2022-2023学年广西桂林市第十八中学高一上学期期中考试物理试题

2022-2023学年度桂林十八中22级高一上学期期中考试卷

物  理

注意事项：

①试卷共 4 页，答题卡2 页。考试时间75分钟,满分100分；

      ②正式开考前，请务必将自己的姓名、考号用黑色水性笔填写清楚并张贴条形码；

      ③请将所有答案填涂或填写在答题卡相应位置，直接在试卷上做答不得分。

第I卷（选择题，共44分）

一、选择题（本题共11小题。每小题4分，共44分.在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～11题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）

1. 星期一上午，全校师生举行了庄严的升旗仪式。五星红旗在46秒的国歌奏唱中冉冉升起。下列说法正确的是（　　）

A. 我们看到五星红旗冉冉升起，是以旗子本身作为参考系的

B. 国旗46秒运动到旗杆顶端，这里的“46秒”指的是时间间隔

C. 升旗仪式于9点50分结束，这里的“9点50分”指的是时间间隔

D. 在研究旗子随风飘扬的过程中，可以把旗子当成质点

2. 商场的电动扶梯有阶梯式与斜面式两种。当人在两种电梯上匀速下降时，下列说法正确的是（　　）

A. 阶梯式电梯对人的支持力竖直向上

B. 阶梯式电梯对人的支持力大小小于斜面式电梯对人的支持力大小

C. 斜面式电梯对人的摩擦力沿斜面向下

D. 斜面式电梯对人的摩擦力大小小于阶梯式电梯对人的摩擦力大小

3．伽利略是第一个提出并研究加速度概念的科学家，哲学家罗素给予了极高的评价：“加速度的重要性，也许是伽利略所有发现中具有永久价值和最有效果的一个发现”，下列关于加速度的说法正确的是（　　）

A．加速度恒定的运动，速度大小恒定不变      

B．加速度恒定的运动，速度的方向恒定不变 

C．速度变化率很大，加速度可能很小          

D．速度为零，加速度可能不为零

4. 以下关于所用物理学的思想方法叙述不正确的是（　　）

A. 当时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想

B. 在探究自由落体运动规律实验中，伽利略把斜面实验的结果推广到竖直情况，这种方法被称为“合理外推”

C. 物体所受重力可认为作用在物体的重心上，“重心”概念的提出用到了假设法

D. 求匀变速直线运动位移时，将其看成很多小段匀速直线运动的累加，采用了微元法

5. 利用传感器与计算机结合，可以绘制出物体运动的图象。某同学在一次实验中得到一沿平直轨道运动小车的速度-时间图象如图所示，由此图象可知（　　）

A. 小车在内做加速度恒定的匀变速直线运动

B. 末小车回到出发点

C. 小车内的平均速度大于内的平均速度

D. 小车内的加速度方向相同

6．如图所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝。飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为马的重心位置和飞燕（视为质点）在一条竖直线上。下列关于重力和重心的说法中正确的是（　　）

A．只有静止的物体才受到重力作用 

B．这件艺术品的重力大小总是恒定的 

C．物体挂在弹簧测力计下，弹簧测力计的示数一定等于物体的重力 

D．质量分布均匀形状规则物体的重心一定在其几何中心，但不一定在物体上

7．如图所示，质量均为m的n（n＞3）个相同匀质圆柱体依次搁置在倾角为30°的光滑斜面上，斜面底端有一竖直光滑挡板挡住使圆柱体均处于静止状态，已知重力加速度为g，则下列说法中正确的是（　　）

A．挡板对圆柱体1的弹力大小为 

B．圆柱体1对斜面的压力大小为 

C．圆柱体2对圆柱体1的压力大小为 

D．若将挡板绕下端点缓慢逆时针转动60°，则转动过程中斜面对每个圆柱体的支持力均减小

8．如图所示，在一颗钉子上用一根细线挂上一幅相框，由于相框质量太大，细线被拉断。若要将该相框挂稳，不计细线和钉子之间的摩擦，下列操作可行的是　　

A．将断掉的细线打个结再挂上去 

B．适当减小绳子与相框两连接点间的距离 

C．适当增加绳子与相框两连接点间的距离 

D．更换为同种规格，但长度更长的绳子

9．如图所示是某同学站在力板传感器上做“下蹲起立”的动作时记录的压力随时间变化的图线。由图线可知该同学　　

A．体重约为800N

B．内做了一次“下蹲起立”的动作 

C．内做了两次“下蹲起立”“的动作 

D．“下蹲起立过程”的最大加速度约为7m/s2

10．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行，初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v﹣t图象（以地面为参考系）如图乙所示。已知v2＞v1，则（　　）

A．t1时刻，小物块离A处的距离达到最大 

B．0﹣t2时间内，小物块的加速度方向先向右后向左

C．0～t2时间内，小物块受到摩擦力的大小和方向都不变

D．0﹣t2时间内，物块在传送带上留下的划痕为

11．建筑工人用如图所示的定滑轮装置运送建筑材料。质量为70kg的工人站在地面上，通过定滑轮将的建筑材料拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，取10m/s2，下列说法中，正确的是　　

A．若将材料缓慢上拉，则绳子对材料的拉力为300N

B．若将材料缓慢上拉，则人对地面的压力为700N

C．若将材料以a=1m/s2的加速度加速上拉，则人对地面的压力为370N

D．若人始终未离开地面，则材料上升的加速度不可能超过

第II卷（非选择题，共56分）

二、填空题（本题共2小 题，共16分）

12．（8分）某同学在实验室里拿出一根弹簧利用如图甲装置做“探究弹簧弹力大小F与弹簧长度x的关系”的实验。

（1）他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可得该弹簧的原长

x0＝　　  cm，劲度系数k＝　  　N/m。

（2）这位同学把这根弹簧做成了一个弹簧秤，当弹簧秤上的示数为3N时，里面弹簧的长度x＝　  　cm。

（3）关于本实验中的实验操作及实验结果，以下说法正确的是 　   　。

A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度

B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证钩码处于静止状态再读数据

C．用刻度尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量

D．在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态。

13．（8分）（1）在做“探究小车速度随时间变化的规律”实验时，根据打点计时器打出的纸带，我们可以不利用公式计算就能直接得到的物理量是 　  　。

A．时间间隔               B．瞬时速度

C．加速度                 D．某段时间内的位移

（2）在探究“小车速度随时间变化规律”实验中：

①操作步骤中释放小车和接通电源的先后顺序应该是 　  　。

A．先释放小车后接通电源

B．先接通电源后释放小车

②某同学获得一条点迹清楚的纸带，如图所示，已知打点计时器每隔0.02s打一个点，该同学选择了0、1、2、3、4、5、6七个计数点，每相邻两个计数点间还有四个点图中没有画出，测量数据如图所示，单位是mm。

（a）计算小车通过计数点3的瞬时速度为 　   　m/s（保留3位有效数字）。

（b）小车的加速度为 　  　m/s2（保留2位有效数字）。

三、计算题（本题共3小题，共40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

14．（12分）如图所示，轻绳上端系在竖直杆上的A点，下端C点连接一质量为m=1kg的小球（可视为质点），轻弹簧左端连接在竖直杆的B点，右端与C点连接。小球静止时，轻弹簧恰好处于水平位置。已知轻绳AC长为L=0.5m，轻绳与竖直杆间的夹角θ=37o，轻弹簧原长l0=0.5m，取g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8。求：

（1）弹簧的弹力大小；

（2）弹簧的劲度系数k。

15．（12分）某跳伞运动员做低空跳伞表演。他离开悬停的飞机后先做自由落体运动，当距离地面125m时开始打开降落伞，到达地面时速度减为5m/s。如果认为开始打开降落伞直至落地前运动员在做匀减速运动，加速度为12m/s2（重力加速度g取10m/s2）。问：

（1）运动员打开降落伞时的速度大小是多少；

（2）运动员做自由落体运动的时间？

（3）运动员离开飞机时距地面的高度为多少（结果保留两位小数）；

16．（16分）风洞实验是研究空气动力学的主要方法。风场中有一装置如图所示，水平直杆AB段光滑，长度l1=4.5m，BC段和CD段与小球间的动摩擦因数μ=0.8，其中BC段长度l2和CD段长度l3均为5m，CD段与BC段的夹角θ=37o，转角处平滑连接。每次开始实验前，都将m=5kg的小球置于A端，然后通过调节风速让作用在小球上的风力根据需要维持某个恒定值。已知小球的孔径略大于直杆截面直径，小球过C点前后瞬间速度大小不变，取g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8。请解答以下问题：

（1）若风力F1=20N，释放小球，求小球过B点的速度v1；

（2）同（1）问条件，求小球最后停止的位置距A点的距离x；

（3）若风力F2=80N，要使小球能滑到D点，求风力作用的最短时间。

桂林十八中2022-2023学年度22级高一上学期期中考试卷物理答案

1. 【答案】B【解析】A．我们看到五星红旗冉冉升起，是以旗杆或地面作为参照物的，故A错误；

B．国旗46秒运动到旗杆顶端，这里的“46秒”指的是升旗所用时间，是时间间隔，故B正确；

C．这里的“9点50分”指的是时刻，故C错误；

D．在研究旗子随风飘扬的过程中，研究的是旗子的动作，不能把旗子当成质点，故D错误。

2. 【答案】A【解析】A．阶梯式电梯匀速下降时，对人受力分析由平衡可知，阶梯式电梯对人的支持力竖直向上，故A正确；

BCD．对人受力分析，受重力与支持力，由平衡可知，阶梯式电梯对人的支持力大小等于人的重力大小，人在斜面式电梯时，人受重力、支持力和沿斜面向上摩擦力，且支持力与摩擦力垂直，由平衡可知，此时支持力小于人的重力，故BCD错误。

3．【答案】D【解答】解：A、加速度等于单位时间内的速度变化量，加速度恒定的运动，速度大小一定是变化的，故A错误；

B、加速度方向保持不变，速度方向可能改变，比如平抛运动，故B错误；

C、加速度是描述速度变化快慢的物理量，所以速度变化率很大，就表示加速度一定很大，故C错误；

D、物体的速度为零，加速度可能不为零，如火箭点火后起飞的瞬间，故D正确。

4. 【答案】C【解析】A．在变速运动中，用平均速度代替瞬时速度时，时间越短平均速度越接近瞬时速度，当时，就可以表示物体在时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思维法，故A正确；

B．在探究自由落体运动规律实验中，伽利略把斜面来“冲淡重力”，将实验的结果推广到竖直情况，这种方法被称为“合理外推”，故B正确；

C．重心是物体各部分所受的重力的合力的作用点，体现了等效替代的思想。故C错误；

D．求匀变速直线运动位移时，将其看成很多小段匀速直线运动的累加，这样无数“矩形的面积”就无限接近“梯形的面积”了，因此采用了微元法，故D正确。本题选不正确的，故选C。

5. 【答案】D【解析】A．根据图象的斜率等于加速度，可知小车在20s-30s内和30s-40s内加速度大小相等、方向相反，因此在20s-40s内小车做的不是匀变速直线运动．故A错误；

B．在前20s内小车一直沿正方向运动，则20s末小车没有回到出发点，故B错误；

C．根据图线与坐标轴所围的面积在数值上表示位移的大小，可知小车在0-10s内的位移小于10-20s内位移，而时间相等，则小车0-10s内的平均速度小于10-20s内的平均速度．故C错误；

D．图象斜率正负表示加速度的方向，则知小车10-30s内斜率的符号相同，即加速度方向相同，故D正确。

6．【答案】D【解答】解：A、物体是否受到重力与运动状态无关，地面附近一切物体无论处于何种运动状态，都受到重力的作用，故A错误；

B、在地球上不同位置重力加速度不同，故重力G＝mg不同，故B错误；

C、物体挂在弹簧测力计下，竖直处于平衡状态时，弹簧测力计的示数等于物体的重力，当弹簧测力计和物体有加速度时，示数不等于物体的重力，故C错误；

D、质量分布均匀形状规则物体的重心一定在其几何中心，但不一定在物体上，故D正确；

7. 【答案】B

【解答】解：A、以整体为研究对象，受力情况如图所示：

挡板对圆柱体1的弹力大小为T＝nmgtan30°，故A错误；

B、以圆柱体1为研究对象，受力如图，则：沿斜面的方向：N′+mgsin30°＝N2cos30°

垂直于斜面的方向：N1＝N2sin30°+mgcos30°

所以N1．根据牛顿第三定律可得圆柱体1对斜面的压力大小为，故B正确；

C、选取除1以外的所有圆柱体为研究对象，整体受到重力、斜面支持力和圆柱体1的支持力，整体受到的1的支持力与整体的重力沿斜面方向的分力大小相等，方向相反，所以：N21＝（n﹣1）mgsin30°mg，根据牛顿第三定律可得，圆柱体2对圆柱体1的压力大小为mg，故C错误；

D、若将挡板绕下端点缓慢逆时针转动60°，圆柱体2到圆柱体n受力情况不变，则转动过程中斜面对2到n圆柱体的支持力均不变，故D错误。

8．【答案】BD【解答】解：、若将断掉的细线打个结再挂上去，绳子变短了，绳子受到力的方向夹角变大了，则其力的大小变大了，则会断掉的，故错误；

、两绳子力的合力与重力平衡，当适当减小绳子与相框两连接点间的距离，即使两绳子力夹角变小，那么两力大小会减小，则绳子可不断，故正确；

、同理，当适当增加绳子与相框两连接点间的距离，则两力大小会增大，则绳子会断，故错误；

、当换为同种规格，但长度更长的绳子，即使得两绳子力的夹角减小，那么两力的大小会减小的，则绳子也可不断，故正确；

9．【答案】BD【解答】解：、从图中可以看出人的体重约为，故错误；

、人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重对应先失重再超重，起立对应先超重再失重，对应图象可知，该同学做了一次下蹲起立的动作，故正确，错误；

、图中可以看出人的体重约为，下降的过程中对力传感器的最小压力约，所以人的最大加速度：，故正确；

10．【答案】AC【解答】解：A、由乙图知：物块先向左做匀减速运动，后向右做匀加速运动，直到速度与传送带相同，再做匀速运动。因此t1时刻，小物块离A处的距离达到最大，故A正确；

B、0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，根据牛顿第二定律可知，0～t2时间内小物块的加速度方向始终向右，故B错误；

C、0﹣t2时间内，物块相对传送带一直向左运动，受到的滑动摩擦力方向向右，大小为f＝µmg，保持不变，故C正确。D、在0﹣t2时间内，物块在传送带上留下的划痕为：

L=s= ,  故D错误。

11．【答案】ACD【解答】解：A.若将材料缓慢上拉，材料受到重力和绳子的拉力而平衡，则绳子对材料的拉力为，故A正确；

B.若将材料缓慢上拉，人受到重力、支持力和绳子拉力而平衡，根据平衡条件可得支持力，根据牛顿第三定律可得人对地面的压力为，故B错误；

C.先研究建筑材料，建筑材料受到：重力与绳子的拉力，根据牛顿第二定律有：，解得：

再研究建筑工人，受力分析，重力、绳子拉力、支持力，处于平衡状态，则有：，解得：，由牛顿第三定律得工人对地面压力大小为：，故正确；

D.若人对地面的压力为零，则绳子拉力达到最大，即，

以材料为研究对象，竖直方向根据牛顿第二定律可得：，解得：，所以若人始终未离开地面，则材料上升的加速度不可能超过，故D正确。

12．（1）4；50；（2）10；ABD

【解答】解：（1）F﹣x图像的横截距表示弹簧的原长，斜率表示劲度系数，则x0＝4cm

（2）由题图丙可知此时弹簧弹力大小为3N，根据胡克定律可知该弹簧的伸长量为

弹簧的总长为：l＝x0+Δ x＝4cm+6cm＝10cm

（3）A．弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会被损坏，故A正确。

B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧稳定后，即处于静止状态再读数，故B正确。

C．弹簧的伸长量等于弹簧拉伸后的长度减去弹簧原长，不等于弹簧的长度，故C错误。

D．弹竖直悬挂，故在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态，故D正确。故选：ABD。

13．（1）AD（2）B（3）1.16m/s；3.1m/s2

【解答】解：（1）A.打点计时器是记录时间的仪器，所以时间间隔不需要计算，故A正确；

BC.瞬时速度和加速度不能直接测量，需要计算，故BC错误；

D.某段时间内的位移可以用直尺直接测量，不需要计算，故D正确。故选：AD；

（2）使用打点计时器时，应该先接通电源，再释放小车，故A错误，B正确。

（3）小车通过计数点3的瞬时速度为m/s＝1.16m/s，

加速度a m/s2＝3.1m/s2；

14．解：（1）（6分）受力分析如图所示，以小球为研究对象，受到重力、轻绳的拉力和弹簧弹力，根据平行四边形法则进行力的合成，根据平衡条件可得：

F弹= mg tan θ ....... 4分    

代入数据解得：F弹=7.5 N ............................................ 2分  

（2）（6分） 根据胡克定律可得：F弹=k x   .............................. 2分

根据几何关系可得弹簧的压缩量为：x=l0-Lsinθ=0.2 m.............. 2分

解得弹簧的劲度系数为：k=37.5 N/m................................................ 2分

15．解：（1）选取向下为正方向，对减速过程a＝﹣12m/s2，

由速度和位移关系可知：    解得：v1＝55m/s

（2）对于自由落体运动过程有：v＝gt解得：t

（3）自由落体过程下降的高度有：

运动员离开飞机时距地面的高度为h＝h1+h2＝151.25m+125m＝276.25m

16．解：（1）由牛顿第二定律有……（1分）   即：……（1分）

由运动学公式：  ……（1分）

可得小球到B点的速度为：……（1分）

（2）由牛顿第二定律有  即：……（1分）

由……（1分），其中    可得：……（1分）

即距离A点为：x=l1+x2=4.5+4.5m=9m……（1分）

（3）当F2=80N，风力作用最短时间的情况，小球到达D点时的速度恰好为零时。

讨论：①若风力只在小球在AB段运动时作用，则有：  ，①（1分）

小球在BC段运动，无风力作用时：  得：（1分）

小球在CD段运动时：  有（1分）

当小球速度为零时，上冲的位移为，风力作用不止在AB段。

②若风力在BC段一直有作用 

小球在BC的运动有：②     小球在CD的运动有：③

由①②③得：，即可判断小球一定是在BC段中某位置停止风力作用

设此位置离B点的距离为.则有：          （2分） 

得：

在AB段运动的时间：（1分）在BC段有风作用的时间：（1分）

风作用的最短时间为:（1分）

(此小题，学生可从正向推导，亦可通过逆行思考分析；若得到正确答案，同样给分。步骤酌情给分。)