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2022-2023学年江苏省常州市九年级（上）期中物理试卷（含答案解析）
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这是一份2022-2023学年江苏省常州市九年级（上）期中物理试卷（含答案解析），共21页。试卷主要包含了1m，拉力F为6N，2J，【答案】A，【答案】C，【答案】B等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年江苏省常州市九年级（上）期中物理试卷
1. 火箭是用液态氢作为燃料，这是因为液态氢具有的优点是( )
A. 较小的密度 B. 较大的比热容 C. 较易燃烧 D. 较高的热值
2. 如图所示的杠杆中，动力的力臂用l表示，图中所画力臂正确的是( )
A. B.
C. D.
3. 如图所示，起瓶器开启瓶盖时，可看作是( )
A. 以B为支点的省力杠杆 B. 以B为支点的费力杠杆
C. 以A为支点的省力杠杆 D. 以A为支点的费力杠杆
4. 在生产和生活中经常使用各种机械，在使用机械时，下列说法中正确的是( )
A. 可以省力或省距离，但不能省功 B. 可以省力，同时也可以省功
C. 可以省距离，同时也可以省功 D. 只有在费力情况时才能省功
5. 如图所示，设作用在A端的力F始终与杆垂直，把挂有重物的杠杆从图示位置慢慢转动到水平位置的过程中，力F的大小将( )
A. 逐渐变小
B. 先变小，后变大
C. 逐渐变大
D. 先变大，后变小
6. 如图所示，小明利用动滑轮匀速提升木箱。以下做法可以提高动滑轮机械效率的是( )
A. 适当增加木箱重力
B. 增大木箱上升高度
C. 增大提升木箱的速度
D. 换用质量更大的动滑轮
7. 下面四个事例中能量转化与做功冲程相同的是( )
A. 搓手取暖 B. 瓶塞冲出 C. 压缩气体 D. 钻木取火
8. 两人用同样的水桶从同一处提水，给同样远处、同样的水缸注满水。其中一个人每次都将水缸装满，另一个人每次都不装满，则两人做功的大小情况是( )
A. 装满水桶者做的功多 B. 不装满水桶者做的功多
C. 两人做的功一样多 D. 装满水桶者做的有用功多
9. 用如图所示的滑轮组将重10N的物体匀速提升0.1m，拉力F为6N.下列说法中正确的是( )
A. 所做的有用功为0.6J
B. 所做的额外功为0.8J
C. 所做的总功为1.2J
D. 此滑轮组的机械效率为60%
10. 为了探究热传递过程中高温物体、低温物体温度变化的特点，小明做了如下实验。将盛有30℃冷水的小烧杯放入盛有70℃热水的大烧杯中，分别用温度传感器测量两杯水的温度变化情况，绘制成如图所示的图像。下列说法错误的是( )
A. 热水和冷水到达同一温度的时间是相同的 B. 热水温度下降比冷水温度升高快
C. 热水放出的热量小于冷水吸收的热量 D. 热水的质量可能小于冷水的质量
11. 公交车后门的两个扶杆上通常各装有一个按钮，每一个按钮都是个开关。当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，提醒司机有人要下车。下列电路图符合上述要求的是( )
A. B. C. D.
12. 如图是小勇描绘的同一纬度某沿海城市和某内陆城市一年内气温随月份变化的图线。下列说法正确的是( )
A. 实线是内陆城市的气温图线，因为砂石的比热容较大
B. 虚线是沿海城市的气温图线，因为水的比热容较大
C. 实线是沿海城市的气温图线，因为砂石的比热容较小
D. 虚线是沿海城市的气温图线，因为水的比热容较小
13. 小明在“观察水的沸腾”实验中，用两个相同的酒精灯给两杯水加热，装置如图甲、乙所示，每隔相等时间读一次水的温度，并把温度跟时间的关系绘制成如图丙所示的图像，甲、乙两杯水分别对应图像a和b。实验发现，乙杯中的水比甲杯中的水升温慢，原因可能是( )
A. 乙杯中的水比热容大 B. 乙杯中水的质量大
C. 乙杯中的水初温低 D. 相等时间内，乙杯中的水吸收热量少
14. 如图所示，九年级小明同学正在单杠上做“引体向上”运动，试估算他做一次完整的引体向上运动(从图甲状态到图乙状态)，需要做功大约为( )
A. 300J B. 800J C. 1000J D. 1500J
15. 雨滴在空气中竖直下落，它所受的空气阻力f与速度v成正比，即f=kv(k为比例系数)。所以雨滴速度越来越大，最终以某一速度匀速运动，雨滴在竖直下落过程中重力做功的功率P随时间t的关系图像正确的是( )
A. B. C. D.
16. 如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是______能转化为______能。
17. 在水平地面上，工人师傅用50N沿水平方向的力推着重为200N的箱子匀速前进，10s内移动了5m，在这个过程中，地面对箱子的摩擦力为______ N，重力所做的功为______ J，推力做功的功率为______ W。
18. 如图所示，这是某汽油机工作循环中的一个冲程，它是______冲程，该冲程中，______能转化为______能，如果一台单缸四冲程汽油机每秒对外做功15次，则飞轮转速是______r/min。
19. 汽车发动机的散热器用水做冷却剂，是由于水的______较大的缘故，降温过程中，是采用______的方式减小内能，出租车使用天然气来代替汽油，已知天然气的热值为7×107J/m3。当出租车完全燃烧0.03m3天然气，所释放的热量为______ J。
20. 图是家用手摇晾衣架，A、B两滑轮中属于动滑轮的是______(选填“A”或“B”)；若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F=______N。
21. 如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它在同一水平木板上滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的路程随时间变化的图象．请根据图象判断：在相等的时间内，木块两次受到的拉力F1______ F2；两次拉力对木块做的功W1______ W2.两次拉力的功率P1______ P2(选填“>”“<”或“=”)
22. 如图所示，要使L1和L2两只灯并联，开关S同时控制两灯。则线头M应接在______(填字母)点上，要使L1和L2并联，开关S只控制L1，测线头M应接在______(填字母)点上，如果将线头M接C点，闭合开关，不发光的灯是______。
23. 如图所示，一块厚度、密度均匀的长方形水泥板放在水平地面上，用甲、乙两种方法使其一端缓慢抬离地面，若F甲和F乙始终竖直向上，则F甲______(>//
24. 如图所示，重900N的物体，放在水平地面上，一个人站在地上利用滑轮组将重物匀速提到楼上，要想使人所用的拉力最小，请在图上画出滑轮组上绳子的绕法。
25. 根据如图所示的电路实物图，请在虚线框内画出对应的电路图。
26. 如图是小明做“测量提升物体所做功”的实验装置图，他用弹簧测力计拉着木块沿斜面匀速上升，拉力为F=1.6N，木块重G=4N，斜面高h=30cm，长s=1m。小明将木块从斜面底部匀速拉到顶部，用时10s，则：
(1)拉力F做功的功率是多少？
(2)该斜面的机械效率是多少？
27. 科技馆里，小明和爸爸正在体验升降座椅装置，如图为升降座椅装置的简图。已知爸爸的质量为60kg，小明用240N的拉力将爸爸匀速拉升到顶端，用时30s，该过程中小明手握住绳子向下拉动的总长度为6m。不计绳重和摩擦，g取10N/kg。求：
(1)小明拉绳所做功的功率为多少？
(2)动滑轮(含座椅)的质量为多少？
(3)该升降座椅装置的机械效率多大？
28. 某同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是100g的沙子和水加热，他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图像，如图甲、乙所示，已知酒精的热值是3.0×107J/kg，水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，沙子的比热容比水小，加热时每只酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，请问：
(1)图中______(甲/乙)是水吸热升温的图像。
(2)根据图像，开始2min水吸收了多少热量？
(3)若酒精灯消耗酒精完全燃烧，开始2min，酒精灯对水加热的效率是多少？
29. 为了探究“弹簧的弹性势能跟哪些因素有关”，小明同学设计了如图所示的装置，并进行了如下实验。
①将弹簧放在水平面上，一端固定。
②在弹性限度内，用物块(物块与弹簧不连结)将弹簧压缩，测量并记录弹簧的形变量△L
③由静止释放物块，测量并记录物块在水平面上滑行的距离S。
④多次改变弹簧的形变量，重量步骤②③。
⑤分析实验数据得出结论。
请回答以下问题：
(1)本实验中，探究了弹簧弹性势能大小跟______的关系。
(2)本实验中，弹簧弹性势能大小是通过______来间接反映的。
(3)本实验中，从物块离开弹簧到静止，物块将______能转化为______能。
30. 如图甲所示是“比较水和煤油吸热升温的特点”的实验装置。小明用两个相同的容器分别装入质量相等的A、B两种液体，用同一装置先后加热。
(1)实验前，按______(填“自上而下”或“自下而上”)的顺序组装器材，实验中用玻璃棒不断搅拌，目的是让液体______。
(2)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(填“液体升高的温度”或“加热时间”)来比较。
(3)根据实验数据绘制的温度和时间的关系图象如图所示，分析可知，质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______(填“A”或“B”)升高的温度较多。
(4)冬天，小明想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供暖物质，则应选择______(填“A”或“B”)液体。
(5)在对实验进行反思时，他们认为原方案有较多缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置，与原方案相比，该方案具有的优点是______。
31. 在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)如图甲所示，实验前，杠杆左侧下沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向______(左/右)调节。
(2)如图乙所示，A处挂3个钩码，B处挂2个钩码，杠杆恰好在水平位置平衡，若在A处下方再挂1个相同的钩码，为使杠杆保持水平位置平衡，需将挂在B处的钩码向______(右/左)移动______格。
(3)已知杠杆上每个小格长度为5cm，每个钩码重0.5N，小明按照图乙所示方式进行实验，他改变所挂钩码的数量和A、B位置，使杠杆水平平衡，记录数据如表：
测量序号
动力FA/N
OA/cm
阻力FB/N
OB/cm
1
1.5
10.0
1.0
15.0
2
2.0
15.0
2.0
15.0
3
3.0
10.0
1.5
20.0
(4)小明根据表中数据，得出“动力×动力臂”的结论，而小华则认为小明的每组数据中的力臂恰好都等于支点到力的作用点的距离，具有一定的特殊性，还应改变动力或阻力的进行实验。于是小华按图丙所示方式进行实验，发现弹簧测计示数______(大于/小于/等于)1N。这时，小华要测量力臂，还需要的测量工具是______。通过小华的补充实验，小明真正理解了力臂是支点到______的距离。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
运载火箭采用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确。
故选：D。
热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。
本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析。
2.【答案】D
【解析】解：因为动力的力臂的做法是过支点作动力作用线的垂线段，而A B选项中线段与动力作用线不垂直，所以A、B选项错误；
又因为C选项中，表示力臂的不是支点到动力作用线的垂线段，故C选项错误，D选项正确。
故选：D。
根据力臂的画法进行分析，即过支点作动力作用线的垂线段。
考查学生对力臂的画法掌握情况。
3.【答案】C
【解析】解：我们在使用起瓶器开启瓶盖时，瓶盖中的B点被撬起，所以B点是阻力的作用点，并且在开启的过程中，起瓶器绕A点转动，所以A是支点；
在开启瓶盖时，杠杆应绕A点逆时针旋转，所以动力的方向向上，在整个过程中，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆。
故选：C。
(1)杠杆在使用时绕着转动的固定点是支点；
(2)动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系。
4.【答案】A
【解析】解：使用机械可以省力、省距离或改变力的方向，但都不能省功，故A选项正确；
使用任何机械都不能省功，故B、C、D选项错误；
故选：A。
使用机械的主要目的是省力、省距离或改变力的方向，但任何机械都不能省功。
解决此类题型的关键是知道使用机械不能省功以及使用机械的目的。
5.【答案】C
【解析】解：
由题知，当慢慢提升重物时，重力(阻力)不变，阻力臂增大(水平时最大)，动力臂不变，即：G不变、L1不变，L2增大，根据杠杆的平衡条件FL1=GL2可知，力F逐渐变大。
故选：C。
此过程中，重力不变；F始终垂直于杠杆，动力臂不变，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，动力随阻力臂的增大而增大。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于基础题。
6.【答案】A
【解析】解：A、动滑轮重力不变，所以额外功不变；如果增加木箱重力，有用功会增大，有用功在总功中所占的比例将增大，机械效率会增大，故A符合题意；
B、C、动滑轮机械效率的高低与木箱上升的高度和上升的速度无关，故B、C不符合题意；
D、换用质量更大的动滑轮，额外功增加，有用功在总功中所占的比例将减小，机械效率降低，故D不符合题意。
故选：A。
根据影响动滑轮机械效率的因素进行分析和解答，尽量增大有用功减小额外功。
此题考查了对机械效率概念的理解，要提高机械效率需提高有用功在总功中的比值。
7.【答案】B
【解析】解：汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能。
A、搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能；
B、瓶塞冲出时，是将水蒸气的内能转化为瓶塞的机械能；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能；
综上分析可知，四个事例中能量转化与做功冲程相同的是瓶塞冲出。
故选：B。
(1)汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能；
(2)改变物体内能的方式有热传递和做功，做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。
8.【答案】B
【解析】解：由于两人都需要将缸灌满(缸相同)，所以需要取水的质量相同；由于将水提升的高度相同，所以两人所做的有用功相同。但不装满水桶者每次提的水较少，需要多提几次，因此做的额外功较多，需要做的总功也越多。
故选：B。
将相同质量的水提升相同的高度，所做的有用功相同；判断他们所做功的多少，只比较额外功即可；提水过程中，对桶做的功为额外功，提水的次数越多，做的额外功越多，总功也越多。
此题中，在没有说明不计桶重的情况下，两人所做的额外功就需要考虑桶重这个因素；若说明了不计桶重，那么两人做的功相同。
9.【答案】B
【解析】解：所做的有用功：W有用=Gh=10N×0.1m=1J，
从图可知，S=3h=0.3m，
拉力所做的总功：W总=FS=6N×0.3m=1.8J，
所做的额外功：W额外=W总−W有用=1.8J−1J=0.8J，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总=1J1.8J≈55.6%.
对照各选项可知，只有B符合题意．
故选B.
从图可知，对物体所做的功为有用功，拉力F所做的功为总功，已知物重和物体上升的高度，可以求出有用功，已知拉力F和S，可以求出总功，并在此基础上可以求出额外功和机械效率．
本题考查了有用功、总功、额外功和机械效率的计算，需要注意的是h与s的关系应借助图象确定，属于易错题．
10.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，400s左右时，热水和冷水到达同一温度40℃，所以热水和冷水到达同一温度的时间是相同的，故A正确；
B、400s内，热水温度由70℃下降到40℃，下降30℃；冷水30℃上升到40℃，上升10℃，热水温度下降比冷水温度升高得快，故B正确；
C、实验中不可避免有热量损失，所以热水放出热量大于冷水吸收的热量，故C错误；
D、只知道水温度，不知道质量，热水的质量可能小于冷水的质量，故D正确。
故选：C。
(1)图象横轴表示加热时间，竖轴表示变化的温度，由图象判断加热时间；
(2)由图象比较相同时间内温度变化的多少判断温度变化的快慢；
(3)考虑热量损失，高温物体放出的热量大于低温物体吸收的热量；
(4)只知道温度，不知道质量。
本题考查了对吸(放)热图象和内能的理解和掌握，正确理解图象是解题的关键。
11.【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意得出两开关的连接方式是解决本题的关键，解决此类问题要抓住题干中有用的信息，即电路元件是否可以独立工作(并联)，还是相互影响(串联)。
根据“当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题。
【解答】
ABC.当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，说明这两个开关可以独立工作、互不影响即为并联，且两个开关都位于干路上，由图示电路图可知，AB其中一个开关在支路上，故AB不符合题意，C符合题意；
D.根据题意可知：当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，而D图只有两个开关同时闭合时，灯泡才亮，电铃才响，故D不符合题意。
故选C。
12.【答案】B
【解析】解：由一年的气温变化曲线得出，实线所示的城市最高、最低气温差比虚线所示的城市的大；
水的比热容比沙石大，在吸收或放出相同的热量时，温度变化值比较小，所以实线表示的是内陆城市的年气温变化曲线，虚线表示的是沿海城市的年气温变化曲线。
故选：B。
沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大。
本题主要考查了学生对水的比热容大的特点在生活中应用的了解和掌握，从图象得出相关信息是本题的关键：找出温差大的就是内陆。
13.【答案】B
【解析】解：A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；故两杯水的比热容相同，故A错误；
BC、从图丙可知，两杯水的初温相同，但乙杯中水加热至沸腾的时间较长，故吸收的热量较多，根据m=ΔQ吸c水△t可知，乙杯中水的质量较大，故B正确、C错误；
D、相同的加热装置，相等时间内，甲、乙杯中的水吸收热量相同，故D错误。
故选：B。
A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
BC、从图丙可知，两杯水的初温相同，但乙杯中水加热至沸腾的时间较长，故吸收的热量较多，根据m=ΔQ吸c水△t可知两杯中水的质量的大小关系；
D、相同的加热装置，相等时间内，甲、乙杯中的水吸收热量相同。
本题考查观察水的沸腾”实验，并考查比热容的有关知识，难度不大。
14.【答案】A
【解析】解：该同学做一次引体向上时上升高度h=0.45m，
该同学做一次引体向上的过程中克服重力所做的功：
W=Gh=mgh=60kg×10N/kg×0.45m=270J，
最接近300J。
故选：A。
已知质量的大小、引体向上的高度，利用公式W=Gh计算克服重力做的功。
本题考查功的计算，难度不大，关键是公式及其变形的灵活运用。
15.【答案】D
【解析】解：因为P=Wt=Ght=Gv，又雨滴速度越来越大，最终以某一速度匀速运动，
所以雨滴在竖直下落过程中重力做功的功率P随时间t的关系是随着时间的增加先增大，后不变，故D符合题意。
故选：D。
利用P=Wt=Ght=Gv和雨滴速度越来越大，最终以某一速度匀速运动分析雨滴在竖直下落过程中重力做功的功率P随时间t的关系图像。
本题考查功率的计算，利用好P=Wt=Ght=Gv是解题的关键。
16.【答案】弹性势 动
【解析】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能。
故答案为：弹性势；动。
动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度。
本题考查动能和弹性势能的影响因素，相对比较简单，属于基础题。
17.【答案】50 0 25
【解析】解：(1)因为箱子做匀速直线运动，所以地面对箱子的摩擦力：f=F=50N；
(2)物体沿水平方向移动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即重力所做的功为0J；
(3)推力做的功：W=Fs=50N×5m=250J，
则推力做功的功率：P=Wt=250J10s=25W。
故答案为：50；0；25。
(1)根据二力平衡条件求出地面对箱子的摩擦力；
(2)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，据此分析重力是否做功；
(3)利用W=Fs求推力做的功，利用P=Wt求推力做功的功率。
本题考查了二力平衡条件、力是否做功的判断、功和功率计算，难度不大。
18.【答案】压缩 机械 内 1800
【解析】解：(1)由图可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以此时是汽油机的压缩冲程，在压缩冲程中，机械能转化为内能；
(2)由于单缸四冲程汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2转，对外做功一次，
如果一台单缸四冲程汽油机每秒对外做功15次，则汽油机的飞轮每秒要转30转，
飞轮的转速为：30r/s=30r160min=1800r/min。
故答案为：压缩；机械；内；1800。
(1)根据汽油机进气门、排气门的打开和关闭情况，活塞的运动方向判断汽油机的冲程；汽油机在压缩冲程中把机械能转化为内能，做功冲程中把内能转化为机械能；
(2)单缸四冲程汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2转，对外做功一次，据此求出飞轮的转速。
本题考查汽油机的工作原理、能量转化以及做功的有关计算，题目难度不大。
19.【答案】比热容 热传递 2.1×106
【解析】解：(1)由公式Q吸=cmΔt知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，水的比热容较大，吸收的热量较多，冷却效果最好。
(2)在发动机降温过程中，水从发动机吸收热量，使发动机的内能减少，这是通过热传递的方式改变内能的。
(3)完全燃烧0.03m3天然气放出的热量：Q放=qV=7×107J/m3×0.03m3=2.1×106J。
故答案为：比热容；热传递；2.1×106。
(1)水的比热容较大，与质量相同的其它液体相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)改变物体内能有两个方法：做功和热传递，其中做功改变内能本质是机械能与内能的转化，热传递改变内能本质是内能的转移；
(3)利用Q放=qV计算出天然气完全燃烧放出的热量。
本题考查水的比热容较大的应用、改变物体内能的两种方式以及热量的计算，比较简单，属于基础题。
20.【答案】B 30
【解析】解：
(1)A滑轮的轴是固定不动的，是定滑轮，B滑轮的轴与物体一起运动，是动滑轮；
(2)由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=4，不计动滑轮重、绳重及摩擦，
静止时绳的拉力：F=G总n=120N4=30N。
故答案为：B；30。
(1)定滑轮和动滑轮的主要区别是：动滑轮会随物体一起运动，定滑轮不随物体运动；
(2)由图可以看出连接动滑轮绳子的股数，不计动滑轮重、绳重及摩擦，根据F=G总n求出静止时绳的拉力；
本题主要考查滑轮种类的判断、滑轮组的拉力的计算，对于滑轮组关键有二：一是承担物重的绳子股数n的确定(直接从动滑轮上引出的绳子股数)，二是不计摩擦和动滑轮重时，F=1nG物。
21.【答案】=；>；>
【解析】
【分析】
(1)先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系；
(2)根据速度的计算公式：v=st利用图象形状可以确定物体的运动路程．根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=Fs比较两次做功的多少；
(3)根据在相同时间内，在拉力方向上通过的距离比较速度的大小；根据P=Fv判断功率的大小．要结合物体受力与运动状态的关系以及相关的计算公式，根据平衡力的知识和对图象的理解来解决此题．
【解答】
(1)从图象上可以看出，用弹簧测力计拉木块沿水平木板匀速滑动，木块做匀速直线运动，不论其速度大小如何，都受到平衡力的作用，在水平方向上，摩擦力和拉力是一对平衡力，故两次实验的拉力和摩擦力均相等．
(2)图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，由W=Fs可知，但是在相同时间内，第1次通过的距离大，所以第1次所做的功多．
(3)从图象上可以看出，相同时间内，第1次移动的距离大，故第1次的速度大；木块所受的拉力不变，根据公式P=Fv可知，拉力第1次做功的功率大．
故答案为：=；>；>.
22.【答案】DEL2
【解析】解：要使L1和L2两只灯并联，且开关同时控制两盏灯，则开关应在干路中，所以线头M应接在D点上。
如图所示要使L1、L2并联在电路中，且开关S只控制L1，则开关应在L1支路中，所以线头M应接在E点上。
如果将线头M接C点，闭合开关，L2被短路，L2不发光。
故答案为：D；E；L2。
由实物电路图可知，要使开关S同时控制并联电路中的两盏灯，则开关应处于干路；要使开关S只控制L1支路，则开关只与L1支路串联，L2支路不受其控制；据此判断导线M的连接位置。
此题考查了串并联电路中开关的作用，关键是知道干路开关控制整个电路，支路开关只控制相应的支路。
23.【答案】=<
【解析】解：(1)两次抬起水泥板时的情况如图所示：
在上述两种情况下，动力克服的都是水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以阻力臂都等于动力臂的二分之一。根据杠杆的平衡条件F=GL阻L动=12G.所以前后两次所用的力相同；
(2)若甲、乙两种情况均将水泥板拉至竖直位置，由图可知h甲
(1)把水泥板看做一个杠杆，抬起一端，则另一端为支点。由于水泥板是一个厚度、密度都均匀的物体，所以，其重力的作用点在其中心上，此时动力F克服的是水泥板的重力，即此时的阻力臂等于动力臂的一半。在此基础上，利用杠杆的平衡条件，即可确定F甲与F乙的大小关系。
(2)根据W=Fs可比较拉力做功的大小关系。
本题考查杠杆平衡条件的应用和功的比较，正确判断动力臂与阻力臂的关系是关键。
24.【答案】解：图中滑轮组由两个定滑轮和一个动滑轮组成，有两种绕线方法，承担重物的绳子的根数越多越省力；一种是由两根绳子承担重物，一种是由三根绳子承担重物，要想最省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从动滑轮开始缠绕，如下图所示。
【解析】与滑轮组中的动滑轮相连的绳子有几段，绳子自由端的拉力就是物重和滑轮组总重的几分之一，绳子段数越大，越省力。
此题是有关滑轮组的绕法，有关滑轮组可以从定滑轮也可以从动滑轮绕起，在题目中要根据实际情况而定。此题需要判断处拉力的方向，从而确定绕法。
25.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关S2在干路上，S1在L1支路上，电路图如图所示：
。
【解析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式以及开关的位置是关键。
26.【答案】解：
(1)拉力做功：
W总=Fs=1.6N×1m=1.6J，
拉力做功的功率
P=Wt=1.6J10s=0.16W；
(2)所做有用功
W有用=Gh=4N×0.3m=1.2J，
机械效率：
η=W有用W总=1.2J1.6J×100%=75%。
答：(1)拉力F做功的功率是0.16W；
(2)该斜面的机械效率是75%。
【解析】(1)根据W=Fs求出拉力做的功，再根据P=Wt可求功率；
(2)克服重力做的功为有用功，拉力做的功为总功，有用功与总功的比值等于机械效率。
本题考查斜面的特点、功、功率和机械效率的计算，常见题目。
27.【答案】解：(1)小明拉绳所做功：W=Fs=240N×6m=1440J，
小明拉绳所做功的功率为：P=Wt=1440J30s=48W；
(2)爸爸的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
由图可知n=3，因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，
所以动滑轮(含座椅)的重力：G动=nF−G=3×240N−600N=120N；
由G=mg可知，动滑轮(含座椅)的质量：m动=G动g=120N10N/kg=12kg；
(3)该升降座椅装置的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=600N3×240N×100%≈83.3%。
答：(1)小明拉绳所做功的功率为48W；
(2)动滑轮(含座椅)的质量为12kg；
(3)该升降座椅装置的机械效率为83.3%。
【解析】(1)根据W=Fs求出功的大小；根据P=Wt求出功率的大小；
(2)由图可知n=3，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮(含座椅)的重力，根据G=mg求动滑轮(含座椅)的质量；
(3)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率。
本题考查了功率、机械效率、功的计算公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
28.【答案】乙
【解析】解：(1)图甲表示的是沙子吸热升温的过程，因为沙子和水的质量相等，沙子的比热容比水小，吸收相同热量时(加热相同时间)，由Q吸=cmΔt可知，沙子的温度升高得多；则图乙表示的是水吸热升温的过程；
(2)由题和图像可知，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，m水=100g=0.1kg，Δt水=70℃−20℃=50℃；
则水吸收的热量为：
Q水吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(70℃−20℃)=2.1×104J；
(3)加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，则加热2min时间消耗酒精的质量为：m酒精=1g×2=2g=2×10−3kg；
这些酒精完全燃烧放出的热量为：
Q放=m酒精q=2×10−3kg×3.0×107J/kg=6×104J；
酒精灯的加热效率：
η=Q吸Q放×100%=2.1×104J6×104J×100%=35%。
答：(1)乙；
(2)根据图像，开始2min水吸收了2.1×104J的热量；
(3)若酒精灯消耗酒精完全燃烧，开始2min，酒精灯对水加热的效率是35%。
(1)用两只完全相同的酒精灯，分别给水和沙子加热，这样做的目的是使水和沙子在相同时间吸收相同的热量，再利用公式Q吸=cmΔt进行分析；
(2)从图像可知，加热满2min，水的温度从20℃上升到70℃，已知水的质量和比热容，可利用公式Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(3)已知酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，便可以计算出给水加热2min时间消耗的酒精，已知酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算酒精完全燃烧放出的热量，再利用公式η=Q吸Q放求酒精灯对水加热的效率。
此题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
29.【答案】(1)弹簧形变量；(2)物块滑行的距离；(3)动；内。
【解析】
【分析】
本题为探究弹性势能与哪些因素有关的实验，考查了分析实验能力、考查了学生对控制变量法、转换法的了解与掌握，属于难题。
(1)根据实验步骤可知，探究弹簧弹性势能大小跟哪个因素有关；
(2)弹性势能的大小是通过物块滑行的距离远近来比较弹性势能的多少，这种研究方法叫转换法；
(3)物块离开弹簧滑行的过程中，需要克服摩擦力做功，据此分析。
【解答】
解：(1)由步骤②③可知，本实验中，探究了弹簧弹性势能大小跟弹簧形变量的关系。
(2)由于弹性势能的大小不便于用仪器直接测量，本实验是通过比较物块滑行的距离来判断弹簧的弹性势能大小。
(3)本实验中，从物块离开弹簧后，因为受到摩擦力的作用，速度减小，动能不断减小，在此过程中，木块克服摩擦力做功，物块将动能转化为内能。
故答案为：(1)弹簧形变量；(2)物块滑行的距离；(3)动；内。
30.【答案】自下而上 受热均匀 加热时间 B A 用同一热源加热，确保相同时间内提供的热量相等或只需要一次加热，实验耗时较短等
【解析】解：(1)实验中用酒精灯外焰加热，使温度计玻璃泡与待测物体充分接触，故应按照自下而上的顺序组装器材；
(2)根据转换法可知，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；
(3)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图可知：质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高；
(4)因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力，比热容大，根据Q=cm△t，质量相同的AB液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A；
(5)由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等。
故答案为：(1)自下而上；①使酒精灯外焰加热；②使温度计玻璃泡与待测物体充分接触；
(2)加热时间；(3)B；(4)A；(5)用同一热源加热，确保相同时间内提供的热量相等或只需要一次加热，实验耗时较短等。
(1)实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡完全浸没被测液体，不能碰容器壁和底，所以组装仪器时应按照自下而上的顺序；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
(3)根据图乙分析回答；
(4)根据比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强，据此确定哪种物质的吸热能力强，根据Q=cm△t分析；
(5)同时用同一个加热源加热，可使物体在相同时间内吸收热量相同，减少实验误差。
本题比较不同物质的吸热能力，考查器材的选择、注意事项、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
31.【答案】右 右 1 大于 刻度尺 力的作用线
【解析】解：(1)杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，故应将平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)如图乙所示，杠杆恰好在水平位置平衡，若一个钩码重G，每个小格长度L，
若在A处下方再挂一个相同的钩码，则杠杆左侧：4G×2L=8GL，
为使杠杆保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件支点右侧应为2G×4L=8GL，
需将挂在B处的钩码向右移动1个小格；
(4)按图丙所示方式进行实验，根据杠杆的平衡条件求得弹簧测计竖直向下的拉力，
即3×0.5N×2×5cm=F×3×5cm，
解得：F=1N，
若此时将弹簧测力计改为向右下方斜拉，要使杠杆继续保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，弹簧测力计示数变大，所以此时弹簧测计示数大于1N；
我们需要使用刻度尺进行测量，注意测量时是用刻度尺测量支点到力的作用线的距离。
故答案为：(1)右；(2)右，1；(3)大于；刻度尺；力的作用线。
(1)杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，据此分析将平衡螺母调节的方向，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，根据杠杆的平衡条件分析解答；
(4)根据杠杆的平衡条件可求测力计的示数；阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力变大；
测量力臂需要刻度尺；力臂是支点到力的作用线的距离。
在探究杠杆平衡的实验探究题中，大部分杠杆的支点都在杠杆的中心处，这样我们在调节杠杆水平平衡后，就可以消除杠杆自重对实验的影响。但是在一些实验中，会将支点设计在杠杆的左侧或右侧，这时杠杆的自重将无法忽略。
2022-2023学年江苏省常州市九年级（上）期中物理试卷
1. 火箭是用液态氢作为燃料，这是因为液态氢具有的优点是( )
A. 较小的密度 B. 较大的比热容 C. 较易燃烧 D. 较高的热值
2. 如图所示的杠杆中，动力的力臂用l表示，图中所画力臂正确的是( )
A. B.
C. D.
3. 如图所示，起瓶器开启瓶盖时，可看作是( )
A. 以B为支点的省力杠杆 B. 以B为支点的费力杠杆
C. 以A为支点的省力杠杆 D. 以A为支点的费力杠杆
4. 在生产和生活中经常使用各种机械，在使用机械时，下列说法中正确的是( )
A. 可以省力或省距离，但不能省功 B. 可以省力，同时也可以省功
C. 可以省距离，同时也可以省功 D. 只有在费力情况时才能省功
5. 如图所示，设作用在A端的力F始终与杆垂直，把挂有重物的杠杆从图示位置慢慢转动到水平位置的过程中，力F的大小将( )
A. 逐渐变小
B. 先变小，后变大
C. 逐渐变大
D. 先变大，后变小
6. 如图所示，小明利用动滑轮匀速提升木箱。以下做法可以提高动滑轮机械效率的是( )
A. 适当增加木箱重力
B. 增大木箱上升高度
C. 增大提升木箱的速度
D. 换用质量更大的动滑轮
7. 下面四个事例中能量转化与做功冲程相同的是( )
A. 搓手取暖 B. 瓶塞冲出 C. 压缩气体 D. 钻木取火
8. 两人用同样的水桶从同一处提水，给同样远处、同样的水缸注满水。其中一个人每次都将水缸装满，另一个人每次都不装满，则两人做功的大小情况是( )
A. 装满水桶者做的功多 B. 不装满水桶者做的功多
C. 两人做的功一样多 D. 装满水桶者做的有用功多
9. 用如图所示的滑轮组将重10N的物体匀速提升0.1m，拉力F为6N.下列说法中正确的是( )
A. 所做的有用功为0.6J
B. 所做的额外功为0.8J
C. 所做的总功为1.2J
D. 此滑轮组的机械效率为60%
10. 为了探究热传递过程中高温物体、低温物体温度变化的特点，小明做了如下实验。将盛有30℃冷水的小烧杯放入盛有70℃热水的大烧杯中，分别用温度传感器测量两杯水的温度变化情况，绘制成如图所示的图像。下列说法错误的是( )
A. 热水和冷水到达同一温度的时间是相同的 B. 热水温度下降比冷水温度升高快
C. 热水放出的热量小于冷水吸收的热量 D. 热水的质量可能小于冷水的质量
11. 公交车后门的两个扶杆上通常各装有一个按钮，每一个按钮都是个开关。当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，提醒司机有人要下车。下列电路图符合上述要求的是( )
A. B. C. D.
12. 如图是小勇描绘的同一纬度某沿海城市和某内陆城市一年内气温随月份变化的图线。下列说法正确的是( )
A. 实线是内陆城市的气温图线，因为砂石的比热容较大
B. 虚线是沿海城市的气温图线，因为水的比热容较大
C. 实线是沿海城市的气温图线，因为砂石的比热容较小
D. 虚线是沿海城市的气温图线，因为水的比热容较小
13. 小明在“观察水的沸腾”实验中，用两个相同的酒精灯给两杯水加热，装置如图甲、乙所示，每隔相等时间读一次水的温度，并把温度跟时间的关系绘制成如图丙所示的图像，甲、乙两杯水分别对应图像a和b。实验发现，乙杯中的水比甲杯中的水升温慢，原因可能是( )
A. 乙杯中的水比热容大 B. 乙杯中水的质量大
C. 乙杯中的水初温低 D. 相等时间内，乙杯中的水吸收热量少
14. 如图所示，九年级小明同学正在单杠上做“引体向上”运动，试估算他做一次完整的引体向上运动(从图甲状态到图乙状态)，需要做功大约为( )
A. 300J B. 800J C. 1000J D. 1500J
15. 雨滴在空气中竖直下落，它所受的空气阻力f与速度v成正比，即f=kv(k为比例系数)。所以雨滴速度越来越大，最终以某一速度匀速运动，雨滴在竖直下落过程中重力做功的功率P随时间t的关系图像正确的是( )
A. B. C. D.
16. 如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是______能转化为______能。
17. 在水平地面上，工人师傅用50N沿水平方向的力推着重为200N的箱子匀速前进，10s内移动了5m，在这个过程中，地面对箱子的摩擦力为______ N，重力所做的功为______ J，推力做功的功率为______ W。
18. 如图所示，这是某汽油机工作循环中的一个冲程，它是______冲程，该冲程中，______能转化为______能，如果一台单缸四冲程汽油机每秒对外做功15次，则飞轮转速是______r/min。
19. 汽车发动机的散热器用水做冷却剂，是由于水的______较大的缘故，降温过程中，是采用______的方式减小内能，出租车使用天然气来代替汽油，已知天然气的热值为7×107J/m3。当出租车完全燃烧0.03m3天然气，所释放的热量为______ J。
20. 图是家用手摇晾衣架，A、B两滑轮中属于动滑轮的是______(选填“A”或“B”)；若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F=______N。
21. 如图甲所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它在同一水平木板上滑动，图乙是他两次拉动同一木块得到的路程随时间变化的图象．请根据图象判断：在相等的时间内，木块两次受到的拉力F1______ F2；两次拉力对木块做的功W1______ W2.两次拉力的功率P1______ P2(选填“>”“<”或“=”)
22. 如图所示，要使L1和L2两只灯并联，开关S同时控制两灯。则线头M应接在______(填字母)点上，要使L1和L2并联，开关S只控制L1，测线头M应接在______(填字母)点上，如果将线头M接C点，闭合开关，不发光的灯是______。
23. 如图所示，一块厚度、密度均匀的长方形水泥板放在水平地面上，用甲、乙两种方法使其一端缓慢抬离地面，若F甲和F乙始终竖直向上，则F甲______(>//
24. 如图所示，重900N的物体，放在水平地面上，一个人站在地上利用滑轮组将重物匀速提到楼上，要想使人所用的拉力最小，请在图上画出滑轮组上绳子的绕法。
25. 根据如图所示的电路实物图，请在虚线框内画出对应的电路图。
26. 如图是小明做“测量提升物体所做功”的实验装置图，他用弹簧测力计拉着木块沿斜面匀速上升，拉力为F=1.6N，木块重G=4N，斜面高h=30cm，长s=1m。小明将木块从斜面底部匀速拉到顶部，用时10s，则：
(1)拉力F做功的功率是多少？
(2)该斜面的机械效率是多少？
27. 科技馆里，小明和爸爸正在体验升降座椅装置，如图为升降座椅装置的简图。已知爸爸的质量为60kg，小明用240N的拉力将爸爸匀速拉升到顶端，用时30s，该过程中小明手握住绳子向下拉动的总长度为6m。不计绳重和摩擦，g取10N/kg。求：
(1)小明拉绳所做功的功率为多少？
(2)动滑轮(含座椅)的质量为多少？
(3)该升降座椅装置的机械效率多大？
28. 某同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是100g的沙子和水加热，他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图像，如图甲、乙所示，已知酒精的热值是3.0×107J/kg，水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，沙子的比热容比水小，加热时每只酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，请问：
(1)图中______(甲/乙)是水吸热升温的图像。
(2)根据图像，开始2min水吸收了多少热量？
(3)若酒精灯消耗酒精完全燃烧，开始2min，酒精灯对水加热的效率是多少？
29. 为了探究“弹簧的弹性势能跟哪些因素有关”，小明同学设计了如图所示的装置，并进行了如下实验。
①将弹簧放在水平面上，一端固定。
②在弹性限度内，用物块(物块与弹簧不连结)将弹簧压缩，测量并记录弹簧的形变量△L
③由静止释放物块，测量并记录物块在水平面上滑行的距离S。
④多次改变弹簧的形变量，重量步骤②③。
⑤分析实验数据得出结论。
请回答以下问题：
(1)本实验中，探究了弹簧弹性势能大小跟______的关系。
(2)本实验中，弹簧弹性势能大小是通过______来间接反映的。
(3)本实验中，从物块离开弹簧到静止，物块将______能转化为______能。
30. 如图甲所示是“比较水和煤油吸热升温的特点”的实验装置。小明用两个相同的容器分别装入质量相等的A、B两种液体，用同一装置先后加热。
(1)实验前，按______(填“自上而下”或“自下而上”)的顺序组装器材，实验中用玻璃棒不断搅拌，目的是让液体______。
(2)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(填“液体升高的温度”或“加热时间”)来比较。
(3)根据实验数据绘制的温度和时间的关系图象如图所示，分析可知，质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______(填“A”或“B”)升高的温度较多。
(4)冬天，小明想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供暖物质，则应选择______(填“A”或“B”)液体。
(5)在对实验进行反思时，他们认为原方案有较多缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置，与原方案相比，该方案具有的优点是______。
31. 在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
(1)如图甲所示，实验前，杠杆左侧下沉，为使杠杆在水平位置平衡，应将左端的平衡螺母向______(左/右)调节。
(2)如图乙所示，A处挂3个钩码，B处挂2个钩码，杠杆恰好在水平位置平衡，若在A处下方再挂1个相同的钩码，为使杠杆保持水平位置平衡，需将挂在B处的钩码向______(右/左)移动______格。
(3)已知杠杆上每个小格长度为5cm，每个钩码重0.5N，小明按照图乙所示方式进行实验，他改变所挂钩码的数量和A、B位置，使杠杆水平平衡，记录数据如表：
测量序号
动力FA/N
OA/cm
阻力FB/N
OB/cm
1
1.5
10.0
1.0
15.0
2
2.0
15.0
2.0
15.0
3
3.0
10.0
1.5
20.0
(4)小明根据表中数据，得出“动力×动力臂”的结论，而小华则认为小明的每组数据中的力臂恰好都等于支点到力的作用点的距离，具有一定的特殊性，还应改变动力或阻力的进行实验。于是小华按图丙所示方式进行实验，发现弹簧测计示数______(大于/小于/等于)1N。这时，小华要测量力臂，还需要的测量工具是______。通过小华的补充实验，小明真正理解了力臂是支点到______的距离。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：
运载火箭采用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确。
故选：D。
热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小。
本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析。
2.【答案】D
【解析】解：因为动力的力臂的做法是过支点作动力作用线的垂线段，而A B选项中线段与动力作用线不垂直，所以A、B选项错误；
又因为C选项中，表示力臂的不是支点到动力作用线的垂线段，故C选项错误，D选项正确。
故选：D。
根据力臂的画法进行分析，即过支点作动力作用线的垂线段。
考查学生对力臂的画法掌握情况。
3.【答案】C
【解析】解：我们在使用起瓶器开启瓶盖时，瓶盖中的B点被撬起，所以B点是阻力的作用点，并且在开启的过程中，起瓶器绕A点转动，所以A是支点；
在开启瓶盖时，杠杆应绕A点逆时针旋转，所以动力的方向向上，在整个过程中，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆。
故选：C。
(1)杠杆在使用时绕着转动的固定点是支点；
(2)动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。
本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系。
4.【答案】A
【解析】解：使用机械可以省力、省距离或改变力的方向，但都不能省功，故A选项正确；
使用任何机械都不能省功，故B、C、D选项错误；
故选：A。
使用机械的主要目的是省力、省距离或改变力的方向，但任何机械都不能省功。
解决此类题型的关键是知道使用机械不能省功以及使用机械的目的。
5.【答案】C
【解析】解：
由题知，当慢慢提升重物时，重力(阻力)不变，阻力臂增大(水平时最大)，动力臂不变，即：G不变、L1不变，L2增大，根据杠杆的平衡条件FL1=GL2可知，力F逐渐变大。
故选：C。
此过程中，重力不变；F始终垂直于杠杆，动力臂不变，由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得，动力随阻力臂的增大而增大。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，属于基础题。
6.【答案】A
【解析】解：A、动滑轮重力不变，所以额外功不变；如果增加木箱重力，有用功会增大，有用功在总功中所占的比例将增大，机械效率会增大，故A符合题意；
B、C、动滑轮机械效率的高低与木箱上升的高度和上升的速度无关，故B、C不符合题意；
D、换用质量更大的动滑轮，额外功增加，有用功在总功中所占的比例将减小，机械效率降低，故D不符合题意。
故选：A。
根据影响动滑轮机械效率的因素进行分析和解答，尽量增大有用功减小额外功。
此题考查了对机械效率概念的理解，要提高机械效率需提高有用功在总功中的比值。
7.【答案】B
【解析】解：汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能。
A、搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能；
B、瓶塞冲出时，是将水蒸气的内能转化为瓶塞的机械能；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能；
综上分析可知，四个事例中能量转化与做功冲程相同的是瓶塞冲出。
故选：B。
(1)汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能；
(2)改变物体内能的方式有热传递和做功，做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。
8.【答案】B
【解析】解：由于两人都需要将缸灌满(缸相同)，所以需要取水的质量相同；由于将水提升的高度相同，所以两人所做的有用功相同。但不装满水桶者每次提的水较少，需要多提几次，因此做的额外功较多，需要做的总功也越多。
故选：B。
将相同质量的水提升相同的高度，所做的有用功相同；判断他们所做功的多少，只比较额外功即可；提水过程中，对桶做的功为额外功，提水的次数越多，做的额外功越多，总功也越多。
此题中，在没有说明不计桶重的情况下，两人所做的额外功就需要考虑桶重这个因素；若说明了不计桶重，那么两人做的功相同。
9.【答案】B
【解析】解：所做的有用功：W有用=Gh=10N×0.1m=1J，
从图可知，S=3h=0.3m，
拉力所做的总功：W总=FS=6N×0.3m=1.8J，
所做的额外功：W额外=W总−W有用=1.8J−1J=0.8J，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总=1J1.8J≈55.6%.
对照各选项可知，只有B符合题意．
故选B.
从图可知，对物体所做的功为有用功，拉力F所做的功为总功，已知物重和物体上升的高度，可以求出有用功，已知拉力F和S，可以求出总功，并在此基础上可以求出额外功和机械效率．
本题考查了有用功、总功、额外功和机械效率的计算，需要注意的是h与s的关系应借助图象确定，属于易错题．
10.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，400s左右时，热水和冷水到达同一温度40℃，所以热水和冷水到达同一温度的时间是相同的，故A正确；
B、400s内，热水温度由70℃下降到40℃，下降30℃；冷水30℃上升到40℃，上升10℃，热水温度下降比冷水温度升高得快，故B正确；
C、实验中不可避免有热量损失，所以热水放出热量大于冷水吸收的热量，故C错误；
D、只知道水温度，不知道质量，热水的质量可能小于冷水的质量，故D正确。
故选：C。
(1)图象横轴表示加热时间，竖轴表示变化的温度，由图象判断加热时间；
(2)由图象比较相同时间内温度变化的多少判断温度变化的快慢；
(3)考虑热量损失，高温物体放出的热量大于低温物体吸收的热量；
(4)只知道温度，不知道质量。
本题考查了对吸(放)热图象和内能的理解和掌握，正确理解图象是解题的关键。
11.【答案】C
【解析】
【分析】
根据题意得出两开关的连接方式是解决本题的关键，解决此类问题要抓住题干中有用的信息，即电路元件是否可以独立工作(并联)，还是相互影响(串联)。
根据“当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题。
【解答】
ABC.当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，说明这两个开关可以独立工作、互不影响即为并联，且两个开关都位于干路上，由图示电路图可知，AB其中一个开关在支路上，故AB不符合题意，C符合题意；
D.根据题意可知：当乘客按下任何一个按钮时，驾驶台上的指示灯发光，同时电铃响，而D图只有两个开关同时闭合时，灯泡才亮，电铃才响，故D不符合题意。
故选C。
12.【答案】B
【解析】解：由一年的气温变化曲线得出，实线所示的城市最高、最低气温差比虚线所示的城市的大；
水的比热容比沙石大，在吸收或放出相同的热量时，温度变化值比较小，所以实线表示的是内陆城市的年气温变化曲线，虚线表示的是沿海城市的年气温变化曲线。
故选：B。
沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大。
本题主要考查了学生对水的比热容大的特点在生活中应用的了解和掌握，从图象得出相关信息是本题的关键：找出温差大的就是内陆。
13.【答案】B
【解析】解：A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；故两杯水的比热容相同，故A错误；
BC、从图丙可知，两杯水的初温相同，但乙杯中水加热至沸腾的时间较长，故吸收的热量较多，根据m=ΔQ吸c水△t可知，乙杯中水的质量较大，故B正确、C错误；
D、相同的加热装置，相等时间内，甲、乙杯中的水吸收热量相同，故D错误。
故选：B。
A、比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关；
BC、从图丙可知，两杯水的初温相同，但乙杯中水加热至沸腾的时间较长，故吸收的热量较多，根据m=ΔQ吸c水△t可知两杯中水的质量的大小关系；
D、相同的加热装置，相等时间内，甲、乙杯中的水吸收热量相同。
本题考查观察水的沸腾”实验，并考查比热容的有关知识，难度不大。
14.【答案】A
【解析】解：该同学做一次引体向上时上升高度h=0.45m，
该同学做一次引体向上的过程中克服重力所做的功：
W=Gh=mgh=60kg×10N/kg×0.45m=270J，
最接近300J。
故选：A。
已知质量的大小、引体向上的高度，利用公式W=Gh计算克服重力做的功。
本题考查功的计算，难度不大，关键是公式及其变形的灵活运用。
15.【答案】D
【解析】解：因为P=Wt=Ght=Gv，又雨滴速度越来越大，最终以某一速度匀速运动，
所以雨滴在竖直下落过程中重力做功的功率P随时间t的关系是随着时间的增加先增大，后不变，故D符合题意。
故选：D。
利用P=Wt=Ght=Gv和雨滴速度越来越大，最终以某一速度匀速运动分析雨滴在竖直下落过程中重力做功的功率P随时间t的关系图像。
本题考查功率的计算，利用好P=Wt=Ght=Gv是解题的关键。
16.【答案】弹性势 动
【解析】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能。
故答案为：弹性势；动。
动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度。
本题考查动能和弹性势能的影响因素，相对比较简单，属于基础题。
17.【答案】50 0 25
【解析】解：(1)因为箱子做匀速直线运动，所以地面对箱子的摩擦力：f=F=50N；
(2)物体沿水平方向移动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即重力所做的功为0J；
(3)推力做的功：W=Fs=50N×5m=250J，
则推力做功的功率：P=Wt=250J10s=25W。
故答案为：50；0；25。
(1)根据二力平衡条件求出地面对箱子的摩擦力；
(2)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，据此分析重力是否做功；
(3)利用W=Fs求推力做的功，利用P=Wt求推力做功的功率。
本题考查了二力平衡条件、力是否做功的判断、功和功率计算，难度不大。
18.【答案】压缩 机械 内 1800
【解析】解：(1)由图可知，汽油机的进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，所以此时是汽油机的压缩冲程，在压缩冲程中，机械能转化为内能；
(2)由于单缸四冲程汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2转，对外做功一次，
如果一台单缸四冲程汽油机每秒对外做功15次，则汽油机的飞轮每秒要转30转，
飞轮的转速为：30r/s=30r160min=1800r/min。
故答案为：压缩；机械；内；1800。
(1)根据汽油机进气门、排气门的打开和关闭情况，活塞的运动方向判断汽油机的冲程；汽油机在压缩冲程中把机械能转化为内能，做功冲程中把内能转化为机械能；
(2)单缸四冲程汽油机的一个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2转，对外做功一次，据此求出飞轮的转速。
本题考查汽油机的工作原理、能量转化以及做功的有关计算，题目难度不大。
19.【答案】比热容 热传递 2.1×106
【解析】解：(1)由公式Q吸=cmΔt知，在质量和升高的温度相同时，与其它液体比较，水的比热容较大，吸收的热量较多，冷却效果最好。
(2)在发动机降温过程中，水从发动机吸收热量，使发动机的内能减少，这是通过热传递的方式改变内能的。
(3)完全燃烧0.03m3天然气放出的热量：Q放=qV=7×107J/m3×0.03m3=2.1×106J。
故答案为：比热容；热传递；2.1×106。
(1)水的比热容较大，与质量相同的其它液体相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
(2)改变物体内能有两个方法：做功和热传递，其中做功改变内能本质是机械能与内能的转化，热传递改变内能本质是内能的转移；
(3)利用Q放=qV计算出天然气完全燃烧放出的热量。
本题考查水的比热容较大的应用、改变物体内能的两种方式以及热量的计算，比较简单，属于基础题。
20.【答案】B 30
【解析】解：
(1)A滑轮的轴是固定不动的，是定滑轮，B滑轮的轴与物体一起运动，是动滑轮；
(2)由图可知，连接动滑轮绳子的股数n=4，不计动滑轮重、绳重及摩擦，
静止时绳的拉力：F=G总n=120N4=30N。
故答案为：B；30。
(1)定滑轮和动滑轮的主要区别是：动滑轮会随物体一起运动，定滑轮不随物体运动；
(2)由图可以看出连接动滑轮绳子的股数，不计动滑轮重、绳重及摩擦，根据F=G总n求出静止时绳的拉力；
本题主要考查滑轮种类的判断、滑轮组的拉力的计算，对于滑轮组关键有二：一是承担物重的绳子股数n的确定(直接从动滑轮上引出的绳子股数)，二是不计摩擦和动滑轮重时，F=1nG物。
21.【答案】=；>；>
【解析】
【分析】
(1)先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系；
(2)根据速度的计算公式：v=st利用图象形状可以确定物体的运动路程．根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W=Fs比较两次做功的多少；
(3)根据在相同时间内，在拉力方向上通过的距离比较速度的大小；根据P=Fv判断功率的大小．要结合物体受力与运动状态的关系以及相关的计算公式，根据平衡力的知识和对图象的理解来解决此题．
【解答】
(1)从图象上可以看出，用弹簧测力计拉木块沿水平木板匀速滑动，木块做匀速直线运动，不论其速度大小如何，都受到平衡力的作用，在水平方向上，摩擦力和拉力是一对平衡力，故两次实验的拉力和摩擦力均相等．
(2)图中可以看出，在相同拉力作用下，木块两次运动的距离不同，所以木块两次所做的功不同，由W=Fs可知，但是在相同时间内，第1次通过的距离大，所以第1次所做的功多．
(3)从图象上可以看出，相同时间内，第1次移动的距离大，故第1次的速度大；木块所受的拉力不变，根据公式P=Fv可知，拉力第1次做功的功率大．
故答案为：=；>；>.
22.【答案】DEL2
【解析】解：要使L1和L2两只灯并联，且开关同时控制两盏灯，则开关应在干路中，所以线头M应接在D点上。
如图所示要使L1、L2并联在电路中，且开关S只控制L1，则开关应在L1支路中，所以线头M应接在E点上。
如果将线头M接C点，闭合开关，L2被短路，L2不发光。
故答案为：D；E；L2。
由实物电路图可知，要使开关S同时控制并联电路中的两盏灯，则开关应处于干路；要使开关S只控制L1支路，则开关只与L1支路串联，L2支路不受其控制；据此判断导线M的连接位置。
此题考查了串并联电路中开关的作用，关键是知道干路开关控制整个电路，支路开关只控制相应的支路。
23.【答案】=<
【解析】解：(1)两次抬起水泥板时的情况如图所示：
在上述两种情况下，动力克服的都是水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以阻力臂都等于动力臂的二分之一。根据杠杆的平衡条件F=GL阻L动=12G.所以前后两次所用的力相同；
(2)若甲、乙两种情况均将水泥板拉至竖直位置，由图可知h甲
(1)把水泥板看做一个杠杆，抬起一端，则另一端为支点。由于水泥板是一个厚度、密度都均匀的物体，所以，其重力的作用点在其中心上，此时动力F克服的是水泥板的重力，即此时的阻力臂等于动力臂的一半。在此基础上，利用杠杆的平衡条件，即可确定F甲与F乙的大小关系。
(2)根据W=Fs可比较拉力做功的大小关系。
本题考查杠杆平衡条件的应用和功的比较，正确判断动力臂与阻力臂的关系是关键。
24.【答案】解：图中滑轮组由两个定滑轮和一个动滑轮组成，有两种绕线方法，承担重物的绳子的根数越多越省力；一种是由两根绳子承担重物，一种是由三根绳子承担重物，要想最省力，应选用三根绳子承担的绕法，即从动滑轮开始缠绕，如下图所示。
【解析】与滑轮组中的动滑轮相连的绳子有几段，绳子自由端的拉力就是物重和滑轮组总重的几分之一，绳子段数越大，越省力。
此题是有关滑轮组的绕法，有关滑轮组可以从定滑轮也可以从动滑轮绕起，在题目中要根据实际情况而定。此题需要判断处拉力的方向，从而确定绕法。
25.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关S2在干路上，S1在L1支路上，电路图如图所示：
。
【解析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式以及开关的位置是关键。
26.【答案】解：
(1)拉力做功：
W总=Fs=1.6N×1m=1.6J，
拉力做功的功率
P=Wt=1.6J10s=0.16W；
(2)所做有用功
W有用=Gh=4N×0.3m=1.2J，
机械效率：
η=W有用W总=1.2J1.6J×100%=75%。
答：(1)拉力F做功的功率是0.16W；
(2)该斜面的机械效率是75%。
【解析】(1)根据W=Fs求出拉力做的功，再根据P=Wt可求功率；
(2)克服重力做的功为有用功，拉力做的功为总功，有用功与总功的比值等于机械效率。
本题考查斜面的特点、功、功率和机械效率的计算，常见题目。
27.【答案】解：(1)小明拉绳所做功：W=Fs=240N×6m=1440J，
小明拉绳所做功的功率为：P=Wt=1440J30s=48W；
(2)爸爸的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
由图可知n=3，因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，
所以动滑轮(含座椅)的重力：G动=nF−G=3×240N−600N=120N；
由G=mg可知，动滑轮(含座椅)的质量：m动=G动g=120N10N/kg=12kg；
(3)该升降座椅装置的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=600N3×240N×100%≈83.3%。
答：(1)小明拉绳所做功的功率为48W；
(2)动滑轮(含座椅)的质量为12kg；
(3)该升降座椅装置的机械效率为83.3%。
【解析】(1)根据W=Fs求出功的大小；根据P=Wt求出功率的大小；
(2)由图可知n=3，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮(含座椅)的重力，根据G=mg求动滑轮(含座椅)的质量；
(3)利用η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求滑轮组的机械效率。
本题考查了功率、机械效率、功的计算公式的应用，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
28.【答案】乙
【解析】解：(1)图甲表示的是沙子吸热升温的过程，因为沙子和水的质量相等，沙子的比热容比水小，吸收相同热量时(加热相同时间)，由Q吸=cmΔt可知，沙子的温度升高得多；则图乙表示的是水吸热升温的过程；
(2)由题和图像可知，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，m水=100g=0.1kg，Δt水=70℃−20℃=50℃；
则水吸收的热量为：
Q水吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(70℃−20℃)=2.1×104J；
(3)加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，则加热2min时间消耗酒精的质量为：m酒精=1g×2=2g=2×10−3kg；
这些酒精完全燃烧放出的热量为：
Q放=m酒精q=2×10−3kg×3.0×107J/kg=6×104J；
酒精灯的加热效率：
η=Q吸Q放×100%=2.1×104J6×104J×100%=35%。
答：(1)乙；
(2)根据图像，开始2min水吸收了2.1×104J的热量；
(3)若酒精灯消耗酒精完全燃烧，开始2min，酒精灯对水加热的效率是35%。
(1)用两只完全相同的酒精灯，分别给水和沙子加热，这样做的目的是使水和沙子在相同时间吸收相同的热量，再利用公式Q吸=cmΔt进行分析；
(2)从图像可知，加热满2min，水的温度从20℃上升到70℃，已知水的质量和比热容，可利用公式Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(3)已知酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，便可以计算出给水加热2min时间消耗的酒精，已知酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算酒精完全燃烧放出的热量，再利用公式η=Q吸Q放求酒精灯对水加热的效率。
此题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
29.【答案】(1)弹簧形变量；(2)物块滑行的距离；(3)动；内。
【解析】
【分析】
本题为探究弹性势能与哪些因素有关的实验，考查了分析实验能力、考查了学生对控制变量法、转换法的了解与掌握，属于难题。
(1)根据实验步骤可知，探究弹簧弹性势能大小跟哪个因素有关；
(2)弹性势能的大小是通过物块滑行的距离远近来比较弹性势能的多少，这种研究方法叫转换法；
(3)物块离开弹簧滑行的过程中，需要克服摩擦力做功，据此分析。
【解答】
解：(1)由步骤②③可知，本实验中，探究了弹簧弹性势能大小跟弹簧形变量的关系。
(2)由于弹性势能的大小不便于用仪器直接测量，本实验是通过比较物块滑行的距离来判断弹簧的弹性势能大小。
(3)本实验中，从物块离开弹簧后，因为受到摩擦力的作用，速度减小，动能不断减小，在此过程中，木块克服摩擦力做功，物块将动能转化为内能。
故答案为：(1)弹簧形变量；(2)物块滑行的距离；(3)动；内。
30.【答案】自下而上 受热均匀 加热时间 B A 用同一热源加热，确保相同时间内提供的热量相等或只需要一次加热，实验耗时较短等
【解析】解：(1)实验中用酒精灯外焰加热，使温度计玻璃泡与待测物体充分接触，故应按照自下而上的顺序组装器材；
(2)根据转换法可知，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；
(3)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图可知：质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高；
(4)因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力，比热容大，根据Q=cm△t，质量相同的AB液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A；
(5)由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等。
故答案为：(1)自下而上；①使酒精灯外焰加热；②使温度计玻璃泡与待测物体充分接触；
(2)加热时间；(3)B；(4)A；(5)用同一热源加热，确保相同时间内提供的热量相等或只需要一次加热，实验耗时较短等。
(1)实验中用酒精灯外焰加热，并且温度计玻璃泡完全浸没被测液体，不能碰容器壁和底，所以组装仪器时应按照自下而上的顺序；
(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法；
(3)根据图乙分析回答；
(4)根据比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量，即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强，据此确定哪种物质的吸热能力强，根据Q=cm△t分析；
(5)同时用同一个加热源加热，可使物体在相同时间内吸收热量相同，减少实验误差。
本题比较不同物质的吸热能力，考查器材的选择、注意事项、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
31.【答案】右 右 1 大于 刻度尺 力的作用线
【解析】解：(1)杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，故应将平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)如图乙所示，杠杆恰好在水平位置平衡，若一个钩码重G，每个小格长度L，
若在A处下方再挂一个相同的钩码，则杠杆左侧：4G×2L=8GL，
为使杠杆保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件支点右侧应为2G×4L=8GL，
需将挂在B处的钩码向右移动1个小格；
(4)按图丙所示方式进行实验，根据杠杆的平衡条件求得弹簧测计竖直向下的拉力，
即3×0.5N×2×5cm=F×3×5cm，
解得：F=1N，
若此时将弹簧测力计改为向右下方斜拉，要使杠杆继续保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，弹簧测力计示数变大，所以此时弹簧测计示数大于1N；
我们需要使用刻度尺进行测量，注意测量时是用刻度尺测量支点到力的作用线的距离。
故答案为：(1)右；(2)右，1；(3)大于；刻度尺；力的作用线。
(1)杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，据此分析将平衡螺母调节的方向，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，根据杠杆的平衡条件分析解答；
(4)根据杠杆的平衡条件可求测力计的示数；阻力和阻力臂不变时，动力臂减小，动力变大；
测量力臂需要刻度尺；力臂是支点到力的作用线的距离。
在探究杠杆平衡的实验探究题中，大部分杠杆的支点都在杠杆的中心处，这样我们在调节杠杆水平平衡后，就可以消除杠杆自重对实验的影响。但是在一些实验中，会将支点设计在杠杆的左侧或右侧，这时杠杆的自重将无法忽略。
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