山东省济宁市梁山县第一高级中学2022-2023学年高二上学期10月月考物理试题（Word版含答案）

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梁山一中高二物理月考试卷
2022.10
本试卷满分 100 分，考试用时 90 分钟
一、单项选择题:本题共 8 小题,每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1．已知某单色光的波长为入，在真空中光速为c ，普朗克常量为h ，则电磁波辐射的能量子c 的值为( )
A ．h B ． C ． D．以上均不正确
c h c
入 入 h入
2．线圈在长直导线电流的磁场中做如图所示的运动：①向下平动； ②绕轴转动；③垂直于纸面向纸外平动；
④向上平动(线圈有个缺口)。则线圈中没有感应电流的是( )

A ．① B ．② C ．③ D ．④
3．小灯泡通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示， P 为图线上一点， PN 为图线在 P 点的切线，
PQ 为 U 轴的垂线， PM 为 I 轴的垂线，则下列说法中不正确的是( )
A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大
B．对应 P 点， 小灯泡的电阻为R=
C．对应 P 点， 小灯泡的电阻为R=
D．用欧姆表测得的小灯泡的电阻小于
4．额定电压均为 110V，额定功率 PA=100W ，PB=40W 的 A 、B 两盏灯泡，
若接在电压为 220V 的电路上， 使两盏灯泡均能正常发光，且消耗功率最小的电路是( )
A ． B ． C ． D．
5．关于多用电表的使用，下列说法正确的是( )
A．甲图中用多用电表直流电压挡测量的是电源的电压， 表笔接法正确
B．甲图中用多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端的电压，表笔接
法正确
C．乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的正向电阻
D．乙图中用多用电表电阻挡测量的是二极管的反向电阻

A．
6．如图所示，圆环上带有大量的负电荷， 当圆环沿顺时针方向转动时， a、b、c 三枚小磁针都要发生转动， 以下说法正确的是( )
A ．a 、b、c 的 N 极都向纸里转
B ．b 的 N 极向纸里转， 而a 、c 的 N 极向纸外转
C ．b、c 的 N 极都向纸里转， 而 a 的 N 极向纸外转
D ．b 的 N 极向纸外转， 而a 、c 的 N 极向纸里转
7．如图所示， 质量为 m 的足球在离地高 h 处时速度刚好水平向左，大小为 v1 ，守门员此时用手握拳击球， 使球以大小为 v2 的速度水平向右飞出，手和球作用的时间极短，重力加速度为 g，则( )
A．击球前后球动量改变量的方向水平向左
B．击球前后球动量改变量的大小是 mv2－mv1
C．击球前后球动量改变量的大小是 mv2＋mv1
D．球离开手时的机械能不可能是 mgh＋mv12
8．A 、B 两球之间压缩一根轻弹簧， 静置于光滑水平桌面上． 已知 A 、B 两球质量分别为 2m 和 m。当用板 挡住 A 球而只释放 B 球时，B 球被弹出落于距桌面水平距离为 x 的水平地面上，如图， 问当用同样的程度 压缩弹簧， 取走 A 左边的挡板， 将 A 、B 同时释放，B 球的落地点距桌面距离为( )





x
3

B ． x

C．x

D ． x

二、多项选择题:本题共 4 小题,每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求。全部 选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。
9．一研究小组给一粗细不均匀的同种材料制成的导体通电，下列说法正确的是( )
A．各处的电流相等
B．粗的地方电荷定向移动速率大，细的地方小
C．粗的地方电流小， 细的地方电流大
D．粗的地方电荷定向移动速率小， 细的地方大
10．如图所示的电路中，电源的电动势为 3.2V，电阻 R 的阻值为 30Ω，小灯泡 L 的额定电压为 3.0V，额定
功率为 4.5W. 当开关 S 接位置 1 时，电压表的读数为 3V，下列说法正确的是( )

A．电源的内电阻为 4Ω
B．小灯泡的电阻为 2Ω
C．当开关 S 接到位置 2 时，小灯泡很暗
D．当开关 S 接到位置 2 时，小灯泡两端的电压为 3V
11 ．如图， 三个电阻 R1 、R2 、R3 的阻值均为 R ，电源的内阻 r A．R2 消耗的功率变小
B．R3 消耗的功率变大
C ．电源输出的功率变大
D ．电源内阻消耗的功率变大
12．质量为 1 kg 的小球以v1 = 4m/s 的速度与质量为 2 kg 的静止小球正碰，关于原先运动的小球碰后的速度

v1 和原先静止的小球碰后的速度v2 ，下面哪些是可能正确的( )
A ．v1 = v2 = m/s
B ．v1 = 3 m/s ，v2 = 0.5 m/s

C ．v1 = 1 m/s ，v2 = 3 m/s

D ．v1 =一1 m/s ，v2 = 2.5 m/s
三、非选择题:本题共 6 小题， 共 60 分。
13．“求索”兴趣小组利用如图所示的装置进行“验证动量守恒定律”实验。在足够大的水平平台上的A 点放置
一个光电门，水平平台上A 点右侧摩擦很小，可忽略不计，左侧为粗糙水平面。实验步骤如下：

A．在小滑块 a 上固定一个宽度为 d 的窄挡光片；
B．用天平分别测出小滑块 a (含挡光片)和小球 b 的质量ma 、mb ；
C．将 a 和 b 用细线连接，中间夹一被压缩了的水平轻短弹簧， 静止放置在平台上；
D ．细线烧断后， a 、b 瞬间被弹开， 并向相反方向运动；

E．记录滑块 a 通过光电门时挡光片的遮光时间t；
F．小球 b 从平台边缘飞出后， 落在水平地面的 B 点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度 h 及平台边缘铅 垂线与 B 点之间的距离sb ；
G ．改变弹簧压缩量， 进行多次测量。
当地重力加速度大小为 g，用上述实验所涉及物理量的符号表示：
(1) 滑块 a 通过光电门的速度为______；
(2) 该实验要验证动量守恒定律，则只需验证两物体 a 、b 弹开后的动量大小相等， 即____________。
14．在“金属丝电阻率的测量”实验中，所用测量仪器均已校准，待测金属丝接入电路部分的长度约为 50cm。

(1) 用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其示数为___________mm (该值 接近多次测量的平均值)。
(2) 用伏安法测金属丝的电阻Rx ，实验所用器材为电池组(电压 3V)、电流表(内阻约 0. 1Ω)、电压表(内
阻约 3kΩ)、滑动变阻器 R (0~20Ω，额定电流 2A)、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接
好电路，进行实验， 记录数据如表所示：

次数
1
2
3
4
5
6
7
U/V
0.10
0.30
0.70
1.00
1.50
1.70
2.30
I/A
0.022
0.068
0.160
0.220
0.340
0.460
0.520
这个小组的同学在坐标纸上建立 U-I 坐标系，如图乙所示，图中已标出了与测量数据对应的 4 个坐标点。请
在图中标出第 2、4、6 次测量数据的坐标点，并描绘出 U-I 图线___________，由图线得到金属丝的阻值Rx =
___________Ω (保留两位有效数字)。
(3) 根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为___________。
A．1102 . m B．1103 . m C．1106 . m D．1108 . m

15．如图所示， 滑动变阻器的总电阻 R＝1 000 Ω，A 、B 两端电压 U＝100 V，调节滑片 P 使其下部电阻 R1 ＝400 Ω .
(1) 空载时， C、D 两端电压多大？
(2)在 C、D 间接入一个 R0＝400 Ω 的电阻，C、D 两端的电压多大？









16．如图所示， 有三个以 O 为圆心的圆形线圈a 、b、c，半径rc = 2rb = 4ra = 0.4m ，在线圈 b 区域内存在一 垂直纸面向里的有界匀强磁场， 磁感应强度大小B = T 。
(1) 求通过三个线圈的磁通量总和Φ总 ；

(2) 要使通过三个线圈的磁通量总和Φ总(') = 0 ，求在线圈 c 与线圈b 之间区域所加垂直纸面向外的匀强磁场
的磁感应强度大小B 。


17 ．如图所示， R1 = 10 ，R2 = 5 ，C1 = 6 uF ，C2 = 12 uF ，电源的电动势E = 20V 、内阻r = 1 ，B 点接
地，求：
(1) 开关 S 断开时，电容器 C1 所带的电荷量 Q1；
(2) 开关 S 闭合时，D 点的电势 pD；
(3) 开关 S 闭合时，电容器 C1 、C2 所带的电荷量总和Q总 。







18．如图所示， 在光滑水平面上有两个小球 A 、B 用轻质弹簧连接，小球 A 、B 的质量分别为mA = 2kg ，

mB = 4kg ，小球 A 、B 所带电荷量均为 q = +2. 0X10- 15 C, 同处于水平向右的匀强电场中，电场强度大小 E=1.0X1015 V/m 。刚开始，两小球都固定在水平面上，弹簧处于原长状态，现同时放开两小球，经过t=3s ， 撒去电场， 此时两小球速度恰好相等，弹簧的弹性势能Ep = 6J 。求：
(1) 撤去电场瞬间小球 A 的速度大小；
(2) 弹簧第一次恢复原长时 A 、B 两小球各自的动能。


梁山一中高二物理月考参考答案：
v = E = h
c c
1 ．A【详解】根据E = hv ，又 入 ，所以 入 ，故 A 正确，BCD 错误．
2．D【详解】①线圈向下平动时，穿过线圈的磁通量减小，则线圈中会产生感应电流，选项 A 不符合题意；
②线圈绕轴转动时，穿过线圈的磁通量不断变化，线圈中会产生感应电流，选项 B 不符合题意；③线圈垂 直于纸面向纸外平动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则线圈中会产生感应电流，选项 C 不符合题意；④ 线圈向上平动，因线圈有个缺口，则线圈中不会有感应电流产生，选项 D 符合题意。故选 D。
3 ．C 【详解】 A ．I U 图像中图线的斜率表示电阻的倒数，由图可知图线的斜率逐渐减小， 说明电阻逐渐
R = U1 R = U1
增大， 故 A 正确； 对应 P 点， 小灯泡的电阻为 I2 ，故 B 正确， C 错误； I2 即为 P 点的电阻， 由于
1
U
随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，则用欧姆表测得的小灯泡的电阻小于 I2 ，故 D 正确。由于本题 选不正确的，故选 C。
4 ．C 【详解】判断灯泡能否正常发光，就要判断实际电压是不是额定电压或实际电流是不是额定电流，对
P = UI = U2
灯泡有 R ，可知 RAUA，又 UB＋UA=220V，则 UB>110V，
B 灯被烧毁， UA<110V，A 灯不能正常发光；对于 B 电路，由于 RB>RA，A 灯与滑动变阻器并联，并联电阻 小于 RB ，所以 UB>U并，则 UB>110V，B 灯被烧毁，A 灯不能正常发光；对于 C 电路，B 灯与滑动变阻器并 联，并联电阻可能等于 RA ，所以可能 UA=UB=110V ，两灯可以正常发光；对于 D 电路， 若滑动变阻器的有 效电阻等于 A 灯、 B 灯的并联电阻， 则 UA=UB=110V ，两灯可以正常发光。比较 C 、D 两个电路， 当灯 A、 B 均正常发光时， 由于 C 电路中滑动变阻器功率为 PC= (IA-IB ) ×110V ，而 D 电路中滑动变阻器功率为 PD= (IA＋IB ) ×110V ，所以 C 电路消耗电功率最小。故选 C。
5 ．C【详解】AB．图甲中用多用电表直流电压挡测量的是小灯泡两端的电压，但电流应从红笔流入，黑笔 流出， 图中表笔接法错误，故 AB 错误； 图乙中电流从黑笔流出， 红笔流入，此时二极管是导通状态，所以 多用电表测量的是二极管的正向电阻，故 C 正确，D 错误。
6．D【详解】圆环带有负电荷， 圆环顺时针转动时，产生的等效电流方向沿逆时针方向；由安培定则可知， a 、c 所在处磁场方向垂直于纸面向里，b 处磁场方向垂直于纸面向外，则a、c 处的小磁针的 N 极向纸里转 动， b 处小磁针的 N 极向纸外转动。故选 D。
7．C 【详解】 ABC. 规定水平向右为正方向， 击球前球的动量p1 ＝－mv1 ，击球后球的动量，p2 ＝mv2，击球 前后球动量改变量的大小是 Δp＝p2－p1 ＝mv2＋mv1 ，动量改变量的方向水平向右， 故 A 、B 错误，C 正确；


3h g 3
1 1
球离开手时的机械能为 mgh＋ 2 mv22 。因 v1 与 v2 可能相等，则球离开手时的机械能可能是 mgh＋ 2 mv12， 故 D 错误。故选 C。
8 ．D【详解】当用挡板挡住A 球而只释放 B 球时，B 球做平抛运动设桌面高度为 h，则有
B t 2h 2 B 4h
v = x = x g ，所以弹簧的弹性势能为E = 1 mv2 = mx2 g ，若保持弹簧的压缩程度不变， 取走 A 左边的挡

板， 将 A、B 同时释放， 由动守恒定律有0 = 2mvA mvB ，所以vA : vB = 1: 2 ，因此 A 球与 B 球获得的动能之

比EkA : EkB = 1: 2 ，所以 B 球获得动能为Ek = ，那么 B 球抛出时初速度为v = ，则平抛后落地水

平位移为x = . 2h = x ，故 ABC 错误；D 正确。故选 D．

v = I 9．AD【详解】AC．同一根导线上的电流相等，故 A 正确，C 错误；由电流微观表达式I = nqSv 可得 nqS ，
粗的地方电荷定向移动速率小， 细的地方大， 故 B 错误， D 正确。故选 AD。
I = PL = 4.5 A = 1.5A R = UL = 3 = 2
10 ．BC 【详解】 AB． 灯泡的额定电流 L UL 3 ， 电阻 L IL 1.5
I = U = 3 A = 0. 1A
当开关接 1 时，电阻R 的电流 R 30 ，根据根据闭合电路欧姆定律E = U + Ir ，代入 3.2 = 3+ 0.1r ；
可得r = 2 ，故 A 错误，B 正确；当开关接 2 时，灯泡电流
L RL + r 2 + 2 ，
I = E = 3.2 A = 0.8A 小于灯泡的额定电流，实际功率小于其额定功率，则灯泡 L 不能正常发光，会

很暗， 此时的电压为UL = IL RL = 0.8 2V = 1.6V ，故 C 正确， D 错误；选 BC。
11 ．CD【详解】把等效电路画出，如图


设Rca = Rx ，Rcd = R滑 Rx ，则R外 = R + (R + 滑(滑) Rx )
R
当Rx = 2滑 时， R外 有最大值， 当滑动变阻器的滑片由 c 点向a 端滑动时，Rca 减小， Rcd 增大，易得： R外 减
小，

t
R总 = R外 + r 减小， I1 = R总(E) 增大，故电源内阻消耗的功率Pr = I1(2)r 增大，故 D 正确 UR3 +Rcb =UR2 +Rca = E 一 I1 (r + R1 ) 减小， I3 = 减小，故PR3 = I3(2)R3 减小， 故 B 错误
而I2 = I1 一 I3 增大，故PR2 = I2(2)R2 减大， 故 A 错误，根据电源输出功率与R外 的关系图可知， 当R外 > r时，R外 减小电源输出功率越大， 故 C 正确；
12 ．AD【详解】碰撞前总动量为P = m1v1 = 1x 4kg .m/s = 4kg .m/s
1 2 1 2
碰撞前总动能为 k 2 1 1 2
E = m v = x1x 4 J = 8J
4 4
P, = m1v1 , + m2v2 , = 1x kg . m/s + 2x kg . m/s = 4kg . m/s
A.碰撞后总动量 3 3
E , = m v , + m v , = x1x( ) J + x 2x( ) J = J < 8J
1 2 1 2 1 4 2 1 4 2 8
碰撞后总动能为 k 2 1 1 2 2 2 2 3 2 3 3
满足动量守恒定律， 系统机械能没有增加，所以是可能的，选项 A 正确；
B. 碰撞后的速度v1, = 3 m/s ，v2, = 0.5 m/s ，因为v1, > v2, ，说明碰撞未结束还会发生二次碰撞，选项 B 错误；
C.碰撞后总动量P, = m1v1 , + m2v2 , =1x1kg .m/s + 2x3kg .m/s = 7kg .m/s > 4kg .m/s
不满足动量守恒定律，选项 C 错误；
D.碰撞后总动量P, = m1v1 , + m2v2 , =1x(一 1)kg .m/s + 2x 2.5kg .m/s = 4kg .m/s
E , = m v , + m v , = x1x(一 1)J + x 2x 2.5 J = 6.75J < 8J
1 2 1 2 1 2 1 2
碰撞后总动能为 k 2 1 1 2 2 2 2 2
满足动量守恒定律， 系统机械能没有增加，所以是可能的，选项 D 正确。


d
t
13．

【详解】(1)


m = m s
a t b b 2h
d g
d
[1]滑块 a 通过光电门的速度为 a t
v =

m v = m
d
(2) [2]物体 a 弹开后的动量大小为 a a a t
v = sb
小球 b 从平台边缘飞出后做平抛运动，则 b tb

=
平抛运动时间为 b g
g
2h


则 b b 2h
v = s

d
m = m s
验证动量守恒只需验证两物体 a、b 弹开后的动量大小相等，即 a t b b

m v = m s
b 球的动量为 b b b b 2h
g

g 2h















14 ． 0.398















0.46 C


【详解】(1)螺旋测微器的示数为0mm + 39.8〉0.01m = 0.398mm
(2) 图线应过原点·选尽可能多的点连成一条直线，不在直线上的点均匀分布在直线两侧，明显偏离的点应
舍去， 如图所示

R = k = 编U = 2.5 Q 必 4.5Ω
图线的斜率反映了金属丝的电阻，因此金属丝的阻值 x 编I 0.56
l
(3) [4]根据 x S
R = p

p= Rx S = 几Rx d2 = 3. 14〉4.5〉(0.398〉10一3 )2 Ω . m 必 1〉10一6 Ω . m
得金属丝的电阻率 l 4l 4〉0.5
故选 C。
15．(1) 40V (2) 25V
U ＝ UAB R = 100 〉400V = 40V 【详解】(1)空载时 CD 两端电压， 即为 R1 两端的电压； 则为： R1 R1 + R2 1 1000

R, = R2 + R1R0 = 600 + 400人 400 = 800Q
(2) 由图可知 R1 与 R0 并联后， 再与 R2 串联，则总电阻 R1 + R0 400 + 400 ；
由欧姆定律可得：则 CD 两端的电压UCD = IR并 = R并 = 人 200 = 25V
16．(1) 0.09Wb ；(2) 4冗(3) T
【详解】(1)根据题意， 由公式C= BS 可得，通过线圈a 的磁通量为Ca = B冗2ra = 0.01Wb 通过线圈b 的磁通量为Cb = B冗2rb = 0.04Wb
通过线圈c 的磁通量为Cc = B冗2rb = 0.04Wb
通过三个线圈的磁通量总和为Φ总 = Ca + Cb + Cc = 0.09Wb
(2) 根据题意，要使通过三个线圈的磁通量总和C总(') = 0 ，则有B'冗(rc2 一 2rb) = C总
B = T
' 3
解得 4冗
17．(1) 1.2×10-4C；(2) -6.25V；(3) 1.5×10-4C
【详解】(1) 开关断开时，C1 两端的电势差 U1=E=20V
电容器 C1 所带的电荷量 Q1=C1 U1=6×10-6 ×20C=1.2×10-4C
I = E = 20 A=1.25A (2) 开关 S 闭合后，R1 与 R2 串联，由闭合电路欧姆定律得 R1 + R2 + r 10 + 5 +1
电阻 R2 两端的电压为 U2=IR2=1.25×5V=6.25V
而 AD 间的电压 UAD=U2=6.25V
又 UAD=pA-pD
由题图知 pA=0
则 pD=-6.25V
I = E = 20 A=1.25A (3) 开关 S 闭合时，R1 与 R2 串联，由闭合电路欧姆定律得 R1 + R2 + r 10 + 5 +1
电容器 C1 、C2 的电压分别为 U1=IR1=1.25×10V=12.5V
U2=IR2=1.25×5V=6.25V
电容器 C1 、C2 的电量分别为 Q1=C1 U1=6×10-6 ×12.5C=7.5×10-5C
Q2 =C2 U2=12×10-6 ×6.25C=7.5×10-5C
电容器 C1 、C2 所带的电荷量总和为 Q 总= Q1+ Q2=1.5×10-4C

18．(1) 2m/s；(2) 0J ，18J
【详解】(1) 设撤去电场瞬间 A 的速度大小为v，以 AB 及弹簧构成的整体为研究对象，从释放到3s 过程 中，由动量定理可得
2qEt = (mA + mB )v

带入数据可得
v=2m/s
(2) 设弹簧第一次恢复原长时， A 、B 两球的速度分别为v1 、v2。从撤去电场到弹簧恢复原长的过程中， 以 AB 及弹簧构成的整体为研究对象，可知其在水平方向所受外力为零，故在水平方向上动量守恒， 故有
(mA +mB )v = mAv1 +mBv2
整个过程中系统能量守恒，故有
1 1 1
2 2 2
(mA +mB )v3 + EP = mAv1(2)+ mB v2(2)
且由于撤去电场时， 弹簧处于压缩状态， 故在此过程中， A 做减速运动，B 做加速运动。故有
2 1
v ＞ v
联立可得

v1 = 0m/s

v2 = 3m/s

故两球的动能分别为

KA
E = 0

1 2
EKB = 2 mBv2 = 18J