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    浙江省杭州市下城区2019-2020学年九年级上学期期末物理试题

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    这是一份浙江省杭州市下城区2019-2020学年九年级上学期期末物理试题,共14页。试卷主要包含了选择题,填空题,实验探究题,计算题等内容,欢迎下载使用。

    2019-2020学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷

    一、选择题(本大题共60分,每小题3分.每题只有一个选项符合题意)

    1.(3分)如图为汽油机工作过程中某个冲程的示意图,该冲程是(  )

    A.吸气冲程 B.排气冲程 C.做功冲程 D.压缩冲程

    2.(3分)在同一斜面上先后用相同大小的拉力F,平行于斜面拉动质量为m2m的物体,使它们在斜面上移动相同的距s,如图甲和乙所示。若拉力F在前后两个过程中所做的功分别为WW,则WW的大小关系是(  )

     

    AWW BWW CWW D.无法确定

    3.(3分)如图所示,钩码A的重力大于钩码B,用手托钩码A使两者处于静止状态。若不计摩擦、绳重和空气阻力,放手后至钩码B碰到滑轮前的过程中,下列说法正确的是(  )

    A.钩码A的机械能保持不变 

    B.钩码B的机械能保持不变 

    C.钩码A的动能增加,机械能增加 

    D.钩码B的动能增加,机械能增加

    4.(3分)如图所示电路,电源电压恒定,定值电阻的阻值为R1,滑动变阻器的最大阻值为R2、已知R2R1,闭合开关S后,将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中(  )

    A.电压表V1的示数变大,电阻R1的电功率先变大后变小 

    B.电压表V2的示数变小,滑动变阻器的电功率一直不变 

    C.电流表A的示数变大,电路消耗的总功率一直变大 

    D.电流表A的示数变大,电路消耗的总功率先变大后变小

    5.(3分)如图所示,甲滑轮组中动滑轮的总质量为3m,乙滑轮组中动滑轮的质量为2m,物体A的质量为2m,物体B的质量为m。在相同的时间内,分别用甲、乙两滑轮组使物体AB匀速升高相同的高度h,绳子自由端的拉力分别为F1F2.若不计绳重和摩擦,则下列判断正确的是(  )

    A.拉力F1大于F2 

    B.拉力F1拉动绳子自由端的速度小于F2拉动绳子自由端的速度 

    C.拉力F1的功率小于拉力F2的功率 

    D.甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率

    二、填空题(本大题共26分)

    6.(4分)如图所示,斜面长5m,高3m,用大小为90N沿斜面向上的拉力F,将重120N的铁块从底端匀速拉到顶端,斜面的机械效率为     ,物体受到的摩擦力为     N

    7.(6分)一辆汽油车在高速公路上以72km/h的速度匀速行驶20km的过程中,汽车发动机的输出功率始终为69kW,发动机的效率为25%,则此过程中,发动机做的功是     J,汽油车受到的阻力是     N,消耗的汽油为     kg.(汽油的热值为4.6×107J/kg

    三、实验探究题(本大题共42分)

    8.(6分)利用斜面探究动能大小与哪些因素有关的实验如图所示,实验中质量为m2m的小球从图示的高度由静止开始滚下,撞击水平面上的物体M,并将物体M推至虚线所在位置。

    1)甲组实验探究的问题是     

    2)根据乙组实验所示的结果,可得出的结论是     

    3)实验中通过观察比较水平面上的物体M移动的距离大小来判断小球动能的大小。这种方法称为转换法,请写出可以这样转换的原因     

    9.(8分)在测量小灯泡电功率的实验中,电源电压为4.5V,小灯泡的额定电压为2.5V,小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω

    1)用笔画代替导线,将图甲中的实物电路连接完整(要求:当滑动变阻器的滑片向右移动时,接入电路的电阻变大;连线不得交叉)。

    2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障是     

    3)排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是     

    4)继续移动滑片P,得到多组对应的电压表和电流表示数,并绘制成图丙所示的IU关系图象,根据图象信息,判断实验数据是否可靠?     ,原因是     

    四、计算题(本大题共32分)

    10.(7分)如图,电动机的线圈电阻为0.5Ω,其转轴上所绕的细线悬挂一个质量为2kg的重物,细绳足够长。当S闭合时,标有6V3W的电灯L恰好能正常工作;电动机使重物匀速上升时,电流表读数为2.5A,取g10N/kg。计算:

    1)通过电灯L的电流有多大?

    2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率有多大?

    3)重物被匀速提升时的速度有多大?

    11.(6分)一根质量分布均匀的细杆AB,可绕固定点A自由转动,杆长为1.0米,重力为160N.水平推力F0推着一个棱长为0.4米的立方体,使杆恰好与水平面秤30°夹角而静止,如图所示。不计一切摩擦力。计算:(结果均保留根式)

    1)图示位置时,立方体对细杆的支持力。

    2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从30°60°的过程中,外力F0所做的功。

    12.(6分)如图为某品牌家用电速热水龙头。打开水龙头,35秒就可流出热水。电热速水龙头的额定电压是220V,额定功率是3300W.某次该水龙头在额定电压下工作时,流入水的初温为15,在加热的21s时间内,得到0.45千克、末温48的热水。

    1)该速热水龙头的电阻为多少?(取整数)

    2)该速热水龙头工作效率为多少?[c4.2×103J/kg•℃]

    13.(9分)201913日,嫦娥四号探测器成功着陆在月球背面,并通过鹊桥中继星传回了近距离的月背影像图(如图甲所示),揭开了月背的神秘面纱。

    1嫦娥四号探测器在着陆过程中逐渐减速,在距月面100米处开始悬停,选定相对平坦区域后开始匀速缓慢垂直下降。在此过程中,若不考虑其质量变化,它的机械能     (选填增大”“减小不变);重力做功为     J(已知嫦娥四号探测器质量为1.0×103kg,月球表面的物体重力和质量的比值g1.63N/kg)。


    2019-2020学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷

    参考答案与试题解析

    一、选择题(本大题共60分,每小题3分.每题只有一个选项符合题意)

    1【解答】解:由图可知,进气门和排气门都是关闭的,活塞上行,因此是压缩冲程,压缩冲程中机械能转化为内能。

    故选:D

    2【解答】解:

    在同一斜面上先后用相同大小的拉力F,平行于斜面拉动质量为m2m的物体,使它们在斜面上移动相同的距s

    拉力F相等,物体在拉力的方向上移动的距离s相等,

    根据WFs可知,拉力F在前后两个过程中所做的功相等,即WW

    故选:B

    3【解答】解:

    不计摩擦、绳重和空气阻力,用手托钩码A,钩码AB都处于静止状态,

    因为钩码A的重力大于钩码B

    所以放手后钩码A向下运动,速度不断变大;钩码B向上运动,碰到滑轮前的过程中,速度不断变大。

    根据以上分析可知:

    AC、钩码A在下降过程中,质量不变,高度减小,重力势能变小,速度变大,动能变大,故A的重力势能转化为AB的动能,所以机械能减小,故AC错误。

    BD、钩码B在上升过程中,质量不变、速度变大,动能变大;同时其高度增加,重力势能变大,所以机械能增加,故B错误,D正确。

    故选:D

    4【解答】解:由电路图可知,R1R2串联,电压表V1R1两端的电压,电压表V2R2两端的电压,电流表测电路中的电流;

    将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,

    I可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大;

    根据UIR可知,R1R3两端的电压均增大,则电压表V1的示数增大,

    因为串联电路中总电压等于各分电压之和,

    所以滑动变阻器R2两端的电压变小,电压表V2示数变小;

    PI2R可知,R1的电功率都变大,故A错误;

    PUI可知,电源电压一定时,电流变大,总功率变大,故C正确,D错误。

    滑动变阻器功率为:P2×R2

    RR1+R3时,滑动变阻器的电功率最大,之后又逐渐减小,所以滑动变阻器的电功率是变化的,故B错误。

    故选:C

    5【解答】解:

    由图知,n14n22

    A、不计绳重和摩擦,两滑轮组绳端的拉力分别为:

    F1G1+G1)=2mg+3mg)=1.25mg

    F2G2+G2)=mg+2mg)=1.5mg

    所以拉力F1小于F2;故A错误;

    B、在相同时间内,分别用甲、乙两滑轮组使物体AB匀速升高相同的高度h,则物体上升的速度v是相同的;由图知,n14n22,则绳端的速度v14vv22v,即拉力F1拉动绳子自由端的速度大于F2拉动绳子自由端的速度,故B错误;

    C、拉力F1所做功的功率为:P1F1v11.25mg×4v5mgv

    拉力F2所做功的功率为:P2F2v21.5mg×2v3mgv

    所以拉力F1的功率大于拉力F2的功率,故C错误;

    4)不计绳重和摩擦,甲滑轮组的机械效率:η140%

    乙滑轮组的机械效率:η233.3%

    所以,甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率,故D正确。

    故选:D

    二、填空题(本大题共26分)

    6【解答】解:

    1)拉力做的总功:

    WFs90N×5m450J

    拉力做的有用功:

    W有用Gh120N×3m360J

    斜面的机械效率:

    η×100%×100%80%

    2)因为WW有用+W

    所以额外功:WWW有用450J360J90J

    Wfs得,物体受到的摩擦力:

    f18N

    故答案为:80%18

    7【解答】解:

    1v72km/h20m/s

    v得汽车行驶的时间:

    t1000s

    根据P得发动机做的功:

    WPt69×103W×1000s6.9×107J

    2)由WFs得汽车的牵引力:

    F3.45×103N

    因为汽车匀速行驶时处于平衡状态,受到的牵引力和阻力是一对平衡力,

    所以阻力:

    fF3.45×103N

    3)由η×100%可得消耗汽油完全燃烧释放的热量为:

    Q2.76×108J

    Qmq得消耗汽油的质量:

    m6kg

    故答案为:6.9×1073.45×1036

    三、实验探究题(本大题共42分)

    8【解答】解:

    1)由图甲可知,小球的质量相同,从不同的高度滚下,到达水平面时的速度不同,推动木块移动的距离不同,所以是探究动能的大小与速度的关系;

    2)由图乙可知,球滚下的高度相同,速度相同,质量不同,质量大的,推动木块移动的距离大,则结论为:在速度相等且不为零的情况下,物体的质量越大,动能越大;

    3)小球的动能全部转化为小球与物体M的内能,等于摩擦力做功fL.所以L越大,代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的动能越大。

    故答案为:(1)动能的大小与速度的关系;(2)在速度相等且不为零的情况下,物体的质量越大,动能越大;

    3)小球的动能全部转化为小球与物体M的内能,等于摩擦力做功fL.所以L越大,代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的动能越大。

    9【解答】解:

    1)当滑动变阻器的滑片向右移动时,接入电路的电阻变大,故变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联,

    小灯泡的额定电压为2.5V,则电压表选用小量程与灯并联,如下所示:

    2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障是:电压表正负接线柱接反了;

    3)为保护电路,连接电路时,变阻器连入电路电阻应最大,因灯在额定电压下正常发光,

    排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是向左移动滑动变阻器的滑片P,直至电压表的示数为2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算;

    4)根据绘制成图丙所示的IU关系图象知,电压分别为1.5V2V2.5V时的电流分别为0.1A0.15A0.25A

    由欧姆定律I,电压为1.5V时灯的电阻R115Ω,同理电压为2V2.5V时灯的电阻分别为13.3Ω10Ω

    故根据图象信息,判断实验数据不可靠,原因是:小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了,而实验室所用灯泡灯丝一般都是钨丝,电阻随温度的升高而增大。

    故答案为:

    1)如上所示;

    2)电压表正负接线柱接反;

    3)向左移动滑动变阻器的滑片P,直至电压表的示数为2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算;

    4)不可靠;小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了,而实验室所用灯泡灯丝一般都是钨丝,电阻随温度的升高而增大。

    四、计算题(本大题共32分)

    10【解答】解:

    1)由于电灯L恰好能正常工作,所以电源电压UU6V

    PUI可得通过电灯L的电流:ILI0.5A

    2)由图可知灯泡与电动机并联,电流表测总电流,

    因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,

    所以,通过电动机的电流:IMIIL2.5A0.5A2A

    电动机的总功率:PUI6V×2A12W

    电动机线圈的发热功率:PIM2R=(2A2×0.5Ω2W

    电动机输出的机械功率:P机械PP12W2W10W

    3)重物被匀速提升,则由P机械Fvmgv可得重物匀速上升的速度:

    v0.5m/s

    答:(1)通过电灯L的电流为0.5A

    2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率为10W

    3)重物被匀速提升时的速度为0.5m/s

    11【解答】解:

    1)如图所示:

    杆恰好与水平面成30°夹角,D为杆的中点,即重心的位置,则ADL0.5m

    立方体的棱长为0.4m,则CE的长度为0.4m

    CAE30°,则由直角三角形的知识可知,F的力臂LF2CE2×0.4m0.8m

    重力的力臂为:LGADcos30°0.5m×0.25m

    根据杠杆平衡的条件可得FLFGLG

    所以:F50N

    2)上图中,当杆与水平面的夹角为30°时,细杆重心离地的高度为BDAD×sin30°0.5m×0.25m

    当杆与水平面的夹角为60°时,如下图所示:

    此时细杆重心离地的高度为:B'DADsin60°0.5m×0.25m

    所以使杆与水平面的夹角从30°60°的过程中,重心上升的高度为:h0.25m0.25m

    克服重力所做的功为:WGh160N×0.25m0.25m)=401J

    不考虑一切摩擦,外力F0做功全部用于克服杆的重力做功,则外力F0所做的功为401J

    答:(1)图示位置时,立方体对细杆的支持力为50N

    2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从30°60°的过程中,外力F0所做的功为401J

    12【解答】解:(1)由P可得,速热水龙头的电阻:

    R15Ω

    2)水吸收的热量:

    Qcmtt0)=4.2×103J/kg•℃×0.45kg×48℃﹣15)=62370J

    速热水龙头工作21s消耗的电能:

    WPt3300W×21s69300J

    速热水龙头的工作效率:

    η×100%×100%90%

    答:(1)该速热水龙头的电阻为15Ω

    2)该速热水龙头工作效率为90%

    13【解答】解:(1)探测器匀速缓慢垂直下降时,质量不变,速度不变,高度降低,则其动能不变,重力势能减小,因动能和势能统称为机械能,所以其机械能减小;

    该过程中重力做功:WGhmgh1.0×103kg×1.63N/kg×100m1.63×105J

    故答案为:(1)减小;1.63×105

    声明:试题解析著作权属菁优网所有,未经书面同意,不得复制发布日期:2022/9/20 20:22:05;用户:黄绍豪;邮箱:15778348456;学号:22306196

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