2021-2022学年吉林省白城市通榆县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年吉林省白城市通榆县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共17页。试卷主要包含了5A，【答案】B，【答案】D，【答案】不是  无规则运动，【答案】热传递  ；0，【答案】并  串等内容，欢迎下载使用。
下列生活实例中，属于做功改变物体内能的是( )
A. 冬天用热水泡脚变得暖和B. 医生用冰袋给发烧的病人降温
C. 用手反复弯折铁丝，弯折处发热D. 冬天人们在室外晒太阳感觉暖和
内燃机工作的四个冲程，机械能转化为内能的冲程是( )
A. 做功冲程B. 压缩冲程C. 吸气冲程D. 排气冲程
有甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电，先用甲靠近乙，发现乙被排斥；再用乙靠近丙，丙被吸引。如图所示，则下列判断正确的是( )
A. 乙带正电，丙带正电
B. 乙带负电，丙带负电
C. 乙带负电，丙带正电
D. 乙带正电，丙带负电
电流热效应在科研、生产、生活中被广泛应用，但有时它也会给我们带来危害，下列情况中不属于防止电热危害的是( )
A. 电视机的后盖有许多孔B. 家电长时间停用，隔一段时间应通电一次
C. 电动机外壳有许多散热片D. 电脑机箱内有小风扇
教室里装有多盏电灯，上晚自习时，我们每多开一盏电灯时，则教室电路的( )
A. 总电阻增大B. 总电阻减小C. 总电压增大D. 总电流不变
如图所示，电源电压不变，开关闭合，当滑动变阻器滑片向右移动时，下列判断正确的是( )
A. 电流表的示数变小，电压表V1的示数变小
B. 电流表的示数变大，电压表V2的示数变小
C. 电压表V1的示数与电流表示数之比变大
D. 电压表V2的示数与电流表示数之比不变
2020年初，一场突如其来的新型冠状病毒肺炎疫情，席卷中国大江南北，牵动着亿万国人的心。新冠病毒是直径仅为0.3μm的颗粒物，可通过飞沫传播，飞沫传播的方式______(选填“是”或“不是”)扩散现象。在做好各项防控工作中，其中重要的一种方法是用酒精消毒，我们很远就能闻到酒精的气味，说明酒精分子在做______。
一定质量的水从从30℃提高到80℃，吸收了4.2×103J的热量，这是通过______(选填“做功”或“热传递”)方式改变了水的内能，水的质量是______kg.已知水的比热容为c水=4.2×103J/(kg⋅℃)
公路上，路灯的连接方式是______联；回到家中，按下开关，电灯亮了，开关与电灯的连接方式是______联。
电阻R1=10Ω，R2=20Ω，将它们串联在同一电路中，当电路闭合时，通过它们的电流之比I1：I2=______，它们两端的电压之比U1：U2=______。
如图所示，A灯标有“12V 12W”字样，B灯标有“6V 12W”字样．闭合开关，其中一盏灯恰好正常发光，此时电压表的示数是______ V，B灯的实际功率为______ W.
如图所示，电能表的示数为______kW⋅h，在某段时间内转盘转过1800圈，则此段时间内用了______kW⋅h的电能。
如图所示，电源电压6V，闭合开关，若电压表示数为3.8V，则L1两端电压为______ V，L2两端电压为______ V.
当某定值电阻两端电压减少了5V时，电阻中的电流由0.3A变为0.1A，则此定值电阻的阻值为______Ω，电阻两端原来的电压为______V。
如图所示，是普通电子秤的简化电路(不考虑弹簧的电阻)，已知电源电压恒为6V，滑动变阻器R1的规格为“30Ω1A”，定值电阻R2的阻值为10Ω，电压表的示数可表示被测物体的质量，当不放被测物时滑动变阻器滑片P在a端，此时电压表的示数为______V，若电子秤的测量范围是0∼30kg，当被测物的质量为10kg时，电压表的示数为______V。
如图所示，电源两端电压U保持不变，电阻R1的阻值为6Ω，电阻R2的阻值为18Ω.当开关S闭合时，电压表示数为3V.求：
(1)电流表的示数I；
(2)电源两端的电压U。
如图的电路中，电源电压恒定，灯泡L标有“6V3W”。开关S闭合、S1断开时，灯泡L正常发光；开关S、S1均闭合时，电流表的示数为1.5A.求：
(1)灯泡L正常发光时的电流；
(2)电阻R1的阻值；
(3)开关S、S1均闭合时电路的总功率。
初春时节，新冠疫情来袭，小征的爸爸是一名志愿者，每天结束忙碌的工作后，为了小区的群众安全，义务到小区门卫岗亭值夜班，岗亭里没有暖气，为了给爸爸取暖，小征把家里的电取暖器送到岗亭使用。接通电源工作一段时间后，小征发现电阻丝热的发红，而连接电阻丝的导线却不怎么热。请你根据学过的物理知识，帮助小征解释产生此现象的原因。
2021年10月16日0时23分，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭点火发射。火箭在上升过程中，其头部表面温度将会急剧升高，请你用所学物理知识解释这是为什么？
在如图a所示的圆圈中正确填入电压表或电流表的符号，使两盏都能发光。
某学校的前门后门各有一个开关，收发室内有一组电池组，一盏灯和一个电铃。请你按照要求将如图所示的元件连成电路。要求：使前门来人闭合开关铃响灯亮，后门来人闭合开关只有铃响。
在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：
(1)在两个完全相同的烧杯中分别装入______、初温都相同的水和煤油(选填“质量”或“体积”)。
(2)实验中选择相同规格的电加热器，对水和煤油加热相同时间，水吸收的热量______(选填“大于”、“等于”或“小于”)煤油吸收的热量。
(3)根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则______的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的液体具有的比热容______(选填“较大”或“较小”)。
如图甲所示，是“探究电流与电压、电阻的关系”实验的实物连接图。
(1)实验中为保护电路元件，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应该滑到______(选填“左”或“右”)端。
(2)在探究电流与电压的关系时，闭合开关，保持ab间的电阻不变，调节滑动变阻器滑片位置，测出对应的电流和电压，根据实验数据画出电流随电压变化的图象，如图乙所示，分析图象可以得出结论：______
(3)在探究电流与电阻关系时，实验操作过程中如果只是把ab间电阻由10Ω换成15Ω后，为保持______表的示数不变，应将滑动变阻器滑片向______(选填“左”或“右”)移动。
小明同学用伏安法测电阻，实验电路图如图甲所示。
(1)连接电路时，开关应______。
(2)小明按图甲所示的实验电路图正确连接电路，进行实验，某次实验中电压表示数如图乙所示，电流表示数如图丙所示，被测电阻Rx=______Ω。
(3)若滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，实验过程中电流表突然烧坏，不能正常使用了，他想出一个方法，应用现有的器材，测出了电阻Rx的阻值，实验步骤：
①将滑动变阻器滑到A端，闭合开关S，读出电压表的读数，记为U；
②将滑片移至B端，闭合开关S，读出此时电压表的示数为U1；
③读出滑动变阻器的最大值R；
④则被测电阻Rx的阻值为：Rx=______(写出表达式)。
如图甲所示，是小明同学“测量小灯泡的电功率”的电路图，其中电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压2.5V，正常工作时的电阻约为10Ω，滑动变阻器有规格“10Ω2A”和规格“50Ω1A”可选。
(1)该实验应选择______规格的滑动变阻器。
(2)小明同学连接好电路，闭合开关，小灯泡发光，但电压表示数为0，经检查，图中a、b、c、d四根导线有一根断了，则该导线是______。闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是______。
A.电流表断路B.小灯泡短路C.小灯泡断路D.滑动变阻器断路
(3)排除故障后，闭合开关，当变阻器滑片P移到某一位置时，电压表的示数如图乙所示，要测小灯泡的额定功率，接下来的操作是______。当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
如图是探究“电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
(1)甲装置可探究电流产生的热量与______ 的关系，通电一段时间后，______ (填“左”或“右”)侧容器中U形管中液面的高度差大。
(2)乙装置中电阻R3的主要作用是______ 。
(3)如果乙装置中R3发生了断路，保证通电时间相同，与断路前相比较，则左侧U形管中液面的高度差将______ (填“变大”、“变小”或“不变”)。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、冬天，用热水泡脚变得暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故A错误；
B、医生用冰袋给发烧的病人降温，是通过热传递的方式改变物体的内能，故B错误；
C、将铁丝反复弯折，弯折处发热，是对铁丝做功增加了铁丝的内能，属于做功改变物体的内能，故C正确；
D、冬天人们在室外晒太阳感觉暖和，是通过热传递的方式改变物体的内能，故D错误。
故选：C。
(1)热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；
(2)做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，是能量的转化过程。
本题考查了学生对两种改变物体内能的方式的判断，知道做功改变物体内能是能量转化的过程，热传递改变物体内能是能量的转移过程。
2.【答案】B
【解析】解：
四冲程内燃机的四个冲程依次是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中做功冲程是把内能转化为机械能；压缩冲程是把机械能转化为内能。
故选：B。
热机的压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能。
此题要结合内燃机的四个冲程特点和冲程中的能量转化关系进行解答。
3.【答案】D
【解析】解：甲、乙、丙三个带电的泡沫塑料小球，甲带正电；由图知甲乙相互排斥，说明甲乙是同种电荷，所以乙带正电；
由图知乙丙相互吸引，说明乙丙带异种电荷，所以丙带负电，故D正确、ABC错误。
故选：D。
电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；从甲带正电开始依次判断其它物体的带电情况。
此题是物体带电情况的判断，考查了对电荷间相互作用规律的掌握，要掌握一定的判断技巧。
4.【答案】B
【解析】A、电视机的机壳上有许多小孔是为把各电器元件产生的热量及时散失掉。不符合题意。
B、家电长时间停用，隔一段时间应通电一次防止家电受潮，再次使用时被损坏，是利用电热，符合题意。
C、电流通过电机产生的热量是有害的，有许多散热片可以用来散热。不合题意。
D、过多的热量会影响计算机的正常工作，机箱内有风扇，这都是为了散失热量。不合题意。
故选：B。
本题考查电热的危害的防止，电视机的后盖上有小孔、电动机外壳上有散热片、电脑机箱内有小风扇都是为了散热，确保用电器正常工作。
本题主要考查对电热的应用及预防措施的了解。用电器工作时如果温度过高，会造成危害，要考虑如何散热。
5.【答案】B
【解析】【解析】
本题考查了并联电路的电压、电流、电阻特点。
教室电路是并联电路，并联电路中，支路越多，总电流越大，总电阻会越小，并联电路两端的电压不变。
【解答】
AB.每多开一盏灯，多增加了一个支路，相当于增加了原来的横截面积，总电阻减小，故A错误，B正确；
C.并联电路的各支路电压相等且等于总电压，电路的总电压不变，故C错误；
D.每多开一盏灯，增加一个支路，增加了一个电流，其它支路电流不变，总电流增大，故D错误。
故选B。
6.【答案】D
【解析】解：由图知，两电阻串联，电压表V2测R1两端的电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；
闭合开关，当滑动变阻器滑片P向右移动时，R2接入电路的阻值变小，根据电阻的串联规律可知，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
因电流变大，根据U=IR可知，定值电阻R1的电压变大，即电压表V2的示数变大；根据串联电路电压的规律可知，滑动变阻器两端的电压变小，电压表V1的示数变小；
根据R=UI可知，电压表V2的示数与电流表示数之比为R1的阻值，比值不变；
根据R=UI可知，电压表V1的示数与电流表示数之比为R2接入电路的阻值，比值变小；
综上所述，D正确。
故选：D。
分析电路的连接及两电压表测量的电压和电流表测量的电流；
当滑动变阻器滑片P向右移动时，确定R2变化，根据电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律确定电流表示数变化；
根据欧姆定律的变形公式U=IR，分析R1两端电压的变化；根据串联电路电压的规律确定电压表V1示数的变化；
根据R=UI分析电压表与电流表示数比值的变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。
7.【答案】不是 无规则运动
【解析】解：飞沫传播的方式不是扩散现象，属于物体的机械运动。
我们很远就能闻到酒精的气味说明酒精分子在做无规则运动。
故答案为：不是；无规则运动。
物体的位置随时间的变化叫机械运动，构成物质的分子总在不停地做无规则运动。
区分机械运动和分子的热运动，理解分子动理论的内容，可解答此题。
8.【答案】热传递 ；0.02
【解析】解：
(1)水在升温过程中吸收了热量，是通过热传递的方式增加了水的内能；
(2)根据Q=c水m(t−t0)可知，
水的质量为：m=Qc水(t−t0)=4.2×103J4.2×103J/(kg⋅∘$C)×(80∘$C−30∘$C)=0.02kg。

本题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，涉及到改变物体内能的方法，因条件已给出，难度不大。
9.【答案】并 串
【解析】解：公路边的灯虽然要亮一起亮，要灭一起灭，但一盏灯泡不亮，其它的灯泡还能工作，说明彼此互不影响，所以是并联的；
家中的电灯与控制它的开关之间的连接是串联的，开关对电灯才能起到控制作用。
故答案为：并；串。
①用电器逐个依次连接在电路中，组成串联电路；串联电路中电流只有一个路径，一个用电器损坏，其它用电器都不能工作；
②用电器并列连接在电源两端，组成并联电路；并联电路包括干路和支路两部分，干路开关控制所有用电器，支路开关只控制本支路用电器；用电器工作状态互不影响。
此题考查我们对串联电路和并联电路的认识和理解，把握用电器“互相影响”还是“互不影响”是确定电路连接关系的基本标准。
10.【答案】1：1 1：2
【解析】解：
因为串联电路中电流处处相等，所以两电阻串联在同一电路中时，通过它们的电流之比：
I1：I2=1：1；
由I=UR知U=IR，
所以它们两端的电压之比：
U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=10Ω：20Ω=1：2。
故答案为：1：1；1：2。
根据串联电路的电流特点可知两电阻串联时通过的电流之比，根据U=IR可知电阻分得的电压之比。
本题考查了串联电路的电流特点，关键是欧姆定律的灵活运用，是一道较为简单的应用题。
11.【答案】15；3
【解析】解：(1)根据P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
IA=PAUA=12W12V=1A，IB=PBUB=12W6V=2A，
根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：
RA=UAIA=12V1A=12Ω，RB=UBIB=6V2A=3Ω；
(2)因串联电路中各处的电流相等，且其中一盏灯恰好正常发光，
所以，电路中的电流I=IA=1A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电压表的示数：
U=I(RA+RB)=1A×(12Ω+3Ω)=15V；
此时B灯的实际功率：
PB=I2RB=(1A)2×3Ω=3W.
故答案为：15；3.
(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=PU求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；
(2)根据串联电路各处的电流相等可知，其中一盏灯恰好正常发光时，电路中的电流为两者较小的额定电流，根据电阻的串联特点和U=IR求出电压表的示数；根据P=I2R求出B灯的实际功率．
本题考查了串联电路电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据串联电路的电流特点判断出电路中的电流．
12.【答案】201.90.5
【解析】解：(1)电能表最后一位是小数位，单位是kW⋅h，从电能表上可以看出电能表的示数为201.9kW⋅h；
(2)由“3600r/(kW⋅h)”可知每消耗1kW⋅h的电能，电能表转3600转，电能表转了1800转，消耗电能：
W=1800r×13600r/(kW⋅h)=0.5kW⋅h。
故答案为：201.9；0.5。
(1)电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(2)3600r/(kW⋅h)说明每消耗1kW⋅h的电能，电能表转3600转，可求当电能表的转数为1800转时消耗的电能。
本题考查电能表的读数方法、消耗电能的计算，要学会对电能表参数的理解，读数时注意最后一位是小数位。
13.【答案】2.2；3.8
【解析】解：由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，即UL2=3.8V；
因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以L1两端的电压：UL1=U−UL2=6V−3.8V=2.2V.
故答案为：2.2；3.8.
由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出L1两端的电压．
本题考查了串联电路的电压特点，关键是电压表所测电路元件的判断．
14.【答案】257.5
【解析】解：设开始时电压为U，则变化后电压为U−5V；
由欧姆定律得：
U=I1R------(1)，
U−5V=I2R-----(2)
代入得：U=0.3A×R
U−5V=0.1A×R
解得：U=7.5V，R=25Ω
故答案为：25，7.5。
本题因告诉了前后电压及电流的变化，故可以采用方程法求解。
本题为填空题故可以采用简单的方法：由欧姆定律得R=UI，因R为定值则R=UI=△U△I=5V0.3A−0.1A=25Ω。
15.【答案】0 3
【解析】解：由图知滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，电压表测量滑动变阻器电压，当不放被测物时滑动变阻器滑片P在a端，此时滑动变阻器接入电阻为0，那么电压表示数为0；
滑动变阻器最大阻值是30Ω，电子秤的测量范围是0∼30kg，那么当被测物的质量为10kg时，滑动变阻器接入电阻为最大电阻的13，此时R滑=10Ω，此时串联电路中的电流I=UR2+R滑=6V10Ω+10Ω=0.3A，
滑动变阻器此时两端的电压U滑=IR滑=0.3A×10Ω=3V，所以电压表的示数为3V。
故答案是：0；3。
如图所示，滑动变阻器R1和定值电阻R2串联，电压表测量滑动变阻器电压，当不放被测物时滑动变阻器滑片P在a端，此时滑动变阻器接入电阻为0，那么电压表示数为0；
滑动变阻器R1的规格为“30Ω1A”，说明滑动变阻器最大阻值是30Ω，允许通过的最大电流为1A，电子秤的测量范围是0∼30kg，那么当被测物的质量为10kg时，滑动变阻器接入电阻为最大电阻的13，然后根据I=UR计算出电路电流，再根据其变形公式计算出滑动变阻器此时两端的电压。
该题主要考查了电路连接方式的判断以及欧姆定律公式的应用。
16.【答案】(1)开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压，
电路中的电流I=I1=U1R1=3V6Ω=0.5A，即电流表示数为0.5A；
(2)根据欧姆定律可得，
R2两端的电压U2=IR2=0.5A×18Ω=9V，
则电源电压U=U1+U2=3V+9V=12V。
答：(1)电流表的示数0.5A；
(2)电源两端的电压12V。
【解析】此题主要考查的是学生对欧姆定律和串联电路电流、电压特点的理解和掌握，难度不大。
开关S闭合时，两电阻串联，电压表测量的是电阻R1两端的电压；电源电压等于各部分电压之和。
17.【答案】解：
(1)灯泡L标有“6V3W”，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，
由P=UI可得，灯正常发光时的电流：
IL=PLUL=3W6V=0.5A。
(2)开关S闭合、S1断开时，为灯的简单电路，因灯泡L正常发光，故电源电压为6V，灯的电流为0.5A；
开关S、S1均闭合时，灯与定值电阻并联，电流表测干路电流，由并联电路各支路互不影响，即灯的电流不变，
因电流表的示数为1.5A，由并联电路电流的规律，R1的电流为：
I1=I−IL=1.5A−0.5A=1A，
由欧姆定律和并联电路电压的规律：
R1=UI1=6V1A=6Ω。
(3)开关S、S1均闭合时电路的总功率：
P=UI=6V×1.5A=9W。
答：(1)灯泡L正常发光时的电流为0.5A；
(2)电阻R1的阻值为6Ω；
(3)开关S、S1均闭合时电路的总功率为9W。
【解析】(1)根据灯泡L标有“6V3W”的含义，根据P=UI求出灯正常发光时的电流；
(2)开关S闭合、S1断开时，为灯的简单电路，因灯泡L正常发光，可知电源电压和灯的电流；开关S、S1均闭合时，灯与电阻R1并联，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响和并联电路电流的规律得出R1的电流，由欧姆定律和并联电路电压的规律求出电阻R1的阻值；
(3)根据P=UI求出开关S、S1均闭合时电路的总功率。
本题考查并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是明确即灯的电流不变。
18.【答案】答：因为电阻丝和导线是串联，通过的电流相等。但电阻丝的电阻比导线的电阻大得多，根据Q=I2Rt，在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多，所以电阻丝热的发红，而连接电阻丝的导线却不怎么热。
【解析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比。电阻丝和连接的导线串联在电路中(通过的电流相等)、通电时间是相同的，而电阻丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析判断。
本题主要考查对焦耳定律及应用、串联电路电流关系的了解和掌握，知道电炉丝和相连接的铜导线为串联是本题的关键。
19.【答案】答：火箭在上升过程中，要克服空气阻力做功，火箭头部表面的温度升高、内能增加，是通过做功改变物体的内能。
【解析】内能的改变有两种方式：做功和热传递。物体的内能增加，温度一般会升高。
此题主要考查的是学生对做功改变物体内能的理解和掌握，基础性题目。
20.【答案】解：闭合S后，两灯均能发光，由电路图可知，下面的表不能为电流表，否则L2会被短路不能发光，所以下面的表为电压表；上面的表不能为电压表，否则灯L2由于与电压表串联，相当于断路不能发光，故上面的电表为电流表，如图所示：
故答案为：见上图。
【解析】(1)电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线，去掉后对电路有影响；
(2)电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路，去掉后对电路没有影响；
(3)电流都要“+”接线柱进，“-”接线柱出。
填电表题实际上就是判断串并联的过程，这类题还可以采用假设法，假设圆圈处去掉，判断对电路是否有影响，有影响就填电流表，无影响就填电压表。
21.【答案】解：因为前后门来人电铃都会响，所以电铃在干路中，前、后门开关并联，且前门开关控制灯，前门开关与灯泡串联在支路中，如图所示：

【解析】根据电铃和灯泡的工作特点分析其连接方式和开关的作用，然后连接实物图。
本题考查了实物图的连接，明确开关的连接方式是解题的关键。
22.【答案】质量 等于 水 较大
【解析】解：
(1)在比较不同物质的吸热能力的实验中，应在两个相同的烧杯中加入初温相同和质量都相同的水和煤油；
(2)用相同的电加热器加热，可以认为在相等时间内煤油和水吸收的热量相等，然后比较升高的温度的方法来比较不同物质吸热能力，升高温度越高，吸热能力越弱；
(3)由图象可知，质量相等的煤油和水吸收相等热量，升温较快的是煤油；若使两者升高相同的温度，水需要加热更长的时间，则水吸收的热量较多。因此可以得出结论：水的吸热能力较强。因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容较大。
故答案为：(1)质量；(2)等于；(3)水；较大。
(1)物体吸收热量的多少与物体的质量有关，探究过程中需保证物体的质量相等；
(2)根据转换法可知，实验中用加热时间表示物质吸收热量的多少；
(3)分析图象分析水和煤油的温度变化情况，得出结论；质量相同的液体升高相同的温度吸收的热量越多，吸热能力越强。
本实验采用了控制变量法，在研究设计多个量的问题时，为了研究某两个量间的关系，要控制除这两个量外的其它各量保持不变，这就是控制变量法，在实验中要注意控制变量法的应用，同时考查了转换法的应用，并能根据图像进行分析得出结论。
23.【答案】右 在电阻一定时，通过导体的电流和导体两端的电压成正比 电压 右
【解析】解：(1)据图可知，此时滑片左边电阻丝接入电路，故闭合开关前，滑片应该处于最大阻值处，即处于最右端；
(2)据乙图中的图象可知；在电阻一定时，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；
(3)把定值电阻10Ω换成15Ω，闭合开关后，根据串联分压的知识，电阻两端的电压变大，则需增大滑动变阻器的阻值，由图知，滑动变阻器的下面接的是左边的接线柱，所以下一步的操作是：将滑动变阻器的滑片向右移动，使得变阻器的电阻变大，分担的电压变大，目的是保持电阻两端的电压不变。
故答案为：(1)右；(2)在电阻一定时，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；(3)电压；右。
(1)实验前，为保护电路，应断开开关，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；
(2)探究电流与电压关系，应控制电阻阻值不变，改变电阻两端电压测出通过电阻的电流；分析表乙特点得出实验结论；
(3)把定值电阻10Ω换成15Ω，根据串分压的知识，电阻两端的电压变大，则需增大滑动变阻器的阻值，保持电阻两端的电压不变。
探究电流和电阻、电压的关系，需用控制变量法，滑动变阻器在电路中可以控制电阻两端的电压，具有非常主要的作用。
24.【答案】断开 8U1RU−U1
【解析】解：(1)为了保护电路元件，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)如图乙所示，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，电压表的示数为2.4V；如图丙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A；根据欧姆定律可得被测电阻Rx的阻值为：R=UI=Ω；
(3)分析电路图，滑动变阻器接入电路的电阻最大和最小时，用电压表分别测量待测电阻两端的电压，补充实验过程：①将滑动变阻器的滑片移到A端最小阻值处，用电压表测出电源两端的电压U；②将滑动变阻器的滑片移到B端最大阻值处，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压U1；③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器的最大阻值为R时两端的电压为：U=U−U1，因串联电路中各处的电流相等，则有U−U1R=U1Rx，由此解得：Rx=U1RU−U1；
故答案为：(1)断开；(2)8；(3)U1RU−U1。
(1)为了保护电路元件，连接电路时开关应处于断开状态；
(2)根据电流表和电压表的量程读出电流表和电压表的示数，根据欧姆定律计算电阻；
(3)分析电路图，滑动变阻器接入电路的电阻最大和最小时，用电压表分别测量待测电阻两端的电压，根据串联电路中电压和电流规律及欧姆定律计算电阻。
本题是“伏安法测量电阻”的实验，考查了电路连接的注意事项，电流表和电压表的读数方法，串联电路中电流和电压规律，同时考查了欧姆定律的应用。
25.【答案】“50Ω1A” b C 向左移动滑动变阻器的滑片，直至电压表的示数为2.5V0.6
【解析】解：(1)当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压U灯=2.5V，此时通过灯泡的电流约：
I灯=U灯R灯=2.5V10Ω=0.25A，滑动变阻器两端的电压U滑=U−U灯=6V−2.5V=3.5V，
滑动变阻器接入电路的电阻：
R滑=U滑I滑=Ω，即滑动变阻器的阻值至少为14Ω，故选“50Ω1A”；
(2)由于小灯泡发光，电流表有示数，说明灯泡、电流表、滑动变阻器、开关与电源组成通路，但电压表无示数，说明没有电流通过电压表，由此可知电路故障是导线b开路了；
闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路开路了，电压表有示数，由此可知，电压表与电流表、滑动变阻器、开关、电源组成通路，由此可知电路故障是小灯泡开路了；
(3)由图乙可知，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压，因此要测量小灯泡的额定功率，增大小灯泡两端的电压，直到电压表示数为2.5V时，读出电流表的示数，所以要向左移动滑动变阻器的滑片，直至电压表的示数为2.5V时，读出电流表的示数；
由图丙可知，电流表所选量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.24A=0.6W。
故答案为：(1)“50Ω1A”；(2)b；C；(3)向左移动滑动变阻器的滑片，直至电压表的示数为2.5V；0.6。
(1)当小灯泡正常发光时，灯泡两端的电压U灯=2.5V，根据欧姆定律求出此时通过灯泡的电流，由串联电路电压规律可求出滑动变阻器两端的电压，再利用R=UI求出滑动变阻器接入电路的电阻，由此可得出结论；
(2)由于小灯泡发光，电流表有示数，说明灯泡、电流表、滑动变阻器、开关与电源组成通路，但电压表无示数，说明没有电流通过电压表，由此可判断电路故障；
闭合开关后，小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路开路了，电压表有示数，由此可知，电压表与电流表、滑动变阻器、开关、电源组成通路，由此可判断电路故障；
(3)由图乙可知，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压，因此要测量小灯泡的额定功率，增大小灯泡两端的电压，直到电压表示数为2.5V时，读出电流表的示数；
由图丙可知，电流表所选量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，由此可读出电流表的示数，再利用P=UI求出小灯泡的额定功率。
本题主要考查伏安法测量小灯泡的额定功率，其中分析选择哪个滑动变阻器，电路故障，当电压表示数不等于灯泡的额定电压时接下来怎样操作是本题的难点。
26.【答案】电阻 右 使通过R1和R2的电流不相等 变小
【解析】解：(1)甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，电阻不同，探究电流产生的热量与电阻的关系；左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，由Q=I2Rt可知，右边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；
(2)图乙的装置在实验中，右侧容器的外部，将一个完全相同的电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，使通过左边容器中电阻的电流与通过右边容器中电阻的电流不同，可以探究电流产生的热量与通过导体的电流大小的关系；
(3)当乙装置中R3发生了断路时，电路中只有R1和R2串联，此时电路中的总电阻变大，电路中电流变小，根据焦耳定律Q=I2Rt在相同时间内，电阻丝R1产生热量变小，与步骤(3)相比较，则左侧U形管中液面的高度差将变小；
故答案为：(1)电阻；右；(2)使通过R1和R2的电流不相等；(3)变小。
(1)将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt进行分析；
(2)探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变，改变电流；
(3)当乙装置中R3发生了断路时，电路中只有R1和R2串联，此时电路中的总电阻变大，电路中电流变小，根据焦耳定律Q=I2Rt在相同时间内，电阻丝产生热量的变化，得出结论。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。