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2023年天津市河北区中考物理一模试卷（含答案）
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这是一份2023年天津市河北区中考物理一模试卷（含答案），共24页。
2023年天津市河北区中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
1. 辛弃疾的《西江月》中有“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，词人辨别出青蛙的声音，是依据声音的( )
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 速度
2. 天宫课堂上，王亚平老师将一个液体球“变”成了固体球。这一过程中发生的物态变化和吸放热情况是( )
A. 熔化吸热 B. 凝固放热 C. 液化吸热 D. 凝华放热
3. 如图所示的实例中，属于光的直线传播现象的是( )
A. 手影 B. 看到地上的书
C. 海市蜃楼 D. 用放大镜看指纹
4. 在平直的地面上有一辆小车匀速前进，下列说法正确的是( )
A. 车对地面的压力和地面对车的支持力是一对平衡力
B. 车受到的重力和地面受到的压力是一对相互作用力
C. 车受到的重力和地面对车的支持力是一对平衡力
D. 地面对车的支持力和车受到的阻力是一对平衡力
5. 如图所示的杠杆在使用过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 用羊角锤起钉子 B. 用钳子夹导线
C. 用起子起瓶盖 D. 用镊子夹取砝码
6. 对下列与电磁现象有关的四幅图的分析正确的是( )
A. 图甲：闭合开关后，通电螺线管右端是S极
B. 图乙：利用磁场可以产生电流
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流
D. 图丁：该装置可用来研究发电机的工作原理
7. “一盔一带，安全常在”，小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器(S1)接收到信号，再转动电动车钥匙(S2)，车才能正常启动，下列电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，下列
判断正确的是( )
A. 电压表V的示数变大
B. 电流表A1的示数不变
C. 电流表A2的示数变大
D. 电压表V的示数变小
9. 如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作，且符合安全用电原则。下列说法正确的是( )
A. ②处应接开关
B. 电能表应接在空气开关后
C. 若开关短路，空气开关会切断电源
D. 用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光
10. 如图所示，2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆。根据图片提供的信息，下列对返回舱的高度估计更接近实际的是( )
A. 1.5m B. 2.5m C. 5.5m D. 6.5m
11. 在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为10cm，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像(像未在图中画出来)，下列说法正确的是( )
A. 实验前应调整烛焰、透镜、光屏的中心在同一水平直线上
B. 光屏上形成的是烛焰倒立、放大的实像
C. 图中烛焰的成像特点与照相机成像特点相同
D. 将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，保持凸透镜位置不动，向右移动光屏到合适位置，可以得到烛焰倒立、放大的清晰实像
12. 如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器的规格为“15Ω 2A”，小灯泡L标有“3.0V 1.5W”的字样(灯丝电阻不变)。在电路安全的情况下，下列说法不正确的是( )
A. 电流表示数的最小值为0.5A
B. 滑动变阻器阻值的变化范围是3Ω～15Ω
C. 小灯泡电功率的变化范围为0.375W～1.5W
D. 整个电路的最大功率为2.25W
13. 如图所示，小明利用一根吸管制作一个简易密度计，下列说法中正确的是( )
A. 这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体密度越大，排开液体的重力越大
B. 这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体密度越大，它露出液面部分长度越长
C. 如图乙所示为设计好的密度计的一部分，刻度上至A下至B，量程为ρ1～ρ2。若把它放到某种液体中，液面恰好在AB的中点C，这种液体的密度ρ=2ρ1ρ2ρ1+ρ2
D. 若只增加配重，该密度计C处对应的刻度将变大
14. 奥运滑雪冠军苏翊鸣滑离跳台后由于具有______(选填“惯性”或“内能”)在空中继续向前运动，以他所戴的头盔为参照物苏翊鸣是______(选填“运动”或“静止”)的。
15. 身高1.6m的小明站在竖直摆放的平面镜前1m处，他的像距离平面镜______m；如果他远离平面镜，他的像的大小将______。
16. 如图所示，水平地面上有一重为20N的物块，在水平拉力F=5N作用下向右运动了10m，在这个过程中拉力F对物体做的功为______J，重力做的功为______J。
17. 如图所示，一台家用电器单独接进家庭电路工作10min，电能表的表盘旋转120r。这段时间用电器消耗的电能为______ kW⋅h，用电器的实际功率是______ W。
18. 如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后甲容器连接的U形管液面高度差较大说明：电流通过导体产生的热量跟______ (选填“电流”或“电阻”)的大小有关；当电流为0.2A时，通电10s甲容器中电阻产生的热量是______ J。
19. 如图所示，甲、乙是连接实验室常用电流表或电压表的位置，电源电压恒定。在甲、乙位置分别接入某种电表，闭合开关S1、S2，两灯均发光，甲、乙两个电表示数之比为1：5；断开S1、S2，在甲、乙位置分别接入另一种电表，然后再只闭合开关S1，两灯均发光，则此时甲、乙两电表示数之比为______，灯泡L1与L2的电功率之比为______。(忽略温度对灯丝电阻的影响)
20. 如图所示，质量为0.4kg初温为25℃的食用油注入大烧杯中，并将电加热器放入食用油中，电加热器正常工作100s，测出食用油的温度为65℃，已知电加热器的额定电压为220V，额定功率为400W。[c油=2×103J/(kg⋅℃)]
(1)食用油吸收的热量。
(2)电加热器的热效率。
21. 小明用木块、木板、毛巾、玻璃板、砝码、弹簧测力计等器材探究影响滑动摩擦力大小的因素。
(1)木块在水平面上被拉动时所受滑动摩擦力的大小无法直接测量，可依据二力平衡的条件，拉动木块做匀速直线运动，则滑动摩擦力的大小等于______ 的大小。
(2)实验过程如图所示(木块均做匀速直线运动)，其中F5
②对比甲、丁、戊三次实验可知：压力相同时，______ 滑动摩擦力越大。
(3)要探究滑动摩擦力大小跟物体运动速度是否有关，需要保持______ 和______ 不变，只改变______ 。
(4)本实验主要的研究方法是控制变量法，下列实验中也用到了这种方法的是______ 。
A.探究压力的作用效果跟什么因素有关
B.探究杠杆的平衡条件
C.测量固体的密度
22. 如图所示，用滑轮组提升重为120N的物体时，物体在10s内匀速竖直上升2m，所用拉力F为50N。求：
(1)滑轮组提升物体做的有用功。
(2)拉力做功的功率。
(3)该滑轮组的机械效率。
23. 如图所示，用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测镇江香醋的密度。
(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，则应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节。
(2)用天平测量冰墩墩质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图3所示，其质量为______ g，若ρ陶瓷=2.7×103kg/m3，其体积为______ m3。
(3)如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量m1=135.2g。
(4)将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，如图4丙所示，在烧杯壁上标记液面位置。
(5)将冰墩墩取出，______ ，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2=102.8g。
(6)根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度ρ= ______ g/cm3。与真实值相比，用本方案测出香醋的密度______ (选填“偏大”“偏小”或“相同”)。
24. 小明同学要测量一个电阻Rx(约为100Ω)的阻值，现有一节旧干电池，一个定值电阻R0=150Ω，两个开关S1、S2，导线若干。另外，可供选用的器材如下：
一块电流表A(量程0～0.6A，分度值0.02A)
一块电压表V(量程0～3V，分度值0.1V)
请你帮小明选择合理器材，精确地测出电阻Rx的阻值；
(1)画出实验电路图(元件不可拆接)；
(2)写出测量中的主要实验步骤及所需测量的量；
(3)写出电阻Rx阻值的数学表达式(用已知量和测量量表示)。
25. 在物理课外拓展活动中，力学兴趣小组的同学进行了如图甲的探究。用细线P将A、B两个不吸水的长方体连接起来，再用细线Q将A、B两物体悬挂放入水平桌面上的圆柱形容器中，初始时B物体对容器底的压力恰好为零。从t=0时开始向容器内匀速注水(水始终未溢出)，细线Q的拉力FQ随时间t的变化关系如图乙所示。已知A、B两物体的底面积SA=SB=S0，A、B的密度均大于水的密度，细线P、Q不可伸长，细线P的长度是B高度的43倍，水的密度用ρ水表示。求：
(1)t=t1时，B物体受到水的浮力。
(2)每秒向容器内注入水的体积。
(3)当FQ=1.5F1时，水对容器底部的压力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：不同发声体的音色不同，诗人能分辨出叫声是青蛙发出的，是因为青蛙的音色与其他动物不同。
故选：C。
音色是取决于发声体本身的一种特性，可以用于区分或辨别发声体。
本题考查声音的特性之一：音色，要求学生理解影响音色的因素。
2.【答案】B
【解析】解：将一个液体球“变”成了固体球。这一过程中是凝固的过程，会放出热量，故ACD错误，B正确。
故选：B。
物质从液态变为固态的过程叫做凝固；凝固放热。
本题考查了凝固的特点，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、手影是光沿直线传播形成的，故A符合题意；
B、书反射的光线进入人的眼睛，人眼便看到书，属于光的反射现象，故B不符合题意；
C、海市蜃楼是太阳光经过不均匀的大气层发生折射形成的，属于光的折射现象，故C不符合题意。
D、用放大镜看指纹属于凸透镜成像，凸透镜对光线具有会聚作用，其原理是光的折射现象，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如凸透镜成像、水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4.【答案】C
【解析】解：A、车对地面的压力和地面对车的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但作用在不同的两个物体，它们是一对相互作用力，故A错误；
B、车受到的重力和地面受到的压力，这两个力方向相同，不是一对相互作用力，故B错误；
C、车受到的重力和地面对车的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故C正确；
D、地面对车的支持力方向是竖直向上，车受到的阻力沿水平方向，不在同一直线上，它们不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)二力平衡的条件：二力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；
(2)相互作用的特点：相互作用的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同的物体上。
本题考查二力平衡和相互作用的力的辨析，知道二力平衡的条件和相互作用的特点是解题的关键，是一道常考题。
5.【答案】D
【解析】解：A、用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B、用钳子夹导线时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C、用起子起瓶盖时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D、用镊子夹取砝码时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D正确。
故选：D。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】A
【解析】解：
A、闭合开关后，电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，其右端是S极，故A正确；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，即电流能产生磁场，故B错误；
C、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中会受力运动，反映了电动机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)根据安培定则判定通电螺线管的极性；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题是电磁学的综合题，涉及的知识点较多，但难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器(S1)接收到信号，再转动电动车钥匙(S2)，车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确、BCD错误。
故选：A。
根据电动车启动的条件分析两个开关与电动机的连接方式。
本题考查了电路的设计，能判定出两个开关的连接方式是解题的关键。
8.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源的电压；
AD、由于电源电压不变，滑片移动时，电压表示数不变，故AD错误；
B、并联电路中各支路互不影响，移动滑片时，通过定值电阻的电流不变，所以电流表A1的示数不变，故B正确；
C、闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流减小，所以电流表A2的示数变小，故C错误。
故选：B。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源的电压；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流的变化；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路的电流变化；
根据并联电路的电流特点可知干路电流变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：A、开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间，①处接开关，故A错误；
B、电能表应该在空气开关前面，故B错误；
C、开关短路，电灯还是会继续发光，空气开关不会切断电路，故C错误；
D、用试电笔接触a孔中的金属片，a孔与火线相连，氖管会发光，故D正确。
故选：D。
(1)开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间；
(2)电能表应该在空气开关前面；
(3)开关短路，不影响电路正常工作；
(4)用试电笔接触a孔中的金属片，a孔与火线相连，氖管会发光。
本题考查了家庭电路的基本情况，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：成年人的身高在170cm左右。由图知，返回舱的高度略大于成年人的身高且小于2个成年人的身高，所以在2.5m左右。
故选：B。
此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合题意的答案。
长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断。如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离(一拃)大约15cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右等。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一水平直线上。其目的是使像成在光屏的中央；故A正确；
BC、根据图示可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，因此与照相机原理相同。故B错误，C正确；D、将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，此时物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，故D正确。故选：ACD。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；(2)凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系，能判断凸透镜的成像情况：物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，照相机根据这个原理制成；物距等于2f，凸透镜成倒立等大的实像；物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成。
本题探究了凸透镜成像的规律，要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，关键是掌握凸透镜成像的规律。搞清像距、像的大小与物距之间的关系。
12.【答案】AB
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、电流表的示数最小时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端电压最大，电压表量程为“0～3V”，所以URmax=3V，
小灯泡两端的电压：UL'=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，
小灯泡的电阻：RL=UL2PL=(3V)21.5W=6Ω，
电路中的最小电流为：Imin=UL'RL=1.5V6Ω=0.25A，故A错误；
B、滑动变阻器接入电路的最大阻值：Rmax=URmaxImin=3V0.25A=12Ω，
灯泡正常发光时的电压为3V，功率为1.5W，由P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：I=IL=PLUL=1.5W3V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以电路中的最大电流Imax=0.5A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时电压表的示数：URmin=U-UL=4.5V-3V=1.5V，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：Rmin=URminImax=1.5V0.5A=3Ω，
则滑动变阻器阻值的变化范围为3Ω～12Ω，故B错误；
C、小灯泡的最大功率等于其额定功率1.5W，
灯泡的最小功率：Pmin=Imin2RL=(0.25A)2×6Ω=0.375W，则灯泡的功率变化范围是0.375W～1.5W，故C正确；
D、电路中的最大电流Imax=0.5A，则电路消耗的最大电功率：P最大=UImax=4.5V×0.5A=2.25W，故D正确。
故选：AB。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)电流表的示数最小时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联分压可知滑动变阻器两端电压最大，根据串联电路的电压规律可以知道小灯泡两端的电压，再通过铭牌求出小灯泡的电阻，最后利用欧姆定律即可得到最小电流；
(2)当电路中电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电路中的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出其大小，然后得出滑动变阻器连入电路的阻值变化范围；
(3)小灯泡的最大功率等于其额定功率，利用公式P=I2R可求得小灯泡的最小功率；
(4)根据P=UI可知，当电路中电流最大时，总电功率最大，根据P=UI算出最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流。
13.【答案】BCD
【解析】解：AB、密度计始终漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，根据阿基米德原理可知，密度计漂浮在不同液体中排开液体的重力相等；如果液体的密度越大，根据阿基米德原理可知，密度计浸入液体中的体积越小，即越往上浮，则露出液面部分的长度越长，故A错误，B正确；
C、设S为管底面积，A点到吸管底部的深度为h1，B点到吸管底的深度为h2，则液面恰好在AB的中点C时，深度h=h1+h22，
因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，则有F浮A=F浮B=G，由F浮=ρ液gV排=ρ液gSh可知，ρ1gSh1=ρ2gSh2，则有h1h2=ρ2ρ1，
当液面恰好在AB的中点C时，有F浮A=F浮C=G，则有ρ1gSh1=ρgSh，所以液体的密度ρ=ρ1h1h=ρ1h1h1+h22=2ρ11+h2h1=2ρ11+ρ1ρ2=2ρ1ρ2ρ1+ρ2，故C正确；
D、若只增加配重，则浮力变大，根据F浮=ρ液gV排可知，密度一定，密度计排开液体的体积变大，即浸入液体的体积变大，浸入液体的深度增加，C在液面下，刻度值变大，故D正确。
故选：BCD。
(1)密度计的质量一定，在液体中受力平衡，受到的浮力总是等于重力，被测液体的密度越大，排开液体的体积越小，浸入液体部分也越小；
(2)设S为管底面积，A点到吸管底部的深度为h1，B点到吸管底的深度为h2，则可表示出液面恰好在AB的中点C时的深度，因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，根据阿基米德原理可求出液面位置恰好在AB的中点C时液体的密度；
(3)若只增加配重，则浮力变大，根据F浮=ρ液gV排判断出密度计排开液体体积的变化。
本题考查了浮沉条件的应用，密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
14.【答案】惯性 静止
【解析】解：奥运滑雪冠军苏翊鸣滑离跳台后由于具有惯性，仍然会保持原来的运动状态，在空中继续向前运动；
以他所戴的头盔为参照物，苏翊鸣与头盔之间没有发生位置的变化，是静止的。
故答案为：惯性；静止。
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
本题考查了惯性、运动和静止的相对性，属于基础题。
15.【答案】1 不变
【解析】解：小明站在竖直放置的平面镜前1m处，根据物像到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离也是1m。
小明在平面镜中成像大小和小明的大小有关，跟小明到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小明远离平面镜时，小明像的大小不变。
故答案为：1；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查平面镜成像的特点，属于对基础知识的考查，难度不大。
16.【答案】50 0
【解析】解：拉力F做的功为：W=Fs=5N×10m=50J；
由于物体在重力的方向上没有通过距离；故重力没有做功，即重力G对物体做的功为0J。
故答案为：50；0。
功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离；功的大小等于力乘以距离，即W=Fs。
深入理解做功的必要因素，熟练运用功的计算公式，可解答此题。
17.【答案】0.1 600
【解析】解：1200r/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，
转盘转动120r用电器消耗的电能：
W=1201200kW⋅h=0.1kW⋅h；
用电器的功率为：
P=Wt=0.1kW⋅h1060h=0.6kW=600W。
故答案为：0.1；600。
1200r/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，求出转盘转120r电路中消耗的电能，然后根据P=Wt求出家用电器的功率。
本题考查电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。
18.【答案】电阻 4
【解析】解：(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
(2)通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲=I2R甲t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J。
故答案为：电阻；4。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(2)根据Q=I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
19.【答案】5：1 4：1
【解析】解：闭合开关S1、S2，两灯均发光，则L1、L2串联，甲是电压表，测量L1两端电压，乙是电压表，测量电源电压；甲、乙两个电表示数之比为1：5，则灯泡L1、L2两端电压之比为1：4，根据串联电路电流处处相等和欧姆定律，则U1R1=U2R2,故R1：R2=U1：U2=1：4。断开S1、S2，在甲、乙位置分别接入另一种电表，然后再只闭合开关S1，两灯均发光，则L1、L2并联，此时甲是电流表，测量干路电流，乙是电流表，测量通过L1的电流。根据并联电路各支路两端电压相等和欧姆定律，则通过灯泡L1、L2的电流之比I1：I2=R2：R1=4：1，则甲、乙两电表示数之比为(1+4)：4=5：4，灯泡L1与L2的电功率之比P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=4：1。
故答案为：5：4；4：1。
分析两种情况下电路的连接，据此解决问题。
(1)闭合开关S1、S2，两灯均发光，则L1、L2串联，甲是电压表，测量L1两端电压，乙是电压表，测量电源电压；
(2)断开S1、S2，在甲、乙位置分别接入另一种电表，然后再只闭合开关S1，两灯均发光，则L1、L2并联，此时甲是电流表，测量干路电流，乙是电流表，测量通过L1的电流。
本题综合考查欧姆定律、串并联电路电压、电流的特点规律、电功率等知识。分析好开关不同状态下电路的连接情况是解题关键。
20.【答案】解：(1)食用油升高的温度：Δt=t2-t1=65℃-25℃=40℃，
食用油的质量：m油=0.4kg，
食用油吸收的热量：Q吸=c油m油Δt=2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×40℃=3.2×104J；
(2)由P=Wt可得，正常工作100s时电加热器消耗的电能：W=Pt=400W×100s=4×104J；
电加热器的热效率：η=Q吸W×100%=3.2×104J4×104J×100%=80%。
答：(1)食用油吸收的热量是3.2×104J；
(2)电加热器的热效率是80%。
【解析】(1)根据题意求出食用油升高的温度，知道食用油的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt求出食用油吸收的热量；
(2)由P=Wt求出正常工作100s时电加热器消耗的电能，再利用η=Q吸W×100%求出电加热器的热效率。
本题考查了吸热公式、电功率公式、效率公式的应用等，属于热学和电学的综合题。
21.【答案】弹簧测力计对木块的拉力 木块对木板 接触面越粗糙 压力大小 接触面粗糙程度 运动速度 A
【解析】解：
(1)木块在水平面上被拉动时所受滑动摩擦力的大小无法直接测量，若拉动木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，则滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计对木块的拉力的大小即为弹簧测力计示数大小；
(2))①本实验中物体对支持面的压力大小等于物体的重力大小，甲、乙、丙实验中都在木板上完成的，相比甲实验，乙、丙实验中木块上增加砝码是为了增大木块对木板的压力大小；
②对比甲、丁、戊三次实验可知，甲实验在木板上完成，丁实验在毛巾上完成，戊实验在玻璃上完成，压力都是木块，因为F5
(4)本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法：
A、因为压力的作用效果与压力的大小和接触面积有关，因此探究压力的作用效果跟什么因素有关时，采用的是控制变量法；
B、探究杠杆的平衡条件时为了获得普遍规律实验测量了多组数据分析，因此采用的是归纳法；
C、测量固体的密度多次测量取平均值，为了减小误差，没有采用控制变量法；
故选：A。
故答案为：(1)弹簧测力计对木块的拉力；(2)①木块对木板；②接触面粗糙程度；(3)压力大小；接触面粗糙程度；运动速度；(4)A。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)根据控制变量法，要探究滑动摩擦力大小跟物体运动速度是否有关，需要保持压力大小和接触面的粗糙程度不变，只改变速度大小；
(4)一个物理量受多个因素影响时，探究物理量和其中一个因素的关系时，控制其它因素不变，这种方法是控制变量法。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理以及对实验的改进，注意控制变量法的使用，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】解：(1)滑轮组提升物体做的有用功W有=Gh=120N×2m=240J；
(2)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×2m=6m，
拉力做的总功W总=Fs=50N×6m=300J，
拉力做功的功率P=W总t=300J10S=30W；
(3)该滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=240J300J×100%=80%。
答：(1)滑轮组提升物体做的有用功为240J；
(2)拉力做功的功率为30W；
(3)该滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)根据W有=Gh计算滑轮组提升物体做的有用功；
(2)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，据此计算绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs计算拉力做的总功，根据P=W总t计算拉力做功的功率；
(3)根据η=W有W总×100%计算该滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式、功率公式、滑轮组机械效率公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
23.【答案】左 81 3×10-5 将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处 1.08 偏大
【解析】解：(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，此时指针右偏，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡；
(2)冰墩墩的质量为：m=50g+20g+10g+1g=81g；
陶瓷材料的密度为ρ=2.7×103kg/m3=2.7g/cm3，
由ρ=可得冰墩墩的体积为：
V=mV=81g2.7g/cm3=30cm3=3×10-5m3；
(5)将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，测出此时乙烧杯及香醋的总质量m2=102.8g，
(6)乙烧杯内减少的香醋的体积就是冰墩墩的体积，即V醋=30cm3，
乙烧杯减小的香醋的质量为：m醋=m1-m2=135.2g-102.8g=32.4g，
香醋的密度为：ρ醋=m醋V醋=32.4g30cm3=1.08g/cm3；
将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，根据m醋=m1-m2知测量的香醋质量偏大，由ρ=mV知用本方案所测出的香醋密度偏大。
故答案为：(1)左；(2)81；3×10-5；(5)将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处；(6)1.08；偏大。
(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线上，平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)冰墩墩的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，由密度公式变形可求得冰墩墩的体积；
(3-6)算出从乙烧杯倒入甲烧杯香醋的质量和香醋的体积(冰墩墩的体积)，由密度公式算出镇江香醋的密度，将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，进而判断出香醋质量的偏差，由密度公式判断出所测出香醋密度的偏差。
本题考查了液体密度的测量，考查了天平的使用，密度的计算以及误差的分析，一定要熟练掌握。
24.【答案】解：(1)根据分析部分可知，应将定值电阻和待测电阻串联，电压表选用小量程与定值电阻并联，一个开关与待测电阻并联，另一个开关控制整个电路，如下图所示：
；
(2)主要实验步骤及所需测量的量：
①按电路图连接电路；
②两开关都闭合，记下电压表的示数U；
③再断开S2，记下电压表的示数U'；
(3)在步骤①中，为定值电阻的简单电路，电压表示数即为电源电压；
在步骤②中，两电阻串联，由串联电路的规律有：
U-U'Rx=U'R0，
故待测电阻为：
Rx=U-U'U'×R0。
故答案为：(1)见解答图；
(2)①按电路图连接电路；
②两开关都闭合，记下电压表的示数U；
③再断开S2，记下电压表的示数U'；
(3)Rx=U-U'U'×R0。
【解析】一节旧干电池，电压小于1.5V，每个电阻大小为一百多欧姆，由欧姆定律可知，当单独接入一个电阻时，电路中的电流小于电流表的分度值，电流表不可用，故可将两电阻串联，通过开关的转换，用电压表小量程分别测出电源电压和定值电阻的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出待测电阻。
本题考查设计实验方测电阻的能力，关键是根据电表的量程和已知条件确定所用的器材。
25.【答案】解：(1)根据称重法可得，B浸没时受到浮力为：F浮B=F0-F10=3F1-2F1=F1；
(2)t=t1s时，B物体排开水的体积V排B=F浮Bρ水g=F1ρ水g；
Ⅰ、若B物体的密度大于水的密度，
则由图像信息可知，t=t1s时B物体刚好浸没，物体B的体积和排开液体体积相等，即B的体积为：VB=V排B=F1ρ水g；
B的高度为：hB=VBSB=F1ρ水gS0，
0～t1s，B排开液体体积增大，所受浮力增大，则B始终接触容器底面，这段时间注水体积为：V水1=(S-SB)hB；
t1～3t1s，2t1秒内注入的水体积V水3=Sl=2V水1；
联立方程可得：2×(S-S0)×hB=S×43hB，解得S=3S0；
注水速度为：v=V水3t2=2F1ρ水gl1；
Ⅱ、若B物体的密度小于水的密度，则由图像信息可知，t=t1s时B物体刚好漂浮，t1s-2t1s内匀速注水时，B物体会缓慢上升(仍然漂浮)，且浸入水中的深度始终为hB浸=VB排SB=F1ρ水gS0，此过程中相当于在B物体下方注水，则注水的横截面积等于容器的底面积，注水的深度等于细线P的长度43hB，故方法、结果与前面相同；
(3)当FQ=1.5F1时，根据称重法有：F浮总=F1-FQ'，即：F浮总=3F1-1.5F1=1.5F1，
此时A和B排开水的总体积为：V排总=F浮总ρ水g=1.5F1ρ水g
物体A和B浸入水中的总深度为：h浸总=V排总SA=1.5F1ρ水gS0；
若B始终沉底，则此时水的深度h=h浸总+l=1.5F1ρ水gS0+l，
若t=t1s时B物体刚好漂浮，则整个过程中B物体会上升F1ρ水gS0，
所以，水对容器底部的压强为：p=ρ水gh=ρ水g×(F12ρ水gS0+F1ρ水gS0+4F13ρ水gS0)=17F16S0；
水对容器底部的压力为：F=pS=17F16S0×3S0=8.5F1。
答：(1)t=t1s时，B物体受到水的浮力是F1；
(2)每秒向容器内注入水的速度2F1ρ水gl1；
(3)当FQ=1.5F1时，水对容器底部的压力是8.5F1。
【解析】结合甲、乙分析可知：0～t1s，随着水的增加，B排开液体体积增大，浮力增大，FQ减小，当t=t1s时，B完全浸没，所以在t1～3t1s内，排开体积不再增大，FQ不变。t=3t1s时，液面上升到A的底面位置，随后排开液体体积会逐渐增加，浮力增大，FQ减小。
(1)根据称重法可以算出B的浮力；
(2)0～t1s，B排开液体体积增大，浮力增大，说明B始终接触容器底面，注水体积V水1=(S-SB)hB；，
t1～3t1s，2t1秒内注入的水体积V水3=Sl=2V水1；联立方程解得S；
根据v=V水30t20可得注水速度；
(3)当FQ=1.5F1时，根据称重法，A和B受到的浮力之和等于G-F，即：F浮B+F浮A=F1-FQ'，F1+F浮A=3F1N-1.5F1，解得F浮A；根据V排A=F浮Aρ水g；物体A浸入水中的深度hA=VASB解得hA；
根据水对容器底部的压强p=ρ水g(hA+hB+l)；水对容器底部的压力F=pS解得水对容器底部的压力。
本题考查了浮力和压强的综合应用，关键分析浮力变化时对于排开体积的变化，难度很大！
2023年天津市河北区中考物理一模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
1. 辛弃疾的《西江月》中有“稻花香里说丰年，听取蛙声一片”，词人辨别出青蛙的声音，是依据声音的( )
A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 速度
2. 天宫课堂上，王亚平老师将一个液体球“变”成了固体球。这一过程中发生的物态变化和吸放热情况是( )
A. 熔化吸热 B. 凝固放热 C. 液化吸热 D. 凝华放热
3. 如图所示的实例中，属于光的直线传播现象的是( )
A. 手影 B. 看到地上的书
C. 海市蜃楼 D. 用放大镜看指纹
4. 在平直的地面上有一辆小车匀速前进，下列说法正确的是( )
A. 车对地面的压力和地面对车的支持力是一对平衡力
B. 车受到的重力和地面受到的压力是一对相互作用力
C. 车受到的重力和地面对车的支持力是一对平衡力
D. 地面对车的支持力和车受到的阻力是一对平衡力
5. 如图所示的杠杆在使用过程中，属于费力杠杆的是( )
A. 用羊角锤起钉子 B. 用钳子夹导线
C. 用起子起瓶盖 D. 用镊子夹取砝码
6. 对下列与电磁现象有关的四幅图的分析正确的是( )
A. 图甲：闭合开关后，通电螺线管右端是S极
B. 图乙：利用磁场可以产生电流
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就会产生感应电流
D. 图丁：该装置可用来研究发电机的工作原理
7. “一盔一带，安全常在”，小佳想制作一款智能头盔，只有戴上头盔扣上卡扣后，头盔上的信号发射器才能发出信号，当电动车上的信号接收器(S1)接收到信号，再转动电动车钥匙(S2)，车才能正常启动，下列电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，下列
判断正确的是( )
A. 电压表V的示数变大
B. 电流表A1的示数不变
C. 电流表A2的示数变大
D. 电压表V的示数变小
9. 如图所示的家庭电路，三孔插座连接正确，①和②为电灯和开关所在位置，闭合开关电灯正常工作，且符合安全用电原则。下列说法正确的是( )
A. ②处应接开关
B. 电能表应接在空气开关后
C. 若开关短路，空气开关会切断电源
D. 用试电笔接触a孔中的金属片，氖管会发光
10. 如图所示，2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆。根据图片提供的信息，下列对返回舱的高度估计更接近实际的是( )
A. 1.5m B. 2.5m C. 5.5m D. 6.5m
11. 在做“探究凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为10cm，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像(像未在图中画出来)，下列说法正确的是( )
A. 实验前应调整烛焰、透镜、光屏的中心在同一水平直线上
B. 光屏上形成的是烛焰倒立、放大的实像
C. 图中烛焰的成像特点与照相机成像特点相同
D. 将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，保持凸透镜位置不动，向右移动光屏到合适位置，可以得到烛焰倒立、放大的清晰实像
12. 如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程为“0～3V”，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器的规格为“15Ω 2A”，小灯泡L标有“3.0V 1.5W”的字样(灯丝电阻不变)。在电路安全的情况下，下列说法不正确的是( )
A. 电流表示数的最小值为0.5A
B. 滑动变阻器阻值的变化范围是3Ω～15Ω
C. 小灯泡电功率的变化范围为0.375W～1.5W
D. 整个电路的最大功率为2.25W
13. 如图所示，小明利用一根吸管制作一个简易密度计，下列说法中正确的是( )
A. 这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体密度越大，排开液体的重力越大
B. 这根吸管竖直漂浮在不同液体中时，液体密度越大，它露出液面部分长度越长
C. 如图乙所示为设计好的密度计的一部分，刻度上至A下至B，量程为ρ1～ρ2。若把它放到某种液体中，液面恰好在AB的中点C，这种液体的密度ρ=2ρ1ρ2ρ1+ρ2
D. 若只增加配重，该密度计C处对应的刻度将变大
14. 奥运滑雪冠军苏翊鸣滑离跳台后由于具有______(选填“惯性”或“内能”)在空中继续向前运动，以他所戴的头盔为参照物苏翊鸣是______(选填“运动”或“静止”)的。
15. 身高1.6m的小明站在竖直摆放的平面镜前1m处，他的像距离平面镜______m；如果他远离平面镜，他的像的大小将______。
16. 如图所示，水平地面上有一重为20N的物块，在水平拉力F=5N作用下向右运动了10m，在这个过程中拉力F对物体做的功为______J，重力做的功为______J。
17. 如图所示，一台家用电器单独接进家庭电路工作10min，电能表的表盘旋转120r。这段时间用电器消耗的电能为______ kW⋅h，用电器的实际功率是______ W。
18. 如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后甲容器连接的U形管液面高度差较大说明：电流通过导体产生的热量跟______ (选填“电流”或“电阻”)的大小有关；当电流为0.2A时，通电10s甲容器中电阻产生的热量是______ J。
19. 如图所示，甲、乙是连接实验室常用电流表或电压表的位置，电源电压恒定。在甲、乙位置分别接入某种电表，闭合开关S1、S2，两灯均发光，甲、乙两个电表示数之比为1：5；断开S1、S2，在甲、乙位置分别接入另一种电表，然后再只闭合开关S1，两灯均发光，则此时甲、乙两电表示数之比为______，灯泡L1与L2的电功率之比为______。(忽略温度对灯丝电阻的影响)
20. 如图所示，质量为0.4kg初温为25℃的食用油注入大烧杯中，并将电加热器放入食用油中，电加热器正常工作100s，测出食用油的温度为65℃，已知电加热器的额定电压为220V，额定功率为400W。[c油=2×103J/(kg⋅℃)]
(1)食用油吸收的热量。
(2)电加热器的热效率。
21. 小明用木块、木板、毛巾、玻璃板、砝码、弹簧测力计等器材探究影响滑动摩擦力大小的因素。
(1)木块在水平面上被拉动时所受滑动摩擦力的大小无法直接测量，可依据二力平衡的条件，拉动木块做匀速直线运动，则滑动摩擦力的大小等于______ 的大小。
(2)实验过程如图所示(木块均做匀速直线运动)，其中F5
②对比甲、丁、戊三次实验可知：压力相同时，______ 滑动摩擦力越大。
(3)要探究滑动摩擦力大小跟物体运动速度是否有关，需要保持______ 和______ 不变，只改变______ 。
(4)本实验主要的研究方法是控制变量法，下列实验中也用到了这种方法的是______ 。
A.探究压力的作用效果跟什么因素有关
B.探究杠杆的平衡条件
C.测量固体的密度
22. 如图所示，用滑轮组提升重为120N的物体时，物体在10s内匀速竖直上升2m，所用拉力F为50N。求：
(1)滑轮组提升物体做的有用功。
(2)拉力做功的功率。
(3)该滑轮组的机械效率。
23. 如图所示，用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测镇江香醋的密度。
(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，则应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)端调节。
(2)用天平测量冰墩墩质量，当天平平衡时，右盘中的砝码和游码位置如图3所示，其质量为______ g，若ρ陶瓷=2.7×103kg/m3，其体积为______ m3。
(3)如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量m1=135.2g。
(4)将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，如图4丙所示，在烧杯壁上标记液面位置。
(5)将冰墩墩取出，______ ，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2=102.8g。
(6)根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度ρ= ______ g/cm3。与真实值相比，用本方案测出香醋的密度______ (选填“偏大”“偏小”或“相同”)。
24. 小明同学要测量一个电阻Rx(约为100Ω)的阻值，现有一节旧干电池，一个定值电阻R0=150Ω，两个开关S1、S2，导线若干。另外，可供选用的器材如下：
一块电流表A(量程0～0.6A，分度值0.02A)
一块电压表V(量程0～3V，分度值0.1V)
请你帮小明选择合理器材，精确地测出电阻Rx的阻值；
(1)画出实验电路图(元件不可拆接)；
(2)写出测量中的主要实验步骤及所需测量的量；
(3)写出电阻Rx阻值的数学表达式(用已知量和测量量表示)。
25. 在物理课外拓展活动中，力学兴趣小组的同学进行了如图甲的探究。用细线P将A、B两个不吸水的长方体连接起来，再用细线Q将A、B两物体悬挂放入水平桌面上的圆柱形容器中，初始时B物体对容器底的压力恰好为零。从t=0时开始向容器内匀速注水(水始终未溢出)，细线Q的拉力FQ随时间t的变化关系如图乙所示。已知A、B两物体的底面积SA=SB=S0，A、B的密度均大于水的密度，细线P、Q不可伸长，细线P的长度是B高度的43倍，水的密度用ρ水表示。求：
(1)t=t1时，B物体受到水的浮力。
(2)每秒向容器内注入水的体积。
(3)当FQ=1.5F1时，水对容器底部的压力。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：不同发声体的音色不同，诗人能分辨出叫声是青蛙发出的，是因为青蛙的音色与其他动物不同。
故选：C。
音色是取决于发声体本身的一种特性，可以用于区分或辨别发声体。
本题考查声音的特性之一：音色，要求学生理解影响音色的因素。
2.【答案】B
【解析】解：将一个液体球“变”成了固体球。这一过程中是凝固的过程，会放出热量，故ACD错误，B正确。
故选：B。
物质从液态变为固态的过程叫做凝固；凝固放热。
本题考查了凝固的特点，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、手影是光沿直线传播形成的，故A符合题意；
B、书反射的光线进入人的眼睛，人眼便看到书，属于光的反射现象，故B不符合题意；
C、海市蜃楼是太阳光经过不均匀的大气层发生折射形成的，属于光的折射现象，故C不符合题意。
D、用放大镜看指纹属于凸透镜成像，凸透镜对光线具有会聚作用，其原理是光的折射现象，故D不符合题意。
故选：A。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如凸透镜成像、水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
4.【答案】C
【解析】解：A、车对地面的压力和地面对车的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但作用在不同的两个物体，它们是一对相互作用力，故A错误；
B、车受到的重力和地面受到的压力，这两个力方向相同，不是一对相互作用力，故B错误；
C、车受到的重力和地面对车的支持力，这两个力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故C正确；
D、地面对车的支持力方向是竖直向上，车受到的阻力沿水平方向，不在同一直线上，它们不是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
(1)二力平衡的条件：二力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一个物体上；
(2)相互作用的特点：相互作用的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同的物体上。
本题考查二力平衡和相互作用的力的辨析，知道二力平衡的条件和相互作用的特点是解题的关键，是一道常考题。
5.【答案】D
【解析】解：A、用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B、用钳子夹导线时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误；
C、用起子起瓶盖时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C错误；
D、用镊子夹取砝码时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D正确。
故选：D。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】A
【解析】解：
A、闭合开关后，电流从螺线管右侧流入，根据安培定则可知，通电螺线管的左端为N极，其右端是S极，故A正确；
B、该实验是奥斯特实验，说明通电导线的周围存在磁场，即电流能产生磁场，故B错误；
C、只有闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故C错误；
D、图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中会受力运动，反映了电动机的工作原理，故D错误。
故选：A。
(1)根据安培定则判定通电螺线管的极性；
(2)通电导线的周围存在磁场；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受力运动。
本题是电磁学的综合题，涉及的知识点较多，但难度不大。
7.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，当电动车上的信号接收器(S1)接收到信号，再转动电动车钥匙(S2)，车才能正常启动，这说明两个开关相互影响，是串联在一起的，一起控制电动机，故A正确、BCD错误。
故选：A。
根据电动车启动的条件分析两个开关与电动机的连接方式。
本题考查了电路的设计，能判定出两个开关的连接方式是解题的关键。
8.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源的电压；
AD、由于电源电压不变，滑片移动时，电压表示数不变，故AD错误；
B、并联电路中各支路互不影响，移动滑片时，通过定值电阻的电流不变，所以电流表A1的示数不变，故B正确；
C、闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流减小，所以电流表A2的示数变小，故C错误。
故选：B。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源的电压；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流的变化；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路的电流变化；
根据并联电路的电流特点可知干路电流变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。
9.【答案】D
【解析】解：A、开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间，①处接开关，故A错误；
B、电能表应该在空气开关前面，故B错误；
C、开关短路，电灯还是会继续发光，空气开关不会切断电路，故C错误；
D、用试电笔接触a孔中的金属片，a孔与火线相连，氖管会发光，故D正确。
故选：D。
(1)开关与被控制的灯泡串联，为了安全，开关应接在火线与灯泡的尾部金属体之间；
(2)电能表应该在空气开关前面；
(3)开关短路，不影响电路正常工作；
(4)用试电笔接触a孔中的金属片，a孔与火线相连，氖管会发光。
本题考查了家庭电路的基本情况，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：成年人的身高在170cm左右。由图知，返回舱的高度略大于成年人的身高且小于2个成年人的身高，所以在2.5m左右。
故选：B。
此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合题意的答案。
长度的估测，必须熟悉一些常见物体的长度，以此为标准对研究对象作出判断。如：中学生拳头的宽度在10cm左右；中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离(一拃)大约15cm；成年人的身高在170cm左右，一步的步幅在75cm左右；一层楼的高度在3m左右等。
11.【答案】ACD
【解析】解：A、将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一水平直线上。其目的是使像成在光屏的中央；故A正确；
BC、根据图示可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，因此与照相机原理相同。故B错误，C正确；D、将蜡烛移到光具座35cm刻度线处，此时物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，故D正确。故选：ACD。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；(2)凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系，能判断凸透镜的成像情况：物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，照相机根据这个原理制成；物距等于2f，凸透镜成倒立等大的实像；物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成。
本题探究了凸透镜成像的规律，要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，关键是掌握凸透镜成像的规律。搞清像距、像的大小与物距之间的关系。
12.【答案】AB
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、电流表的示数最小时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联分压原理可知滑动变阻器两端电压最大，电压表量程为“0～3V”，所以URmax=3V，
小灯泡两端的电压：UL'=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，
小灯泡的电阻：RL=UL2PL=(3V)21.5W=6Ω，
电路中的最小电流为：Imin=UL'RL=1.5V6Ω=0.25A，故A错误；
B、滑动变阻器接入电路的最大阻值：Rmax=URmaxImin=3V0.25A=12Ω，
灯泡正常发光时的电压为3V，功率为1.5W，由P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：I=IL=PLUL=1.5W3V=0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以电路中的最大电流Imax=0.5A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，此时电压表的示数：URmin=U-UL=4.5V-3V=1.5V，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：Rmin=URminImax=1.5V0.5A=3Ω，
则滑动变阻器阻值的变化范围为3Ω～12Ω，故B错误；
C、小灯泡的最大功率等于其额定功率1.5W，
灯泡的最小功率：Pmin=Imin2RL=(0.25A)2×6Ω=0.375W，则灯泡的功率变化范围是0.375W～1.5W，故C正确；
D、电路中的最大电流Imax=0.5A，则电路消耗的最大电功率：P最大=UImax=4.5V×0.5A=2.25W，故D正确。
故选：AB。
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)电流表的示数最小时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据串联分压可知滑动变阻器两端电压最大，根据串联电路的电压规律可以知道小灯泡两端的电压，再通过铭牌求出小灯泡的电阻，最后利用欧姆定律即可得到最小电流；
(2)当电路中电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电路中的电流最小时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出其大小，然后得出滑动变阻器连入电路的阻值变化范围；
(3)小灯泡的最大功率等于其额定功率，利用公式P=I2R可求得小灯泡的最小功率；
(4)根据P=UI可知，当电路中电流最大时，总电功率最大，根据P=UI算出最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流。
13.【答案】BCD
【解析】解：AB、密度计始终漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，根据阿基米德原理可知，密度计漂浮在不同液体中排开液体的重力相等；如果液体的密度越大，根据阿基米德原理可知，密度计浸入液体中的体积越小，即越往上浮，则露出液面部分的长度越长，故A错误，B正确；
C、设S为管底面积，A点到吸管底部的深度为h1，B点到吸管底的深度为h2，则液面恰好在AB的中点C时，深度h=h1+h22，
因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，则有F浮A=F浮B=G，由F浮=ρ液gV排=ρ液gSh可知，ρ1gSh1=ρ2gSh2，则有h1h2=ρ2ρ1，
当液面恰好在AB的中点C时，有F浮A=F浮C=G，则有ρ1gSh1=ρgSh，所以液体的密度ρ=ρ1h1h=ρ1h1h1+h22=2ρ11+h2h1=2ρ11+ρ1ρ2=2ρ1ρ2ρ1+ρ2，故C正确；
D、若只增加配重，则浮力变大，根据F浮=ρ液gV排可知，密度一定，密度计排开液体的体积变大，即浸入液体的体积变大，浸入液体的深度增加，C在液面下，刻度值变大，故D正确。
故选：BCD。
(1)密度计的质量一定，在液体中受力平衡，受到的浮力总是等于重力，被测液体的密度越大，排开液体的体积越小，浸入液体部分也越小；
(2)设S为管底面积，A点到吸管底部的深度为h1，B点到吸管底的深度为h2，则可表示出液面恰好在AB的中点C时的深度，因为密度计是漂浮在液体中，所受浮力等于本身的重力，根据阿基米德原理可求出液面位置恰好在AB的中点C时液体的密度；
(3)若只增加配重，则浮力变大，根据F浮=ρ液gV排判断出密度计排开液体体积的变化。
本题考查了浮沉条件的应用，密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
14.【答案】惯性 静止
【解析】解：奥运滑雪冠军苏翊鸣滑离跳台后由于具有惯性，仍然会保持原来的运动状态，在空中继续向前运动；
以他所戴的头盔为参照物，苏翊鸣与头盔之间没有发生位置的变化，是静止的。
故答案为：惯性；静止。
物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准作为参照物，物体和参照物之间的位置如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
本题考查了惯性、运动和静止的相对性，属于基础题。
15.【答案】1 不变
【解析】解：小明站在竖直放置的平面镜前1m处，根据物像到平面镜的距离相等，所以小明的像到平面镜的距离也是1m。
小明在平面镜中成像大小和小明的大小有关，跟小明到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系，所以小明远离平面镜时，小明像的大小不变。
故答案为：1；不变。
根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
本题考查平面镜成像的特点，属于对基础知识的考查，难度不大。
16.【答案】50 0
【解析】解：拉力F做的功为：W=Fs=5N×10m=50J；
由于物体在重力的方向上没有通过距离；故重力没有做功，即重力G对物体做的功为0J。
故答案为：50；0。
功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离；功的大小等于力乘以距离，即W=Fs。
深入理解做功的必要因素，熟练运用功的计算公式，可解答此题。
17.【答案】0.1 600
【解析】解：1200r/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，
转盘转动120r用电器消耗的电能：
W=1201200kW⋅h=0.1kW⋅h；
用电器的功率为：
P=Wt=0.1kW⋅h1060h=0.6kW=600W。
故答案为：0.1；600。
1200r/(kW⋅h)表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，求出转盘转120r电路中消耗的电能，然后根据P=Wt求出家用电器的功率。
本题考查电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。
18.【答案】电阻 4
【解析】解：(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，由图可知，甲乙中的电阻串联在电路中，电流和通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以甲容器中电阻丝产生的热量多，U形管液面高度较大，说明电流通过导体产生的热量跟电阻有关；
(2)通电10s甲容器中的电阻产生的热量：Q甲=I2R甲t=(0.2A)2×10Ω×10s=4J。
故答案为：电阻；4。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时运用了控制变量法；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(2)根据Q=I2Rt求出通电10s甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验以及焦耳定律计算公式的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
19.【答案】5：1 4：1
【解析】解：闭合开关S1、S2，两灯均发光，则L1、L2串联，甲是电压表，测量L1两端电压，乙是电压表，测量电源电压；甲、乙两个电表示数之比为1：5，则灯泡L1、L2两端电压之比为1：4，根据串联电路电流处处相等和欧姆定律，则U1R1=U2R2,故R1：R2=U1：U2=1：4。断开S1、S2，在甲、乙位置分别接入另一种电表，然后再只闭合开关S1，两灯均发光，则L1、L2并联，此时甲是电流表，测量干路电流，乙是电流表，测量通过L1的电流。根据并联电路各支路两端电压相等和欧姆定律，则通过灯泡L1、L2的电流之比I1：I2=R2：R1=4：1，则甲、乙两电表示数之比为(1+4)：4=5：4，灯泡L1与L2的电功率之比P1：P2=UI1：UI2=I1：I2=4：1。
故答案为：5：4；4：1。
分析两种情况下电路的连接，据此解决问题。
(1)闭合开关S1、S2，两灯均发光，则L1、L2串联，甲是电压表，测量L1两端电压，乙是电压表，测量电源电压；
(2)断开S1、S2，在甲、乙位置分别接入另一种电表，然后再只闭合开关S1，两灯均发光，则L1、L2并联，此时甲是电流表，测量干路电流，乙是电流表，测量通过L1的电流。
本题综合考查欧姆定律、串并联电路电压、电流的特点规律、电功率等知识。分析好开关不同状态下电路的连接情况是解题关键。
20.【答案】解：(1)食用油升高的温度：Δt=t2-t1=65℃-25℃=40℃，
食用油的质量：m油=0.4kg，
食用油吸收的热量：Q吸=c油m油Δt=2×103J/(kg⋅℃)×0.4kg×40℃=3.2×104J；
(2)由P=Wt可得，正常工作100s时电加热器消耗的电能：W=Pt=400W×100s=4×104J；
电加热器的热效率：η=Q吸W×100%=3.2×104J4×104J×100%=80%。
答：(1)食用油吸收的热量是3.2×104J；
(2)电加热器的热效率是80%。
【解析】(1)根据题意求出食用油升高的温度，知道食用油的质量和比热容，利用Q吸=cmΔt求出食用油吸收的热量；
(2)由P=Wt求出正常工作100s时电加热器消耗的电能，再利用η=Q吸W×100%求出电加热器的热效率。
本题考查了吸热公式、电功率公式、效率公式的应用等，属于热学和电学的综合题。
21.【答案】弹簧测力计对木块的拉力 木块对木板 接触面越粗糙 压力大小 接触面粗糙程度 运动速度 A
【解析】解：
(1)木块在水平面上被拉动时所受滑动摩擦力的大小无法直接测量，若拉动木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，则滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计对木块的拉力的大小即为弹簧测力计示数大小；
(2))①本实验中物体对支持面的压力大小等于物体的重力大小，甲、乙、丙实验中都在木板上完成的，相比甲实验，乙、丙实验中木块上增加砝码是为了增大木块对木板的压力大小；
②对比甲、丁、戊三次实验可知，甲实验在木板上完成，丁实验在毛巾上完成，戊实验在玻璃上完成，压力都是木块，因为F5
(4)本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法：
A、因为压力的作用效果与压力的大小和接触面积有关，因此探究压力的作用效果跟什么因素有关时，采用的是控制变量法；
B、探究杠杆的平衡条件时为了获得普遍规律实验测量了多组数据分析，因此采用的是归纳法；
C、测量固体的密度多次测量取平均值，为了减小误差，没有采用控制变量法；
故选：A。
故答案为：(1)弹簧测力计对木块的拉力；(2)①木块对木板；②接触面粗糙程度；(3)压力大小；接触面粗糙程度；运动速度；(4)A。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)根据控制变量法，要探究滑动摩擦力大小跟物体运动速度是否有关，需要保持压力大小和接触面的粗糙程度不变，只改变速度大小；
(4)一个物理量受多个因素影响时，探究物理量和其中一个因素的关系时，控制其它因素不变，这种方法是控制变量法。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理以及对实验的改进，注意控制变量法的使用，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】解：(1)滑轮组提升物体做的有用功W有=Gh=120N×2m=240J；
(2)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的距离s=nh=3×2m=6m，
拉力做的总功W总=Fs=50N×6m=300J，
拉力做功的功率P=W总t=300J10S=30W；
(3)该滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=240J300J×100%=80%。
答：(1)滑轮组提升物体做的有用功为240J；
(2)拉力做功的功率为30W；
(3)该滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)根据W有=Gh计算滑轮组提升物体做的有用功；
(2)由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，据此计算绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs计算拉力做的总功，根据P=W总t计算拉力做功的功率；
(3)根据η=W有W总×100%计算该滑轮组的机械效率。
本题考查了做功公式、功率公式、滑轮组机械效率公式的应用等，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
23.【答案】左 81 3×10-5 将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处 1.08 偏大
【解析】解：(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图2所示，此时指针右偏，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡；
(2)冰墩墩的质量为：m=50g+20g+10g+1g=81g；
陶瓷材料的密度为ρ=2.7×103kg/m3=2.7g/cm3，
由ρ=可得冰墩墩的体积为：
V=mV=81g2.7g/cm3=30cm3=3×10-5m3；
(5)将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，测出此时乙烧杯及香醋的总质量m2=102.8g，
(6)乙烧杯内减少的香醋的体积就是冰墩墩的体积，即V醋=30cm3，
乙烧杯减小的香醋的质量为：m醋=m1-m2=135.2g-102.8g=32.4g，
香醋的密度为：ρ醋=m醋V醋=32.4g30cm3=1.08g/cm3；
将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，根据m醋=m1-m2知测量的香醋质量偏大，由ρ=mV知用本方案所测出的香醋密度偏大。
故答案为：(1)左；(2)81；3×10-5；(5)将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处；(6)1.08；偏大。
(1)天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度线上，平衡螺母向上翘的一端调节；
(2)冰墩墩的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，由密度公式变形可求得冰墩墩的体积；
(3-6)算出从乙烧杯倒入甲烧杯香醋的质量和香醋的体积(冰墩墩的体积)，由密度公式算出镇江香醋的密度，将冰墩墩从香醋中取出时会带出一部分香醋，会使烧杯乙及剩余香醋的总质量偏小，进而判断出香醋质量的偏差，由密度公式判断出所测出香醋密度的偏差。
本题考查了液体密度的测量，考查了天平的使用，密度的计算以及误差的分析，一定要熟练掌握。
24.【答案】解：(1)根据分析部分可知，应将定值电阻和待测电阻串联，电压表选用小量程与定值电阻并联，一个开关与待测电阻并联，另一个开关控制整个电路，如下图所示：
；
(2)主要实验步骤及所需测量的量：
①按电路图连接电路；
②两开关都闭合，记下电压表的示数U；
③再断开S2，记下电压表的示数U'；
(3)在步骤①中，为定值电阻的简单电路，电压表示数即为电源电压；
在步骤②中，两电阻串联，由串联电路的规律有：
U-U'Rx=U'R0，
故待测电阻为：
Rx=U-U'U'×R0。
故答案为：(1)见解答图；
(2)①按电路图连接电路；
②两开关都闭合，记下电压表的示数U；
③再断开S2，记下电压表的示数U'；
(3)Rx=U-U'U'×R0。
【解析】一节旧干电池，电压小于1.5V，每个电阻大小为一百多欧姆，由欧姆定律可知，当单独接入一个电阻时，电路中的电流小于电流表的分度值，电流表不可用，故可将两电阻串联，通过开关的转换，用电压表小量程分别测出电源电压和定值电阻的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出待测电阻。
本题考查设计实验方测电阻的能力，关键是根据电表的量程和已知条件确定所用的器材。
25.【答案】解：(1)根据称重法可得，B浸没时受到浮力为：F浮B=F0-F10=3F1-2F1=F1；
(2)t=t1s时，B物体排开水的体积V排B=F浮Bρ水g=F1ρ水g；
Ⅰ、若B物体的密度大于水的密度，
则由图像信息可知，t=t1s时B物体刚好浸没，物体B的体积和排开液体体积相等，即B的体积为：VB=V排B=F1ρ水g；
B的高度为：hB=VBSB=F1ρ水gS0，
0～t1s，B排开液体体积增大，所受浮力增大，则B始终接触容器底面，这段时间注水体积为：V水1=(S-SB)hB；
t1～3t1s，2t1秒内注入的水体积V水3=Sl=2V水1；
联立方程可得：2×(S-S0)×hB=S×43hB，解得S=3S0；
注水速度为：v=V水3t2=2F1ρ水gl1；
Ⅱ、若B物体的密度小于水的密度，则由图像信息可知，t=t1s时B物体刚好漂浮，t1s-2t1s内匀速注水时，B物体会缓慢上升(仍然漂浮)，且浸入水中的深度始终为hB浸=VB排SB=F1ρ水gS0，此过程中相当于在B物体下方注水，则注水的横截面积等于容器的底面积，注水的深度等于细线P的长度43hB，故方法、结果与前面相同；
(3)当FQ=1.5F1时，根据称重法有：F浮总=F1-FQ'，即：F浮总=3F1-1.5F1=1.5F1，
此时A和B排开水的总体积为：V排总=F浮总ρ水g=1.5F1ρ水g
物体A和B浸入水中的总深度为：h浸总=V排总SA=1.5F1ρ水gS0；
若B始终沉底，则此时水的深度h=h浸总+l=1.5F1ρ水gS0+l，
若t=t1s时B物体刚好漂浮，则整个过程中B物体会上升F1ρ水gS0，
所以，水对容器底部的压强为：p=ρ水gh=ρ水g×(F12ρ水gS0+F1ρ水gS0+4F13ρ水gS0)=17F16S0；
水对容器底部的压力为：F=pS=17F16S0×3S0=8.5F1。
答：(1)t=t1s时，B物体受到水的浮力是F1；
(2)每秒向容器内注入水的速度2F1ρ水gl1；
(3)当FQ=1.5F1时，水对容器底部的压力是8.5F1。
【解析】结合甲、乙分析可知：0～t1s，随着水的增加，B排开液体体积增大，浮力增大，FQ减小，当t=t1s时，B完全浸没，所以在t1～3t1s内，排开体积不再增大，FQ不变。t=3t1s时，液面上升到A的底面位置，随后排开液体体积会逐渐增加，浮力增大，FQ减小。
(1)根据称重法可以算出B的浮力；
(2)0～t1s，B排开液体体积增大，浮力增大，说明B始终接触容器底面，注水体积V水1=(S-SB)hB；，
t1～3t1s，2t1秒内注入的水体积V水3=Sl=2V水1；联立方程解得S；
根据v=V水30t20可得注水速度；
(3)当FQ=1.5F1时，根据称重法，A和B受到的浮力之和等于G-F，即：F浮B+F浮A=F1-FQ'，F1+F浮A=3F1N-1.5F1，解得F浮A；根据V排A=F浮Aρ水g；物体A浸入水中的深度hA=VASB解得hA；
根据水对容器底部的压强p=ρ水g(hA+hB+l)；水对容器底部的压力F=pS解得水对容器底部的压力。
本题考查了浮力和压强的综合应用，关键分析浮力变化时对于排开体积的变化，难度很大！
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