2022年黑龙江省牡丹江市中考物理试卷含答案

这是一份2022年黑龙江省牡丹江市中考物理试卷含答案，共36页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，填空题，实验与探究题，综合与运用题等内容，欢迎下载使用。

2022年黑龙江省牡丹江市中考物理试卷
一、单项选择题（每小题2分，共30分。每小题只有一个正确选项，请把正确选项涂在答题卡中相应的位置上）
1．（2分）下列属于在声源处控制噪声的是（　　）
A．摩托车的消声器 B．隔音蛟龙
C．防噪声耳罩 D．隔音板墙
2．（2分）下列现象属于熔化的是（　　）
A．春雪消融 B．夏雨绵绵 C．秋霜凝结 D．冬雪飘飘
3．（2分）下列正确表示光从空气斜射到水面的光路是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2分）“以铜为镜，可以正衣冠”主要利用的物理原理是（　　）
A．平面镜成像
B．平面镜改变光的传播方向
C．凸透镜成像
D．凸透镜改变光的传播方向
5．（2分）篮球是同学们喜爱的体育项目之一，下列有关说法不正确的是（　　）
A．接球时，手会感觉到疼，表明力的作用是相互的
B．运球时，球碰撞地面反向弹起，表明力可以改变物体的运动状态
C．传球时，球在空中继续运动，表明球仍然受到推力作用
D．投篮时，球在空中会下落，表明球受到重力作用
6．（2分）下列做法中，属于防止惯性带来危害的是（　　）
A．跳远运动员助跑后跳远
B．驾驶员开车时，必须系好安全带
C．拍打窗帘清除上面的灰尘
D．推出去的冰壶，仍能在冰面上滑行
7．（2分）悬浮在水中的潜水艇上浮至漂浮的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．悬浮时，若要上浮需向水舱充水
B．漂浮时，所受浮力等于重力
C．上浮过程中，所受浮力逐渐变大
D．上浮过程中，水对艇外底部压力不变
8．（2分）如图是我国古人利用绞车提升巨石的情景，下列说法正确的是（　　）

A．使用此装置可以省功
B．使用轮轴可以省距离
C．上方的滑轮可以改变力的方向
D．绞车由动滑轮、定滑轮及轮轴组成
9．（2分）如图所示的情景中，属于动能转化为重力势能的是（　　）
A．热气球匀速下降
B．拉弓射箭
C．渔网散开落下
D．滑板车滑上坡顶
10．（2分）四冲程内燃机在一个循环中，内能转化为机械能的冲程是（　　）
A．吸气 B．压缩
C．做功 D．排气
11．（2分）下列有关电现象的说法正确的是（　　）
A．充电宝给手机电池充电时，相当于电源
B．金属能导电，说明金属内部有大量的电子
C．梳过头发的塑料梳子会带电，说明摩擦可以创造电荷
D．开关断开时，教室内所有灯熄灭，说明教室内的灯是串联的
12．（2分）如图所示，电源两端电压为3V，R1＝5Ω。闭合开关S，电流表示数为0.1A，下列说法正确的是（　　）

A．通过R1的电流为0.6A B．R2的电阻为25Ω
C．R2两端的电压为3V D．R1两端的电压为2.5V
13．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，下列
判断正确的是（　　）

A．电压表V的示数变大 B．电流表A1的示数不变
C．电流表A2的示数变大 D．电压表V的示数变小
14．（2分）小冰家的电能表标有“220V 10（20）A”，家中正使用着一台100W的电冰箱、两盏40W的日光灯。当小冰将一个60W台灯的插头插进插座时，台灯不亮，干路中的空气开关“跳闸”。发生这种现象的原因可能是（　　）
A．日光灯断路 B．台灯插头处短路
C．电冰箱断路 D．用电器的总功率过大
15．（2分）下列用磁感线描述的磁场方向不正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
二、多项选择题（每小题3分，共6分。每小题有两个或三个正确选项，请把正确选项涂在答题卡中相应的位置上。选项全且都正确的得3分，不全但正确的得2分，有错误选项的不得分）
（多选）16．（3分）如果你是一名航天员，进入中国空间站实验舱可以完成的实验有（　　）
A．用刻度尺测量长度 B．用温度计测量温度
C．用天平测量质量 D．用握力计测量握力
（多选）17．（3分）下列展示的是我国古代劳动人民智慧的成果，其中说法正确的是（　　）
A．桔槔提水利用杠杆原理
B．编钟是利用敲击大小不同的钟改变音调
C．日晷测量时间利用光沿直线传播
D．司南静止时长柄指南是受到重力的作用
三、填空题（每空1分，共9分）
18．（2分）2022年6月5日，“神舟十四号”载人航天飞船成功将三名航天员送入太空。如图所示，起飞前以发射塔架为参照物，飞船是 　 　的。航天员在太空依靠 　 　与地面通信。

19．（2分）如图所示，排水管的U形“反水弯”是一个 　 　。使用后，“反水弯”处会存有一定量的水，两侧水面是 　 　的，可以有效的阻挡排水管中异味进入室内。

20．（3分）如图所示，R1＝10Ω，R2＝5Ω，闭合开关，电压表的示数为3V，电源电压U＝　 　V，R1的电功率P1＝　 　W，通电10s后，R2消耗的电能W2＝　 　J。

21．（2分）用打气筒给自行车轮胎打气，活塞压缩筒内空气，空气温度升高，这是通过 　 　方法改变内能。打气筒外壁的下部也会热，这是通过 　 　方法改变内能。
四、实验与探究题（22、25、27题各5分，23、24、26题各6分，共33分）
22．（5分）【细心观察，合理猜想】如图所示，小冰使用洗手液时，发现出液量不易控制。观察洗
手液瓶的结构并结合日常使用情况，请你猜想每次按压的出液量可能与 　 　和 　 　有关。向下按压，出液管向下运动，表明力可以改变物体的 　 　。洗手液被压出来是因为出液管内部的压强 　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）出液口外部的压强。闻到有酒精的气味，这表明 　 　。

23．（6分）【发现问题，乐于探究】为了解供暖系统的工作原理，小雪设计了如图甲所示的实验装置，在两个大试管中分别加入50mL的水，开始探究。
（1）小雪先给A管加热，A管中的水吸收热量，当温度达到 　 　时沸腾，产生的水蒸气通过导管C流到B管中，B管中水面会升高，这是因为水蒸气遇冷 　 　成水。同时，发现温度计示数升高了，这表明B管中的水 　 　热量。
（2）小雪每隔1min记录B管中水的温度，持续加热到第10min，B管中产生大量的气泡，且温度计示数保持不变，此时的示数如图乙所示，为 　 　℃，这表明B管中的水 　 　。
（3）供暖系统就是利用水蒸气 　 　放热供暖的。

24．（6分）【活化知识，还原生活】眼睛是人体重要的器官之一，小冰想弄清楚晶状体的厚度对眼睛成像远近的影响。根据凸透镜成像的规律，他用凸透镜和球形半透明的塑料盒自制了一个简易眼睛模型，模型上的凸透镜相当于人眼的晶状体，后面的塑料盒相当于视网膜，将蜡烛和模型放在光具座上。

（1）我们观察物体时，物体在视网膜上能成 　 　实像。
（2）如图甲所示，调节蜡烛到合适的高度后，移动蜡烛的位置，模型上成清晰的像，此时，像的位置在 　 　之间。
（3）如图乙所示，给模型换上一块焦距小的凸透镜，像变模糊了。移动蜡烛，直到成清晰的像，发现蜡烛的位置离凸透镜近了。这表明焦距小的凸透镜厚度大，对光的 　 　作用强。此时，若蜡烛远离凸透镜，像的位置会 　 　凸透镜，模型上的像就不清晰了。
（4）小冰分析，当晶状体变厚时，远处物体成像在视网膜前方，所以就只能看清 　 　的物体。
（5）为了保护视力，你应该 　 　。（写出一点）
25．（5分）【科学设计，勤于实践】冬天，小雪看到防滑鞋的鞋底很粗糙，这可能会增大鞋与路面间的摩擦，她通过实验探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关。
（1）如图甲所示，小雪用弹簧测力计在木板上拉动长方体木块时，很难做到匀速拉动，她对实验装置进行改进，如图乙所示，其优点是 　 　。
（2）小雪利用改进后的实验装置，分别改变接触面粗糙程度、接触面的大小和木块对木板的压力，经过多次实验，读出弹簧测力计示数，记录在下表中。
实验
次数
实验条件
弹簧测力计示数
F/N
压力情况
接触面粗糙程度
接触面的大小
1
木块
木板表面
平放
0.4
2
木块
棉布表面
平放
0.8
3
木块
木板表面
侧放
0.4
4
木块和砝码
木板表面
平放
0.6
①比较1和3两次实验，初步得到的结论：滑动摩擦力的大小与 　 　无关。
②比较 　 　两次实验，初步得到的结论：滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
③比较1和2两次实验，初步得到结论：　 　。
（3）通过探究，小雪知道了防滑鞋是通过改变 　 　增大与路面间的摩擦。

26．（6分）【规范操作，精准测量】小冰在测量小灯泡电阻的实验中，用标有“20Ω 2A”的滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线、3节干电池和额定电压为2.5V的小灯泡，进行实验。

（1）根据电路图甲，请用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路补充完整。
（2）小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，请你指出实验中操作的不当之处 　 　。
（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，先后测量得到2组数据如下表所示。小冰要继续测量小灯泡正常发光时的电阻，接下来的操作是 　 　。当电压表示数为2.5V时，记录电流表示数如图丙所示，为 　 　A，此时小灯泡的电阻值为 　 　Ω（保留1位小数）。
次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
1.2
0.22

2
2.2
0.28

3
2.5


（4）根据测得的数据，小冰发现小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，其原因是 　 　。
27．（5分）【分析归纳，拓展提升】如图甲是小雪自制的小风扇，使用时发现小风扇转动，但风却向后吹。小雪设计了如图乙所示的实验，探究其原因。
（1）闭合开关，给铜棒ab通电，发现铜棒ab向右运动，这表明铜棒ab在磁场中受到 　 　的作用。
（2）保持磁场方向不变，将电源正负极对调后接入电路，闭合开关，发现铜棒ab向左运动，这表明 　 　。
（3）保持电流方向不变，将磁体的两极对调，闭合开关，发现铜棒ab向右运动，这表明 　 　。
（4）根据实验，要改变小风扇转动方向，小雪应该 　 　。
（5）请列举一个和小风扇工作原理相同的用电器 　 　。

五、综合与运用题（28题4分，29题5分，30题6分，31题7分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能得分）
28．（4分）【阅读材料，回答问题】
2021年6月25日，我国自主发现的平均水深最深、勘探开发难度最大的海上超深水大气田“深海一号”正式投产通气，它的投产意味着我国海洋石油勘探开发能力实现了由300米到1500米超深水的历史性跨越，在大气田上矗立着“深海一号”能源站，气田通过能源站进行生产，它是世界首座十万吨级深水半潜式生产储油平台，排水量11万立方米，能源站总重量达5.3万吨，排水量相当于两艘辽宁舰。目前已经探明储量超千亿方，最大井深4000米以上，最大水深超过1500米，在1500多米的深海之中，由海洋生物遗体分解产生的天然气，就是被这座能源站处理达标后，顺着海底管线呼啸着游向粤港澳大湾区以及南海等地的千家万户，主要用于发电和城市燃气。
（1）天然气属于下列哪一类能源 　 　。
A.一次能源
B.可再生能源
C.新能源
理由是 　 　。
（2）利用天然气发电过程中的能量转化情况是：　 　。
（3）海下1500m深处，海水压强的大小相当于 　 　个标准大气压。（海水的密度取1.0×103kg/m3、标准大气压取1×105Pa）
29．（5分）【动手动脑，实践体验】如图所示，小冰在课前展示了一盏自制的“铅笔芯电灯”。他将8节1号电池串联起来做电源，用两条铝箔纸条做导线，拿一根2B自动铅笔芯穿过铝箔纸条，架在烧杯口处。戴上绝缘隔热手套，将铝箔纸条的两端连接在电源的正负极上，稍等一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎么热。请分析解释上述现象。

30．（6分）课间，小冰为班级换矿泉水，他把刚抬回来的满桶矿泉水立放到水平地面上。若桶与水的总质量为16kg，桶与地面的接触面积为100cm2，课桌高为0.8m。求：
（1）立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强是多少？
（2）小冰将这桶矿泉水匀速抬到课桌上，对这桶水做的功是多少？
31．（7分）如图所示，一款可设定温度的电热水杯，能将杯中水加热到需要的温度，其铭牌如下表所示。电热水杯在额定电压下工作，将0.3L的水从25℃加热到55℃，用时2min20s。求：
产品名称
电热水杯
额定电压
220V
额定功率
300W
额定容量
0.3L
（1）水吸收的热量是多少？
（2）电热水杯消耗的电能是多少？
（3）电热水杯的热效率是多少？


2022年黑龙江省牡丹江市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共30分。每小题只有一个正确选项，请把正确选项涂在答题卡中相应的位置上）
1．（2分）下列属于在声源处控制噪声的是（　　）
A．摩托车的消声器 B．隔音蛟龙
C．防噪声耳罩 D．隔音板墙
【分析】减弱噪声的途径有：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。
【解答】解：A、摩托车的消声器消声，是在声源处弱噪声，故A正确；
B、隔音蛟龙，是在传播过程中减弱噪声，故B错误；
C、工作人员使用防声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故C错误；
D、隔音板墙，是在传播过程中减弱噪声，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查防治噪声的三个途径的理解，相对比较简单，属于基础题。
2．（2分）下列现象属于熔化的是（　　）
A．春雪消融 B．夏雨绵绵 C．秋霜凝结 D．冬雪飘飘
【分析】物体由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；物体由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化；物体由固态变为气态叫升华，由气态变为固态叫凝华，据此解答。
【解答】解：A、雪是固态，消融的过程就是变为液态水的过程，属于熔化，故A正确；
B、雨是由水蒸气液化形成的小水滴，属于液化，故B错误；
C、霜是由水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶的过程，属于凝华，故C错误；
D、雪是由水蒸气遇冷直接变为固态小冰晶的过程，属于凝华，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查物态变化及其应用，掌握熔化、凝固、汽化、液化、升华和凝华的概念是解答本题的关键。
3．（2分）下列正确表示光从空气斜射到水面的光路是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】（1）光的反射定律：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
（2）光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角。
【解答】解：A、当光从空气斜射入水中，折射角应小于入射角，而A中折射角大于入射角了，故A错误；
B、光发生反射时，反射光线和入射光线分居在法线的两侧，而图中反射光线与入射光线在法线的同侧了，故B错误；
C、光发生反射时，反射光线和入射光线分居在法线的两侧，反射角与入射角相等，符合光的反射定律，
当光发生折射时，折射光线和入射光线分居法线两侧，当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，故C正确；
D、当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角，而图中折射角等于入射角，故D错误。
故选：C。
【点评】在解答光的折射光路图时要注意：不管光从哪种介质斜射向哪种介质，在光疏质（密度比较小的物质）里面的角（入射角或折射角）较大；在光密质（密度比较大的物质）里面的角（入射角或折射角）较小，即“疏大密小”。角度越小，光线越靠近法线。
4．（2分）“以铜为镜，可以正衣冠”主要利用的物理原理是（　　）
A．平面镜成像
B．平面镜改变光的传播方向
C．凸透镜成像
D．凸透镜改变光的传播方向
【分析】利用平面镜成像原理进行解答。
【解答】解：“以铜为镜，可以正衣冠”的意思：一个人用铜当镜子，可以照见衣帽是不是穿戴得端正，铜当镜子属于平面镜成像，平面镜成像是光的反射原理，故A正确。
故选：A。
【点评】此题主要考查了平面镜成像原理，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
5．（2分）篮球是同学们喜爱的体育项目之一，下列有关说法不正确的是（　　）
A．接球时，手会感觉到疼，表明力的作用是相互的
B．运球时，球碰撞地面反向弹起，表明力可以改变物体的运动状态
C．传球时，球在空中继续运动，表明球仍然受到推力作用
D．投篮时，球在空中会下落，表明球受到重力作用
【分析】（1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即物体间力的作用是相互的；
（2）力的作用效果有两个，一是力可改变物体的运动状态；二是力可改变物体的形状；
（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（4）地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用。
【解答】解：A、接球时手给球一个力，物体间力的作用是相互的，球又给手一个等大的力，所以手感到疼，故A正确；
B、运球时，篮球在碰到地面后，受到了地面的作用力改变了运动方向，表明力可以改变物体的运动状态，故B正确；
C、球出手后，继续运动是由于球具有惯性，而不是因为受到推力的作用，故C错误；
D、投篮时，球在空中会下落，是受到竖直向下的重力的作用，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查力作用的相互性、力的租用效果、惯性和重力，综合性题目，但难度不大。
6．（2分）下列做法中，属于防止惯性带来危害的是（　　）
A．跳远运动员助跑后跳远
B．驾驶员开车时，必须系好安全带
C．拍打窗帘清除上面的灰尘
D．推出去的冰壶，仍能在冰面上滑行
【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，有的是利用，有的是为了防止惯性带来的伤害，注意区分。
【解答】解：A、跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，利用自身的惯性，在空中继续向前运动以提高成绩，故A错误；
B、汽车驾驶员开车时必须系安全带为了防止遇到紧急情况刹车时，由于惯性对人造成伤害，故B正确；
C、拍打窗帘除去尘土，拍打窗帘，尘土由于惯性要保持原来的静止状态，使尘土和窗帘分离，达到除尘的目的，这是利用惯性，故C错误；
D、推出去的冰壶由于惯性仍能继续向前运动，这是利用惯性，故D错误。
故选：B。
【点评】一切物体都具有惯性，有的是利用惯性，有的是防止惯性造成的危害，体现了生活处处皆物理。
7．（2分）悬浮在水中的潜水艇上浮至漂浮的过程中，下列说法正确的是（　　）
A．悬浮时，若要上浮需向水舱充水
B．漂浮时，所受浮力等于重力
C．上浮过程中，所受浮力逐渐变大
D．上浮过程中，水对艇外底部压力不变
【分析】（1）（2）潜水艇悬浮时，根据物体的浮沉条件可知，其受到的浮力等于自身的重力；潜水艇是依靠改变自身的重力来实现上浮和下潜的；
（3）根据阿基米德原理分析其浮力的变化；
（4）根据潜水艇深度的变化分析艇外底部受到的压强的变化，根据F＝pS分析水对艇外底部压力的变化。
【解答】解：
AB、潜水艇悬浮时，受到的浮力等于自身的重力，由于潜水艇排开的水的体积不变，受到的浮力不变，若要上浮，需要通过向外排水来减小潜水艇的重力，故A错误，B正确；
C、上浮过程中，水的密度不变，潜水艇的体积不变，排开的水体积不变，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，潜水艇受浮力不变，故C错误；
D、上浮过程中，潜水艇的深度变小，根据p＝ρ水gh可知，艇外底部受到的水的压强变小；受力面积不变，根据F＝pS可知，水对艇外底部压力变小，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理、压强计算公式的应用，难度不大。
8．（2分）如图是我国古人利用绞车提升巨石的情景，下列说法正确的是（　　）

A．使用此装置可以省功
B．使用轮轴可以省距离
C．上方的滑轮可以改变力的方向
D．绞车由动滑轮、定滑轮及轮轴组成
【分析】定滑轮不能省力，但可以改变力的方向；轮轴的实质是可以连续转动的杠杆，可以省力，但费距离；使用任何机械都不省功。
【解答】解：A、由功的原理可知，使用任何机械都不省功，所以此装置不能省功，故A错误；
B、轮轴的轮半径大于轴半径，使用时动力作用在轮上，省力但费距离，故B错误；
C、由图可知，上方的滑轮属于定滑轮，可以改变力的方向，故C正确；
D、由图可知，绞车由上方的定滑轮及下面的轮轴组成，没有用到动滑轮，故D错误。
故选：C。
【点评】本题通过分析绞车的结构特点，了解了简单机械的分析与应用，属基础题，难度不大。
9．（2分）如图所示的情景中，属于动能转化为重力势能的是（　　）
A．热气球匀速下降
B．拉弓射箭
C．渔网散开落下
D．滑板车滑上坡顶
【分析】动能转化为重力势能，必然是动能是逐渐减少的，重力势能是逐渐增加的。物体质量不变时，动能的变化体现在速度的变化上，重力势能的变化体现在高度的变化上。
【解答】解：动能转化为重力势能，必然是动能减小而重力势能增大；
A、热气球匀速下降，其质量不变、速度不变，所以动能不变，高度降低，重力势能减小，所以不是动能转化为重力势能，故A错误；
B、拉弓射箭时，弓的弹性形变程度逐渐减小，弹性势能减小；箭由静止变为运动，动能增大，所以是弹性势能转化为动能，故B错误；
C、渔网散开落下，渔网的质量不变，高度变小，重力势能变小，速度变大，动能变大，是重力势能转化为动能，故C错误；
D、滑板车滑上坡顶，滑板车的质量不变、高度增大，重力势能增大，速度减小，动能减小，是动能转化为重力势能，故D正确；
故选：D。
【点评】在做能量的转化这种题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量。
10．（2分）四冲程内燃机在一个循环中，内能转化为机械能的冲程是（　　）
A．吸气 B．压缩
C．做功 D．排气
【分析】内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；只有做功冲程对外输出功，其它三个冲程依靠飞轮惯性完成。
【解答】解：四冲程内燃机的一个工作循环包括：吸气、压缩、做功、排气四个冲程；做功冲程是将内能转化为机械能，故C正确。
故选：C。
【点评】本题主要考查对内燃机一个工作循环中各冲程情况的了解以及能量的转化，属于基础题。
11．（2分）下列有关电现象的说法正确的是（　　）
A．充电宝给手机电池充电时，相当于电源
B．金属能导电，说明金属内部有大量的电子
C．梳过头发的塑料梳子会带电，说明摩擦可以创造电荷
D．开关断开时，教室内所有灯熄灭，说明教室内的灯是串联的
【分析】（1）电池工作时将化学能转化成电能，充电时将电能转化成化学能；
（2）金属内部有大量的自由电子；
（3）摩擦起电的实质是电荷的转移；
（4）教室内的灯是并联的。
【解答】解：
A、充电宝正在给手机电池充电过程中，充电宝提供电能，相当于电源，故A正确；
B、金属能导电，说明金属内部有大量的自由电子，故B错误；
C、梳过头发的塑料梳子会带电，这是摩擦起电现象；当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，束缚电子能力弱的失去电子，所以摩擦起电实质上并不是创造了电荷，故C错误；
D、教室内的灯工作时互不影响，是并联的；开关断开时，教室内所有灯熄灭，是因为开关在干路中，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的组成、金属导电的原因、摩擦起电现象、家庭电路的连接方式，属于基础题。
12．（2分）如图所示，电源两端电压为3V，R1＝5Ω。闭合开关S，电流表示数为0.1A，下列说法正确的是（　　）

A．通过R1的电流为0.6A B．R2的电阻为25Ω
C．R2两端的电压为3V D．R1两端的电压为2.5V
【分析】由图可知R1、R2串联，电流表测量电路中的电流；
（1）根据串联电路的特点可知通过R1的电流；
（2）（3）（4）利用欧姆定律求出R1两端的电压，根据串联电路的特点可知R2两端的电压，利用欧姆定律求出R2的阻值。
【解答】解：由图可知，R1、R2串联，电流表测量电路中的电流；
A、根据串联电路的电流特点可知，串联电路中电流处处相等，所以通过R1的电流I1＝I2＝I＝0.1A，故A错误；
BCD、根据欧姆定律可知，R1两端的电压U1＝I1R1＝0.1A×5Ω＝0.5V；
根据串联电路的电压特点可知，R2两端的电压U2＝U﹣U1＝3V﹣0.5V＝2.5V；
根据欧姆定律可知，R2的阻值R2＝＝＝25Ω，故B正确、CD错误。
故选：B。
【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用，是一道基础题。
13．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，下列
判断正确的是（　　）

A．电压表V的示数变大 B．电流表A1的示数不变
C．电流表A2的示数变大 D．电压表V的示数变小
【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源的电压；
根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流的变化；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路的电流变化；
根据并联电路的电流特点可知干路电流变化。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A2测干路的电流，电压表测电源的电压；
AD、由于电源电压不变，滑片移动时，电压表示数不变，故AD错误；
B、并联电路中各支路互不影响，移动滑片时，通过定值电阻的电流不变，所以电流表A1的示数不变，故B正确；
C、闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流减小，所以电流表A2的示数变小，故C错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大。
14．（2分）小冰家的电能表标有“220V 10（20）A”，家中正使用着一台100W的电冰箱、两盏40W的日光灯。当小冰将一个60W台灯的插头插进插座时，台灯不亮，干路中的空气开关“跳闸”。发生这种现象的原因可能是（　　）
A．日光灯断路 B．台灯插头处短路
C．电冰箱断路 D．用电器的总功率过大
【分析】家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和总功率过大。
【解答】解：由电能表上的参数可得，电路中允许的最大功率为：P＝UI＝220V×20A＝4400W；而家中使用的用电器的总功率为100W+2×40W+60W＝240W远小于电能表的最大功率；故空气开关跳闸不是因为功率过大，而是由于短路引起，所以故障是台灯插头处短路。
故选：B。
【点评】本题考查对家庭电路故障（短路）的分析判断能力，空气开关跳闸的原因有两个：总功率过大和发生短路。
15．（2分）下列用磁感线描述的磁场方向不正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
【分析】磁感线是为了形象地描述磁场，假象的存在于磁体周围空间的有方向的封闭曲线，其方向是：在磁体的外部，从N极指向S极。
【解答】解：ABC、对于磁体来说，磁感线从N极指向S极，故ABC正确；
D、根据安培定则，电流从螺线管的左端流入，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对磁感线及其特点的了解和掌握，是一道基础题。
二、多项选择题（每小题3分，共6分。每小题有两个或三个正确选项，请把正确选项涂在答题卡中相应的位置上。选项全且都正确的得3分，不全但正确的得2分，有错误选项的不得分）
（多选）16．（3分）如果你是一名航天员，进入中国空间站实验舱可以完成的实验有（　　）
A．用刻度尺测量长度 B．用温度计测量温度
C．用天平测量质量 D．用握力计测量握力
【分析】进入中国空间站实验舱内物体处于失重状态，一切与重力有关的实验都无法完成，据此判断。
【解答】解：A、刻度尺测量长度与重力无关，在太空可以测量，故A正确；
B、温度计测量温度利用液体热胀冷缩的性质，与重力无关，故B正确；
C、在太空，物体和砝码都处于失重状态，对托盘没有压力，天平始终处于平衡，所以无法测量物体的质量，故C错误；
D、握力计测量握力大小，利用弹簧的形变大小，与重力无关，故D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查长度的测量、温度计的使用，物体在太空中处于完全失重状态，一切与重力有关的实验不能进行。
（多选）17．（3分）下列展示的是我国古代劳动人民智慧的成果，其中说法正确的是（　　）
A．桔槔提水利用杠杆原理
B．编钟是利用敲击大小不同的钟改变音调
C．日晷测量时间利用光沿直线传播
D．司南静止时长柄指南是受到重力的作用
【分析】学生可结合图中所列装置及图片，运用相关物理知识解释即可。
【解答】解：A、桔槔是长杆一端系重物，另一端系水桶，利用杠杆原理的人力提水的工具，故A正确；
B、古代的编钟，去敲击大小不同的钟可以改变音调，故B正确；
C、光在同种均匀介质中沿直线传播，故日晷能够测量时间是利用了光沿直线传播的原理，故C正确；
D、地球的周围存在磁场，故司南能够指南北是由于受到了地磁场的作用，故D错误。
故选：ABC。
【点评】本题以古代劳动人民发明的几种装置为内容，考查了物理知识在生活中的应用，体现了物理知识源于生活的理念。
三、填空题（每空1分，共9分）
18．（2分）2022年6月5日，“神舟十四号”载人航天飞船成功将三名航天员送入太空。如图所示，起飞前以发射塔架为参照物，飞船是 　静止　的。航天员在太空依靠 　电磁波　与地面通信。

【分析】（1）物体的运动和静止是相对的，关键看选取的参照物，相对于参照物位置发生了改变，则物体就是运动的；如果位置没有发生改变，则物体就是静止的；
（2）电磁波可以在真空中传播。
【解答】解：起飞前以发射塔架为参照物，飞船相对于发射塔架位置没有发生变化，是静止的；
航天员在太空依靠电磁波与地面通信。
故答案为：静止；电磁波。
【点评】本题考查电磁波的应用和运动与静止的描述，是对基础知识的考查。
19．（2分）如图所示，排水管的U形“反水弯”是一个 　连通器　。使用后，“反水弯”处会存有一定量的水，两侧水面是 　相平　的，可以有效的阻挡排水管中异味进入室内。

【分析】U形“反水管”等都是利用了连通器的原理，用里面的存水将上下隔开，防止异味上行，据此来进行解答。
【解答】解：
如图所示，洗手盆下方排水管的U形“反水弯”利用了连通器的原理，使管中存有一定量的水，两侧水面是相平的，将上下隔开，可以防止下水道的“异味”通过排水管进入室内。
故答案为：连通器；相平。
【点评】本题考查连通器的原理，要求学生运用所学知识分析解决实际问题。
20．（3分）如图所示，R1＝10Ω，R2＝5Ω，闭合开关，电压表的示数为3V，电源电压U＝　3　V，R1的电功率P1＝　0.9　W，通电10s后，R2消耗的电能W2＝　18　J。

【分析】闭合开关，两电阻并联，电压表测量电源电压，电压表的示数为3V，据此得出电源电压和两电阻两端的电压；
根据P1＝得出R1的电功率；根据W2＝t＝得出通电10s后，R2消耗的电能。
【解答】解：闭合开关，两电阻并联，电压表测量电源电压，电压表的示数为3V，电源电压U＝3V，R1的电功率P1＝＝＝0.9W，通电10s后，R2消耗的电能W2＝t＝×10s＝18J。
故答案为：3；0.9；18。
【点评】本题考查电功率和电能的计算，综合性强，难度适中。
21．（2分）用打气筒给自行车轮胎打气，活塞压缩筒内空气，空气温度升高，这是通过 　做功　方法改变内能。打气筒外壁的下部也会热，这是通过 　热传递　方法改变内能。
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：用打气筒给自行车轮胎打气，活塞压缩筒内空气，机械能转化为筒的内能，空气温度升高，这是通过做功方法改变内能。打气筒外壁的下部也会热，这是通过热传递方法改变内能。
故答案为：做功；热传递。
【点评】解决此类问题要结合改变物体内能的方式和能量转化进行分析解答。
四、实验与探究题（22、25、27题各5分，23、24、26题各6分，共33分）
22．（5分）【细心观察，合理猜想】如图所示，小冰使用洗手液时，发现出液量不易控制。观察洗
手液瓶的结构并结合日常使用情况，请你猜想每次按压的出液量可能与 　向下按压的程度　和 　出液管的粗细　有关。向下按压，出液管向下运动，表明力可以改变物体的 　运动状态　。洗手液被压出来是因为出液管内部的压强 　大于　（选填“大于”“小于”或“等于”）出液口外部的压强。闻到有酒精的气味，这表明 　分子在不停的做无规则运动。　。

【分析】（1）结合生活实际进行猜想，言之有理即可；
（2）根据力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态。物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变；
（3）按压式瓶盖利用的是大气压，从瓶内外大气压强的大小分析做出判断；
（4）根据分子动理论解释有关现象。
【解答】解：结合日常使用情况，猜想每次按压的出液量可能与向下按压的程度与出液管的粗细有关（或按压力的大小或按压次数或出液口的大小或洗手
液的质量或洗手液的粘稠程度或洗手波的密度等）（说明：答出与结构或其中液体相关的猜想均可）；出液管向下运动，说明力改变了出液管的运动状态；用力向下按压出液管，瓶内空气体积减小，压强增大，当瓶内气压大于外部气压时，洗手液就被压出来了；闻到有酒精的气味，这表明分子在不停的做无规则运动。
故答案为：向下按压的程度；出液管的粗细；运动状态；大于；分子在不停的做无规则运动。
【点评】此题以按压式瓶盖为题材，考查了力的作用效果、大气压的应用以及分子动理论等知识点，有一定难度，理解按压瓶盖的工作原理是关键。
23．（6分）【发现问题，乐于探究】为了解供暖系统的工作原理，小雪设计了如图甲所示的实验装置，在两个大试管中分别加入50mL的水，开始探究。
（1）小雪先给A管加热，A管中的水吸收热量，当温度达到 　沸点　时沸腾，产生的水蒸气通过导管C流到B管中，B管中水面会升高，这是因为水蒸气遇冷 　液化　成水。同时，发现温度计示数升高了，这表明B管中的水 　吸收　热量。
（2）小雪每隔1min记录B管中水的温度，持续加热到第10min，B管中产生大量的气泡，且温度计示数保持不变，此时的示数如图乙所示，为 　99　℃，这表明B管中的水 　沸腾　。
（3）供暖系统就是利用水蒸气 　液化　放热供暖的。

【分析】（1）在不断加热的情况下，水达到沸点时就沸腾；水蒸气遇冷液化形成小水滴，气态变为液态是放热的过程；温度计示数升高，说明水吸收热量；
（2）B中产生大量气泡说明水沸腾了，此时温度计的示数为水的沸点；
（3）水蒸气液化变为水是放热过程。
【解答】解：（1）当A中水的温度达到沸点时，继续加热才能沸腾；
沸腾后产生的水蒸气遇到B管中的冷水液化变成水，释放出的热量被B管中的水吸收，使其温度升高；
（2）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，故温度计的读数为99℃；此时B管中水有大量气泡，说明水已经沸腾；
（3）供暖系统就是利用水蒸气液化放热供暖的。
故答案为：（1）沸点；液化；吸收；（2）99；沸腾；（3）液化。
【点评】本题考查液化及液化现象的应用，掌握液化放热是解答本题的出发点。
24．（6分）【活化知识，还原生活】眼睛是人体重要的器官之一，小冰想弄清楚晶状体的厚度对眼睛成像远近的影响。根据凸透镜成像的规律，他用凸透镜和球形半透明的塑料盒自制了一个简易眼睛模型，模型上的凸透镜相当于人眼的晶状体，后面的塑料盒相当于视网膜，将蜡烛和模型放在光具座上。

（1）我们观察物体时，物体在视网膜上能成 　倒立、缩小　实像。
（2）如图甲所示，调节蜡烛到合适的高度后，移动蜡烛的位置，模型上成清晰的像，此时，像的位置在 　一倍与二倍焦距　之间。
（3）如图乙所示，给模型换上一块焦距小的凸透镜，像变模糊了。移动蜡烛，直到成清晰的像，发现蜡烛的位置离凸透镜近了。这表明焦距小的凸透镜厚度大，对光的 　会聚　作用强。此时，若蜡烛远离凸透镜，像的位置会 　靠近　凸透镜，模型上的像就不清晰了。
（4）小冰分析，当晶状体变厚时，远处物体成像在视网膜前方，所以就只能看清 　近处　的物体。
（5）为了保护视力，你应该 　注意保持看书写字的距离　。（写出一点）
【分析】（1）眼睛和照相机类似，可以将2倍焦距以外的物体成像在视网膜上；
（2）凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系，能判断凸透镜的成像情况：物距大于像距，成倒立、缩小的实像；
（3）凸透镜的焦距决定于：凸透镜的厚度，与它的折光能力，凸透镜越厚，折光能力越强，焦距相对越短；凸透镜越薄，折光能力越弱，焦距相对越长；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小；
（4）凸透镜越厚，折光能力越强，焦距越短，据此分析即可判断。
【解答】解：（1）人眼的晶状体相当于凸透镜，当人观察物体时，物体在2倍焦距以外，物体成的像是倒立、缩小的实像；
（2）根据图示可知，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，此时，像的位置在一倍与二倍焦距之间：
（3）凸透镜对光线有会聚作用，当凸透镜越厚时，折光能力越强；蜡烛远离凸透镜，像的位置会靠近凸透镜；
（4）当晶状体变厚时，折光能力越强，远处物体成像在视网膜前方，所以就只能看清近处的物体；
（5）为了保护视力，要注意保持看书写字的距离。
故答案为：（1）倒立、缩小：
（2）一倍与二倍焦距：
（3）会聚（或折射），靠近；
（4）近处：
（5）注意保持看书写字的距离。
【点评】本题探究凸透镜成像的规律实验，要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用，做到灵活应用。
25．（5分）【科学设计，勤于实践】冬天，小雪看到防滑鞋的鞋底很粗糙，这可能会增大鞋与路面间的摩擦，她通过实验探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关。
（1）如图甲所示，小雪用弹簧测力计在木板上拉动长方体木块时，很难做到匀速拉动，她对实验装置进行改进，如图乙所示，其优点是 　不需要匀速拉动木板，方便实验操作　。
（2）小雪利用改进后的实验装置，分别改变接触面粗糙程度、接触面的大小和木块对木板的压力，经过多次实验，读出弹簧测力计示数，记录在下表中。
实验
次数
实验条件
弹簧测力计示数
F/N
压力情况
接触面粗糙程度
接触面的大小
1
木块
木板表面
平放
0.4
2
木块
棉布表面
平放
0.8
3
木块
木板表面
侧放
0.4
4
木块和砝码
木板表面
平放
0.6
①比较1和3两次实验，初步得到的结论：滑动摩擦力的大小与 　接触面的大小　无关。
②比较 　1和4　两次实验，初步得到的结论：滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
③比较1和2两次实验，初步得到结论：　压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大　。
（3）通过探究，小雪知道了防滑鞋是通过改变 　接触面的粗糙程度　增大与路面间的摩擦。

【分析】（1）分析图示实验装置，从方便实验操作等方面分析答题；
（2）比较相关数据中相同的量和变化的量，根据表中数据得出摩擦力与变化量的关系；
（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：（1）由图示实验装置可知，在乙方案中：一方面不需要匀速拉动木板，方便实验操作，另一方面，弹簧测力计固定不动，弹簧测力计示数稳定，便于读数；
（2）①比较1、3两次实验数据知：压力大小相同，接触面的粗糙程度相同，接触面的大小不同，滑动摩擦力相同，可初步得到的结论：滑动摩擦力的大小与接触面的大小无关；
②比较1、4两次实验数据知：压力大小不同，接触面的粗糙程度相同，接触面的大小相同，滑动摩擦力不同，可初步得到的结论：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关；
③比较1和2两次实验，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，接触面的大小相同，滑动摩擦力不同，可初步得到的结论：压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（3）通过探究，小雪知道了防滑鞋是通过改变接触面的粗糙程度增大摩擦力。
故答案为：（1）不需要匀速拉动木板，方便实验操作；（2）①接触面的大小；②1和4；③压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（3）接触面的粗糙程度。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和数据分析能力，体现了对过程和方法的考查。
26．（6分）【规范操作，精准测量】小冰在测量小灯泡电阻的实验中，用标有“20Ω 2A”的滑动变阻器、电压表、电流表、开关、导线、3节干电池和额定电压为2.5V的小灯泡，进行实验。

（1）根据电路图甲，请用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路补充完整。
（2）小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，请你指出实验中操作的不当之处 　连接电路时开关没有断开　。
（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，先后测量得到2组数据如下表所示。小冰要继续测量小灯泡正常发光时的电阻，接下来的操作是 　将滑动变阻器的滑片向左移动，使电压表的示数为2.5V　。当电压表示数为2.5V时，记录电流表示数如图丙所示，为 　0.3　A，此时小灯泡的电阻值为 　8.3　Ω（保留1位小数）。
次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
1
1.2
0.22

2
2.2
0.28

3
2.5


（4）根据测得的数据，小冰发现小灯泡在不同电压下的电阻值不相等，其原因是 　灯泡的电阻随温度的升高而增大　。
【分析】（1）滑动变阻器上下各选一个接线柱串联接入电路中；
（2）为了保护电路，连接电路时开关应该断开；
（3）灯在额定电压下正常发光，根据表中数据，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
根据电流表选用量程确定分度值读数；根据R＝算出小灯泡正常发光的电阻；
（4）灯泡的电阻随温度的升高而增大。
【解答】解：（1）滑动变阻器上下各选一个接线柱与电流表串联接入电路中，如下图所示：
；
（2）小冰连接好最后一根导线，小灯泡立即发光，说明连接电路时开关没有断开，故实验中操作的不当之处连接电路时开关没有断开；
（3）由表中第2组数据可知，电压表示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，要减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，即应将滑动变阻器的滑片向左移动，使电压表的示数为2.5V；
当电压表示数为2.5V时，记录电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，小灯泡正常发光时的电阻为：
R＝＝≈8.3Ω；
（4）由表中数据可知，当灯泡两端电压增大时，通过灯泡的电流也增大，根据P＝UI可知，灯泡的功率变大，灯丝的温度升高，灯泡的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：（1）见解答图；（2）连接电路时开关没有断开；（3）将滑动变阻器的滑片向左移动，使电压表的示数为2.5V；0.3；8.3；（4）灯泡的电阻随温度的升高而增大。
【点评】本题测量小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、实验操作、电流表读数、电阻的计算以及影响电阻大小因素等知识。
27．（5分）【分析归纳，拓展提升】如图甲是小雪自制的小风扇，使用时发现小风扇转动，但风却向后吹。小雪设计了如图乙所示的实验，探究其原因。
（1）闭合开关，给铜棒ab通电，发现铜棒ab向右运动，这表明铜棒ab在磁场中受到 　力　的作用。
（2）保持磁场方向不变，将电源正负极对调后接入电路，闭合开关，发现铜棒ab向左运动，这表明 　通电导体在磁场中受力的方向与电流方向有关　。
（3）保持电流方向不变，将磁体的两极对调，闭合开关，发现铜棒ab向右运动，这表明 　通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向有关　。
（4）根据实验，要改变小风扇转动方向，小雪应该 　改变电流方向　。
（5）请列举一个和小风扇工作原理相同的用电器 　电吹风　。

【分析】（1）通电导体在磁场中受力运动；
（2）（3）（4）通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向、磁场的方向有关；
（5）小风扇的工作原理与电动机的工作原理相同，据此分析。
【解答】解：（1）闭合开关，给铜棒ab通电，通过ab有电流，发现铜棒ab向右运动，这表明铜棒ab在磁场中受到力的作用；
（2）保持磁场方向不变，将电源正负极对调后接入电路，闭合开关，电路中的电流的方向发生了变化，发现铜棒ab向左运动，这表明通电导体在磁场中受力的方向与电流方向有关；
（3）保持电流方向不变，将磁体的两极对调，磁场的方向发生了变化，闭合开关，发现铜棒ab向右运动，这表明通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向有关；
（4）根据实验结论可知，通电导体在磁场中受力运动的方向与电流方向、磁场方向有关，要改变小风扇转动方向，小雪应该对调电源正负极；
（5）小风扇实际上是一个电动机，电吹风、扬声器、洗衣机、电动机等用电器中都有电动机。
故答案为：（1）力；（2）通电导体在磁场中受力的方向与电流方向有关；（3）通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向有关；（4）改变电流方向；（5）电吹风。
【点评】本题考查了通电导体在磁场中受力运动、受力方向的影响因素，难度不大。
五、综合与运用题（28题4分，29题5分，30题6分，31题7分，共22分。解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不能得分）
28．（4分）【阅读材料，回答问题】
2021年6月25日，我国自主发现的平均水深最深、勘探开发难度最大的海上超深水大气田“深海一号”正式投产通气，它的投产意味着我国海洋石油勘探开发能力实现了由300米到1500米超深水的历史性跨越，在大气田上矗立着“深海一号”能源站，气田通过能源站进行生产，它是世界首座十万吨级深水半潜式生产储油平台，排水量11万立方米，能源站总重量达5.3万吨，排水量相当于两艘辽宁舰。目前已经探明储量超千亿方，最大井深4000米以上，最大水深超过1500米，在1500多米的深海之中，由海洋生物遗体分解产生的天然气，就是被这座能源站处理达标后，顺着海底管线呼啸着游向粤港澳大湾区以及南海等地的千家万户，主要用于发电和城市燃气。
（1）天然气属于下列哪一类能源 　A　。
A.一次能源
B.可再生能源
C.新能源
理由是 　天然气可以从自然界中直接获得　。
（2）利用天然气发电过程中的能量转化情况是：　化学能转化内能、内能转化为机械能、机械能转化为电能　。
（3）海下1500m深处，海水压强的大小相当于 　150　个标准大气压。（海水的密度取1.0×103kg/m3、标准大气压取1×105Pa）
【分析】（1）能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断获得的能源是不可再生能源。从自然界直接获得不需要加工的能源是一次能源，对一次能源通过加工转化而获得的能源是二次能源。
（2）根据消耗的能量及最终得到的能量进行分析。
（3）根据液体压强公式p＝ρgh进行分析。
【解答】解：（1）天然气是从自然界直接获得不需要加工的能源，是一次能源，天然气不能从自然界源源不断获得，因此是不可再生能源，天然气是常规能源。
（2）利用天然气发电过程中，天然气燃烧，将化学能转化为内能，内能再转化为发电机转子的机械能，机械能最后转化为电能，故利用天然气发电过程中的能量转化情况是化学能转化为电能。
（3）海下1500m深处，海水压强p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1500m＝1.5×107Pa，，大小相当于150个标准大气压。
故答案为：（1）A；天然气可以从自然界中直接获得；（2）化学能转化为电能；（3）150。
【点评】本题综合考查了能源的分类、能量的转化、液体压强的计算，难度不大。
29．（5分）【动手动脑，实践体验】如图所示，小冰在课前展示了一盏自制的“铅笔芯电灯”。他将8节1号电池串联起来做电源，用两条铝箔纸条做导线，拿一根2B自动铅笔芯穿过铝箔纸条，架在烧杯口处。戴上绝缘隔热手套，将铝箔纸条的两端连接在电源的正负极上，稍等一会儿，小小的铅笔芯竟然热得发光，而与它相连的铝箔纸条却不怎么热。请分析解释上述现象。

【分析】电流通过导体时会产生热量，这是电流的热效应；根据焦耳定律公式Q＝I2Rt分析电流产生热量的大小关系。
【解答】答：电池、铝箔纸条、铅笔芯组成通路，电路中有电流通过，电流通过导体会产生热；
铅笔芯的温度升高，经过一段时间，电流产生的热量增多，当铅笔芯的温度达到一定程度时（或导体通电时间越长产生热量越多），“铅笔芯电灯”发光；
铝箔纸条和铅笔芯串联电流相等，通电时间相等，铝箔纸条的电阻小于铅笔芯的电阻，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，铝箔纸条产生的热量少，温度比铅笔芯的低，所以不怎么热。
【点评】本题考查了电流的热效应和焦耳定律的应用，难度不大。
30．（6分）课间，小冰为班级换矿泉水，他把刚抬回来的满桶矿泉水立放到水平地面上。若桶与水的总质量为16kg，桶与地面的接触面积为100cm2，课桌高为0.8m。求：
（1）立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强是多少？
（2）小冰将这桶矿泉水匀速抬到课桌上，对这桶水做的功是多少？
【分析】（1）根据G＝mg求出桶与水的总重力，这桶矿泉水对水平地面的压力等于桶和水的总重力，根据p＝求出这桶矿泉水对水平地面的压强；
（2）根据W＝Gh求出对这桶水做的功。
【解答】解：（1）桶与水的总重力为：G＝mg＝16kg×10N/kg＝160N，
立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强为：p＝＝＝1.6×104Pa；
（2）因为将这桶矿泉水匀速抬到课桌上，则对这桶水做的功为：
W＝Gh＝160N×0.8m＝128J。
答：（1）立放时，这桶矿泉水对水平地面的压强是1.6×104Pa；
（2）小冰将这桶矿泉水匀速抬到课桌上，对这桶水做的功是128J。
【点评】本题主要考查重力公式、压强公式以及功的计算与应用，比较基础。
31．（7分）如图所示，一款可设定温度的电热水杯，能将杯中水加热到需要的温度，其铭牌如下表所示。电热水杯在额定电压下工作，将0.3L的水从25℃加热到55℃，用时2min20s。求：
产品名称
电热水杯
额定电压
220V
额定功率
300W
额定容量
0.3L
（1）水吸收的热量是多少？
（2）电热水杯消耗的电能是多少？
（3）电热水杯的热效率是多少？

【分析】（1）由密度公式的变形式m水＝ρ水V可得水的质量，根据Q吸＝cmΔt得出水吸收的热量；
（2）根据W＝Pt得出电热水杯消耗的电能；
（3）根据η＝得出电热水杯的热效率。
【解答】解：
（1）由密度公式可得水的质量为：
m水＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×0.3×10﹣3m3＝0.3kg；
水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×0.3kg×（55℃﹣25℃）＝3.78×104J；
（2）所用时间t＝2min20s＝140s，
电热水杯消耗的电能W＝Pt＝300W×140s＝4.2×104J；
（3）电热水杯的热效率η＝＝×100%＝90%。
答：（1）水吸收的热量是3.78×104J；
（2）电热水杯消耗的电能是4.2×104J；
（3）电热水杯的热效率是90%。
【点评】本题为电功和热量的综合计算题，综合性强，难度较大。