2022-2023学年吉林省松原市油田高级中学高一上学期期末考试物理试题

这是一份2022-2023学年吉林省松原市油田高级中学高一上学期期末考试物理试题
参考答案：1．D【详解】A．力学基本量是长度、质量、时间，并非所有的物理量都有单位，如动摩擦因数就没有单位，A错误；B．是基本单位，N、是导出单位，B错误；C．根据牛顿第二定律表达式可知：，C错误；D．新闻中涉及的1米、400吨和101.2秒中，米和秒是国际单位制中的基本单位，D正确。故选D。2．B【详解】电梯静止时，测力计读数为50N，则物体的重力为若电梯向下运动时，测力计读数恒为45N，说明弹簧的弹力小于物体的重力，物体的合力向下不变，加速度恒定向下，所以电梯向下做匀加速运动，B正确。故选B。3．C【详解】根据题意可知，距陀螺中心轴3cm处的旋转半径为根据公式可得，距陀螺中心轴3cm处的线速度约为故选C。4．C【详解】A．机器人起跳时，离地的速度大小约为选项A正确；B．机器人从起跳到落地的时间约为选项B正确；C．机器人离地前，加速的距离约为选项C错误；D．机器人离地前，加速的平均加速度大小约为选项D正确。故选C。5．A【详解】A．根据摩擦力方向的判断方法，可知杆对手的摩擦力方向向上，故A正确；B．杆对手的摩擦力为沿杆的方向向上，杆对手的支持力为垂直杆向右，根据力的合成可知杆对手的作用力的方向为沿杆的方向斜向上，根据牛顿第三定律可知，手对杆的作用力沿杆的方向斜向下，故B错误；C．根据摩擦力方向的判断方法，杆对脚有向上的摩擦力，故C错误；D．根据力的平衡可知杆对手和脚总的摩擦力等于人的重力，故D错误。故选A。6．A【详解】将小车的速度沿着绳子方向与垂直于绳子的方向分解，设绳子与水平方向的夹角为，则根据运动的合成与分解可得由图可知：，则有当车向左匀速运动时，不变，逐渐减小，增大，因此物体做加速运动，由牛顿第二定律可得故A正确，BCD错误。故选A。7．BD【详解】AB．对小球受力分析，假设滑块给小球的支持力与竖直方向的夹角为α，则有滑块向右滑动，导致夹角增大，故所以滑块对小球的弹力增大，墙壁对小球的弹力增大，A错误，B正确。CD．对滑块受力分析，则有所以可解得所以可知，地面对滑块的弹力不变，推力增加，C错误，D正确。故选BD。8．ABD【详解】AB．汽车为，对比公式，可知初速度v0=12m/s加速度a=-2m/s2即汽车做匀减速运动加速度大小为；自行车x＝6t，可知自行车做速度为v=6m/s的匀速直线运动，故AB正确；C．当两者再次同时经过同一位置时位移相等，则有x=12t-t2=6t解得t=6s则x=36m即它们距路标36m，故C错误；D．当两车的速度相等时，相距最远，则有 解得自行车和汽车最远相距故D正确。故选ABD。9．AD【详解】AB．有图像可知，滑块先向左做匀减速运动，再向右做匀加速运动，最后与传送带速度相同做匀速直线运动，故从右端离开传送带，故A正确，B错误；CD．滑块先向左做匀减速运动，受到向右的滑动摩擦力，再向右做匀加速运动，还是受到向右的滑动摩擦力，所以变速运动过程中受滑动摩擦力的作用，与传送带共速后做匀速运动，不受摩擦力，故C错误，D正确。故选AD。10．AC【详解】A．发动机未熄火时，轮船实际运动速度与水流速度方向垂直，如图所示：故此时船相对于静水的速度的大小为设v与的夹角为，则A正确；B．发动机从熄火到相对于静水静止的过程中，相对于地面初速度为图中的v，而因受阻力作用，其加速度沿图中的反方向，所以轮船相对于地面做类斜上抛运动，即做匀变速曲线运动，B错误；C．发动机从熄火到相对于静水静止的过程中，相对于静水初速度为图中的，而因受阻力作用，其加速度沿图中的反方向，所以轮船相对于静水做匀变速直线运动，C正确；D．熄火前，船的牵引力沿的方向，水的阻力与的方向相反，熄火后，牵引力消失，在阻力作用下，逐渐减小，但其方向不变，当与的矢量和与垂直时轮船的合速度最小，如图所示，则D错误。故选AC。11．     M>>m          没平衡摩擦或平衡不够     随着钩码质量的增大，不再满足     D【详解】（1）[1]若以砝码桶及砝码作为小木块的外力，则有而实际过程中砝码桶及砝码也与小木块一起做匀加速运动，即对砝码桶及砝码有对小木块有T=Ma综上有：小物块的实际的加速度为只有当时，才能有效的保证实验的准确性；即砝码桶及桶内砝码的总质量远远小于木块和木块上砝码的总质量；（2）[2]根据牛顿第二定律，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a-M图象；又，故a与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a与的图象；（3）[3]乙图中，由于小车受到摩擦阻力，其合力小于绳子的拉力，所以不经过坐标原点，故造成的原因是：没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不足；（4）[4]图中图像向下弯曲，说明在同等钩码质量的时候，加速度偏小，即钩码重力不再近似等于绳子对小车的拉力，故造成的原因是：随着钩码质量的增大，不再满足；（5）[5]A．平衡摩擦力时不挂钩码，小车后拖纸带，纸带上打出的点迹均匀分布说明摩擦力平衡了，所以平衡摩擦力不应取下纸带，故A错误；B．连接钩码和小车的细绳应跟长木板保持平行，故B错误；C．实验时应先接通电源后释放小车，故C错误；D．小车释放前应靠近打点计时器，实验时，应先接通打点计时器电源，再放开小车，否则小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，同时要求开始小车要靠近打点计时器，故D正确。故选D。12．     1.50     2.50     （-1，1）【详解】（1）[1]小球做平抛运动，有联立解得，（2）[2]小球在B点竖直方向的速度为所以B点的速度为（3）[3]设小球从抛出点运动到B点的时间为t，则解得所以所以抛出点的横坐标值为纵坐标值为所以抛出点的位置坐标为（-1，1）。13．(1)0.3m/s；(2)0.75N【详解】(1)根据线速度的定义得代入数据得(2)由牛顿第二定律得联立代入数据得14．（1），；（2）【详解】（1）小球从D点运动到P点的过程做平抛运动，如图所示有，解得该过程中小球竖直方向上的位移大小解得又解得（2）设物块沿斜面下滑的加速度大小为a，根据牛顿第二定律有根据匀变速直线运动的规律可知，A、P两点间的距离解得又解得15．（1）5m/s；（2）4s；（3）7.5m【详解】（1）物块所受的最大静摩擦力产生的最大加速度为若木块相对木板静止，则需加的最大力F满足解得F0=2.5N 则当时物块相对木板产生相对滑动，则木板的加速度解得a1=1m/s2撤去时，木板的速度大小 （2）撤去时，物块的速度撤去F后木板减速运动的加速度解得a2=2m/s2当两者达到共速时解得t2=1s v=3m/s共速后木板减速运动的加速度解得a3=1m/s2物块做减速运动的加速度仍为，则木板先停止运动，需要时间 则撤去后，木板停止运动的时间为t停=t2+t3=4s（3）力F作用阶段，物块相对长木板先后滑动的距离 撤去F后，到两者达到共速阶段，物块相对长木板先后滑动的距离 共速后到物块停止物块相对长木板向前滑动的距离 则长木板的长度至少为L=s1+s2=7.5m