浙江省杭州市下城区2019-2020学年九年级上学期期末物理试题
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一、选择题(本大题共60分,每小题3分.每题只有一个选项符合题意)
1.(3分)如图为汽油机工作过程中某个冲程的示意图,该冲程是( )
A.吸气冲程 B.排气冲程 C.做功冲程 D.压缩冲程
2.(3分)在同一斜面上先后用相同大小的拉力F,平行于斜面拉动质量为m和2m的物体,使它们在斜面上移动相同的距s,如图甲和乙所示。若拉力F在前后两个过程中所做的功分别为W甲和W乙,则W甲和W乙的大小关系是( )
A.W甲>W乙 B.W甲=W乙 C.W甲<W乙 D.无法确定
3.(3分)如图所示,钩码A的重力大于钩码B,用手托钩码A使两者处于静止状态。若不计摩擦、绳重和空气阻力,放手后至钩码B碰到滑轮前的过程中,下列说法正确的是( )
A.钩码A的机械能保持不变
B.钩码B的机械能保持不变
C.钩码A的动能增加,机械能增加
D.钩码B的动能增加,机械能增加
4.(3分)如图所示电路,电源电压恒定,定值电阻的阻值为R1,滑动变阻器的最大阻值为R2、已知R2>R1,闭合开关S后,将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中( )
A.电压表V1的示数变大,电阻R1的电功率先变大后变小
B.电压表V2的示数变小,滑动变阻器的电功率一直不变
C.电流表A的示数变大,电路消耗的总功率一直变大
D.电流表A的示数变大,电路消耗的总功率先变大后变小
5.(3分)如图所示,甲滑轮组中动滑轮的总质量为3m,乙滑轮组中动滑轮的质量为2m,物体A的质量为2m,物体B的质量为m。在相同的时间内,分别用甲、乙两滑轮组使物体A和B匀速升高相同的高度h,绳子自由端的拉力分别为F1、F2.若不计绳重和摩擦,则下列判断正确的是( )
A.拉力F1大于F2
B.拉力F1拉动绳子自由端的速度小于F2拉动绳子自由端的速度
C.拉力F1的功率小于拉力F2的功率
D.甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率
二、填空题(本大题共26分)
6.(4分)如图所示,斜面长5m,高3m,用大小为90N沿斜面向上的拉力F,将重120N的铁块从底端匀速拉到顶端,斜面的机械效率为 ,物体受到的摩擦力为 N。
7.(6分)一辆汽油车在高速公路上以72km/h的速度匀速行驶20km的过程中,汽车发动机的输出功率始终为69kW,发动机的效率为25%,则此过程中,发动机做的功是 J,汽油车受到的阻力是 N,消耗的汽油为 kg.(汽油的热值为4.6×107J/kg)
三、实验探究题(本大题共42分)
8.(6分)利用斜面探究“动能大小与哪些因素有关”的实验如图所示,实验中质量为m和2m的小球从图示的高度由静止开始滚下,撞击水平面上的物体M,并将物体M推至虚线所在位置。
(1)甲组实验探究的问题是 。
(2)根据乙组实验所示的结果,可得出的结论是 。
(3)实验中通过观察比较水平面上的物体M移动的距离大小来判断小球动能的大小。这种方法称为转换法,请写出可以这样转换的原因 。
9.(8分)在测量小灯泡电功率的实验中,电源电压为4.5V,小灯泡的额定电压为2.5V,小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω。
(1)用笔画代替导线,将图甲中的实物电路连接完整(要求:当滑动变阻器的滑片向右移动时,接入电路的电阻变大;连线不得交叉)。
(2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障是 。
(3)排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是 。
(4)继续移动滑片P,得到多组对应的电压表和电流表示数,并绘制成图丙所示的I﹣U关系图象,根据图象信息,判断实验数据是否可靠? ,原因是 。
四、计算题(本大题共32分)
10.(7分)如图,电动机的线圈电阻为0.5Ω,其转轴上所绕的细线悬挂一个质量为2kg的重物,细绳足够长。当S闭合时,标有“6V,3W”的电灯L恰好能正常工作;电动机使重物匀速上升时,电流表读数为2.5A,取g=10N/kg。计算:
(1)通过电灯L的电流有多大?
(2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率有多大?
(3)重物被匀速提升时的速度有多大?
11.(6分)一根质量分布均匀的细杆AB,可绕固定点A自由转动,杆长为1.0米,重力为160N.水平推力F0推着一个棱长为0.4米的立方体,使杆恰好与水平面秤30°夹角而静止,如图所示。不计一切摩擦力。计算:(结果均保留根式)
(1)图示位置时,立方体对细杆的支持力。
(2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从30°到60°的过程中,外力F0所做的功。
12.(6分)如图为某品牌家用电速热水龙头。打开水龙头,3﹣5秒就可流出热水。电热速水龙头的额定电压是220V,额定功率是3300W.某次该水龙头在额定电压下工作时,流入水的初温为15℃,在加热的21s时间内,得到0.45千克、末温48℃的热水。
(1)该速热水龙头的电阻为多少?(取整数)
(2)该速热水龙头工作效率为多少?[c水=4.2×103J/(kg•℃)]
13.(9分)2019年1月3日,“嫦娥四号”探测器成功着陆在月球背面,并通过“鹊桥”中继星传回了近距离的月背影像图(如图甲所示),揭开了月背的神秘面纱。
(1)“嫦娥四号”探测器在着陆过程中逐渐减速,在距月面100米处开始悬停,选定相对平坦区域后开始匀速缓慢垂直下降。在此过程中,若不考虑其质量变化,它的机械能 (选填“增大”“减小”或“不变”);重力做功为 J(已知“嫦娥四号”探测器质量为1.0×103kg,月球表面的物体重力和质量的比值g月=1.63N/kg)。
2019-2020学年浙江省杭州市下城区九年级(上)期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共60分,每小题3分.每题只有一个选项符合题意)
1.【解答】解:由图可知,进气门和排气门都是关闭的,活塞上行,因此是压缩冲程,压缩冲程中机械能转化为内能。
故选:D。
2.【解答】解:
在同一斜面上先后用相同大小的拉力F,平行于斜面拉动质量为m和2m的物体,使它们在斜面上移动相同的距s,
拉力F相等,物体在拉力的方向上移动的距离s相等,
根据W=Fs可知,拉力F在前后两个过程中所做的功相等,即W甲=W乙。
故选:B。
3.【解答】解:
不计摩擦、绳重和空气阻力,用手托钩码A,钩码A和B都处于静止状态,
因为钩码A的重力大于钩码B,
所以放手后钩码A向下运动,速度不断变大;钩码B向上运动,碰到滑轮前的过程中,速度不断变大。
根据以上分析可知:
AC、钩码A在下降过程中,质量不变,高度减小,重力势能变小,速度变大,动能变大,故A的重力势能转化为A和B的动能,所以机械能减小,故AC错误。
BD、钩码B在上升过程中,质量不变、速度变大,动能变大;同时其高度增加,重力势能变大,所以机械能增加,故B错误,D正确。
故选:D。
4.【解答】解:由电路图可知,R1与R2串联,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R2两端的电压,电流表测电路中的电流;
将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中,接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,
由I=可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大;
根据U=IR可知,R1和R3两端的电压均增大,则电压表V1的示数增大,
因为串联电路中总电压等于各分电压之和,
所以滑动变阻器R2两端的电压变小,电压表V2示数变小;
由P=I2R可知,R1的电功率都变大,故A错误;
由P=UI可知,电源电压一定时,电流变大,总功率变大,故C正确,D错误。
滑动变阻器功率为:P2=×R2==,
当R滑=R1+R3时,滑动变阻器的电功率最大,之后又逐渐减小,所以滑动变阻器的电功率是变化的,故B错误。
故选:C。
5.【解答】解:
由图知,n1=4,n2=2,
A、不计绳重和摩擦,两滑轮组绳端的拉力分别为:
F1=(G1+G轮1)=(2mg+3mg)=1.25mg;
F2=(G2+G轮2)=(mg+2mg)=1.5mg,
所以拉力F1小于F2;故A错误;
B、在相同时间内,分别用甲、乙两滑轮组使物体A和B匀速升高相同的高度h,则物体上升的速度v是相同的;由图知,n1=4,n2=2,则绳端的速度v1=4v,v2=2v,即拉力F1拉动绳子自由端的速度大于F2拉动绳子自由端的速度,故B错误;
C、拉力F1所做功的功率为:P1=F1v1=1.25mg×4v=5mgv;
拉力F2所做功的功率为:P2=F2v2=1.5mg×2v=3mgv;
所以拉力F1的功率大于拉力F2的功率,故C错误;
(4)不计绳重和摩擦,甲滑轮组的机械效率:η1===40%;
乙滑轮组的机械效率:η2==≈33.3%;
所以,甲滑轮组的机械效率大于乙滑轮组的机械效率,故D正确。
故选:D。
二、填空题(本大题共26分)
6.【解答】解:
(1)拉力做的总功:
W总=Fs=90N×5m=450J,
拉力做的有用功:
W有用=Gh=120N×3m=360J,
斜面的机械效率:
η=×100%=×100%=80%。
(2)因为W总=W有用+W额,
所以额外功:W额=W总﹣W有用=450J﹣360J=90J,
由W额=fs得,物体受到的摩擦力:
f===18N。
故答案为:80%;18。
7.【解答】解:
(1)v=72km/h=20m/s,
由v=得汽车行驶的时间:
t===1000s,
根据P=得发动机做的功:
W=Pt=69×103W×1000s=6.9×107J;
(2)由W=Fs得汽车的牵引力:
F===3.45×103N,
因为汽车匀速行驶时处于平衡状态,受到的牵引力和阻力是一对平衡力,
所以阻力:
f=F=3.45×103N;
(3)由η=×100%可得消耗汽油完全燃烧释放的热量为:
Q放===2.76×108J,
由Q放=mq得消耗汽油的质量:
m===6kg。
故答案为:6.9×107;3.45×103;6。
三、实验探究题(本大题共42分)
8.【解答】解:
(1)由图甲可知,小球的质量相同,从不同的高度滚下,到达水平面时的速度不同,推动木块移动的距离不同,所以是探究动能的大小与速度的关系;
(2)由图乙可知,球滚下的高度相同,速度相同,质量不同,质量大的,推动木块移动的距离大,则结论为:在速度相等且不为零的情况下,物体的质量越大,动能越大;
(3)小球的动能全部转化为小球与物体M的内能,等于摩擦力做功fL.所以L越大,代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的动能越大。
故答案为:(1)动能的大小与速度的关系;(2)在速度相等且不为零的情况下,物体的质量越大,动能越大;
(3)小球的动能全部转化为小球与物体M的内能,等于摩擦力做功fL.所以L越大,代表摩擦力作用越多,内能越大,小球的动能越大。
9.【解答】解:
(1)当滑动变阻器的滑片向右移动时,接入电路的电阻变大,故变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联,
小灯泡的额定电压为2.5V,则电压表选用小量程与灯并联,如下所示:
(2)连接电路后试触开关,发现电压表指针发生如图乙所示偏转,则出现的故障是:电压表正负接线柱接反了;
(3)为保护电路,连接电路时,变阻器连入电路电阻应最大,因灯在额定电压下正常发光,
排除故障后,闭合开关,若要测量小灯泡的额定功率,接下来的操作是向左移动滑动变阻器的滑片P,直至电压表的示数为2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算;
(4)根据绘制成图丙所示的I﹣U关系图象知,电压分别为1.5V、2V、2.5V时的电流分别为0.1A、0.15A、0.25A,
由欧姆定律I=,电压为1.5V时灯的电阻R1===15Ω,同理电压为2V、2.5V时灯的电阻分别为13.3Ω、10Ω,
故根据图象信息,判断实验数据不可靠,原因是:小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了,而实验室所用灯泡灯丝一般都是钨丝,电阻随温度的升高而增大。
故答案为:
(1)如上所示;
(2)电压表正负接线柱接反;
(3)向左移动滑动变阻器的滑片P,直至电压表的示数为2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算;
(4)不可靠;小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了,而实验室所用灯泡灯丝一般都是钨丝,电阻随温度的升高而增大。
四、计算题(本大题共32分)
10.【解答】解:
(1)由于电灯L恰好能正常工作,所以电源电压U=U额=6V,
由P=UI可得通过电灯L的电流:IL=I额===0.5A;
(2)由图可知灯泡与电动机并联,电流表测总电流,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,通过电动机的电流:IM=I﹣IL=2.5A﹣0.5A=2A,
电动机的总功率:P总=UI=6V×2A=12W,
电动机线圈的发热功率:P热=IM2R=(2A)2×0.5Ω=2W,
电动机输出的机械功率:P机械=P总﹣P热=12W﹣2W=10W;
(3)重物被匀速提升,则由P机械=Fv=mgv可得重物匀速上升的速度:
v===0.5m/s。
答:(1)通过电灯L的电流为0.5A;
(2)重物被匀速提升时,电动机输出的机械功率为10W;
(3)重物被匀速提升时的速度为0.5m/s。
11.【解答】解:
(1)如图所示:
;
杆恰好与水平面成30°夹角,D为杆的中点,即重心的位置,则AD=L杆=0.5m;
立方体的棱长为0.4m,则CE的长度为0.4m,
因∠CAE=30°,则由直角三角形的知识可知,F的力臂LF=2CE=2×0.4m=0.8m;
重力的力臂为:LG=ADcos30°=0.5m×=0.25m;
根据杠杆平衡的条件可得FLF=GLG,
所以:F===50N;
(2)上图中,当杆与水平面的夹角为30°时,细杆重心离地的高度为BD=AD×sin30°=0.5m×=0.25m;
当杆与水平面的夹角为60°时,如下图所示:
;
此时细杆重心离地的高度为:B'D=ADsin60°=0.5m×=0.25m;
所以使杆与水平面的夹角从30°到60°的过程中,重心上升的高度为:h=0.25m﹣0.25m;
克服重力所做的功为:W=Gh=160N×(0.25m﹣0.25m)=40(﹣1)J;
不考虑一切摩擦,外力F0做功全部用于克服杆的重力做功,则外力F0所做的功为40(﹣1)J。
答:(1)图示位置时,立方体对细杆的支持力为50N;
(2)缓慢匀速推动立方体,使杆与水平面的夹角从30°到60°的过程中,外力F0所做的功为40(﹣1)J。
12.【解答】解:(1)由P=可得,速热水龙头的电阻:
R==≈15Ω。
(2)水吸收的热量:
Q=c水m(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×0.45kg×(48℃﹣15℃)=62370J,
速热水龙头工作21s消耗的电能:
W=Pt=3300W×21s=69300J,
速热水龙头的工作效率:
η=×100%=×100%=90%。
答:(1)该速热水龙头的电阻为15Ω;
(2)该速热水龙头工作效率为90%。
13.【解答】解:(1)探测器匀速缓慢垂直下降时,质量不变,速度不变,高度降低,则其动能不变,重力势能减小,因动能和势能统称为机械能,所以其机械能减小;
该过程中重力做功:W=G月h=mg月h=1.0×103kg×1.63N/kg×100m=1.63×105J;
故答案为:(1)减小;1.63×105;
声明:试题解析著作权属菁优网所有,未经书面同意,不得复制发布日期:2022/9/20 20:22:05;用户:黄绍豪;邮箱:15778348456;学号:22306196
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