还剩21页未读，
继续阅读
2021-2022学年福建省厦门市思明区八年级（下）期末物理试卷（含解析）
展开
这是一份2021-2022学年福建省厦门市思明区八年级（下）期末物理试卷（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。
绝密★启用前
2021-2022学年福建省厦门市思明区八年级（下）期末物理试卷
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共14小题，共28.0分）
1. 下列科学家中，为“牛顿第一定律”的提出奠定了基础的是( )
A. 焦耳 B. 伽利略 C. 帕斯卡 D. 瓦特
2. 如图厨房用具中，属于省力杠杆的是( )
A. 食品夹 B. 碗夹
C. 筷子 D. 开瓶器
3. 自由式滑雪是北京冬奥会的比赛项目之一，如图所示的滑雪装备中，能增大压强的是( )
A. 滑雪杖杖尖较细 B. 滑雪板宽且长
C. 滑雪头盔重量小 D. 头盔下巴垫宽软
4. 如图所示的实例中，不是利用连通器原理的是( )
A. 茶壶 B. 下水管道
C. 拦河大坝 D. 船闸
5. 下列物体惯性最大的是( )
A. 树上落下的苹果 B. 高速飞行的子弹 C. 桌上的物理试卷 D. “福建号”航母
6. 2022年6月5日，神舟14号飞船将陈冬、刘洋、蔡旭哲3名航天员送入中国空间站进行科学研究。航天员们生活的空间站内气压最接近的是( )
A. 0 B. 104 Pa C. 105 Pa D. 106 Pa
7. 如图所示的四幅图是小明同学将书包从学校大门提到楼上教室中的情景，①将书包从地面提起②提着书包沿水平方向行走③提着书包上楼④站在门口等候开门．其中，他对书包做功的过程是( )
A. ①③ B. ②④ C. ①②③ D. ①②③④
8. 科技助力农业生产，如图是无人机喷洒农药的场景。在无人机沿着水平方向匀速飞行喷洒农药的过程中，它的( )
A. 动能不变、机械能不变
B. 动能减小、机械能减小
C. 动能增大、机械能增大
D. 动能减小，机械能不变
9. 为了解决“H”形地下通道中过道的通风问题，同学们设计了如下几种方案。如图所示，黑色部分为墙面凸出部分，“M”为安装在过道顶的换气扇，其中既有效又节能的是( )
A. B. C. D.
10. 如图，在托里拆利实验中，下列操作能使管内外水银液面高度差h发生改变的是( )
A. 将玻璃管稍微倾斜一点
B. 把玻璃管稍微向上提(管口未离开水银面)
C. 换成更粗的玻璃管进行实验
D. 将该装置从一楼移到六楼进行实验
11. 如图，手握住玻璃瓶保持竖直静止，下列说法正确的是( )
A. 瓶受到的摩擦力大于瓶的重力
B. 增大手对瓶的握力，瓶受到的摩擦力也增大
C. 瓶受到的摩擦力与瓶的重力大小相等
D. 手对瓶的握力与瓶的重力二力平衡
12. 用细绳悬挂重物，向右上方匀速直线运动，运动轨迹如图虚线所示，不计空气阻力。图中绳子方向正确的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图，一杯装满奶茶的密封杯放在水平桌面上，现在将它倒过来放置，下列判断正确的是( )
A. 奶茶对杯底的压力变大 B. 奶茶对杯底的压强变小
C. 杯子对桌面的压力变小 D. 杯子对桌面的压强不变
14. 如图所示，用滑轮组拉动水平地面上的物体，物体重G=800N，拉力F=100N，物体以0.2m/s的速度向左匀速运动，受到地面的摩擦力f=240N。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动速度为0.4m/s
B. 拉力F的功率为20W
C. 该滑轮组的机械效率是80%
D. 若物体以0.4m/s的速度匀速运动，滑轮组的机械效率变大
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
15. 夏天清晨，小明在海湾公园晨练，闻到阵阵花香，说明分子在不停地______；他看到平铺在水面的荷叶上两滴露珠接触时，会迅速自动结合成一滴大水珠，表明分子间存在______。
16. 如图，浴室专用防滑垫的下表面有很多小吸盘，挤出吸盘内气体，吸盘被______
紧紧压在地面上，可以提供很大的摩擦力，达到良好的防滑效果。当脚对防滑垫施加一个5N的水平力时，防滑垫不会滑动，此时它受到合力为______N。
17. 气象观测工程师用探空气球(氢气球)将探空仪器带上高空，如图，在加速上升过程中，气球与仪器受到的浮力______重力(空气阻力忽略不计)。气球上升至3万米高度会自行爆裂，爆裂的这一瞬间，绳下悬挂的仪器向______运动。
18. 将两个完全相同的小球放入甲、乙两种液体中，静止后如图所示，则这两个小球在液体中受到的浮力大小关系为F浮甲______F浮乙；甲、乙两种液体的密度大小关系为ρ甲______ρ乙。
19. 如图为防溺水自救手环，当手环停留在水0.5m深度以下的时间超过20s时，手环上的充气开关被触发，手环内部的气囊自动充气，气囊膨胀后使人体浮出水面。感应开关被触发的液体压强至少为______Pa；若一个充满气的安全气囊能够排开3kg的水，则可以给溺水者提供______N的浮力(安全气囊重力忽略不计)。
20. 如图甲为核酸检测时常用的隔离柱，顶端伸缩头中有用弹簧固定的可收缩布带，松手后布带会自动收回。其模型结构如图乙，底座质量7.5kg，杆身质量和底座高忽略不计。为保持隔离柱稳定不动，布带向右拉出时可承受的最大拉力为______N，若要增大它能承受的最大拉力，可采用______的方法。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
21. 如图为一艘静止于海面下的潜艇，请画出该潜艇所受力的示意图。
22. 如图甲是一种下开式窗户，乙图为该窗户的结构简图，其中B为转动轴，O点为窗的重心，请画出窗的重力的力臂l。
四、实验探究题（本大题共5小题，共30.0分）
23. 小明同学在探究“牛顿第一定律”时，完成了三次实验，如图。
(1)实验中，应让小车从斜面______位置由静止滑到水平面上，测量______。
(2)按顺序对比三次实验，小车受到水平面的摩擦阻力逐渐______。
(3)在实验事实的基础上推理：假如平面足够光滑(完全没有摩擦阻力)，小车将______。这一推理过程采用的科学方法在下列______实验中也有运用。
A.探究“真空是否可以传声”实验
B.探究“光的反射定律”实验
C.验证“阿基米德原理”实验
D.探究“杠杆的平衡条件”实验
24. 用如图装置探究“动能的大小跟哪些因素有关”。摆线拉直后将钢球从某高度h处由静止释放，摆到竖直位置时撞击水平面上的木块。
(1)实验中通过观察木块被撞击后移动的距离来判断钢球的______大小。
(2)为探究动能与质量的关系，应改变______的质量进行多次实验。
(3)让钢球从不同高度静止释放，发现高度越高，木块被撞击后移动的距离越大，得出结论：______。
(4)从能量转化的角度分析，钢球起始位置A越高，具有的______能越大，摆到B点时的动能越大，能做的功越多。
25. 如图为小明探究“杠杆的平衡条件”的实验。
(1)实验前，如图甲，杠杆处于静止状态，则应将左端的平衡螺母向______调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是______。
(2)如图乙所示，在支点O左测三格处的A点挂4个钩码，要使杠杆平衡，应在支点右侧二格处的B点挂______个钩码。当杠杆平衡后，将A、B两点所挂的钩码同时远离支点一格，则杠杆将______时针转动。
(3)取下B点钩码，用弹簧测力计在B点拉杠杆，始终保持杠杆在水平位置平衡，如图丙所示。弹簧测力计从a位置转到b位置的过程中，示数将______。
(4)图丁为小明以重心为界切分萝卜，根据本实验结论推测两半萝卜质量大小关系为mA______mB。
26. 小明在探究“液体的压强”实验中进行了如图的操作。
(1)在使用U形管压强计前，发现U形管压强计两管液面不相平，如图甲，可以采用______以下哪种方法调节。
A.从U形管右侧中倒出适量液体
B.拆除胶管重新安装
(2)调节完成后，通过观察U形管两管液面的______可知液体压强的大小。
(3)分析乙、丙两图的实验现象，得出结论：______。
(4)小明设计了如图丁的装置测量浓盐水密度，步骤如下：
①在容器左侧加入适量水(水面高于橡皮膜)，测量水面到橡皮膜中心的深度h1；
②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜______，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③待测液体密度的表达式为ρ=______。(水的密度用ρ水表示)
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是______(写出一点即可)。
27. 探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验装置与步骤如图所示：
(1)图B中，弹簧测力计的示数为______N，金属块受到的浮力为______N。
(2)分析图B、C数据可得：物体在液体中受到浮力的大小与______有关。
(3)分析图C、D数据可得：物体在液体中受到浮力的大小与______无关。
(4)图D小桶内液体的重力为______N。
(5)请推测图A、B、C中电子秤的示数大小关系m1______m2______m3。
五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）
28. 今年，厦门市进行电动自行车专项治理行动，对电动自行车骑行提出以下安全要求：限道(在规定道路行驶)、限速(车速不得超过25km/h)、限载(限载1名12周岁下儿童)，佩戴安全头盔(驾驶人和乘车人都要)。请应用物理知识解释上述安全要求的必要性(任选2点作答即可)。
六、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
29. 2021年5月，我国自主设计的“祝融号”火星车成功着陆火星，实现了我国航天史上的新突破。若火星车质量为240kg，轮子和地面接触的总面积为300cm2，物体在火星上受到的重力是地球上受到重力的38。求：
(1)火星车在火星上受到的重力；
(2)火星车对火星水平地面的压强。
30. 北京冬奥会通过“数字科技+美学创新”首次实现火炬水下接力。若水下机器人携带火炬以恒定功率20W沿水平方向直线运动，其v-t图象如图所示，求：
(1)机器人在10s～20s受到的阻力；
(2)机器人在0～20s做的功。
31. 如图，在足够高的圆柱形容器底部，贴有一个底面为边长为0.1m正方形的压力传感器(厚度不计)。将一个边长为0.1m的实心正方体物块放在传感器上，然后缓慢地向容器内倒入某种液体，物块对传感器的压力F与倒入液体的深度h的关系如下表所示。求：
h/m
0
0.01
0.02
0.03
0.04
F/N
6
4.8
3.6
2.4
1.2
(1)实心正方体物块的重力；
(2)液体的密度；
(3)液体深度h从0增加到0.08m的过程中，浮力对物块做的功。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】A、焦耳提出了焦耳定律，故A错误；
B、伽利略通过理想斜面实验得出力是改变物体运动状态的原因，为牛顿第一定律奠定了基础，故B正确；
C、帕斯卡通过实验测出了大气压强的值，故C错误；
D、瓦特发明了蒸汽机，故D错误。
故选：B。
弄清楚每个物理学家的贡献是关键。
掌握每个物理学家的贡献是解题的关键。
2.【答案】D
【解析】解：A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；
B、碗夹使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；
C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误；
D、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D正确。
故选：D。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】A
【解析】解：A、滑雪杖杖尖较细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A符合题意；
B、滑雪板宽且长，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B不合题意；
C、滑雪头盔重量小，是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强，故C不合题意；
D、头盔下巴垫宽软，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。
故选：A。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。
4.【答案】C
【解析】解：A、壶嘴和壶身构成了连通器，故A不符合题意；
B、下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，属于连通器，故B不符合题意；
C、拦河大坝是根据液体压强随深度的增加而增大的特点修建成上窄下宽的形状，不属于连通器，故C符合题意；
D、船闸的上游与闸室下面通过阀门相通，当下游阀门关闭，上游阀门打开，上游与闸室内的水位逐渐相平，打开上游闸门，船就可以进入闸室；同理，船再进入下游，就通过了船闸，船闸使用了连通器原理，故D不符合题意。
故选：C。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平。
5.【答案】D
【解析】解：惯性大小只与物体质量有关，与物体的速度和受力情况等无关。比较苹果、子弹、试卷和航母的质量可知，航母的质量最大，所以惯性最大，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
惯性是保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体惯性就大，质量小的物体惯性就小。
此题考查学生对惯性大小影响因素的理解和掌握，关键是知道质量是惯性大小的唯一量度，知道惯性大小与物体的速度和受力情况等无关。
6.【答案】C
【解析】解：一个标准大气压的值约为105 Pa，航天员生活的空间站的气压与标准大气压相近，故C正确。
故选：C。
航天员生活的空间站的气压与标准大气压相近。
本题考查标准气压的值，是对基础知识的考查。
7.【答案】A
【解析】解：
①将书包从地面提起，有力，有距离，人对书包做功；
②提着书包沿水平方向行走，力的方向与运动方向垂直，人对书包没有做功；
③提着书包上楼，有力，有距离，人对书包做功；
④站在门口等候开门，有力，无距离，人对书包没有做功．
故选A．
本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离．二者缺一不可．
此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直．
8.【答案】B
【解析】解：由题可知，无人机在喷洒农药的过程中，速度不变、高度不变，但总质量在逐渐变小，所以其动能减小、重力势能减小，则其机械能也将减小。故A、C、D错误，B正确。
故选：B。
(1)影响物体动能大小的因素：质量、速度。
(2)影响物体重力势能大小的因素：质量、高度。
(3)物体的机械能=物体的动能+物体的势能。
我们在分析物体机械能的变化情况时，要从质量、高度、速度等因素出发逐步分析，然后得出结论。
9.【答案】C
【解析】解：要想让风经过过道，过道左右两端的气压应该不同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度不同。
A、过道左右两端的通风道相同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度相同，故A不合理。
B、过道左右两端的通风道相同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度相同，故B不合理。
C、过道右端的通风道有凸起，所以相同时间风经过过道右端的通风道时的路程长，则风速较快，所以过道右端的气压小于左端的气压，所以空气会从过道的左端流向右端，过道中有风通过。此方案不需要消耗其他能量，既有效又节能，故C合理。
D、过道中有电动机，电动机工作时过道中空气流动速度加快，气压减小，空气会从过道口流进来而通风，但需要消耗电能，故此方案虽有效但不节能，故D不合理。
故选：C。
流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
本题的解题关键是了解气体压强与流速的关系及各方案的形状、特点，注意“既有效又节能”的条件。
10.【答案】D
【解析】解：在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度，即玻璃中内外液面高度差是不会改变的．
A、将玻璃管稍微倾斜，外界大气压不变，只会改变水银柱的长度，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故A不合题意；
B、将玻璃管稍微向上提一点(管口未离开液面)，外界大气压不变，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故B不合题意；
C、将玻璃换成更粗或更细的，外界大气压不变，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故C不合题意；
D、将该装置从一楼拿到六楼，外界大气压变小，玻璃中内外液面高度差变小，故D符合题意。
故选：D。
在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的．玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化．管内水银柱的高度差与外界气压、是否进入空气有关，与玻璃管的粗细、是否倾斜、插入水银槽的深度无关。
学习托里拆利实验时，需要注意水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度；并对各种变化的情况是否会影响实验的结果，必须有一个明确的认识，这也是我们掌握这一实验的基本要求。
11.【答案】C
【解析】解：手握玻璃瓶，玻璃瓶静止在手中，玻璃瓶受力平衡，在竖直方向上，玻璃瓶受到向下的重力与向上的摩擦力相互平衡，即摩擦力大小等于重力，瓶子重力不变，所受的摩擦力不变，与手对瓶的握力大小无关，故ABD错误，C正确。
故选：C。
用手握住玻璃瓶保持静止，处于平衡状态，受到的力为平衡力；再根据二力平衡条件：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上进行解答。
根据二力平衡的条件可知，平衡力的大小相等方向相反，静摩擦力大小与握力无关，其大小由二力平衡来求。
12.【答案】A
【解析】解：由题知，重物向右上方做匀速直线运动时，重物处于平衡状态，不计空气阻力，重物受到竖直向下的重力，还受到绳子的拉力，且这两个力是一对平衡力，所以绳子拉力方向与重力方向相反，即拉力方向是竖直向上的，由各选项图知，A正确，BCD错误。
故选：A。
重物向右上方做匀速直线运动时处于平衡状态，对重物进行受力分析即可得到绳子方向。
本题考查对物体受力分析，知道处于平衡状态下的物体受到的一定是平衡力。
13.【答案】A
【解析】解：(1)将容器正放和倒放时，容器对水平桌面的压力都等于奶茶和容器总重，所以F不变；但放置方式由甲变为乙，受力面积变大，根据p=FS可知，整个容器对水平桌面的压强变小；
(2)由于容器装满奶茶，放置方式由甲变为乙，奶茶的深度不变，根据p=ρgh可知，奶茶对容器底部产生的压强不变；由于受力面积变大，由F=pS可知，水对容器底的压力变大；
综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，据此判断倒放后容器对水平桌面的压力变化，进而根据压强定义式判断整个容器对水平桌面的压强变化。
(2)容器倒置后，奶茶深度不变，由液体压强公式得出容器底受到奶茶压强的变化情况，根据F=pS可知奶茶对容器底压力的变化。
本题考查了学生对压强定义式、液体压强公式的掌握和运用，关键是知道在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重。
14.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，有三段绳子拉着动滑轮，绳子自由端移动的速度v=3v物=3×0.2m/s=0.6m/s，故A错误；
B、绳断拉力F的功率：P=Fv=100N×0.6m/s=60W，故B错误；
C、绳子自由端移动的距离s=3s物，
克服摩擦力做的有用功为：W有用=fs物=240N×s物，
拉力做的总功：W总=Fs=100N×3s物，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×%=240N×s物100N×3s物×%=80%，故C正确；
D、物体以0.4m/s的速度匀速运动，物体受到的摩擦力和绳端的拉力不变，绳子自由端移动的距离s=3s物，
η=W有用W总×%=240N×s物100N×3s物×%=80%，滑轮组的机械效率不变，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知，有三段绳子拉着动滑轮，绳子自由端移动的速度等于物体移动速度的3倍；
(2)利用P=Fv算出拉力F的功率；
(3)利用W=Fs求拉力做的总功，利用W=fs物求克服摩擦力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
(4)分析速度的变化是否引起机械效率的变化。
本题综合考查了功、功率、机械效率的计算，本题关键：知道克服摩擦力做的功为有用功。
15.【答案】做无规则运动 引力
【解析】解：夏天清晨，小明在海湾公园晨练，闻到阵阵花香，是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
平铺在水面的荷叶上两滴露珠接触时，会迅速自动结合成一滴大水珠，表明分子间存在引力。
故答案为：做无规则运动；引力。
相互接触的物体彼此进入对方的现象，称为扩散现象。扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，同时说明分子间存在间隙，组成物质的分子间存在相互的引力和斥力。
此题考查学生对分子动理论观点的理解和应用，是一道基础训练题。
16.【答案】大气压 0
【解析】解：根据防滑垫的设计特点，可以看出它的有吸盘的一面是为了利用大气压将防滑垫紧压在瓷砖上，防止瓷砖滑动的；
当脚对防滑垫施加一个5N的水平力时，防滑垫不会滑动，处于平衡状态，受到平衡力的作用，合力为0N。
故答案为：大气压；0。
(1)吸盘的一面是为了利用大气压将防滑垫紧压在瓷砖上防止它滑动的；
(2)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到的力平衡，合力为0N。
本题考查大气压的应用和力的合成，难度不大，是对基础知识的考查。
17.【答案】大于 向上
【解析】解：(1)由物体的浮沉条件可知，气球要加速上升所受浮力应大于物体的重力；
(2)爆裂的这一瞬间，绳下悬挂的仪器由于具有惯性仍会向上运动一段距离，再因重力作用而下落。
故答案为：大于；向上。
(1)物体在液体中的浮沉条件：上浮时，F浮>G，悬浮时，F浮=G，下沉时，F浮
本题考查了物体的浮沉条件及惯性，属基础题。
18.【答案】等于 小于
【解析】解：(1)两个完全相同的小球放在甲乙液体中都漂浮，则F浮乙=F浮甲=G，小球在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于小球受到的重力G；
(2)由图知小球排开液体的体积V排甲>V排乙，又F浮=ρ液V排g，浮力相等，则ρ甲<ρ乙。
故答案为：等于；小于。
(1)从图可知，小球放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于小球受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；
(2)从图可以得出小球排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理以及物体的漂浮条件掌握，利用好漂浮(F浮=G)是本题的关键。
19.【答案】5×103 30
【解析】解：(1)感应开关被触发时液体的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa；
(2)由阿基米德原理可知，安全气囊提供的浮力：F浮=G排=m排g=3kg×10N/kg=30N。
故答案为：5×103；30。
(1)根据p=ρgh求感应开关被触发时液体的压强；
(2)根据阿基米德原理求出安全气囊提供的浮力。
本题考查液体压强公式和阿基米德原理的应用，是一道基础题。
20.【答案】14.7 增加底座质量或增加底座直径或减小杆身的高度
【解析】解：由图乙知，底座的重力：G=mg=7.5kg×9.8N/kg=73.5N；
圆盘的半径为180mm=18cm，杆身高为900mm=90cm，
根据杠杆平衡条件可得：Fl=Gl'，
所以F=Gl'l=73.5N×18cm90cm=14.7N；
根据杠杆的平衡条件，要增大它能承受的最大拉力，增加底座质量或增加底座直径或减小杆身的高度。
故答案为：14.7；增加底座质量或增加底座直径或减小杆身的高度。
根据G=mg求出底座的重力，根据杠杆的平衡条件求得可承受的拉力；
根据杠杆的平衡条件进行解答。
本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，不仅能够利用平衡条件解释有关的现象，并且要学会应用其解决有关的问题。
21.【答案】解：潜艇静止在海面下，受重力和浮力作用，并且是一对平衡力，大小相等，方向相反；重力从重心竖直向下画，浮力从重心竖直向上画，标出符号G和F浮，注意两个力的长度相等，如图：。
【解析】先分析出潜艇受到重力和浮力作用，而且是一对平衡力；
再找到两个力的三要素：重力和浮力的作用点均在木块的重心上，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上；
分别用一条带箭头的线段把重力、浮力的大小、方向、作用点表示出来。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
22.【答案】解：反向延长重力作用线，从支点B作重力作用线的垂线段，可得重力的力臂l，如图所示：
【解析】从支点作重力作用线的垂线，可得重力的力臂。
本题考查了力臂的画法，明确力臂的概念，在作图中要注意力的方向。
23.【答案】同一 小车在水平面运动的距离 减小 做匀速直线运动 A
【解析】解：
(1)小车从斜面的同一高度释放，从而使它们刚运动到水平面上时具有相同的速度，通过测量小车在水平面运动的距离判断阻力对小车运动的影响；
(2)在这三次实验中，第一次实验小车在毛巾表面上运动的距离最短，这表明小车在毛巾表面上受到的摩擦力最大，随着接触面的改变，发现接触面越来越光滑，摩擦力越来越小，木块运动的距离会越来越长，运动的时间也越来越长，速度减小得越慢；
(3)假如平面足够光滑(完全没有摩擦阻力)，小车将做匀速直线运动；这一过程中运用了实验推理法，探究“真空是否可以传声”实验中也有运用这一方法，故A正确。
故答案为：(1)同一；小车在水平面运动的距离；(2)减小；(3)做匀速直线运动；A。
(1)实验中为了验证物体速度相同时，木块受到的不同的阻力对其速度的影响，因此实验中要保证木块的初始速度相同。小车从斜面的同一高度释放，从而使它们刚运动到水平面上时具有相同的速度，通过测量小车在水平面运动的距离判断阻力对小车运动的影响；
(2)(3)水平面越光滑，小车所受阻力越小，运动距离越远，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动。
本题考查了阻力对物体运动的影响，属于探究实验，要明确实验中用到的探究方法：控制变量法、转换法、科学推理法。
24.【答案】动能 钢球 质量相同的物体，速度越大，动能越大 重力势
【解析】解：(1)该实验中钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，木块被撞的越远，说明钢球的动能越大，被撞的越近，说明钢球的动能越小，这里采用了转换法的思想；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法；为探究动能与质量的关系，需控制钢球速度不变，改变钢球的质量进行多次实验；
(3)同一钢球从不同高度由静止释放，高度越高，即将撞击木块时的速度越大，木块被撞击后移动的距离越大，说明钢球的动能越大，故可得结论：质量相同的物体，速度越大，动能越大；
(4)由于钢球质量不变，钢球起始位置A越高，说明钢球高度越大，此时钢球具有的重力势能越大。
故答案为：(1)动能；(2)钢球；(3)质量相同的物体，速度越大，动能越大；(4)重力势。
(1)实验中通过观察木块被钢球撞击后移动的距离大小判断钢球的动能大小的，利用了转换法；
(2)(3)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法；
(4)重力势能的大小与物体的质量、高度有关；当高度相同时，物体的质量越大，重力势能越大；当质量相同时，物体被举得越高，重力势能越大。
解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，探究影响动能的大小因素，是中考探究实验考查的重点，设计实验时，要考虑到质量和速度这两个因素。
25.【答案】右 消除杠杆自身重力对实验的影响 6 顺 变大 >
【解析】解：(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；当杠杆在水平位置平衡时，杠杆支点与杠杆重心重合，重力力臂为零，消除杠杆自身重力对实验的影响；
(2)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，
即4G×3L=FB×2L，解得FB=6G，需挂6个钩码；
根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧4G×4L=16GL，右侧6G×3L=18GL，因为18GL>16GL，所以杠杆右端会下降，顺时针转动；
(3)保持B点不变，测力计从a位置转动到b位置时，拉力F向右倾斜，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力、阻力臂不变，动力臂减小。动力变大；
(4)以O为支点，左端的重心在A处，右端的重心在B处，LA
因为LA
所以mA>mB。
故答案为：(1)右；消除杠杆自身重力对实验的影响；(2)6；不能；(3)变大；(4)>。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动，这样使杠杆在水平位置平衡，支点与杠杆重心重合，消除杠杆自身重力对实验的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)根据杠杆的平衡条件分析解答；
(4)由图可知，萝卜被支起，处于平衡状态，只要能确定两边力臂的大小关系即可求得两边的质量的大小关系。
本题主要考查的是学生对器材的操作和杠杆平衡条件的理解和掌握，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，消除了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。
26.【答案】B 高度差 在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大 相平 h1h2×ρ水 换用分度值更小的刻度尺
【解析】解：(1)当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差；要调节，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；
(2)压强计是通过观察U形管的两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小；
(3)由乙、丙两图乙知，液体的密度相同，丙中探头的深度大，液面的高度差也大，故可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；
(4)②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜相平，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，即ρ水gh1=ρgh2；
待测液体密度的表达式为ρ=h1h2×ρ水；
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是换用分度值更小的刻度尺。
故答案为：(1)B；(2)高度差；(3)在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；(4)②相平；③h1h2×ρ水；④换用分度值更小的刻度尺。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)根据转换法，液体压强计是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；
(3)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，研究液体压强与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，结合转换法分析；
(4)观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p=ρ液gh，可求出液体的密度的表达式；深度是液体内部一点到液体自由面的距离。换用分度值更小的刻度尺。
本题考查“探究影响液体内部压强大小因素”的实验，重点考查气密性判断、实验结论分析等知识。
27.【答案】1.4 0.6 排开液体的体积 浸没深度 0.8 = =
【解析】解：(1)弹簧测力计的分度值是0.2N，示数为1.4N；由图A可知金属块的的重力G=2.0N，则金属块受到的浮力F浮=G-F=2.0N-1.4N=0.6N。
(2)分析图B、C，液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，说明受到的浮力不同，故可知物体在液体中受到浮力的大小与排开液体的体积有关。
(3)分析图C、D，液体的密度相同，排开液体的体积相同，弹簧测力计示数相同，说明受到的浮力相同，浸没深度不同，故可知物体在液体中受到浮力的大小与浸没深度无关。
(4)图D中，F浮=G-F=2.0N-1.2N=0.8N。根据阿基米德原理F浮=G排，所以小桶内液体的重力为0.8N。
(5)根据阿基米德原理，排开液体的重力等于浮力，根据力的相互作用，液体对物体的浮力大小等于物体对液体的压力，即物体对液体的压力大小等于排开液体的重力，所以B、C图中容器对电子秤的压力不变，依然等于A图中容器对电子秤的压力，所以A、B、C中电子秤的示数大小关系m1=m2=m3。
故答案为：(1)1.4；0.6；(2)排开液体的体积；(3)浸没深度；(4)0.8；(5)=；=。
(1)根据弹簧测力计的分度值和指针所指的位置进行读数；根据称重法求浮力。
(2)(3)根据控制变量法、相同的量及不变的量进行分析。
(4)根据称重法、阿基米德原理及已知量分析。
(5)根据阿基米德原理，排开液体的重力等于浮力，根据相互作用力的大小关系进行分析。
本题考查探究影响浮力大小的因素，(5)中要明确物体受到的浮力大小等于物体对液体的压力。
28.【答案】答：(1)电动自行车在规定道路行驶可避免与汽车、行人相撞事故的发生；
(2)质量一定时，电动自行车速度越大，动能越大，刹车后电动车的制动距离越长，容易发生追尾事故；
(3)速度一定时，电动自行车质量越大，动能越大，刹车后电动车的制动距离越长，容易发生追尾事故；
(4)人与电动自行车一起向前运动，当出现危险情况紧急刹车时，因为驾驶人和乘车人具有惯性，继续向前运动，所以人会向前摔出，造成伤害。
【解析】(1)根据生活安全常识分析电动自行车限道的必要性；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大，据此分析电动自行车限速、限载的必要性。
(3)惯性即物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性，据此分析骑电动自行车时佩戴安全头盔的必要性。
此题考查惯性和动能大小的影响因素，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学知识解决生活中的实际问题。
29.【答案】解：(1)火星车从地球上到火星上，位置发生变化，但所含物质的多少没有变化，所以质量不变；
火星车在火星上受到的重力：G火=38G地=38mg=38×240kg×10N/kg=900N；
(2)火星车在火星表面静止时，对火星表面的压力等于火星车在火星上受到的重力：F=G火=900N，
车对火星表面的压强：p=FS=900N300×10-4m2=3×104Pa。
答：(1)火星车在火星上受到的重力为900N；
(2)火星车对火星表面的压强是3×104Pa。
【解析】(1)物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关，根据G火=38G地=38mg求出火星车在火星上受到的重力；
(2)火星车在火星表面静止时，对火星表面的压力和自身的重力相等，已知受力面积，利用p=FS求出车对火星表面的压强。
本题考查了重力公式和压强公式的灵活运用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
30.【答案】解：(1)由图可知机器人在10s～20s的速度v=2m/s，
由P=Wt=Fv可知，机器人在10s～20s的牵引力F=Pv=20W2m/s=10N，
由于机器人在10s～20s是匀速直线运动，则机器人的牵引力与受到阻力是一对平衡力，
根据二力平衡条件可知，机器人在10s～20s受到的阻力f=F=10N；
(2)由P=Wt可知，机器人在0～20s做的功W=Pt=20W×20s=400J。
答：(1)机器人在10s～20s受到的阻力为10N；
(2)机器人在0～20s做的功为400J。
【解析】(1)由图可知机器人在10s～20s的速度，根据P=Wt=Fv计算出机器人在10s～20s的牵引力，根据二力平衡条件可知机器人在10s～20s受到的阻力；
(2)知道机器人的功率和运动时间，利用P=Wt计算出机器人在0～20s做的功。
本题考查功率推导公式的灵活运用、功的计算以及二力平衡条件的应用，注意从图象中获取相关信息。
31.【答案】解：(1)由表可知：液体的深度h=0时，物块对传感器的压力F1=6N，
此时，G=F1=6N；
(2)当液体的深度h=0.01m时，物块对传感器的压力F2=4.8N，
此时，V排2=Sh=(0.1m)2×0.01m=1×10-4m3，
满足：G-ρ液gV排2=F2，
即：6N-ρ液×10N/kg×1×10-4m3=4.8N，
解得：ρ液=1.2×103 kg/m3；
(3)设当物块对传感器的压力为0时，加入液体的深度为h，
此时满足：F浮=G，
即：ρ液gSh=G，
1.2×103 kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×h=6N，
解得：h=0.05m，
液体深度h从0增加到0.08m的过程中，物块处于漂浮状态，浸入液体的深度仍为0.05m，
此过程中，物块重心提升：Δh=0.08m-0.05m=0.03m，
根据能量关系可得浮力对物块做的功：W=GΔh=6N×0.03m=0.18J。
答：(1)实心正方体物块的重力为6N；
(2)液体的密度为1.2×103 kg/m3；
(3)液体深度h从0增加到0.08m的过程中，浮力对物块做的功为0.18J。
【解析】(1)液体的深度h=0时，物块对传感器的压力大小就等于重力；
(2)在表格中选一组液体深度不为零的数据，物块的重力、所受浮力及对传感器压力(等于传感器对物块的支持力大小)的三力平衡关系，建立等式，即可求出液体的密度；
(3)液体深度h从0增加到0.08m的过程中，算出物块重心提升的高度，根据能量关系，克服物块重力所做的功，即为浮力所做的功。
解题的关键是：算出物块重心提升的高度，前提是先计算出物块漂浮时浸入液体的深度。
绝密★启用前
2021-2022学年福建省厦门市思明区八年级（下）期末物理试卷
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共14小题，共28.0分）
1. 下列科学家中，为“牛顿第一定律”的提出奠定了基础的是( )
A. 焦耳 B. 伽利略 C. 帕斯卡 D. 瓦特
2. 如图厨房用具中，属于省力杠杆的是( )
A. 食品夹 B. 碗夹
C. 筷子 D. 开瓶器
3. 自由式滑雪是北京冬奥会的比赛项目之一，如图所示的滑雪装备中，能增大压强的是( )
A. 滑雪杖杖尖较细 B. 滑雪板宽且长
C. 滑雪头盔重量小 D. 头盔下巴垫宽软
4. 如图所示的实例中，不是利用连通器原理的是( )
A. 茶壶 B. 下水管道
C. 拦河大坝 D. 船闸
5. 下列物体惯性最大的是( )
A. 树上落下的苹果 B. 高速飞行的子弹 C. 桌上的物理试卷 D. “福建号”航母
6. 2022年6月5日，神舟14号飞船将陈冬、刘洋、蔡旭哲3名航天员送入中国空间站进行科学研究。航天员们生活的空间站内气压最接近的是( )
A. 0 B. 104 Pa C. 105 Pa D. 106 Pa
7. 如图所示的四幅图是小明同学将书包从学校大门提到楼上教室中的情景，①将书包从地面提起②提着书包沿水平方向行走③提着书包上楼④站在门口等候开门．其中，他对书包做功的过程是( )
A. ①③ B. ②④ C. ①②③ D. ①②③④
8. 科技助力农业生产，如图是无人机喷洒农药的场景。在无人机沿着水平方向匀速飞行喷洒农药的过程中，它的( )
A. 动能不变、机械能不变
B. 动能减小、机械能减小
C. 动能增大、机械能增大
D. 动能减小，机械能不变
9. 为了解决“H”形地下通道中过道的通风问题，同学们设计了如下几种方案。如图所示，黑色部分为墙面凸出部分，“M”为安装在过道顶的换气扇，其中既有效又节能的是( )
A. B. C. D.
10. 如图，在托里拆利实验中，下列操作能使管内外水银液面高度差h发生改变的是( )
A. 将玻璃管稍微倾斜一点
B. 把玻璃管稍微向上提(管口未离开水银面)
C. 换成更粗的玻璃管进行实验
D. 将该装置从一楼移到六楼进行实验
11. 如图，手握住玻璃瓶保持竖直静止，下列说法正确的是( )
A. 瓶受到的摩擦力大于瓶的重力
B. 增大手对瓶的握力，瓶受到的摩擦力也增大
C. 瓶受到的摩擦力与瓶的重力大小相等
D. 手对瓶的握力与瓶的重力二力平衡
12. 用细绳悬挂重物，向右上方匀速直线运动，运动轨迹如图虚线所示，不计空气阻力。图中绳子方向正确的是( )
A. B.
C. D.
13. 如图，一杯装满奶茶的密封杯放在水平桌面上，现在将它倒过来放置，下列判断正确的是( )
A. 奶茶对杯底的压力变大 B. 奶茶对杯底的压强变小
C. 杯子对桌面的压力变小 D. 杯子对桌面的压强不变
14. 如图所示，用滑轮组拉动水平地面上的物体，物体重G=800N，拉力F=100N，物体以0.2m/s的速度向左匀速运动，受到地面的摩擦力f=240N。下列说法正确的是( )
A. 绳子自由端移动速度为0.4m/s
B. 拉力F的功率为20W
C. 该滑轮组的机械效率是80%
D. 若物体以0.4m/s的速度匀速运动，滑轮组的机械效率变大
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
15. 夏天清晨，小明在海湾公园晨练，闻到阵阵花香，说明分子在不停地______；他看到平铺在水面的荷叶上两滴露珠接触时，会迅速自动结合成一滴大水珠，表明分子间存在______。
16. 如图，浴室专用防滑垫的下表面有很多小吸盘，挤出吸盘内气体，吸盘被______
紧紧压在地面上，可以提供很大的摩擦力，达到良好的防滑效果。当脚对防滑垫施加一个5N的水平力时，防滑垫不会滑动，此时它受到合力为______N。
17. 气象观测工程师用探空气球(氢气球)将探空仪器带上高空，如图，在加速上升过程中，气球与仪器受到的浮力______重力(空气阻力忽略不计)。气球上升至3万米高度会自行爆裂，爆裂的这一瞬间，绳下悬挂的仪器向______运动。
18. 将两个完全相同的小球放入甲、乙两种液体中，静止后如图所示，则这两个小球在液体中受到的浮力大小关系为F浮甲______F浮乙；甲、乙两种液体的密度大小关系为ρ甲______ρ乙。
19. 如图为防溺水自救手环，当手环停留在水0.5m深度以下的时间超过20s时，手环上的充气开关被触发，手环内部的气囊自动充气，气囊膨胀后使人体浮出水面。感应开关被触发的液体压强至少为______Pa；若一个充满气的安全气囊能够排开3kg的水，则可以给溺水者提供______N的浮力(安全气囊重力忽略不计)。
20. 如图甲为核酸检测时常用的隔离柱，顶端伸缩头中有用弹簧固定的可收缩布带，松手后布带会自动收回。其模型结构如图乙，底座质量7.5kg，杆身质量和底座高忽略不计。为保持隔离柱稳定不动，布带向右拉出时可承受的最大拉力为______N，若要增大它能承受的最大拉力，可采用______的方法。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
21. 如图为一艘静止于海面下的潜艇，请画出该潜艇所受力的示意图。
22. 如图甲是一种下开式窗户，乙图为该窗户的结构简图，其中B为转动轴，O点为窗的重心，请画出窗的重力的力臂l。
四、实验探究题（本大题共5小题，共30.0分）
23. 小明同学在探究“牛顿第一定律”时，完成了三次实验，如图。
(1)实验中，应让小车从斜面______位置由静止滑到水平面上，测量______。
(2)按顺序对比三次实验，小车受到水平面的摩擦阻力逐渐______。
(3)在实验事实的基础上推理：假如平面足够光滑(完全没有摩擦阻力)，小车将______。这一推理过程采用的科学方法在下列______实验中也有运用。
A.探究“真空是否可以传声”实验
B.探究“光的反射定律”实验
C.验证“阿基米德原理”实验
D.探究“杠杆的平衡条件”实验
24. 用如图装置探究“动能的大小跟哪些因素有关”。摆线拉直后将钢球从某高度h处由静止释放，摆到竖直位置时撞击水平面上的木块。
(1)实验中通过观察木块被撞击后移动的距离来判断钢球的______大小。
(2)为探究动能与质量的关系，应改变______的质量进行多次实验。
(3)让钢球从不同高度静止释放，发现高度越高，木块被撞击后移动的距离越大，得出结论：______。
(4)从能量转化的角度分析，钢球起始位置A越高，具有的______能越大，摆到B点时的动能越大，能做的功越多。
25. 如图为小明探究“杠杆的平衡条件”的实验。
(1)实验前，如图甲，杠杆处于静止状态，则应将左端的平衡螺母向______调节，直到杠杆在水平位置平衡，目的是______。
(2)如图乙所示，在支点O左测三格处的A点挂4个钩码，要使杠杆平衡，应在支点右侧二格处的B点挂______个钩码。当杠杆平衡后，将A、B两点所挂的钩码同时远离支点一格，则杠杆将______时针转动。
(3)取下B点钩码，用弹簧测力计在B点拉杠杆，始终保持杠杆在水平位置平衡，如图丙所示。弹簧测力计从a位置转到b位置的过程中，示数将______。
(4)图丁为小明以重心为界切分萝卜，根据本实验结论推测两半萝卜质量大小关系为mA______mB。
26. 小明在探究“液体的压强”实验中进行了如图的操作。
(1)在使用U形管压强计前，发现U形管压强计两管液面不相平，如图甲，可以采用______以下哪种方法调节。
A.从U形管右侧中倒出适量液体
B.拆除胶管重新安装
(2)调节完成后，通过观察U形管两管液面的______可知液体压强的大小。
(3)分析乙、丙两图的实验现象，得出结论：______。
(4)小明设计了如图丁的装置测量浓盐水密度，步骤如下：
①在容器左侧加入适量水(水面高于橡皮膜)，测量水面到橡皮膜中心的深度h1；
②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜______，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③待测液体密度的表达式为ρ=______。(水的密度用ρ水表示)
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是______(写出一点即可)。
27. 探究“浮力的大小与哪些因素有关”的实验装置与步骤如图所示：
(1)图B中，弹簧测力计的示数为______N，金属块受到的浮力为______N。
(2)分析图B、C数据可得：物体在液体中受到浮力的大小与______有关。
(3)分析图C、D数据可得：物体在液体中受到浮力的大小与______无关。
(4)图D小桶内液体的重力为______N。
(5)请推测图A、B、C中电子秤的示数大小关系m1______m2______m3。
五、简答题（本大题共1小题，共4.0分）
28. 今年，厦门市进行电动自行车专项治理行动，对电动自行车骑行提出以下安全要求：限道(在规定道路行驶)、限速(车速不得超过25km/h)、限载(限载1名12周岁下儿童)，佩戴安全头盔(驾驶人和乘车人都要)。请应用物理知识解释上述安全要求的必要性(任选2点作答即可)。
六、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
29. 2021年5月，我国自主设计的“祝融号”火星车成功着陆火星，实现了我国航天史上的新突破。若火星车质量为240kg，轮子和地面接触的总面积为300cm2，物体在火星上受到的重力是地球上受到重力的38。求：
(1)火星车在火星上受到的重力；
(2)火星车对火星水平地面的压强。
30. 北京冬奥会通过“数字科技+美学创新”首次实现火炬水下接力。若水下机器人携带火炬以恒定功率20W沿水平方向直线运动，其v-t图象如图所示，求：
(1)机器人在10s～20s受到的阻力；
(2)机器人在0～20s做的功。
31. 如图，在足够高的圆柱形容器底部，贴有一个底面为边长为0.1m正方形的压力传感器(厚度不计)。将一个边长为0.1m的实心正方体物块放在传感器上，然后缓慢地向容器内倒入某种液体，物块对传感器的压力F与倒入液体的深度h的关系如下表所示。求：
h/m
0
0.01
0.02
0.03
0.04
F/N
6
4.8
3.6
2.4
1.2
(1)实心正方体物块的重力；
(2)液体的密度；
(3)液体深度h从0增加到0.08m的过程中，浮力对物块做的功。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】A、焦耳提出了焦耳定律，故A错误；
B、伽利略通过理想斜面实验得出力是改变物体运动状态的原因，为牛顿第一定律奠定了基础，故B正确；
C、帕斯卡通过实验测出了大气压强的值，故C错误；
D、瓦特发明了蒸汽机，故D错误。
故选：B。
弄清楚每个物理学家的贡献是关键。
掌握每个物理学家的贡献是解题的关键。
2.【答案】D
【解析】解：A、食品夹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；
B、碗夹使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；
C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误；
D、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D正确。
故选：D。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3.【答案】A
【解析】解：A、滑雪杖杖尖较细，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A符合题意；
B、滑雪板宽且长，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故B不合题意；
C、滑雪头盔重量小，是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强，故C不合题意；
D、头盔下巴垫宽软，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D不合题意。
故选：A。
压强大小跟压力大小和受力面积大小有关；
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
这是一道与生活联系非常密切的物理题，在我们日常生活中经常需要根据实际情况来增大或减小压强，要学会学以致用，活学活用，这才是学习物理的真正意义。
4.【答案】C
【解析】解：A、壶嘴和壶身构成了连通器，故A不符合题意；
B、下水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，属于连通器，故B不符合题意；
C、拦河大坝是根据液体压强随深度的增加而增大的特点修建成上窄下宽的形状，不属于连通器，故C符合题意；
D、船闸的上游与闸室下面通过阀门相通，当下游阀门关闭，上游阀门打开，上游与闸室内的水位逐渐相平，打开上游闸门，船就可以进入闸室；同理，船再进入下游，就通过了船闸，船闸使用了连通器原理，故D不符合题意。
故选：C。
连通器的特点：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口，底部相连的，液面静止时保持相平。
5.【答案】D
【解析】解：惯性大小只与物体质量有关，与物体的速度和受力情况等无关。比较苹果、子弹、试卷和航母的质量可知，航母的质量最大，所以惯性最大，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选：D。
惯性是保持原来运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体惯性就大，质量小的物体惯性就小。
此题考查学生对惯性大小影响因素的理解和掌握，关键是知道质量是惯性大小的唯一量度，知道惯性大小与物体的速度和受力情况等无关。
6.【答案】C
【解析】解：一个标准大气压的值约为105 Pa，航天员生活的空间站的气压与标准大气压相近，故C正确。
故选：C。
航天员生活的空间站的气压与标准大气压相近。
本题考查标准气压的值，是对基础知识的考查。
7.【答案】A
【解析】解：
①将书包从地面提起，有力，有距离，人对书包做功；
②提着书包沿水平方向行走，力的方向与运动方向垂直，人对书包没有做功；
③提着书包上楼，有力，有距离，人对书包做功；
④站在门口等候开门，有力，无距离，人对书包没有做功．
故选A．
本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离．二者缺一不可．
此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直．
8.【答案】B
【解析】解：由题可知，无人机在喷洒农药的过程中，速度不变、高度不变，但总质量在逐渐变小，所以其动能减小、重力势能减小，则其机械能也将减小。故A、C、D错误，B正确。
故选：B。
(1)影响物体动能大小的因素：质量、速度。
(2)影响物体重力势能大小的因素：质量、高度。
(3)物体的机械能=物体的动能+物体的势能。
我们在分析物体机械能的变化情况时，要从质量、高度、速度等因素出发逐步分析，然后得出结论。
9.【答案】C
【解析】解：要想让风经过过道，过道左右两端的气压应该不同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度不同。
A、过道左右两端的通风道相同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度相同，故A不合理。
B、过道左右两端的通风道相同，所以过道左右两端的通风道中的空气流动速度相同，故B不合理。
C、过道右端的通风道有凸起，所以相同时间风经过过道右端的通风道时的路程长，则风速较快，所以过道右端的气压小于左端的气压，所以空气会从过道的左端流向右端，过道中有风通过。此方案不需要消耗其他能量，既有效又节能，故C合理。
D、过道中有电动机，电动机工作时过道中空气流动速度加快，气压减小，空气会从过道口流进来而通风，但需要消耗电能，故此方案虽有效但不节能，故D不合理。
故选：C。
流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。
本题的解题关键是了解气体压强与流速的关系及各方案的形状、特点，注意“既有效又节能”的条件。
10.【答案】D
【解析】解：在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度，即玻璃中内外液面高度差是不会改变的．
A、将玻璃管稍微倾斜，外界大气压不变，只会改变水银柱的长度，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故A不合题意；
B、将玻璃管稍微向上提一点(管口未离开液面)，外界大气压不变，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故B不合题意；
C、将玻璃换成更粗或更细的，外界大气压不变，玻璃中内外液面高度差不发生改变，故C不合题意；
D、将该装置从一楼拿到六楼，外界大气压变小，玻璃中内外液面高度差变小，故D符合题意。
故选：D。
在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，因此，只要外界大气压不变，它的垂直高度是不会改变的．玻璃管倾斜只会改变水银柱的长度，而高度不会发生变化．管内水银柱的高度差与外界气压、是否进入空气有关，与玻璃管的粗细、是否倾斜、插入水银槽的深度无关。
学习托里拆利实验时，需要注意水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度；并对各种变化的情况是否会影响实验的结果，必须有一个明确的认识，这也是我们掌握这一实验的基本要求。
11.【答案】C
【解析】解：手握玻璃瓶，玻璃瓶静止在手中，玻璃瓶受力平衡，在竖直方向上，玻璃瓶受到向下的重力与向上的摩擦力相互平衡，即摩擦力大小等于重力，瓶子重力不变，所受的摩擦力不变，与手对瓶的握力大小无关，故ABD错误，C正确。
故选：C。
用手握住玻璃瓶保持静止，处于平衡状态，受到的力为平衡力；再根据二力平衡条件：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上进行解答。
根据二力平衡的条件可知，平衡力的大小相等方向相反，静摩擦力大小与握力无关，其大小由二力平衡来求。
12.【答案】A
【解析】解：由题知，重物向右上方做匀速直线运动时，重物处于平衡状态，不计空气阻力，重物受到竖直向下的重力，还受到绳子的拉力，且这两个力是一对平衡力，所以绳子拉力方向与重力方向相反，即拉力方向是竖直向上的，由各选项图知，A正确，BCD错误。
故选：A。
重物向右上方做匀速直线运动时处于平衡状态，对重物进行受力分析即可得到绳子方向。
本题考查对物体受力分析，知道处于平衡状态下的物体受到的一定是平衡力。
13.【答案】A
【解析】解：(1)将容器正放和倒放时，容器对水平桌面的压力都等于奶茶和容器总重，所以F不变；但放置方式由甲变为乙，受力面积变大，根据p=FS可知，整个容器对水平桌面的压强变小；
(2)由于容器装满奶茶，放置方式由甲变为乙，奶茶的深度不变，根据p=ρgh可知，奶茶对容器底部产生的压强不变；由于受力面积变大，由F=pS可知，水对容器底的压力变大；
综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，据此判断倒放后容器对水平桌面的压力变化，进而根据压强定义式判断整个容器对水平桌面的压强变化。
(2)容器倒置后，奶茶深度不变，由液体压强公式得出容器底受到奶茶压强的变化情况，根据F=pS可知奶茶对容器底压力的变化。
本题考查了学生对压强定义式、液体压强公式的掌握和运用，关键是知道在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重。
14.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，有三段绳子拉着动滑轮，绳子自由端移动的速度v=3v物=3×0.2m/s=0.6m/s，故A错误；
B、绳断拉力F的功率：P=Fv=100N×0.6m/s=60W，故B错误；
C、绳子自由端移动的距离s=3s物，
克服摩擦力做的有用功为：W有用=fs物=240N×s物，
拉力做的总功：W总=Fs=100N×3s物，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×%=240N×s物100N×3s物×%=80%，故C正确；
D、物体以0.4m/s的速度匀速运动，物体受到的摩擦力和绳端的拉力不变，绳子自由端移动的距离s=3s物，
η=W有用W总×%=240N×s物100N×3s物×%=80%，滑轮组的机械效率不变，故D错误。
故选：C。
(1)由图可知，有三段绳子拉着动滑轮，绳子自由端移动的速度等于物体移动速度的3倍；
(2)利用P=Fv算出拉力F的功率；
(3)利用W=Fs求拉力做的总功，利用W=fs物求克服摩擦力做的有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
(4)分析速度的变化是否引起机械效率的变化。
本题综合考查了功、功率、机械效率的计算，本题关键：知道克服摩擦力做的功为有用功。
15.【答案】做无规则运动 引力
【解析】解：夏天清晨，小明在海湾公园晨练，闻到阵阵花香，是扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
平铺在水面的荷叶上两滴露珠接触时，会迅速自动结合成一滴大水珠，表明分子间存在引力。
故答案为：做无规则运动；引力。
相互接触的物体彼此进入对方的现象，称为扩散现象。扩散现象说明分子在不停地做无规则运动，同时说明分子间存在间隙，组成物质的分子间存在相互的引力和斥力。
此题考查学生对分子动理论观点的理解和应用，是一道基础训练题。
16.【答案】大气压 0
【解析】解：根据防滑垫的设计特点，可以看出它的有吸盘的一面是为了利用大气压将防滑垫紧压在瓷砖上，防止瓷砖滑动的；
当脚对防滑垫施加一个5N的水平力时，防滑垫不会滑动，处于平衡状态，受到平衡力的作用，合力为0N。
故答案为：大气压；0。
(1)吸盘的一面是为了利用大气压将防滑垫紧压在瓷砖上防止它滑动的；
(2)当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到的力平衡，合力为0N。
本题考查大气压的应用和力的合成，难度不大，是对基础知识的考查。
17.【答案】大于 向上
【解析】解：(1)由物体的浮沉条件可知，气球要加速上升所受浮力应大于物体的重力；
(2)爆裂的这一瞬间，绳下悬挂的仪器由于具有惯性仍会向上运动一段距离，再因重力作用而下落。
故答案为：大于；向上。
(1)物体在液体中的浮沉条件：上浮时，F浮>G，悬浮时，F浮=G，下沉时，F浮
本题考查了物体的浮沉条件及惯性，属基础题。
18.【答案】等于 小于
【解析】解：(1)两个完全相同的小球放在甲乙液体中都漂浮，则F浮乙=F浮甲=G，小球在甲、乙两种液体中受到的浮力都等于小球受到的重力G；
(2)由图知小球排开液体的体积V排甲>V排乙，又F浮=ρ液V排g，浮力相等，则ρ甲<ρ乙。
故答案为：等于；小于。
(1)从图可知，小球放在甲、乙液体中都漂浮，受到的浮力都等于小球受到的重力，从而可以判断受到浮力的大小关系；
(2)从图可以得出小球排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理以及物体的漂浮条件掌握，利用好漂浮(F浮=G)是本题的关键。
19.【答案】5×103 30
【解析】解：(1)感应开关被触发时液体的压强：p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa；
(2)由阿基米德原理可知，安全气囊提供的浮力：F浮=G排=m排g=3kg×10N/kg=30N。
故答案为：5×103；30。
(1)根据p=ρgh求感应开关被触发时液体的压强；
(2)根据阿基米德原理求出安全气囊提供的浮力。
本题考查液体压强公式和阿基米德原理的应用，是一道基础题。
20.【答案】14.7 增加底座质量或增加底座直径或减小杆身的高度
【解析】解：由图乙知，底座的重力：G=mg=7.5kg×9.8N/kg=73.5N；
圆盘的半径为180mm=18cm，杆身高为900mm=90cm，
根据杠杆平衡条件可得：Fl=Gl'，
所以F=Gl'l=73.5N×18cm90cm=14.7N；
根据杠杆的平衡条件，要增大它能承受的最大拉力，增加底座质量或增加底座直径或减小杆身的高度。
故答案为：14.7；增加底座质量或增加底座直径或减小杆身的高度。
根据G=mg求出底座的重力，根据杠杆的平衡条件求得可承受的拉力；
根据杠杆的平衡条件进行解答。
本题主要考查了杠杆平衡条件的应用，不仅能够利用平衡条件解释有关的现象，并且要学会应用其解决有关的问题。
21.【答案】解：潜艇静止在海面下，受重力和浮力作用，并且是一对平衡力，大小相等，方向相反；重力从重心竖直向下画，浮力从重心竖直向上画，标出符号G和F浮，注意两个力的长度相等，如图：。
【解析】先分析出潜艇受到重力和浮力作用，而且是一对平衡力；
再找到两个力的三要素：重力和浮力的作用点均在木块的重心上，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上；
分别用一条带箭头的线段把重力、浮力的大小、方向、作用点表示出来。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。
22.【答案】解：反向延长重力作用线，从支点B作重力作用线的垂线段，可得重力的力臂l，如图所示：
【解析】从支点作重力作用线的垂线，可得重力的力臂。
本题考查了力臂的画法，明确力臂的概念，在作图中要注意力的方向。
23.【答案】同一 小车在水平面运动的距离 减小 做匀速直线运动 A
【解析】解：
(1)小车从斜面的同一高度释放，从而使它们刚运动到水平面上时具有相同的速度，通过测量小车在水平面运动的距离判断阻力对小车运动的影响；
(2)在这三次实验中，第一次实验小车在毛巾表面上运动的距离最短，这表明小车在毛巾表面上受到的摩擦力最大，随着接触面的改变，发现接触面越来越光滑，摩擦力越来越小，木块运动的距离会越来越长，运动的时间也越来越长，速度减小得越慢；
(3)假如平面足够光滑(完全没有摩擦阻力)，小车将做匀速直线运动；这一过程中运用了实验推理法，探究“真空是否可以传声”实验中也有运用这一方法，故A正确。
故答案为：(1)同一；小车在水平面运动的距离；(2)减小；(3)做匀速直线运动；A。
(1)实验中为了验证物体速度相同时，木块受到的不同的阻力对其速度的影响，因此实验中要保证木块的初始速度相同。小车从斜面的同一高度释放，从而使它们刚运动到水平面上时具有相同的速度，通过测量小车在水平面运动的距离判断阻力对小车运动的影响；
(2)(3)水平面越光滑，小车所受阻力越小，运动距离越远，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动。
本题考查了阻力对物体运动的影响，属于探究实验，要明确实验中用到的探究方法：控制变量法、转换法、科学推理法。
24.【答案】动能 钢球 质量相同的物体，速度越大，动能越大 重力势
【解析】解：(1)该实验中钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，木块被撞的越远，说明钢球的动能越大，被撞的越近，说明钢球的动能越小，这里采用了转换法的思想；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法；为探究动能与质量的关系，需控制钢球速度不变，改变钢球的质量进行多次实验；
(3)同一钢球从不同高度由静止释放，高度越高，即将撞击木块时的速度越大，木块被撞击后移动的距离越大，说明钢球的动能越大，故可得结论：质量相同的物体，速度越大，动能越大；
(4)由于钢球质量不变，钢球起始位置A越高，说明钢球高度越大，此时钢球具有的重力势能越大。
故答案为：(1)动能；(2)钢球；(3)质量相同的物体，速度越大，动能越大；(4)重力势。
(1)实验中通过观察木块被钢球撞击后移动的距离大小判断钢球的动能大小的，利用了转换法；
(2)(3)影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法；
(4)重力势能的大小与物体的质量、高度有关；当高度相同时，物体的质量越大，重力势能越大；当质量相同时，物体被举得越高，重力势能越大。
解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，探究影响动能的大小因素，是中考探究实验考查的重点，设计实验时，要考虑到质量和速度这两个因素。
25.【答案】右 消除杠杆自身重力对实验的影响 6 顺 变大 >
【解析】解：(1)调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；当杠杆在水平位置平衡时，杠杆支点与杠杆重心重合，重力力臂为零，消除杠杆自身重力对实验的影响；
(2)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，
即4G×3L=FB×2L，解得FB=6G，需挂6个钩码；
根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB，若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧4G×4L=16GL，右侧6G×3L=18GL，因为18GL>16GL，所以杠杆右端会下降，顺时针转动；
(3)保持B点不变，测力计从a位置转动到b位置时，拉力F向右倾斜，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，阻力、阻力臂不变，动力臂减小。动力变大；
(4)以O为支点，左端的重心在A处，右端的重心在B处，LA
因为LA
所以mA>mB。
故答案为：(1)右；消除杠杆自身重力对实验的影响；(2)6；不能；(3)变大；(4)>。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动，这样使杠杆在水平位置平衡，支点与杠杆重心重合，消除杠杆自身重力对实验的影响；
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B点挂钩码的数量；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(3)根据杠杆的平衡条件分析解答；
(4)由图可知，萝卜被支起，处于平衡状态，只要能确定两边力臂的大小关系即可求得两边的质量的大小关系。
本题主要考查的是学生对器材的操作和杠杆平衡条件的理解和掌握，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，消除了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。
26.【答案】B 高度差 在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大 相平 h1h2×ρ水 换用分度值更小的刻度尺
【解析】解：(1)当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该就是相平的，若U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压，在压力差的作用下，U形管中的液面出现高度差；要调节，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的；
(2)压强计是通过观察U形管的两端液面的高度差来显示橡皮膜所受压强大小；
(3)由乙、丙两图乙知，液体的密度相同，丙中探头的深度大，液面的高度差也大，故可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；
(4)②在容器的右侧缓慢加入待测浓盐水，直到橡皮膜相平，测量右侧浓盐水液面到橡皮膜中心的深度h2；
③橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，即ρ水gh1=ρgh2；
待测液体密度的表达式为ρ=h1h2×ρ水；
④若要使测量更精确，你对该实验器材的改进建议是换用分度值更小的刻度尺。
故答案为：(1)B；(2)高度差；(3)在同种液体中，液体内部压强随液体深度的增加而增大；(4)②相平；③h1h2×ρ水；④换用分度值更小的刻度尺。
(1)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(2)根据转换法，液体压强计是利用U形管中液面的高度差来体现压强的，压强越大，U形管液面高度差越大；
(3)液体内部的压强与液体的深度和密度都有关系，研究液体压强与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，结合转换法分析；
(4)观察到橡皮膜相平，则左右液体产生的压强相同，根据p=ρ液gh，可求出液体的密度的表达式；深度是液体内部一点到液体自由面的距离。换用分度值更小的刻度尺。
本题考查“探究影响液体内部压强大小因素”的实验，重点考查气密性判断、实验结论分析等知识。
27.【答案】1.4 0.6 排开液体的体积 浸没深度 0.8 = =
【解析】解：(1)弹簧测力计的分度值是0.2N，示数为1.4N；由图A可知金属块的的重力G=2.0N，则金属块受到的浮力F浮=G-F=2.0N-1.4N=0.6N。
(2)分析图B、C，液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计示数不同，说明受到的浮力不同，故可知物体在液体中受到浮力的大小与排开液体的体积有关。
(3)分析图C、D，液体的密度相同，排开液体的体积相同，弹簧测力计示数相同，说明受到的浮力相同，浸没深度不同，故可知物体在液体中受到浮力的大小与浸没深度无关。
(4)图D中，F浮=G-F=2.0N-1.2N=0.8N。根据阿基米德原理F浮=G排，所以小桶内液体的重力为0.8N。
(5)根据阿基米德原理，排开液体的重力等于浮力，根据力的相互作用，液体对物体的浮力大小等于物体对液体的压力，即物体对液体的压力大小等于排开液体的重力，所以B、C图中容器对电子秤的压力不变，依然等于A图中容器对电子秤的压力，所以A、B、C中电子秤的示数大小关系m1=m2=m3。
故答案为：(1)1.4；0.6；(2)排开液体的体积；(3)浸没深度；(4)0.8；(5)=；=。
(1)根据弹簧测力计的分度值和指针所指的位置进行读数；根据称重法求浮力。
(2)(3)根据控制变量法、相同的量及不变的量进行分析。
(4)根据称重法、阿基米德原理及已知量分析。
(5)根据阿基米德原理，排开液体的重力等于浮力，根据相互作用力的大小关系进行分析。
本题考查探究影响浮力大小的因素，(5)中要明确物体受到的浮力大小等于物体对液体的压力。
28.【答案】答：(1)电动自行车在规定道路行驶可避免与汽车、行人相撞事故的发生；
(2)质量一定时，电动自行车速度越大，动能越大，刹车后电动车的制动距离越长，容易发生追尾事故；
(3)速度一定时，电动自行车质量越大，动能越大，刹车后电动车的制动距离越长，容易发生追尾事故；
(4)人与电动自行车一起向前运动，当出现危险情况紧急刹车时，因为驾驶人和乘车人具有惯性，继续向前运动，所以人会向前摔出，造成伤害。
【解析】(1)根据生活安全常识分析电动自行车限道的必要性；
(2)影响动能大小的因素是质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大，据此分析电动自行车限速、限载的必要性。
(3)惯性即物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性，据此分析骑电动自行车时佩戴安全头盔的必要性。
此题考查惯性和动能大小的影响因素，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学知识解决生活中的实际问题。
29.【答案】解：(1)火星车从地球上到火星上，位置发生变化，但所含物质的多少没有变化，所以质量不变；
火星车在火星上受到的重力：G火=38G地=38mg=38×240kg×10N/kg=900N；
(2)火星车在火星表面静止时，对火星表面的压力等于火星车在火星上受到的重力：F=G火=900N，
车对火星表面的压强：p=FS=900N300×10-4m2=3×104Pa。
答：(1)火星车在火星上受到的重力为900N；
(2)火星车对火星表面的压强是3×104Pa。
【解析】(1)物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度无关，根据G火=38G地=38mg求出火星车在火星上受到的重力；
(2)火星车在火星表面静止时，对火星表面的压力和自身的重力相等，已知受力面积，利用p=FS求出车对火星表面的压强。
本题考查了重力公式和压强公式的灵活运用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
30.【答案】解：(1)由图可知机器人在10s～20s的速度v=2m/s，
由P=Wt=Fv可知，机器人在10s～20s的牵引力F=Pv=20W2m/s=10N，
由于机器人在10s～20s是匀速直线运动，则机器人的牵引力与受到阻力是一对平衡力，
根据二力平衡条件可知，机器人在10s～20s受到的阻力f=F=10N；
(2)由P=Wt可知，机器人在0～20s做的功W=Pt=20W×20s=400J。
答：(1)机器人在10s～20s受到的阻力为10N；
(2)机器人在0～20s做的功为400J。
【解析】(1)由图可知机器人在10s～20s的速度，根据P=Wt=Fv计算出机器人在10s～20s的牵引力，根据二力平衡条件可知机器人在10s～20s受到的阻力；
(2)知道机器人的功率和运动时间，利用P=Wt计算出机器人在0～20s做的功。
本题考查功率推导公式的灵活运用、功的计算以及二力平衡条件的应用，注意从图象中获取相关信息。
31.【答案】解：(1)由表可知：液体的深度h=0时，物块对传感器的压力F1=6N，
此时，G=F1=6N；
(2)当液体的深度h=0.01m时，物块对传感器的压力F2=4.8N，
此时，V排2=Sh=(0.1m)2×0.01m=1×10-4m3，
满足：G-ρ液gV排2=F2，
即：6N-ρ液×10N/kg×1×10-4m3=4.8N，
解得：ρ液=1.2×103 kg/m3；
(3)设当物块对传感器的压力为0时，加入液体的深度为h，
此时满足：F浮=G，
即：ρ液gSh=G，
1.2×103 kg/m3×10N/kg×(0.1m)2×h=6N，
解得：h=0.05m，
液体深度h从0增加到0.08m的过程中，物块处于漂浮状态，浸入液体的深度仍为0.05m，
此过程中，物块重心提升：Δh=0.08m-0.05m=0.03m，
根据能量关系可得浮力对物块做的功：W=GΔh=6N×0.03m=0.18J。
答：(1)实心正方体物块的重力为6N；
(2)液体的密度为1.2×103 kg/m3；
(3)液体深度h从0增加到0.08m的过程中，浮力对物块做的功为0.18J。
【解析】(1)液体的深度h=0时，物块对传感器的压力大小就等于重力；
(2)在表格中选一组液体深度不为零的数据，物块的重力、所受浮力及对传感器压力(等于传感器对物块的支持力大小)的三力平衡关系，建立等式，即可求出液体的密度；
(3)液体深度h从0增加到0.08m的过程中，算出物块重心提升的高度，根据能量关系，克服物块重力所做的功，即为浮力所做的功。
解题的关键是：算出物块重心提升的高度，前提是先计算出物块漂浮时浸入液体的深度。
相关试卷
2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷： 这是一份2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷，文件包含2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷docx、2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共24页， 欢迎下载使用。
2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷： 这是一份2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷，文件包含2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷docx、2024年福建省厦门市思明区中考物理模拟试卷pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共24页， 欢迎下载使用。
福建省厦门市思明区2023-2024学年八年级上册期末考试物理模拟试卷（附答案）： 这是一份福建省厦门市思明区2023-2024学年八年级上册期末考试物理模拟试卷（附答案），共17页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，简答题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
