信息必刷卷04-2023年高考物理考前信息必刷卷（全国乙卷）（解析版）

绝密★启用前

2023年高考物理考前信息必刷卷04

（全国乙卷）

一、选择题：

14．【答案】D

【解析】由题意可知，两棒互相排斥，则电流方向相反，安培力平行于两棒所在平面，A错误；如图所示

根据相似三角形可知，可知绳子拉力为定值，B错误；由，，可得，当滑片滑到中间时，电阻减半，故两棒的间距将变为原来的倍，则安培力将变为原来的倍，C错误，D正确。故选D。

15．【答案】B

【解析】车厢静止时，A恰好不下滑，则弹簧处于压缩状态．设弹簧弹力为F，车厢对A的支持力为，对此时的A受力分析可得：，解得：，车厢沿水平方向加速运动，为保证A仍相对车厢静止，车厢对A的支持力必须大于等于，对A受力分析，由牛顿第二定律可得：A物体的加速度一定向右．车厢沿水平方向加速运动，要保证B仍相对车厢静止，对B受力分析，由牛顿第二定律可得，解得：．故B项正确，ACD三项错误．

16．【答案】C

【解析】地球表面两极处质量为的物体所受的重力等于万有引力，则有，同理该物体在赤道处，由牛顿第二定律有，联立解得地球半径为，对在酒泉卫星发射中心发射的航天器进行建模，如图所示，则分析可知，在酒泉卫星发射中心发射的航天器利用地球自转能获得的相对地心的最大速度为，故选C。

17．【答案】B

【解析】从静止开始释放圆盘，可知圆盘与两小球将做顺时针转动，速度先变大后变小，速度为零后，再做逆时针转动，如此往复。设某一时刻，小球A与圆心O的连线与水平方向的夹角为θ，此时小球A下降的高度为，小球B上升的高度为，设此时小球B的速度为，因为A、B两球的角速度相同，所以小球A的速度为，在转动的过程中，A、B组成的系统机械能守恒，则有，解得，可见当时，小球B的速度最大，最大速度为，故选B。

18． 【答案】A

【详解】光是电磁波，辐射能量也是一份一份进行的，100W灯泡每秒产生光能，设灯泡每秒发出的能量子数为n，则能量为，在以电灯为球心的球面上，的面积每秒通过的能量子数个个，故A正确。故选A。

19．【答案】ABC

【解析】滑块在处电势能最低，由，因为滑块带负电，所以处的电势最高，A正确；

BD．图像斜率的绝对值，表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在处所受电场力大小为，滑块所受滑动摩擦力大小为，所以在区间内，滑块所受电场力与滑动摩擦力方向相反，且不断减小，则滑块所受合外力方向与速度方向相反；在之后，滑块所受电场力与滑动摩擦力同向，且不断增大，则滑块所受合外力方向也与速度方向相反。综上所述可知滑块向右运动过程中，速度始终减小，在处速度最大，B正确，D错误；滑块在处的电势能与在处的电势能相等，根据能量守恒定律,若滑块能够经过处，则应满足，根据题中数据可知实际情况并不满足上式，所以滑块一定无法经过处的位置，C正确。故选ABC。

20．【答案】BD

【解析】撤去外力后A受到的合力等于弹簧的弹力，0到时间内，对A由动量定理可知，合力即弹簧弹力对A的冲量大小，弹簧对A与对B的弹力大小相等、方向相反、作用时间相等，因此弹簧对B的冲量大小与对A的冲量大小相等、方向相反，即弹簧对B的冲量大小，对B，以向右为正方向，由动量定理得，解得墙壁对B的冲量大小为，方向水平向右，A错误；B运动后，当A、B速度相等时弹簧形变量（伸长或压缩量）最大，此时A、B的速度不为零，A、B的动能不为零，由动量守恒定律可知，弹簧形变量最大时，A、B的动能与弹簧的弹性势能之和与撤去外力时弹簧的弹性势能相等，则弹簧的形变量最大时弹簧的弹性势能小于撤去外力时弹簧的弹性势能，弹簧的形变量最大时弹簧的形变量小于撤去外力时弹簧的形变量，故B正确；图像与坐标轴所围成面积的大小等于物体速度的变化量，因时刻A的速度为零，时刻A的速度大小，时刻A的速度大小

，B的速度大小，由图（b）图像可知，时刻A的加速度为零，此时弹簧恢复原长，B开始离开墙壁，到时刻两者加速度均达到最大，此时弹簧伸长量达到最大，两者速度相同，即，则有，

时间内，A、B组成的系统动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律可得，结合，，联立得，故C错误，D正确。故选BD。

21．【答案】ABC

【解析】根据题意可知，粒子从P点垂直于y轴进入第四象限，然后做圆周运动，从Q点垂直于x轴进入第一象限，则点为粒子做圆周运动的圆心，由几何关系可知，A．粒子在第三象限，由重力和洛伦兹力的作用下，由点运动到点，洛伦兹力不做功，则运动过程中，粒子的机械能守恒，由机械能守恒定律有，解得，即小球做圆周运动的速度大小为，故A符合题意；

BCD．根据题意可知，粒子在第四象限做匀速圆周运动，则有，，由图结合左手定则可知，粒子带负电，由于电场力的方向竖直向上，则第四象限电场方向为竖直向下，解得，，由于不知道、和，则无法得出磁感应强度，粒子在第四象限的运动时间为，故D不符合题意，BC符合题意。故选ABC。

二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22~25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33~34题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题

22．（5分）【答案】（1） A  （2）   越小     高  （3）   28.0

【解析】（1）因为RN的阻值在几十千欧，远大于滑动变阻器的最大阻值，所以为了便于调节RN的电压和电流，滑动变阻器应采用分压式接法；又因为，所以为减小系统误差，电流表应采用内接法。故选A。

（2）由图乙可知，压力越大，阻值RN越小。灵敏度即为图线斜率的绝对值，所以压力小于时的灵敏度比压力大于时的灵敏度高。

（3）当货物质量恰好为0.16kg，即对RN的压力大小为1.6N时，由题图乙可知此时，若此时控制电路电压刚好为3V，则接入电路的阻值最小，根据串联分压规律有，解得，所以至少应该将接入电路的阻值调为28.0kΩ。

23．（10分）

【答案】（1） 需要     不会    （2） 0.20     0.60    （3）

【解析】（1）为了达到实验目的，实验前需要将台面调整到水平，因为水平时对物块有，

得物体受到的摩擦力大小

所以将台面调整到水平，从而方便研究及；

由于物块受到的拉力可由力传感器直接测出，故实验结果不受滑轮质量的影响；

（2）由于动滑轮省力但费距离，且加速度传感器测量的是m的加速度a，则对滑块，其加速度为，根据牛顿第二定律有

整理得

结合图乙可得，

可得，

（3）空载时，对小车有

即

放入后，有

即

结合图丙可得，，联立可得

24．（12分）

【答案】（1）0.144J，0.5；（2）0.15m，；（3）0.427W

【解析】（1）进入磁场前，摩擦力做负功变成摩擦热为机械能的减少量,由线段①有

其中，解得，

（2）线框为进入磁场前，线框的加速度

则ab边刚进入磁场的速度

线框进入磁场中，减小的机械能等于克服摩擦力和安培力所做的功，图线段②可知，此时机械能线性减小，可知安培力为恒力，线框做匀速运动，则有

联立可解得

（3）当线框完全进入磁场后做匀加速直线运动，当ab边刚要离开磁场时，开始做减速运动，此时线框收到的安培力最大，速度最大，线框的功率最大，由动能定理得

解得

所以线框的最大功率为

带入数据得

25．（20分）

【答案】（1）5m/s；（2）0.455m；（3）5；（4）

【解析】（1）由能量关系可知

解得

（2）物块滑上木板后，对木板

对物块

物块相对木板滑行的距离

此时物块的速度为4.5m/s，木板的速度为0.4m/s两者未共速，以上求解正确；

（3）BC组成的系统不断与Q碰撞，使其向右的动量不断减小，但不与P壁相碰，说明系统最终末态动量为零，最终B、C均静止；

解得n=5

此过程中物块B相对木板C运动的距离为2.5m，恰好未从木板C右端滑下；

（4）要想物体B能滑上右侧水平面，需要同时满足以下条件①

②

③

④

联立可得

（或者）

（二）选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。

33．【物理—选修3-3】（15分）

（1）（5分）

【答案】ACE

【解析】由图甲作用力跟距离的关系图可知，当时，分子间的作用力表现为引力，故A正确；要达到乙图的实验效果，应先把痱子粉撒在水面上，再将一滴油酸酒精溶液滴入水面，故B错误；温度升高时，速率分布最大的区间将向速率增大处移动，丙图中对同一气体而言，实线对应的气体分子温度高于虚线对应的气体分子温度，故C正确；丁图中，悬浮在液体中的颗粒越大，布朗运动表现得越不明显，故D错误；戊图中，猛推推杆压缩筒内封闭的气体，外界对气体做功，气体内能增大，气体温度升高、压强变大，故E正确。故选ACE。

（2）（10分）

【答案】（1）；（2）；（3）

【解析】（1）设粗圆筒的截面积为S1，细圆筒的截面积为S2。由于粗圆筒的内径是细圆筒内径的4倍，所以有

水银总体积

一半水银上升到细圆筒中，设细圆筒中水银柱的高度为h。因为水银体积不变，所以有

解得

（2）此时封闭气体的压强

（3）初态封闭气体的压强

初态封闭气体的体积

设初态到末态活塞B上移的距离为x，则末态气体体积

由玻意耳定律有

解得

34．【物理—选修3-4】（15分）

（1）（5分）

【答案】ADE

【解析】质点做简谐运动的周期T=0.4s，则频率为，选项A正确；因t=0时刻质点P沿y轴负向振动，结合波形图可知，此波沿x轴负方向传播，选项B错误；此波的传播速度大小，选项C错误；由“同侧法”可知，时刻，质点Q沿y轴正方向振动，选项D正确；时刻，质点Q偏离平衡位置的位移，选项E正确。故选ADE。

（2）（10分）

【答案】（1），；（2）

【解析】（1）根据折射定律得

解得

根据

解得临界角

（2）如图，由正弦定理可知，从P或Q点垂直于圆面发出的光射到球面时的入射角最大，设为，由几何关系有

设光发生全反射的临界角为C，则有

为使从发光圆面PQ射向半球面上所有的光都不发生全反射，应满足

解得

管芯发光区域面积应满足

所以管芯发光区域面积最大值为。