人教版高考化学一轮复习第9章水溶液中的离子反应与平衡第1节电离平衡学案含答案

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第一节　电离平衡弱电解质的电离平衡[以练带忆]1．下列物质的水溶液易导电，且属于强电解质的是(　　)A．CH3COOH B．BaCO3C．NH4HCO3 D．SO2C　解析：CH3COOH为弱电解质，BaCO3难溶于水，溶液不易导电，SO2为非电解质。2．能证明乙酸是弱酸的实验事实是(　　)A．CH3COOH溶液与Zn反应放出H2B．0.1 mol/L CH3COONa溶液的pH大于7C．CH3COOH溶液与Na2CO3反应生成CO2D．0.1 mol/L CH3COOH溶液可使紫色石蕊变红B　解析：A项只能证明乙酸具有酸性，不能证明其为弱酸，不符合题意；CH3COONa溶液显碱性，说明其为强碱弱酸盐，故可以证明乙酸是弱酸，B项符合题意；C项可以证明乙酸的酸性比碳酸强，但是不能证明其为弱酸，不符合题意；D项可以证明乙酸具有酸性，但是不能证明其为弱酸，不符合题意。3．稀氨水中存在着下列平衡：NH3·H2ONHeq \o\al(＋,4)＋OH－，若要使平衡向逆反应方向移动，同时使c(OH－)增大，应加入的物质或采取的措施是(　　)①NH4Cl固体　②硫酸　③NaOH固体　④水　⑤加热　⑥加入少量MgSO4固体A．①②③⑤ B．④⑥C．③ D．③⑤C　解析：若在氨水中加入NH4Cl固体，c(NHeq \o\al(＋,4))增大，平衡向逆反应方向移动，c(OH－)减小，①不符合题意；硫酸中的H＋与OH－反应，使c(OH－)减小，平衡向正反应方向移动，②不符合题意；当在氨水中加入NaOH固体后，c(OH－)增大，平衡向逆反应方向移动，③符合题意；若在氨水中加入水，稀释溶液，平衡向正反应方向移动，c(OH－)减小，④不符合题意；电离属吸热过程，加热平衡向正反应方向移动，c(OH－)增大，⑤不符合题意；加入少量MgSO4固体发生反应Mg2＋＋2OH－===Mg(OH)2↓，溶液中c(OH－)减小，⑥不符合题意。[练后梳理]1．强电解质与弱电解质(1)定义(2)与化合物类型的关系强电解质主要是大部分离子化合物及某些共价化合物，弱电解质主要是某些共价化合物。2．弱电解质的电离概念(1)电离平衡的建立在一定条件下(如温度、压强等)，当弱电解质电离产生离子的速率和离子结合成分子的速率相等时，电离过程达到了平衡。(2)电离平衡的建立与特征①开始时，v(电离)最大，而v(结合)为0。②平衡的建立过程中，v(电离)>v(结合)。③当v(电离)＝v(结合)时，电离过程达到平衡状态。3．外因对电离平衡的影响(1)浓度：在一定温度下，同一弱电解质溶液，浓度越小，越易电离。(2)温度：温度越高，电离程度越大。(3)同离子效应：加入与弱电解质具有相同离子的电解质时，可使电离平衡向结合成弱电解质分子的方向移动。(4)化学反应：加入能与弱电解质电离出的离子反应的物质时，可使平衡向电离方向移动。如：以0.1 mol/L CH3COOH溶液为例，填写外界条件对CH3COOHCH3COO－＋H＋　ΔH＞0的影响。(1)电离平衡向右移动，电离程度不一定增大，如上表中加入少量冰醋酸，平衡右移，但电离程度减小。(2)电离平衡向右移动，电解质的分子浓度不一定减小，电解质的离子浓度也可能减小。电离平衡常数与电离度[以练带忆]1．(双选)相同温度下，根据三种酸的电离常数，下列判断正确的是(　　)A．三种酸的强弱关系：HZ＞HY＞HXB．反应HZ＋Y－===HY＋Z－能够发生C．由电离平衡常数可以判断，HZ属于强酸，HX和HY属于弱酸D．相同温度下，1 mol/L HX溶液的电离常数大于0.1 mol/L HX溶液的电离常数AB　解析：相同温度下，酸的电离常数越大，则酸的电离程度越大，酸的酸性越强，根据电离平衡常数知，这三种酸的强弱顺序是HZ＞HY＞HX，故A正确；由A知，HZ的酸性大于HY，根据强酸制取弱酸知，HZ＋Y－===HY＋Z－能发生，故B正确；根据电离平衡常数知，HY、HX均属于弱酸，但温度、浓度等条件未知，HZ无法判断，故C错误；相同温度下，同一物质的电离平衡常数相同，故D错误。2．下列说法正确的是(　　)A．电离平衡常数受溶液浓度的影响B．电离平衡常数可以表示弱电解质的相对强弱C．电离常数大的酸溶液中c(H＋)一定比电离常数小的酸中大D．H2CO3的电离常数表达式：K＝eq \f(c2H＋·cCO\o\al(2－,3),cH2CO3)B　解析：电离平衡常数是温度的函数，与溶液浓度无关，故A项错误；电离平衡常数可以表示弱电解质的相对强弱，故B项正确；酸溶液中c(H＋)既跟酸的电离常数有关，又跟酸的浓度有关，故C项错误；碳酸是分步电离的，第一步电离常数表达式：Ka1＝eq \f(cH＋·cHCO\o\al(－,3),cH2CO3)，第二步电离常数表达式：Ka2＝eq \f(cH＋·cCO\o\al(2－,3),cHCO\o\al(－,3))，故D项错误。3．室温下向10 mL pH＝3的醋酸溶液中加水稀释后，下列说法正确的是(　　)A．溶液中所有粒子的浓度都减小B．溶液中eq \f(cCH3COO－·cH＋,cCH3COOH)不变C．醋酸的电离程度增大，c(H＋)亦增大D．加入10 mL pH＝11的NaOH溶液，混合液pH＝7B　解析：醋酸溶液加水稀释，促进电离，溶液中c(H＋)减小，但c(OH－)增大，A错误；醋酸的电离平衡常数Ka＝eq \f(cCH3COO－·cH＋,cCH3COOH)，温度不变，Ka不变，eq \f(cCH3COO－·cH＋,cCH3COOH)不变，B正确；醋酸溶液加水稀释，醋酸的电离程度增大，因溶液的体积增大的倍数大于n(H＋)增大的倍数，则 c(H＋)减小，C错误；pH＝3的醋酸与pH＝11的NaOH溶液等体积混合时，醋酸的浓度大于 0.001 mol/L，醋酸过量，混合液的pH10－5 mol/L，则醋酸的pH1　因醋酸是弱酸，不能完全电离　(2)盐酸的pH＝5，醋酸的pH＜5　(3)正确　由于醋酸是弱酸，随着反应的进行，醋酸不断电离，c(H＋)变化小，产生H2的平均速率醋酸比盐酸快　(4)将CH3COONa晶体、NaCl晶体分别溶于适量水配成溶液，再分别滴入酚酞溶液，CH3COONa溶液变浅红色，NaCl溶液不变色[多角度·突破练]⊳角度1　弱电解质的判断1．下列事实中不能证明CH3COOH是弱电解质的是(　　)A．常温下某CH3COONa溶液的pH＝8B．常温下0.1 mol/L CH3COOH溶液的pH＝2.8C．0.1 mol/L的CH3COOH溶液的导电能力比同浓度的盐酸差D．CH3COOH属于共价化合物D　解析：A项，常温下某CH3COONa溶液的pH＝8，CH3COONa水解显碱性，为弱酸强碱盐，故CH3COOH为弱电解质，正确；B项，常温下 0.1 mol/LCH3COOH溶液的pH＝2.8，说明CH3COOH部分电离，为弱电解质，正确；C项，相同浓度的一元酸，醋酸的导电能力比盐酸差，说明醋酸未完电离，为弱电解质，正确；D项，强电解质和弱电解质都有可能为共价化合物，错误。2．下列事实一定能证明HNO2是弱电解质的是(　　)①常温下NaNO2溶液pH大于7　②用HNO2溶液做导电实验，灯泡很暗　③HNO2与NaCl不能发生反应　④常温下0.1 mol/L HNO2溶液的pH＝2.1　⑤NaNO2和H3PO4反应，生成HNO2 ⑥常温下将pH＝1的HNO2溶液稀释至原体积的100倍，溶液pH约为2.8A．①②④⑥ B．①②③④C．①④⑤⑥ D．①②③④⑤⑥C　解析：常温下NaNO2溶液pH大于7，说明亚硝酸钠是强碱弱酸盐，则HNO2是弱电解质，故①正确；溶液的导电性与离子浓度及离子所带电荷数有关，用HNO2溶液做导电实验，灯泡很暗，不能证明HNO2为弱电解质，故②错误；HNO2与NaCl不能发生反应，只能说明不符合复分解反应发生的条件，但不能说明HNO2是弱电解质，故③错误；常温下0.1 mol/L HNO2溶液的pH＝2.1，说明HNO2不完全电离，即说明HNO2为弱电解质，故④正确；较强酸可以制较弱酸，NaNO2和H3PO4反应，生成HNO2，说明HNO2的酸性弱于H3PO4(弱酸)，则HNO2为弱电解质，故⑤正确；常温下将pH＝1的HNO2溶液稀释至原体积的100倍，溶液pH约为2.8，说明HNO2是弱电解质，故⑥正确。判断弱电解质的三个思维角度角度一：弱电解质的定义，即弱电解质不能完全电离。(1)测定一定浓度的HA溶液的pH。(2)与同浓度盐酸比较导电性。(3)与同浓度的盐酸比较和锌反应速率的快慢。角度二：弱电解质溶液中存在电离平衡，条件改变，平衡移动。(1)从一定pH的HA溶液稀释前后pH的变化判断。(2)从升高温度后pH的变化判断。(3)从等体积等pH的HA溶液、盐酸分别与过量的锌反应生成H2的量判断。角度三：弱电解质形成的盐类能水解，如判断CH3COOH为弱酸可通过下面两个实验及现象：(1)配制某浓度的醋酸钠溶液，向其中加入几滴酚酞溶液。现象：溶液变为浅红色。(2)用玻璃棒蘸取一定浓度的醋酸钠溶液滴在pH试纸上，测其pH。现象：pH＞7。⊳角度2　强酸(强碱)与弱酸(弱碱)性质的比较3．在相同温度下，100 mL 0.01 mol/L的醋酸溶液与10 mL 0.1 mol/L的醋酸溶液相比较，下列数值前者大于后者的是(　　)A．中和时所需NaOH的量B．电离的程度C．H＋的物质的量浓度D．CH3COOH的物质的量B　解析：100 mL 0.01 mol/L的醋酸溶液与 10 mL 0.1 mol/L的醋酸溶液中所含醋酸的物质的量相等，所以中和时所需NaOH的量相等；H＋的物质的量浓度后者大；电离程度前者大，弱电解质浓度越小，电离程度越大。4．下列关于盐酸与醋酸两种稀溶液的说法正确的是(　　)A．相同浓度的两溶液中c(H＋)相同B．100 mL 0.1 mol/L的两溶液能中和等物质的量的氢氧化钠C．c(H＋)＝10－3 mol/L的两溶液稀释100倍，c(H＋)均为10－5 mol/LD．向两溶液中分别加入少量对应的固体钠盐，c(H＋)均明显减小B　解析：相同浓度的两溶液，醋酸部分电离，故醋酸中的c(H＋)比盐酸的小，故A错；由化学方程式可知B正确；醋酸稀释过程中平衡向电离方向移动，故稀释后醋酸的c(H＋)大于10－5 mol/L，故C错；醋酸中加入醋酸钠，由于增大了溶液中醋酸根离子的浓度，抑制了醋酸电离，使c(H＋)明显减小，而盐酸中加入氯化钠，对溶液中c(H＋)无影响，故D错。比较强酸弱酸的常见角度以一元强酸(HCl)与一元弱酸(CH3COOH)的比较为例。　考点2　电离平衡常数的计算及应用 [抓本质·悟考法]25 ℃时，三种酸的电离常数如下：回答下列问题：(1)一般情况下，当温度升高时，Ka________(填“增大”“减小”或“不变”)。(2)下列四种离子结合质子能力由大到小的顺序是________(填标号，下同)。A．COeq \o\al(2－,3) B．ClO－C．CH3COO－ D．HCOeq \o\al(－,3)(3)用蒸馏水稀释0.10 mol/L的醋酸溶液，下列各式表示的数值随水量的增加而增大的是______。A.eq \f(cCH3COOH,cH＋) B.eq \f(cCH3COO－,cCH3COOH)C.eq \f(cH＋,Kw) D.eq \f(cH＋,cOH－)(4)体积均为10 mL、pH均为2的醋酸溶液与HX溶液分别加水稀释至1 000 mL，稀释过程中pH变化如下图所示。则HX的电离常数________(填“大于”“等于”或“小于”，下同)醋酸的电离常数；稀释后，HX溶液中水电离出来的c(H＋) ________醋酸溶液中水电离出来的c(H＋)，理由是____________________________________________________________________________________。(5)将a mol/L的醋酸与0.01 mol/L的Ba(OH)2溶液等体积混合，反应平衡时溶液中2c(Ba2＋)＝c(CH3COO－)，则溶液显________(填“酸”“碱”或“中”)性；用含a的代数式表示CH3COOH的电离常数Ka＝________。【解题关键点】　本题考查了电离常数的意义及其应用。电离常数是化学平衡常数的一种特殊情况，应灵活迁移运用化学平衡常数的相关知识：(1)弱酸电离过程中吸收热量。(2)电离常数越大，离子结合质子的能力越弱。(3)Ka只与温度有关，加水稀释时引起平衡移动、离子浓度改变，但温度不变，Ka不变。(4)根据电离平衡常数可判断弱酸的相对强弱。【易错失分点】　第(2)问中，不能正确理解弱酸的电离与弱酸根离子结合质子过程的关系；第(3)问中，不能灵活利用平衡常数进行解答。如果是改变温度引起的溶液中离子浓度变化，则电离平衡常数也随之改变，若再认为平衡常数恒定不变，则不能得出正确结论。[自主解答]________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________解析：(1)弱电解质的电离属于吸热过程，所以温度升高，Ka增大。(2)电离常数越大，离子结合质子的能力越弱，所以结合质子的能力由大到小的顺序为A＞B＞D＞C。(3)用蒸馏水稀释0.10 mol/L的醋酸，醋酸的电离平衡正向移动，eq \f(cCH3COOH,cH＋)＝eq \f(cCH3COO－,Ka)，Ka只与温度有关，温度不变，Ka不变，c(CH3COO－) 减小，故eq \f(cCH3COOH,cH＋)减小，A错误；eq \f(cCH3COO－,cCH3COOH)＝eq \f(Ka,cH＋)，Ka不变，c(H＋)减小，所以eq \f(cCH3COO－,cCH3COOH)增大，B正确；eq \f(cH＋,Kw)中，Kw不变，c(H＋)减小，所以eq \f(cH＋,Kw)减小，C错误；eq \f(cH＋,cOH－)＝eq \f(c2H＋,Kw)，Kw不变，c(H＋)减小，故eq \f(cH＋,cOH－)减小，D错误。(4)HX和醋酸加水稀释同样的倍数，HX的pH变化较大，说明HX的电离常数大于醋酸的，稀释后HX的pH大于醋酸的pH，说明HX电离出来的c(H＋)小于醋酸的，则HX溶液中水电离出来的c(H＋)大于醋酸溶液中水电离出来的c(H＋)。(5)根据电荷守恒：2c(Ba2＋)＋c(H＋)＝c(CH3COO－)＋c(OH－)，由于2c(Ba2＋)＝c(CH3COO－)，则c(H＋)＝c(OH－)，因此溶液显中性。混合后溶液中c(H＋)＝10－7 mol/L，而c(CH3COO－)＝2c(Ba2＋)＝eq \f(1,2)×0.01 mol/L×2＝0.01 mol/L，c(CH3COOH)＝(eq \f(1,2)a－0.01) mol/L，CH3COOH的电离平衡常数Ka＝eq \f(cCH3COO－·cH＋,cCH3COOH)＝eq \f(0.01×10－7,\f(1,2)a－0.01)＝eq \f(2×10－9,a－0.02)。答案：(1)增大　(2)A＞B＞D＞C　(3)B(4)大于　大于　稀释后HX溶液中的c(H＋)小于CH3COOH溶液中的c(H＋)，对水电离的抑制能力减弱(5)中　eq \f(2×10－9,a－0.02)[多角度·突破练]⊳角度1　电离平衡常数的计算1．(1)在25 ℃下，将a mol/L的氨水与0.01 mol/L的盐酸等体积混合，反应平衡时溶液中c(NHeq \o\al(＋,4))＝c(Cl－)，则溶液显________(填“酸”“碱”或“中”)性；用含a的代数式表示NH3·H2O的电离常数Kb＝________。(2)已知常温常压下，空气中的CO2溶于水，达到平衡时，溶液的pH＝5.60，c(H2CO3)＝1.5×10－5 mol/L。若忽略水的电离及H2CO3的第二级电离，则H2CO3HCOeq \o\al(－,3)＋H＋的平衡常数 Ka1＝________。(已知10－5.60＝2.5×10－6)(3)常温下，将a mol/L CH3COONa溶于水配成溶液，向其中滴加等体积的b mol/L的盐酸使溶液呈中性(不考虑盐酸和醋酸的挥发)，用含a和b的代数式表示醋酸的电离常数Ka＝________。解析：(1)氨水与盐酸等体积混合后的溶液中的电荷守恒关系式为c(NHeq \o\al(＋,4))＋c(H＋)＝c(Cl－)＋c(OH－)，因c(NHeq \o\al(＋,4))＝c(Cl－)＝eq \f(0.01 mol/L,2)＝0.005 mol/L，故有c(H＋)＝c(OH－)＝10－7 mol/L，溶液显中性。由物料守恒知c(NH3·H2O)＝eq \f(a,2) mol/L－c(NHeq \o\al(＋,4))，Kb＝eq \f(cNH\o\al(＋,4)·cOH－,cNH3·H2O)＝eq \f(0.005×10－7,\f(a,2)－0.005)＝eq \f(10－9,a－0.01)。(2)Ka1＝eq \f(cH＋·cHCO\o\al(－,3),cH2CO3)＝eq \f(10－5.602,1.5×10－5)＝eq \f(2.5×10－62,1.5×10－5)≈4.2×10－7。(3)根据电荷守恒：c(CH3COO－)＋c(Cl－)＋c(OH－)＝c(Na＋)＋c(H＋)，溶液呈中性时，c(H＋)＝c(OH－)＝10－7 mol/L，则c(CH3COO－)＝c(Na＋)－c(Cl－)＝eq \f(a,2) mol/L－eq \f(b,2) mol/L＝eq \f(a－b,2) mol/L，根据物料守恒：c(CH3COOH)＋c(CH3COO－)＝eq \f(a,2) mol/L，则c(CH3COOH)＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(a,2)－\f(a－b,2))) mol/L＝eq \f(b,2) mol/L，Ka＝eq \f(cH＋·cCH3COO－,cCH3COOH)＝eq \f(10－7×a－b,b)。答案：(1)中　eq \f(10－9,a－0.01)　(2)4.2×10－7　(3)eq \f(10－7a－b,b)2．已知25 ℃时弱电解质电离平衡常数：Ka(CH3COOH)＝1.75×10－5，Ka(HSCN)＝0.13。(1)将20 mL 0.10 mol/L CH3COOH溶液和 20 mL 0.10 mol/L HSCN溶液分别与0.10 mol/L NaHCO3溶液反应，实验测得产生CO2气体体积V与时间t的关系如图。反应开始时，两种溶液产生CO2的速率明显不同的原因是___________________________________________________________________；反应结束后所得溶液中c(SCN－)________(填“>”“＝”或“Ka(CH3COOH)，溶液中c(H＋)：HSCN>CH3COOH，c(H＋)大反应速率快。反应结束后，溶质分别为CH3COONa和NaSCN，因生成CO2体积相等，则CH3COONa和NaSCN浓度相同，又因CH3COOH酸性弱于HSCN，故CH3COONa水解程度大，c(CH3COO－)Ka(CH3COOH)，溶液中c(H＋)：HSCN>CH3COOH，c(H＋)大，反应速率快　>　(2)4×10－4有关电离常数计算的两种类型(以弱酸HX为例)(1)已知c(HX)始和c(H＋)，求电离常数　　　　 　HX　　　　H＋　＋　X－eq \a\vs4\al(起始/mol/L：)　c(HX)始 　　　　 0　　　 0eq \a\vs4\al(平衡/mol/L：)　eq \a\vs4\al(cHX始－cH＋)　 c(H＋)　 c(H＋)则：Ka＝eq \f(cH＋·cX－,cHX)＝eq \f(c2H＋,cHX始－cH＋)。由于弱酸只有极少一部分电离，c(H＋)的数值很小，可作近似处理：c(HX)始－c(H＋)≈c(HX)始，则Ka≈eq \f(c2H＋,cHX始)，代入数值求解即可。(2)已知c(HX)始和电离常数，求c(H＋)同理可得Ka＝eq \f(c2H＋,cHX始－cH＋)≈eq \f(c2H＋,cHX始)，则：c(H＋)＝eq \r(Ka·cHX始)，代入数值求解即可。⊳角度2　电离平衡常数的应用3．已知碳酸、亚硫酸、次氯酸的电离平衡常数(25 ℃)如下表，下列说法正确的是(　　)A．相同条件下，同浓度的NaClO溶液和Na2CO3溶液的碱性，前者更强B．Na2CO3溶液中通入少量SO2：2COeq \o\al(2－,3)＋SO2＋H2O===2HCOeq \o\al(－,3)＋SOeq \o\al(2－,3)C．NaHCO3溶液中通入少量SO2：2HCOeq \o\al(－,3)＋SO2===2CO2＋SOeq \o\al(2－,3)＋H2OD．向氯水中分别加入等浓度的NaHCO3和NaHSO3溶液，均可提高氯水中HClO的浓度B　解析：由表中电离常数可知Ka(HClO)>Ka2(H2CO3)，即HClO的酸性强于HCOeq \o\al(－,3)的酸性；根据盐类“越弱越水解”的规律推知，相同条件下，同浓度的NaClO溶液和Na2CO3溶液相比，后者弱酸根离子的水解程度大于前者，则后者的碱性强，A错误；由于Ka1(H2SO3)>Ka1(H2CO3)>Ka2(H2SO3)>Ka2(H2CO3)，则酸性：H2SO3>H2CO3>HSOeq \o\al(－,3)>HCOeq \o\al(－,3)，故Na2CO3溶液中通入少量SO2，反应生成HCOeq \o\al(－,3)和SOeq \o\al(2－,3)，B正确；NaHCO3溶液中通入少量SO2时，只能发生反应：HCOeq \o\al(－,3)＋SO2===CO2＋HSOeq \o\al(－,3)，C错误；由于HClO具有强氧化性，可与NaHSO3发生氧化还原反应，导致HClO的浓度降低，D错误。4．(2020·南昌模拟)已知下面三个数据：6.3×10－4、5.6×10－4、6.2×10－10分别是下列有关三种酸的电离常数，若已知下列反应可以发生：NaCN＋HNO2===HCN＋NaNO2、NaCN＋HF===HCN＋NaF、NaNO2＋HF===HNO2＋NaF，由此可判断下列叙述不正确的是(　　)A．K(HF)＝6.3×10－4B．K(HNO2)＝6.2×10－10C．根据两个反应即可得出一元弱酸的强弱顺序为HF>HNO2>HCND．K(HCN)HCN。酸性越强，电离常数越大，因此亚硝酸的电离常数应是5.6×10－4，B项不正确。5．25 ℃时，下列有关电解质溶液的说法正确的是(　　)A．加水稀释0.1 mol/L氨水，溶液中c(H＋)·c(OH－)和c(H＋)/c(OH－)保持不变B．向CH3COONa溶液中加入少量CH3COONa，溶液中c(CH3COO－)/ c(CH3COOH)的值增大C．等体积、等物质的量浓度的Na2CO3和NaHCO3溶液混合：eq \f(cHCO\o\al(－,3),cH2CO3)＜eq \f(cCO\o\al(2－,3),cHCO\o\al(－,3))D．将浓度为0.1 mol/L HF溶液加水不断稀释过程中，电离平衡常数Ka(HF)保持不变，eq \f(cF－,cH＋)始终增大B　解析：A项，0.1 mol/L氨水稀释过程中c(H＋)增大，c(OH－)减小，因而比值变大，错误；B项，向CH3COONa溶液中加入少量CH3COONa，溶液中eq \f(cCH3COO－,cCH3COOH)＝eq \f(Ka,cH＋)，加入CH3COONa，溶液碱性增强，则c(H＋)降低，所以eq \f(cCH3COO－,cCH3COOH)的值增大，正确；C项，等体积、等物质的量浓度的Na2CO3和NaHCO3溶液混合，根据电离常数有Ka1＝eq \f(cH＋·cHCO\o\al(－,3),cH2CO3)、Ka2＝eq \f(cH＋·cCO\o\al(2－,3),cHCO\o\al(－,3))，同一溶液中c(H＋)相等，则c(H＋)＝Ka1·eq \f(cH2CO3,cHCO\o\al(－,3))＝Ka2·eq \f(cHCO\o\al(－,3),cCO\o\al(2－,3))，而Ka1＞Ka2，则eq \f(cHCO\o\al(－,3),cH2CO3)＞eq \f(cCO\o\al(2－,3),cHCO\o\al(－,3))，错误；D项，0.1 mol/L的HF加水稀释，c(F－)趋近于0，而c(H＋)趋于不变(10－7 mol/L)，故比值变小，错误。(1)电离常数的应用①判断弱酸(或弱碱)的相对强弱，电离常数越大，酸性(或碱性)越强。②判断盐溶液的酸性(或碱性)强弱，电离常数越大，对应的盐水解程度越小，碱性(或酸性)越弱。③判断复分解反应能否发生，一般符合“强酸制弱酸”规律。④判断粒子浓度比值的变化。(2)溶液中某些离子浓度比值变化的三种判断方法①转化法：将浓度之比转化为物质的量进行比较，这样分析起来可以忽略溶液体积的变化，只需分析微粒数目的变化即可。②凑常数法：解题时将某些离子的浓度比值关系，去乘以或除以某种离子的浓度，将会转化为一个常数与某种离子浓度乘积或相除的关系。③假设法：如0.1 mol/L CH3COOH溶液加水稀释，假设无限稀释，c(CH3COO－)趋近于0，c(H＋)趋于不变，故eq \f(cCH3COO－,cH＋)比值变小。一元强酸、一元弱酸与金属的反应[知识对接](1)相同体积、相同浓度的盐酸、醋酸中加入金属(例如锌)(2)相同体积、相同pH的盐酸、醋酸中加入金属(例如锌)[应用体验]1．相同体积、相同pH的某一元强酸溶液①和某一元弱酸溶液②分别与足量的锌粉发生反应，下列关于氢气体积(V)随时间(t)变化的示意图正确的是(　　)C　解析：强酸完全电离，弱酸部分电离，pH相同的弱酸的浓度大于强酸，随着反应的进行，弱酸会继续电离出H＋，所以溶液②产生氢气的体积多，在相同时间内，②的反应速率比①快。2．在体积都为1 L，pH都等于2的盐酸和醋酸溶液中，投入0.65 g锌粒，则下列图像中符合客观事实的是(　　)C　解析：因盐酸为强酸、醋酸为弱酸，故pH都等于2的盐酸和醋酸溶液中，c(HCl)＝0.01 mol/L，而c(CH3COOH)＞0.01 mol/L,1 L溶液中n(HCl)＝0.01 mol，n(CH3COOH)＞0.01 mol。A项，相同时间内pH变化较大的应为HCl，错误；B项，产生H2速率大的应为CH3COOH，错误；D项，相同时间内c(H＋)变化较大的为HCl，错误。一元强酸(碱)或一元弱酸(碱)稀释图像分析[知识对接](1)相同体积、相同浓度的盐酸与醋酸(2)相同体积、相同pH的盐酸与醋酸[应用体验]3．某温度下，相同体积、相同pH的氨水和氢氧化钠溶液加水稀释时，pH变化曲线如图所示，下列判断正确的是(　　)A．a点导电能力比b点强B．b点的Kw值大于c点C．与盐酸完全反应时，消耗盐酸体积Va＞VcD．a、c两点的c(H＋)相等D　解析：选项A，根据图示可知，a点对应的曲线为NaOH溶液稀释曲线，b、c点对应的曲线为氨水的稀释曲线，a点溶液中离子浓度小于b点溶液中离子浓度，a点导电能力更弱；选项B，Kw值只与温度有关，b、c两点Kw值相等；选项C，NH3·H2O的物质的量大于NaOH，稀释过程中溶质总量不变，所以c点消耗盐酸多；选项D，a、c两点溶液pH相等，则c(H＋)相等。4．室温下，将10.00 mL 5.000 0 mol/L醋酸滴入 100.00 mL蒸馏水中，溶液中c(H＋)和温度随着加入醋酸体积的变化曲线如图所示，下列有关说法正确的是(　　)A．a～b段，醋酸电离过程为放热过程B．c～d段，c(H＋)增加，醋酸电离程度增大C．c点时，加入等体积等浓度的NaOH溶液，则c(Na＋)＝c(CH3COO－)＋c(CH3COOH)D．d点时，c(H＋)>c(CH3COOH)C　解析：a～b段，醋酸电离过程为吸热过程，电解质溶于水，扩散过程(电离)吸热，水合过程(形成水合离子)放热，故A错误；c～d段，醋酸浓度增大， c(H＋)增加，醋酸电离程度减小，故B错误；c点时，加入等体积等浓度的NaOH溶液，根据物料守恒，有c(Na＋)＝c(CH3COO－)＋c(CH3COOH)，故C正确；d点时，c(H＋)＝c(CH3COO－)HBrO，所以次溴酸和碳酸氢钠不反应，故C错误。3．(命题情境：电离与天然药物的使用问题)实验证明，有机酸具有类似于抗生素的促生长作用，可用于动物饲料添加剂，在饲料保存中，甲酸和丙酸特别有效。25 ℃时，相同pH的甲酸(用HA表示)与丙酸(用HB表示)溶液分别加水稀释，溶液pH随溶液体积变化的曲线如图所示。下列说法正确的是　(　　)A．同浓度的NaA与NaB溶液中，c(A－)小于c(B－)B．a点溶液的导电性大于b点溶液C．a点的c(HA)大于b点的c(HB)D．HA的酸性强于HBD　解析：酸的酸性越强，对应盐的水解程度越弱，NaB的水解程度较大，同浓度的NaA与NaB溶液中，c(B－)小于c(A－)，A项错误；b点溶液的pH小于a点溶液的pH，说明b点溶液中c(H＋)较大、c(B－)较大，溶液的导电性较强，B项错误；HA酸性强于HB，则相同pH的溶液，c(HA)