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海南省临高县2021-2022学年九年级上学期期末物理试卷(含答案)
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这是一份海南省临高县2021-2022学年九年级上学期期末物理试卷(含答案)，共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图和实验探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
海南省临高县2021-2022学年九年级上学期期末物理试卷（解析版）
一、单选题（每小题3分，共30分）
1．关于常见的家用电器正常工作时的电流，下列说法中最合理的是（ ）
A．电风扇约2A B．空调约6A
C．液晶电视约10mA D．台灯约30mA
2．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系
B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大
C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多
D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
3．关于热机的效率，下列说法正确的是（ ）
A．热机做的有用功越多，效率就一定越高
B．热机的功率越大，效率一定越高
C．热机消耗的燃料越多，效率就一定越低
D．以上说法都不对
4．关于q＝的理解，下列说法中正确的是（ ）
A．热值与燃料完全燃烧放出的热量成正比
B．若燃料燃烧不充分时，热值将减小
C．当燃料未燃烧时，其热值为零
D．某种燃料的热值大小与是否充分燃烧无关
5．如图所示，国庆假期小花陪妈妈到狼山游玩，在乘缆车匀速上山时，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．小花的机械能不变
B．小花在上山过程中机械能不断增加
C．缆车对小花做功增加了小花的内能
D．上山时，小花有部分动能转化成重力势能
6．如图所示，一弹簧的左端固定，右端连接一个木块把它们放在水平桌面上，A点是压缩弹簧后木块静止释放的位置，O点是弹簧原长时木块的位置，B点是木块到达最右端的位置，则木块由A点运动到B点的过程中，则下列说法不正确的是（ ）
A．木块在A点，弹簧的弹性势能最大
B．从A点到O点木块动能先增大后减小
C．从A点到B点，木块的运动速度先增大后减小
D．木块由A运动到O点过程中，弹簧的弹性势转化成木块的动能
7．某品牌电动车刹车时，电动机必须断电，否则会引发事故。电动车左右两刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
8．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．发现家用电器或电线失火时，应先切断电源后救火
B．家庭电路中空气开关跳闸，都是由于电路短路引起的
C．开关的塑料外壳是不导电的，用湿手拨动开关不可能触电
D．用试电笔辨别火线与零线时，手不能接触试电笔尾部金属体
9．下列情况中，不计空气阻力，物体的机械能大小一定不变的是（ ）
A．木块沿斜面匀速上升
B．人乘着电梯匀速下降
C．物体在平衡力的作用下做匀速直线运动
D．瀑布中的水从山上倾泻而下
10．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，有一个电表示数变大，另一个电表示数变小。则下列判断正确的是（ ）
A．电阻R短路 B．灯L断路 C．灯L短路 D．电阻R断路
二、填空题：（每空2分，共28分）
11．（4分）小明家的电能表如图所示，当小明家只有一盏白炽灯工作15min时，转盘正好转过25圈，则该灯泡的实际功率为 W，电能表铭牌上5A所表示的物理意义是 。
12．（4分）临高县家庭照明电路电压为 伏，如图电能表的示数为 。
13．（4分）家中各用电器之间是 连接（选填“串联”或“并联”）；家庭使用的用电器增多，电路的总电流 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
14．（4分）避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是 体；若云层带正电，则电流的方向是 （选填“从云层到大地”或“从大地到云层”）。
15．（4分）四冲程汽油机的压缩冲程中，汽缸内汽油和空气的混合物内能增加。从能量转化的角度看，这是 转化为内能；从改变内能的方式看，这是 改变物体内能。
16．（4分）使汽车获得动力的冲程是 ；如图，该同学头发上带的是 （“同种”、“异种”）电荷。
17．（4分）如图1，将玻璃板抽走后，上面的瓶子也变成红棕色，说明气体的分子在 ；如图2，用电压表测量盐水电池两端的电压，其中铜片是电池的 极。
三、作图和实验探究题（第18题4分，19题6分，20题10分，共20分）
18．（2分）在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小。
19．（2分）如图所示家庭电路中，吊灯L1和L2由开关S控制，墙上的有一个固定插座，请把电路连接完整。
20．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和食用油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图所示。
（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证 。（选填“体积”或“质量”）相同。
（2）实验中物质吸热的多少是通过 来反映的。
（3）由于没有直接测量比热容的仪器，因此这个实验是通过观察 来比较比热容的大小。
21．（10分）小成想要测定小灯泡的额定功率，他选用了以下器材：标有“2.5V”字样的小灯泡（老师告诉他，该小灯泡正常工作电流在0.3A左右），电源为6V的恒稳蓄电池，量程为“0～0.6A”与“0～3A”的电流表，量程为“0～3V”与“0～15V”的电压表，开关，导线，如图甲。可是在选择滑动变阻器时他犹豫了，因为有三种规格的滑动变阻器，分别标有“10Ω 1A”、“20Ω 0.5A”、“50Ω 0.2A”字样。
（1）估算一下，请你帮小成选择一只合适的滑动变阻器 ；
（2）当小灯泡两端的电压达到额定电压后，电流表的示数如图乙所示，小佳测得小灯泡的额定功率是 。
（3）完成上述实验后，又找来了一个阻值为R0的电阻和两个开关，并借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了额定电压为U0的小灯泡的额定功率请完成下列的实验步骤：
①先闭合S1再闭合开关 ，移动滑片，当电压表的示数为 时，停止移动滑片；
②保持滑片的位置不动，断开开关S3再闭合开关S2，读出此时电压表的示数为U；
③灯泡额定功率的表达式为P＝ （用已知量和测量量表示）。
四、综合应用题（第21题9分，第22题13分，共22分）
22．（9分）中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源．可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被水吸收，则水吸收的热量是多少？
（3）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
23．（13分）如图，甲是某品牌的电热水壶，其工作电路如图乙所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其铭牌如图丙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在1标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化[c水＝4.2×103J/（kg•℃），1L＝10﹣3m3]。求：
（1）水吸收的热量；
（2）R1、R2的阻值；
（3）加热这壶水到沸腾所用时间（结果保留一位小数）；
（4）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
参考答案与试题解析
一、单选题（每小题3分，共30分）
1．关于常见的家用电器正常工作时的电流，下列说法中最合理的是（ ）
A．电风扇约2A B．空调约6A
C．液晶电视约10mA D．台灯约30mA
【分析】对生活中常见电器的电功率有初步的认识，再根据P＝UI可判断出电器工作时的电流大小。
【解答】解：A、电风扇的电功率一般在40W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流I＝＝≈0.2A，故A不合理；
B、空调的电功率一般在1300W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流在I＝＝≈6A，故B合理；
C、液晶电视机的电功率一般在200W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流在I＝＝≈1A＝1000mA，故C不合理；
D、台灯的电功率一般在20W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流I＝＝≈0.1A＝100mA，故D不合理。
故选：B。
【点评】对生活中常见电器电功率的了解以及明确电功率的计算方法，是解答此题的关键。
2．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系
B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大
C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多
D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
【分析】（1）根据内能的概念来解答，内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。内能的大小与温度有关，同时分子越多，其内能也会越大，其与机械能是没有任何关系的。
（2）不同燃料燃烧时，放出热量的多少与热值和燃烧燃料的质量有关；
（3）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
（4）内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移；
【解答】解：A、物体的运动速度属于机械能，由于内能和机械能是没有关系的，故A错误；
B、热值是燃料的一种属性，不同燃料燃烧时，放热的多少还与燃料的质量有关，放热多的燃料热值不一定大，故B错误；
C、质量相同、初温相同的水和煤油，放出相同的热量；因为水的比热容大，所以水的温度变化小，煤油的温度变化大，故煤油的末温低一些，故C正确；
D、据热传递的定义可知，内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，故D错误；
故选：C。
【点评】此题考查了机械能和内能的关系、燃料的热值理解、水的比热容最大的理解和热传递的理解，是一道综合题。
3．关于热机的效率，下列说法正确的是（ ）
A．热机做的有用功越多，效率就一定越高
B．热机的功率越大，效率一定越高
C．热机消耗的燃料越多，效率就一定越低
D．以上说法都不对
【分析】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比。功率是表示物体做功快慢的物理量。
【解答】解：热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比；当热机做一定的有用功，消耗的燃料越少，效率一定越高；当热机消耗的燃料一定，做的有用功越多，效率就一定越高；故选项A、C错误；
热机的功率越大，热机做功越快，效率与功率无关；故B错误；
故选：D。
【点评】本题主要考查了热机的效率以及影响热机效率的因素，并且考查了热机效率与功率的区别。
4．关于q＝的理解，下列说法中正确的是（ ）
A．热值与燃料完全燃烧放出的热量成正比
B．若燃料燃烧不充分时，热值将减小
C．当燃料未燃烧时，其热值为零
D．某种燃料的热值大小与是否充分燃烧无关
【分析】热值是燃料的一种特性，它代表燃料性能的优劣，热值的大小与燃料的种类有关，与燃烧程度、质量的多少以及是否燃烧等均无关。
【解答】解：A、热值是质量为1kg的燃料完全燃烧时所释放出的热量，热值是燃料本身的特性，与热量无关，故A不符合题意；
B、热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧程度无关，故B不符合题意；
C、热值是燃料的一种特性，与燃料是否燃烧无关，故C不符合题意；
D、热值是由燃料本身特性决定的，与燃料是否充分燃烧无关，故D符合题意；
故选：D。
【点评】知道热值是燃料的一种特性是解决此类问题的关键。
5．如图所示，国庆假期小花陪妈妈到狼山游玩，在乘缆车匀速上山时，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．小花的机械能不变
B．小花在上山过程中机械能不断增加
C．缆车对小花做功增加了小花的内能
D．上山时，小花有部分动能转化成重力势能
【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。机械能为动能和势能的和。
（2）内能的大小与物体的质量、状态、温度等于因素有关。
【解答】解：在乘缆车匀速上山时，小花的质量不变，速度不变，动能不变；高度变大，重力势能变大；机械能为动能和势能的和，所以机械能变大；由于动能不变，所以不是动能转化为重力势能；小花的质量不变、温度不变、状态不变，所以内能不变；故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了机械能的变化、影响内能大小的因素，属于基础题。
6．如图所示，一弹簧的左端固定，右端连接一个木块把它们放在水平桌面上，A点是压缩弹簧后木块静止释放的位置，O点是弹簧原长时木块的位置，B点是木块到达最右端的位置，则木块由A点运动到B点的过程中，则下列说法不正确的是（ ）
A．木块在A点，弹簧的弹性势能最大
B．从A点到O点木块动能先增大后减小
C．从A点到B点，木块的运动速度先增大后减小
D．木块由A运动到O点过程中，弹簧的弹性势转化成木块的动能
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
弹性势能与物体的弹性形变程度有关，弹性形变越大弹性势能越大。
【解答】解：
A、A点是压缩弹簧后形变程度最大处，则弹簧的弹性势能最大，故A正确；
BCD、O点是弹簧原长时木块的位置，此时弹簧的弹性势能为0；木块在A点时只受到弹簧向右的弹力，所以木块由A向O运动时会先做加速运动，速度越来越快，动能逐渐增大，在到达O点之前，当阻力等于弹力时，速度是最大的，继续运动，弹力小于摩擦力，木块会做减速运动；到达O点时，木块由A运动到O点过程中，弹簧的弹性势转化成木块的动能；木块到达O点后由于惯性继续向右运动，所以弹簧逐渐被拉伸，弹性势能逐渐变大，木块的动能减小，其速度减小，即木块从A点到B点，运动速度先增大后减小，故CD正确，B错误。
故选：B。
【点评】掌握动能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、弹性势能的变化。
7．某品牌电动车刹车时，电动机必须断电，否则会引发事故。电动车左右两刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作，说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联。
【解答】解：由题知，任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作，说明两开关相互影响、不能独立工作，所以两开关应串联接在电路中，比较可知A符合题意。
故选：A。
【点评】本题要牢牢把握住关键点“任一只手柄刹车时，开关立即断开、电动机停止工作”，从而判断出两个开关的连接方式是串联。
8．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．发现家用电器或电线失火时，应先切断电源后救火
B．家庭电路中空气开关跳闸，都是由于电路短路引起的
C．开关的塑料外壳是不导电的，用湿手拨动开关不可能触电
D．用试电笔辨别火线与零线时，手不能接触试电笔尾部金属体
【分析】（1）家庭电路电流过大的原因：短路、用电器总功率过大；
（2）电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施。
（3）物体在干燥时电阻大，在潮湿时电阻小，所以在电压一定时，电阻越小，电流越大；
（4）使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成通路。
【解答】解：A、电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施。故A正确。
B、家庭电路中空气开关跳闸，可能是由于短路或用电器总功率过大引起的，故B错误；
C、自然界中的水是导体，手湿了后拨动开关容易造成触电，故C错误；
D、使用测电笔时，为能形成回路，手应接触笔尾金属体。所以D错误。
故选：A。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。
9．下列情况中，不计空气阻力，物体的机械能大小一定不变的是（ ）
A．木块沿斜面匀速上升
B．人乘着电梯匀速下降
C．物体在平衡力的作用下做匀速直线运动
D．瀑布中的水从山上倾泻而下
【分析】物体机械能守恒的条件是：只有重力或者是弹簧的弹力做功，对照根据机械能守恒的条件，逐个分析物体的受力情况和各力的做功情况，即可判断物体是否是机械能守恒。
【解答】解：A、木块沿斜面匀速上升，质量不变，高度升高，速度不变，动能不变，重力势能增加，所以机械能增加，故A错误
B、人乘着电梯匀速下降，质量不变，高度减小，速度不变，所以动能不变，重力势能减小，其机械能减小，故B错误。
C、物体在平衡力的作用下做匀速直线运动，质量不变、速度不变，高度不确定，无法确定其机械能变化，故C错误；
D、瀑布中的水从山上倾泻而下，重力做正功，重力势能减小，速度增大，重力势能转化为动能，机械能守恒，故D挣钱。
故选：D。
【点评】本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，知道各种运动的特点即可，题目不难。
10．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，有一个电表示数变大，另一个电表示数变小。则下列判断正确的是（ ）
A．电阻R短路 B．灯L断路 C．灯L短路 D．电阻R断路
【分析】由图可知R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压。由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，则由讨论可得结果。
【解答】解：由图可知，电阻R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压。
A、若电阻R短路，电路总阻值减小，电流变大，灯L更亮，不符合题意，故A错误；
B、若灯L断路，整个电路断路，则两表均没有示数，不符合题意，故B错误；
C、若灯L短路后，电路总阻值减小，电流变大，电流表示数变大，此时电压表测量电源电压，电压表示数也变大，不符合题意，故C错误；
D、若电阻R断路，电压表串联在电路中测量电源电压，电压表的示数变大；由于电压表的电阻很大，因此电路中电流几乎为零，则电流表示数变小，灯L熄灭，符合题意，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性。
二、填空题：（每空2分，共28分）
11．（4分）小明家的电能表如图所示，当小明家只有一盏白炽灯工作15min时，转盘正好转过25圈，则该灯泡的实际功率为 40 W，电能表铭牌上5A所表示的物理意义是 电路中允许通过的最大电流为5A。 。
【分析】2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求电能表转盘转25r时，灯泡消耗的电能，再利用P＝求灯泡的实际功率。电能表铭牌上5A所表示的物理意义是电路中允许通过的最大电流为5A。
【解答】解：2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，
电能表转盘转25r，灯泡消耗的电能：
W＝kW•h＝0.01kW•h，
时间t＝15min＝0.25h，
灯泡的实际功率：
P＝＝＝0.04kW＝40W。
电能表铭牌上5A所表示的物理意义是电路中允许通过的最大电流为5A。
故答案为：40；电路中允许通过的最大电流为5A。
【点评】本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。
12．（4分）临高县家庭照明电路电压为 220 伏，如图电能表的示数为 2120.5kW•h 。
【分析】（1）我国家庭电路的电压为220V；
（2）电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW•h。
【解答】解：临高县家庭照明电路电压为220伏，如图电能表的示数为2120.5kW•h。
故答案为：220；2120.5kW•h。
【点评】本题考查了家庭电路的电压、电能表的读数，属于基础题目。
13．（4分）家中各用电器之间是 并联 连接（选填“串联”或“并联”）；家庭使用的用电器增多，电路的总电流 增大 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】家庭电路中各用电器之间是并联的，并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大。
【解答】解：家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大。
故答案为：并联；增大。
【点评】掌握家庭电路中的电压，各用电器之间的连接方式，用电器和开关之间的连接以及并联电路中电流的规律。
14．（4分）避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是 导 体；若云层带正电，则电流的方向是 从云层到大地 （选填“从云层到大地”或“从大地到云层”）。
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
（2）规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。
【解答】解：当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是导体。
若云层带正电，放电时，自由电子由大地到云层，所以则电流的方向是从云层到大地。
故答案为：导；从云层到大地。
【点评】知道生活中的导体和绝缘体，理解电流方向的规定，可解答此题。
15．（4分）四冲程汽油机的压缩冲程中，汽缸内汽油和空气的混合物内能增加。从能量转化的角度看，这是 机械能 转化为内能；从改变内能的方式看，这是 做功 改变物体内能。
【分析】压缩冲程中，活塞压缩汽油和空气的混合物做功，将机械能转化成内能，使汽油和空气的混合物温度升高、内能增加。
【解答】解：在四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞压缩汽油和空气的混合物，将机械能转化为内能；汽缸内汽油和空气的混合物内能增加，这是通过做功改变物体内能的。
故答案为：机械能；做功。
【点评】本题考查汽油机的压缩冲程中能量的转化，理解其做功过程是解答的关键。
16．（4分）使汽车获得动力的冲程是 做功冲程 ；如图，该同学头发上带的是 同种 （“同种”、“异种”）电荷。
【分析】汽油机的一个工作循环有四个冲程，只有做功冲程是内能转化为机械能；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：汽油机的四个工作冲程中，只有做功冲程是将内能转化为机械能，也即获得动力，其他三个冲程是辅助冲程；电荷间的相互作用规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，图中头发相互排斥，故带同种电荷。
故答案为：做功冲程；同种。
【点评】本题主要考查汽油机工作冲程的判断和电荷间的相互作用规律，主要检测学生对基础知识点的掌握情况。
17．（4分）如图1，将玻璃板抽走后，上面的瓶子也变成红棕色，说明气体的分子在 不停地做无规则运动 ；如图2，用电压表测量盐水电池两端的电压，其中铜片是电池的 正 极。
【分析】分子在不停地做无规则运动；根据“电流必须从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出”判断电池的极性。
【解答】解：实验中，将玻璃片抽走，可以看到二氧化氮与空气相互扩散，说明分子在不停地做无规则运动；
因为与电压表正接线柱相连的为电池的正极，所以钢片是电池的正极，锌片是电池的负极。
故答案为：不停地做无规则运动；正。
【点评】本题考查了分子动理论、电压表的使用，属于基础题。
三、作图和实验探究题（第18题4分，19题6分，20题10分，共20分）
18．（2分）在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小。
【分析】根据当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小，确定电压表只能与灯和变阻串联，根据串联电路的规律和分压原理，确定变阻器的连接，结合有两根导线尚未连接确定符合题意的情况。
【解答】解：由题知，闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小；
若灯与变阻器并联，则电压表测电源电压保持不变，故灯只能与变阻器串联：
（1）若电压表测灯的电压，因当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小，由串联电路电压的规律，变阻器连入电路中的电阻变大，根据分压原理，变阻器右下接线柱连入电路中，因电源电压为3V，电压表选用小量程与灯并联，如下图1所示：但所用是三根导线，并且变阻器器短路，不符合题意，
（2）若电压表测变阻器的电压，因当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小，由串联分压原理，变阻器连入电路中的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，电源电压为3V，电压表选用小量程与灯并联，符合题意，如图2所示。
故答案为：如图2所示。
【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是根据要求确定符合题意的连接方式。
19．（2分）如图所示家庭电路中，吊灯L1和L2由开关S控制，墙上的有一个固定插座，请把电路连接完整。
【分析】先确定各用电器的连接方式，然后确定开关的接线方式，最后根据家庭电路的正确连接方法完成电路；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：
由于家庭电路中的各个用电器是并联连接的，所以此电路中的两盏吊灯L1和L2并联，开关接在干路上同时控制两盏灯，且开关应接在火线上；
图中三根电线分别为火线、零线和地线；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：
【点评】掌握家庭电路连接方法，正确、安全用电。
20．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和食用油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图所示。
（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证 质量 。（选填“体积”或“质量”）相同。
（2）实验中物质吸热的多少是通过 加热时间 来反映的。
（3）由于没有直接测量比热容的仪器，因此这个实验是通过观察 相同时间内温度的变化 来比较比热容的大小。
【分析】我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：（1）根据比较不同物质的吸热能力，要控制不同物质的质量相同，故实验中应量取质量相同的水和色拉油；
（2）在相同时间内加热器放出的热量相同，水和色拉油吸收的热量相同，加热时间越长，吸收热量越多，所以用加热时间反应吸热的多少；
（3）本实验水和色拉油加热时间相同，即它们吸热相同，通过比较温度的变化，温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；（3）相同时间内温度的变化。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21．（10分）小成想要测定小灯泡的额定功率，他选用了以下器材：标有“2.5V”字样的小灯泡（老师告诉他，该小灯泡正常工作电流在0.3A左右），电源为6V的恒稳蓄电池，量程为“0～0.6A”与“0～3A”的电流表，量程为“0～3V”与“0～15V”的电压表，开关，导线，如图甲。可是在选择滑动变阻器时他犹豫了，因为有三种规格的滑动变阻器，分别标有“10Ω 1A”、“20Ω 0.5A”、“50Ω 0.2A”字样。
（1）估算一下，请你帮小成选择一只合适的滑动变阻器 “20Ω 0.5A” ；
（2）当小灯泡两端的电压达到额定电压后，电流表的示数如图乙所示，小佳测得小灯泡的额定功率是 0.7W 。
（3）完成上述实验后，又找来了一个阻值为R0的电阻和两个开关，并借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了额定电压为U0的小灯泡的额定功率请完成下列的实验步骤：
①先闭合S1再闭合开关 S3 ，移动滑片，当电压表的示数为 U0 时，停止移动滑片；
②保持滑片的位置不动，断开开关S3再闭合开关S2，读出此时电压表的示数为U；
③灯泡额定功率的表达式为P＝ U0× （用已知量和测量量表示）。
【分析】（1）当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出变阻器接入电路的阻值，结合电流的大小，据此确定变阻器的规格；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数；根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
（3）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，正常工作电流在0.3A左右；当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律可知，变阻器两端电压为U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V，根据欧姆定律可知，变阻器接入电路的阻值为：
R滑＝＝≈11.7Ω，即滑动变阻器连入电路的电阻至少为11.7Ω，又因灯泡正常工作时的电流0.3A＞0.2A，故应选用“20Ω 0.5A”的滑动变阻器；
（2）当小灯泡两端的电压达到额定电压后，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A，小灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.28A＝0.7W；
（3）实验步骤：
①先闭合S1再闭合开关S3，移动滑片，当电压表的示数为U0时，停止移动滑片；
②保持滑片的位置不动，断开开关S3再闭合开关S2，读出此时电压表的示数为U；
③在步骤①中，灯泡、R0和变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片，当电压表的示数为U0时，灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、R0和变阻器仍串联，电压表测灯与定值电阻两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时R0两端电压：U定＝U﹣U0，由欧姆定律，通过R0电流：
I定＝＝，根据串联电路电流的规律，灯泡的额定电流为I灯＝I定＝，
小灯泡的额定功率为：
P＝U灯I灯＝U0×。
故答案为：（1）“20Ω 0.5A”；（2）0.7W；（3）①S3；U0；③U0×。
【点评】本题测小灯泡的额定功率实验，考查了器材的选择、电流表读数和功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
四、综合应用题（第21题9分，第22题13分，共22分）
22．（9分）中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源．可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被水吸收，则水吸收的热量是多少？
（3）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
【分析】（1）先求出可燃冰的热值，利用Q放＝Vq求0.01m3可燃冰完全燃烧放出的热量；
（2）知道加热效率，利用Q吸＝Q放η得到水吸收的热量；
（3）根据Q吸＝cmΔt求出水升高的温度。
【解答】解：（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰＝15q＝15×7.0×107J/m3＝1.05×109J/m3；
0.01m3可燃冰完全燃烧放出的热量：Q放＝Vq可燃冰＝0.01m3×1.05×109J/m3＝1.05×107J；
（2）被水吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝90%×1.05×107J＝9.45×106J；
（3）水升高的温度：Δt＝＝22.5℃。
答：（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为1.05×107J；
（2）若这些热量的90%被水吸收，则水吸收的热量是9.45×106J；
（3）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是22.5℃。
【点评】此题主要考查的是学生对热值、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，属于常见题目。
23．（13分）如图，甲是某品牌的电热水壶，其工作电路如图乙所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其铭牌如图丙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在1标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化[c水＝4.2×103J/（kg•℃），1L＝10﹣3m3]。求：
（1）水吸收的热量；
（2）R1、R2的阻值；
（3）加热这壶水到沸腾所用时间（结果保留一位小数）；
（4）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
【分析】（1）先根据密度的变形公式求出水的质量，1标准大气压下，水的沸点为100℃，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据加热、保温的功率和电压，利用P＝分别求出加热和保温时的电阻，从而得出R1、R2的阻值；
（3）根据P＝的变形公式算出加热这壶水到沸腾所用时间；
（4）烧开同样一壶水所需的电能是相同的，根据P＝求出实际功率，然后根据P＝求出实际电压。
【解答】解：（1）由ρ＝得，水的质量：
m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg，
1标准大气压下，水的沸点为100℃，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣25℃）＝6.3×105J；
（2）由图可知，开关打到2时，只有R1接入电路中，电路的电阻最小，根据P＝可知，此时为高温挡，
则R1的阻值为：
R1＝＝＝40Ω；
开关打到3时，两个电阻串联，则为低温挡；
低温挡的电阻为：
R＝＝＝484Ω；
根据串联电路的电阻关系可知，R2的阻值为：
R2＝R﹣R1＝484Ω﹣40Ω＝444Ω；
（3）根据P＝得加热这壶水到沸腾所用时间为：、
t＝＝＝≈520.7s；
（4）电热丝产生的热量全部被水吸收，根据Q吸＝W＝6.3×105J；
烧开同样一壶水所需的电能是相同的，
则电水壶的实际功率为：
P'＝＝＝1000W；
根据P＝可知，实际电压为：
U'＝＝＝200V。
答：（1）水吸收的热量为6.3×105J；
（2）R1为40Ω，R2的阻值为444Ω；
（3）加热这壶水到沸腾所用时间为 520.7s；
（4）实际电压为200V。
【点评】本题考查了吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键。
海南省临高县2021-2022学年九年级上学期期末物理试卷（解析版）
一、单选题（每小题3分，共30分）
1．关于常见的家用电器正常工作时的电流，下列说法中最合理的是（ ）
A．电风扇约2A B．空调约6A
C．液晶电视约10mA D．台灯约30mA
2．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系
B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大
C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多
D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
3．关于热机的效率，下列说法正确的是（ ）
A．热机做的有用功越多，效率就一定越高
B．热机的功率越大，效率一定越高
C．热机消耗的燃料越多，效率就一定越低
D．以上说法都不对
4．关于q＝的理解，下列说法中正确的是（ ）
A．热值与燃料完全燃烧放出的热量成正比
B．若燃料燃烧不充分时，热值将减小
C．当燃料未燃烧时，其热值为零
D．某种燃料的热值大小与是否充分燃烧无关
5．如图所示，国庆假期小花陪妈妈到狼山游玩，在乘缆车匀速上山时，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．小花的机械能不变
B．小花在上山过程中机械能不断增加
C．缆车对小花做功增加了小花的内能
D．上山时，小花有部分动能转化成重力势能
6．如图所示，一弹簧的左端固定，右端连接一个木块把它们放在水平桌面上，A点是压缩弹簧后木块静止释放的位置，O点是弹簧原长时木块的位置，B点是木块到达最右端的位置，则木块由A点运动到B点的过程中，则下列说法不正确的是（ ）
A．木块在A点，弹簧的弹性势能最大
B．从A点到O点木块动能先增大后减小
C．从A点到B点，木块的运动速度先增大后减小
D．木块由A运动到O点过程中，弹簧的弹性势转化成木块的动能
7．某品牌电动车刹车时，电动机必须断电，否则会引发事故。电动车左右两刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
8．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．发现家用电器或电线失火时，应先切断电源后救火
B．家庭电路中空气开关跳闸，都是由于电路短路引起的
C．开关的塑料外壳是不导电的，用湿手拨动开关不可能触电
D．用试电笔辨别火线与零线时，手不能接触试电笔尾部金属体
9．下列情况中，不计空气阻力，物体的机械能大小一定不变的是（ ）
A．木块沿斜面匀速上升
B．人乘着电梯匀速下降
C．物体在平衡力的作用下做匀速直线运动
D．瀑布中的水从山上倾泻而下
10．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，有一个电表示数变大，另一个电表示数变小。则下列判断正确的是（ ）
A．电阻R短路 B．灯L断路 C．灯L短路 D．电阻R断路
二、填空题：（每空2分，共28分）
11．（4分）小明家的电能表如图所示，当小明家只有一盏白炽灯工作15min时，转盘正好转过25圈，则该灯泡的实际功率为 W，电能表铭牌上5A所表示的物理意义是 。
12．（4分）临高县家庭照明电路电压为 伏，如图电能表的示数为 。
13．（4分）家中各用电器之间是 连接（选填“串联”或“并联”）；家庭使用的用电器增多，电路的总电流 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
14．（4分）避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是 体；若云层带正电，则电流的方向是 （选填“从云层到大地”或“从大地到云层”）。
15．（4分）四冲程汽油机的压缩冲程中，汽缸内汽油和空气的混合物内能增加。从能量转化的角度看，这是 转化为内能；从改变内能的方式看，这是 改变物体内能。
16．（4分）使汽车获得动力的冲程是 ；如图，该同学头发上带的是 （“同种”、“异种”）电荷。
17．（4分）如图1，将玻璃板抽走后，上面的瓶子也变成红棕色，说明气体的分子在 ；如图2，用电压表测量盐水电池两端的电压，其中铜片是电池的 极。
三、作图和实验探究题（第18题4分，19题6分，20题10分，共20分）
18．（2分）在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小。
19．（2分）如图所示家庭电路中，吊灯L1和L2由开关S控制，墙上的有一个固定插座，请把电路连接完整。
20．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和食用油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图所示。
（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证 。（选填“体积”或“质量”）相同。
（2）实验中物质吸热的多少是通过 来反映的。
（3）由于没有直接测量比热容的仪器，因此这个实验是通过观察 来比较比热容的大小。
21．（10分）小成想要测定小灯泡的额定功率，他选用了以下器材：标有“2.5V”字样的小灯泡（老师告诉他，该小灯泡正常工作电流在0.3A左右），电源为6V的恒稳蓄电池，量程为“0～0.6A”与“0～3A”的电流表，量程为“0～3V”与“0～15V”的电压表，开关，导线，如图甲。可是在选择滑动变阻器时他犹豫了，因为有三种规格的滑动变阻器，分别标有“10Ω 1A”、“20Ω 0.5A”、“50Ω 0.2A”字样。
（1）估算一下，请你帮小成选择一只合适的滑动变阻器 ；
（2）当小灯泡两端的电压达到额定电压后，电流表的示数如图乙所示，小佳测得小灯泡的额定功率是 。
（3）完成上述实验后，又找来了一个阻值为R0的电阻和两个开关，并借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了额定电压为U0的小灯泡的额定功率请完成下列的实验步骤：
①先闭合S1再闭合开关 ，移动滑片，当电压表的示数为 时，停止移动滑片；
②保持滑片的位置不动，断开开关S3再闭合开关S2，读出此时电压表的示数为U；
③灯泡额定功率的表达式为P＝ （用已知量和测量量表示）。
四、综合应用题（第21题9分，第22题13分，共22分）
22．（9分）中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源．可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被水吸收，则水吸收的热量是多少？
（3）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
23．（13分）如图，甲是某品牌的电热水壶，其工作电路如图乙所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其铭牌如图丙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在1标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化[c水＝4.2×103J/（kg•℃），1L＝10﹣3m3]。求：
（1）水吸收的热量；
（2）R1、R2的阻值；
（3）加热这壶水到沸腾所用时间（结果保留一位小数）；
（4）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
参考答案与试题解析
一、单选题（每小题3分，共30分）
1．关于常见的家用电器正常工作时的电流，下列说法中最合理的是（ ）
A．电风扇约2A B．空调约6A
C．液晶电视约10mA D．台灯约30mA
【分析】对生活中常见电器的电功率有初步的认识，再根据P＝UI可判断出电器工作时的电流大小。
【解答】解：A、电风扇的电功率一般在40W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流I＝＝≈0.2A，故A不合理；
B、空调的电功率一般在1300W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流在I＝＝≈6A，故B合理；
C、液晶电视机的电功率一般在200W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流在I＝＝≈1A＝1000mA，故C不合理；
D、台灯的电功率一般在20W左右，故根据P＝UI，U＝220V，可判断出工作电流I＝＝≈0.1A＝100mA，故D不合理。
故选：B。
【点评】对生活中常见电器电功率的了解以及明确电功率的计算方法，是解答此题的关键。
2．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（ ）
A．物体的内能跟物体的运动速度、物体的温度和物质状态都有关系
B．不同燃料燃烧时，放出热量越多的热值越大
C．质量和初温相同的水和煤油，放出相同热量时煤油温度降低的多
D．内能总是从内能多的物体向内能少的物体转移
【分析】（1）根据内能的概念来解答，内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。内能的大小与温度有关，同时分子越多，其内能也会越大，其与机械能是没有任何关系的。
（2）不同燃料燃烧时，放出热量的多少与热值和燃烧燃料的质量有关；
（3）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
（4）内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移；
【解答】解：A、物体的运动速度属于机械能，由于内能和机械能是没有关系的，故A错误；
B、热值是燃料的一种属性，不同燃料燃烧时，放热的多少还与燃料的质量有关，放热多的燃料热值不一定大，故B错误；
C、质量相同、初温相同的水和煤油，放出相同的热量；因为水的比热容大，所以水的温度变化小，煤油的温度变化大，故煤油的末温低一些，故C正确；
D、据热传递的定义可知，内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，故D错误；
故选：C。
【点评】此题考查了机械能和内能的关系、燃料的热值理解、水的比热容最大的理解和热传递的理解，是一道综合题。
3．关于热机的效率，下列说法正确的是（ ）
A．热机做的有用功越多，效率就一定越高
B．热机的功率越大，效率一定越高
C．热机消耗的燃料越多，效率就一定越低
D．以上说法都不对
【分析】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比。功率是表示物体做功快慢的物理量。
【解答】解：热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比；当热机做一定的有用功，消耗的燃料越少，效率一定越高；当热机消耗的燃料一定，做的有用功越多，效率就一定越高；故选项A、C错误；
热机的功率越大，热机做功越快，效率与功率无关；故B错误；
故选：D。
【点评】本题主要考查了热机的效率以及影响热机效率的因素，并且考查了热机效率与功率的区别。
4．关于q＝的理解，下列说法中正确的是（ ）
A．热值与燃料完全燃烧放出的热量成正比
B．若燃料燃烧不充分时，热值将减小
C．当燃料未燃烧时，其热值为零
D．某种燃料的热值大小与是否充分燃烧无关
【分析】热值是燃料的一种特性，它代表燃料性能的优劣，热值的大小与燃料的种类有关，与燃烧程度、质量的多少以及是否燃烧等均无关。
【解答】解：A、热值是质量为1kg的燃料完全燃烧时所释放出的热量，热值是燃料本身的特性，与热量无关，故A不符合题意；
B、热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧程度无关，故B不符合题意；
C、热值是燃料的一种特性，与燃料是否燃烧无关，故C不符合题意；
D、热值是由燃料本身特性决定的，与燃料是否充分燃烧无关，故D符合题意；
故选：D。
【点评】知道热值是燃料的一种特性是解决此类问题的关键。
5．如图所示，国庆假期小花陪妈妈到狼山游玩，在乘缆车匀速上山时，不计空气阻力，下列说法中正确的是（ ）
A．小花的机械能不变
B．小花在上山过程中机械能不断增加
C．缆车对小花做功增加了小花的内能
D．上山时，小花有部分动能转化成重力势能
【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。机械能为动能和势能的和。
（2）内能的大小与物体的质量、状态、温度等于因素有关。
【解答】解：在乘缆车匀速上山时，小花的质量不变，速度不变，动能不变；高度变大，重力势能变大；机械能为动能和势能的和，所以机械能变大；由于动能不变，所以不是动能转化为重力势能；小花的质量不变、温度不变、状态不变，所以内能不变；故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了机械能的变化、影响内能大小的因素，属于基础题。
6．如图所示，一弹簧的左端固定，右端连接一个木块把它们放在水平桌面上，A点是压缩弹簧后木块静止释放的位置，O点是弹簧原长时木块的位置，B点是木块到达最右端的位置，则木块由A点运动到B点的过程中，则下列说法不正确的是（ ）
A．木块在A点，弹簧的弹性势能最大
B．从A点到O点木块动能先增大后减小
C．从A点到B点，木块的运动速度先增大后减小
D．木块由A运动到O点过程中，弹簧的弹性势转化成木块的动能
【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
弹性势能与物体的弹性形变程度有关，弹性形变越大弹性势能越大。
【解答】解：
A、A点是压缩弹簧后形变程度最大处，则弹簧的弹性势能最大，故A正确；
BCD、O点是弹簧原长时木块的位置，此时弹簧的弹性势能为0；木块在A点时只受到弹簧向右的弹力，所以木块由A向O运动时会先做加速运动，速度越来越快，动能逐渐增大，在到达O点之前，当阻力等于弹力时，速度是最大的，继续运动，弹力小于摩擦力，木块会做减速运动；到达O点时，木块由A运动到O点过程中，弹簧的弹性势转化成木块的动能；木块到达O点后由于惯性继续向右运动，所以弹簧逐渐被拉伸，弹性势能逐渐变大，木块的动能减小，其速度减小，即木块从A点到B点，运动速度先增大后减小，故CD正确，B错误。
故选：B。
【点评】掌握动能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、弹性势能的变化。
7．某品牌电动车刹车时，电动机必须断电，否则会引发事故。电动车左右两刹车手柄开关分别为S1、S2，行驶中用任意一只手柄刹车时，该手柄上的开关就断开，电动机停止工作。下列电路设计符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作，说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联。
【解答】解：由题知，任一只手柄刹车时，该手柄上的开关立即断开，电动机停止工作，说明两开关相互影响、不能独立工作，所以两开关应串联接在电路中，比较可知A符合题意。
故选：A。
【点评】本题要牢牢把握住关键点“任一只手柄刹车时，开关立即断开、电动机停止工作”，从而判断出两个开关的连接方式是串联。
8．关于家庭电路与安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．发现家用电器或电线失火时，应先切断电源后救火
B．家庭电路中空气开关跳闸，都是由于电路短路引起的
C．开关的塑料外壳是不导电的，用湿手拨动开关不可能触电
D．用试电笔辨别火线与零线时，手不能接触试电笔尾部金属体
【分析】（1）家庭电路电流过大的原因：短路、用电器总功率过大；
（2）电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施。
（3）物体在干燥时电阻大，在潮湿时电阻小，所以在电压一定时，电阻越小，电流越大；
（4）使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，才能形成通路。
【解答】解：A、电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施。故A正确。
B、家庭电路中空气开关跳闸，可能是由于短路或用电器总功率过大引起的，故B错误；
C、自然界中的水是导体，手湿了后拨动开关容易造成触电，故C错误；
D、使用测电笔时，为能形成回路，手应接触笔尾金属体。所以D错误。
故选：A。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。
9．下列情况中，不计空气阻力，物体的机械能大小一定不变的是（ ）
A．木块沿斜面匀速上升
B．人乘着电梯匀速下降
C．物体在平衡力的作用下做匀速直线运动
D．瀑布中的水从山上倾泻而下
【分析】物体机械能守恒的条件是：只有重力或者是弹簧的弹力做功，对照根据机械能守恒的条件，逐个分析物体的受力情况和各力的做功情况，即可判断物体是否是机械能守恒。
【解答】解：A、木块沿斜面匀速上升，质量不变，高度升高，速度不变，动能不变，重力势能增加，所以机械能增加，故A错误
B、人乘着电梯匀速下降，质量不变，高度减小，速度不变，所以动能不变，重力势能减小，其机械能减小，故B错误。
C、物体在平衡力的作用下做匀速直线运动，质量不变、速度不变，高度不确定，无法确定其机械能变化，故C错误；
D、瀑布中的水从山上倾泻而下，重力做正功，重力势能减小，速度增大，重力势能转化为动能，机械能守恒，故D挣钱。
故选：D。
【点评】本题是对机械能守恒条件的直接考查，掌握住机械能守恒的条件，知道各种运动的特点即可，题目不难。
10．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，灯L熄灭，有一个电表示数变大，另一个电表示数变小。则下列判断正确的是（ ）
A．电阻R短路 B．灯L断路 C．灯L短路 D．电阻R断路
【分析】由图可知R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压。由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，则由讨论可得结果。
【解答】解：由图可知，电阻R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压。
A、若电阻R短路，电路总阻值减小，电流变大，灯L更亮，不符合题意，故A错误；
B、若灯L断路，整个电路断路，则两表均没有示数，不符合题意，故B错误；
C、若灯L短路后，电路总阻值减小，电流变大，电流表示数变大，此时电压表测量电源电压，电压表示数也变大，不符合题意，故C错误；
D、若电阻R断路，电压表串联在电路中测量电源电压，电压表的示数变大；由于电压表的电阻很大，因此电路中电流几乎为零，则电流表示数变小，灯L熄灭，符合题意，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性。
二、填空题：（每空2分，共28分）
11．（4分）小明家的电能表如图所示，当小明家只有一盏白炽灯工作15min时，转盘正好转过25圈，则该灯泡的实际功率为 40 W，电能表铭牌上5A所表示的物理意义是 电路中允许通过的最大电流为5A。 。
【分析】2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，据此求电能表转盘转25r时，灯泡消耗的电能，再利用P＝求灯泡的实际功率。电能表铭牌上5A所表示的物理意义是电路中允许通过的最大电流为5A。
【解答】解：2500r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，
电能表转盘转25r，灯泡消耗的电能：
W＝kW•h＝0.01kW•h，
时间t＝15min＝0.25h，
灯泡的实际功率：
P＝＝＝0.04kW＝40W。
电能表铭牌上5A所表示的物理意义是电路中允许通过的最大电流为5A。
故答案为：40；电路中允许通过的最大电流为5A。
【点评】本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。
12．（4分）临高县家庭照明电路电压为 220 伏，如图电能表的示数为 2120.5kW•h 。
【分析】（1）我国家庭电路的电压为220V；
（2）电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW•h。
【解答】解：临高县家庭照明电路电压为220伏，如图电能表的示数为2120.5kW•h。
故答案为：220；2120.5kW•h。
【点评】本题考查了家庭电路的电压、电能表的读数，属于基础题目。
13．（4分）家中各用电器之间是 并联 连接（选填“串联”或“并联”）；家庭使用的用电器增多，电路的总电流 增大 。（选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】家庭电路中各用电器之间是并联的，并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大。
【解答】解：家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；并联电路干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大。
故答案为：并联；增大。
【点评】掌握家庭电路中的电压，各用电器之间的连接方式，用电器和开关之间的连接以及并联电路中电流的规律。
14．（4分）避雷针能让建筑物避免雷击。当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是 导 体；若云层带正电，则电流的方向是 从云层到大地 （选填“从云层到大地”或“从大地到云层”）。
【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。
（2）规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，电子的定向移动方向与电流方向相反。
【解答】解：当云层电荷较多时，避雷针与云层之间的空气被击穿，使带电云层通过空气与避雷针、导线和大地相连形成通路，此时空气是导体。
若云层带正电，放电时，自由电子由大地到云层，所以则电流的方向是从云层到大地。
故答案为：导；从云层到大地。
【点评】知道生活中的导体和绝缘体，理解电流方向的规定，可解答此题。
15．（4分）四冲程汽油机的压缩冲程中，汽缸内汽油和空气的混合物内能增加。从能量转化的角度看，这是 机械能 转化为内能；从改变内能的方式看，这是 做功 改变物体内能。
【分析】压缩冲程中，活塞压缩汽油和空气的混合物做功，将机械能转化成内能，使汽油和空气的混合物温度升高、内能增加。
【解答】解：在四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞压缩汽油和空气的混合物，将机械能转化为内能；汽缸内汽油和空气的混合物内能增加，这是通过做功改变物体内能的。
故答案为：机械能；做功。
【点评】本题考查汽油机的压缩冲程中能量的转化，理解其做功过程是解答的关键。
16．（4分）使汽车获得动力的冲程是 做功冲程 ；如图，该同学头发上带的是 同种 （“同种”、“异种”）电荷。
【分析】汽油机的一个工作循环有四个冲程，只有做功冲程是内能转化为机械能；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
【解答】解：汽油机的四个工作冲程中，只有做功冲程是将内能转化为机械能，也即获得动力，其他三个冲程是辅助冲程；电荷间的相互作用规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，图中头发相互排斥，故带同种电荷。
故答案为：做功冲程；同种。
【点评】本题主要考查汽油机工作冲程的判断和电荷间的相互作用规律，主要检测学生对基础知识点的掌握情况。
17．（4分）如图1，将玻璃板抽走后，上面的瓶子也变成红棕色，说明气体的分子在 不停地做无规则运动 ；如图2，用电压表测量盐水电池两端的电压，其中铜片是电池的 正 极。
【分析】分子在不停地做无规则运动；根据“电流必须从电压表的正接线柱流入，负接线柱流出”判断电池的极性。
【解答】解：实验中，将玻璃片抽走，可以看到二氧化氮与空气相互扩散，说明分子在不停地做无规则运动；
因为与电压表正接线柱相连的为电池的正极，所以钢片是电池的正极，锌片是电池的负极。
故答案为：不停地做无规则运动；正。
【点评】本题考查了分子动理论、电压表的使用，属于基础题。
三、作图和实验探究题（第18题4分，19题6分，20题10分，共20分）
18．（2分）在图所示的电路中有两根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小。
【分析】根据当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小，确定电压表只能与灯和变阻串联，根据串联电路的规律和分压原理，确定变阻器的连接，结合有两根导线尚未连接确定符合题意的情况。
【解答】解：由题知，闭合电键S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小；
若灯与变阻器并联，则电压表测电源电压保持不变，故灯只能与变阻器串联：
（1）若电压表测灯的电压，因当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小，由串联电路电压的规律，变阻器连入电路中的电阻变大，根据分压原理，变阻器右下接线柱连入电路中，因电源电压为3V，电压表选用小量程与灯并联，如下图1所示：但所用是三根导线，并且变阻器器短路，不符合题意，
（2）若电压表测变阻器的电压，因当滑动变阻器的滑片向左移动时，电压表的示数变小，由串联分压原理，变阻器连入电路中的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中，电源电压为3V，电压表选用小量程与灯并联，符合题意，如图2所示。
故答案为：如图2所示。
【点评】本题考查根据要求连接实物图，关键是根据要求确定符合题意的连接方式。
19．（2分）如图所示家庭电路中，吊灯L1和L2由开关S控制，墙上的有一个固定插座，请把电路连接完整。
【分析】先确定各用电器的连接方式，然后确定开关的接线方式，最后根据家庭电路的正确连接方法完成电路；三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
【解答】解：
由于家庭电路中的各个用电器是并联连接的，所以此电路中的两盏吊灯L1和L2并联，开关接在干路上同时控制两盏灯，且开关应接在火线上；
图中三根电线分别为火线、零线和地线；安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：
【点评】掌握家庭电路连接方法，正确、安全用电。
20．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，用铁夹将温度传感器及分别盛有水和食用油的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头部分与试管内的水和色拉油良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连接，如图所示。
（1）试管中加入的水和色拉油除初温相同外，还应保证 质量 。（选填“体积”或“质量”）相同。
（2）实验中物质吸热的多少是通过 加热时间 来反映的。
（3）由于没有直接测量比热容的仪器，因此这个实验是通过观察 相同时间内温度的变化 来比较比热容的大小。
【分析】我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：（1）根据比较不同物质的吸热能力，要控制不同物质的质量相同，故实验中应量取质量相同的水和色拉油；
（2）在相同时间内加热器放出的热量相同，水和色拉油吸收的热量相同，加热时间越长，吸收热量越多，所以用加热时间反应吸热的多少；
（3）本实验水和色拉油加热时间相同，即它们吸热相同，通过比较温度的变化，温度变化大的比热容小，温度变化小的比热容大。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；（3）相同时间内温度的变化。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21．（10分）小成想要测定小灯泡的额定功率，他选用了以下器材：标有“2.5V”字样的小灯泡（老师告诉他，该小灯泡正常工作电流在0.3A左右），电源为6V的恒稳蓄电池，量程为“0～0.6A”与“0～3A”的电流表，量程为“0～3V”与“0～15V”的电压表，开关，导线，如图甲。可是在选择滑动变阻器时他犹豫了，因为有三种规格的滑动变阻器，分别标有“10Ω 1A”、“20Ω 0.5A”、“50Ω 0.2A”字样。
（1）估算一下，请你帮小成选择一只合适的滑动变阻器 “20Ω 0.5A” ；
（2）当小灯泡两端的电压达到额定电压后，电流表的示数如图乙所示，小佳测得小灯泡的额定功率是 0.7W 。
（3）完成上述实验后，又找来了一个阻值为R0的电阻和两个开关，并借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了额定电压为U0的小灯泡的额定功率请完成下列的实验步骤：
①先闭合S1再闭合开关 S3 ，移动滑片，当电压表的示数为 U0 时，停止移动滑片；
②保持滑片的位置不动，断开开关S3再闭合开关S2，读出此时电压表的示数为U；
③灯泡额定功率的表达式为P＝ U0× （用已知量和测量量表示）。
【分析】（1）当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律结合欧姆定律求出变阻器接入电路的阻值，结合电流的大小，据此确定变阻器的规格；
（2）根据电流表选用量程确定分度值读数；根据P＝UI求出灯泡的额定功率；
（3）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，正常工作电流在0.3A左右；当灯泡正常发光时，根据串联电路电压规律可知，变阻器两端电压为U滑＝U﹣UL＝6V﹣2.5V＝3.5V，根据欧姆定律可知，变阻器接入电路的阻值为：
R滑＝＝≈11.7Ω，即滑动变阻器连入电路的电阻至少为11.7Ω，又因灯泡正常工作时的电流0.3A＞0.2A，故应选用“20Ω 0.5A”的滑动变阻器；
（2）当小灯泡两端的电压达到额定电压后，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A，小灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.28A＝0.7W；
（3）实验步骤：
①先闭合S1再闭合开关S3，移动滑片，当电压表的示数为U0时，停止移动滑片；
②保持滑片的位置不动，断开开关S3再闭合开关S2，读出此时电压表的示数为U；
③在步骤①中，灯泡、R0和变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片，当电压表的示数为U0时，灯泡正常发光；
在步骤②中，灯泡、R0和变阻器仍串联，电压表测灯与定值电阻两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时R0两端电压：U定＝U﹣U0，由欧姆定律，通过R0电流：
I定＝＝，根据串联电路电流的规律，灯泡的额定电流为I灯＝I定＝，
小灯泡的额定功率为：
P＝U灯I灯＝U0×。
故答案为：（1）“20Ω 0.5A”；（2）0.7W；（3）①S3；U0；③U0×。
【点评】本题测小灯泡的额定功率实验，考查了器材的选择、电流表读数和功率的计算及设计实验方案测功率的能力。
四、综合应用题（第21题9分，第22题13分，共22分）
22．（9分）中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源．可燃冰的热值很大，是天然气热值的10倍以上，若按15倍计算。[c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝7.0×107J/m3]求：
（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为多少？
（2）若这些热量的90%被水吸收，则水吸收的热量是多少？
（3）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是多少？
【分析】（1）先求出可燃冰的热值，利用Q放＝Vq求0.01m3可燃冰完全燃烧放出的热量；
（2）知道加热效率，利用Q吸＝Q放η得到水吸收的热量；
（3）根据Q吸＝cmΔt求出水升高的温度。
【解答】解：（1）由题意可得，可燃冰的热值：q可燃冰＝15q＝15×7.0×107J/m3＝1.05×109J/m3；
0.01m3可燃冰完全燃烧放出的热量：Q放＝Vq可燃冰＝0.01m3×1.05×109J/m3＝1.05×107J；
（2）被水吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝90%×1.05×107J＝9.45×106J；
（3）水升高的温度：Δt＝＝22.5℃。
答：（1）体积为0.0lm3的可燃冰完全燃烧放出的热量为1.05×107J；
（2）若这些热量的90%被水吸收，则水吸收的热量是9.45×106J；
（3）若这些热量的90%被质量为100kg的水吸收，则水升高的温度是22.5℃。
【点评】此题主要考查的是学生对热值、燃料完全燃烧放热公式和效率公式的应用，属于常见题目。
23．（13分）如图，甲是某品牌的电热水壶，其工作电路如图乙所示，开关S可以控制其加热、保温和停止三个状态，其铭牌如图丙所示。在该电热水壶正常工作的情况下，将一壶25℃的水在1标准大气压下加热到沸腾[假设电热丝产生的热量全部被水吸收，R1、R2的阻值不随温度变化[c水＝4.2×103J/（kg•℃），1L＝10﹣3m3]。求：
（1）水吸收的热量；
（2）R1、R2的阻值；
（3）加热这壶水到沸腾所用时间（结果保留一位小数）；
（4）实际加热这壶水到沸腾用时10.5min，求实际电压。
【分析】（1）先根据密度的变形公式求出水的质量，1标准大气压下，水的沸点为100℃，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（2）根据加热、保温的功率和电压，利用P＝分别求出加热和保温时的电阻，从而得出R1、R2的阻值；
（3）根据P＝的变形公式算出加热这壶水到沸腾所用时间；
（4）烧开同样一壶水所需的电能是相同的，根据P＝求出实际功率，然后根据P＝求出实际电压。
【解答】解：（1）由ρ＝得，水的质量：
m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3＝2kg，
1标准大气压下，水的沸点为100℃，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣25℃）＝6.3×105J；
（2）由图可知，开关打到2时，只有R1接入电路中，电路的电阻最小，根据P＝可知，此时为高温挡，
则R1的阻值为：
R1＝＝＝40Ω；
开关打到3时，两个电阻串联，则为低温挡；
低温挡的电阻为：
R＝＝＝484Ω；
根据串联电路的电阻关系可知，R2的阻值为：
R2＝R﹣R1＝484Ω﹣40Ω＝444Ω；
（3）根据P＝得加热这壶水到沸腾所用时间为：、
t＝＝＝≈520.7s；
（4）电热丝产生的热量全部被水吸收，根据Q吸＝W＝6.3×105J；
烧开同样一壶水所需的电能是相同的，
则电水壶的实际功率为：
P'＝＝＝1000W；
根据P＝可知，实际电压为：
U'＝＝＝200V。
答：（1）水吸收的热量为6.3×105J；
（2）R1为40Ω，R2的阻值为444Ω；
（3）加热这壶水到沸腾所用时间为 520.7s；
（4）实际电压为200V。
【点评】本题考查了吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的应用，知识点多、联系实际生活，属于中考常见题型，从电热水壶铭牌得出相关信息是本题的关键。
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