2022年四川省乐山市峨眉山市中考物理适应性试卷（Word版 含解析）

这是一份2022年四川省乐山市峨眉山市中考物理适应性试卷（Word版 含解析），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年四川省乐山市峨眉山市中考物理适应性试卷
一、单选题（本大题共16小题，共32分）
1. 下列有关物理量的估测符合实际的是(    )
A. 一名中学生的体重约为50N B. 正常洗澡水的温度约为85℃
C. 初中生课桌的高度约为80cm D. 一台空调的功率约为100W
2. 发射探月工程嫦娥五号探测器，顺利将探测器送入预定轨道。下列说法正确的是(    )
A. 火箭升空过程中机械能不变
B. 火箭升空过程中机械能转化为内能
C. 控制中心是通过电磁波来控制嫦娥五号任务轨道器
D. 嫦娥五号任务轨道器是通过超声波来控制返回器的
3. 小明利用太阳光测量凸透镜的焦距。下列操作最合理的是(    )
A. B.
C. D.
4. 如图所示的四个实例中，为了增大压强的是(    )
A. 饮料管的一端剪成斜口
B. 在铁轨下面铺枕木
C. 书包背带做得较宽
D. 图钉帽的面积做得较大
5. 下列测量仪器使用方法正确的是(    )
A. 用刻度尺测量物块的长度
B. 用温度计测水的温度
C. 用天平测物体的质量
D. 读取液体的体积
6. 下列生活中的现象属于光的反射的是(    )
A. 灯光下的手影
B. 国家大剧院在水中的倒影
C. 人在船上看到水中的鱼
D. 海市蜃楼
7. 如图所示，是汽车通过某一平直公路时绘制的s-t图象，下列说法正确的是(    )
A. 0-t1时间内汽车做加速运动
B. t1-t2时间内汽车做匀速运动
C. t1-t2时间内汽车处于静止状态
D. t2-t3时间内汽车做减速运动
8. 一物体在水平推力作用下沿水平方向做匀速直线运动，如图所示，下列说法正确的是(    )


A. 物体受到的重力和物体受到的摩擦力是一对平衡力
B. 物体受到的重力和物体受到的推力是一对平衡力
C. 物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力
D. 物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力
9. 图中，能正确测量通过灯L1电流的电路是(    )
A. B.
C. D.
10. 如图所示。图中所描述的物理过程，下列分析中正确的是(    )
A. 厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的内能减少
B. 瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C. 试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D. 是做功冲程，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大
11. 如图所示是某校科技小组的四位同学设计的天然气泄露检测电路，其中R为气敏电阻，它的阻值随天然气浓度变化曲线如图所示，R0为定值电阻，电源两端的电压恒定不变。电路设计要求当天然气浓度增大时，电路中电表示数增大。图中电路图符合设计要求的是(    )
A. B.
C. D.
12. 描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是(    )
A. 立春：“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
B. 清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
C. 秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热
13. 如图，关于四幅实验图片，下列说法错误的是(    )
A. 此实验说明通电导体周围存在着磁场
B. 此实验说明了发电机的工作原理
C. 此实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关
D. 此实验过程中将机械能转化为电能
14. 如图是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是(    )

A. 电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
B. 断开开关S时，用试电笔接触A点氖管发光，接触B点氖管不会发光
C. 闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯短路
D. 保险丝烧断后可用铜丝代替
15. 用如图所示的滑轮组，匀速直线拉动水平地面上重为35N的物体，手的拉力为20N，物体移动的速度为0.1m/s，物体受到地面的摩擦力为32N，不计绳重、滑轮组的摩擦，下列说法正确的是(    )
A. 滑轮组的机械效率为80%
B. 动滑轮重为5N
C. 拉力的功率为2W
D. 10s内物体的重力做功为35J
16. 质量相等的A、B两实心物块，密度之比ρA：ρB=3：2，分别放入足够多的水中，物块所受浮力分别为FA和FB，当两物块静止时所受浮力FA与FB之比不可能的是(    )
A. 1：1 B. 2：3 C. ρ水：ρA D. ρ水：ρB
二、填空题（本大题共4小题，共12分）
17. 诗句“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”若以舟为参照物，山是______的；“猿声”是由猿的声带______产生的。
18. 观察图中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，由于车上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会______，从而使车与地面之间的摩擦力______，车容易失控。(填“变大”、“变小”或“不变”)
19. 用钢笔吸墨水是利用______把墨水吸进橡皮管；用手拍打衣服使灰尘与衣服分离，是利用灰尘具有______。
20. 如图的实验装置探究的是电流通过导体时产生热量的多少与______的关系。通电一段时间后，左右两侧密闭容器内的电阻产生的热量之比为______。

三、作图题（本大题共2小题，共6分）
21. 如图所示，重100N的货物A随小车B在拉力F的作用下一起向右做匀速直线运动，请在图中画出货物A所受力的示意图。


22. 将如图所示的电磁铁的电路连接完整，要求：
(1)根据小磁针静止时N极指向，在括号中标出电磁铁左端的极性(用“N”或“S”表示)；
(2)在虚线框内画出电池符号；
(3)开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性才会变强(连接时导线不能交叉)


四、实验探究题（本大题共2小题，共16分）
23. 小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验。请你根据小明的实验探究回答下列问题。(g取10N/kg)

(1)在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与______的关系；根据A与E两图所标的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为______N。
(2)小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关。对此正确的解释是浮力的大小随着排开水的体积的增大而______，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度______。
(3)在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为______kg/m3。
24. 如图所示，小明在做“测量小灯泡电功率”的实验。实验室有如下器材：电源(设电压恒为6V不变)、小灯泡(额定电压为2.5V，灯丝的电阻约为10Ω)、电流表、电压表、开关各一个，规格分别为R1“10Ω 1A”和R2“30Ω 0.5A”的滑动变阻器各一个，导线若干。

(1)连接电路时，小明应选用规格为______ (选填“R1”、“R2”)的滑动变阻器。
(2)连接好电路后，闭合开关前，在甲图中滑动变阻器的滑片P应置于______ 端(选填“A”或“B”)；
闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是小灯泡发生______ (选填“短路”或“断路”)。
(3)排除故障，闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表的示数为2.2V，若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______ (选填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为______ V；通过实验，小灯泡的U-I图像如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)由图乙可知，小灯泡灯丝电阻大小的变化可能与______ 有关。
五、计算题（本大题共2小题，共12分）
25. 如图所示利用汽车液压起重机从矿井中提升重物。起重机起动时滑轮组将重物竖直向上匀速提起，其中N是柱塞，可向上支撑起起重臂ODC.重物和动滑轮总重为15000N，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重。问：
(1)钢丝绳自由端上作用力F的大小为______N。
(2)当柱塞向上支撑起起重管绕固定端O转动时，起重臂ODC是______力杠杆。
(3)当重物以0.4m/s的速度匀速上升时，钢丝绳自由端上作用力F的功率是多少？
26. 如图所示，电源电压不变，定值电阻R0=20Ω，电流表量程为0-3A，小灯泡L标有“8V 4W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光。求：

(1)小灯泡正常工作一分钟消耗多少电能？
(2)电源电压是多少伏？
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，调节滑片P，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器R的最大功率是多少？
答案和解析

1.【答案】C 
【解析】解：A、一名中学生的体重约为500N，故A错误；
B、正常洗澡水的温度约为40℃，故B错误；
C、初中生课桌的高度约为80cm，故C正确；
D、一台空调的功率约为1000W，故D错误。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

2.【答案】C 
【解析】解：AB、在火箭升空的过程中，燃料燃烧释放出的内能转化为机械能，升空的过程中，速度增大，高度增大，因此动能和重力势能都增大，机械能的总量也增大，故AB错误；
CD、超声波属于声波，声音不能在真空中的传播，电磁波可以在真空中的传播，所以控制中心是通过电磁波来控制嫦娥五号任务轨道器的，嫦娥五号任务轨道器是通过电磁波来控制返回器的，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)在火箭升空的过程中，燃料燃烧释放出的内能转化为机械能，机械能增大；
(2)超声波属于声波，声音不能在真空中的传播，电磁波可以在真空中的传播。
本题考查火箭升空的过程中能的转化和信息的传递，属于基础题。

3.【答案】C 
【解析】解：
利用会聚太阳光法测焦距时，要将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把白纸(光屏)置于另一侧，改变白纸与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜的距离，可得凸透镜的焦距。可见ABD错、C正确。
故选：C。
平行于主光轴的光线，经凸透镜折射后会聚于凸透镜的焦点。据此可以利用会聚太阳光法测凸透镜的焦距：
太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把光屏置于另一侧，改变光屏与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点，测出光斑到凸透镜的距离，便是焦距。
本题考查了会聚太阳光法测凸透镜焦距的方法，注意：凸透镜要正对太阳光。

4.【答案】A 
【解析】A、饮料管的一端剪成斜口，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故A正确；
BCD、在铁轨下面铺枕木、书包背带做得较宽、图钉帽的面积做得较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故BCD错误。
故选：A。
①压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。
②增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
③减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。

5.【答案】B 
【解析】解：A、图中所示刻度尺零刻度线没有与被测物体一端对齐，故A错误；
B、图中温度计玻璃泡全部浸入被测液体中，没有碰到容器底或容器壁，使用方法正确，故B正确。
C、物体应放在左盘中。用镊子夹取砝码，用手会腐蚀砝码，故C错误；
D、量筒读数时视线与凹液面底部相平，故D错误。
故选：B。
(1)在使用刻度尺测量物体的长度时，刻度尺要正确放置，物体的端点与刻度尺的零刻度线对齐，物体另一端点所对应刻度尺的示数是物体的长度；
(2)在使用温度计测量液体温度之前，要明确温度计的量程、分度值和零刻度线的位置，被测温度不能超过温度计的量程；
正确的使用方法是：①温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中，不要碰到容器底或容器壁；②温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；③读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；
(3)使用天平测量物体质量时，物体放在左盘；用镊子夹取砝码；
(4)量筒读数时视线与凹液面相平。
物理中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少。刻度尺需要估读到分度值的下一位数字，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值即可。

6.【答案】B 
【解析】解：
A、灯光下的手影是光的直线传播形成的，故A错误；
B、国家大剧院在水中的倒影属于平面镜成像，都是由光的反射形成的，故B正确；
C、人在船上看见水中的鱼，是光的折射现象，故C错误；
D、海市蜃楼，是空气由于受热等因素变得不再是均匀介质，光在不均匀介质中发生了折射形成的，故D错误。
故选：B。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。

7.【答案】C 
【解析】解：AD、0-t1时间内汽车做匀速直线运动，t2-t3时间内汽车做匀速直线运动但速度方向与0-t1时间内相反，故A、D选项错误；
BC、t1-t2时间内是平行于时间轴的直线，路程没有变化，汽车此时速度为零，处于静止状态，故B选项错误，C选项正确。
故选：C。
根据s-t图像知，0-t1时间内是一条斜线，速度不为零，汽车做匀速直线运动；t1-t2时间内是平行于时间轴的直线，路程没有变化，汽车此时速度为零，处于静止状态；t2-t3时间内是一条斜线，速度不为零，但斜线倾斜度方向与0-t1相反，汽车做匀速直线运动但速度方向与0-t1时间内相反。
本题主要考擦对s-t图像的理解，属于基础题目。

8.【答案】D 
【解析】解：
A、物体受到的重力和物体受到的摩擦力不在同一直线上，且大小也不一定相等，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、物体受到的重力和物体受到的推力不在同一直线上，且大小也不一定相等，所以不是一对平衡力，故B错误；
C、物体对地面的压力和地面对物体的支持力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故C错误；
D、物体受到的重力和地面对物体的支持力，二力的大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故D正确。
故选：D。
判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。

9.【答案】B 
【解析】解：A、电流表在干路上测的是干路的电流，故A错误；
B、电流表与L1串联，测的是L1的电流，并且正负接线柱连接正确，故B正确；
C、测量干路中的电流表连接正确，但下面电流表与L2串联，测L2中的电流，并且正负接线柱错误，故C错误；
D、电流表与L1串联，测的是L1的电流，但正负接线柱连接错误，故D错误。
故选：B。
电流表使用时要串联在电路中，并且电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出。
本题考查了电流表的使用，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，并且正负接线柱要接正确。

10.【答案】C 
【解析】解：A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误；
B、图中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，内能转化为机械能，空气的内能减小，故B错误；
C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减少，故C正确；
D、由图可知，两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程，内能转化为机械能，内能减小，故D错误。
故选：C。
(1)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；
(2)内燃机做功冲程，燃气推动活塞做功，燃气内能转化为机械能。
本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。

11.【答案】C 
【解析】解：由图象可知，当天然气浓度增大时，气敏电阻的阻值减小；
A、由图可知，R与R0并联，电压表测电源的电压；因电源的电压不变，所以当天然气浓度增大时，电压表的示数不变，故A不符合题意；
B、由图可知，R与R0并联，电流表测R0支路的电流；根据并联电路独立工作互不影响可知，当天然气浓度增大时，通过R0支路的电流不变，即电流表的示数不变，故B不符合题意；
C、由图可知，R与R0串联，电流表测电路中的电流；当天然气浓度增大时，气敏电阻的阻值减小、电路的总电阻减小，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故C符合题意；
D、由图可知，R与R0串联，电压表测气敏电阻R两端的电压；当天然气浓度增大时，气敏电阻的阻值减小，由串联电路的分压特点可知R两端分得的电压减小，即电压表的示数减小，故D不符合题意。
故选：C。
先由图象可知，当天然气浓度增大时气敏电阻的阻值减小，然后根据选项中的电路图结合串、并联电路的特点和欧姆定律判断电表示数的变化，找到符合题意的电路图。
明确电表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键。

12.【答案】C 
【解析】解：A、大地内能的增加是太阳通过热传递的方式实现，故A错误；
B、雨的形成是水蒸气液化为小水滴，故B错误；
C、“丹桂小菊万径香”，是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华吸热，故D错误。
故选：C。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(3)构成物质的分子总在不停地做无规则运动；
(4)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。另外明确生活中的扩散现象是由于分子无规则运动的结果；理解改变内能的两个方法。

13.【答案】D 
【解析】
【分析】
在研究实验时应注意实验的目的、意义、装置及数据的分析等，实验为我们物理的基础，也是中考中的热点，应特别重视。
(1)奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；
(2)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；
(3)电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；
(4)研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中，即说明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的；
图中的四个实验均与“电和磁”有关，由实验装置及实验现象可明确实验的原理及实验目的。
【解答】
解：
A、实验中当将通电导线放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围存在着磁场，故A正确；
B、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计指针发生偏转，说明导体中有感应电流产生，这是发电机的工作原理，故B正确；
C、图中两电磁铁串联，则通过的电流相同，它们线圈的匝数不同，两个电磁铁吸引小铁钉的数量不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关，故C正确；
D、图中有电源，通电导体在磁场中受到力的作用而发生运动，将电能转化为机械能，故D错误。
故选D。  
14.【答案】B 
【解析】解：A、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故A错误；
B、断开开关S时，A点在火线上，用试电笔接触A点氖管发光，由于开关断开，B点与火线断路，接触B点时氖管不会发光，故B正确；
C、若闭合开关S时，电灯不亮，保险丝未烧断，可能是电灯断路；若电灯短路，会造成干路中的电流过大，保险丝会熔断，故C错误；
D、当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，由于铜丝的熔点较高。铜丝不会熔化，就起不到保护作用了，故D错误。
故选：B。
(1)电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故。
(2)测电笔是辨别火线和零线的仪器，当测电笔的笔尖接触零线和地线时，氖管不会发光。
(3)灯不发光的原因，一是电路开路，二是灯被短路，三是灯的实际功率太小。
(4)保险丝在电流过大时发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，采用电阻率大，熔点较低的材料制作。
知道并理解家庭电路的组成与正确连接方法，了解触电的原因，是解决该题的关键。

15.【答案】A 
【解析】解：
A、由图知，n=2，拉力端移动距离s=2s物，滑轮组的机械效率：η=f2F×100%=32N2×20N×100%=80%，故A正确；
B、不计绳重和滑轮组的摩擦，根据F=12(f+G轮)可得动滑轮重力：G轮=2F-f=2×20N-32N=8N，故B错误；
C、拉力端移动速度v=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s，则拉力做功功率：P=Fv20N×0.2m/s=4W，故C错误；
D、在重力的方向是竖直向下的，物体运动的方向是水平的，没有在力的方向上通过距离，重力没有做功，故D错误。
故选：A。
(1)由图知，n=2，拉力端移动距离等于物体移动距离的2倍，根据η=W有用W总=fs物Fs=fs物F×2s物=f2F求出滑轮组的机械效率；
(2)不计绳重和滑轮组的摩擦，F=12(f+G轮)，据此求动滑轮重力；
(3)拉力端移动速度，即A点上升速度等于物体移动速度的2倍，再利用P=Wt=Fst=Fv求拉力做功功率；
(4)根据做功的条件分析重力做功的多少。
本题考查了使用滑轮组时拉力、总功的计算，注意：由于物体是水平运动，克服物体受到的摩擦力做的功为有用功。

16.【答案】D 
【解析】解：质量相等的A、B两实心物块，密度之比ρA：ρB=3：2，根据ρ=mV可知，其体积之比为：VA：VB=2：3；
A、B两实心物块，分别放入足够多的水中，若两个物体在水中都处于漂浮状态，则受到的浮力等于其重力，根据G=mg可知，物体的重力相同，则浮力相同，即FA：FB=1：1；
若两个静止时，都全部浸入水中，根据F浮=ρ水gV排可知，其浮力之比等于排开的水的体积之比，也等于A、B两实心物块的体积之比，即FA：FB=2：3；
由于A的密度大于B的密度，当A在水中下沉，B在水中漂浮时，则A受到的浮力为：F浮A=ρ水gVA，B受到的浮力为：F浮B=GB=ρBgVB，FA：FB=ρ水gVA：ρBgVB=2ρ水：3ρB；由于ρA：ρB=3：2，则：ρ水gVA：ρBgVB=ρ水：ρA；
综上所述，不可能得到D。
故选：D。
根据A、B两实心物块的质量和密度之比得出体积之比；列举物块在水中存在状态，根据阿基米德原理和物体的浮沉条件分析。
本题考查了阿基米德原理的应用、物体浮沉条件的应用，能分析出两个物体在水中的状态是解题的关键。

17.【答案】运动  振动 
【解析】解：
(1)从“轻舟已过万重山”可知，山相对于轻舟的位置不断变化，所以，以轻舟为参照物，山是运动的；
(2)声音由物体振动产生的，故“猿声”是由猿的声带振动产生的。
故答案为：运动；振动。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。由此来突破此题。
(2)声音的产生是由物体振动而产生的。
此题考查运动和静止的相对性、声音的产生和传播条件。同一物体处于同一状态，选取的参照物不同，其运动状态也一般不同，这就是运动和静止的相对性。

18.【答案】变小  变小 
【解析】解：汽车急速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，压强小，汽车在压强差下产生向上的升力，汽车对路面的压力减小，小于汽车的重力。车对地面压力减小，使车与地面之间的摩擦力减小，车发飘，司机难把握方向，容易引发事故。
故答案为：变小，变小。
(1)掌握流体流速和压强的关系，并能利用流体压强知识解释轿车制成流线型的原因。
(2)在行车过程中一定要注意不超载、不超速的原因。

19.【答案】大气压  惯性 
【解析】
【分析】
(1)钢笔吸墨水时，是先把皮囊内的空气吸走，在外界大气压的作用下，墨水被压进吸管里；
(2)一切物体都具有惯性，即保持原来运动状态不变的性质。
此题主要考查了惯性、大气压的综合应用，有一定的综合性，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
【解答】
用钢笔吸墨水时，是先把皮囊内的空气挤走，皮囊内气压减小，在外界大气压的作用下，墨水被压进品囊里，利用了大气压，
拍打身上的灰尘时，灰尘原来在衣服上是静止的，当用力拍衣服时，衣服由于受到力的作用由静止变为运动，而灰尘由于惯性仍然保持原来的静止状态，所以灰尘脱离了衣服。
故答案为：大气压；惯性。  
20.【答案】电流  4：1 
【解析】解：实验装置中，两个5Ω的电阻并联后与一个5Ω的电阻串联，根据串联电路的电流特点可知，通过右边两个电阻的总电流和通过左边电阻的电流相等，即I右=I左；两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I左=I1+I2，两电阻的阻值相等，则支路中电流相等，即I1=I2，所以左侧的电流是右侧电流的2倍，容器中两电阻在阻值相等，通电时间相同，所以可探究电流产生的热量与电流的关系；由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量是右侧电阻产生热量的4倍，即左右两侧密闭容器内的电阻产生的热量之比为4：1。
故答案为：电流；4：1。
电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变，图中两电阻串联接入电路，根据串联电路电流特点结合控制变量法分析；
由Q=I2Rt分析判断左右两侧密闭容器内的电阻产生的热量之比。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解以及焦耳定律公式的应用，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。

21.【答案】解：货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力FN，G与F是一对平衡力，它们大小相等，都为100N，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，重力从重心竖直向下画，符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为FN，注意两个力长度相同，如图所示：
 
【解析】货物A做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心，然后做出A所受力的示意图。
本题考查了力的示意图的画法，注意物体处于平衡状态，在水平面上做匀速直线运动时不受水平方向上的阻力。

22.【答案】解：(1)小磁针静止时N极指向右，根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的右端为S极，左端为N极；
(2)根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，所以电池的上端为正极；
(3)开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性会变强，这说明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，则滑动变阻器的电阻变小，滑动变阻器滑片应与左侧导线相连；
如图所示：
 
【解析】(1)根据磁极间的相互作用规律得出电磁铁的磁性；
(2)根据安培定则判定电磁铁中电流的方向；
(3)电磁铁磁性的大小与电流大小和线圈的匝数有关。
本题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、电路图的画法，难度不大。

23.【答案】液体密度；2.4；增大；无关；1.2×103 
【解析】解：(1)C与E两图，排开液体的体积不变，液体的密度不同，所以是研究浮力与液体密度的关系；
F浮=G-F=8N-5.6N=2.4N，所以在盐水中受到的浮力为2.4N；
(2)由F浮=ρ液gV排得，浮力的大小随着排开水的体积的增大而增大，当物体完全浸没在水中后排开水的体积相同，浮力的大小与深度无关；
(3)由AD知，浸没在水中时的浮力F浮=8N-6N-2N；
由题意知，在水和盐水中排开液体的体积相等，则：
F浮水ρ水g=F浮盐水ρ盐水g
代入数据得：
2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2.4Nρ盐水×10N/kg
解得：ρ盐水=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)液体密度；2.4；(2)增大； 无关；(3)1.2×103。
(1)掌握影响浮力大小的因素，判断两图中改变的量和不变的量，得出影响浮力的因素；
(2)根据公式F浮=ρ液gV排分析浮力与V排的关系；
(3)根据F浮=G-F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=F浮ρ水g计算出物体的体积，根据ρ液=F浮'gV排计算出盐水的密度；
或根据在水中和在盐水中排开液体的体积相等列出关系式求出盐水的密度。
此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了影响浮力的因素及控制变量法的应用，同时考查了有关浮力公式的应用，在(3)中确定V排相等是解决此题的关键。

24.【答案】R2  A  短路  B  2.5  0.625  灯丝温度 
【解析】解：(1)灯的额定电压为2.5V，所以，变阻器要分去6V-2.5V=3.5V的电压，根据分压原理，U滑UL=R滑RL，滑动变阻器的阻值至少为R滑=U滑UL×RL=3.5V2.5V×10Ω=14Ω，根据欧姆定律知，灯正常发光的时的电流约为：I=ULRL=2.5V10Ω=0.25A，故应选用R2“50Ω0.5A”的滑动变阻器；
(2)为了保护电路闭合开关前滑片在阻值最大处，即A端；
闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，说明小灯泡短路；
(3)若要测量小灯泡的额定功率，应该使灯泡两端的电压由2.2V增大到2.5V，则电路中的电流也要相应地增大，此时滑动变阻器接入的电阻应减小，因此滑片应向B端移动；
由图乙知，当灯泡正常发光时的电流为0.25A，
则灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W；
(4)灯泡两端电压增大时，灯泡的实际功率也增大，灯丝的温度升高，电阻变大，所以，造成小灯泡灯丝电阻大小的变化的原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大(或灯泡的电阻受温度的影响)。
故答案为：(1)R2；(2)A；短路；(3)B；2.5；0.625；(4)灯丝温度。
(1)根据分压原理求出滑动变阻器连放电路中的最小阻值；
(2)为了保护电路闭合开关前滑片在阻值最大处；
电流表有示数，说明电路为通路；小灯泡不亮，电压表无示数，说明小灯泡短路或电压表短路；
(3)若要想测量灯泡的额定功率，灯泡两端的电压要增大到2.5v，则灯泡电流要增大，电路电阻要变小，从而确定滑片移动的方向；由图乙确定电流表量程与最小分度值，读出电流表示数，由电功率公式P=UI求出灯泡的功率；
(4)灯丝的电阻随温度的变化而变化不是一个定值。
本题测量小灯泡电功率，考查器材的选择、常见故障的分析、电功率的计算、影响电阻大小的因素等知识，是一道中考常见题。

25.【答案】5000  费 
【解析】解：(1)由图知，承担物重的绳子股数n=3，
不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重，则钢丝绳自由端上作用力：
F=13(G+G动)=13×15000N=5000N；
(2)起重臂的支点在O点，滑轮组和重物对C端的拉力为阻力，
由图知，柱塞施加动力的力臂明显小于阻力的力臂，所以此设备是费力杠杆；
(3)钢丝绳自由端移动速度为v=3×0.4m/s=1.2m/s，
绳自由端上作用力F的功率：P=Wt=Fst=Fv=5000N×1.2m/s=6000W。
答：(1)5000；(2)费；
(3)钢丝绳自由端上作用力F的功率是6000W。
(1)由图知，承担物重的绳子有三股，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重，钢丝绳自由端上作用力F是物重和动滑轮重的三分之一；
(2)动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；动力臂大于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；
(3)已知重物上升速度和承担物重绳子股数，可以得到绳子自由端移动速度；已知绳子自由端拉力和移动速度，利用公式P=Fv得到拉力的功率。
此题考查了滑轮组的特点、杠杆的分类及功率的计算，正确判断承担物重绳子股数，是解答此题的关键。

26.【答案】解：(1)小灯泡L标有“8V 4W”字样，小灯泡正常工作一分钟消耗的电能：W=Pt=4W×60s=240J；
(2)当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流为I1，
动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光，此时通过电路的电流为I2，则I2=IL=PLUL=4W8V=0.5A，I1=I2-△I=0.5A-0.2A=0.3A，
灯泡的电阻：RL=ULIL=8V0.5A=16Ω，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得电源电压：U=I1(RH+RL)=0.3A×(RH+16Ω)------①，
U=I2(RH'+RL)=0.5A×(RH-16Ω+16Ω)------②，
①②两式联立，解得：RH=24Ω，U=12V；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，灯泡被短路，并联电路各支路两端电压相等，
通过定值电阻的电流：I0=UR0=12V20Ω=0.6A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，电流表测干路电流，电流表量程为0-3A，当电流表示数达到最大时，通过滑动变阻器的电流最大，则通过滑动变阻器的最大电流：I'=I-I0=3A-0.6A=2.4A，
滑动变阻器的最大功率为：P=UI'=12V×2.4A=28.8W。
答：(1)小灯泡正常工作一分钟消耗的电能为240J；
(2)电源电压是12V；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，调节滑片P，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器R的最大功率是28.8W。 
【解析】(1)小灯泡L标有“8V 4W”字样，根据W=Pt计算小灯泡正常工作一分钟消耗的电能；
(2)当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器的滑片P在b端时，滑动变阻器接入电路最大阻值，R与L串联接入电路，此时通过电路的电流为I1，
动变阻器的滑片P从b端滑动到某一位置时，滑动变阻器接入电路中的阻值减小了16Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光，此时通过电路的电流为I2，
根据电功率公式的变形计算灯泡正常发光时通过电路的电流，进一步计算滑动变阻器的滑片P在b端时通过电路的电流，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律表示电源电压，列出方程可得电源电压；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，灯泡被短路，根据欧姆定律计算通过定值电阻的电流，根据并联电流规律计算电流表示数最大时通过滑动变阻器的电流，此时通过滑动变阻器的电流最大，根据电功率公式计算滑动变阻器的最大功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功公式、电功率公式的灵活运用，综合性强。