还剩13页未读，
继续阅读
2022-2023学年云南省昆明市第十二中学高一下学期开学考试物理试题（解析版）
展开
这是一份2022-2023学年云南省昆明市第十二中学高一下学期开学考试物理试题（解析版），共16页。试卷主要包含了请将答案正确填写在答题卡上等内容，欢迎下载使用。
全卷满分100分 考试时间：90分钟
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选择题）
一、单选题
1. 图为高空特技跳伞运动员在极速下降过程中的一个画面，在保持图示的队形继续下落过程中，其中一个运动员分别以地面和他对面运动员为参照物，则他自己的运动状态分别是（ ）
A. 静止的和运动的B. 运动的和运动的
C. 静止的和静止的D. 运动的和静止的
【答案】D
【解析】
【详解】高空特技跳伞运动员在极速下降过程中，一个运动员以地面为参照物，这个运动员与地面越来越近，与地面之间的位置在发生变化，则他是运动的；如果以对面的运动员为参照物，他与参照物之间没有位置上的变化，则他是静止的，故ABC错误，D正确。
故选D。
2. 下列属于力的单位是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据牛顿第二定律有
F = ma
则力的单位为
故选A。
3. 如图所示，竖直墙面1与斜面2之间的夹角为，木棒的一端支在光滑的墙面1上，另一端放置在光滑的斜面2上而处于静止状态，已知斜面2对木棒的支持力为F，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A. 木棒受到三个力（或延长线）可能不交于同一点
B. 木棒的质量为
C. 墙面1对木棒的支持力大小为
D. 若木棒与墙面1的夹角为（锐角），则斜面2对木棒的支持力与木棒之间的夹角为
【答案】C
【解析】
【详解】A．对木棒进行受力分析，如图所示，根据共点力平衡原理、木棒受到三个力（或延长线）一定交于同一点，A错误；
BC．由几何关系可得，斜面2对木棒的支持力F与墙面1对木棒的支持力之间的夹角为，由力的合成与分解有
，
解得
，
B错误C正确；
D．斜面2对木棒的支持力F与斜面垂直，若木棒与墙面1的夹角为（锐角），由几何关系可得，斜面2对木棒的支持力F与木棒之间的夹角为
D错误。
故选C。
4. 图是可用来制作豆腐的石磨。木柄静止时，连接的轻绳处于绷紧状态。O点是三根轻绳的结点，F、和分别表示三根绳的拉力大小，且。下列关系式正确的是（ ）
A B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】以点为研究对象，受力分析如图
由几何关系可知
由平衡条件可得
联立可得
故D正确，ABC错误。
故选D。
5. 在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3．若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中( )
A. F1保持不变，F3缓慢增大
B. F1缓慢增大，F3保持不变
C. F2缓慢增大，F3缓慢增大
D. F2缓慢增大，F3保持不变
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】试题分析：对B分析，可知墙对B的作用力及A对球的作用力的合力与F及重力的合力大小相等，方向相反，故当F增大时，B对A的压力增大；即F2增大；同理可知，墙对B的作用力F1增大；
对整体分析，整体受重力、支持力、摩擦力及压力F而处于平衡，故当F增大时，地面对A的支持力增大；故F3增大；但水平方向力不变；故选C．
考点：物体的平衡
名师点睛：此题是物体的平衡问题；解题时运用图解法，分别以B和整体为研究对象，分别进行受力分析画出力的示意图，根据F的变化可知B对A的作用力，及地面对A的作用力．
6. 在匀速上升的电梯里，一小球从电梯地板被竖直向上弹出后又落回地板，这一过程中小球没有触碰电梯天花板，不计空气阻力，以地面为参考系，下列对这一过程的分析正确的是（ ）
A. 小球在空中运动的位移大小一定小于路程
B. 小球在空中运动的平均速度大于电梯的速度
C. 小球在空中运动的平均速度小于电梯的速度
D. 小球在空中运动的平均速度等于电梯的速度
【答案】D
【解析】
【详解】A．小球在空中运动时，可能存在一直向上运动过程，因此位移大小可能等于路程，故A错误；
BCD．因小球与电梯的位移相同，所以小球的平均速度一定等于电梯的速度，故B、C错误，D正确。
故选D
7. 引体向上是我们日常生活中行之有效的健身方法之一。当你双手握住单杠处于静止状态时，可以简化成如下模型：在水平杆MN上套有两个质量不计的小环A和B，一不可伸长的细线两端分别系在环A、B上，并在细线中点处通过小滑轮挂一个质量为m的物块，整个系统处于平衡状态。当增加A、B之间的距离，整个系统再次达到平衡状态后，下列说法正确的是（ ）
A. 小环A和B所受水平杆支持力都变大
B. 小环A和B所受摩擦力都变小
C. 细线中张力变大
D. 小环A的合力变大
【答案】C
【解析】
【详解】A．当增加A、B之间的距离，整个系统再次达到平衡状态后，系统竖直方向上受到杆对小环A和B的支持力还有物块的重力；由于物块重力不变，所以小环A和B所受支持力保持不变，A错误；
BCD．对小环A隔离分析，受到绳的拉力T，杆的支持力N及水平向左的摩擦力f作用，设绳与杆夹角为，由平衡条件知小环A受到的合力为0，
当增加A、B之间的距离时减小，由于N不变，所以可得T变大，f变大，根据对称性可知小环B受到的摩擦力也增大，BD错误，C正确。
故选C
8. 如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行。初速度大小为的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的图像（以地面为参考系）如图乙所示。已知＞，则（ ）
A. 时刻，小物块离A处的距离达到最大
B. 时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C. 0~时间内，小物块受到摩擦力方向先向右后向左
D. 0~时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用
【答案】B
【解析】
【详解】A．0~t1时间内小物块向左做匀减速直线运动，t1时刻小物块向左速度减为零，此时离A处的距离达到最大，故A错误；
B．t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后小物块相对传送带静止，时刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故B正确；
C．0~t2时间内小物块先减速，后反向加速，小物块受到大小不变，方向始终向右的摩擦力作用，故C错误；
D．时刻小物块向右速度增加到与皮带相等，时刻之后小物块与皮带保持相对静止随水平传送带一起匀速运动，摩擦力消失，故D错误。
故选B。
二、多选题
9. 如图所示是甲、乙两质点从同一地点运动的x-t图像，甲的是OA直线，乙的是OAC曲线，二者相交于A点，曲线OA在A点的切线AB交时间轴于t=2s处，则下列说法正确的是（ ）
A. 甲质点做直线运动，乙质点做曲线运动
B. 甲质点2s时的速度为2m/s
C. 乙质点在4s内做加速直线运动，且4s后反向运动
D. 前4s内甲质点的平均速度等于乙质点的平均速度
【答案】CD
【解析】
【详解】A．x-t图像只能表示直线运动的规律，可知两个质点都做直线运动，故A错误；
B．根据x-t图像的斜率表示速度，可得甲质点2s时的速度为，故B错误；
C．根据x-t图像的斜率表示速度，速度的正负表示速度方向，可知乙质点在0~4s内做加速直线运动，且4s后反向运动，故C正确；
D．根据x-t图像纵坐标的变化量表示位移，则前4s内两个质点的位移相等，则平均速度相等，故D正确。
故选CD。
10. 如图是斧头劈木桩的情景，斧头的纵面是一个等腰三角形，顶角为θ。使用时，垂直斧背加一个力F，这个力产生两个作用效果，使斧头挤压木桩的两个劈开面。下列叙述正确的是（ ）
A. 若F一定，θ越大则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
B. 若F一定，θ越小则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
C. 若θ一定，F越大则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
D. 若θ一定，F越小则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
【答案】BC
【解析】
【分析】
【详解】AB．若F一定，θ越小，则木桩与两个劈面的夹角越大，根据平行四边形定则可知，木桩的两个劈开面受到的挤压力越大，故A错误，B正确；
CD．若θ一定，F越大，根据平行四边形定则可知，则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大，故C正确，D错误；
故选BC。
11. 如图所示为内壁光滑的半球形凹槽M，O为球心，，水平，小物块在与水平方向成角的斜向上的推力F作用下静止于B处。在将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中凹槽和小物块始终保持静止，则（ ）
A. M槽对小物块的支持力逐渐增大B. M槽对小物块的支持力逐渐减小
C. 推力F逐渐减小D. 推力F先减小后增大
【答案】AD
【解析】
【详解】以小物块为研究对象，物块受到重力G、支持力FN和推力F三个力作用，根据平衡条件可知，FN与F的合力与G大小相等，方向相反。将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中（F由位置1→3），如图所示
根据作图可知，M槽对小物块的支持力FN逐渐增大，推力F先减小后增大，当F与FN垂直时，F最小，故AD正确，BC错误。
故选AD。
12. 甲、乙两小球在两条平行直线上向右运动，用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下两小球每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔相等。由图可知（ ）
A. 在t7时刻，甲在乙前面
B. 甲、乙相遇了2次
C. t4到t5之间某时刻甲、乙相遇
D. t4之前甲的速度小于乙的速度
【答案】AB
【解析】
【详解】A．由图可知，甲球在t7时刻已经超过乙球，A正确；
B．由图可以看出，甲球做加速运动，乙球做匀速运动，t1时刻甲球靠前，故刚出发不久乙球追上甲球，由于甲球不断加速，故最终会再次超过乙球，故两球相遇两次，B正确；
C．t4到t5之间乙一直在甲前面，则甲、乙没有相遇，C错误；
D．在t3到t4之间的时间内甲、乙的位移相等，平均速度相等，但甲做加速运动，则在t4之前某时刻，甲的速度开始大于乙的速度，D错误。
故选AB。
第II卷（非选择题）
三、实验题
13. 图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．
①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_________．
②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距s __________；C点对应的速度是________(计算结果保留三位有效数字)．
【答案】 ①. 0.02s ②. 0.68～0.72cm ③. 0.100m/s
【解析】
【详解】①纸上打相邻两点的时间间隔s，
②根据刻度尺的读数原理可知A、B间的距离S=0.70cm．B、D间的时间间隔s,根据匀变速直线运动的推论,可得C点对应的速度m/s.
14. 在天宫课堂中、我国航天员演示了利用牛顿第二定律测量物体质量的实验。受此启发。某同学利用气垫导轨、力传感器、无线加速度传感器、轻弹簧和待测物体等器材设计了测量物体质量的实验，如图甲所示。主要步骤如下：
①将力传感器固定在气垫导轨左端支架上，加速度传感器固定在滑块上；
②接通气源。放上滑块。调平气垫导轨；
③将弹簧左端连接力传感器，右端连接滑块。弹簧处于原长时滑块左端位于O点。A点到O点的距离为5.00cm，拉动滑块使其左端处于A点，由静止释放并开始计时；
④计算机采集获取数据，得到滑块所受弹力F、加速度a随时间t变化的图像，部分图像如图乙所示。
回答以下问题（结果均保留两位有效数字）：
（1）弹簧的劲度系数为_____N/m。
（2）该同学从图乙中提取某些时刻F与a的数据，画出a—F图像如图丙中I所示，由此可得滑块与加速度传感器的总质量为________kg。
（3）该同学在滑块上增加待测物体，重复上述实验步骤，在图丙中画出新的a—F图像Ⅱ，则待测物体的质量为________kg。
【答案】 ①. 12 ②. 0.20 ③. 0.13
【解析】
【详解】（1）[1]由题知，弹簧处于原长时滑块左端位于O点，A点到O点的距离为5.00cm。拉动滑块使其左端处于A点，由静止释放并开始计时。结合图乙的F—t图有
x = 5.00cm，F = 0.610N
根据胡克定律
计算出
k ≈ 12N/m
（2）[2]根据牛顿第二定律有
F = ma
则a—F图像的斜率为滑块与加速度传感器的总质量的倒数，根据图丙中I，则有
则滑块与加速度传感器的总质量为
m = 0.20kg
（3）[3]滑块上增加待测物体，同理，根据图丙中II，则有
则滑块、待测物体与加速度传感器的总质量为
m′ ≈0.33kg
则待测物体的质量为
m = m′ - m = 0.13kg
四、解答题
15. 如图所示，用F=10.0N的水平拉力，使质量m=2.0kg的物体由静止开始沿光滑水平面做匀加速直线运动。求：
（1）物体加速度的大小；
（2）物体在第4.0s时速度的大小。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）根据牛顿第二定律可得
解得物体加速度的大小为
（2）物体在第4.0s时速度的大小为
16. 如图所示，一辆汽车A拉着装有集装箱的拖车B，以速度v1=30m/s进入向下倾斜的直车道。车道每100m下降2m。为使汽车速度在s=200m的距离内减到v2=10m/s，驾驶员必须刹车。假定刹车时地面的摩擦阻力是恒力，且该力的70%作用于拖车B，30%作用于汽车A。已知A的质量m1=2000kg，B的质量m2=6000kg。求汽车与拖车的连接处沿运动方向的相互作用力。取重力加速度g=10m/s2。
【答案】880N
【解析】
【分析】
【详解】汽车沿倾角斜车作匀减速运动，用a表示加速度的大小，有
用F表示刹车时的阻力，根据牛顿第二定律有
式中
设刹车过程中地面作用于汽车的阻力为f，根据题意
方向与汽车前进方向相反；用fN表示拖车作用于汽车的力，设其方向与汽车前进方向相同．以汽车为研究对象，由牛顿第二定律有
联立以上并代入数据解得
N
17. 如图所示的离心装置中，光滑水平轻杆固定在竖直转轴的O点，小圆环A和轻质弹簧套在轻杆上，长为的细线和弹簧两端分别固定于O和A，质量为m的小球B固定在细线的中点，装置静止时，细线与竖直方向的夹角为，现将装置由静止缓慢加速转动，当细线与竖直方向的夹角增大到时，A、B间细线的拉力恰好减小到零，弹簧弹力与静止时大小相等、方向相反，重力加速度为g，取，，求：
（1）装置静止时，弹簧弹力的大小F；
（2）环A的质量M；
（3）上述过程中装置对A、B所做的总功W。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）设、的张力分别为、，A受力平衡
B受力平衡
解得
（2）设装置转动的角速度为，对A
对B
解得
（3）B上升的高度，A、B的动能分别为
；
根据能量守恒定律可知
解得
18. 甲、乙两车相距7 m，同向运动，乙车在前，甲车在后。其中甲车以4 m/s的速度向右做匀速直线运动，乙车初速度为4 m/s，以－2 m/s2的加速度做减速运动，求：经多长时间甲车追上乙车？
【答案】275 s
【解析】
【详解】设乙车从开始减速到停止所用时间为t，则
此时乙的位移为
在这段时间内甲车的位移
所以甲车在乙车停止后才追上乙车。所经时间
全卷满分100分 考试时间：90分钟
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I卷（选择题）
一、单选题
1. 图为高空特技跳伞运动员在极速下降过程中的一个画面，在保持图示的队形继续下落过程中，其中一个运动员分别以地面和他对面运动员为参照物，则他自己的运动状态分别是（ ）
A. 静止的和运动的B. 运动的和运动的
C. 静止的和静止的D. 运动的和静止的
【答案】D
【解析】
【详解】高空特技跳伞运动员在极速下降过程中，一个运动员以地面为参照物，这个运动员与地面越来越近，与地面之间的位置在发生变化，则他是运动的；如果以对面的运动员为参照物，他与参照物之间没有位置上的变化，则他是静止的，故ABC错误，D正确。
故选D。
2. 下列属于力的单位是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】根据牛顿第二定律有
F = ma
则力的单位为
故选A。
3. 如图所示，竖直墙面1与斜面2之间的夹角为，木棒的一端支在光滑的墙面1上，另一端放置在光滑的斜面2上而处于静止状态，已知斜面2对木棒的支持力为F，重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A. 木棒受到三个力（或延长线）可能不交于同一点
B. 木棒的质量为
C. 墙面1对木棒的支持力大小为
D. 若木棒与墙面1的夹角为（锐角），则斜面2对木棒的支持力与木棒之间的夹角为
【答案】C
【解析】
【详解】A．对木棒进行受力分析，如图所示，根据共点力平衡原理、木棒受到三个力（或延长线）一定交于同一点，A错误；
BC．由几何关系可得，斜面2对木棒的支持力F与墙面1对木棒的支持力之间的夹角为，由力的合成与分解有
，
解得
，
B错误C正确；
D．斜面2对木棒的支持力F与斜面垂直，若木棒与墙面1的夹角为（锐角），由几何关系可得，斜面2对木棒的支持力F与木棒之间的夹角为
D错误。
故选C。
4. 图是可用来制作豆腐的石磨。木柄静止时，连接的轻绳处于绷紧状态。O点是三根轻绳的结点，F、和分别表示三根绳的拉力大小，且。下列关系式正确的是（ ）
A B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】以点为研究对象，受力分析如图
由几何关系可知
由平衡条件可得
联立可得
故D正确，ABC错误。
故选D。
5. 在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态．现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3．若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中( )
A. F1保持不变，F3缓慢增大
B. F1缓慢增大，F3保持不变
C. F2缓慢增大，F3缓慢增大
D. F2缓慢增大，F3保持不变
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】试题分析：对B分析，可知墙对B的作用力及A对球的作用力的合力与F及重力的合力大小相等，方向相反，故当F增大时，B对A的压力增大；即F2增大；同理可知，墙对B的作用力F1增大；
对整体分析，整体受重力、支持力、摩擦力及压力F而处于平衡，故当F增大时，地面对A的支持力增大；故F3增大；但水平方向力不变；故选C．
考点：物体的平衡
名师点睛：此题是物体的平衡问题；解题时运用图解法，分别以B和整体为研究对象，分别进行受力分析画出力的示意图，根据F的变化可知B对A的作用力，及地面对A的作用力．
6. 在匀速上升的电梯里，一小球从电梯地板被竖直向上弹出后又落回地板，这一过程中小球没有触碰电梯天花板，不计空气阻力，以地面为参考系，下列对这一过程的分析正确的是（ ）
A. 小球在空中运动的位移大小一定小于路程
B. 小球在空中运动的平均速度大于电梯的速度
C. 小球在空中运动的平均速度小于电梯的速度
D. 小球在空中运动的平均速度等于电梯的速度
【答案】D
【解析】
【详解】A．小球在空中运动时，可能存在一直向上运动过程，因此位移大小可能等于路程，故A错误；
BCD．因小球与电梯的位移相同，所以小球的平均速度一定等于电梯的速度，故B、C错误，D正确。
故选D
7. 引体向上是我们日常生活中行之有效的健身方法之一。当你双手握住单杠处于静止状态时，可以简化成如下模型：在水平杆MN上套有两个质量不计的小环A和B，一不可伸长的细线两端分别系在环A、B上，并在细线中点处通过小滑轮挂一个质量为m的物块，整个系统处于平衡状态。当增加A、B之间的距离，整个系统再次达到平衡状态后，下列说法正确的是（ ）
A. 小环A和B所受水平杆支持力都变大
B. 小环A和B所受摩擦力都变小
C. 细线中张力变大
D. 小环A的合力变大
【答案】C
【解析】
【详解】A．当增加A、B之间的距离，整个系统再次达到平衡状态后，系统竖直方向上受到杆对小环A和B的支持力还有物块的重力；由于物块重力不变，所以小环A和B所受支持力保持不变，A错误；
BCD．对小环A隔离分析，受到绳的拉力T，杆的支持力N及水平向左的摩擦力f作用，设绳与杆夹角为，由平衡条件知小环A受到的合力为0，
当增加A、B之间的距离时减小，由于N不变，所以可得T变大，f变大，根据对称性可知小环B受到的摩擦力也增大，BD错误，C正确。
故选C
8. 如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行。初速度大小为的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的图像（以地面为参考系）如图乙所示。已知＞，则（ ）
A. 时刻，小物块离A处的距离达到最大
B. 时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大
C. 0~时间内，小物块受到摩擦力方向先向右后向左
D. 0~时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用
【答案】B
【解析】
【详解】A．0~t1时间内小物块向左做匀减速直线运动，t1时刻小物块向左速度减为零，此时离A处的距离达到最大，故A错误；
B．t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后小物块相对传送带静止，时刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，故B正确；
C．0~t2时间内小物块先减速，后反向加速，小物块受到大小不变，方向始终向右的摩擦力作用，故C错误；
D．时刻小物块向右速度增加到与皮带相等，时刻之后小物块与皮带保持相对静止随水平传送带一起匀速运动，摩擦力消失，故D错误。
故选B。
二、多选题
9. 如图所示是甲、乙两质点从同一地点运动的x-t图像，甲的是OA直线，乙的是OAC曲线，二者相交于A点，曲线OA在A点的切线AB交时间轴于t=2s处，则下列说法正确的是（ ）
A. 甲质点做直线运动，乙质点做曲线运动
B. 甲质点2s时的速度为2m/s
C. 乙质点在4s内做加速直线运动，且4s后反向运动
D. 前4s内甲质点的平均速度等于乙质点的平均速度
【答案】CD
【解析】
【详解】A．x-t图像只能表示直线运动的规律，可知两个质点都做直线运动，故A错误；
B．根据x-t图像的斜率表示速度，可得甲质点2s时的速度为，故B错误；
C．根据x-t图像的斜率表示速度，速度的正负表示速度方向，可知乙质点在0~4s内做加速直线运动，且4s后反向运动，故C正确；
D．根据x-t图像纵坐标的变化量表示位移，则前4s内两个质点的位移相等，则平均速度相等，故D正确。
故选CD。
10. 如图是斧头劈木桩的情景，斧头的纵面是一个等腰三角形，顶角为θ。使用时，垂直斧背加一个力F，这个力产生两个作用效果，使斧头挤压木桩的两个劈开面。下列叙述正确的是（ ）
A. 若F一定，θ越大则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
B. 若F一定，θ越小则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
C. 若θ一定，F越大则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
D. 若θ一定，F越小则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大
【答案】BC
【解析】
【分析】
【详解】AB．若F一定，θ越小，则木桩与两个劈面的夹角越大，根据平行四边形定则可知，木桩的两个劈开面受到的挤压力越大，故A错误，B正确；
CD．若θ一定，F越大，根据平行四边形定则可知，则木桩的两个劈开面受到的挤压力越大，故C正确，D错误；
故选BC。
11. 如图所示为内壁光滑的半球形凹槽M，O为球心，，水平，小物块在与水平方向成角的斜向上的推力F作用下静止于B处。在将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中凹槽和小物块始终保持静止，则（ ）
A. M槽对小物块的支持力逐渐增大B. M槽对小物块的支持力逐渐减小
C. 推力F逐渐减小D. 推力F先减小后增大
【答案】AD
【解析】
【详解】以小物块为研究对象，物块受到重力G、支持力FN和推力F三个力作用，根据平衡条件可知，FN与F的合力与G大小相等，方向相反。将推力F沿逆时针缓慢转到水平方向的过程中（F由位置1→3），如图所示
根据作图可知，M槽对小物块的支持力FN逐渐增大，推力F先减小后增大，当F与FN垂直时，F最小，故AD正确，BC错误。
故选AD。
12. 甲、乙两小球在两条平行直线上向右运动，用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下两小球每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔相等。由图可知（ ）
A. 在t7时刻，甲在乙前面
B. 甲、乙相遇了2次
C. t4到t5之间某时刻甲、乙相遇
D. t4之前甲的速度小于乙的速度
【答案】AB
【解析】
【详解】A．由图可知，甲球在t7时刻已经超过乙球，A正确；
B．由图可以看出，甲球做加速运动，乙球做匀速运动，t1时刻甲球靠前，故刚出发不久乙球追上甲球，由于甲球不断加速，故最终会再次超过乙球，故两球相遇两次，B正确；
C．t4到t5之间乙一直在甲前面，则甲、乙没有相遇，C错误；
D．在t3到t4之间的时间内甲、乙的位移相等，平均速度相等，但甲做加速运动，则在t4之前某时刻，甲的速度开始大于乙的速度，D错误。
故选AB。
第II卷（非选择题）
三、实验题
13. 图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．
①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_________．
②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距s __________；C点对应的速度是________(计算结果保留三位有效数字)．
【答案】 ①. 0.02s ②. 0.68～0.72cm ③. 0.100m/s
【解析】
【详解】①纸上打相邻两点的时间间隔s，
②根据刻度尺的读数原理可知A、B间的距离S=0.70cm．B、D间的时间间隔s,根据匀变速直线运动的推论,可得C点对应的速度m/s.
14. 在天宫课堂中、我国航天员演示了利用牛顿第二定律测量物体质量的实验。受此启发。某同学利用气垫导轨、力传感器、无线加速度传感器、轻弹簧和待测物体等器材设计了测量物体质量的实验，如图甲所示。主要步骤如下：
①将力传感器固定在气垫导轨左端支架上，加速度传感器固定在滑块上；
②接通气源。放上滑块。调平气垫导轨；
③将弹簧左端连接力传感器，右端连接滑块。弹簧处于原长时滑块左端位于O点。A点到O点的距离为5.00cm，拉动滑块使其左端处于A点，由静止释放并开始计时；
④计算机采集获取数据，得到滑块所受弹力F、加速度a随时间t变化的图像，部分图像如图乙所示。
回答以下问题（结果均保留两位有效数字）：
（1）弹簧的劲度系数为_____N/m。
（2）该同学从图乙中提取某些时刻F与a的数据，画出a—F图像如图丙中I所示，由此可得滑块与加速度传感器的总质量为________kg。
（3）该同学在滑块上增加待测物体，重复上述实验步骤，在图丙中画出新的a—F图像Ⅱ，则待测物体的质量为________kg。
【答案】 ①. 12 ②. 0.20 ③. 0.13
【解析】
【详解】（1）[1]由题知，弹簧处于原长时滑块左端位于O点，A点到O点的距离为5.00cm。拉动滑块使其左端处于A点，由静止释放并开始计时。结合图乙的F—t图有
x = 5.00cm，F = 0.610N
根据胡克定律
计算出
k ≈ 12N/m
（2）[2]根据牛顿第二定律有
F = ma
则a—F图像的斜率为滑块与加速度传感器的总质量的倒数，根据图丙中I，则有
则滑块与加速度传感器的总质量为
m = 0.20kg
（3）[3]滑块上增加待测物体，同理，根据图丙中II，则有
则滑块、待测物体与加速度传感器的总质量为
m′ ≈0.33kg
则待测物体的质量为
m = m′ - m = 0.13kg
四、解答题
15. 如图所示，用F=10.0N的水平拉力，使质量m=2.0kg的物体由静止开始沿光滑水平面做匀加速直线运动。求：
（1）物体加速度的大小；
（2）物体在第4.0s时速度的大小。
【答案】（1）；（2）
【解析】
【详解】（1）根据牛顿第二定律可得
解得物体加速度的大小为
（2）物体在第4.0s时速度的大小为
16. 如图所示，一辆汽车A拉着装有集装箱的拖车B，以速度v1=30m/s进入向下倾斜的直车道。车道每100m下降2m。为使汽车速度在s=200m的距离内减到v2=10m/s，驾驶员必须刹车。假定刹车时地面的摩擦阻力是恒力，且该力的70%作用于拖车B，30%作用于汽车A。已知A的质量m1=2000kg，B的质量m2=6000kg。求汽车与拖车的连接处沿运动方向的相互作用力。取重力加速度g=10m/s2。
【答案】880N
【解析】
【分析】
【详解】汽车沿倾角斜车作匀减速运动，用a表示加速度的大小，有
用F表示刹车时的阻力，根据牛顿第二定律有
式中
设刹车过程中地面作用于汽车的阻力为f，根据题意
方向与汽车前进方向相反；用fN表示拖车作用于汽车的力，设其方向与汽车前进方向相同．以汽车为研究对象，由牛顿第二定律有
联立以上并代入数据解得
N
17. 如图所示的离心装置中，光滑水平轻杆固定在竖直转轴的O点，小圆环A和轻质弹簧套在轻杆上，长为的细线和弹簧两端分别固定于O和A，质量为m的小球B固定在细线的中点，装置静止时，细线与竖直方向的夹角为，现将装置由静止缓慢加速转动，当细线与竖直方向的夹角增大到时，A、B间细线的拉力恰好减小到零，弹簧弹力与静止时大小相等、方向相反，重力加速度为g，取，，求：
（1）装置静止时，弹簧弹力的大小F；
（2）环A的质量M；
（3）上述过程中装置对A、B所做的总功W。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）设、的张力分别为、，A受力平衡
B受力平衡
解得
（2）设装置转动的角速度为，对A
对B
解得
（3）B上升的高度，A、B的动能分别为
；
根据能量守恒定律可知
解得
18. 甲、乙两车相距7 m，同向运动，乙车在前，甲车在后。其中甲车以4 m/s的速度向右做匀速直线运动，乙车初速度为4 m/s，以－2 m/s2的加速度做减速运动，求：经多长时间甲车追上乙车？
【答案】275 s
【解析】
【详解】设乙车从开始减速到停止所用时间为t，则
此时乙的位移为
在这段时间内甲车的位移
所以甲车在乙车停止后才追上乙车。所经时间
相关试卷
78，云南省昆明市第三中学2023-2024学年高二下学期开学考试物理试题： 这是一份78，云南省昆明市第三中学2023-2024学年高二下学期开学考试物理试题，共19页。试卷主要包含了考试结束后，将答题卡交回等内容，欢迎下载使用。
云南省昆明市云南师范大学附属中学2023-2024学年高一上学期开学考试物理试题： 这是一份云南省昆明市云南师范大学附属中学2023-2024学年高一上学期开学考试物理试题，共17页。试卷主要包含了实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年云南省昆明市第一中学高一上学期期末物理试题（解析版）： 这是一份2022-2023学年云南省昆明市第一中学高一上学期期末物理试题（解析版），共18页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题， 计算题等内容，欢迎下载使用。
