2023届山东省菏泽市高三下学期一模物理试题（PDF版含答案）

高三物理试题参考答案及评分标准

一、单项选择题（每题3分，共24分）

1．C  2．B  3．A  4．C  5．C  6．D  7．B   8．D

二、多项选择题（每题4分，共16分，部分得分2分）

9．BD  10．BCD   11．AB   12．ABC

三、非选择题（共60分）

13．每空2 分，共6分

（1）  （2）（3）＜

14．共8分

20.00（1分）     2.50（1分）（2.49~2.51均给分）    5.00  （1分）

   （1分）    2.63 （2分）    1.00（2分）

15．（8分）

解：设A、B共同运动的时间为t，加速度为a

对A、B组成的整体，由牛顿第二定律得

            （1分）

刚要分离时，对A（或对B）由牛顿第二定律得

（）            （1分）

代入数据可解得m/s2            （1分）

t=2s                 （1分）

分离后B的加速度为aB，对B由牛顿第二定律得

                         （1分）

解得m/s2 （t≥2s）      （1分）

B物体的a-t图像如图所示           （2分）

图线全部正确得2分，第2条图线的斜率只要是 即可，不一定用（5，2）或（8，3）坐标，但不能说明斜率大小或斜率不正确的扣1分。

16．（10分）

解（1）方法1

设筒内气体压强为P2，平衡时受力如图所示，可得

              （2分）

其中M=2×104kg  m=1×104kg  P1=1.0×105Pa  S=2m2V0=6m3

可得Pa                     （1分）

    方法2

设圆柱体内、外液面的高度差为H，由平衡条件得

可解得 H=12m   Pa

（2）入水时，圆柱体内的气体

Nm       （1分）

静止时，圆柱体内的气体

Nm    （1分）

由于P1V1＜P2V2，故应当向圆柱体内充气。   （1分）

（3）对圆柱体内的气体，由玻意耳定律得

                               （2分）

充入的气体在空气中的体积     （1分）

解得m3                         （1分）

17.（12分）

解（1）粒子1在磁场中匀速圆周运动过P点，则在磁场中运动轨迹半径R=a

则   （1分）

则  

粒子从S到O，做直线运动，可知（1分）

可得（1分）

（2）1、2两粒子在P点发生弹性碰撞，设碰后速度为、，取向上为正，则有

（1分）

（1分）

计算可得

两粒子碰后在磁场中运动

解得  （1分）

（1分）

两粒子在磁场中一直做轨迹相同的匀速圆周运动，周期分别为

则两粒子碰后再次相遇

（1分）

解得再次相遇时间

（1分）

（3）粒子2出第一象限时粒子1在磁场中偏转角度

（1分）

撤去电场磁场后，两粒子做匀速直线运动，2粒子运动一段时间后，再整个区域加上与原来相同的磁场，粒子在磁场中仍做半径为a的匀速圆周运动，要求轨迹恰好不相切，则如图所示

设撤销电场、磁场到再次加上原来大小的磁场粒子2运动了Δ，由几何关系，在ΔAOB中用余弦定理可得

（1分）

因为

解得    

（1分）

18．（16分）

解：（1）（2分）经分析知，滑块P一直在木板Q上相对Q向右运动，两者最终均静止，由能量守恒得：

代入数据解得：      （2分）

（2）（8分）木板Q的加速度为

（1分）

而      （1分）      

解得 

第一次碰前：对木板Q和滑块：

可得滑块P的速度大小            （1分）

第一次碰撞：木板以与静止的A发生弹性碰撞，且木板与物块A质量相等：

解得

故质量相等的两个物体发生弹性碰撞，碰后交换速度。

第一次碰后，P从静止开始做匀加速运动开始追A，假设追上前P、Q已共速

对木板Q和滑块P构成的系统，由动量守恒

        （1分）

可得

Q追A的过程中加速时间为

=1s

，在时间内A的位移为（1分）

符合实际，故假设成立，且木板Q追上物块A的同时P、Q恰好共速，Q、A发生第二次碰撞，由分析可知，第二次碰后木板Q、物块A交换速度

第二次碰后木板Q和滑块P共速时有最大速度

  （1分）

故不会再碰

综上，P与A碰两次，最终速度

        （1分）

             （1分）

（3）（6分）木板Q的质量变为MQ=1kg、滑块P的质量变为mp=2kg时，对木板Q，根据牛顿第二定律

                 （1分）

假设在第1次碰撞前P、Q已共速，由动量守恒定律得

得   （1分）

木板Q在两者共速前的位移为，故假设成立，碰第一次前P、Q已共速，Q与固定的滑块A发生弹性碰撞，等速反弹，碰后到Q运动到最左端的位移

第一次碰后到P、Q第二次达到共速，由动量守恒定律得得

，故可知在碰第二次前P、Q已经达到共速，一次类推，每次碰前二者都已经达到共速。

第二次碰后到Q运动到最左端的位移

第二次碰后到P、Q第三次达到共速，由动量守恒定律得得

第三次碰后到Q运动到最左端的位移

以此类推第四次碰后到Q运动到最左端的位移

以此类推第n此碰后到Q运动到最左端的位移

     （2分）

以此类推，木板Q通过的路程为

       （1分）

即

当时，可得木板Q通过的总路程为