物理（湖南长沙卷）-学易金卷：2023年中考物理第二次模拟考试卷

2023年中考物理第二次模拟考试卷

物理·全解全析

第Ⅰ卷

一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。第1～10题为单选题，每小题只有一个选项符合题意。第11、12题为多选题，每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，错选得0分。）

1．【解析】：A、敲击大小不同的编钟能发出声音的高低不同，即音调不同，故A正确；

B、声音在15℃空气中传播速度是340m/s，故B错误；

CD、用大小不同的力敲击编钟，编钟的振动幅度不同，发出声音的响度就会不同；

音色反映了声音的品质与特色，编钟和其它乐器是不同的物体，所以音色是不一样的，故CD错误；

【答案】：A。

2．【解析】：A、他跳起后在空中飞行过程中受到重力和空气阻力的作用，这两个力大小不等、不在同一直线上，不是平衡力，所以受非平衡力的作用，故A错误；

B、他脚下的单板表面光滑，是为了在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小与雪地的摩擦力，故B正确；

C、他能在空中持续向前运动是由于他具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故C错误；

D、他从倾斜的雪坡上下滑过程中所受的重力和地面对他的支持力不在同一直线上，且大小不等，所以不是一对平衡力，故D错误。

【答案】：B。

3．【解析】：A、塑料吸盘能牢牢吸在玻璃上，是利用大气压的作用，故A不正确；

B、用水作汽车冷却剂是利用了水的比热容大的特点，在同等情况下，能够吸收较多的热量，故B正确；

C、冬天跑步，身体就感觉暖和，是通过做功的方式将人体内的化学能转化为内能，使身体的内能增大，故C正确；

D、粽香四溢，能闻到粽香是由于分子在不停地做无规则运动，故D正确。

【答案】：A。

4．【解析】：A、摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子带负电，失去电子带正电，故A错误；

B、家庭电路中的电能表是测量电功的仪表，故B错误；

C、利用半导体材料可以制作二极管，故C错误；

D、家庭电路中电流过大的原因可能是发生了短路，故D正确。

【答案】：D。

5．【解析】；A、冰化成水，是熔化现象，熔化吸热，故A错误；

B、露是水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B正确；

C、霜是水蒸气遇冷凝华形成的，凝华放热，故C错误；

D、水结冰是凝固现象，凝固放热，故D错误。

【答案】：B。

6．【解析】：鸟儿白天会将玻璃幕墙看成蓝天白云，这是因为远处的蓝天白云反射的光在玻璃与空气分界处发生了反射进入了鸟的眼睛，是光的反射现象；

鸟儿在黄昏时会透过玻璃看到明亮室内的绿色植物，这是室内绿色植物反射的光通过玻璃与空气分界处发生了折射进入了鸟的眼睛，是光的折射现象。

【答案】：A。

7．【解析】：由电路图可知，

A、两开关串联共同控制显示屏，两开关都闭合时显示屏工作，否则不工作，故A符合题意；

B、两开关并联，任何一个开关闭合显示屏都能工作，故B不符合题意；

C、只闭合开关S1，显示屏能够工作；再闭合S2，会造成电源短路，故C不符合题意；

D、只闭合开关S1，显示屏能够工作；只闭合S2，显示屏不能工作，两个开关同时闭合，会造成电源短路，故D不符合题意。

【答案】：A。

8．【解析】：根据题意可知，电动式无针注射器是依靠磁场对通电线圈有力的作用，利用了药液的惯性，将药液快速“注入”皮肤的，这与电动机的原理相同；

A是发电机的工作原理图，B是电动机的工作原理图，C是电磁继电器，其原理是电流的磁效应，D的工作原理是磁极间的相互作用规律，故B正确。

【答案】：B。

9．【解析】：AB、滑轮组做的有用功为：W有用＝Gh＝30N×0.1m＝3J，

由图可知，n＝3，s＝3h＝3×0.1m＝0.3m，

拉力F做功为：W总＝Fs＝12N×0.3m＝3.6J，故A错误、B正确；

C、机械效率为：η＝×100%＝×100%≈83.3%，故C错误；

D、拉力F做功的功率为：P＝＝＝1.8W，故D错误。

【答案】：B。

10．【解析】：

A、运动员从a处到b处，运动员的高度变高，因此重力势能变大，速度逐渐减小，由动能转化为重力势能，故A错误；

B、运动员在a处和c处的质量不变，高度相等，所以重力势能相等，故B正确；

C、不计空气阻力，运动员在空中运动时机械能没有转化为内能，所以整个过程中运动员的机械能是不变的，故C错误；

D、从b处到d处时，重力势能转化动能，速度增大，故D错误；

【答案】：B。

11．【解析】：（1）由图可知，a、b两种液体的体积Va＞Vb，而a、b两种液体的质量是相等的，

根据ρ＝可知，ρa＜ρb，故A正确；

（2）桌面对容器支持力：F＝G总＝m容g+m液g，由于容器、液体的质量都相等，

所以，桌面对两个容器支持力的大小关系是F甲＝F乙，故B错误；

（3）a液体对容器底压强的大小：pa＝＝，

b液体对容器底压强的大小：pb＝，

因为，ma＝mb，

所以，pa＜pb，故C正确；

（4）容器对桌面压强的大小：p＝＝＝，

由于容器、液体的质量都相等，

所以，两个容器对桌面压强的大小关系是p甲＝p乙，故D错误。

【答案】：AC。

12．【解析】：电源电压不变，同时闭合开关S、S1，两电阻并联，电流表A测的是干路电流，电流表A1测R2支路的电流，电压表V测的是电源电压；

待电路稳定后再断开S1，断开R1所在的支路，只有R2接在电源两端工作，且并联电路中各支路互不影响，因此在干路的电流表A的示数减小，电流表A1的示数不变，电压表V的示数不变，电压表V的示数与电流表A1的示数的比值保持不变。故AD正确。

【答案】：AD。

第Ⅱ卷

二、（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）

13．【解析】：航天员在空间站利用电磁波向地面站传送信息的；飞船返回舱载着航天员返回地球，以飞船为参照物，地球与飞船之间发生了位置的变化，是运动的。

【答案】：电磁波；运动的。

14．【解析】：可燃冰一旦消耗，很难在短时间内从自然界中得到补充，因而是不可再生能源；电能需要将风能转化为机械能，机械能再转化为电能，故是二次能源。

【答案】：不可再生；二次能源。

15．【解析】：闭合开关，灯泡和定值电阻并联接入电路，电流表测干路电流，

灯泡L标有“3V 0.6W”，灯泡L恰好正常发光，此时通过灯泡的电流：IL＝＝＝0.2A，

并联电路各支路两端电压相等，所以电源电压U＝UL＝3V，

根据欧姆定律可得通过定值电阻的电流：I′＝＝＝0.3A，

并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表示数为：I＝IL+I′＝0.2A+0.3A＝0.5A，

通电1min灯泡L消耗的电能为：W＝PLt＝0.6W×60s＝36J。

【答案】：0.5；36。

16．【解析】：做功的两个必要因素为作用在物体上的力和物体在力的方向上移动的距离，由于机器人在水平路面上沿直线匀速运动，没有在重力的方向上移动距离，所以重力不做功，即重力做功为0J。

机器人在水平路面上以0.8m/s的速度沿直线匀速运动，处于平衡状态，所受的牵引力F＝f＝60N，

牵引力对机器人做的功W＝Fs＝60N×50m＝3000J。

【答案】：0；3000。

17．【解析】：（1）将5×10﹣3kg的空气从20℃加热到200℃需要吸收的热量Q＝cmΔt＝1.0×103J/（kg•℃）×5×10﹣3kg×（200℃﹣20℃）＝900J；

（2）R1的额定电流I额＝＝＝5.5A；

指示灯支路的电流I指＝I﹣I额＝5.55A﹣5.5A＝0.05A；

指示灯支路消耗的功率P指＝UI指＝220V×0.05A＝11W；

（3）R3的阻值调为100Ω，加热温度设定为150℃，R2的阻值是30Ω，衔铁向上弹起，停止加热。此时的总电阻R＝R2+R3＝30Ω+100Ω＝130Ω；

当R3的阻值调为80Ω时，由于衔铁被吸下时的电流不变，电源电压也不变，则总电阻不变。

所以此时R′2＝R﹣R′3＝130Ω﹣80Ω＝50Ω；

由图丙可知，温度为200℃；

【答案】： 900J；11W；200℃。

三、作图题（本大题共2小题，第18题3分，第19题1分，共4分）

18．【解析】：先过折射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧的空气中画出入射光线OA，方向指向入射点，然后再根据折射角小于入射角在水中法线的右侧画出折射光线OC，如图所示：

19．【解析】：小球所受浮力的方向是竖直向上的，我们可以从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；重力竖直向下用G标出，作用点在重心上，因为小球漂浮，浮力等于重力，如图所示：

．

四、实验题（本大题共4小题，第20题6分，第21题5分，第22题4分，第23题9分，共24分）

20．【解析】：（1）由图甲知，焦点到凸透镜的距离为42.5cm﹣30.0cm＝12.5cm，所以凸透镜的焦距为12.5cm；

（2）由图可知，此时的物距为u＝50cm﹣10cm＝40cm＞2f时，由凸透镜成像规律可知，成倒立缩小的实像；

（3）近视眼镜为凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，为了再次在光屏上得到清晰的像，蜡烛和透镜的位置不变，可将光屏远离透镜。

【答案】：（1）12.5；（2）缩小；（3）右。

21．【解析】：

（1）甲、乙两实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，所以甲、乙两次实验是为了探究摩擦力与接触面越粗糙程度的关系，压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；

（3）比较如图甲和丙两次实验可知，两次实验中压力大小和接触面的粗糙程度都不相同，不能得出滑动摩擦力的大小跟压力大小有关的结论。

【答案】：（1）压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；

（2）不能；没有控制接触面粗糙程度相同。

22．【解析】：（1）由于温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，需要将温度计向上调整，即将A处向上调整。

（2）水沸腾时吸热温度不变，不变的温度就是水的沸点，由图象可知，

水在沸腾过程中，继续吸收热量但温度不变；

【答案】：（1）A处向上；（2） 不变。

23．【解析】：（1）电流表应与小灯泡串联，电压表应与小灯泡并联，正确的连线如图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关前应使变阻器连入电路中的电阻最大，此时电流中电流较小，所以电流表有示数，灯不发光，接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，选B；

（3）电压表示数为3.8V时，

由图乙知电流表使用0﹣0.6A量程，分度值0.02A，所以灯泡正常发光时通过的电流为0.3A，

所以灯泡的额定功率：P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；

（4）从表格数据中发现第2次有误，根据P＝UI灯的功率变大，灯丝温度升高，因灯丝的电阻随温度的升高而变大，故灯的电阻变大。

【答案】：（1）见解答；（2）B；（3）1.14；（4）2；灯丝电阻随温度升高（降低）而变大（变小）。

五、计算题（本大题共2小题，第24题6分，第25题8分，共14分）

24．【解析】：（1）电阻R1、R2、R3串联，电压表测量电阻R1、R2的电压，根据串联电路的电压特点，R3的电压：

U3＝U﹣U12＝12V﹣8V＝4V，

电流表的示数：I＝＝＝＝0.5A；

（2）R1与R2阻值之和：

R1+R2＝＝＝16Ω；

（3）电路的总功率：

P＝UI＝12V×0.5A＝6W；

电路总电阻：

R总＝R1+R2+R3＝16Ω+8Ω＝24Ω，

R3的功率：

P3＝＝＝2W。

答：（1）电流表的示数是0.5A；

（2）R1与R2阻值之和是16Ω。

（3）根据已知条件，电路的总功率是6W、电路总电阻是24Ω、R3的功率是2W。

25．【解析】：（1）根据称重法可得，B浸没时受到浮力为：F浮B＝F0﹣F10＝18N﹣12N＝6N；

（2）在浸没情况下，物体B的体积和排开液体体积相等，即B的体积为：

VB＝V排B＝＝＝6×10﹣4m3＝600cm3；

B的高度为：hB＝＝＝6cm；

0～10s，B排开液体体积增大，所受浮力增大，则B始终接触容器底面，这段时间注水体积为：V水10＝（S﹣SB）hB；，

10～30s，20秒内注入的水体积V水30＝Sl＝2V水10；

联立方程可得：2×（S﹣100cm2）×6cm＝S×8cm，解得S＝300cm2；

注水速度为：v＝＝＝120cm3/s，即：每秒向容器内注入水的体积是120cm3；

（3）当FQ＝3N时，根据称重法有：F浮B+F浮A＝F1﹣FQ′，即：6N+F浮A＝18N﹣3N，

解得，A受到的浮力为：F浮A＝9N；

A排开水的体积为：V排A＝＝＝9×10﹣4m3＝900cm3；

物体A浸入水中的深度为：hA＝＝＝9cm；

水对容器底部的压强为：p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.09m+0.06m+0.08m）＝2.3×103Pa；

水对容器底部的压力为：F＝pS＝2.3×103Pa×300×10﹣4m2＝69N。

答：（1）t＝10s时，B物体受到水的浮力是6N；

（2）每秒向容器内注入水的体积是120cm3；

（3）当FQ＝3N时，水对容器底部的压力是69N。