2022烟台高三高三高考适应性练习（一）物理试题PDF版含答案

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2022年高考适应性练习（一）物理参考答案及评分意见一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. A   2.C    3.D    4.B     5.D    6.C    7.A     8.C二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9. AC     10.BD      11.BC     12.ABD三、非选择题：本题共6小题，共60分。13．(6分)⑴ (2分)   (2) (2分)(3) (2分)（如答同样给分）14．(8分)⑴A(1分)  C(1分)  ⑵如图所示(2分)   ⑶0.83(2分)  3.3×102(2分)15．(7分)解：⑴设点光源到玻璃圆柱体左端面的距离为d，光线在左端面的入射角为θ1，折射角为θ2，由折射定律有sinθ1=nsinθ2    ………………………①(1分)从左端面中央半径为r=8cm的圆周上射入的光线恰好在柱体侧面发生全反射。 sinC=    …………………………………………………………………②(1分)根据几何关系有sinθ1=   ………………………………………………………………③(1分)sinθ2=cosC   ……………………………………………………………………④解得  d=4cm   ………………………………………………………………………⑤(1分)⑵恰好发生全反射的光线通过玻璃圆柱体的时间最长光在玻璃内的最长路程   x=    ……………………………………………⑥(1分)光在玻璃内的速度      v= ……………………………………………………⑦(1分)=1.2×10-8s  ………………………………………………………⑧ (1分)16．(9分)⑴以水平向右为x轴，竖直向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OA段竖直方向：  0=v0sinα－gt1   ………………………………………………………①（1分）t1=1s   …………………………………………………………………②（1分）以沿斜面向下为x轴，垂直于斜面向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OB段垂直于斜面方向：0=v0sinθ－gcosαt2     ……………………………………………③（1分）t2=2s    …………………………………………………………………④（1分）从A点到B点的时间  t=t2－t1=1s   …………………………………………………⑤（1分）⑵过B点做斜面的垂线，垂足为D，设BD=H，以沿斜面向下为x轴，垂直于斜面向上为y轴，建立平面直角坐标系，对OB段垂直于斜面方向：0－(v0sinθ)2=－2(gcosα)H   ………………………………………⑥（1分）沿斜面方向： xCD=Htanα   ……………………………………………………………⑦（1分）x1=(v0cosθ)t2+(gsinα)t22    …………………………………………⑧（1分）O、C两点间的距离 xOC=x1+xCD=40m    ………………………………………………⑨（1分）17．（14分）解：⑴设小球在P点的速度为v0，对小球由动量定理得：y轴方向： ………………………………①（1分）z轴方向：………………………………………②（1分）由运动对称性可得： ……………………………………③（1分）由①②③④得： ………………………………………④（1分）⑵对小球进行受力分析，由平衡方程得：0~内：  …………………………………………⑤（1分）~内： ………………………………………………⑥（1分）由④⑤⑥得：解得：   ………………………………… （1分）   …………………………………（1分）⑶设小球做匀速圆周运动的周期为T0，对小球由牛顿第二定律得：……………………………………………………………⑦（1分）由运动学公式得：……………………………………………⑧（1分）据题意可得： …………………………………………………⑨（1分）由⑦⑧⑨得： ………………………………………………⑩（1分）⑷~T内，小球的速度v可以看作是沿y轴正方向的2v和沿y轴负方向的v的合成，则小球的运动可看成沿y轴正方向的匀速运动和y轴下方的逆时针的圆周运动的合运动，由运动学公式得：y=………………………………………………………⑪（1分）由⑪得：y=所以，T时刻小球位于y轴，坐标为。……………………………（1分）18．(16分)⑴1球下落高度为h，此时1球的速度大小为v0由自由落体规律可得  v0=   ……………………………………………①(1分)1球受竖直向下的重力m1g，设地面的平均作用力为F，方向竖直向上，1球与地面发生弹性碰撞后速度大小仍为v0，方向竖直向上。以竖直向下为正方向，根据动量定理，有      ………………………………………………②(1分)     由①、②可得：   ……………………………………③(1分)⑵设1球反弹后经时间t与2碰，碰撞时2球自由下落的高度    ………………………………………④1球竖直上升的高度     …………………………………………⑤由几何关系，有      …………………………………………………⑥将①代入，可以解得  ，    ………………………………………⑦即在1球最高点发生碰撞，此时2球的速度大小  ………………⑧(2分)（用其他方法得到此结果的同样得2分）设它们碰后的速度大小分别为和，选竖直向上为正方向，两球发生弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒  …………………………………………………………⑨(1分)   ……………………………………………………⑩(1分)解得     ……………………………………………………………………⑪由题意反弹后能达到的最大高度为h，则有    …………………………⑫(1分)由⑨⑩⑫得   k=3（k=舍去）  ……………………………………………………⑬(1分)⑶两球在落地前均有向下的速度v0=，先与地弹性碰撞后速度变为向上的 v0，与2球发生碰撞。取向上为正方向，设碰后的1球和2球的速度大小分别为vA和vB，根据动量守恒和机械能守恒，有   ………………………………………………………………⑭(1分)   …………………………………………………………⑮(1分)由此解得与发生弹性碰撞后的速度大小为   ………………………………………………………………⑯由题意m1=3m2，则有   ……………………………………………………⑰(1分)故反弹后能达到的最大高度为   …………………………………………………………………⒅(1分)若m1>>m2，则有，故反弹后能达到的最大高度为   …………………………………………………………………⒆(1分)⑷当球m1与地面碰撞后，立即与球m2发生碰撞，球以相对于地面以大小为3v0的速度反弹，球m3以大小为v0的速度下落，以m2为参考系，球m3相对于球m2以大小为4 v0速度与球相碰撞。由于m2>>m3，碰撞后球m3相对于球以大小为4 v0的速度反弹，即球m3相对于地面以大小为7 v0速度反弹。因此，球m3反弹的高度H为    ……………………………………………………………⒇(2分)