，则，I1
故答案为：(1)不同；(2)连接电路过程中开关未断开；(3)L2；3；f；e；(4)<；电流表换成小量程。
(1)本实验中，为了得到普遍性结论，他选择规格不同的两个小灯泡。
(2)连接电路时，开关要断开。
(3)电流表要串联在被测电路中。
(4)如果测量时指针偏转的角度较小，应该改用较小的量程。
知道本实验需要用规格不同的灯泡，连接电路时，开关要断开；知道并联电路的电流规律。
17.【答案】质量 加热时间 B4.2×103 A
【解析】解：(1)根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，他应选用质量和初温都相等的A、B两种液体。实验中两种液体吸收的热量并不能直接测出，因此使用了两个完全相同的电加热器，保证相同时间内吸收的热量相同，根据转换法，只需比较加热时间就可以比较液体吸收热量的多少；
(2)根据A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象知，质量相同的A、B两种液体，当加热相同时间，吸收相同热量时，B液体升温更快；
(3)加热5分钟(吸热相同)，B升高的温度为：
50℃−10℃=40℃；
A升高的温度为：
30℃−10℃=20℃；
根据Q=cmΔt可知，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，如果B物质的比热容是2.1×103J/(kg⋅℃)，则A物质的比热容是：
c=40℃20℃×2.1×103J/(kg⋅℃)=4.2×103J/(kg⋅℃)。
(4)因A的比热容大，根据Q=cmΔt可知，质量相同的A、B两种液体降低相同的温度，A放热多，故冬天如果想自制暖手袋，A、B两种液体中应选A液体作为供暖物质，其效果更佳。
故答案为：(1)质量；加热时间； (2)B；(3)4.2×103；(4)A。
(1)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)根据A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象分析回答；
(3)根据A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象得出加热5分钟(吸热相同)B和A升高的温度，根据Q=cmΔt，在质量和吸热相同的情况下，比热容与升高的温度之积为一定值，升高的温度与比热容成反比，据此得出A物质的比热容；
(4)因A的比热容大，根据Q=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
18.【答案】同一高度 10.0照相机 上 靠近
【解析】解：
(1)当蜡烛放在光具座30.0cm处，移动光屏，光屏上得到倒立、等大的实像，说明蜡烛到透镜的距离为二倍焦距，凸透镜固定在50.0.cm处，此时物距为50.0cm−30.0cm=20.0cm，因此凸透镜的焦距是f=20.0cm2=10.0cm；
(2)当蜡烛放在光具座20cm处，此时物距u=30cm，且u>2f，移动光屏，可以得到清晰的倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一原理制成的；
凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线经过凸透镜后会经过焦点，如图：
(3)光屏上出现的是倒立的实像，蜡烛越烧越短，在光屏上所成的像将向上移动；
(4)近视眼镜为凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，取下镜片，为了使屏上的像清晰，应将光屏向靠近透镜方向移动。
故答案为：(1)同一高度；10.0；(2)照相机；如图；(3)上；靠近。
(1)为使像成在光屏的中央，应调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度；
求出物距，且当物距u=2f时成倒立等大的实像，据此求出焦距大小；
本题考查探究凸透镜成像规律的实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析即可。
19.【答案】需用酒精灯外焰加热 84 a 不变 水蒸气 吸热，温度不变
【解析】解：(1)需用酒精灯外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；即按照自下而上的顺序进行；
(2)零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是84℃；
(3)图乙中烧杯加盖，水面上方气体的压强较大，水的沸点较高，对应图丁中的a图像，故选a；
(4)水沸腾时，烧杯中水的各部分温度趋于一致，气泡在上升时一方面随着高度增加，压强减小，体积增大；同时气泡周围的水不断汽化为水蒸气，使气泡上升过程体积逐渐变大；因此图戊是水沸腾时的情景，水沸腾时继续吸热，温度不变；气泡内的气体是水蒸气。
故答案为：(1)酒精灯需用外焰加热；(2)84；(3)a；(4)不变；水蒸气；(5)吸热，温度不变。
(1)实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
(2)温度计在读数的时候，视线应该和温度计内的液柱上表面相平；温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面位置的指示来读数；
(3)液面上方气压大，液体的沸点高；
(4)根据沸腾时的现象进行分析：沸腾过程中有大量的气泡生成，并且在上升过程中，体积逐渐变大；
(5)水沸腾时继续吸热，温度不变。
本题考查了水沸腾实验的探究过程，综合了器材的组装顺序、沸腾的特点以及沸腾图象的分析，有一定的难度，是常考的实验题。
20.【答案】物体排开液体的体积 物体浸没在液体中的深度无关 大 2(m2−m1)m3m2 无影响
【解析】解：
(3)将圆柱体浸在水中时，圆柱体受到浮力的作用，且圆柱体对水的压力与圆柱体受到的浮力是一对相互作用力，其大小相等，则圆柱体受到的浮力越大，圆柱体对水的压力也越大，相应地电子秤的示数越大；
图甲中，将圆柱体的一半体积浸在水中，电子秤的示数为m1；图乙中，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2(m2>m1)，前后两次电子秤的示数不同，说明物体受到的浮力不同，而前后两次物体排开水的体积不同，由此可知，浮力的大小与物体排开液体的体积有关；
圆柱体浸没后，逐渐增大圆柱体所处的深度，而电子秤的示数保持不变，说明浮力不变，由此可知，物体所受的浮力与物体浸没在液体中的深度无关。
(4)图乙中，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2；
图丙中，将擦干的圆柱体浸没在果汁中，电子秤的示数为m3(m3>m2)，这说明圆柱体浸没在果汁中受到的浮力大于浸没在水中受到的浮力，而两次实验中圆柱体排开液体的体积相同，根据F浮=ρ液gV排可知ρ果汁>ρ水；
(5)在步骤(1)中，按下清零键，电子秤示数为“0”，即电子秤不显示容器的质量；
设物体放入液体中时电子秤示数为m，则电子秤受到的压力F=mg，
电子秤受到的压力还等于玻璃杯内液体的重力加上圆柱体对液体的压力，而圆柱体对液体的压力与圆柱体受到的浮力是一对相互作用力，其大小相等，由阿基米德原理可知F浮=G排，
所以电子秤受到的压力F=G液+F压=G液+F浮=G液+G排=(m液+m排)g，且F=mg，故电子秤的示数m=m液+m排，即电子秤的示数等于液体的质量与排开液体质量之和；
图甲中，将圆柱体的一半体积浸在水中，电子秤的示数为m1，则m1=ρ水×(V水+0.5V圆柱)------①
图乙中，将圆柱体浸没在水中，电子秤的示数为m2，则m2=ρ水×(V水+V圆柱)------②
由①②可得，圆柱体的体积为：V圆柱=2×m2−m1ρ水------③；
图丙中，将擦干的圆柱体浸没在果汁中，电子秤的示数为m3，则m3=ρ果汁×(V果汁+V圆柱)------④
根据题意可知V果汁=V水，则由④÷②可得，果汁的密度为：ρ果汁=m3m2×ρ水-------⑤
如图丙所示，圆柱体浸没果汁后(未接触玻璃杯底部)和未浸入果汁时相比较，电子秤示数的增加量等于圆柱体浸没时排开果汁的质量，
所以电子秤示数的增加量为：
Δm=m排果汁=ρ果汁V圆柱=2×m2−m1ρ水×m3m2×ρ水=2(m2−m1)m3m2；
如果圆柱体浸入果汁过程中，溢出一些果汁落在电子秤的秤盘上，溢出的果汁仍对电子秤有压力，所以电子秤的示数与果汁仍在杯中时的示数相同，即对电子秤示数增加量的计算结果无影响。
故答案为：(3)物体排开液体的体积；物体浸没在液体中的深度无关；(4)大；(5)2(m2−m1)m3m2；无影响。
(3)浮力的大小与液体的密度和物体排开液体体积有关，探究时应采用控制变量法；浮力的大小与物体浸没在液体中的深度无关；
(4)本实验中，物体受到浮力的大小是通过电子秤的示数反映的，即电子秤的示数越大，说明物体受到的浮力越大；在物体排开液体的体积相同时，根据F浮=ρ液gV排比较两种液体密度的大小关系；
(5)通过受力分析和阿基米德原理可知，电子秤的示数等于液体的质量与排开液体质量之和，据此由甲和乙两图的数据可求出圆柱体的体积，由乙和丙两图的数据可求出果汁的密度；
圆柱体浸没果汁后(未接触玻璃杯底部)和未浸入果汁时相比较，电子秤示数的增加量等于圆柱体浸没时排开果汁的质量，据此解答；
如果圆柱体浸入果汁过程中，溢出一些果汁落在电子秤的秤盘上，溢出的果汁仍对电子秤有压力，由此分析对电子秤示数增加量的计算结果有无影响。
本题主要考查了影响浮力大小的因素和阿基米德原理的应用，难度较大。
21.【答案】60 小 0.3
【解析】解：(1)由图象可知，当被检测者未喝酒时，即酒精气体的浓度为0时，R1的电阻为60Ω，
(2)由电路图可知，传感器R1和定值电阻R2串联，电压表测传感器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；
由图可知，当酒精浓度增大时，传感器R1的阻值会减小，由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大；
由U2=IR2可知，定值电阻R2两端的电压会增大，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压会减小，即电压表的示数会变小；
(3)据图甲可知，当酒精浓度为0.8mg/mL时，R1的电阻为10Ω，
则电路的总电阻为：R=R1′+R2=10Ω+30Ω=40Ω；
此时电路中电流：I′=UR′=12V40Ω=0.3A，即电流表的示数为0.3A；
(4)当电压表的示数U1=4.8V时，
根据串联电路的电压特点可知：U2=U−U1=12V−4.8V=7.2V，
电路中的电流I1=I2=U2R2=7.2V30Ω=0.24A，
根据欧姆定律可得，此时传感器R1的阻值：R1′=U1I1=4.8V0.24A=20Ω，
由甲图可知，被检测者的酒精气体浓度为0.3mg/mL。
故答案为：(1)60；(2)小；(3)0.3；(4)被检测司机酒精浓度是0.3mg/mL。
(1)从图甲中直接可以看出，当被检测者未喝酒时，即酒精气体的浓度为0时传感器电阻的阻值；
(2)由电路图可知，传感器和定值电阻串联，电压表测传感器两端的电压，电流表测电路中的电流；由图可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R1两端电压的变化；
(3)据图甲可知，当酒精浓度为0.8mg/mL时R1的电阻，求出总电阻，根据欧姆定律求出电流表的示数；
(4)当电压表的示数为4.8V时，根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路的电流，继而求出传感器的电阻，由图象得出对应酒精气体的浓度。
本题考查电流的计算和是否饮酒或醉酒驾车的界定标准，以及欧姆定律的应用，关键明白电路的连接和能从图象上找到有用的数据。
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