2021届山西省晋中市高三下学期3月适应性考试(二模)理综试题 PDF版
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这是一份2021届山西省晋中市高三下学期3月适应性考试(二模)理综试题 PDF版,文件包含山西省晋中市2020-2021学年高三下学期3月适应性考试二模理科综合试题PDFpdf、高三化学答案A卷doc、物理答案pdf、3月高三生物答案及评分细则pdf等4份试卷配套教学资源,其中试卷共32页, 欢迎下载使用。
2021年3月高三适应性调研考试
化学答案
题号
7
8
9
10
11
12
13
答案
B
C
C
D
D
A
B
7.解析:“地沟油”含有大量有害物质,故禁止食用,其主要成分为酯类,可以发生皂化反应制取肥皂,也可以与醇发生酯交换反应制取生物柴油,故A正确;超量碳排放不是形成酸雨的主要原因,故B错误;疫苗一般冷藏存放,防止温度升高使蛋白质变性,使疫苗失去活性,故C正确;塑料是高分子化合物,断裂碳碳键可转化为航油、甲烷等,断裂碳氢键可转化为氢气等,故D正确。
答案:B
8.解析:甲、乙、丙三种物质的分子式均为C8H14,结构不同,互为同分异构体,故A正确;乙的二氯代物中两个氯原子在相同C原子上有1种,在不同的C原子上有6种,共有7种,故B正确;甲、丙中均含有饱和碳原子,所有的碳原子不可能共平面,故C错误;甲、丙中均含有碳碳双键,都能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使其褪色,故D正确。
答案:C
9.解析:缺少一定体积的容量瓶和胶头滴管等仪器,故A实验不能完成;缺少冷凝管、锥形瓶、牛角管等仪器,故B实验不能完成;重结晶法提纯苯甲酸需要用到蒸发浓缩仪器——酒精灯、蒸发皿、玻璃棒,过滤仪器——烧杯、普通漏斗、玻璃棒,故C实验能完成;提取碘需要分液装置,缺少分液漏斗,故D实验不能完成。
答案:C
10.解析:题干中“计算机模拟单个乙炔分子和氯化氢分子”,故热化学方程式中ΔH=-2.24×10-24×NA eV·mol-1,故A错误;在催化剂表面吸附和解吸附的过程都是催化剂参与化学反应的过程,不是物理过程,故B错误;由M2→M3的变化过程可计算出该历程的活化能为2.12×10-24×NA eV·mol-1,故C错误;M1为C2H2与HgCl2形成的中间体,加入催化剂,降低反应所需活化能,形成的中间体更易发生加成反应,化学键更易断裂,故M1中碳碳三键键能比C2H2中小,故D正确。
答案:D
11.解析:根据“已知c2>c1”可推出,Y极生成了OH-且Na+通过离子交换膜,从X极移向Y极,从而形成NaOH,因此Y极为阳离子移向的一极,为阴极,X极为阳极,发生氧化反应,故A错误;根据A项分析,Na+通过离子交换膜,从X极移向Y极,说明为阳离子交换膜,故B错误;X极反应式为2H2O-4e-+4CO===O2↑+4HCO,同时可能会进一步发生副反应H++HCO===H2O+CO2↑,Y极反应式为2H2O+2e-===H2↑+2OH-,依据电荷守恒,两极产生的M(O2)和R(H2)体积比略大于1∶2,故C错误;若Na2CO3溶液足量,主要生成HCO(若Na2CO3溶液少量,可能生成CO2),依据C项分析可知,4e-~4HCO~4OH-,故D正确。
答案:D
12.解析:依据W单质可用于自来水消毒和W只能形成一条共价键,可推知W为Cl;同理X形成四条键,为C或Si,Y形成三条键,为N或P,Z形成两条键,为O或S,结合“X、Y、Z、W是原子序数依次增大的短周期主族元素”和“Y元素至少能形成6种氧化物”,可推知Y为N,因此X只能为C, Z为O或S,W为Cl。HClO4是酸性最强的含氧酸,H2CO3为弱酸,故酸性:HClO4>HNO3>H2CO3,即X<Y<W,故A正确;若Z为O,离子半径:r(W)>r(Y)>r(Z),若Z为S,离子半径:r(Z)>r(W)>r(Y),故B错误;C2H4、N2H4、H2O2、H2S2(过硫化氢)都是含非极性键的二元化合物,但H和Cl都只形成一条键,不能形成含非极性键的二元化合物,故C错误;简单氢化物的还原性:WA>B,故三点中k逆最大的是F点,因此
v逆最大的也是F点。在达到平衡状态E点的反应过程中,当CO转化率刚好达到50%时,==×=÷=,E点平衡常数K=1,当CO2转化率刚好达到50%时,
CO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)
起始/mol 1 1 0 0
转化/mol 0.5 0.5 0.5 0.5
平衡/mol 0.5 0.5 0.5 0.5
Q==1,==1÷1=1。
(4)催化剂参与了反应,改变反应历程,但不能改变ΔH,故A错误;催化剂使k正和k逆同时增大,且倍数相同,故B错误;催化剂通过降低反应的活化能加快反应速率,故C正确;催化剂不改变CO2的平衡转化率,故D错误。
答案:(14分,每空2分)
(1)CO(g)+2H2(g)CH3OH(g) ΔH=-99 kJ·mol-1
(2)温度升高,两个反应的速率均加快,但温度升高对反应Ⅰ的影响更大(或温度升高,催化剂活性降低,使合成甲醇反应速率减慢)
(3)①因为KA=KE=KG=1,平衡常数相同,反应温度相同 ②C F 1
(4)ABD
35.解析:(1)Cu位于第四周期第ⅠB族,其价层电子排布式为3d104s1,因此Cu+价层电子排布式为3d10。(2)①SO中σ键数为4,孤电子对数为=0,则空间构型是正四面体形; 根据EDTA的结构简式,该结构中有两种碳原子:饱和碳原子和形成双键的不饱和碳原子,饱和碳原子为sp3杂化,不饱和碳原子为sp2杂化。②C、N、O属于同一周期,同一周期元素的第一电离能随着原子序数的增大而增大,但第ⅤA族元素的第一电离能大于第ⅥA族的,所以第一电离能大小顺序是N>O>C,同一主族元素的第一电离能从上到下逐渐减小,即O>S,故最大的为N。③根据阳离子的结构图可以看出,铜离子分别与4个氨分子和2个水分子形成配位键,氨分子和水分子内部有共价键,即该阳离子中存在配位键和共价键;该化合物加热时首先失去水,原因是铜离子与水所形成的配位键要比与氨气所形成的配位键弱。(3) Cu原子有4个位于棱上,6个位于面上,故个数为6×+4×=4,In原子有8个位于顶点上,4个位于面上,1个在体心,故个数为8×+4×+1=4,Se原子有8个,全部在晶胞内部,共8个,因此晶体的化学式为CuInSe2;晶胞从顶部向底部看Se原子分布有四层,排布符合ABABAB,故堆积方式为面心立方最密堆积;C原子位于下面正方体的体对角线的处,故坐标为;根据ρ=,质量m= g,体积V=0.524×0.524×1.032×10-21cm3,所以CuInS2晶体的密度是 g·cm-3。
答案:(15分,除标注外,其余每空2分)
(1)3d10(1分)
(2)①正四面体形(1分) sp2、sp3 ②N(1分) ③共价键和配位键 H2O(1分)
(3)CuInSe2 面心立方最密堆积(1分)
36.解析:(1)由E的结构及A的分子式可知,A为,由A的分子式(C6H6O)及B的分子式(C6H5NO3)结合E的结构可知,B为,B与CH3COCl反应生成C,由C的分子式(C8H7NO4)知,C为,C在Fe/HCl条件下生成D,则D为,D与生成E。(1)由分析知B是A发生硝化反应得到的,故反应条件为浓硫酸、加热;B的名称是对硝基苯酚或4硝基苯酚。(2)由分析知反应Ⅰ是取代反应,反应Ⅱ是还原反应。(3)酚羟基的还原性比较强,很容易被氧化,故在合成化合物H的流程中,反应Ⅰ的目的是保护酚羟基,防止其被氧化;H中含氧官能团的名称为(酚)羟基和酯基。(4)由F和G的结构简式来看,2个溴原子取代了2个氢原子,故反应方程式为+2Br2―→+2HBr。(5)D为,其同分异构体“既能发生水解反应,又能发生银镜反应”即含甲酸酯(HCOO—),因此指的是苯环中含有—NH2 和HCOO—结构,若苯环上含有三个基团:—NH2、—CH3和HCOO—,共有10种,如;若苯环上含有两个基团:—CH2NH2和HCOO—,共有3种,如;若苯环上含有两个基团:—NH2和HCOOCH2—,共有3种,如;若苯环上含有一个基团: HCOOCH(NH2)—,只有1种,即,故共有17种。(6)乙醇氧化可以得到乙酸,乙酸与乙醇发生酯化反应得到乙酸乙酯(),乙酸乙酯发生酯缩合反应生成,与苯胺()发生合成路线中D到E的反应即可得到。
答案:(15分,除标注外,其余每空1分)
(1)浓硫酸、加热 对硝基苯酚(或4硝基苯酚)
(2)取代反应 还原反应
(3)保护酚羟基(2分) (酚)羟基、酯基
(4)2Br2 2HBr
(5)17(2分)
(6) (4分,每步1分,扣完为止)
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