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2022年安徽省合肥市包河四十六中中考物理模拟试卷(word版含答案)
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这是一份2022年安徽省合肥市包河四十六中中考物理模拟试卷(word版含答案)，共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年安徽省合肥市包河四十六中中考物理模拟试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共7小题，共14分）
1. 在如图所示提供的各种情景中，下列说法中正确的是( )
A. 中国馆模型对地面压力与受到支持力是一对平衡力
B. 沿斜面向上推物体比直接举起物体省力又省功
C. 安全带可以减少乘车人员的惯性
D. 跳水运动员在空中运动时动能和势能相互转化
2. C919飞机是我国首款完全按照国际先进适航标准研制的单通道大型干线客机，于2017年5月5日成功首飞，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 飞机巡航时所在高空的气压低，温度高
B. 地面人员是通过超声波与飞行中的飞机进行沟通的
C. 飞机从地面加速起飞的过程中是将重力势能转化为动能
D. 飞机起飞是利用了“空气流速大的地方压强小”的原理
3. 在炎热的夏天赤脚踩在沙滩上感觉烫脚，而站在浅水滩处却感觉凉爽，要解释这个现象，下面对物理知识的运用正确的是( )
A. 沙子的比热容小，水的比热容大 B. 沙子吸收热量多，水吸收热量少
C. 沙子是固体，水是液体 D. 沙子升温较慢，水升温较快
4. 如图，蹦极是一项惊险刺激的运动项目，深受人们的喜爱。当人系好弹性绳后从高空跳下，先下落后又反弹上升，忽略空气阻力和浮力，下列有关蹦极的说法正确的是( )
A. 人下落时，他的重力势能全部转化为动能
B. 人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力是一对相互作用力
C. 在最低点时，人受到的拉力和人的重力是一对平衡力
D. 若竖直反弹到最高点时，一切力都消失了，人将竖直下落
5. 如图电路，电源电压不变，当滑片P从a端向b端滑动过程中，下列判断正确的是( )
A. 电压表示数变大，电流表示数变大 B. 电压表示数变大，电流表示数变小
C. 电压表示数变小，电流表示数变大 D. 电压表示数变小，电流表示数变小
6. 如图所示的四幅图中，用来说明发电机原理的实验装置是( )
A. B.
C. D.
7. 一支标有“220V 100W”的电烙铁，为使电烙铁正常工作时电功率为100W，而在不工作时电烙铁的功率为25W，使之不会完全冷却．为此，某同学设计了如图所示的电路，其中，S为单刀双掷开关，L为一只额定电压为220V的灯泡．下列说法中错误的是(假定用电器的阻值不变)( )
A. 选用灯泡的规格应为“220V100W”
B. 当S拨向2时，电烙铁处于工作状态
C. 当S拨向1时，电烙铁处于工作状态
D. 在1s内，电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的电能与正常工作状态相比，可节约50J的电能
二、填空题（本大题共9小题，共18分）
8. 如图所示，当给导线通电时，小磁针的N极向里转动了，这就是著名的______实验，它证明了电流周围存在着______；如果将导线中通过电流的方向改为向左，小磁针的N极将向______转动。
9. 计算机的散热电风扇两端的电压为12V，通过它的电流为2A，电风扇线圈的电阻为0.6Ω，则工作10s钟消耗的电能为______J，产生的热量是______J，效率为______。
10. 下列现象各属于什么物态变化过程。
(1)冬天，室外冰冻的衣服变干了______。
(2)从冰柜中取出冰棍，常会看到冰棍冒“白气”______。
(3)农谚说“霜前冷，雪后寒，”其中蕴含的道理是，气温低的时候水蒸气会______形成霜，雪熔化形成水的过程中需要______热。
11. 声音具有三个特性，反映声音高低特性的是______，反映声音强弱特性的是______，人们能把不同的声音区分开，是因为它们具有不同的______。人们通常说女子的声音比较尖，是指声音的______高。
12. 汽车是我们生活中常见的交通工具，了解汽车的有关知识对我们十分必要：
(1)家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的，主要是为了防止车内物体经过玻璃成的______ (选填“虚”或“实”)像对司机的干扰。深秋季节，车窗玻璃内侧有时会变模糊，是因为车内的水蒸气会______ 成雾附着在玻璃上，这个过程水蒸气______ 热量；
(2)汽车以最大功率在山路爬坡时，可以通过______ (选填“增大”或“减小”)汽车的速度来增大牵引力。在山路的急转弯处安装______ 镜可以扩大司机的视野。某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速，这种方法叫区间测速。区间测速______ (选填“能”或“不能”)判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速；
(3)某汽车的热机效率为η1，若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为η2，则这些机械能转化成有用机械能的效率为______ 。
13. 如图所示，分别用滑轮A、B匀速提升甲、乙两个相同的重物且提升相同的高度(不计滑轮重力及摩擦)。已知甲，乙两物体都重50牛，则所用拉力F1大小为______ 牛，所用拉力F2大小为______ 牛。若重物提升的高度均为1米，则拉力F1做功大小为______ 焦，拉力F2所做功______ 拉力F1所做功(选填“小于”、“等于”或“大于”)。
14. 一质地均匀、边长为10cm的正方体物块，漂浮在密度为1.2×103kg/m3的液面上，物块1/3体积露出液面，如图所示，当用手下压物块使其上表面与液面刚好相平时，则物块的密度是______kg/m3，手对物块上表面的压力是______N，物块下表面受到液体的压强是______Pa。(g取10N/kg)
15. 新家装修完成后，要检查家里的电路是否正常，方法是用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”替换熔丝，如图所示。断开所有用电器的开关，然后只闭合S、S1，若L正常发光，说明L1______；只闭合S、S2，若L发出暗红色的光(发光不正常)，说明L2______(均选填“正常”、“短路”或“断路”)，若L不发光，然后用试电笔在L2右侧的接线柱上试触，结果试电笔发光，则故障______。
16. 如图所示，电源电压保持不变．当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中．电压表的示数______ (填“变大”、“变小”或“不变”)灯泡变______ .(填“亮”或“暗”)
三、作图题（本大题共1小题，共12分）
17. 按要求作图，当光从水中射向空气时，折射光线如图甲所示，请画出其入射光线的大致位置和对应的反射光线。
四、实验探究题（本大题共2小题，共18分）
18. 实验桌上备有带支架的蜡烛、光屏、凸透镜(f=10cm)、光具座等器材，小阳利用上述器材探究凸透镜成像规律。
(1)实验时，需要把蜡烛烛焰、光屏和凸透镜的中心调到______。
(2)接下来小阳利用凸透镜做了三次实验，透镜、蜡烛、光屏所在位置以及光屏上得到清晰像的情况如图所示。图乙所示的实验中所成像的特点常应用在______(选填“放大镜”“照相机”或“幻灯机”)上。
(3)由图所示的实验现象可知：随着物距的不断变小，像距和像的大小变化情况是______。
(4)图丙所示的实验中，如果将光屏取走，则蜡烛______(选填“能”或“不能”)通过凸透镜成像。
19. 玉珠同学利用“替代法”测量一粒花生米的密度，实验过程如下：
(1)选择一粒饱满的花生米放入装有适量水的透明玻璃杯中，发现花生米下沉至杯底，如图此时花生米所受的浮力______重力(选填“大于”、“等于”或“小于”)；
(2)往杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到花生米处于______状态(选填“漂浮”或“悬浮”)，随即停止加盐。
(3)取出花生米，用调好的天平测杯和盐水的总质量，如图3，天平的读数为______g；
(4)把杯中的部分盐水倒到量筒中，如图4，量筒的读数为______mL；
(5)接下来的操作是：______。
(6)根据测量的数据，利用密度公式可以计算出盐水的密度，即为花生米的密度。
五、计算题（本大题共4小题，共38分）
20. 如图所示，当只有开关S1闭合时，电流表的示数为1A；开关S1、S2同时闭合时，电流表A的示数为1.5A.已知电阻R1=6Ω，求：
(1)电源的电压
(2)电阻R2的大小
21. 小张参加中考体育测试，在跳绳测试中，1min内跳了150次，每次跳起的高度为5cm，已知小张的质量是50kg。求：
(1)小张所受到的重力是多大？
(2)若小张每只鞋底面积是125cm2，则他双脚静止站立时对地面的压强有多大？
(3)小张跳绳时的功率是多大？
22. 如图，在“测量小电灯功率”的实验中，小电灯的测定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整。
(2)连接好电源，闭合开关，小电灯发光，但电压表示数为0，经检查，如图甲中a，b，c，d四根导线有一根断了，则该导线是______(填写字母)。
(3)排除故障后，闭合开关，测量小电灯额定功率，移动滑动变阻器的滑片P，眼睛应先注视______表的示数，然后读出另一电表示数，当小电灯正常发光时，则小电灯的额定功率为______W。
(4)在小电灯正常发光时，再将滑片P向B端移动到另一位置，则小电灯的实际功率______(选填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率。
(5)移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图乙所示的I-U图象，观察图乙所示的I-U图象不是直线的原因是______。
23. 如图甲所示是古代战争中的“大炮”--抛石机，用它把大石块抛出去，打击远处的敌人；图乙是家用的抽水机。它们都是利用______的物理知识，其中图______是省力杠杆(填“甲”或“乙”)，使用甲的优点是______。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、压力的受力物是地面，支持力的受力物是中国馆模型，作用在不同物体上，因此不是平衡力，故A错误；
B、沿斜面向上推物体比直接举起物体省力，但不省功，故B错误；
C、安全带可以防止惯性带来的危害，不能减少乘车人员的惯性，故C错误；
D、跳水运动员下落时，重力势能转化为动能，因此跳水运动员在空中运动时动能和势能相互转化，故D正确。
故选：D。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；
(2)借助机械可以省力或省距离，但不能省功；
(3)一切物体都有惯性；
(4)动能和势能之间可以相互转化。
本题考查了二力平衡的条件、惯性知识、功的原理以及动能和势能之间的相互转化等知识，是一道综合题，但难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：
A、飞机巡航时所在高空的气压低，温度低，故A错误；
B、地面人员是通过电磁波与飞行中的飞机进行沟通的，故B错误；
C、飞机从地面加速起飞的过程中，质量不变，速度变大，高度变大，动能和重力势能都变大，不是重力势能转化为动能，故C错误；
D、飞机升空时，机翼上方的流速大，压强小，下方的流速小，压强大，产生了一个向上的压力差，故飞机起飞利用了“空气流速大的地方压强小”的原理，故D正确。
故选D。
(1)气压与高度有关，高度越高，气压越小，温度越低；
(2)电磁波可以传递信息；
(3)根据影响动能和重力势能的因素分析；
(4)流体流速越大的位置，压强越小。
本题考查了流体的压强与流速的关系、气压与高度的关系、信息的传递、机械能的变化，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：因为水的比热容较大，这样在同样的日照条件下，吸收相同的热量，水的温度变化小，沙子的温度变化大，所以海水凉，砂子烫，故A正确，BCD错误。
故选：A。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析判断。
关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、可做冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等。
4.【答案】B
【解析】
【分析】
本题关键在于对人进行受力分析，根据合力方向与速度方向的关系，判断人的运动情况。分析时要抓住弹力的变化过程。
(1)根据弹性绳发生形变分析；
(2)根据相互作用力的条件分析；
(3)二力平衡时，物体受到的合力为0；
(4)物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】
A.人下落过程中，当弹性绳没有发生形变时，人的高度减小、速度增大，重力势能减小、动能增大，重力势能转化为人的动能；当弹性绳发生形变时，弹性绳的弹性势能增大，人的机械能还转化为弹性绳的弹性势能，故A错误；
B.人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力满足相互作用力的条件，是一对相互作用力，故B正确；
C.在最低点时，人受到的拉力大于人的重力(人才会上升)，即二力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故C错误；
D.若竖直反弹到最高点时，此时人的速度为0，若一切力都消失了，则人会静止在空中，故D错误。
故选B。
5.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
当滑动变阻器滑片P从a向b滑动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流减大，即电流表的示数减大；
由于串联电路起分压作用，因此滑动变阻器两端电压变小，即电压表的示数变小．
故选C．
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和滑动变阻器两端的电压变化．
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的使用，是一道较为简单的应用题．
6.【答案】C
【解析】解：A、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；
B、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，受力的大小与电流的大小有关，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；
C、图示的是闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动时，线圈中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；
D、图示的是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意。
故选：C。
(1)发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
(2)电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；
(3)奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场。
本题中学生容易混淆的是B和C两个图，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机。
7.【答案】B
【解析】试题分析：(1)由电路图可知，当S拨向1时，电路中只有电烙铁工作；当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，根据公式P=U2R可知，串联和电烙铁单独工作时功率的大小，从而判断出电烙铁工作和保温时开关的位置．
(2)由电烙铁上的铭牌可知额定电压及额定功率，由功率公式可求得电烙铁的电阻值；应经知道灯泡与电烙铁串联，根据公式U2=PR求出此时电烙铁两端的电压，再利用公式I=PU求出电路总电流，进一步求出灯泡两端的电压和灯泡的电阻．
(3)先根据公式P=UI求出电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的功率，再根据公式W=Pt可求节约的电能．
(1)当S拨向1时，电路中只有电烙铁工作，电烙铁两端电压等于电源电压；当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，电烙铁两端电压小于电源电压，由P=U2R可知，所以当S拨向1时功率大，拨向2时功率小，则拨向1时电烙铁处于工作状态，故C正确、B错误．
(2)电烙铁的电阻值R=U2P额=(220V)2100W=484Ω，当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，
此时电烙铁两端的电压为U12=P1R=25W×484Ω，所以此时电烙铁两端的电压为U1=25W×484Ω=110V，
通过电烙铁的电流为I=P1U1=25W110V=522A，所以加在灯泡上的电压UL=U-U1=110V，灯泡的电阻为RL=ULI=110V522A=484Ω，“220V 100W”的灯泡的电阻与“220V 100W”的电烙铁的电阻相同，为484Ω，故A正确．
(3)电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的功率P2=UI=220V×522A=50W，
在1s内，电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的电能与正常工作状态相比，
可节约电能W=(P额-P2)t=(100W-50W)×1s=50J，故D正确．
由以上分析可知A、C、D正确，不符合题意；B错误，符合题意；
故选 B．
8.【答案】奥斯特 磁场 外
【解析】解：(1)在一根长导线下方平行放置一个可以在水平面自由转动的小磁针，如图所示，当给导线通电时，小磁针的N极向里转动了，这就是著名的奥斯特实验；它证明了电流周围存在磁场；
(2)电流方向改变，产生的磁场的方向也改变，故将导线中通过电流的方向改为向左，小磁针偏转方向也改变，小磁针的N极将向外转动。
故答案为：奥斯特；磁场；外。
当小磁针发生偏转时，说明了磁场的存在，当电流方向改变时，产生的磁场的方向也改变，故小磁针的偏转方向也改变，这是1820年奥斯特首先发现的，这个实验就是著名的奥斯特实验。
本题考查的知识有两点：
(1)磁场的基本性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；
(2)电流周围存在着磁场，磁场的方向与电流方向有关。
9.【答案】240 24 90%
【解析】解：(1)已知电风扇两端的电压U=12V，通过的电流I=2A，则工作10s消耗的电能为：W=UIt=12V×2A×10s=240J；
(2)电风扇线圈电阻R=0.6Ω，则产生的热量为：Q=I2Rt=(2A)2×0.6Ω×10s=24J；
(3)电风扇工作时的效率为：η=W-QW×100%=240J-24J240J×100%=90%。
故答案为：240；24；90%。
知道电风扇两端的电压和通过的电流以及通电时间，根据W=UIt求出消耗的电能，又知道线圈的电阻，根据Q=I2Rt求出产生的热量；电风扇工作时，将电能主要转化为机械能，一部分电能转化内能，根据η=W-QW×100%，即可求出电风扇的效率。
本题考查了电能和电热的计算，需要注意的是电动机是非纯电阻电路，只能用Q=I2Rt求出产生的热量。
10.【答案】升华 液化 凝华 吸
【解析】解：
(1)冬天，室外冰冻的衣服变干了，冰由固态直接变成了气态，属于升华现象；
(2)从冰柜中取出冰棍，常会看到冰棍冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴；
(3)霜是空气中的水蒸气遇冷直接变成的小冰晶，属于凝华现象；雪熔化形成水的过程中是熔化现象，需要吸热。
故答案为：(1)升华；(2)液化；(3)凝华；吸。
物质从固态变为液态的过程是熔化，从液态变为固态的过程是凝固；
物质从液态变为气态的过程是汽化，从气态变为液态的过程是液化；
物质从固态直接变为气态的过程是升华，从气态直接变为固态的过程是凝华；
其中熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
本题考查了学生对生活中物态变化现象的掌握，注重了物理和生活的联系，属于热学基础知识的考查，相对比较简单。
11.【答案】音调 响度 音色 音调
【解析】解：乐音具有三要素，反映声音高低特性的是音调，物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度；
音色反映了声音的品质与特色。人们能把不同的乐音区分开，是因为它们具有不同的音色；
人们通常说女子的声音比较尖，是指声音的音调高；
故答案为：音调；响度；音色；音调。
乐音有三个特性，音调、响度和音色，响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
音色反映了声音的品质与特色。
这类问题是考查声音的三个特性，即响度、音色和音调的定义，会区分乐音特征的三个因素。
12.【答案】虚 液化 放出 减小 凸面 不能 η1η2
【解析】(1)根据平面镜成像原理可知，挡风玻璃所成的像为虚像；
深秋季节车内温度高于车外，则车内水蒸气遇到冷的玻璃会释放热量，液化形成水雾附着在玻璃上；
(2)由于功率一定，由P=Wt=Fst=Fv可知，可通过减小汽车的速度来增大牵引力；
凸面镜对光线其发散作用，可以扩大视野，常安装在急转弯的地方；
区间测速测量的是某一段路程的平均速度，无法反应区间内任意路段是否超速；
(3)汽车的热机效率为：η1=W有Q放，
汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为：η2=W机Q放，
则这些机械能转化成有用机械能的效率为：η3=W有W机=W有Q放×Q放W机=η1η2。
故答案为：(1)虚；液化；放出；(2)减小；凸面；不能(3)η1η2。
(1)平面镜成像的特点是：虚像，物像等大，物像等距，物像连线与镜面垂直；
液化是由于温度较高的水蒸气遇冷时而变成小水珠的现象，液化过程要放出热量；
(2)根据功率P=Wt=Fst=Fv可知，在功率一定时，减小速度可以增大牵引力；
凸面镜对光有发散作用；
区间测速是在同一路程上布设两个相邻的监控点，根据车辆通过前后两个监控点的时间来计算车辆在该路段上的平均行驶速度，并依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速”即可得出答案；
(3)汽车的热机效率为η1=W有Q放，
汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为η2=W机Q放，据此分析这些机械能转化成有用机械能的效率。
本题考查平面镜成像的应用、液化现象的形成及其特点、功率公式P=Fv的运用、凸面镜的作用、及效率的计算等问题，有一定综合性。
13.【答案】50 25 50 等于
【解析】解：(1)由图可知，甲是定滑轮，乙是动滑轮，不计滑轮重力及摩擦，
由定、动滑轮的使用特点可知：F1=G=50N；
F2=12G=12×50N=25N，
(2)若重物提升的高度均为1米，
则绳子自由端移动的距离分别为：
s1=h=1m，
s2=2h=2×1m=2m，
拉力F1做的功为：
W1=F1s1=50N×1m=50J；
拉力F2做的功为：
W2=F2s2=25N×2m=50J，
所以W1=W2。
故答案为：50；25；50；等于。
动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，能省力但费距离；根据公式W=Fs可计算做功的大小，并进行比较。
本题考查使用定滑轮和动滑轮时拉力、做功及做功大小的比较，是基础知识的题目。
14.【答案】0.8×103 4 1.2×103
【解析】解：物块漂浮时排开液体的体积V排=(1-13)V=23V，
物块受到的浮力F浮=ρ液gV排=23ρ液gV，物块的重力G=mg=ρ物gV，
因物块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，
所以，23ρ液gV=ρ物gV，
所以物体的密度为：ρ物=23ρ液=23×1.2×103kg/m3=0.8×103kg/m3；
当物块上表面与液面刚好相平时，排开水的体积V排'=V，物块受到的浮力F浮'=ρ液gV排'=ρ液gV，
因此时物块受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、手对物块上表面的压力F作用处于平衡状态，
所以，由物块受到的合力为零可得：F浮'=G+F，V=10cm×10cm×10cm=(0.1m)3=0.001m3，
所以受到的压力为：F=F浮'-G=ρ液gV-ρ物gV=(ρ液-ρ物)gV=(1.2×103kg/m3-0.8×103kg/m3)×10N/kg×0.001m3=4N；
液体对物块下表面的压强：p=ρ液gh=1.2×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1.2×103Pa。
故答案为：0.8×103；4；1.2×103。
(1)根据题意求出物块漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出物块受到的浮力，物块的重力G=mg=ρgV，根据物体漂浮条件求出物块的密度；
(2)当物块上表面与液面刚好相平时，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出物块受到的浮力，分析物块受到的力，根据物块受到的合力为零求手对物块上表面的压力；
(3)根据p=ρgh求出液体对物块下表面的压强。
本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、液体压强公式的综合应用，要注意物块上表面与液面刚好相平时排开液体的体积和自身的体积相等。
15.【答案】短路；正常；零线断路
【解析】解：
(1)当只闭合S、S1时，若灯泡L正常发光，则有电流通过，不会是断路，同时说明灯泡L两端电压为220V，则灯L1短路；
(2)当只闭合S、S2时，若L发出暗红色的光(发光不正常)，说明L2也分得部分电压(此时L和L2串联)，则L2正常；
若L不发光，说明电路出现了断路，然后用试电笔在L2右侧的接线柱上试触，结果试电笔发光，说明此处与火线是接通的，所以故障是零线断路。
故答案为：短路；正常；零线断路。
此题考查了学生对电路的分析能力，灯泡在额定电压下正常工作，低于额定电压灯泡实际功率减小，发光较暗。
16.【答案】变小；亮
【解析】解：滑片左移，则滑动变阻器接入电阻变小，由总电阻减小；则由欧姆定律可得电路中电流增加，则由P=I2R可得，灯泡的功率增加，故灯泡变亮；
灯泡两端的电压增加，总电压不变，则由串联电路的电压规律可得：滑动变阻器两端的电压减小，即电压表示数变小．
故答案为：变小；亮．
由图可知灯泡与滑动变阻器串联，由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知电路中总电阻的变化，则由欧姆定律可得出电路中电流的变化，则可知灯泡亮度的变化及灯泡两端电压的变化；根据串联电路的电压规律则可知电压表示数的变化．
本题考查欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律求得两端的电压，故先求得与之串联的灯泡两端的电压，再根据总电压不变，得出滑动变阻器两端的电压．
17.【答案】解：图中法线和折射光线已画出，折射角=90°-45°=45°，光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线左侧的水中画出入射光线；
在发生折射的同时还发生光的反射，且反射角等于入射角，据此在法线右侧的水中画出反射光线。如图所示：
。
【解析】光线从水里射向空气中时，既要发生反射，又要发生折射，反射角等于入射角，折射角大于入射角。据此完成光路图。
本题考查光的折射和反射的作图，掌握好光的折射规律和反射定律是关键，注意作图要规范。
18.【答案】(1)同一高度；(2)幻灯机；(3)像距逐渐变大，像变大；(4)能
【解析】(1)为使像成在光屏的中央，需要把蜡烛烛焰、光屏和凸透镜的中心调到同一高度；
(2)此时u
(4)此时如果将光屏取走，光线仍然能够穿过凸透镜，仍能成像。
(1)为使像成在光屏的中央，需要把蜡烛烛焰、光屏和凸透镜的中心调到同一高度；
(2)此时u
(4)成实像时，光线穿过凸透镜成像。
此题考查学生对于凸透镜成像实验的理解和掌握，关键熟练掌握其内容，做到灵活运用。
19.【答案】小于 悬浮 153.2 100 用天平测出烧杯与剩余盐水的总质量，记为m
【解析】解：(1)花生米下沉，说明此时花生米所受的浮力小于重力；
(2)往杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到花生米悬浮；
(3)由图3知，天平的读数为m=100g+50g+3.2g=153.2g；
(4)由图4知，量筒的分度值为1ml，量筒的读数为100mL；
(5)实验中需要测量倒入量筒中盐水的质量，所以步骤为：用天平测出烧杯与剩余盐水的总质量，记为m；
(6)根据总质量和烧杯与剩余盐水的总质量求出倒入量筒中盐水的质量，根据密度公式可以求出盐水的密度，因为花生米在盐水中悬浮，所以花生米的密度等于盐水的密度。
故答案为：(1)小于；(2)悬浮；(3)153.2；(4)100；(5)用天平测出烧杯与剩余盐水的总质量，记为m。
(1)根据物体的浮沉条件，物体下沉时浮力小于重力；
(2)当物体的密度与液体密度相等时，物体在液体中悬浮；
(3)天平的读数：砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(4)进行量筒的读数时，注意量筒的分度值；
(5)(6)先计算出量筒中盐水的质量，再根据密度公式ρ=mV计算出盐水的密度；花生米悬浮，其密度等于盐水的密度。
此题利用替代法来测量花生米的密度，考查了对物体浮沉条件的应用及液体密度的测量，设计新颖，要能够很好的解决，需熟练掌握有关基础知识。
20.【答案】(1)；
(2)
。
【解析】本题考查了并联电阻的电流、电压之间的关系以及欧姆定律公式的应用。
(1)当只闭合S1时，只有R1接入电路，电源的电压：
(2)开关S1、S2同时闭合时，R1与R2并联，电流表A测量的是干路电流，通过电阻R2的电流：
R2两端的电压：
电阻R2的阻值；
。
21.【答案】解：(1)小张同学的重力：
G=mg=50kg×9.8N/kg=490N；
(2)小张双脚静止站立时对地面的压力：
F=G=490N，
受力面积S=125cm2×2=250cm2=0.025m2，
对地面的压强：
p=FS=490N0.025m2=1.96×104Pa；
(3)小张同学跳一次做的功：
W=Gh=490N×0.05m=24.5J；
小张同学跳150次做的总功：
W总=W×150=24.5J×150=3675J，
小张同学跳绳的功率：
P=W总t=3675J60s=61.25W。
答：(1)小张所受到的重力是490N；
(2)他双脚静止站立时对地面的压强为1.96×104Pa；
(3)小张跳绳时的功率是61.25W。
【解析】(1)知道小张的质量，利用G=mg求其重力；
(2)小张双脚静止站立时对地面的压力和自身的重力相等，受力面积等于两只脚的底面积，利用p=FS求对地面的压强；
(3)利用W=Gh求小张跳一次做的功，再求出小张跳150次做的总功，最后利用P=Wt求小张跳绳的功率。
本题考查了重力公式、压强公式、功的公式、功率公式的应用，要明确：物体对水平面的压力等于自身的重力、跳绳做功就是提升自己做功。
22.【答案】b 电压 0.75 小于 灯丝电阻随温度升高而增大
【解析】解：(1)将滑动变阻器上面任一接线柱与开关的右接线柱相连，如下图所示：
(2)小电灯发光，说明电路为通路；电压表示数为零，说明与电压表相连的导线断路，即导线b断路；
(3)测量小电灯额定功率，移动变阻滑的滑片P，眼睛应先注视电压表的示数；
由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，则P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)小电灯正常发光时，再将滑片P向B端移动到另一位置，滑动变阻器的阻值变大，灯泡两端的电压增小，实际功率将小于额定功率。
(5)小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，说明小灯泡的电阻不是定值，并且灯丝的电阻随电压的增大而升高，即灯丝的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(2)b；(3)电压；0.75；(4)小于；(5)灯丝电阻随温度升高而增大。
(1)滑动变阻器应串联在电路中，注意滑动变阻器按一上一下原则接线；
(2)小电灯发光，说明电路为通路；电压表示数为零，说明与电压表被断路，据此判断断路的导线；
(3)要测量灯泡的额定功率，应使灯泡两端的电压等于额定电压；读出电流表的示数，根据P=UI计算出其电功率；
(4)首先判断滑动变阻器电阻的变化，判断出灯泡两端实际电压的变化，得出实际功率的变化；
(5)该图象不是直线，即电压和电流的比值不是定值，说明小电灯发光的过程中，影响电阻大小的因素发生了变化。
本题考查了测量电功率的实验中实物电路的连接、电路故障的判断、电压表的读数、串联电路的分压作用及额定功率的计算，同时还考查了学生对图象的分析和处理能力。本实验需要注意灯丝的电阻随温度的变化而变化。
23.【答案】杠杆 乙 省距离
【解析】解：由图可见，抛石机在力的作用下绕固定点转动，因此它是一个杠杆；并且动力臂明显比阻力臂短，因此是一费力杠杆，好处是省距离，人手移动很短的距离，石块就会移动很大的距离，再加上惯性的作用，就可以打击远处的敌人了。
抽水机在力的作用下绕固定点转动，因此它是一个杠杆；并且动力臂明显比阻力臂长，因此是一省力杠杆，好处是省力。
故答案为：杠杆；乙；省距离。
杠杆有三种类型：
(1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，省力但是费距离；
(2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，费力但是省距离；
(3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，动力等于阻力，既不省力也不费力。
判断杠杆类型的题目，要从动力臂和阻力臂的长度上入手，动力臂长的为省力杠杆，阻力臂长的为费力杠杆，一样长的为等臂杠杆。
2022年安徽省合肥市包河四十六中中考物理模拟试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分
一、单选题（本大题共7小题，共14分）
1. 在如图所示提供的各种情景中，下列说法中正确的是( )
A. 中国馆模型对地面压力与受到支持力是一对平衡力
B. 沿斜面向上推物体比直接举起物体省力又省功
C. 安全带可以减少乘车人员的惯性
D. 跳水运动员在空中运动时动能和势能相互转化
2. C919飞机是我国首款完全按照国际先进适航标准研制的单通道大型干线客机，于2017年5月5日成功首飞，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 飞机巡航时所在高空的气压低，温度高
B. 地面人员是通过超声波与飞行中的飞机进行沟通的
C. 飞机从地面加速起飞的过程中是将重力势能转化为动能
D. 飞机起飞是利用了“空气流速大的地方压强小”的原理
3. 在炎热的夏天赤脚踩在沙滩上感觉烫脚，而站在浅水滩处却感觉凉爽，要解释这个现象，下面对物理知识的运用正确的是( )
A. 沙子的比热容小，水的比热容大 B. 沙子吸收热量多，水吸收热量少
C. 沙子是固体，水是液体 D. 沙子升温较慢，水升温较快
4. 如图，蹦极是一项惊险刺激的运动项目，深受人们的喜爱。当人系好弹性绳后从高空跳下，先下落后又反弹上升，忽略空气阻力和浮力，下列有关蹦极的说法正确的是( )
A. 人下落时，他的重力势能全部转化为动能
B. 人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力是一对相互作用力
C. 在最低点时，人受到的拉力和人的重力是一对平衡力
D. 若竖直反弹到最高点时，一切力都消失了，人将竖直下落
5. 如图电路，电源电压不变，当滑片P从a端向b端滑动过程中，下列判断正确的是( )
A. 电压表示数变大，电流表示数变大 B. 电压表示数变大，电流表示数变小
C. 电压表示数变小，电流表示数变大 D. 电压表示数变小，电流表示数变小
6. 如图所示的四幅图中，用来说明发电机原理的实验装置是( )
A. B.
C. D.
7. 一支标有“220V 100W”的电烙铁，为使电烙铁正常工作时电功率为100W，而在不工作时电烙铁的功率为25W，使之不会完全冷却．为此，某同学设计了如图所示的电路，其中，S为单刀双掷开关，L为一只额定电压为220V的灯泡．下列说法中错误的是(假定用电器的阻值不变)( )
A. 选用灯泡的规格应为“220V100W”
B. 当S拨向2时，电烙铁处于工作状态
C. 当S拨向1时，电烙铁处于工作状态
D. 在1s内，电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的电能与正常工作状态相比，可节约50J的电能
二、填空题（本大题共9小题，共18分）
8. 如图所示，当给导线通电时，小磁针的N极向里转动了，这就是著名的______实验，它证明了电流周围存在着______；如果将导线中通过电流的方向改为向左，小磁针的N极将向______转动。
9. 计算机的散热电风扇两端的电压为12V，通过它的电流为2A，电风扇线圈的电阻为0.6Ω，则工作10s钟消耗的电能为______J，产生的热量是______J，效率为______。
10. 下列现象各属于什么物态变化过程。
(1)冬天，室外冰冻的衣服变干了______。
(2)从冰柜中取出冰棍，常会看到冰棍冒“白气”______。
(3)农谚说“霜前冷，雪后寒，”其中蕴含的道理是，气温低的时候水蒸气会______形成霜，雪熔化形成水的过程中需要______热。
11. 声音具有三个特性，反映声音高低特性的是______，反映声音强弱特性的是______，人们能把不同的声音区分开，是因为它们具有不同的______。人们通常说女子的声音比较尖，是指声音的______高。
12. 汽车是我们生活中常见的交通工具，了解汽车的有关知识对我们十分必要：
(1)家用小汽车的挡风玻璃是倾斜的，主要是为了防止车内物体经过玻璃成的______ (选填“虚”或“实”)像对司机的干扰。深秋季节，车窗玻璃内侧有时会变模糊，是因为车内的水蒸气会______ 成雾附着在玻璃上，这个过程水蒸气______ 热量；
(2)汽车以最大功率在山路爬坡时，可以通过______ (选填“增大”或“减小”)汽车的速度来增大牵引力。在山路的急转弯处安装______ 镜可以扩大司机的视野。某些路段采用测量汽车通过这段路程的时间来判断车辆是否超速，这种方法叫区间测速。区间测速______ (选填“能”或“不能”)判断车辆通过测速区间内的任意路段是否超速；
(3)某汽车的热机效率为η1，若汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为η2，则这些机械能转化成有用机械能的效率为______ 。
13. 如图所示，分别用滑轮A、B匀速提升甲、乙两个相同的重物且提升相同的高度(不计滑轮重力及摩擦)。已知甲，乙两物体都重50牛，则所用拉力F1大小为______ 牛，所用拉力F2大小为______ 牛。若重物提升的高度均为1米，则拉力F1做功大小为______ 焦，拉力F2所做功______ 拉力F1所做功(选填“小于”、“等于”或“大于”)。
14. 一质地均匀、边长为10cm的正方体物块，漂浮在密度为1.2×103kg/m3的液面上，物块1/3体积露出液面，如图所示，当用手下压物块使其上表面与液面刚好相平时，则物块的密度是______kg/m3，手对物块上表面的压力是______N，物块下表面受到液体的压强是______Pa。(g取10N/kg)
15. 新家装修完成后，要检查家里的电路是否正常，方法是用一个普通的白炽灯L作为“校验灯”替换熔丝，如图所示。断开所有用电器的开关，然后只闭合S、S1，若L正常发光，说明L1______；只闭合S、S2，若L发出暗红色的光(发光不正常)，说明L2______(均选填“正常”、“短路”或“断路”)，若L不发光，然后用试电笔在L2右侧的接线柱上试触，结果试电笔发光，则故障______。
16. 如图所示，电源电压保持不变．当闭合开关后，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中．电压表的示数______ (填“变大”、“变小”或“不变”)灯泡变______ .(填“亮”或“暗”)
三、作图题（本大题共1小题，共12分）
17. 按要求作图，当光从水中射向空气时，折射光线如图甲所示，请画出其入射光线的大致位置和对应的反射光线。
四、实验探究题（本大题共2小题，共18分）
18. 实验桌上备有带支架的蜡烛、光屏、凸透镜(f=10cm)、光具座等器材，小阳利用上述器材探究凸透镜成像规律。
(1)实验时，需要把蜡烛烛焰、光屏和凸透镜的中心调到______。
(2)接下来小阳利用凸透镜做了三次实验，透镜、蜡烛、光屏所在位置以及光屏上得到清晰像的情况如图所示。图乙所示的实验中所成像的特点常应用在______(选填“放大镜”“照相机”或“幻灯机”)上。
(3)由图所示的实验现象可知：随着物距的不断变小，像距和像的大小变化情况是______。
(4)图丙所示的实验中，如果将光屏取走，则蜡烛______(选填“能”或“不能”)通过凸透镜成像。
19. 玉珠同学利用“替代法”测量一粒花生米的密度，实验过程如下：
(1)选择一粒饱满的花生米放入装有适量水的透明玻璃杯中，发现花生米下沉至杯底，如图此时花生米所受的浮力______重力(选填“大于”、“等于”或“小于”)；
(2)往杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到花生米处于______状态(选填“漂浮”或“悬浮”)，随即停止加盐。
(3)取出花生米，用调好的天平测杯和盐水的总质量，如图3，天平的读数为______g；
(4)把杯中的部分盐水倒到量筒中，如图4，量筒的读数为______mL；
(5)接下来的操作是：______。
(6)根据测量的数据，利用密度公式可以计算出盐水的密度，即为花生米的密度。
五、计算题（本大题共4小题，共38分）
20. 如图所示，当只有开关S1闭合时，电流表的示数为1A；开关S1、S2同时闭合时，电流表A的示数为1.5A.已知电阻R1=6Ω，求：
(1)电源的电压
(2)电阻R2的大小
21. 小张参加中考体育测试，在跳绳测试中，1min内跳了150次，每次跳起的高度为5cm，已知小张的质量是50kg。求：
(1)小张所受到的重力是多大？
(2)若小张每只鞋底面积是125cm2，则他双脚静止站立时对地面的压强有多大？
(3)小张跳绳时的功率是多大？
22. 如图，在“测量小电灯功率”的实验中，小电灯的测定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10Ω。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整。
(2)连接好电源，闭合开关，小电灯发光，但电压表示数为0，经检查，如图甲中a，b，c，d四根导线有一根断了，则该导线是______(填写字母)。
(3)排除故障后，闭合开关，测量小电灯额定功率，移动滑动变阻器的滑片P，眼睛应先注视______表的示数，然后读出另一电表示数，当小电灯正常发光时，则小电灯的额定功率为______W。
(4)在小电灯正常发光时，再将滑片P向B端移动到另一位置，则小电灯的实际功率______(选填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率。
(5)移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图乙所示的I-U图象，观察图乙所示的I-U图象不是直线的原因是______。
23. 如图甲所示是古代战争中的“大炮”--抛石机，用它把大石块抛出去，打击远处的敌人；图乙是家用的抽水机。它们都是利用______的物理知识，其中图______是省力杠杆(填“甲”或“乙”)，使用甲的优点是______。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、压力的受力物是地面，支持力的受力物是中国馆模型，作用在不同物体上，因此不是平衡力，故A错误；
B、沿斜面向上推物体比直接举起物体省力，但不省功，故B错误；
C、安全带可以防止惯性带来的危害，不能减少乘车人员的惯性，故C错误；
D、跳水运动员下落时，重力势能转化为动能，因此跳水运动员在空中运动时动能和势能相互转化，故D正确。
故选：D。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；
(2)借助机械可以省力或省距离，但不能省功；
(3)一切物体都有惯性；
(4)动能和势能之间可以相互转化。
本题考查了二力平衡的条件、惯性知识、功的原理以及动能和势能之间的相互转化等知识，是一道综合题，但难度不大。
2.【答案】D
【解析】解：
A、飞机巡航时所在高空的气压低，温度低，故A错误；
B、地面人员是通过电磁波与飞行中的飞机进行沟通的，故B错误；
C、飞机从地面加速起飞的过程中，质量不变，速度变大，高度变大，动能和重力势能都变大，不是重力势能转化为动能，故C错误；
D、飞机升空时，机翼上方的流速大，压强小，下方的流速小，压强大，产生了一个向上的压力差，故飞机起飞利用了“空气流速大的地方压强小”的原理，故D正确。
故选D。
(1)气压与高度有关，高度越高，气压越小，温度越低；
(2)电磁波可以传递信息；
(3)根据影响动能和重力势能的因素分析；
(4)流体流速越大的位置，压强越小。
本题考查了流体的压强与流速的关系、气压与高度的关系、信息的传递、机械能的变化，属于基础题。
3.【答案】A
【解析】解：因为水的比热容较大，这样在同样的日照条件下，吸收相同的热量，水的温度变化小，沙子的温度变化大，所以海水凉，砂子烫，故A正确，BCD错误。
故选：A。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析判断。
关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、可做冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等。
4.【答案】B
【解析】
【分析】
本题关键在于对人进行受力分析，根据合力方向与速度方向的关系，判断人的运动情况。分析时要抓住弹力的变化过程。
(1)根据弹性绳发生形变分析；
(2)根据相互作用力的条件分析；
(3)二力平衡时，物体受到的合力为0；
(4)物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】
A.人下落过程中，当弹性绳没有发生形变时，人的高度减小、速度增大，重力势能减小、动能增大，重力势能转化为人的动能；当弹性绳发生形变时，弹性绳的弹性势能增大，人的机械能还转化为弹性绳的弹性势能，故A错误；
B.人对弹性绳的拉力和弹性绳对人的拉力满足相互作用力的条件，是一对相互作用力，故B正确；
C.在最低点时，人受到的拉力大于人的重力(人才会上升)，即二力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故C错误；
D.若竖直反弹到最高点时，此时人的速度为0，若一切力都消失了，则人会静止在空中，故D错误。
故选B。
5.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
当滑动变阻器滑片P从a向b滑动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流减大，即电流表的示数减大；
由于串联电路起分压作用，因此滑动变阻器两端电压变小，即电压表的示数变小．
故选C．
由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和滑动变阻器两端的电压变化．
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的使用，是一道较为简单的应用题．
6.【答案】C
【解析】解：A、图示的是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；
B、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，受力的大小与电流的大小有关，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；
C、图示的是闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动时，线圈中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；
D、图示的是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意。
故选：C。
(1)发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
(2)电动机的工作原理是磁场对电流的作用，即通电线圈在磁场中受力转动；
(3)奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系，说明了电流周围存在磁场。
本题中学生容易混淆的是B和C两个图，要从有无电源上区分，有电源的是电动机，无电源的是发电机。
7.【答案】B
【解析】试题分析：(1)由电路图可知，当S拨向1时，电路中只有电烙铁工作；当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，根据公式P=U2R可知，串联和电烙铁单独工作时功率的大小，从而判断出电烙铁工作和保温时开关的位置．
(2)由电烙铁上的铭牌可知额定电压及额定功率，由功率公式可求得电烙铁的电阻值；应经知道灯泡与电烙铁串联，根据公式U2=PR求出此时电烙铁两端的电压，再利用公式I=PU求出电路总电流，进一步求出灯泡两端的电压和灯泡的电阻．
(3)先根据公式P=UI求出电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的功率，再根据公式W=Pt可求节约的电能．
(1)当S拨向1时，电路中只有电烙铁工作，电烙铁两端电压等于电源电压；当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，电烙铁两端电压小于电源电压，由P=U2R可知，所以当S拨向1时功率大，拨向2时功率小，则拨向1时电烙铁处于工作状态，故C正确、B错误．
(2)电烙铁的电阻值R=U2P额=(220V)2100W=484Ω，当S拨向2时，灯泡与电烙铁串联，
此时电烙铁两端的电压为U12=P1R=25W×484Ω，所以此时电烙铁两端的电压为U1=25W×484Ω=110V，
通过电烙铁的电流为I=P1U1=25W110V=522A，所以加在灯泡上的电压UL=U-U1=110V，灯泡的电阻为RL=ULI=110V522A=484Ω，“220V 100W”的灯泡的电阻与“220V 100W”的电烙铁的电阻相同，为484Ω，故A正确．
(3)电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的功率P2=UI=220V×522A=50W，
在1s内，电烙铁在不工作状态下整个电路消耗的电能与正常工作状态相比，
可节约电能W=(P额-P2)t=(100W-50W)×1s=50J，故D正确．
由以上分析可知A、C、D正确，不符合题意；B错误，符合题意；
故选 B．
8.【答案】奥斯特 磁场 外
【解析】解：(1)在一根长导线下方平行放置一个可以在水平面自由转动的小磁针，如图所示，当给导线通电时，小磁针的N极向里转动了，这就是著名的奥斯特实验；它证明了电流周围存在磁场；
(2)电流方向改变，产生的磁场的方向也改变，故将导线中通过电流的方向改为向左，小磁针偏转方向也改变，小磁针的N极将向外转动。
故答案为：奥斯特；磁场；外。
当小磁针发生偏转时，说明了磁场的存在，当电流方向改变时，产生的磁场的方向也改变，故小磁针的偏转方向也改变，这是1820年奥斯特首先发现的，这个实验就是著名的奥斯特实验。
本题考查的知识有两点：
(1)磁场的基本性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；
(2)电流周围存在着磁场，磁场的方向与电流方向有关。
9.【答案】240 24 90%
【解析】解：(1)已知电风扇两端的电压U=12V，通过的电流I=2A，则工作10s消耗的电能为：W=UIt=12V×2A×10s=240J；
(2)电风扇线圈电阻R=0.6Ω，则产生的热量为：Q=I2Rt=(2A)2×0.6Ω×10s=24J；
(3)电风扇工作时的效率为：η=W-QW×100%=240J-24J240J×100%=90%。
故答案为：240；24；90%。
知道电风扇两端的电压和通过的电流以及通电时间，根据W=UIt求出消耗的电能，又知道线圈的电阻，根据Q=I2Rt求出产生的热量；电风扇工作时，将电能主要转化为机械能，一部分电能转化内能，根据η=W-QW×100%，即可求出电风扇的效率。
本题考查了电能和电热的计算，需要注意的是电动机是非纯电阻电路，只能用Q=I2Rt求出产生的热量。
10.【答案】升华 液化 凝华 吸
【解析】解：
(1)冬天，室外冰冻的衣服变干了，冰由固态直接变成了气态，属于升华现象；
(2)从冰柜中取出冰棍，常会看到冰棍冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴；
(3)霜是空气中的水蒸气遇冷直接变成的小冰晶，属于凝华现象；雪熔化形成水的过程中是熔化现象，需要吸热。
故答案为：(1)升华；(2)液化；(3)凝华；吸。
物质从固态变为液态的过程是熔化，从液态变为固态的过程是凝固；
物质从液态变为气态的过程是汽化，从气态变为液态的过程是液化；
物质从固态直接变为气态的过程是升华，从气态直接变为固态的过程是凝华；
其中熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。
本题考查了学生对生活中物态变化现象的掌握，注重了物理和生活的联系，属于热学基础知识的考查，相对比较简单。
11.【答案】音调 响度 音色 音调
【解析】解：乐音具有三要素，反映声音高低特性的是音调，物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度；
音色反映了声音的品质与特色。人们能把不同的乐音区分开，是因为它们具有不同的音色；
人们通常说女子的声音比较尖，是指声音的音调高；
故答案为：音调；响度；音色；音调。
乐音有三个特性，音调、响度和音色，响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；
音色反映了声音的品质与特色。
这类问题是考查声音的三个特性，即响度、音色和音调的定义，会区分乐音特征的三个因素。
12.【答案】虚 液化 放出 减小 凸面 不能 η1η2
【解析】(1)根据平面镜成像原理可知，挡风玻璃所成的像为虚像；
深秋季节车内温度高于车外，则车内水蒸气遇到冷的玻璃会释放热量，液化形成水雾附着在玻璃上；
(2)由于功率一定，由P=Wt=Fst=Fv可知，可通过减小汽车的速度来增大牵引力；
凸面镜对光线其发散作用，可以扩大视野，常安装在急转弯的地方；
区间测速测量的是某一段路程的平均速度，无法反应区间内任意路段是否超速；
(3)汽车的热机效率为：η1=W有Q放，
汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为：η2=W机Q放，
则这些机械能转化成有用机械能的效率为：η3=W有W机=W有Q放×Q放W机=η1η2。
故答案为：(1)虚；液化；放出；(2)减小；凸面；不能(3)η1η2。
(1)平面镜成像的特点是：虚像，物像等大，物像等距，物像连线与镜面垂直；
液化是由于温度较高的水蒸气遇冷时而变成小水珠的现象，液化过程要放出热量；
(2)根据功率P=Wt=Fst=Fv可知，在功率一定时，减小速度可以增大牵引力；
凸面镜对光有发散作用；
区间测速是在同一路程上布设两个相邻的监控点，根据车辆通过前后两个监控点的时间来计算车辆在该路段上的平均行驶速度，并依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速”即可得出答案；
(3)汽车的热机效率为η1=W有Q放，
汽油完全燃烧释放的内能转化成机械能的效率为η2=W机Q放，据此分析这些机械能转化成有用机械能的效率。
本题考查平面镜成像的应用、液化现象的形成及其特点、功率公式P=Fv的运用、凸面镜的作用、及效率的计算等问题，有一定综合性。
13.【答案】50 25 50 等于
【解析】解：(1)由图可知，甲是定滑轮，乙是动滑轮，不计滑轮重力及摩擦，
由定、动滑轮的使用特点可知：F1=G=50N；
F2=12G=12×50N=25N，
(2)若重物提升的高度均为1米，
则绳子自由端移动的距离分别为：
s1=h=1m，
s2=2h=2×1m=2m，
拉力F1做的功为：
W1=F1s1=50N×1m=50J；
拉力F2做的功为：
W2=F2s2=25N×2m=50J，
所以W1=W2。
故答案为：50；25；50；等于。
动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，能省力但费距离；根据公式W=Fs可计算做功的大小，并进行比较。
本题考查使用定滑轮和动滑轮时拉力、做功及做功大小的比较，是基础知识的题目。
14.【答案】0.8×103 4 1.2×103
【解析】解：物块漂浮时排开液体的体积V排=(1-13)V=23V，
物块受到的浮力F浮=ρ液gV排=23ρ液gV，物块的重力G=mg=ρ物gV，
因物块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，
所以，23ρ液gV=ρ物gV，
所以物体的密度为：ρ物=23ρ液=23×1.2×103kg/m3=0.8×103kg/m3；
当物块上表面与液面刚好相平时，排开水的体积V排'=V，物块受到的浮力F浮'=ρ液gV排'=ρ液gV，
因此时物块受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、手对物块上表面的压力F作用处于平衡状态，
所以，由物块受到的合力为零可得：F浮'=G+F，V=10cm×10cm×10cm=(0.1m)3=0.001m3，
所以受到的压力为：F=F浮'-G=ρ液gV-ρ物gV=(ρ液-ρ物)gV=(1.2×103kg/m3-0.8×103kg/m3)×10N/kg×0.001m3=4N；
液体对物块下表面的压强：p=ρ液gh=1.2×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1.2×103Pa。
故答案为：0.8×103；4；1.2×103。
(1)根据题意求出物块漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρ液gV排求出物块受到的浮力，物块的重力G=mg=ρgV，根据物体漂浮条件求出物块的密度；
(2)当物块上表面与液面刚好相平时，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出物块受到的浮力，分析物块受到的力，根据物块受到的合力为零求手对物块上表面的压力；
(3)根据p=ρgh求出液体对物块下表面的压强。
本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、液体压强公式的综合应用，要注意物块上表面与液面刚好相平时排开液体的体积和自身的体积相等。
15.【答案】短路；正常；零线断路
【解析】解：
(1)当只闭合S、S1时，若灯泡L正常发光，则有电流通过，不会是断路，同时说明灯泡L两端电压为220V，则灯L1短路；
(2)当只闭合S、S2时，若L发出暗红色的光(发光不正常)，说明L2也分得部分电压(此时L和L2串联)，则L2正常；
若L不发光，说明电路出现了断路，然后用试电笔在L2右侧的接线柱上试触，结果试电笔发光，说明此处与火线是接通的，所以故障是零线断路。
故答案为：短路；正常；零线断路。
此题考查了学生对电路的分析能力，灯泡在额定电压下正常工作，低于额定电压灯泡实际功率减小，发光较暗。
16.【答案】变小；亮
【解析】解：滑片左移，则滑动变阻器接入电阻变小，由总电阻减小；则由欧姆定律可得电路中电流增加，则由P=I2R可得，灯泡的功率增加，故灯泡变亮；
灯泡两端的电压增加，总电压不变，则由串联电路的电压规律可得：滑动变阻器两端的电压减小，即电压表示数变小．
故答案为：变小；亮．
由图可知灯泡与滑动变阻器串联，由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知电路中总电阻的变化，则由欧姆定律可得出电路中电流的变化，则可知灯泡亮度的变化及灯泡两端电压的变化；根据串联电路的电压规律则可知电压表示数的变化．
本题考查欧姆定律及串联电路的电压规律，注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化，无法直接由欧姆定律求得两端的电压，故先求得与之串联的灯泡两端的电压，再根据总电压不变，得出滑动变阻器两端的电压．
17.【答案】解：图中法线和折射光线已画出，折射角=90°-45°=45°，光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，在法线左侧的水中画出入射光线；
在发生折射的同时还发生光的反射，且反射角等于入射角，据此在法线右侧的水中画出反射光线。如图所示：
。
【解析】光线从水里射向空气中时，既要发生反射，又要发生折射，反射角等于入射角，折射角大于入射角。据此完成光路图。
本题考查光的折射和反射的作图，掌握好光的折射规律和反射定律是关键，注意作图要规范。
18.【答案】(1)同一高度；(2)幻灯机；(3)像距逐渐变大，像变大；(4)能
【解析】(1)为使像成在光屏的中央，需要把蜡烛烛焰、光屏和凸透镜的中心调到同一高度；
(2)此时u
(4)此时如果将光屏取走，光线仍然能够穿过凸透镜，仍能成像。
(1)为使像成在光屏的中央，需要把蜡烛烛焰、光屏和凸透镜的中心调到同一高度；
(2)此时u
(4)成实像时，光线穿过凸透镜成像。
此题考查学生对于凸透镜成像实验的理解和掌握，关键熟练掌握其内容，做到灵活运用。
19.【答案】小于 悬浮 153.2 100 用天平测出烧杯与剩余盐水的总质量，记为m
【解析】解：(1)花生米下沉，说明此时花生米所受的浮力小于重力；
(2)往杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到花生米悬浮；
(3)由图3知，天平的读数为m=100g+50g+3.2g=153.2g；
(4)由图4知，量筒的分度值为1ml，量筒的读数为100mL；
(5)实验中需要测量倒入量筒中盐水的质量，所以步骤为：用天平测出烧杯与剩余盐水的总质量，记为m；
(6)根据总质量和烧杯与剩余盐水的总质量求出倒入量筒中盐水的质量，根据密度公式可以求出盐水的密度，因为花生米在盐水中悬浮，所以花生米的密度等于盐水的密度。
故答案为：(1)小于；(2)悬浮；(3)153.2；(4)100；(5)用天平测出烧杯与剩余盐水的总质量，记为m。
(1)根据物体的浮沉条件，物体下沉时浮力小于重力；
(2)当物体的密度与液体密度相等时，物体在液体中悬浮；
(3)天平的读数：砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；
(4)进行量筒的读数时，注意量筒的分度值；
(5)(6)先计算出量筒中盐水的质量，再根据密度公式ρ=mV计算出盐水的密度；花生米悬浮，其密度等于盐水的密度。
此题利用替代法来测量花生米的密度，考查了对物体浮沉条件的应用及液体密度的测量，设计新颖，要能够很好的解决，需熟练掌握有关基础知识。
20.【答案】(1)；
(2)
。
【解析】本题考查了并联电阻的电流、电压之间的关系以及欧姆定律公式的应用。
(1)当只闭合S1时，只有R1接入电路，电源的电压：
(2)开关S1、S2同时闭合时，R1与R2并联，电流表A测量的是干路电流，通过电阻R2的电流：
R2两端的电压：
电阻R2的阻值；
。
21.【答案】解：(1)小张同学的重力：
G=mg=50kg×9.8N/kg=490N；
(2)小张双脚静止站立时对地面的压力：
F=G=490N，
受力面积S=125cm2×2=250cm2=0.025m2，
对地面的压强：
p=FS=490N0.025m2=1.96×104Pa；
(3)小张同学跳一次做的功：
W=Gh=490N×0.05m=24.5J；
小张同学跳150次做的总功：
W总=W×150=24.5J×150=3675J，
小张同学跳绳的功率：
P=W总t=3675J60s=61.25W。
答：(1)小张所受到的重力是490N；
(2)他双脚静止站立时对地面的压强为1.96×104Pa；
(3)小张跳绳时的功率是61.25W。
【解析】(1)知道小张的质量，利用G=mg求其重力；
(2)小张双脚静止站立时对地面的压力和自身的重力相等，受力面积等于两只脚的底面积，利用p=FS求对地面的压强；
(3)利用W=Gh求小张跳一次做的功，再求出小张跳150次做的总功，最后利用P=Wt求小张跳绳的功率。
本题考查了重力公式、压强公式、功的公式、功率公式的应用，要明确：物体对水平面的压力等于自身的重力、跳绳做功就是提升自己做功。
22.【答案】b 电压 0.75 小于 灯丝电阻随温度升高而增大
【解析】解：(1)将滑动变阻器上面任一接线柱与开关的右接线柱相连，如下图所示：
(2)小电灯发光，说明电路为通路；电压表示数为零，说明与电压表相连的导线断路，即导线b断路；
(3)测量小电灯额定功率，移动变阻滑的滑片P，眼睛应先注视电压表的示数；
由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.3A，则P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)小电灯正常发光时，再将滑片P向B端移动到另一位置，滑动变阻器的阻值变大，灯泡两端的电压增小，实际功率将小于额定功率。
(5)小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，说明小灯泡的电阻不是定值，并且灯丝的电阻随电压的增大而升高，即灯丝的电阻随温度的升高而增大。
故答案为：(2)b；(3)电压；0.75；(4)小于；(5)灯丝电阻随温度升高而增大。
(1)滑动变阻器应串联在电路中，注意滑动变阻器按一上一下原则接线；
(2)小电灯发光，说明电路为通路；电压表示数为零，说明与电压表被断路，据此判断断路的导线；
(3)要测量灯泡的额定功率，应使灯泡两端的电压等于额定电压；读出电流表的示数，根据P=UI计算出其电功率；
(4)首先判断滑动变阻器电阻的变化，判断出灯泡两端实际电压的变化，得出实际功率的变化；
(5)该图象不是直线，即电压和电流的比值不是定值，说明小电灯发光的过程中，影响电阻大小的因素发生了变化。
本题考查了测量电功率的实验中实物电路的连接、电路故障的判断、电压表的读数、串联电路的分压作用及额定功率的计算，同时还考查了学生对图象的分析和处理能力。本实验需要注意灯丝的电阻随温度的变化而变化。
23.【答案】杠杆 乙 省距离
【解析】解：由图可见，抛石机在力的作用下绕固定点转动，因此它是一个杠杆；并且动力臂明显比阻力臂短，因此是一费力杠杆，好处是省距离，人手移动很短的距离，石块就会移动很大的距离，再加上惯性的作用，就可以打击远处的敌人了。
抽水机在力的作用下绕固定点转动，因此它是一个杠杆；并且动力臂明显比阻力臂长，因此是一省力杠杆，好处是省力。
故答案为：杠杆；乙；省距离。
杠杆有三种类型：
(1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，省力但是费距离；
(2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，费力但是省距离；
(3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，动力等于阻力，既不省力也不费力。
判断杠杆类型的题目，要从动力臂和阻力臂的长度上入手，动力臂长的为省力杠杆，阻力臂长的为费力杠杆，一样长的为等臂杠杆。
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