2021-2022学年云南省昆明市西山区八年级（下）期末物理试卷（含解析）

这是一份2021-2022学年云南省昆明市西山区八年级（下）期末物理试卷（含解析），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
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2021-2022学年云南省昆明市西山区八年级（下）期末物理试卷


第I卷（选择题）

一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）
1. 下列数据中最接近实际的是(    )
A. 今天你所在考场的大气压约为2×105Pa
B. 一个初中生漂浮在水面上时，受到的浮力大约为50N
C. 一个初中生将两个鸡蛋举高1m做功约为1J
D. 一个初中生1min跳绳的功率约为4000W
2. 如图所示，正常使用的四种工具属于费力杠杆的是(    )
A. 开瓶器 B. 筷子
C. 核桃钳 D. 托盘天平
3. 如图所示的实例中，利用连通器原理工作的是(    )
A. 活塞式抽水机 B. 锅炉水位计
C. U形管压强计 D. 液压机
4. 龙卷风是高速旋转的气旋，能将物体“吸”起卷入空中，其中“吸”字蕴含的物理道理，与下列现象中的“吸”字相同的是(    )
A. 用吸尘器“吸”灰尘 B. 用吸管“吸”饮料
C. 地球“吸”地球附近物体 D. 两光滑铅块压紧后“吸”在一起
5. 疫情期间送水师傅不能送水到教室，每个班级都有同学负责去学校送水室搬水。如图所示的是小明搬水时的四种情境，其中小明没有对水桶做功的是(    )
A. 将水桶从地上提起来 B. 提着水桶上楼
C. 推着水桶在水平地面上滚动 D. 桶离开手后继续向前滚动
6. 云南运动员杨洪琼在北京冬残奥会越野滑雪女子坐姿比赛的三个项目中都拿到了冠军，成为首个在一届冬残奥会上拿到三枚金牌的中国运动员，如图是杨洪琼正在比赛的场景，下列说法正确的是(    )


A. 雪橇滑过后雪地上留下两条划痕，说明力可以改变物体的运动状态
B. 匀速直线滑行时，雪橇的重力与地面对雪橇的支持力是一对平衡力
C. 杨洪琼匀速直线滑行时，她所受合力为零
D. 冲过终点后杨洪琼不能立即停止滑行，是由于她受到惯性力的作用
7. 如图甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平拉力F的作用，其F-t和v-t图像分别如图乙、丙所示。下列说法错误的是(    )

A. 0s到第2s拉力对物体做的功为0J
B. 第2s到第4s物体受非平衡力的作用
C. 在第3s时，物体受到摩擦力的大小为6N
D. 第4s到第6s拉力对物体做功的功率为8W
8. 三个完全相同的柱形容器放在水平桌面上，容器中装有相同质量的水，取三块质量相等的橡皮泥，分别握成一个碗状、两只球状(其中一只球为空心)，分别放入水中，它们静止时的状态如图甲、乙、丙所示，下列说法正确的是(    )
A. 三块橡皮泥受到的浮力大小关系为F甲>F乙>F丙
B. 三块橡皮泥排开水的体积的大小关系为V甲>V丙>V乙
C. 三个容器底部受到水的压强大小关系为p甲>p乙>p丙
D. 三个容器对桌面的压强大小关系为p甲'=p乙'=p丙'
第II卷（非选择题）

二、填空题（本大题共11小题，共29.0分）
9. 著名物理学家卢瑟福提出了原子核式结构模型，原子是由原子核和带______电的核外电子组成。世界上第一个测出大气压值的实验是托里拆利实验，如果利用托里拆利实验装置分别在上海和昆明进行实验，则玻璃管内外汞面高度差较小的地方是______。
10. 新冠肺炎疫情自2020年春节期间爆发至今，冲在一线的医务人员需要佩戴N95口罩、护目镜等防护物品，因为飞沫是新型冠状病毒的主要传播途径，人们在打喷嚏时如果没有阻拦，上万个飞沫将以50m/s(相当于超级台风)的速度带出，飞沫传播的方式与花香飘散的方式______(选填“相同”或“不同”)。将注射器中的药液密闭后，药液很难被压缩，说明分子间存在______(选填“引”或“斥”)力。
11. 2022年3月23日，“天宫课堂”第二课在中国空间站开讲，冰墩墩作为“特约嘉宾”，参与到课堂里。王亚平将冰墩墩抛向对面叶光富，在离手之后不受任何力，在空中飞行时冰墩墩做______(选填“曲线”或“匀速直线”)运动。同一个冰墩墩在太空中的惯性______(选填“大于”“小于”或“等于”)在地球上的惯性。
12. 2022年4月16日“神舟十三号”载人飞船返回舱胜利返回地球。三位宇航员完成了长达半年的航天之旅终于“回家”，返回过程中宇航员要平躺在座椅上，尽量增大人体与座椅的接触面积，从而减小座椅对人体的______。降落的最后阶段打开降落伞使飞船返回舱减速下落时，飞船的机械能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。
13. 2022年4月30日11时30分，我国在东海海域使用长征十一号，以“一箭五星”方式将五颗卫星成功发射。如图所示，火箭离开发射船后，发射船静止时所受浮力______，发射船下表面受到的海水压强______。(均选填“增大”“减小”或“不变”)
14. 如图所示，将2022年北京冬残奥会的吉祥物——“雪容融”立放在水平雪地上，它对水平雪地的压强为2000Pa，表示的物理含义______。若此“雪容融”与水平雪地的接触面积为0.05m2，则此“雪容融”的质量为______kg。


15. “探究阻力对物体运动的影响”的实验如图所示，实验时每次都要让小车从斜面的顶端由静止滑下，目的是让小车到达水平面时的______相等。分析实验现象可知，小车在水平面上受到的阻力越小，小车速度减小得越______(选填“慢”或“快”)。


16. 把一木块放入水中漂浮时，木块有的35体积浸入水中，受到的浮力为F1；如果把该木块放入密度为0.8×103kg/m3的足够深的酒精中静止时，受到的浮力为F2，则F1______F2(选填“>”“”、“”、“S甲>S乙)

(1)实验中，探究的动能是指______(填序号)
A.木块被小球撞击后的动能
B.小球在斜面上的动能
C.小球撞击木块时的动能
D.小球撞击木块后的动能
(2)小球在滚下斜面的过程中，它的______转化为动能，其动能大小是通过______反映的。
(3)分析比较图甲、乙两组实验可得出物体的动能与______有关。分析比较甲和丙两组实验可得出结论：______。
(4)实验后，同学们联想到在许多交通事故中，造成安全隐患的因素有“超载”与“超速”，他们进一步想知道，在影响物体动能大小的因素中，哪个对动能影响更大？于是利用上述器材进行了实验测定，得到的数据如表所示：
实验次序
小球的质量
m/g
小球自由滚下的高度
h/cm
木块被撞后运动的距离
s/cm
1
30
10
20
2
30
20
80
3
60
10
40
①为了探究“超载”安全隐患，应选择序号为______的两次实验进行比较。
②为了探究“超速”安全隐患，应选择序号为______的两次实验进行比较。分析表格中对应的实验数据可知：______对物体的动能影响更大，当发生交通事故时，由此造成的危害更严重。

五、计算题（本大题共3小题，共25.0分）
25. 2022年北京冬奥会期间，百余辆我国自主研发“氢腾”燃料电池系统的氢能客车为延庆赛区提供交通接驳保障服务。这批氢能客车设计时速100km/h，加满氢仅需10min，总续驶里程超过600km，适应低温、爬坡等路况，满足北方城市低温运行要求。相较传统化石能源车辆，氢能客车每行驶100km，可减少约70kg二氧化碳排放，相当于14棵普通树木一年的吸收量。总质量为7.2×103kg的氢能客车在水平路面上匀速行驶时所受的阻力为车重的0.04倍，静止在水平地面上时，车轮与地面的总接触面积为0.12m2。求：
(1)氢能客车静止时对水平地面的压强；
(2)氢能客车按设计时速在水平路面上匀速行驶100km牵引力所做功；
(3)氢能客车在水平路面上匀速行驶时的功率。
26. 某工人站在水平地面上用如图所示的滑轮组提起重700N重物A，竖直向下拉动绳子自由端施加的拉力大小为500N，5s内使物体匀速上升1m，已知该工人重600N，若不计绳重和摩擦，绳子能够承受的最大拉力足够大。求：
(1)动滑轮的重力；
(2)绳子自由端拉力F的功率；
(3)该滑轮组的机械效率；
(4)该工人利用该滑轮组能够匀速提升物体的最大重力。


27. 在水平桌面上放置一个底面积为100cm2的圆筒形容器，用弹簧测力计悬挂一实心物块A。当物块A下表面与容器中的水面刚好接触时匀速下放，直至浸没于水中并继续匀速下放至如图甲所示位置。物块A下放过程中，弹簧测力计示数F与物块下表面浸入水中的深度h的关系如图乙所示。(已知ρ水=1.0×103kg/m3)求：
(1)物块A的质量；
(2)物块A浸没在水中受到的浮力；
(3)物块A的密度；
(4)物块A浸没后与放入水之前容器底部所受的水的压强的变化量。


答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：
A、一个标准大气压值约为1×105Pa，考场里的大气压约等于一个标准大气压，故A不符合题意；
B、一个初中生的重力约为500N，漂浮时，浮力等于重力约为500N，故B不符合题意；
C、两个鸡蛋的重力约为1N，举高1m，克服重力做功约为W=Gh=1N×1m=1J，故C符合题意；
D、初中生体重大约为500N，每分钟大约跳120次，每次上升高度约为0.06m；则他跳绳过程中克服重力做的总功约为W=nGh=120×500N×0.06m=3600J，
他跳绳的功率约为P=Wt=3600J60s=60W，故D不符合题意。
故选C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

2.【答案】B 
【解析】解：A、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A不合题意；
B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B符合题意；
C、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C不合题意；
D、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故D不合题意。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

3.【答案】B 
【解析】解：
A.抽水机是利用了大气压把水抽出的，与连通器无关，故A错误；
B.锅炉水位计利用了连通器的原理，故B正确；
C.如图，U形管压强计的一端开口、一端通过橡皮管连接探头被橡皮膜封住，不是连通器，故C错误；
D.液压机是一种利用密闭液体传递压强的机械，两端都不开口，不是连通器，故D错误。
故选：B。
上端开口、底部相连通的容器叫做连通器；连通器的特点：连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口、底部相连通的。

4.【答案】A 
【解析】解：龙卷风能把地面上的物体“吸”起卷入空中，是龙卷风内空气流动速度大，内部压强小，物体在大气压的作用下被推向龙卷风；
A、用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，故A正确；
B、用吸管从瓶中吸起饮料，是利用大气压将饮料压入嘴中，故B错误；
C、地球“吸”地面上物体，是指地面附近的物体由于受到地球的吸引而产生的力，故C错误；
D、两光滑铅块压紧后“吸”住，说明分子之间存在引力，故D错误。
故选：A。
龙卷风的实质是高速旋转的气流，当刮起龙卷风时，龙卷风内部的空气流动速度增大，压强减小；龙卷风外侧的压强不变，地面上的物体或人畜如果被圈在龙卷风中，受到向内且斜向上的压强大于向外且斜向下的压强，受到向内且斜向上的压力大于向外且斜向下的压力，物体或人畜在压力差的作用下被“吸”起卷入空中，利用的是流体压强和流速的关系，据此对各选项逐一进行分析即可作答。
这类题要抓住问题的关键“流体压强和流速的关系”，判断出什么位置流速快，什么位置流速慢然后解题。

5.【答案】D 
【解析】解：
A.将水桶从地上提起来时，有提升的力，在该力的方向上水桶移动了一段距离，所以小明对水桶做了功，故A不符合题意；
B.提着水桶上楼，提升的力作用在水桶上，水桶在这个力的作用下移动了距离，满足做功的条件，所以小明对水桶做了功，故B不符合题意；
C.推着水桶在水平地面上滚动，在推力的作用下水桶移动了距离，所以小明对水桶做了功，故C不符合题意；
D.桶离开手后继续向前，即在滚动的水平方向上小明对水桶的推力已经消失，小明对水桶不做功，水桶能够继续向前运动是由于惯性，故D符合题意。
故选：D。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。

6.【答案】C 
【解析】解：A.雪橇滑过后雪地上留下两条划痕，这是力改变了物体的形状，故A错误；
B.当运动员匀速直线滑行时，雪橇的重力与地面对雪橇的支持力不相等，不是一对平衡力，故B错误；
C.杨洪琼匀速直线滑行时，处于平衡状态，受到的合力为零，故C正确；
D.冲过终点后杨洪琼不能立即停止滑行，是由于她具有惯性，惯性是一种性质，不是力，故D错误。
故选C。
(1)力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
(2)根据二力平衡的条件分析；
(3)物体处于平衡状态(静止或匀速直线运动状态)时，其受到的合力为0；物体处于非平衡状态时，其受到的合力不为0；
(4)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力。
此题以冬奥会项目为材料，考查了重力、惯性、运动状态的判定、合力的大小等知识点。

7.【答案】C 
【解析】解：
A、由图丙可知，0s到第2s物体速度为0，处于静止状态，故拉力不做功，即拉力对物体做的功为0J，故A正确；
B、由图丙可知，第2s到第4s物体处于加速状态，即非平衡状态，故物体受非平衡力的作用，故B正确；
C、由图乙可知，物体受到的拉力为6N，而由图丙知，物体在第3s的状态为加速状态，故摩擦力小于拉力，即摩擦力小于6N，故C错误；
D、由图乙可知，物体在第4s到第6s受到的拉力为4N，由图丙可知，物体在第4s到第6s处于匀速直线运动状态，速度为2m/s，故拉力对物体做功的功率为P=Wt=Fst=Fv=4N×2m/s=8W，故D正确。
故选C。
A、由图丙可知，0s到第2s物体速度为0，处于静止状态，故拉力不做功；
B、由图丙可知，第2s到第4s物体处于加速状态，即非平衡状态，故物体受非平衡力的作用；
C、由图乙可知，物体受到的拉力为6N，而由图丙知，物体在第3s的状态为加速整体，故摩擦力小于拉力；
D、由图乙可知，物体在第4s到第6s受到的拉力为4N，由图丙可知，物体在第4s到第6s处于匀速直线运动状态，速度为2m/s，根据P=Wt=Fst=Fv得出拉力对物体做功的功率。
本题考查功和功了得计算，关键是从图中得出有用信息。

8.【答案】D 
【解析】解：A、由图可知，甲漂浮，则橡皮泥的浮力等于重力；乙下沉，则橡皮泥的浮力小于重力；丙悬浮，则橡皮泥的浮力等于重力，因为橡皮泥的质量相等，重力相等，故浮力的大小关系为：F甲=F丙>F乙，故A错误；
B、由A知浮力的大小关系为：F甲=F丙>F乙，液体的密度相同，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，橡皮泥排开水的体积关系为：V甲=V丙>V乙，故B错误；
C、三个相同的容器中装入等量的水，水的深度相同；橡皮泥排开水的体积为：V甲=V丙>V乙，容器的底面积相同，则水面上升的高度关系为：Δh甲=Δh丙>Δh乙，故甲、丙中的水面高度相同，都大于乙中的水面高度，根据p=ρgh可知，水对容器底部的压强关系为：p甲=p丙>p乙，故C错误；
D、由于容器完全相同，水的质量相同，橡皮泥的质量也相等，故三个容器的总重力相等，即它们对桌面的压力相等，再根据压强公式p=FS可知，三个容器对桌面的压强大小关系为p甲’=p乙’=p丙’，故D正确。
故选：D。
(1)(2)已知在三个相同的容器中装入等量的水，由图可知，甲漂浮，乙下沉，丙悬浮，根据物体的浮沉情况判定浮力的大小，根据阿基米德原理判定三个球排开的水的体积的大小；
(3)根据排开的水的体积的大小判定深度的大小，根据p=ρgh确定容器底部受到水的压强关系；
(4)根据容器的重力、水的重力、橡皮泥的重力判断压力的大小，根据p=FS判断出三个容器对桌面压强的大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，利用好浮沉条件是解题的关键。

9.【答案】负  昆明 
【解析】解：(1)卢瑟福认为原子由原子核和核外电子组成，原子核由质子和中子组成；电子带负电，质子带正电，中子不带电。
(2)海拔越高，气压越低，上海的平均海拔低于昆明的平均海拔，如果用托里拆利实验装置分别在上海和昆明进行实验，则玻璃管中的水银柱竖直高度较低的地方是昆明。
故答案是：负；昆明。
(1)根据卢瑟福提出的原子核式结构模型答题即可。
(2)海拔越高，气压越低。
此题主要考查了原子核式结构模型、气压与高度的关系，属于基础知识。

10.【答案】不同  斥 
【解析】解：飞沫传播的方式是物体的机械运动，花香飘散是花香分子不停地做无规则运动的结果，故两种传播方式不同；
将注射器中的药液密闭后，药液很难被压缩，说明分子间存在相互作用的斥力。
故答案为：不同；斥。
构成物质的分子总在不停地做无规则运动，这就是扩散现象；物体位置的变化叫机械运动；分子间存在相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子的理论的内容，深入理解分子动理论的内容是解答此题的关键。

11.【答案】匀速直线  等于 
【解析】解：冰墩墩在空中飞行时，不受力的作用，根据牛顿第一定律可知，冰墩墩做匀速直线运动；
同一个冰墩墩在太空中和在地球上质量相同，质量不变，惯性大小不变。
故答案为：匀速直线；等于。
(1)冰墩墩在空中飞行时，不受力的作用，根据牛顿第一定律可知冰墩墩的运动情况；
(2)质量不变，物体的惯性大小不变。
本题考查了惯性和牛顿第一定律的应用，重在培养学生的理解，分析能力。

12.【答案】压强  减小 
【解析】解：宇航员平躺在座椅上，这是在压力一定时，增大人体与座椅的接触面积，从而减小对人体的压强；
飞船减速下落时，速度变小，质量不变，所以动能变小，高度减小，重力势能减小，所以机械能减小。
故答案为：压强；减小。
(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
(2)动能的大小跟物体的质量和速度有关；重力势能的大小跟物体的质量和高度有关。动能和势能合称机械能。
此题考查了减小压强的方法和机械能影响因素的应用，是一道联系社会热点的应用题，难度不大。

13.【答案】减小  减小 
【解析】解：(1)火箭离开发射船后，发射船仍然处于漂浮状态，浮力等于重力，重力减小，浮力减小；
(2)发射船浮力减小，由阿基米德原理可知排开海水的体积减小，下表面距离水面的深度减小，根据p=ρ液gh可知，发射船下表面受到的海水压强减小。
故答案为：减小；减小。
(1)火箭发射后，根据浮沉条件判断浮力大小的变化，由阿基米德原理判断排开水的体积的变化；
(2)根据液体压强公式p=ρ液gh判断受到的海水压强的大小。
本题考查阿基米德原理以及液体压强公式的应用，难度不大。

14.【答案】每平方米雪地上受到“雪容融”的压力为2000N  10 
【解析】解：(1)压强是描述压力作用效果的物理量，压强的单位是帕斯卡，1Pa=1N/m2，
故“雪容融”对水平雪地的压强为2000Pa，表示的物理意义为每平方米雪地上受到“雪容融”的压力是2000N；
(2)由p=FS可得，“雪容融”对水平雪地的压力为：
F=pS=2000Pa×0.05m2=100N，
“雪容融”对水平雪地的压力等于它的重力，即：G=F=100N，
“雪容融”的质量为：m=Gg=100N10N/kg=10kg。
故答案为：每平方米雪地上受到“雪容融”的压力为2000N；10。
(1)压强是描述压力作用效果的物理量，压强的单位是帕斯卡，1Pa=1N/m2，由此可知2000Pa的物理意义；
(2)由p=FS求得“雪容融”对水平雪地的压力；“雪容融”对水平雪地的压力等于它的重力，由此可知“雪容融”的重力大小，根据G=mg求得它的质量大小。
本题考查压强的物理意义及压强公式、重力公式的应用，难度不大。

15.【答案】初速度  慢 
【解析】解：实验时每次都要让小车从斜面的顶端由静止滑下，目的是让小车到达水平面时的初速度相等；
由图中小车在水平面上受到的阻力越小，小车运动的距离就越远，小车速度减小得越慢。
故答案为：初速度；慢。
(1)实验时让小车从同一斜面的同一位置由静止下滑，小车到达水平面时获得的速度相等；
(2)分析图示情景，根据小车滑行距离与小车受力关系然后答题。
本题是一道实验题，该实验的目的是探究阻力对物体运动的影响，要掌握实验的现象及结论。

16.【答案】=  下沉 
【解析】解：由于木块漂浮，则木块在水中受到的浮力F1=G，
根据F浮=ρgV排、G=mg和ρ=mV可得：
ρ水g×35V木=ρ木gV木，
则木块的密度为：
ρ木=35ρ水=35×103kg/m3=0.6×103kg/m3ρ液，则由浮沉条件可知，松手后木块将下沉。
故答案为：=；下沉。
根据阿基米德原理及物体沉浮条件求出木块的密度，从而判断出木块在酒精和密度为0.5×103kg/m3的某种液体中的沉浮状态以及木块在水和酒精中受到浮力的大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体沉浮条件的应用，关键是根据密度判断物体的沉浮。

17.【答案】改变力的方向  F1+F2 
【解析】解：(1)定滑轮实质上是一个等臂杠杆，使用定滑轮既不省力也不省距离，它的作用是改变力的方向；
(2)由甲图可知，木块受到拉力和重力的作用，处于平衡状态，所以木块的重力为：G=F1；
在乙图中，木块受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力、拉力F2的作用，处于平衡状态，
故木块所受浮力为：F浮=G+F2=F1+F2。
故答案为：改变力的方向；F1+F2。
(1)定滑轮实质上是一个等臂杠杆，使用定滑轮既不省力也不省距离，它的作用是改变力的方向；
(2)由图甲可知木块受到的重力大小；在乙图中，对木块受力分析，根据力的平衡条件求得木块受到的浮力大小。
本题考查浮力、定滑轮的作用以及力的平衡条件的应用，难度较大。

18.【答案】80  垂直于杠杆向上 
【解析】解：要使施加在撬棒A点的动力最小，应使动力臂L1最大；
当以A为支点，石头给杠杆的力是逆时针的，那么动力需要给杠杆的是力顺时针的，因此在D点施加垂直于AD向上的动力时，动力臂L1=AD=1.2m，此时的动力臂最大，所用动力最小；
此时阻力F2=480N，阻力臂L2=DC=0.2m，
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可得施加在撬棒A点的最小力：
F1=F2L2L1=480N×0.2m1.2m=80N。
故答案为：80；垂直于杠杆向上。
根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2的变形公式F1=F2L2L1可得，在阻力和阻力臂一定时，动力臂L1越大，动力F1越小。然后分别求出力臂，利用杠杆平衡条件F1L1=F2L2即可求出施加的力。
本题考查杠杆平衡条件的应用，在确定杠杆最小动力时，首先找到动力作用点和支点，这两点的连线就是最大的动力臂，然后过动力作用点作连线的垂线，垂线方向应根据实际情况来确定，就可以找到最小的动力了。

19.【答案】2 
【解析】解：由图知，在弹簧测力计上，最大示数是5N，所以其量程为0～5N；
1N之间有5个小格，一个小格代表0.2N，即弹簧测力计的分度值为0.2N，指针在“2”处，所以弹簧测力计的示数为2N。
故答案为：2。
使用弹簧测力计测量力的大小时，首先要明确弹簧测力计的量程和分度值，读数时视线与指针所指刻线相垂直。
此题考查了弹簧测力计的读数，属于基本技能的考查，难度不大。

20.【答案】解：因为小球悬浮水中，因此小球受到的浮力等于小球的重力，即F浮=G=5N；过小球的球心作竖直向上、大小为5N的浮力，如图所示：
 
【解析】重5N的小球悬浮在水中，受到的浮力等于重力，浮力的方向竖直向上，作用点在物体的重心，据此画出小球所受浮力的示意图。
本题考查物体悬浮条件的应用，知道浮力的方向总是竖直向上的和作用点是关键之一。

21.【答案】解：图中有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重时，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：
。 
【解析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。
本题画最省力的绕绳方法：绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮。

22.【答案】海绵的凹陷程度  A、B  受力面积  压力越大  =  >  ρgh2 
【解析】解：(1)力可以使物体发生形变，若受力材料不易发生形变，则力的作用效果不明显，不易观察，所以实验用质地较软的海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果；
(2)要探究压力的作用效果与受力面积的关系，就要控制压力大小不变，所以要对比A、B两次实验；
(3)观察B、C、D三次实验可知，瓶子对海绵的受力面积不变，通过改变瓶中水的重力来改变压力，压力越大，压力的作用效果就越明显，所以可以得出：在受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显；
(4)将图A实验中的矿泉瓶放到图E所示的砖块上，由于矿泉瓶对海绵和砖块的压力大小都等于瓶子重力大小，受力面积相等，根据p=FS可知，瓶对海绵的压强pA和瓶对砖块的压强pE相等；
(5)A、B两次实验中，水的深度相等，根据p=ρ水gh可知，水对瓶底和瓶盖的压强相等，由于SA>SB，根据F=pS可知，水对瓶底的压力大于和水对瓶盖的压力，所以FA>FB；
(6)一开始瓶内气体压强p气等于大气压强p0，当水面高度下降了h1时水停止流出，此时水面到出水孔的距离为h2，此时瓶内气体的压强加上h2水产生的压强等于大气压，所以瓶内气压减小了ρgh2。
故答案为：(1)海绵的凹陷程度；(2)A、B；(3)受力面积；压力越大；(4)=；(5)>；(6)ρgh2。
(1)本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；
(2)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，
即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，
探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。据此分析回答。
(3)分析图中相同的量和不同的量，分析得出压力作用效果与变化量的关系；
(4)根据p=FS判断出图A中瓶对海绵的压强与图E中瓶对砖块压强的关系；
(5)水对瓶底和瓶盖的压强可直接利用p=ρgh进行判断，水对瓶底和瓶盖的压力利用F=pS判断；
(6)瓶内的水有压强，外界有大气压强，而瓶内水面的上方也有气体的压强，结合p=ρgh分析这三种压强之间的关系。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用。

23.【答案】是  左  B  丙  力臂在杠杆上，便于测量力臂  增大  A 
【解析】解：(1)杠杆处于静止或匀速转动时都为平衡状态。如图甲所示，此时的杠杆静止在水平桌面上，由于杠杆是静止的，所以处于平衡态。
根据杠杆平衡调节的方法：“左偏右调，右偏左调”，由于杠杆向右偏，则平衡螺母应该向左调。
(2)A.如图乙所示，此时杠杆向右偏，挂上钩码之后禁止调节平衡螺母，一旦调节平衡螺母，就会对实验结果造成影响，故A不符合题意；
B.由于杠杆向右偏，所以要想使杠杆重新在水平位置平衡，可以将右侧的钩码向左移动，故B符合题意；
C.由于杠杆已经向右偏，如果再增加右侧钩码个数，只会使杠杆向右偏的角度加大，故C不符合题意。
故选B。
(3)若在右侧改用弹簧测力计向下拉进行实验，杠杆水平平衡后如图丙、丁所示，丙图的实验效果会更好，由于本实验涉及到杠杆力臂的测量，利用竖直方向的弹簧测力计拉动杠杆时，此动力对应的力臂与动力作用线垂直，且力臂在杠杆上，便于测量力臂。
当弹簧测力计由竖直方向逐渐向左转动，此时动力对应的动力臂在减小，由于杠杆始终保持水平平衡，且杠杆的阻力和阻力臂的乘积不变，则根据F1L1=F2L2可知，此时弹簧测力计的示数将变大。
(4)对图戊中因为秤砣对秤的拉力不变，只要支点选定，则动力与动力臂乘积一定。若选择竖向上提起秤纽A点时，A点(支点)的右侧动力臂最长，动力大小等于秤砣重力的大小不变，则动力与动力臂乘积最大，A点的左侧阻力臂最小，由杠杆平衡条件可知阻力最大，即秤钩所挂物体的重力最大，即杆秤能称量的质量最大，故选竖直向上提起秤纽A点。
故答案为：(1)是；左；(2)B；(3)丙；力臂在杠杆上，便于测量力臂；增大；(4)A。
(1)杠杆的平衡是指杠杆处于静止或匀速转动状态；
实验前没有挂钩码和弹簧测力计时，发现杠杆右端下沉，说明杠杆的重心在支点右侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向左调节，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)根据杠杆的平衡条件分析；
(3)探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，力臂在杠杆上，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变短，阻力、阻力臂不变，动力臂变短，动力变大；
(4)用提纽A时与用提纽B时相比较，用提纽A时秤钩对秤杆拉力的力臂小，结合杠杆平衡条件分析量程大小。
本题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用以及过支点的力对杠杆的影响，要注意分析力和对应的力臂。

24.【答案】C  重力势  木块移动的距离  速度  在速度相同时，质量越大，动能越大  1、3  1、2  速度 
【解析】解：(1)据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小，故选C；
(2)小球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；
其动能大小是通过木块移动的距离来反映的，木块移动的距离越远，小球的动能越大；
(3)分析甲、乙两图可知，小球的质量不变，滚下的高度不同，高度越高，到达水平面时的速度越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，可以探究动能大小与速度的关系；
比较甲和丙两组实验可知，小球滚下的高度相同，到达水平面时的速度相同，小球的质量不同，质量越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故结论为：在速度相同时，质量越大，动能越大；
(4)①研究超载隐患时，应控制小球下滑的高度相同而质量不同，由表中实验数据可知，应选择1、3所示实验进行比较；
②为了探究“超速”安全隐患，应选择1、2两个序号的实验进行比较；
由表中实验数据可知，在同等条件下速度对物体的动能影响更大，当发生交通事故时，由此造成的危害更严重。
故答案为：(1)C；(2)重力势；木块移动的距离；(3)速度；在速度相同时，质量越大，动能越大；(4)①1、3；②1、2；速度。
(1)据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；
(2)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(3)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
(4)应用控制变量法，分析表中实验数据得出结论。
本题考查了学生对影响动能大小的因素的掌握，注重了控制变量法和转换法应用的考查，是中考的热点。

25.【答案】解：(1)氢能客车静止时对水平地面的压力F=G=mg=7.2×103kg×10N/kg=7.2×104N，
氢能客车静止时对水平地面的压强p=FS=7.2×104N0.12m2=6×105Pa；
(2)氢能客车在水平路面上匀速行驶时所受的阻力f=0.04G=0.04×7.2×104N=2880N，
此时客车处于平衡状态，所受的牵引力F牵=f=2880N，
氢能客车按设计时速在水平路面上匀速行驶100km牵引力所做功W=F牵s=2880N×100×1000m=2.88×108J；
(3)氢能客车按设计时速在水平路面上匀速行驶100km所需的时间t=sv=100km100km/h=1h=3600s，
氢能客车在水平路面上匀速行驶时的功率P=Wt=2.88×108J3600s=8×104W。
答：(1)氢能客车静止时对水平地面的压强为6×105Pa；
(2)氢能客车按设计时速在水平路面上匀速行驶100km牵引力所做功为2.88×108J；
(3)氢能客车在水平路面上匀速行驶时的功率为8×104W。 
【解析】(1)根据F=G=mg得出氢能客车静止时对水平地面的压力，根据p=FS得出氢能客车静止时对水平地面的压强；
(2)根据f=0.04G得出氢能客车在水平路面上匀速行驶时所受的阻力，此时客车处于平衡状态，根据F牵=f=得出所受的牵引力，根据W=F牵s得出氢能客车按设计时速在水平路面上匀速行驶100km牵引力所做功；
(3)根据t=sv得出氢能客车按设计时速在水平路面上匀速行驶100km所需的时间t，根据P=Wt得出氢能客车在水平路面上匀速行驶时的功率。
本题考查功、功率、压强的计算，综合性强，难度适中。

26.【答案】解：(1)由图可知，n=2，不计摩擦和绳重，拉力F=1n(G+G动)，
则动滑轮重：
G动=nF-G=2×500N-700N=300N；
(2)物体上升的速度：
v物=s物t=1m5s=0.2m/s，
绳子自由端移动的速度：
v=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，
绳子自由端拉力F的功率
P=Fv=500N×0.4m/s=200W；
(3)该滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GhF×2h×100%=G2F×100%=700N2×500N×100%=70%；
(4)工人施加的最大拉力等于工人的重力，F最大=G人=600N，
不计摩擦和绳重，拉力F最大=1n(G最大+G动)，
提升物体的最大重力：
G最大=nF最大-G动=2×600N-300N=900N。
答：(1)动滑轮的重力为300N；
(2)绳子自由端拉力F的功率为200W；
(3)该滑轮组的机械效率为70%；
(4)该工人利用该滑轮组能够匀速提升物体的最大重力为900N。 
【解析】(1)由图可知，n=2，不计摩擦和绳重，拉力F=1n(G+G动)，据此求动滑轮重；
(2)利用速度公式求物体上升的速度，绳子自由端移动的速度等于物体上升速度的2倍，再利用P=Wt=Fst=Fv求绳子自由端拉力F的功率；
(3)滑轮组的机械效率η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F；
(4)工人施加的最大拉力等于工人的重力，不计摩擦和绳重，拉力F最大=1n(G最大+G动)，据此求提升物体的最大重力。
本题考查了使用滑轮组时动滑轮重力、功、功率和机械效率的计算，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是关键。

27.【答案】解：(1)由图像可知，弹簧测力计的最大示数F最大=18 N
此时物块未浸入水中，则物块重力G=F最大=18 N
由G=mg可知，物块的质量m=Gg=18N10N/kg=1.8kg；
(2)物块浸没水中时弹簧测力计的示数F示=10 N
此时物块受到水的浮力F浮=G-F示=18 N-10 N=8 N
(3)由F浮=ρ液gV排可知，物块浸没在水中排开水的体积V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10-4m3；
由于物体浸没在水中，物体的体积V=V排=8×10-4m3；
物块的密度ρ=mV=1.8kg8×10-4m3=2.25×103kg/m3；
(4)物体浸没后与浸入水之前水的深度变化量为Δh=V排S=8×10-4m3100×10-4m2=0.08m；
容器底部受到水的压强的变化量为Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa。
答：(1)物块A的质量为1.8 kg；
(2)物块A浸没在水中受到的浮力为10N；
(3)物块A的密度为2.25×103 kg/m3；
(4)物块A浸没后与放入水之前容器底部所受的水的压强的变化量为800Pa。 
【解析】(1)由图乙可知物体的重力，根据G=mg计算出物块A的质量；
(2)由图乙可知物体浸没时弹簧测力计的示数，利用称重法求出物块A浸没在水中受到的浮力；
(3)根据F浮=ρ液gV排求出物体排开液体的体积，物体浸没时排开液体的体积等于物体的体积，利用密度公式计算出物体的密度；
(4)根据V=Sh求出液面上升的高度，根据p=ρgh求出物块A浸没后与放入水之前容器底部所受的水的压强的变化量。
本题考查重力公式、称重法测浮力、阿基米德原理、密度公式以及液体压强公式的应用，综合性较强，有一定的难度。