2023重庆市万州二中高三上学期12月线上考试物理含答案

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重庆市万州第二高级中学2023届高考适应性月考卷物  理  答  案一、选择题1、D  2、B  3、D  4、B  5、B  6、C  7、C  8、ＡＤ　９、BD  10、BC1．D【详解】AB．运动员沿圆弧弯道匀速率滑行，可看作匀速圆周运动，所受合外力提供向心力，方向始终指向圆心，合外力不为零，也不是恒力，故AB错误；CD．合外力与速度的方向始终保持垂直，合外力做功为零，但冲量是力与时间的乘积，合力的冲量不为零，故C错误，D正确。故选D。2．【答案】B【解析】20 km/h即5.5 m/s，车辆的最低时速为6 m/s，故A错；由v-t图象面积可大致估计出减速的位移为96 m，B对；由v-t图的斜率可知加速度不等于3 m/s2，C错；匀加速时，牵引力不变但速度增加，发动机输出功率增大，D错。3．D【详解】AC．设物块能到达斜面上最高点与水平面的距离为h，与Q点的水平距离为x，根据动能定理得即若减小倾角θ时，h不变，则x不变，故AC错误；B．若h变大，则x变小，故B错误；D．若h变小，则x变大，故D正确。故选D。4．B【详解】A．因为钠离子带正电，其仅在电场力作用下从图中的点运动到点，说明电场力的方向沿指向，电场线由指向，所以点电势高于点电势，故A错误；B．因为电场力对钠离子做正功，所以其电势能减少，故B正确；C．因为膜内的电场可看作匀强电场，根据钠离子的加速度不变，故C错误；D．根据动能定理可知钠离子进入细胞内的速度与距离大小无关，又因为膜电位不变，则钠离子进入细胞内的速度大小不变，故D错误。故选B。5．B【详解】A．设火星的质量为、“天问一号”探测器的质量为， “天问一号”探测器在距离火星中心为的轨道上做匀速圆周运动，有解得A错误；B．假定有一质量为的物体静止在火星两极表面上，则有得B正确；C．设“天问一号”探测器环绕速度为，则有解得C错误；D．设火星的同步卫星的质量为，距离星球表面高度为，则有解得D错误。故选B。6．正确答案C，分析：由题图可知，从到电势逐渐降低，说明电场方向水平向右，粒子从静止开始向右运动，受力与场强方向相同，故带正电，故A错误。由图象的斜率大小等于电场强度的大小可知，在与处，加速度不相等，故B错误。从到电势先降低后升高，电势能先减小后增大，故C正确。从原点到x轴正方向任意一点电势差均不为零，电场力对粒子做正功，速度一直向右，故D错误。7．C【详解】A．根据对称性可知，带电量Q的圆环，在圆心O点场强为0，带电金属小球在O点的场强不0，所以O 点的场强不为零，故A错误；B．设细线与半径的夹角为θ，由几何关系θ=60°由微元法，无限划分，设每一极小段圆环带电量为Δq，则 其中∑Δq=Q解得根据对称性可知，带电量为Q的圆环，在P、P′两点的场强大小相等，方向相反，即带电量为Q的圆环在P′点的场强大小为，而P′点的场强大小是圆环与带电金属小球在P′的电场强度的叠加，所以故B错误；C．对小球受力分析如图，则 解得选项C正确；D．剪断细线瞬间，小球受合外力沿细线方向斜向右下，则加速度方向斜向右下方，选项D错误。故选C。8．AD【详解】A．根据左手定则可判断得，右侧导线开始时，受到垂直纸面向外的安培力作用，所以导线垂直纸面向外摆动，故A正确；B．右侧导线在摆动过程中，当铝箔刷子与下端铝箔分开时，导线中无电流通过，不受安培力作用，故B错误；C．右侧导线在整个摆动过程中安培力的方向既有与导线运动方向相同的情况，也有与导线运动方向相反的情况，所以安培力对导线有做正功，也有做负功，故C错误；D．根据左手定则可判断得，同时改变电流方向及磁铁的磁极方向，右侧导线所受安培力方向不变，所以开始摆动方向与原来相同，故D正确。故选D。9．BD【详解】A．由题可知，小球在距B点的P点处于静止状态，小球受到两根弹簧的弹力合力大小为对小球由共点力平衡可得解得故A错误；B．根据对称性，可知小球在Q点的受两弹簧弹力合力情况与P点大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律，有解得故B正确；C．小球从Q点由静止下滑时，运动到P点时受力平衡，加速度为0，速度最大，动能最大，从Q到P过程中，弹簧弹力总功为零，根据动能定理可得由几何关系可求得解得故C错误；D．由题可知，小球从Q点静止运动到最低点时，小球做简谐振动，P点为平衡位置，根据简谐运动的对称性可知，小球运动最低点到P点距离为，所以小球运动到最低点的位置离B点距离为故D正确。故选BD。10．BC【详解】A．粒子运动过程只受电场力作用，粒子到达斜面时速度为零，故粒子在第二个t内做匀减速直线运动；又有粒子在第一个t内只受竖直向下的电场力作用，故粒子做类平抛运动，那么，粒子运动轨迹如图中虚线所示，根据粒子在第二个t内做匀减速直线运动，且粒子刚好沿垂直于斜面的方向到达斜面可得，粒子到达界面OA后不会沿原运动轨迹返回P点。故A错误；B．粒子在第一个t末的速度方向垂直斜面，由类平抛运动加速度可得粒子从P点射出的初速度故B正确；C．粒子在第二个t内加速度的竖直分量为方向竖直向上；水平方向的加速度方向水平向左；粒子受两个电场的电场力作用，场强E0产生的加速度方向竖直向下，大小为a，故场强E产生竖直向上的加速度和水平向左的加速度所以，场强E的竖直分量为2E0，水平分量为E0，所以故C正确；D．第一个时间t内，粒子做类平抛运动，在竖直方向的位移水平方向的位移在第二个时间t内，粒子做匀减速运动，竖直方向的平均速度为，水平方向的平均速度为，故在竖直方向的位移水平方向的位移且有那么，粒子竖直位移水平位移所以，P点与x轴的距离又所以P点纵坐标故D错误。故选BC。二、实验题11．     减小     大     0.43，0.44           小【详解】（1）[1]由图1可知F越大R越小，即压力传感器的电阻值R1随压力的增大而减小。（2）[2]当鸡蛋质量较大时，压力秤作用于R1的压力F较大，则R1较小，令通过R2的电流较大，故R2两端电压较大，经过放大电路放大后电压超过某一数值时电磁铁可以吸动衔铁使弹簧下压，鸡蛋就进入B通道。所以从B通道通过的是大鸡蛋。（3）[3]根据闭合电路欧姆定律解得R1=10Ω由图1，当R1=10Ω时，F=0.47N。所以选择的打鸡蛋对压力秤的压力要大于0.47N。（4）[4]要选出更大的鸡蛋，即要相同的鸡蛋送到压力秤时，令R2两端的电压较原来的小，所以需要把R2的阻值调小。12．     天平     匀速直线     -0.011     ③【详解】（1）[1]要测量滑块的动量还需要测量滑块的质量，故还需要的器材是天平；（2）[2]为了减小重力对实验的影响，应该让气垫导轨处于水平位置，故调节气垫导轨后要使滑块能在气垫导轨上近似做匀速直线运动；（3）[3]取滑块A碰前运动方向为正方向，根据x-t图可知滑块B碰前的速度为则滑块B碰前的动量为[4]由题意可知两物块相碰要符合碰撞制约关系则④图线为碰前A物块的图线，由图可知碰后③图线的速度大于②图线的速度，根据“后不超前”的原则可知③为碰后A物块的图线。三、计算题13（1）；（2）9000J；（3）【详解】（1）由牛顿第二定律可得代入数据可得 由匀加速直线运动公式代入数据可得 （2）从A到B，根据动能定理解得（3）设CD间距离为，根据平抛运动的规律，水平方向有竖直方向有由于水平方向做匀速直线运动，故水平方向动量不变。竖直方向做自由落体运动，竖直方向的动量变化量即为运动员在空中运动过程中动量的变化量，即联立解得【点睛】根据运动在各个运动阶段的受力情况，判断各个运动阶段的运动情况，再根据运动规律或者功能关系进行解答。明确运动员在空中的运动规律，分析运动员在空中的运动情况得出其动量的变化情况。14．（1）证明见解析；（2）；（3）【详解】（1）点电荷从A到B的过程中，根据动能定理得又根据静电力做功与电势能变化的关系可得联立两式，可得所以，带同种电荷的质点A从远处靠近B的过程中，动能和电势能之和保持不变；（2）依题意，可知当A、B两带电质点的速度相等时，此时二者间距离最小，根据（1）结论可得根据系统动量守恒，有联立求得（3）开始时两个氘核相距无穷远，势能为0，平均动能为，当接近为临界距离时，动能转化为势能，则有可得15．（1），带正电；（2）；（3）①60°，②，其中（0°≤≤60°）或，其中60°≤≤90°【详解】（1）速度为的粒子从M点射入，从N点出，轨道半径为r，由几何关系可知r=R由左手定则判断可得粒子带正电（2）速度为的粒子从M射入，射出点为A，如图所示MO1==Rθ=30°∠MOA=2（90°-θ)=120°MK间入射的速度为0~的粒子能到达的区域为图中阴影部分，面积 （3）如图，由几何关系可知，能到达N点的带电粒子速度均为，半径均为r=R，ΔKOB中有=60°从K点射入带电粒子速度偏转角为60°，从M入射带电粒子速度偏转角为，从N点出射的粒子速度与ON的夹角最大值为30（或者写150）挡板下方磁感应强度为2B，粒子均以速度进入（如图），有轨道半径△NFD中有连接HG构成三角形，△NHG中有∠DNH=30°ND板下表面被粒子打到的长度为（0°≤≤60°）或(60°≤≤90°)