2022年天津市南开区中考物理模拟试卷(word版含答案)

这是一份2022年天津市南开区中考物理模拟试卷(word版含答案)，共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022年天津市南开区中考物理模拟试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分







一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1. 图中水的凝固图象是(    )
A. B.
C. D.
2. 如图所示的光现象中，由光的反射形成的是(    )
A. 灯下手影B. 水中倒影
C. 海市蜃楼D. 雨后彩虹
3. 关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是(    )
A. 用铜丝代替空气开关
B. 用湿抹布擦拭电源开关
C. 家庭电路着火时首先要用水浇灭起火点
D. 把电灯的开关接在火线上
4. 如图所示的电路中，闭合开关S，小灯泡L1和L2均正常发光，电流表和电压表均有示数，下列关于该电路的说法中正确的是(    )

A. 灯泡L1与L2额定电压可能不相同 B. 电压表测量L2两端的电压
C. 两灯泡的额定功率一定相同 D. 电流表如果断路，L1不发光L2发光
5. 观察图中甲、乙、丙三种声音的波形图可知：它们的音调___，响度___，音色___。(    )

A. 相同；不同；不同 B. 不同；相同；相同
C. 相同；不同；相同 D. 不同；不同；相同
6. 物质的性质决定其用途，下列因果关系不成立的是(    )
A. 洗洁精具有乳化功能，用于去除油污
B. 常温下，碳的化学性质活泼，可用来书写字画，以利于长期保存
C. 金属钨熔点高，可用于制作灯泡里的灯丝
D. 金刚石的硬度大，可用来裁切玻璃
7. 下列图示中，能说明发电机工作原理的选项是(    )
A. B.
C. D.
8. 物理与生活密切相关，下列数据符合实际的是(    )
A. 人体的安全电压不高于220V
B. 人体感觉舒适的环境温度约为37℃
C. 中学生从二楼走到三楼做功约为200J
D. 光在真空中的传播速度为3×105km/s
9. 下列关于并联电路电压的规律说法中正确的是(    )
A. 各支路两端的电压相等
B. 总电压等于各支路两端电压之和
C. 如果用电器两端电压相等，它们一定是并联
D. 并联用电器越多，各支路两端电压越小，说明并联电路电压与并联用电器数量成反比
10. 用弹簧测力计两次水平拉同一木块，使它在同一水平木板上做匀速直线运动，图乙是它运动的路程随时间变化的图象，下列说法正确的是(    )

A. 图甲中木块受到的拉力为3.2N
B. 木块第一次和第二次速度之比为1：2
C. 木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1
D. 相同时间内拉力两次对木块做功之比为1：1
二、多选题（本大题共3小题，共9分）
11. 如图所示，小华组的同学用蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上研究凸透镜成像规律，他们将蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上依次摆放，点燃蜡烛后，发现无论怎样移动光屏都找不到烛焰的像，其原因可能是(    )

A. 光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度
B. 蜡烛在透镜的两倍焦距处
C. 蜡烛在透镜的焦点上
D. 物距小于透镜的一倍焦距
12. 如图所示，滑轮组悬挂在水平支架上，某工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A以0.2m/s的速度匀速上升，提升支架过程中滑轮组的机械效率为90%.已知物体A重540N，该工人重500N，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳支架重和摩擦，关于该过程，下列说法正确的是(    )
A. 绳子自由端受到竖直向下的拉力为200N
B. 绳子自由端拉力的功率为120W
C. 该工人对地面的压力为200N
D. 支架受到滑轮组的拉力为960N



13. 如图甲所示，小明设计了一种测温电路。电源电压为6V且保持不变，R0是定值电阻，R1是热敏电阻，其阻值随温度变化的图象如图乙所示，电流表选用“0～0.6A“的量程。闭合开关S后，当环境温度是40℃时，电流表的示数为0.2A.下列说法正确的是(    )

A. 当环境温度升高时，电流表的示数变小
B. 环境温度是40℃时，热敏电阻R1的阻值为20Ω
C. 定值电阻R0的阻值为5Ω
D. 环境温度是40℃时，通电2 min，定值电阻R0产生的热量为24J

三、填空题（本大题共5小题，共20分）
14. 有五名同学，使用同一刻度尺测量同一作业本的长度，五次测量记录是：L1=18.82cm；L2=18.83cm；L3=17.28cm；L4=18.81cm；L5=18.80cm；。
则：(1)这把刻度尺的分度值是：______。
(2)其中一位同学测量结果错误的是______。
(3)这本作业本的长度是______。
15. 把底面积为4×10-2m2，重为200g装有水深为10cm的杯子放在水平桌面上，如图所示，水对杯底的压强为______ Pa.水对杯底的压力为______  N；若容器中水的质量为5Kg，则容器对桌面的压强为______  Pa．
16. 甲、乙两物体同时沿同一方向运动，s-t图象如图所示，则0～8s内，甲的平均速度______(选填“大于”“等于”或“小于”)乙的平均速度，0～4s内，以甲为参照物，乙是______(选填“向前运动”“向后退”或“静止”)的。


17. 两个定值电阻，R1标有“9V13.5W”字样，R2标有“10V 10W”字样，为了安全起见，串联时电路中允许通过的最大电流为______A。
18. 如图所示，电源电压恒定，只闭合开关S2，电流表示数为0.3A，电压表示数为3V，R2阻值为______Ω；再断开开关S2，闭合开关S1、S3，电流表示数______(填“变大”“变小”或“不变”)；当闭合开关S1、S2，断开开关S3时，电压表示数为______V。



四、实验探究题（本大题共3小题，共19分）
19. 2020年12月17日凌晨1点59分，完成月球“挖土”任务的嫦娥五号返回器在内蒙古四子王旗成功着陆，从月球带回1731克月壤！
(1)月壤从月球带回地球，质量______ (填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)目前科研人员经过测定，月壤的密度比地球土壤密度要小。假如将来你也是一名科研工作者，你取得了一块其他星球的矿石，想要测定该矿石的密度，步骤如下：

①测质量：用调节好的天平测量矿石的质量，当天平平衡时，右盘中砝码和游码的位置如图2所示。
②测体积：因矿石体积较大，放不进量筒，因此我们可以利用一只烧杯，按如图3所示方法进行测量，则按照该方法测出矿石的体积为______ cm3。
A.加水到标记处(矿石浸没水中)
B.取出矿石(准备补充水)
C.将量筒中水倒入杯中至标记处
③算密度：由以上数据，可以算出矿石的密度是______ g/cm3(保留一位小数)。但是此方法也有不足之处，因为从图A到图B的操作，会导致测量出的密度值比真实值______ (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
20. 某实验小组用伏安法测量待测电阻Rx的阻值，设计的实验电路如图甲所示。
(1)根据图甲用笔画线代替导线将图乙的实物图补充完整；
(2)该实验的原理是______；
(3)某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数为0.3A，则待测电阻的阻值为______Ω；实验时应多测几组数据，求电阻的平均值，目的是______；
(4)若撤去电压表和滑动变阻器，新增一个阻值为R0的定值电阻，利用如图丙所示的实验电路，也可以测量待测电阻Rx的阻值。实验步骤如下：
①首先，闭合开关S1、S2，记录电流表的示数I1；
②接着，断开开关______，记录电流表的示数I2；
则待测电阻的阻值Rx=______(用R0、I1、I2表示)。

21. 甲、乙两位同学在探究“压力作用效果与哪些因素有关”的实验时。考虑到气体的形变比固体更容易观察。于是将规格相同的注射器前端的管口密封并固定放置，如图(a)。在其活塞上放置数量不等的相同重物进行实验，如图(b)。并将数据记录在如表中。


试验序号
注射器个数
重物个数
活塞下降距离(格)
甲同学
1
3
1
1
2
3
2
6
3
3
3
8
乙同学
4
4
2

5
5
2
2
6
6
2
1
(1)请将实验序号4“活塞下降距离(格)”栏填写完整；
(2)实验中，压力作用效果是通过______来反映的。
(3)乙同学增加注射器数量的目的是为了______。
(4)请写出本实验所采用的一种实验方法______，在以往学习中也用到这种方法的实验是______。

五、计算题（本大题共3小题，共18分）
22. 如表所示是从某台电热饮水机说明书上收集到的信息．经分析得知，当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，S断开时，饮水机处于保温状态．为了测量它加热时的实际功率，小明断开其它所有用电器，只将该饮水机接入家庭电路中，闭合开关S，测得热水箱中的水从25℃升高到100℃，所用时间为7.5min，同时观察到家中标有“1200r/kW⋅h”字样的电能表转盘转过120转(r).不考虑温度对阻值的影响．根据以上信息，求：[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(1)饮水机热水箱中的水从25℃升高到100℃时所吸收的热量；
(2)饮水机在加热过程中的热效率；
(3)饮水机加热时的实际电压．
热水箱容量
1L
额定电压
220V
加热时额定功率
968W
23. 某款新型电饭煲，它采用了“聪明火”技术，智能化地控制不同时间段的烹饪温度，以得到食物最佳的营养和口感。图甲为其电路原理图，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1是自动控制开关。将电饭煲接入220V电路中，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示。求：
(1)电饭锅工作时的最大功率；
(2)电热丝R1的阻值；
(3)本次煮饭的30min电饭锅消耗的电能。

24. 如图甲所示为家庭、宾馆常用的无线电水壶(一种在倒水时导线脱离，用电加热的方便水壶)，图乙是该电水壶的铭牌．冬冬用这种水壶烧开水，他将水放至最大水量，测得水的初温是18℃，通电4min20s，水烧开(在一个标准大气压下).通过计算，回答下列问题：

(1)该水壶正常工作时的电阻？(保留1位小数) 
(2)加热过程中水吸收的热量是多少焦耳？
加热过程中电水壶消耗的电能是多少焦耳？
(3)比较(2)问所得两数据，你认为合理吗？如不合理，请至少说出造成不合理的两种不同原因．

六、综合题（本大题共1小题，共4分）
25. 如图是一种健身器械，AOB可视为一个杠杆，O是它的支点．
(1)小明用力向下拉杠杆时，重物被抬起．此时AOB是一个______ (选填“省力”或“费力”)杠杆．
(2)他想更容易抬起重物，应该将手______  (选填“靠近”或“远离”)O点，这是因为增大了______ ．
答案和解析

1.【答案】D 
【解析】解：冰是晶体，水在凝固过程中，放热温度不变；
A、如图，物质在熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，该图象是晶体熔化图象。不符合题意。
B、如图，物质在熔化时，不断吸收热量，温度不断升高，该图象是非晶体熔化图象。不符合题意。
C、如图，物质在凝固时，不断放出热量，温度不断降低，该图象是非晶体凝固图象。不符合题意。
D、如图，物质在凝固时，不断放出热量，温度保持不变，该图象是晶体凝固图象。符合题意。
故选：D。
晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，凝固时，不断放出热量，温度保持不变；非晶体熔化时，不断吸收热量，温度不断升高，非晶体凝固时，不断放出热量，温度不断降低。
掌握晶体和非晶体的熔化特点、凝固特点、熔化和凝固图象，并能分析晶体的每一段的状态是解答本题的关键。

2.【答案】B 
【解析】解：A、灯下手影，是光沿直线播形成的，故A错误；
B、水中倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B正确；
C、海市蜃楼，是光的折射形成的，故C错误；
D、天空的彩虹，属于光的色散现象，是光的折射形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等；
(2)光在传播的过程中遇到障碍，就会发生光的反射，平面镜成像的原理就是光的反射，我们能够看到不发光的物体也是由于光的反射；
(3)光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫做光的折射。光折射的实例还有：筷子变折、池水变浅、彩虹、海市蜃楼等等。
此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，这是我们光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点。

3.【答案】D 
【解析】A、在电路发生故障时，如电路电流过大、漏电等，空气开关会自动切断电路，起到保护电路的作用，而用铜丝代替空气开关，起不到及时切断电路的保护作用，因此不能用铜丝代替空气开关，故A错误；
B、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故B错误；
C、水是电的导体，家庭电路着火时用水浇灭起火点时，可能会导电而发生触电事故，因此需先切断电源再用水浇灭火源，故C错误；
D、家庭电路中，开关和电灯串联，开关一端和火线相连，另一端和电灯相连，这样既能控制电灯，又能在更换灯泡时，断开开关，切断火线，避免触电事故的发生，故D确。

4.【答案】A 
【解析】解：A、由图知，闭合开关S，两灯串联，都正常发光，串联电路两端的电压等于各部分电路两端电压的总和，灯泡L1与L2额定电压可能不相同，故A正确；
B、由图知，闭合开关S，两灯串联，电压表在灯L1两端，测量灯L1两端的电压，故B错误；
C、两灯串联，都正常发光，通过两灯的电流相等，灯两端的电压可能不相等，所以额定功率也可能不相等，故C错误；
D、两灯串联，电流表如果断路，L1不发光L2也不发光，故D错误。
故选：A。
分析电路图得出电路连接方法以及电流表和电压表的位置，结合串联电路的特点、电流表和电压表的使用方法分析判断。
本题考查了串联电路的特点以及电流表和电压表的使用方法，分析电路图得出电路连接方法以及电流表和电压表的位置是关键。

5.【答案】A 
【解析】解：从图中甲、乙、丙三种声音的波形图上看：波的密集程度相同，则说明其音调相同；波偏离平衡位置的幅度不同，丙最大，其次是甲，最小的是乙，故丙的响度最大，乙的最小；三种波的形状各不相同，即音色不同。
故选：A。
声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定，从波形上看，越密集则音调越高；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关，从波形上看，偏离平衡位置的幅度越大，响度越大；音色是由发声体本身决定的一个特性，从波形上看，波的形状越复杂，音色越动听。
从波形中观察出声音振动的频率和幅度，以及波的形状，再联系声音的三个特征，即可解答此题。

6.【答案】B 
【解析】
【分析】
物质的性质决定了物质的用途，物质的用途也能体现物质的性质。
本题难度不大，物质的性质决定物质的用途，掌握常见物质的性质和用途是正确解答此类题的关键。
【解答】
解：A、洗洁精具有乳化功能，用于去除油污，故A正确；
B、常温下，碳的化学性质不活泼，可用来书写字画，以利于长期保存，故B错误；
C、金属钨熔点高，可用于制作灯泡里的灯丝，故C正确；
D、金刚石的硬度大，可用来裁切玻璃，故D正确。
故选B。  
7.【答案】A 
【解析】解：发电机的工作原理是电磁感应；
A、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，是发电机的制作原理，故A符合题意；
B、该图是奥斯特实验，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场，不是发电机的制作原理，故B不符合题意；
C、该图是研究电磁铁磁性强弱影响因素的实验，故C不符合题意；
D、开关闭合后，电路中有电流，通电导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的制作原理，故D不符合题意。
故选：A。
发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
本题考查了电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理。注意电动机和发电机的区别：电动机是先有电，后运动；发电机是先运动，后发电。

8.【答案】D 
【解析】解：A、对人体的安全电压不高于36V，故A不符合实际；
B、人的正常体温是36.5℃，人感到比较舒适的温度为23℃，故B不符合实际；
C、中学生的体重在500N左右，二楼到三楼的高度在3m左右，所以中学生从二楼走到三楼所做的功约为W=Gh=500N×3m=1500J，故C不符合实际；
D、真空中的光速约为3×105千米/秒，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

9.【答案】A 
【解析】解：AB、并联电路中的总电压与各用电器两端的电压相等，所以A正确、B错误；
C、在串联电路中，若两灯泡的电阻相等，根据公式I=UR可得，此时用电器两端电压相等，所以如果用电器两端电压相等，也可能是串联，故C错误；
D、并联电路的总电压等于各支路两端的电压，因此并联用电器越多，各支路两端电压不会越小，故D错误。
故选：A。
根据并联电路的电压特点进行解答，即并联电路的总电压等于各支路两端的电压。
此题考查了学生对串联电路电流、电压和并联电路的电流、电压规律的掌握和应用，同时考查了简单的欧姆定律的应用，是一道基础性题目。

10.【答案】C 
【解析】解：
A、从图甲知，弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3.4N，即图甲中木块受到的拉力为3.4N，故A错误；
B、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，第一次10s运动路程为50cm，第二次10s运动路程为25cm；因为时间一定，速度与路程成正比，即木块第一次和第二次速度之比为50cm：25cm=2：1，故B错误；
C、两次接触面的粗糙程度相同、压力相同，摩擦力相同，即木块两次受到滑动摩擦力之比为1：1，故C正确；
D、从图乙可知，木块两次都做匀速直线运动，而做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，因为摩擦力相同，故拉力也相同；由B可知相同时间内的路程之比为s1：s2=2：1，根据W=Fs可得W1：W2=2：1，故D错误。
故选：C。
本题考查了学生的识图能力，以及对二力平衡的条件、弹簧测力计的读数、影响摩擦力的因素、功的计算掌握情况，解题的关键是能从图中得出相关信息，锻炼了学生的观察思考能力。

11.【答案】ACD 
【解析】解：A、做凸透镜成像实验前，为使像成在光屏的中央，要调烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，若光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度，成的像有可能不被光屏接收，导致无论怎样移动光屏都找不到烛焰的像，故A正确；
B、蜡烛在透镜的两倍焦距处，成倒立等大的实像，实像呈现在光屏上，故B错误；
C、蜡烛在透镜的焦点上，经焦点发出的光成为平行光，不成像，故C正确；
D、物距小于透镜的一倍焦距，成放大正立的虚像，像与物在同侧，虚像不能被光屏接收，故D正确．
故选ACD．
探究凸透镜成像的实验时，无论怎样移动光屏都找不到烛焰的像，其原因可能有：
可能光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度上，像无法成在光屏上；
可能发光体在焦点上，成为平行光不成像；
可能是因为物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上；
可能像距太大，超出了光具座的长度范围．结合题意分析．
本题研究凸透镜成像规律，对无论怎样移动光屏都找不到烛焰的像的可能情况进行分析，关键是要熟练掌握凸透镜成像规律．

12.【答案】BCD 
【解析】A、由图可知n=2，该滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F，
即：90%=540N2F，
解得F=300N，故A错误；
B、物体A以0.2m/s的速度匀速上升，则绳子自由端移动的速度v绳=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，
绳子自由端拉力的功率：P=Wt=Fst=Fv绳=300N×0.4m/s=120W，故B正确；
C、该工人对地面的压力：F压=G人-F=500N-300N=200N，故C正确；
D、不计滑轮组的绳支架重和摩擦，由F=12(G+G动)可得，
动滑轮的重力G动=2F-G=2×300N-540N=60N，
两个滑轮质量相等，其重力相等，则定滑轮的重力也为60N，
物体间力的作用是相互的，由图可知，支架受到滑轮组的拉力F'=3F+G定=3×300N+60N=960N.故D正确。
故选：BCD

(1)由图可知n=2，知道物体A的重和滑轮组的机械效率，由η=W有W总=GhFs=GhF×2h=G2F可求得绳子自由端受到竖直向下的拉力;
(2)绳子自由端移动的速度v绳=2v物，由P=Wt=Fst=Fv绳可求得绳子自由端拉力的功率;
(3)该工人对地面的压力等于其重力减去拉力;
(4)不计滑轮组的绳支架重和摩擦，由F=12(G+G动)求得动滑轮的重力，根据物体间力的作用是相互的可求支架受到滑轮组的拉力。

13.【答案】CD 
【解析】解：
(1)由电路图可知，定值电阻R0和热敏电阻R1串联，电流表测电路中的电流；
由乙图知，当温度升高时，热敏电阻的阻值变小，电路的总电阻变小，由公式I=UR可知，电路中的电流变大，电流表的示数变大，故A错误；
(2)由乙图知，当环境温度为40℃时热敏电阻的阻值为25Ω，故B错误；
(3)由题和前面分析可知，当环境温度是40℃时，电流表的示数为0.2A，此时R1=25Ω，
由欧姆定律可得，此时串联电路的总电阻为：R=UI=6V0.2A=30Ω；
所以定值电阻R0的阻值：R0=R-R1=30Ω-25Ω=5Ω，故C正确；
(4)环境温度是40℃时，通电2min，定值电阻R0产生的热量为：
Q=I2R0t=(0.2A)2×5Ω×2×60s=24J.故D正确；
故选：CD。
(1)由公式I=UR分析得，电压一定时，阻值越小时电路中的电流越大。再由由乙图找到热敏电阻的阻值变化规律分析即得。
(2)在乙图中找到当环境温度为40℃时热敏电阻的阻值即可。。
(3)由欧姆定律得此时串联电路的总电阻，然后减去热敏电阻的阻值即得定值电阻的阻值。
(4)由公式Q=I2Rt得环境温度是40℃时，通电2min，定值电阻R0产生的热量。
本题考查了欧姆定律的应用和焦耳定律的计算公式及其应用。

14.【答案】1mm  L3=17.28cm  18.82cm 
【解析】解：
(1)从L1=18.82cm；L2=18.83cm；L4=18.81cm；L5=18.80cm可以看出倒数第二位对应的单位是mm，所以刻度尺的分度值为1mm；
(2)从5个测量结果看，L3=17.28cm与其它测量结果偏差太大，所以此数据是错误的记录，应该舍去；
(3)为了减小误差，应该求四次测量的平均值，即这本作业本的长度为：
L=18.82cm+18.83cm+18.81cm+18.80cm4≈18.82cm。
故答案为：(1)1mm；(2)L3=17.28cm；(3)18.82cm。
对于给出的数据，首先要弄清楚是否有错误数据，然后再利用多次测量求平均值的方法求出物体的长度。注意在求平均值时，计算结果的小数点后有几位数字应该和给出数据的小数点后有几位数字相同；对于一个正确的长度测量结果，倒数第二位对应的单位是刻度尺的分度值。
在长度测量时，减小误差的方法--多次测量取平均值法；但在计算平均值时，所得结果无论是否能除尽，都要将小数位数保留成与测量值相同。

15.【答案】1000；40；1300 
【解析】解：(1)水对杯底的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，
由p=FS可得，水对杯底的压力：
F=pS=1000Pa×4×10-2m2=40N；
(2)容器对水平桌面的压力：
F'=G总=(m容+m水)=(0.2kg+5kg)×10N/kg=52N，
容器对桌面的压强：
p'=F'S=52N4×10-2m2=1300Pa．
故答案为：1000；40；1300．
(1)知道杯内水的深度，根据p=ρgh求出水对杯底的压强，根据F=pS求出水对杯底的压力；
(2)容器对桌面的压力等于水和容器的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，利用p=FS求出容器对桌面的压强．
本题考查的是液体压强和固体压强的计算方法，同时出现固、液体压力压强，要注意先后顺序：液体，先计算压强(p=ρgh)，后计算压力(F=pS)；固体，先计算压力(在水平面上F=G)，后计算压强(p=FS).

16.【答案】小于  静止 
【解析】解：由图可知，0～8s内，甲的路程为s1=40m-20m=20m，乙的路程为s2=40m>s1，根据v=st可知0～8s内，甲的平均速度小于乙的平均速度；
由图可知，0～4s，甲的速度为：v甲=s甲t=40m-20m4s=5m/s，
0～4s，乙的速度为：v乙=s乙t=20m4s=5m/s，甲乙的速度相同，所以0-4s内，以甲为参照物乙是静止的。
故答案为：小于；静止。
(1)由图可知，0～8s内，甲的路程和乙的路程，比较路程的大小关系，根据v=st可知0～8s内，甲、乙的平均速度的大小关系；
(2)由图可知，0～4s甲通过的路程，根据速度公式计算甲的平均速度；
由图可知，0～4s乙通过的路程，根据速度公式计算乙的平均速度，比较速度大小判断两物体的相对状态。
本题考查学生的读图能力和速度公式的灵活运用。

17.【答案】1 
【解析】解：由P=UI可得，两定值电阻允许通过的最大电流分别为：
I1=P1U1=13.5W9V=1.5A，I2=P2U2=10W10V=1A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，当两电阻串联起来使用时，电路的最大电流I=I2=1A。
故答案为：1。
知道两定值电阻两端允许所加的最大电压和消耗的最大功率，根据P=UI求出两者允许通过的最大电流，两电阻串联时通过它们的电流相等，电路中的最大电流为两者允许通过最大电流中较小者。
本题考查了串联电路的特点电功率公式的应用，关键是知道串联时允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流中较小的。

18.【答案】10  变大  0 
【解析】解：(1)只闭合开关S2时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，
由I=UR可得，R2的阻值：R2=U2I=3V0.3A=10Ω；
再断开开关S2，闭合开关S1、S3时，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，
因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，
所以，R串>R并，
由I=UR可知，电路的总电流变大，即电流表的示数变大；
(2)当闭合开关S1、S2，断开开关S3时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
此时R2和电压表被短路，则电压表的示数为0V。
故答案为：10；变大；0。
(1)只闭合开关S2时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，根据欧姆定律求出R2的阻值；再断开开关S2，闭合开关S1、S3时，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据串联电路的电阻特点和并联电路的电阻特点比较电路的总电阻关系，利用欧姆定律可知电路中总电流的变化；
(2)当闭合开关S1、S2，断开开关S3时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，此时R2和电压表被短路，据此得出电压表的示数。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

19.【答案】不变  70  2.5  偏小 
【解析】解：(1)质量是物体本身的一种属性，决定于物体所含物质的多少，与物体的形状、状态、空间位置无关；“月壤”从月球带回地球，位置发生变化，所含物质多少不变，所以其质量不变。
(2)①由图2知矿石的质量m=100g+50g+20g+5g+0.6g=175.6g
②由图3得取出矿石后向烧杯中添加的水的体积即为矿石的体积，故矿石的体积V=200mL-130mL=70mL=70cm3；
③则矿石的密度ρ=mV=175.6g70cm3≈2.5g/cm3=2.5×103kg/m3；
将矿石从水中取出时，矿石表面沾有部分水，量筒中的水倒入烧杯达到标记处时，倒入水的体积比矿石的实际体积偏大，ρ=mV知，质量一定，体积偏大，所以测量的矿石密度偏小。
(1)质量是物体本身的一种属性，决定于物体所含物质的多少，与物体的形状、状态、空间位置无关；
(2)取出矿石后向烧杯中添加的水的体积即为矿石的体积；
(3)物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值，知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度；将矿石从水中取出时，矿石表面沾有部分水，会导致测得的矿石体积偏大，从而导致密度偏小。
本题考查质量是物质的属性、天平的使用、量筒的读数、密度的计算等，是一道基础题

20.【答案】R=UI  5  求平均值减小误差  S2 (I1-I2)R0I2 
【解析】解：(1)由电路图可知，变阻器选用左下接线柱与开关串联接入电路中，如下图所示：；
(2)在伏安法测量待测电阻Rx的阻值实验中，用电压表测待测电阻Rx两端的电压，用电流表测通过待测电阻Rx的电流，根据R=UI计算电阻，故该实验的原理是R=UI；
(3)某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数为0.3A，则待测电阻的阻值为：
R=UI=1.5V0.3A=5Ω；
为提高测量的准确程度，要多次测量求平均值减小误差；
(4)实验步骤：
①首先，闭合开关S1、S2，记录电流表的示数I1；
②接着，断开开关S2，记录电流表的示数I2；
③在步骤①中，电路为只有R0的简单电路，电流表测量电路电流，记下电流表示数为I1，根据欧姆定律可知电源电压为U=I1R0；
在步骤②中，R0和Rx串联，电流表测量电路电流，记下电流表示数为I2，根据欧姆定律可知电源电压U=I2(R0+Rx)；
联立以上两式可得待测电阻的阻值Rx=(I1-I2)R0I2。
故答案为：(1)见解答图；(2)R=UI；(3)5；求平均值减小误差；(4)②S2；③(I1-I2)R0I2。
(1)根据电路图确定变阻器选用左下接线柱与开关串联接入电路中；
(2)该实验的原理是R=UI；
(3)根据R=UI算出电阻阻值；为提高测量的准确程度，要多次测量求平均值减小误差；
(4)①闭合开关S1、S2，电路为只有R0的简单电路，电流表测量电路电流，记下电流表示数为I1，根据欧姆定律可知电源电压的表达式；
②断开开关S2，R0和Rx串联，电流表测量电路电流，记下电流表示数为I2，根据欧姆定律可知电源电压的表达式；
③联立以上两式可得待测电阻的阻值Rx。
本题用伏安法测量待测电阻Rx的阻值实验，考查了电路连接、实验原理、电阻的计算及设计实验方案测电阻的能力。

21.【答案】活塞下降的距离或格数  增大受力面积  控制变量法  探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验 
【解析】解：(1)由图(b)第一组实验可以看出，实验序号4中活塞下降的格数为4；
(2)实验中，压力作用效果是通过活塞下降的距离或格数来反映的，属转换法的应用。
(3)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，乙同学增加注射器数量的目的是为了增大受力面积。
(4)本实验所采用的主要实验方法是控制变量法，在以往学习中也用到这种方法的实验有“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验”“探究影响浮力大小的实验”等。
故答案为：(1)4；(2)活塞下降的距离或格数；(3)增大受力面积；(4)控制变量法；探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验(合理即可)。
(1)根据图(b)第一组实验，读出活塞下降的格数填入表格中；
(2)本实验通过活塞下降的距离或格数来反映压力的作用效果，采用了转换法；
(3)(4)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法。结合物理学中同样用到控制变量法的实验可做出解答。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，采用的方法比较巧妙，但与通常的方法本质相同，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。

22.【答案】解：(1)∵V=1L=1dm3=1000cm3，
∴由ρ=mV得：水的质量m=ρV=1g/cm3×1000cm3=1000g=1kg；
Q吸=c水m(t-t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-25℃)=3.15×105J；
(2)∵每消耗1kw⋅h的电能，电能表的转盘就转过1200r，
∴电能表的转盘转过120r消耗的电能为：W=120r1200r/kw⋅h=0.1kw⋅h=3.6×105J，
∴饮水机的热效率为：η=Q吸W×100%=3.15×105J3.6×105J×100%=87.5%．
(3)∵t=7.5min=450s，
∴饮水机的实际功率为：P实际=Wt=3.6×105J450s=800W，
∵U额=220V，P加热=968W，
∴由P=U2R得：电阻R1的阻值为：R1=U额2P加热=(220V)2968W=50Ω，
∴由P=U2R得：U实=P实际R1=800W×50Ω=200V．
答：(1)饮水机热水箱中的水所吸收的热量为3.15×105J；
(2)饮水机在加热过程中的热效率为87.5%；
(3)饮水机加热时的实际电压为200V． 
【解析】(1)知道热水箱的容量，可利用公式m=ρV计算出水的质量，又知道水的比热容和温度变化，可利用热量公式Q吸=Cm(t-t0)计算出水吸收的热量．
(2)“1200r/kw⋅h”的意义为：每消耗1kw⋅h的电能，电能表的转盘就转过1200r，从而可以计算出电能表的转盘转过120r消耗的电能，利用公式η=Q吸W计算出饮水机的热效率．
(3)知道饮水机的额定电压和加热时的额定功率，可利用公式R=U2P计算出电阻R1的阻值．再根据U=PR求实际电压．
本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了质量、吸收热量、电功、热机效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是结合电路图对饮水机状态的判断．与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确．

23.【答案】解：(1)由电路图可知，当开关S和S1都闭合时，电路为R1与R2并联，电饭煲的功率较大；只闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，电饭煲功率较小；
由图乙可知，功率较大时电路电流为3A，功率较小时的电流为2A；
电饭锅工作时的最大功率：Pmax=UImax=220V×3A=660W；
(2)由I=UR可知，R1=UImin=220V2A=110Ω；
(3)由图乙可知，功率最大时的工作时间为15min，功率最小时的工作时间为15min；
故本次煮饭的30min电饭锅消耗的电能：W=UImaxt+UImint=220V×3A×15×60s+220V×2A×15×60s=9.9×105J。
答：(1)电饭锅工作时的最大功率为660W；
(2)电热丝R1的阻值为110Ω；
(3)本次煮饭的30min电饭锅消耗的电能为9.9×105J。 
【解析】(1)由电路图可知，当开关S和S1都闭合时，电阻R1、R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，电饭煲的功率较大；
当只闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻较大，电饭煲功率较小；
根据图乙可知可知功率最大时的工作电流，根据P=UI可求出电饭锅工作时的最大功率。
(2)当只闭合开关S、断开S1时，电路为R1的简单电路，利用欧姆定律的应用求出电热丝R1的阻值；
(3)结合图乙读出功率最大时的工作时间和功率最小时的工作时间，根据W=UIt求出30min电饭锅消耗的电能。
本题考查了欧姆定律和电功率公式的灵活应用，从图象中读出有用的信息和判断出不同功率时电饭煲电路的连接方式是关键。

24.【答案】解：(1)根据P=U2R可得：
电阻丝的电阻R=U2P=(220V)21280W=37.8Ω；
(2)根据ρ=mV可得：
水放至最大水量时壶内水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，
根据Q=cm△t可得：
水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(100℃-18℃)=3.444×105J；
根据W=Pt可得：
消耗的电能W=Pt=1280W×(4×60s+20s)=3.328×105J；
(3)如果不考虑热量散失，消耗的电能完全转化为内能，二者相等，实际是存在热量散失的，所以吸收的热量不可能等于消耗的电能，所以不合理．
造成不合理的原因：
①可能是电源电压较高，实际电压大于额定电压，实际功率大于额定功率；
②可能是电水壶上标的最大容量所对的刻度线与实际情况有偏差，所盛水的实际体积小于1.0L；
③可能是水的温度测量不准，温度差较大；
④可能是烧水的时间测量有偏差，烧水时间测量较短．
答：(1)该水壶正常工作时的电阻约为37.8Ω； 
(2)加热过程中水吸收的热量是3.444×105J，电水壶消耗的电能是3.328×105J；
(3)不合理，原因①可能是电源电压较高，实际电压大于额定电压，实际功率大于额定功率；
②可能是电水壶上标的最大容量所对的刻度线与实际情况有偏差，所盛水的实际体积小于1.0L． 
【解析】(1)由灯泡的铭牌可知电水壶的额定电压和额定功率，根据R=U2P求出该电水壶电热丝的电阻；
(2)先根据密度公式求出水放至最大水量时壶内水的质量，利用Q=cm△t求出加热过程中水吸收的热量，再根据W=Pt求出消耗的电能；
(3)比较吸收的热量和消耗电能的大小，如果消耗的电能等于或大于吸收的热量，合理，反之不合理；根据得出的结果进行分析，即可得出结论．
本题考查了质量、消耗的电能、吸收的热量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是分析出现偏差的原因．

25.【答案】(1)省力；(2)远离；动力臂 
【解析】解：(1)因为AOB的动力臂大于阻力臂，所以AOB是省力杠杆；
(2)由杠杆的平衡条件可知，动力臂越大越省力，所以手应该远离O点；
故答案为：(1)省力；(2)远离、动力臂．
杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，可以从动力臂和阻力臂的大小关系进行判断，动力臂越大越省力，阻力臂越大越费力．
杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，省力杠杆省力但费距离，费力杠杆费力省距离，等臂杠杆既不省力也不费力．