2022东营广饶县一中高一下学期开学考试物理试题

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高一收心考试物理试题一、单项选择题1. 自然界多种多样的运动形式，为我们展示了一幅幅生动多彩的画卷。下列关于运动描述的基本概念，理解正确的是（　　）A. 讨论动车从临汾开往太原的时间不可以把动车看成质点B. 地球在不停地自转，我们却感觉不到地球在动，这是因为我们以太阳为参考系C. 2016年10月17日7时30分，“神舟十一号”搭载“长征二号”发射升空，其中“7时30分”指的是时刻D. 绝对静止的物体是存在的【答案】C【解析】【详解】A．讨论动车从临汾开往太原的时间时，动车的大小和形状可以忽略，可以把动车看成质点，A错误；B．地球在不停地自转，我们却感觉不到地球在动，这是因为我们习惯以地球上的物体作为参考系，B错误；C．2016年10月17日7时30分，“7时30分”指的是一个时间点，是时刻，C正确；D．宇宙中的一切物体都是在运动的，宇宙就是由运动的物体组成的，绝对静止不动的物体是没有的，D错误。故选C。2. 椰子从距地面高度的树上由静止落下，不计椰子下落时受到的空气阻力，取重力加速度大小，那么椰子在距地面处时的速度大小为（　　）A. 5m/s B. 10m/s C. 15m/s D. 20m/s【答案】D【解析】【详解】由速度与位移关系式可得带入数据解得v=20m/s故选D。3. 人站在地面上，先将两腿弯曲，再用力蹬地，就能跳离地面。人能跳起离开地面的原因是（　　）A. 地面对人的弹力大于人对地面的压力B. 人所受重力大于地球对人的吸引力C. 人除受到地面的弹力外，还受到一个向上的力D. 地面对人的弹力大于地球对人的吸引力【答案】D【解析】【详解】人能跳起离开地面说明人所受合力向上，即地面对人的弹力大于地球对人的吸引力。故选D。4. 中国“天眼”开创了建造巨型望远镜新模式，大幅拓展了人类的视野，是当之无愧的国之重器。如图所示，技术人员（视为质点）在某次维护过程中发现，只有在离半球形最低点的高度小于或等于h时，他才能停在球面上，已知半球形的半径为R，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则技术人员与球面间的动摩擦因数μ为（　　）
 A.  B.  C. C. D. D.【答案】A【解析】【详解】对人受力分析，则其中解得 由几何关系可知则故选A。
 5. 甲、乙物体的位移（x）—时间（t）图像如图所示，甲物体做初速度为0的匀加速直线运动，图像为曲线，B（t2，x1）为图像上一点，AB为过B点的切线，与t轴相交于A（t1，0），乙物体的图像为过B点和原点的直线。下列说法正确的是（　　）A. t1时刻甲的速度大小为B. 甲的加速度大小为C. t2时刻甲、乙的速度相等D. 0～t2时间内，甲的平均速度大于乙的平均速度【答案】B【解析】【详解】A．t2时刻甲的速度大小为在0~t2时间内甲的平均速度大小为解得匀变速直线运动某段时间的平均速度等于中间时刻的速度，所以t1时刻甲的速度大小为故A错误；B．设甲的加速度大小为a，则解得故B正确；C．t2时刻乙的速度大小为故C错误；D．0～t2时间内，甲的平均速度等于乙的平均速度，故D错误。故选B。6. 如图所示，A、B两球完全相同，质量均为m，用两根等长的细线悬挂在O点，两球之间连着一根轻质弹簧，静止不动时，两根细线之间的夹角为θ，则弹簧的弹力为(　　)A. 2mgtan θB. mgtan θC. 2mgtanD. mgtan【答案】D【解析】【详解】对A球受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法得到弹簧的弹力，对其中一个小球受力分析，如图所示根据共点力平衡条件和几何知识可得故选D。7. 如图，在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起做无相对滑动的加速运动。小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是。则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（　　）A.  B. Ma C.  D. 【答案】A【解析】【详解】先对整体受力分析，受重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有F=（M+m）a 再对物体m受力分析，受重力、支持力和向前的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有：f=ma
 联立解得：故BCD错误，A正确。故选A。8. 如图所示，斜面c固定，重为G的物体a放在上表面水平的物体b上，沿光滑斜面c一起向下滑，则（　　）A. a对b的压力小于G B. 若物体b上没有放物体a，物体b的加速度将增大C. a受到的摩擦力方向水平向左 D. a与b之间可能没有摩擦力的作用【答案】A【解析】分析】【详解】A．a和b一起沿光滑斜面向下加速滑动，设斜面倾斜角为θ，对物体a、b整体，由牛顿第二定律可得（ma+mb）gsinθ=（ma+mb）a解得a=gsinθ加速度a的方向沿斜面向下；对物体a，在竖直方向的分加速度有a竖直=asinθ=gsin2θ在竖直方向由牛顿第二定律可知G−FN =mgsin2θFN=G−mgsin2?b对a支持力小于a的重力G，由牛顿第三定律可知，a对b的压力小于重力G，故A正确；B．由A选项的解析可知，物体沿斜面滑下的加速度与物体的质量无关，故B错误；CD．a物体沿斜面加速下滑时，有沿水平向右的分加速度，此加速度是由b物体对a物体水平向右的摩擦力产生的，故CD错误。故选A。二、多项选择题9. 如图所示，水平传送带A、B两端相距s=3.5 m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1。工件滑上A端瞬时速度vA=4 m/s，到达B端的瞬时速度设为vB，则（　　）A. 若传送带不动，则vB=3 m/sB. 若传送带以速度v=4 m/s逆时针匀速转动，vB=3 m/sC. 若传送带以速度v=2 m/s顺时针匀速转动，vB=3 m/sD. 若传送带以速度v=4 m/s顺时针匀速转动，vB=3 m/s【答案】ABC【解析】【详解】ABC．若传送带不动，由匀变速直线运动规律可知， a=μg，代入数据解得vB=3 m/s，当满足选项B、C中的条件时，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，同理可得，工件到达B端的瞬时速度仍为3 m/s，故选项A、B、C正确；D．若传送带以速度v=4 m/s顺时针匀速转动，则工件滑上A端后做匀速运动，到B端的速度仍为4 m/s，故选项D错误。故选ABC。10. 一个物体以初速度从斜面底端开始沿斜面上滑,到达最高点后又返回斜面底端时的速度大小为,物体和斜面之间的动摩擦因数处处为µ，斜面倾角为θ, 上滑时加速度大小为,下滑时加速度大小为, 上滑时间为, 下滑时间为.则下列判断正确的是（       ）A. = B.  C.  D. 【答案】BC【解析】【详解】A、物体从斜面底端出发到再次回到出发点的过程中，根据能量守恒定律，一部分机械能转化为内能，故，A错误；B、物体爬到最高点能反向加速，则，即，B正确；C、物体沿斜面上滑的过程中有：，下滑过程中有：，所以，C正确；D、设斜面的长度为L，有，因，则，D错误．故选BC．【点睛】利用能量守恒定律，并结合牛顿第二定律和运动学公式即可求解．11. 某质量为50kg的同学站在电梯底板上，利用速度传感器和计算机研究电梯的运动情况，如图所示的v-t图象是计算机显示的电梯在某一段时间内速度变化的情况（选向上为正方向，g=10m/s²）。根据图象提供的信息，可以判断下列说法中正确的是（　　）
 A. 在0~5s内，该同学对电梯底板的压力等于520NB. 在5s~10s内，该同学对电梯底板的压力等于0C. 在10s~20s内，电梯在减速上升，该同学处于失重状态D. 在20s~25s内，该同学对电梯底板的压力等于480N【答案】AC【解析】【详解】A．在0～5s内，从速度时间图象可知，电梯的加速度大小为根据牛顿第二定律则有可得根据牛顿第三定律可得该同学对电梯底板的压力520N，故A正确；B．在5s～10s内，速度时间图象为水平线，此时电梯在匀速运动，处于受力平衡状态，升降机对该同学的弹力等于重力，故B错误；C．在10s～20s内，该同学匀减速上升，加速度方向竖直向下，该同学处于失重状态，故C正确；D．在20s～25s内，，从速度时间图象可知，电梯的加速度大小为根据牛顿第二定律则有可得根据牛顿第三定律可得该同学对电梯底板的压力490N，故D错误；故选AC。12. 如图所示，用三根轻绳将质量均为m的A、B两小球以及水平天花板上的固定点O之间两两连接．然后用一水平方向的力F作用于A球上，此时三根轻绳均处于直线状态，且OB绳恰好处于竖直方向，两球均处于静止状态．三根轻绳的长度之比为OA：AB：OB=3：4：5，则下列说法正确的是（   ）A. OB绳中的拉力小于mgB. OA绳中的拉力大小为C. 拉力F大小为D. 拉力F大小为【答案】BD【解析】【分析】先对B球受力分析，根据平衡条件得到OB绳子拉力和AB绳子的拉力；再对球A受力分析，根据平衡条件并运用合成法得到拉力F和OA绳子的拉力．【详解】对球B受力分析，受到重力、OB的拉力，假设AB绳子有拉力，则球B不能保持平衡，故AB绳子的拉力为零，故OB绳子的拉力等于球B的重力，A错误；对球A受力分析，受拉力F、重力mg和AO绳子的拉力T，如图：根据几何关系，有，BD正确．【点睛】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解．三、非选择题13. 某实验小组设计实验探究弹簧的劲度系数与哪些因素有关，在研究弹簧劲度系数与弹簧的圈数关系时：(1)小组取材料相同，直径相同，粗细相同，长度相同，圈数不同的两个弹簧进行实验。这种实验方法称___________。(2)按照如图甲所示的方案设计实验，1的圈数少，2的圈数多，改变被支撑重物的质量m，静止时测出弹簧的形变量x，得到质量m与形变量x的关系式图象，取多组类似弹簧实验均可得到类似的图象，如图乙所示则可知弹簧单位长度的圈数越______（填“多”或“少”），弹簧的劲度系数越大。(3)图乙中，已知弹簧1劲度系数为k，则弹簧2的劲度系数为________。【答案】    ①. 控制变量法    ②. 少    ③. 【解析】【详解】(1)[1]每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。(2)[2]根据胡克定律有mg = kx整理后有x = m则x—m图像的斜率为，则图像斜率越大弹簧的劲度系数越小，由图乙可看出直线2的斜率大于直线1的斜率，则k1 > k2由于1的圈数少，2的圈数多，则可知弹簧单位长度的圈数越小，弹簧的劲度系数越大。(3)[3]根据x = m结合图乙可计算出3x1 = m，x1 = m由于弹簧1的劲度系数为k，则k1 = k，k2 = 14. 图甲为“探究加速度与物体受力及质量的关系”的实验装置图。图中A为小车，B为装有砝码的托盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车后面所拖的纸带穿过电火花计时器，电火花计时器接50Hz交流电。小车的质量为M，托盘及砝码的总质量为m。
 （1）关于实验，下列说法正确的是_______。A．实验中托盘及砝码的总质量m应远小于小车的质量MB．长木板必须保持水平C．实验时应先释放小车后接通电源D．作图像便于得出加速度与质量的关系（2）图乙为某次实验得到的一条纸带，两相邻计数点间有四个点未画出，纸带上标出了相邻计数点之间的距离。打计数点4时小车的速度大小是_______m/s；小车运动的加速度大小是_______m/s2。（结果均保留两位小数）（3）实验时，某同学忘记了平衡摩擦力这一操作，因此他测量得到的a-F图像，可能是图丙中的图线_______。（选填“①”、“②”或“③”）【答案】    ①. ADDA    ②. 0.34    ③. 0.50    ④. ③【解析】【详解】（1）[1]A．本实验中用mg来表示小车所受合外力F，对小车根据牛顿第二定律有对托盘及砝码同理有联立解得由上式可知只有当时才近似等于，故A正确；B．本实验中为了使小车所受合外力等于细绳的拉力，应平衡摩擦力，即将长木板没有滑轮的一侧抬高适当角度，故B错误；C．由于小车速度较快，且运动距离有限，打出的纸带长度也有限，为了能在长度有限的纸带上尽可能多地获取间距适当的数据点，实验时应先接通电源，再释放小车，故C错误；D．在探究F一定的情况下a与M的关系时，图像是一条直线，更加直观，便于得出加速度与质量的关系，故D正确。故选AD。（2）[2]打计数点4时小车的速度大小为[3]根据逐差法可得小车运动的加速度大小为（3）[4]某同学忘记了平衡摩擦力这一操作，则他测量得到的a-F图像对应的关系式应为整理得即图像具有正的横截距，所以该同学作出的图像可能是图线③。15. 风筝（图甲）借助于风对其均匀的作用力和牵线对它的拉力作用，才得以在空中处于平衡状态．如图乙，风筝平面AB与地面夹角为30°，牵线与风筝面夹角为53°，风筝质量为300g，求风对风筝的作用力的大小。（风对风筝的作用力与风筝平面垂直，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）
 【答案】4.6N【解析】【详解】对风筝受力分析，并如图建立直角坐标系，将N及T沿坐标轴分解，则有
 Fcos53°=mgsin30°；N=mgsin60°+Fsin53°；联立解得N＝()mg=4.6N16. 从地面处竖直上抛一个小球，小球两次经过高度为h处经历的时间为，求小球抛出的初速度大小和在空中运动的总时间？（忽略空气阻力，重力加速度为g）【答案】；【解析】【分析】【详解】根据竖直上抛运动的对称性特点，设上升最大高度为H，则 故小球在空中运动的时间为 小球上抛的初速度大小，就等于下落的末速度大小17. 一种巨型娱乐器械由升降机送到离地面75m的高处，然后让座舱自由落下，落到离地面30m高时，制动系统开始启动，座舱均匀减速，到地面时刚好停下。若座舱中某人用手托着m=5kg的铅球，取g=10m/s2，试求：（1）从开始下落到最后着地经历的总时间；（2）当座舱落到离地面35m的位置时手对球的支持力；（3）当座舱落到离地面15m的位置时手对球的支持力。【答案】（1）5s；（2）0；（3）125N【解析】【详解】（1）由题意可知先自由下降h1=75-30m=45m有t1 = 3s v1 = 30m/s t = t1+t2 = 5s （2）离地面35m时，座舱自由下落，处于完全失重状态，所以手对球的支持力为零；  （3）根据由此得a=15m/s2根据牛顿第二定律FN-Mg=Ma 得FN=125 N
 18. 如图所示，在水平面上有一足够长的质量的长木板，在长木板右端有一质量的小物块（视为质点），长木板与水平面间的动摩擦因数，长木板与小物块间的动摩擦因数，开始长木板与小物块均静止。现用的水平恒力向右拉长木板，经时间撤去水平恒力F，取重力加速度大小。求：（1）在F的作用下，长木板的加速度大小；（2）刚撤去F时，小物块到长木板右端的距离﹔（3）整个过程中长木板最终所发生的位移大小。（第三小问结果保留两位有效数字）
 【答案】（1）；（2）﹔（3）【解析】【详解】（1）对长木板由牛顿第二定律得解得（2）对小物块得根据联立解得（3）撤去F之后，小物块继续做匀加速运动，长木板做匀减速运动，达到共速v对长木板得达到共速之后，经分析长木板、小物块将一起做匀减速直线运动，直至停止，对长木板、小物块整体得整个过程长木板位移大小解得