2020安庆高三第三次模拟考试理科综合试题含答案

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安庆市2020届高三第三次模拟考试物理参考答案及评分标准二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中。14-18题只有一项符合题目要求。19-21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14．C 15．A 16．B 17．D 18．C 19．BD 20．BC 21． AC 三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33-40题为选考题，考生根据要求作答。本题共62分。 （一）必考题ESR4V2R1V122.（6分）（1）平衡摩擦力（其它答案合理亦可给分） （2）BC （3）AD （每空2分）23.（9分）（1）1800（2分） （2）①A、B、C、F、G（2分） ② 原理图如右图所示 （3分） ③（2分） 24.（12分） 解：（1）粒子的运动轨迹如图所示，由题意可知根据粒子在匀强电场中做类平抛运动知 …………………………………………（1分） …………………………………………（1分） …………………………………………（1分） …………………………………………（1分）解以上各式得 …………………………………………（1分）（2）当粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的轨迹与x轴相切时，O、N两点间的距离最大O′0xyP450AMNvyvxO′0xyP450AMNvyvx如图所示，设此时圆周运动的半径为R，圆心为则由几何关系可知 …………………………………………（1分）O′0xyP450AMNvyvx解得 …………………………（1分）O、N两点间的距离最大值 …………………………（1分）根据洛伦兹力提供向心力可知 …………………………（1分） …………………………（1分）得 …………………………（2分）25.（20分）解：(1)木板恰静止在斜面上，木板在沿斜面方向受力平衡 μ0(m+M)gcos ……………………………（2分） 得 μ0= ……………………………（1分）（2）小物块P与A发生弹性正碰，动量守恒，机械能守恒………………………………………………（2分）…………………………………………（2分）得 m/s…………………………………………………（2分） (3)物块A在木板上滑行，以A为对象有 得 方向沿斜面向上 ……………………（1分） 以木板B为对象有 得 方向沿斜面向下 ………………………（1分） 假设A与木板能达到共同速度v共，A还没有压缩弹簧且木块还没有到达斜面底端 解得 …………………………………（1分） 在此过程中 ……………………………（2分） 说明假设成立 共速后，A与木板一起向下匀速，一直到木板碰到挡板，木板停下。 此后，A匀减速计算得 ………………………………………（2分） 设弹簧的最大压缩量为xm得 m …………………………………（2分）从开始到弹簧最短的过程中，………………（2分）（二）选考题33.（15分）(1)（5分） ACE(2) （10分）（i）设管的横截面积为S，初始状态下，封闭气体的体积为 设气体温度加热到T2时，水银柱上端恰好与管口齐平，此时封闭气体长度为, 体积为 ……………（1分）该过程中气体压强不变，由盖-吕萨克定律有： 即： ……………（1分）代入数据解得：T2=340k ……………（2分）即气体温度不能超过340k（ii）初始状态下，封闭气体的压强为P1=P0+Ph=84cmHg，体积为 …………（1分）设注入x(cm)长水银柱后，水银柱上端与管口齐平，则水银不能再注入此时封闭气体的压强为P3=P0+P（h+x）=（84+x）cmHg ，体积为 …………（1分） 该过程中温度不变，由玻意耳定律有：P1V1=P3V3 即： ……………（2分） 代入数据解得：x=6cm （另一解x=-56cm舍去） ……………（2分） 即最多还可注入水银柱的长度为 6cm。34.（15分）(1)（5分）BCE(2) （10分）（i）作出光路图如图所示，由光路可逆原理可知，光在B点射出时的折射角为600，（1分）又知：∠BDC=300 ，则 ∠C=300 （1分） 由图知，∠CAO=，则：∠AOC=1800-600-300=900 （1分） 故光在A点处的折射角 （1分）由折射定律可知： （2分）即该材料的折射率为（ii）由三角形知识可知： （1分）设光在该介质中传播速度为v，则有： （1分）所以该单色光在半球内传播时间为： （2分）淮南市2020届高三第一次模拟考试化学答案7．【答案】C【解析】盐水可以使蛋白质盐析，不能使蛋白质变性，不能破坏蛋白质结构，不能杀灭病毒，A项错误；棉纱口罩无法有效阻挡病菌，应使用医用口罩，B项错误；市售消毒液浓度较高，需要兑水稀释后使用，C项正确；医疗垃圾不能进行填埋处理，需集中特殊处理，D项错误。8．【答案】D【解析】该杂环化合物有三种等效氢，一氯代物有三种，A项错误；分子中所有原子不可能共平面，B项错误；该杂环化合物分子式为C6H8O2，与CH2=CHCOOC3H7不可能互为同分异构体，C项错误；该杂环化合物中有过氧键，能体现氧化性，碳碳双键能被酸性高锰酸钾溶液氧化，能体现还原性，D项正确。9．【答案】A【解析】乙烯难溶于水，圆底烧瓶不干燥不影响实验，A项错误；从胶头滴管滴入溴的四氯化碳溶液，反应一段时间后，乙烯被充分吸收，有利于烧瓶内外产生较大压强差，便于观察到喷泉现象，B项正确；乙烯充分被溴的四氯化碳溶液吸收后，打开止水夹，烧杯中溴水会进入圆底烧瓶，烧瓶中液面上升、溶液褪色且生成的1，2-二溴乙烷难溶于水而分层，C项正确；胶头滴管中的试剂若换为溴水，溴的量太少，吸收的乙烯也较少，烧瓶内外难以产生较大的压强差，无法看到喷泉现象，D项正确。10．【答案】D【解析】N(C2H5)3捕获CO2，表面活化，协助二氧化碳到达催化剂表面，A项正确；固体界面的催化作用就是降低活化能而加快H2反应速率，B项正确；由示意图可知，CO2催化加氢合成甲酸的反应式为：H2+CO2=HCOOH，是原子利用率几乎达100%的反应，C项正确；由示意图可知，标准状况下，甲酸为液态，D项错误。11．【答案】B【解析】由题意可知参照电极为正极，故H+应移向正极，A项正确；电解质中含有Cl-，负极反应式为Ag - e- +Cl-=== AgCl，B项错误；pH计的玻璃膜球泡需对H+有特殊敏感才能有测量pH的作用，C项正确；根据题意，0.318=0.2+0.059pH，计算可得pH=2，说明HA为弱酸，D项正确。12．【答案】C【解析】由已知信息和图可知:R为Na元素，X为N元素，Y为Cl元素，Z为S元素。原子序数大小为NH2S，B项正确；R与Z形成的化合物Na2S溶于水呈碱性，C项错误；X和Y可形成共价化合物NCl3，各原子均满足8电子稳定结构，D项正确。13．【答案】A【解析】设0.1mol·L－1 H2S溶液中c(H+)为x，则c(HS-)近似也为x，由，解得x=10-5 mol·L－1，A项正确；根据反应H2S+ MSO4===MS+ H2SO4可知随着反应进行，H2SO4浓度逐渐增大，对水的电离的抑制作用逐渐增强，故由水电离的c(H+)最大的是a点，B项错误；由上述反应的K=，结合b点数据，可知此时溶液中c(H2S)=0.05 mol·L－1：，解得Ksp=10-24，C项错误；c点除了溶液中含有S元素之外，MS沉淀中也有S元素，D项错误。26.（14分）【答案】（1）（2分）(2) ①恒压分液漏斗（恒压滴液漏斗）（1分） A（1分）②防止NaN3水解（2分）③降低叠氮化钠的溶解度，防止产物损失，乙醇易挥发，易干燥，带走晶体表面的水分（2分）（3）（2分）（4） 65% （2分） B（2分）【解析】（1）制备亚硝酸甲酯的反应物有亚硝酸和甲醇，反应类型属于有机的酯化反应，所以方程式为： （2）①装置a的名称即为恒压滴（分）液漏斗，冷凝水从下口进上口出②叠氮酸为弱酸，加入过量的碱性溶液，防止NaN3水解③叠氮酸易溶于水，洗涤产品时，为了减少洗涤过程中产品的损耗，应当用无水乙醇洗涤；（3）根据信息可知，反应方程式为（4）通过题干提示的反应产物分析，反应的方程式为：2(NH4)2Ce(NO3)6＋2NaN3===4NH4NO3＋2Ce(NO3)3＋2NaNO3＋3N2↑；2.0g叠氮化钠样品中所含的与六硝酸铈铵溶液反应的叠氮化钠的物质的量为：n(NaN3)=10×（0.004-0.002）=0.02mol，所以叠氮化钠样品的质量分数为：；A．润洗锥形瓶，会使步骤②消耗的六硝酸铈铵的量增加，通过分析可知，会使最终计算的质量分数偏大，A项不正确；B．量取40mL六硝酸铈铵溶液时若结束时俯视读数，则会量取比40ml更多的六硝酸铈铵溶液，那么步骤③会需要加入更多的Fe2+来消耗叠氮酸钠未消耗掉的Ce4+，通过分析可知，最终会导致计算的质量分数偏低，B项正确；C．将挂在锥形瓶壁上的 Fe2+溶液冲入锥形瓶，这样做会使结果更准确，C项不符合；答案选B。27.（14分）【答案】（1）增大固体与液体的接触面积，加快化学反应速率（2分）（2）Cu(OH)2（1分） CaSO4（1分）（3）（2分）（4）1.3 （2分） 锌粉量过多增大成本，海绵镉的纯度降低，熔炼中NaOH用量过多增加成本。（2分，答对两点给满分，合理也给分）（5）（2分）（6）电解法耗能大（2分）【解析】（1）溶解时，将镉废渣粉碎，可以减小固体的颗粒直径，增大固体与液体的接触面积，加快化学反应速率。（2）除铜步骤中加入石灰乳会生成Cu(OH)2，同时石灰乳会与硫酸反应有CaSO4生成。（3）根据题目信息，可得Mn2+被KMnO4氧化成MnO2，形成沉淀从而除去。 （4）根据工业生产实际，选择最佳的的比值为1.3，超过1.3，Zn的实际用量增多，会导致置换出的镉中混有较多的杂质锌，使产品的纯度降低，同时也会使后面步骤中除锌所用的NaOH用量增多。（5）依据流程可得方程式为 。（6）相对于置换法而言，电解法生产镉的电能消耗大。28.（15分）【答案】（1）＜（1分） d （2分） 35.69（2分）①脱硫反应活化能低，脱硫反应速率快，二氧化硫水溶性好（任答一条即可）（2分） ②ABC（2分）（3）①d （2分） c（2分） ②（2分）【解析】（1）由图比较反应历程的起点和终点，可知该反应△H＜0，整个反应过程中的控速步骤由活化能最大的步骤决定，分析图像可知该反应由d步控速，其能垒（活化能）为35.69 Kcal·mol-1。（2）①脱硫效果好可能是因为其反应速率高，可能的原因有脱硫反应活化能低，脱硫反应速率快，二氧化硫水溶性好等。②加压，有利于反应正向进行，NO转化率增大，A正确；采用Ca(ClO)2脱硫可生成微溶物CaSO4，有利于反应正向进行，脱硫效果好，B正确；起始pH较低时，ClO－可能会与其还原产物Cl－反应，脱硝效果降低，C正确；提高烟气流速，反应不充分，脱除效果差，D错误。（3）反应起始时通入的是NO,所以分压减少的就是NO,分压增大的就是CO2,即a、d表示NO,b、c表示CO2 。相同条件下，温度越高，反应速率越快，达平衡时间越短，可判断500℃条件下pNO为d，600℃条件下pNO为a，500℃条件下pCO2为b，600℃条件下pCO2为c。600℃条件下Kp可列式计算：C(s)+2NO(g)CO2(g) + N2(g) 起始 P1 0 0 平衡 P3 0.5(P1-P3) 0.5(P1-P3)由此可以得出。35.（15分）【答案】（1）①1s22s22p63s23p63d10（或[Ar]3d10）（1分） sp2 （1分） Zn＜C＜O（1分）（2）①＜（1分） Cu+的3d轨道为全满结构，能量低，更稳定,再失去一个电子时需要的能量更多（2分） ②六方最密（答hcp，镁型也可给分）（2分） 不相同（1分）（3）由于离子半径Cd2+大于Zn2+，故晶格能ZnS＞CdS，则熔点ZnS＞CdS （2分）（4）①2a（2分）②（）pm （2分）【解析】（1）Zn的原子序数为30，其核外电子排布式为[Ar]3d104s2，Zn2+是锌原子失去2个电子所形成的，Zn2+的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d10或[Ar]3d10。根据价层电子对互斥理论判断，C的杂化形式为sp2 。根据非金属越强，电负性越大，进行判断。（2）①Cu+的3d轨道为全满结构，能量低，更稳定，再失去一个电子时需要的能量更多；（2）锌的堆积方式为“…ABAB…”形式，为镁型堆积（hcp），也称为六方最密堆积，Cu为铜型（ccp），面心立方最密堆积。（3）ZnS、CdS都属于离子晶体，由于离子半径Cd2+大于Zn2+，故晶格能ZnS＞CdS，则熔点ZnS＞CdS；（4）①最近的两个S原子之间的距离是面对角线的一半，根据图2可知面对角线长为4a pm。最近的两个S原子之间的距离是2a pm。②晶胞的边长为＝，晶胞的体对角线为。由于晶体中Zn2＋和S2－原子之间的最短距离为体对角线的1/4 ，所以该晶体中Zn2＋和S2－之间的最短距离为。若要使S2-、Zn2+相切，则Zn2+半径为（）pm 。36.（15分）【答案】（1）Br2、铁粉（或FeBr3）（1分）（2）对羟基苯甲醛(或4-羟基苯甲醛) （1分） 羟基、碳碳双键（2分）（3）（2分）取代反应（1分）（4）12（2分）（5）（2分）（6）（4分）【解析】（1）有机物A为甲苯，加入Br2、铁粉（或FeBr3），可生成。（2）根据题目提供的信息：，反应可转化成B的结构简式为，含有的官能团为羟基、碳碳双键。（3）反应②发生的是酯化反应。反应③发生的是取代反应。（4）满足条件的有机物的结构简式为 、 、、、、、 、、 、、、共12种。（5）有机物E的结构简式中三元环上和苯环相连的那个碳原子是手性碳原子： （6）详见答案。淮南市2020届高三第一次模拟考试生物答案1.C 2.B 3.A 4.B 5.D 6.C29.（10分，除说明外，每空2分）（1）玉米叶肉细胞有叶绿体和中央大液泡，花生根尖分生区细胞没有（2）此时光照强度弱，光反应限制光合速率，间作和单作的光合速率均较小。（3分）（3）15 间作玉米与玉米间距较大，不会彼此遮光，且有利于行间通风，局部二氧化碳浓度较高。所以间作对二氧化碳和光能的利用优于单作，光合速率高。（3分）30.（8分，每空2分）（1）不可以 （2）负电位→正电位（→负电位） [或填：由负电位变为正电位（然后恢复为负电位）] 胞吐 （3）（下丘脑）体温调节31.（9分，除说明外，每空2分）（1）人类从农田生态系统中收获粮食等农作物，会导致农田生态系统氮元素的输出比输入大（对人类利用强度较大的生态系统，应实施相应的物质投入等合理答案也可给分，关键是要大概体现出氮元素的输出大于输入，若答“为了让农作物生长更好”等答案不给分）（3分）（2）取样器取样 帮助植物传粉（3）实现对能量的多级利用，提高能量的利用率（答案合理即可）32.（12分，除说明外，每空2分）（1）紫茎、缺刻叶 绿茎缺刻叶 （2）①全部为缺刻叶 全部为紫茎 （写反了不给分）②取紫茎缺刻叶植株的花药离体培养获得单倍体幼苗，再用秋水仙素诱导使其染色体数目加倍，获得具有正常染色体数目的植株，从中筛选出紫茎缺刻叶植株即为所需品种。（4分）（“花药离体培养”和“秋水仙素处理”两步分别给2分；“幼苗”、“筛选”等细节表述有错误则各扣1分。）37．（15分，除标注外每空2分）（1）18～25℃ 细胞质基质 酸性重铬酸钾（2）要防止杂菌的污染，保证培养物的纯度（答“无菌技术/无菌操作”也可给分）（3）形状、大小、隆起程度、颜色 将同批次未接种的培养基置于相同条件下培养（4）包埋（1分） 防止加热太快，海藻酸钠发生焦糊38．答案：（15分，除标注外每空2分）（1）PCR DNA双链复制（答“DNA热变性解链，结合引物后在DNA聚合酶作用下延伸，完成复制”等具体描述正确也给分）（2）基因表达载体的构建 转化（1分）（3）血清 维持培养液的pH（4）滋养层 会影响分割后胚胎的恢复和进一步发育