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苏科版初中物理九年级下册期末测试卷（困难）（含答案解析）
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这是一份苏科版初中物理九年级下册期末测试卷（困难）（含答案解析），共27页。试卷主要包含了0分），2W，故D错误，【答案】A，【答案】B，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
苏科版初中物理九年级下册期末测试卷
考试范围：第十五.十六.十七.十八章；考试时间：75分钟；总分80分
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 如图1所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图2所示。下列说法正确的是( )
A. 滑片从最左端向最右端滑动过程中，电流表示数变小
B. 滑片滑动过程中，电压表与电流表示数之比不变
C. 电源电压为6V
D. 电路消耗的最大功率为3.6W
2. 灯泡L上标有“6V 6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图(甲)所示。现把灯泡L接入如图(乙)所示的电路中，若电路电源电压为9V不变，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”。则下列说法正确的是( )
A. 灯泡L的电阻值随电压表的示数增大而增大
B. 滑动变阻器电功率随着它两端电压的增大而减小
C. 当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为6V
D. 为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为9W
3. 如图所示，电源电压和灯泡电阻不变，灯L标有“2.5V1.25W”字样，定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R0标有“？Ω1A”字样，电流表量程为0～3A，当闭合开关S、S3，断开S1、S2，滑动变阻器滑片P从最右端移动到某一位置时，灯泡恰好正常发光，R0连入的电阻减小了9Ω，电压表示数变化了0.5V。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 灯泡的电阻为10Ω
B. R0的最大阻值为20Ω
C. 电源电压为14.4V
D. S断开，其余开关均闭合时，电路消耗的最大功率是50.4W
4. 小敏设计了一种“闯红灯违规模拟记录器”，拍摄机动车闯红灯时的情景，如图甲。工作原理：当光控开关接收到某种颜色光时，开关自动闭合，且当压敏电阻受到车的压力，它的阻值变化规律如图乙所示，当电流变化到一定值时，继电器的衔铁就被吸下；光控开关未受到该种光照射时自动断开，衔铁没有被吸引，工作电路中的指示灯发光。已知控制电路电压为6V，继电器线圈电10Ω，当控制电路中电流大于0.06A时，衔铁被吸引(g取10N/kg)。下列说法中不正确的是( )
A. 要记录违规闯红灯的情景，光控开关应在接收到红光时，自动闭合
B. 光控开关接收到绿光时，指示灯亮，电控照相机不工作
C. 要使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以在控制电路中串联一个电阻
D. 质量小于400kg的车辆违规时不会被拍照记录
5. 如图所示，甲乙两线圈宽松地套在光滑的玻璃棒上，并可以自由滑动，当电路闭合时，两螺线管将( )
A. 互相吸引距离变近 B. 互相排斥距离变远
C. 先向中间吸引，然后向两边排斥 D. 没有相互作用
6. 如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是电磁铁。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小。则下列分析正确的是( )
A. 滑片P向右移动过程中，电压表和电流表示数均变小
B. 电磁铁的上端为N极，电源右端为“+”极
C. 若断开开关，弹簧测力计的示数为零
D. 若滑动变阻器的滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计的示数变小
7. 我国航母舰载机起飞将采用自行研制的电磁导射器，电磁弹射器的弹射车与舰载机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车的导体有强电流通过时，就可以受到强大的推力，下图中与弹射车工作原理一致的是( )
A. B.
C. D.
8. 物理与我们的生活息息相关，同学们根据所学到的物理知识，可以判断下列说法正确的是( )
A. 舞台上利用冰制造“烟雾”是干冰先汽化后液化形成的
B. 正常成年人的体积大约0.5m3
C. 近视眼镜的镜片用的是凸透镜
D. 朋友之间利用手机互发微信利用的是电磁波传递信息
9. 假如小白乘坐一颗人造地球同步卫星旅行，下列说法错误的是( )
A. 小白用体温计测体温 B. 小白相对于青岛的崂山是静止的
C. 小白用无线电与地面上的人通话 D. 小白绕地心转动一周约需365天
10. 下列说法中不正确的是
A. 磁浮列车是利用磁极间的相互作用，减小列车与地面间的摩擦
B. 在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系
C. 与头发摩擦过的气球能吸引细小水流，是因为气球和水流带上了异种电荷
D. 通电导体在磁场中受力的方向跟电流方向、磁场方向有关
11. 如图所示，是运动员在铅球比赛中的场景。铅球离手后，在空中飞行过程中，动能EK随时间t变化的曲线最接近下列哪幅图( )
A. B. C. D.
12. 学习了内能及能量的转化和守恒后，同学们在一起梳理知识时交流了以下想法，你认为其中不正确的是( )
A. 能量在转化和转移的过程中总会有损耗，但能量的总量保持不变
B. 热传递改变物体的内能是不同形式的能的相互转化
C. 各种形式的能在一定条件下都可以相互转化
D. 做功改变物体的内能是不同形式的能的相互转化
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共4小题，共8.0分）
13. 在吹气球时，吹大了的气球没握住，它叫啸着飞跑了！你及时捡起气球会发现它的嘴部温度______(选填“变高”、“变低”或“无变化”)。当球内气体喷出来时，发生的能量转化情况是________________________。
14. 古代用烽火、旗语来传递信息都是______(选填“数字”或“模拟”)通信。如图装置是将研究导体的电阻跟_____的关系。电荷量的单位是_________。
15. 图甲为一台简易电动机，它由一节旧电池、小块铷磁铁和线框组成，磁铁吸在电池下端，线框由裸铜导线绕制；图乙为电动机工作原理图，箭头表示磁感线方向。根据图乙可知，磁铁上端为______(填“N”或“S”)极；已知磁场对线框左边的作用力垂直于纸面向里，则线框右边受到的磁场力垂直于纸面______(填“向外”或“向里”)，线框在转动过程中将______能转化为______能。
16. 如图所示，电源电压不变，电阻R1、R2、R3的阻值均为R0。当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为I0，则电源电压为______；改变各开关的状态，整个电路消耗的最大功率为______。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 如图所示是家庭电路的某一部分的示意图，请用笔画线代替导线把该电路连接完整，并且使之符合安全用用电的要求．
18. 小明自制了一个带有电磁铁的木船模型，将它放入水中漂浮，闭合开关后，船头会向北方偏转。请在图上标出螺线管的南、北极和电源的正、负极。
四、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）
19. (1)如图所示是电磁学中一个很重要的实验，从实验现象可知通电导体周围存在磁场，这种现象是1820年丹麦物理学家______发现的。
(2)把直导线弯曲成螺线形，当螺线形线圈插入铁芯后磁性增强，此装置称为电磁铁。为探究电磁铁的磁性与哪些因素有关，小丽同学作出以下猜想：
猜想A：通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强
猜想B：外形相同的电磁铁，线圈的匝数越多，它的磁性越强
为了检验上述猜想是否正确，小丽所在实验小组通过交流合作设计了以下实验方案：
用漆包线(表面涂有绝缘漆的导线)在大铁钉上绕若干圈，制成简单的电磁铁。如图所示的三种情况。根据小丽的猜想和实验，完成下面填空：
通过观察电磁铁吸引大头针数目多少的不同，来判断磁性强弱的不同。
①通过比较图______两种情况，可以验证猜想A是正确的。
②通过比较C图甲、乙两电磁铁，发现猜想B不全面，应补充______。
(3)随着科学技术的发展，电磁铁在生产、生活中的应用十分广泛。如水位自动报警器，其工作原理如图所示，当水位达到金属块A时，出现的情况是______。
A.红、绿灯同时亮B.红、绿灯都不亮C.绿灯亮D.红灯亮。
20. 如图甲所示为一款能自动清扫地面的扫地机器人．机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物．当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电．表一为某扫地机器人的部分参数．电池容量指放电电流与放电总时间的乘积．表一：
额定工作电压
12V
额定功率
30W
电池容量
2500mAh
工作噪音
<50dB
净重
4kg
最大集尘量
1kg
机器人中吸尘电机的吸入功率是衡量其优劣的重要参数，测得某吸尘电机的吸入功率与真空度、风量间的对应关系如表二．真空度指主机内部气压与外界的气压差．风量指单位时间内通过吸尘电机排出的空气体积．吸尘电机吸入功率与输入功率的比值叫做效率．表二：
真空度(Pa)
400
450
500
550
600
风量(m3/s)
0.025
0.02
0.017
0.015
0.013
吸入功率(W)
10
9
8.5
7.8
(1)机器人工作时，主机内部的气压______(选填“大于”、“小于”或“等于”)大气压而产生吸力．若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其发射超声波时与障碍物间的距离为______cm.(设超声波在空气中的传播速度为340m/s)
(2)该机器人充满电后至下一次自动充电前，能够连续正常工作的最长时间为______min．
(3)由表二数据可知，当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率为______W，若吸尘电机的输入功率为25W，此时其效率为______%.
(4)光敏电阻是制作灰尘传感器的常用元件．图乙为某机器人中吸尘电机内部的光敏电阻的控制电路，两端总电压U0恒定(U0<12V)，RG为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的变化而变化，R0为定值电阻．当光敏电阻分别为6Ω和18Ω时，电压表的示数分别为4.5V和2.25V，则R0=______Ω.
(5)若机器人1秒钟消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功．已知集尘盒空置时，机器人匀速运动时受到的摩擦阻力为16N，查阅资料显示摩擦力与压力成正比，则达到最大集尘量时机器人运动的速度为多少？(写出必要计算步骤)
五、计算题（本大题共4小题，共32.0分）
21. 随着科技发展，高效节能的LED灯被人们广泛使用。某种变色LED灯的发光颜色与电压有关，相关参数如下表。
电压
发光颜色
1V～2V
红光
2V～3V
绿光
3V以上
蓝光
将其与滑动变阻器串联接入如图恒压电路中，电源电压为4V。当滑片P滑到某点时，电压表示数为1.8V，通过LED灯的电流为18mA。当滑片P置于最右端时，电压表的示数为U1，电流为0.02A。将滑片P置于最左端时，电压表示数为U2，且U2：U1=2：1。求：
(1)LED灯两端电压为1.8V时的电功率；
(2)将滑片P置于距左端14处，电路中电流为0.06A时，LED灯发出什么颜色的光；
(3)用定值电阻R2替换LED灯，当滑片P置于最右端时，闭合开关S，电压表示数为U3，且U3与U1相比变化了0.5V，求R2的阻值。
22. 为了比赛的公平公正，小芸为学校短跑比赛设计了一款防抢跑装置，该装置安装在起跑线前，如图甲所示，丙图是其工作原理图；起跑发令枪发令前，开关S1、S2、S3都闭合，K与A端相连，绿灯亮：发令枪扳机和开关S2相连动，扣动扳机，枪响同时开关S2断开：当电流表示数小于或等于30mA时，在弹簧弹力作用下，K与A端相连，绿灯亮，无人抢跑；当电流表示数大于30mA时，衔铁被吸下，K与B端相连，红灯亮同时铃声响，有人抢跑。
已知两电路电源电压均为6V，保持不变，压力传感器R的阻值随所受压力变化的图象如图乙所示，压板重力不计，电磁铁线圈电阻不计。
(1)起跑发令枪发令前，开关S1、S2、S3都闭合，压力传感器R压板上无人(压力F=0N)时，左端电路消耗的电功率为多少？
(2)比赛时，起跑发令枪发令前，抢跑同学踩在压板上的压力F为900N时，左端电路电流表读数为多少？
(3)比赛时，枪声响起后，若某同学踩在压板上的力为1500N时，要使得红灯不亮，电阻R0至少为多大？
23. 频率为300MHz−300GHz的电磁波，它的波长很短，通常称之为微波。微波能沿直线传播，在遇到金属材料时能发生反射：遇到玻璃、塑料、陶瓷等绝缘材料可以穿透；遇到含有水分的蛋白质、脂肪等介质可被吸收，并将微波的电磁能量变为内能。人们熟悉的手机就是利用微波进行通讯的。GSM手机的工作频率般为900MHz～1800MHz波段。使用手机通话时，微波会对人体产生一种“加热效应”，微波频率越高，人对其能量吸收率就越高，危害也就越大。下表提供了某种型号手机的技术参数。请根据这些技术参数和微波的上述特性解决下列问题。
某型号GSM手机的主要技术参数表
工作电压
标准配置电池
最长通话时间
最大发射功率
工作频率
4.1V
670mAh
300min
2W
900/1800MHz
(1)手机的最大工作电流约是多少？在300min的通话时间内。手机的平均功率约为多少？
(2)请列举两项减小手机微波辐射危害的措施；
(3)某网站刊载了一则“手机煮鸡蛋”的消息：两名实验人员将一个生鸡蛋放置在陶瓷杯子里，在鸡蛋两侧各放置部手机，让听筒与鸡蛋的水平距离保持2cm左右。用其中一部手机拨通另一部手机，并保持通话状态。在实验进行到65min时，实验人员取出鸡蛋，发现已经完全熟透。请判断这则消息的真伪，并简要说明理由。
24. 太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一。某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为26℃的水，温度升高到46℃。求：
(1)热水器中的水吸收的热量Q吸；[水的比热容c=4.2×103J/(kg·℃)]
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E；
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧多少m3的天然气放出的热量？(天然气的热值q=7×107J/m3)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)变阻器由左端向右滑动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻；
(3)读出图中滑动变阻器的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律算出其电阻，根据电源电压相等列等式算出定值电阻的阻值，进而求出电源电压；
(4)当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大。
【解答】
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
A.当变阻器滑片向右滑动过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故A错误；
B.由电路图可知，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测滑动变阻器中的电流，所以电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻，因为变阻器滑片向右滑动过程中变阻器接入电路中的电阻变小，所以电压表与电流表示数之比变小，故B错误；
C.由图2可知，当滑动变阻器的电阻为5Ω时，其两端的电压为3V，通过电路的电流为：
I1=U1R1=3V5Ω=0.6A，
则电源电压为：U=U1+R1I1=3V+0.6AR0-------①；
滑动变阻器的电阻为10Ω时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：
I2=U2R2=4V10Ω=0.4A，则电源电压为：U=U2+R2I2=4V+0.4AR0-------②；
联立①②得，R0=5Ω，U=3V+0.6A×5Ω=6V，故C正确；
D.当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大，电路消耗的最大功率为P=U2R0=(6V)25Ω=7.2W，故D错误。
故选C。
2.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由图甲可知，电压每增加1V，电流的变化量越来越小。由R=UI可知，灯泡L的电阻值随灯泡两端的电压的增大而增大。由图乙可知，电压表测的是滑动变阻器两端的电压，由串联电压特点可知，滑动变阻器两端电压减小，灯泡两端的电压增大，故灯泡L的电阻值随电压表的示数减小而增大。故A错误；
C.由图甲可知，当电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为1V。由串联电路电压特点可知，滑动变阻器两端的电压即电压表的示数为：U滑=U−UL=9V−1V=8V，故C错误；
D.小灯泡的额定电流为：I额=P额U额=6W6V=1A，电路电源电压为9V不变，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”。为了保证电路安全，电路的最大电流为0.6A，整个电路消耗的最大功率为：P=UI=9V×0.6A=5.4W，故D错误；
B.由串联分压原理可知，滑动变阻器的阻值变大，两端的电压随之变大。滑动变阻器电功率为：P滑=I2R=(UR+RL)2R=U2(RL+R)2R=U2(RL−R)2R+4RL，
所以，当RL=R时，滑动变阻器的电功率最大。滑动变阻器由0增大时，电功率是先增大后减小的。但为了保证电路安全，电流不能超过0.6A，由图甲可知，灯泡两端的最大电压为2V。此时小灯泡的阻值为：RL′=UL′I′=2V0.6A≈3.3Ω，
此时滑动变阻器两端的电压为：U滑′=U−UL′=9V−2V=7V，
滑动变阻器最小接入电路的阻值为：R滑小=U滑′I′=7V0.6A≈11.67Ω，
因此滑动变阻器的阻值大于小灯泡的电阻，滑动变阻器的阻值越大，两端电压越大，灯泡两端的电压越小，灯泡的电阻越小，滑动变阻器的阻值与灯泡的电阻的差值越大，滑动变阻器的电阻始终无法与小灯泡电阻相等。综上可知，滑动变阻器电功率随着它两端电压的增大而减小。故B正确。
故选：B。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据图像读出几组数据，根据欧姆定律判断灯泡电阻的变化，利用串联电路的电压特点得出电压表的示数，然后归纳得出灯泡L的电阻值与电压表的示数关系；
(2)由图甲可知，当电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为1V，由串联电路电压特点可知滑动变阻器两端的电压即电压表的示数；
(3)根据图像可知灯泡正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，根据欧姆定律求出整个电路的最小电阻，从而求出滑动变阻器的阻值；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率；
(4)由串联分压原理可知，滑动变阻器的阻值变大，两端的电压随之变大。滑动变阻器电功率为P滑=I2R=(UR+RL)2R=U2(RL+R)2R=U2(RL−R)2R+4RL，所以当RL=R时，滑动变阻器的电功率最大。滑动变阻器由0增大时，电功率是先增大后减小的。但为了保证电路安全，电流不能超过0.6A，由图甲可知，灯泡两端的最大电压为2V。根据欧姆定律和串联电路电压规律可求出滑动变阻器最小接入电路的阻值，再与灯泡此时的电阻进行比较可判断滑动变阻器电功率随着它两端电压变化的规律。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，这也是学生比较容易出错的地方。
3.【答案】D
【解析】解：A.由题知，灯泡的额定电压2.5V，额定功率1.25W，灯泡的电阻：RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω故A错误；
BC.由电路图知，当闭合开关S、S3，断开S1、S2时，L、R0、R1串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压，
当滑片P移动到某一位置时，R0连入的电阻减小了9Ω，灯泡恰好正常发光，所以UL=2.5V，
滑片P在右端时，滑动变阻器连入电路阻值最大，由串联电路的分压原理知其两端分得电压最大，此时灯泡两端分得电压较小，
所以此时灯泡两端电压：UL′=UL−0.5V=2.5V−0.5V=2V，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由串联电路电阻规律和欧姆定律可得，灯泡两端电压：UL=URL+(R0−9Ω)+R1×RL，
即U5Ω+R0−9Ω+10Ω×5Ω=2.5V------①，
当滑片P在右端时，灯泡两端电压：UL′=URL+R0+R1×RL，
即U5Ω+R0+10Ω×5Ω=2V------②，
①②联立可得R0=30Ω，U=18V，故BC错误；
D.若闭合S1、S2、S3，断开S，R0、R1并联，并联电路各支路两端电压相等，
根据欧姆定律可得此时通过R1的电流：I1=UR1=18V10Ω=1.8A，
由变阻器的规格知，通过它的最大电流I0=1A，此时干路电流I=I1+I0=1.8A+1A=2.8A<3A，电流表安全，
所以电路中的最大电流为2.8A，电路的最大功率：P最大=UI最大=18V×2.8A=50.4W，故D正确。
故选：D。
A、根据灯泡的规格结合R=U2P计算灯泡正常发光时的电阻；
BC.由电路图知，当闭合开关S、S3，断开S1、S2时，L、R0、R1串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压，当滑片P移动到某一位置时，R0连入的电阻减小了9Ω，灯泡恰好正常发光，此时灯泡两端的电压等于额定电压，滑片P在右端时，滑动变阻器连入电路阻值最大，由串联电路的分压原理知其两端分得电压最大，此时灯泡两端分得电压较小，进一步据此灯泡两端的电压，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律分别表示灯泡两端的电压，解方程组可得电源电压和定值电阻的阻值，
D.若闭合S1、S2、S3，断开S，R0、R1并联，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算此时通过R1的电流，根据滑动变阻器的规格和并联电路电流规律计算干路最大电流，根据P=UI计算电路的最大功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
4.【答案】C
【解析】
【分析】
要解决此题，需要搞清多个方面的问题，如：掌握电磁继电器的工作原理；掌握欧姆定律的内容，知道当压敏元件受到的压力增大时，它的电阻减小，电路中的电流会增大；搞清当出现哪种颜色的灯时，照相机需要工作；会分析压力和电阻的关系图象，同时观察压力和电阻的大小变化情况；能根据电流值和电压值求出所需的总电阻，然后根据串联电阻的知识求出压敏电阻的阻值，根据图象查出此时的压力，从而计算出车辆的质量等。此题考查了有关电磁继电器的电路连接，首先要搞清电磁继电器的工作原理，并搞清工作电路和控制电路．同时还考查了欧姆定律的应用，正确运用原理分析是此题的关键。
【解答】
AB.因为电控照相机要自动记录违规闯红灯的情景，所以光控开关应在接收到红光时，自动闭合；在接收到绿光时，光控开关断开，指示灯发光，电控照相机不工作，所以说法均正确；
C.分析图乙可知，当压力F越小时，电阻R越大，如果再串联一个电阻，根据串联电路中的总电阻等于各串联电阻之和，则电路中的总电阻更大，电流会更小，达不到0.06A，电磁铁不能有效控制衔铁，则不能达到给违规车辆拍照的目的，因此该说法不正确，符合题意；
D.根据欧姆定律I=UR得：电路中的总电阻R总=UI=6V0.06A=100Ω，压敏电阻的阻值为：R=100Ω−10Ω=90Ω
查图可知，当R=90Ω时，压敏电阻所受的压力F=4000N，
根据G=mg得：m=Gg=Fg=4000N10N/kg=400kg，因此，只有质量大于400kg的车辆违规时才会被拍照记录，该说法正确。
故选C。
5.【答案】A
【解析】略
6.【答案】B
【解析】解：AB.由“闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小”根据同名磁极相互排斥，可知，螺线管上端为N极，右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电源右端为“+”极，而滑片P向右移动过程中，连入电路的电阻变小，故电流表示数变大，电压表示数变小，故A错误，B正确；
C.断开开关，电路中没有电流，所以电磁铁磁性无磁性，即电磁铁对条形磁铁即不吸引也不排斥，但条形磁体有重力，故弹簧测力计有示数，不为零，故C错误；
D.若滑动变阻器的滑片P不动，抽去铁芯后，电磁铁的磁性变弱，而电磁铁的上端为N极，并且同名磁极相互排斥，所以对条形磁铁的排斥力减小，故弹簧测力计的示数将变大，故D错误。
故选：B。
(1)知道A磁体的下端为N极和弹簧测力计的示数变小，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性；
(2)知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极；
(3)断开开关，条形磁体有重力;
(4)首先判断出抽去铁芯后，电磁铁磁性强弱的变化，再根据磁体间的相互作用规律，可以确定弹簧测力计示数的变化。
本题考查了学生对电磁铁磁性强弱的影响因素、磁体间的相互作用规律、安培定则的理解和应用，都是基础内容，要想很好的解决此题，就需要学生很好地掌握这些基础知识。
7.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查磁场对通电导线的作用，根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
【解答】
由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A.电动车含有电动机，电动机的原因是通电导体在磁场中受力而运动，故A正确；
B.手摇发电机是利用电磁感应制成的，故B错误；
C.电热水壶利用的是电流的热效应，故C错误；
D.电磁起重机利用的是电流的磁效应，故D错误。
故选A。
8.【答案】D
【解析】解：A、干冰喷洒到舞台上，干冰会迅速升华，从周围吸收大量的热，使周围的温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，形成烟雾；故A错误；
B、正常成年人的质量约为是50kg，人的密度和水的密度比较接近，
则人的体积约为V=mρ=50kg1000kg/m3=0.05m3，故B错误；
C、近视眼镜的镜片用的是凹透镜，对光线有发散作用，故C错误；
D、手机互发微信利用的是电磁波传递信息，故D正确；
故选：D．
(1)烟雾是干冰先升华后液化形成的；
(2)根据密度公式估算人的体积；
(3)近视眼镜的镜片用的是凹透镜，远视镜片是凸透镜；
(4)手机利用的是电磁波传递信息．
考查升华、凝华，汽化与液化的区别，掌握近视眼镜的镜片与远视眼镜片的不同，及知道手机利用电磁波传递信息．
9.【答案】D
【解析】解：
A、体温计的原理是液体的热胀冷缩，在太空中体温计仍可使用，故A正确；
B、地球同步卫星和地球同步转动，所以小白相对于青岛的崂山是静止的，故B正确；
C、太空中是真空，小白可以用无线电与地面上的人通话，故C正确；
D、地球同步卫星和地球同步转动，它绕地心转动一周的时间等于地球自转一周的时间，即地球同步卫星绕地心转动一周的时间为1天，故D错误．
故选：D．
(1)体温计在卫星上仍能正确工作；
(2)判断运动还是静止关键是看被研究物体和参照物之间是否有位置的变化；
(3)电磁波能够在真空中传播；
(4)地球同步卫星和地球转动一周所用时间相同．
本题旨在考查体温计、运动与静止的相对性、电磁波、地球的自转的知识，考查学生对体温计的使用、运动与静止的相对性的判断、照相机的原理、地球的自转时间的判断的能力，是一道综合题．
10.【答案】C
【解析】
【分析】
(1)同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
(2)公式v=λf适用于一切波，抓住波速由介质决定、频率由波源决定，波长由波源和介质共同决定
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(4)通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁极方向有。
本题主要考查了波的特征、带电体的性质、影响通电导体在磁场中受力的因素及磁极间的相互作用等相关知识，综合性强，有一定难度。
【解答】
A.磁悬浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥的原理，故A正确；
B.在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系，故B正确；
C.头发和气球摩擦时，使气球带电，带电体具有吸引轻小物体的性质；能吸引细小水流，故C错误；
D.通电导体在磁场中受力的方向跟电流方向、磁场方向有关，故D正确。
故选C。
11.【答案】A
【解析】
【分析】
动能大小的影响因素：质量和速度，质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大。
本题考查了动能的变化，掌握动能大小的影响因素，能通过图象判断动能的大小变化。
【解答】
A. 铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零，从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大。整个过程动能先减小再增大，动能先减小后增大，落地时具有的动能大于出手时的动能，故A正确；
BC.铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零，故 BC错误；
D. 出手后铅球速度减小，动能应先减小，图中是先增大，故D错误。
故选A。
12.【答案】B
【解析】解：A、能量在转化和转移的过程中总会有损耗，例如电动机的工作原理就是电能转化为机械能，但是因为机械之间存在摩擦，摩擦生热，所以有一部分电能转化为内能，而这部分的能量转化是我们不需要的，所以可以称这部分能量损耗了．根据能量守恒定律，自然界中所有能量的总量保持不变，故本选项正确．
B、热传递改变物体的内能是内能从高温物体转移到低温物体，是能的转移，不是转化，故本选项错误．
C、自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量在一定条件下可以相互转化，故本选项正确．
D、做功改变物体的内能是不同形式的能的相互转化，例如两只手掌相互摩擦生热就是机械能转化内能，是不同形式的能的相互转化，故本选项正确．
故选B．
自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量可以相互转化，在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变．
本题考查了对能量的转化和守恒、内能的变化的本质的理解，要注意做功改变内能和热传递改变内能的区别．
13.【答案】变低；内能转化为机械能
【解析】解：
当球内气体喷出来时，气体会对外做功，发生的能量转化情况是气体的内能转化为气球的机械能，气体的内能减小温度降低．
故答案为：变低；内能转化为机械能．
知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小．
本题考查了改变物体内能方法(一是做功，二是热传递)，属于基础题目．
14.【答案】数字长度库仑
【解析】
【分析】数字通信指的是使用离散的数字信号进行通信。模拟通信指信号都是连续的模拟信号进行通信。
金属导体的电阻的大小与导体的长度、横截面积、温度等因素有关，电荷量的单位是库仑。
本题考查数字通信与模拟通信的区别，电阻的大小的关系，电荷量的单位，是一基础题。
【解答】
烽火通过点火、灭火，旗语通过几种固定的姿势，来传递信息，是数字通信，由图知，电阻的材料和横截面积相同但长度不同，所以图中是研究导体的电阻跟长度的关系，电荷量的单位是库仑。
故答案为：数字；长度；库仑。
15.【答案】N 向外 电 机械
【解析】解：图甲为一台简易电动机，它由一节旧电泡、小块铷磁铁和线框组成，磁铁吸在电池下端，线框由裸铜导线绕制；图乙为电动机工作原理图，箭头表示磁感线方向。根据图乙可知，在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，磁铁上端为N极；已知磁场对线框左边的作用力垂直于纸面向里，根据左手定则判断，电流相反，线框右边受到的磁场力垂直于纸而向外，线框在转动过程中将电能转化为机械能。
故答案为：N；向外；电；机械。
在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。根据左手定则判断受力；电动机是电能转化为机械能。
本题考查了磁场相互作用、磁场对电流的作用、电动机的能量转化、影响磁场受力方向的因素等知识，涉及的知识较多，但难度不大，熟练应用相关基础知识即可正确解题。
16.【答案】2I0R0 8I02R0
【解析】解：当开关S1闭合，S2、S3断开时，则R1、R2两电阻串联接入电路，由欧姆定律可知U=I0(R1+R2)=2I0R0；
当开关S1、S2、S3都闭合时，电阻R1与R3并联，R2被短路，此时功率最大，
由并联电路电阻规律可知，电路总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和，即：1R=1R3+1R1=1R0+1R0=2R0；
则电路中的总电阻R=R02；
电路消耗的最大功率P=U2R=(2I0R0)2R02=8I02R0。
故答案为：2I0R0；8I02R0。
分析用电器的连接方式，然后根据串并联电路特点和电功率公式进行解题。
当开关S1闭合，S2、S3断开时，则R1、R2两电阻串联接入电路，由欧姆定律可得到电源电压。
当开关S1、S2、S3都闭合时，电阻R1与R3并联，R2被短路，此时功率最大，由并联电路特点可以得到总电阻，由P=U2R可得电路消耗的最大功率。
本题综合性较强，考查的内容较多。会辨别串、并联，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串、并联电路的电压规律，电流规律，电阻规律。
17.【答案】解：火线首先进开关，从开关出来，再接入灯泡顶端的金属点．
故答案为：
【解析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进灯泡顶端的金属点，零线直接接灯泡的螺旋套．这样开关可以控制灯泡，并且在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，操作更安全．
家庭电路中要掌握开关控制灯泡时正确的连接方法，要真正理解这样连接的原因．
18.【答案】
【解析】
【分析】
螺线管处在地球的磁场中，闭合开关后，船头会指向北方偏转，可知可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可确定电源的正负极。
本题考查了地磁场和右手螺旋定则。通过本题应掌握：(1)知道地球是个巨大的磁体，地磁南极在地理北极的附近，地磁北极在地理南极附近；(2)右手螺旋定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指向的方向为磁感线N极方向。
【解答】
因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极，闭合开关后，船头会指向北方偏转。则螺线管右端为N极，左端为S极，由右手螺旋定则可知电源左端为正极，右端为负极，如图所示：
。
故答案为：
。
19.【答案】奥斯特 A、B 电流相同时 D
【解析】解：(1)奥斯特实验就是以奥斯特的名字命名的，这个实验证明了电流周围存在磁场，揭示了电和磁之间的联系，因此奥斯特也被尊称为“揭示电和磁联系的第一人”；
(2)实验中电磁铁的磁性是以电磁铁吸引大头针数目多少的不同体现的，用到了转换法的思想；
①要验证猜想A是正确的，根据控制变量法的思想，必须控制线圈的匝数相同，改变电流的大小，观察电磁铁吸引大头针数目的多少，符合此要求的只有A、B两图；
②C图中甲、乙两磁铁串联，通过的电流相同，线圈的匝数不同，吸引的大头针数目不同，匝数多的吸引的大头针多，磁性强，因此B的猜想应该补充“电流相同”这一前提条件。
(3)水位自动报警器利用了电磁铁“通电有磁性，断电无磁性”的特点，当水位达到金属块A时，由于水是导体，电磁铁电路接通，电磁铁产生磁性把衔铁吸下来，使触电与红灯电路接通，红灯发光。
故答案为：(1)奥斯特；
(2)①A、B；
②电流相同；
(3)D。
(1)奥斯特实验解释了电和磁之间的联系，是丹麦物理学家奥斯特发现的；
(2)①要验证通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强，应该控制线圈匝数一定，改变电流大小；
②C图中甲、乙两电磁铁串联，通过的电流相同，线圈的匝数不同；
(3)电磁铁通电时产生磁性，断电时磁性消失，根据这个特点分析水位自动报警器的工作原理。
(1)研究影响电磁铁磁性的因素时，用控制变量法的思想，电磁铁磁性的强弱通过吸引大头针数目体现，用到了转换法的思想；
(2)电磁继电器实际上就是利用电磁铁控制工作电路通断的开关，可以实现低电压弱电流控制高电压强电流和远距离控制。
20.【答案】小于；17；48；8.25；33；6
【解析】解：(1)由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小可知，机器人在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，
在外界大气压的作用下将灰尘、杂物吸入集尘盒，故主机内部的气压小于大气压而产生吸力．
由v=st得，超声波从发射到收到回波所通过的总路程：s总=vt=340m/s×0.001s=0.34m，
则其发射超声波时与障碍物间的距离：s=s总2=0.34m2=0.17m=17cm；
(2)由P=IU得，机器人正常工作时的电流：I=PU=30W12V=2.5A；
机器人充电过程是将电能转化为化学能储存起来；充满电后的电池容量Q1=2500mAh，下一次自动充电前的电池容量Q2=ηQ1=20%×2500mAh=500mAh，
消耗的电池容量Q=Q1−Q2=2500mAh−500mAh=2000mAh，正常工作时的电流I=2.5A=2500mA，
由I=Qt得，连续正常工作的最长时间：t=QI=2000mAh2500mA=0.8h=48min；
(3)由表格中数据可知，吸入功率等于真空度与风量的乘积，
当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率：P吸入=550Pa×0.015m3/s=8.25W；
此时其效率：η电机═P吸入P输入×100%=8.25W25W×100%=33%；
(4)由电路图可知，光敏电阻RG和定值电阻R0串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，
当光敏电阻RG1=6Ω时，电压表的示数U1=4.5V，光敏电阻两端的电压U=U0−U1，
此时电路中的电流：I1=U1R0=U0−U1RG1，即4.5VR0=U0−4.5V6Ω…①
当光敏电阻RG2=18Ω时，电压表的示数U2=2.25V，光敏电阻两端的电压U′=U0−U2，
此时电路中的电流：I2=U2R0=U0−U2RG2，即2.25VR0=U0−2.25V18Ω…②
联立①②可解得：U0=9V，R0=6Ω，
(5)吸尘器压力等于其重力，由题可知，摩擦力与压力成正比，
则集尘盒空置和达到最大最大集尘量时的摩擦力之比：f1f2=kG1kG2=G1G2=m1m2，
即：16Nf2=4kg4kg+1kg，
所以，达到最大最大集尘量时的摩擦力：f2=20N；
因为消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功，
所以P机械=40%P电=0.4×30W=12W，
机器人做匀速运动，由P机械=Wt=Fst=Fv=f2v可得，机器人运动的速度：
v=P机械f2=12W20N=0.6m/s；
故答案为：(1)小于；17；(2)48；(3)8.25；33；(4)6；(5)达到最大集尘量时机器人运动的速度为0.6m/s．
(1)由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小；先根据s总=vt算出总路程，利用s=s总2即可求出发射超声波时与障碍物间的距离；
(2)机器人充电过程是将电能转化为化学能；先算出消耗的电池容量Q=Q1−Q2，再利用t=QI求出连续正常工作的最长时间；
(3)根据表格中的数据得出吸入功率的关系式，从而求出吸入功率；再根据η电机=P吸入P输入×100%求出吸尘电机的效率；
(4)根据串联电路电流相等的特点，利用欧姆定律I=UR列出光敏电阻在不同阻值的电流方程，联立即可解得定值电阻的阻值；
(5)根据摩擦力与压力成正比，计算出最大集尘量时，机械人受到的摩擦力，由P=Fv计算其速度．
本题涉及到力学、声学、光学、电学等物理知识较多，跨度大，综合性很强，有一定的难度，需要仔细分析判断，学生要熟练掌握电功率公式、电流的定义式、欧姆定律、效率公式的综合应用，理解电池容量的含义和效率公式的应用是关键．
21.【答案】解：(1)闭合开关，LED灯和滑动变阻器串联接入电路，电压表LED灯测两端的电压，电压表示数为1.8V，通过LED灯的电流为18mA=0.018A，则LED灯两端电压为1.8V时的电功率：P=ULIL=1.8V×0.018A=0.324W；
(2)将滑片P置于最左端时，电路为LED灯泡的简单电路，灯泡两端的电压为电源电压，即电压表示数为电源电压，电压表示数为U2，电源电压为4V且U2：U1=2：1，所以U1=2V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，当滑片P置于最右端时，滑动变阻器接入电路最大电阻，根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：R1=U2−U1I1=4V−2V0.02A=100Ω，
将滑片P置于距左端14处，电路中电流为0.06A时，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得滑动变阻器两端的电压：UR1=I×14R1=0.06A×14×100Ω=1.5V，
LED灯泡两端的电压：UL′=U2−UR1=4V−1.5V=2.5V，由表格可知LED灯发出绿色的光；
(3)用定值电阻R2替换LED灯，当滑片P置于最右端时，闭合开关S，电压表示数为U3，且U3与U1相比变化了0.5V，
若电压表示数增大0.5V，则若电压表示数减小0.5V，则U3=2V−0.5V=1.5V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，
此时通过电路的电流：I3=U2−U3R1=4V−1.5V100Ω=0.025A，
根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值：R2=U3I3=1.5V0.025A=60Ω；
若电压表示数增大0.5V，则U3′=2V+0.5V=2.5V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，
此时通过电路的电流：I3′=U2−U3′R1=4V−2.5V100Ω=0.015A，
根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值：R2′=U3′I3′=2.5V0.015A≈167Ω。
答：(1)LED灯两端电压为1.8V时的电功率为0.324W；
(2)LED灯发出绿色的光；
(3)R2的阻值为60Ω或167Ω。
【解析】(1)闭合开关，LED灯和滑动变阻器串联接入电路，电压表LED灯测两端的电压，已知LED灯两端的电压和电流，根据P=UI计算LED灯两端电压为1.8V时的电功率；
(2)将滑片P置于最左端时，电路为LED灯泡的简单电路，灯泡两端的电压为电源电压，即电压表示数为电源电压，电压表示数为U2，且U2：U1=2：1，据此计算U1，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算将滑片P置于距左端14处时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算灯泡两端的电压，根据表格判断灯泡发光的颜色；
(3)用定值电阻R2替换LED灯，当滑片P置于最右端时，闭合开关S，电压表示数为U3，且U3与U1相比变化了0.5V，分两种情况讨论：电压表示数增大0.5V或电压表示数减小0.5V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算通过电路的电流，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
22.【答案】解：
(1)当开关S1、S2、S3都闭合，压力传感器R压板上无人时，由图象知，压力传感器的电阻为R=300Ω，
所以左端电路消耗的电功率为P=U2R=(6V)2300Ω=0.12W；
(2)当有人抢跑时，对传感器的压力为900N，由图象知，此时压力传感器的电阻为R′=100Ω，
所以左端电路电流表读数为I′=UR′=6V100Ω=0.06A；
(3)由题意知，红灯不亮时的电路最小电流为I最小=30mA=0.03A，
此时的电路最大电阻为R总=UI最小=6V0.03A=200Ω，
由图象知，当传感器受到的压力是1500N时，此时的电阻为R最小=50Ω，
所以保护电阻的阻值最小为R0=R总−R最小=200Ω−50Ω=150Ω。
答：
(1)左端电路消耗的电功率为0.12W；
(2)左端电路电流表读数为0.06A；
(3)电阻R0至少为150Ω。
【解析】(1)发令枪发令前，保护电阻R0被短路，已知电源电压和压力传感器此时的电阻，可以得到左端电路消耗的电功率；
(2)已知压力传感器受到的压力，可以确定对应的电阻；已知电源电压和压力传感器的电阻，可以得到左端电路电流表读数；
(3)已知红灯不亮时的电路最小电流和电源电压，可以得到电路最大电阻；已知传感器受到的压力确定对应的最小电阻；根据串联电路特点得到保护电阻的阻值。
此题是一道创新题，考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率的计算，将电路图与图象结合，找准切入点，是正确解答的关键。
23.【答案】解：(1)手机的最大工作电流 I=PU=2W4.1V=0.49A
按最大工作电流0.49A计算。手机可放电0.67Ah0.49A=1.37小时。所以在300min 的通话时间内手机的平均功率P=Pmax×1.375=0.55W
(或者P=Wt=4.1×0.67×60×60300×60W=0.55W)
( 2 ) ①降低手机的发射功率(如CDMA手机的最大发射功率是0.2W)
②减少通话时间
③用耳机和小麦克风通话使手机离开头部远一些，减少对于头部的伤害
( 3 )这则消息叙述的事实是不能实现的
以一个鸡蛋的质量为50g计算，因为鸡蛋的主要成分是水，所以比热和水差不多，设煮熟鸡蛋的温度升高最大约为80℃
即煮熟一个鸡蛋相当于把50g水加热温度升高80℃需要吸收的热量：
Q吸=cm(t2−t1)=1.68×104J
两个手机通话，根据(1)的计算，其发射微波的平均功率可取0.55W，那么通话65 min，提供的能且大约是4.3×103J(0.55W×65×60s×2=4290J)。
即使按最大功率2W计算，手机也只能提供大约是1.56×104J的能量。考虑到手机是向四面八方发射电磁波，设各个方向的强度是大致相同的。鸡蛋所接受的电磁波只可能是手机发射电磁波中的很小一部分(小于1/6).因此手机不可能把鸡蛋煮熟，网站的消息是虚假的。
故答案为：(1)0.49A、0.55W；
(2)减少通话时间、用耳机和小麦克风通话使手机离开头部远一些，减少对于头部的伤害；
(3)这则消息叙述的事实是不能实现的。
【解析】(1)已知电量和工作时间，可求出电流、和电功率。
(2)手机工作时有辐射，我们在生活中要注意使用安全。
(3)手机是向四面八方发射电磁波，设各个方向的强度是大致相同的。鸡蛋所接受的电磁波只可能是手机发射电磁波中的很小一部分(小于1/6).因此手机不可能把鸡蛋煮熟，网站的消息是虚假的。
此题考查了电磁波在生活的应用，对电磁波知识要有一定的认识，此题涉及的内容较多，要认真分析。
24.【答案】解：
(1)水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(46℃−26℃)=8.4×106J；
(2)热水器在5小时的有效照射时间内接收到的太阳能：E=5×4.2×106J=2.1×107J；
(3)根据题意知Q放=E=2.1×107J，则需要完全燃烧的天然气：
V= Q放q = 2.1×107J 7×107J/m3 =0.3m3。
答：(1)热水器中的水吸收的热量是8.4×106J；
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E是2.1×107J；
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧0.3m3的天然气放出的热量。
【解析】(1)根据Q=cm△t求出水吸收的热量；
(2)已知太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，据此解答即可；
(3)根据Q放=Q吸，再根据Q放=Vq求出天然气的体积。
此题主要考查的是学生对吸热公式和燃料热值计算公式的理解和掌握，基础性题目。
苏科版初中物理九年级下册期末测试卷
考试范围：第十五.十六.十七.十八章；考试时间：75分钟；总分80分
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 如图1所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关，滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图2所示。下列说法正确的是( )
A. 滑片从最左端向最右端滑动过程中，电流表示数变小
B. 滑片滑动过程中，电压表与电流表示数之比不变
C. 电源电压为6V
D. 电路消耗的最大功率为3.6W
2. 灯泡L上标有“6V 6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图(甲)所示。现把灯泡L接入如图(乙)所示的电路中，若电路电源电压为9V不变，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”。则下列说法正确的是( )
A. 灯泡L的电阻值随电压表的示数增大而增大
B. 滑动变阻器电功率随着它两端电压的增大而减小
C. 当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为6V
D. 为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为9W
3. 如图所示，电源电压和灯泡电阻不变，灯L标有“2.5V1.25W”字样，定值电阻R1=10Ω，滑动变阻器R0标有“？Ω1A”字样，电流表量程为0～3A，当闭合开关S、S3，断开S1、S2，滑动变阻器滑片P从最右端移动到某一位置时，灯泡恰好正常发光，R0连入的电阻减小了9Ω，电压表示数变化了0.5V。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 灯泡的电阻为10Ω
B. R0的最大阻值为20Ω
C. 电源电压为14.4V
D. S断开，其余开关均闭合时，电路消耗的最大功率是50.4W
4. 小敏设计了一种“闯红灯违规模拟记录器”，拍摄机动车闯红灯时的情景，如图甲。工作原理：当光控开关接收到某种颜色光时，开关自动闭合，且当压敏电阻受到车的压力，它的阻值变化规律如图乙所示，当电流变化到一定值时，继电器的衔铁就被吸下；光控开关未受到该种光照射时自动断开，衔铁没有被吸引，工作电路中的指示灯发光。已知控制电路电压为6V，继电器线圈电10Ω，当控制电路中电流大于0.06A时，衔铁被吸引(g取10N/kg)。下列说法中不正确的是( )
A. 要记录违规闯红灯的情景，光控开关应在接收到红光时，自动闭合
B. 光控开关接收到绿光时，指示灯亮，电控照相机不工作
C. 要使质量较小的车闯红灯也能被拍下，可以在控制电路中串联一个电阻
D. 质量小于400kg的车辆违规时不会被拍照记录
5. 如图所示，甲乙两线圈宽松地套在光滑的玻璃棒上，并可以自由滑动，当电路闭合时，两螺线管将( )
A. 互相吸引距离变近 B. 互相排斥距离变远
C. 先向中间吸引，然后向两边排斥 D. 没有相互作用
6. 如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是电磁铁。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小。则下列分析正确的是( )
A. 滑片P向右移动过程中，电压表和电流表示数均变小
B. 电磁铁的上端为N极，电源右端为“+”极
C. 若断开开关，弹簧测力计的示数为零
D. 若滑动变阻器的滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计的示数变小
7. 我国航母舰载机起飞将采用自行研制的电磁导射器，电磁弹射器的弹射车与舰载机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车的导体有强电流通过时，就可以受到强大的推力，下图中与弹射车工作原理一致的是( )
A. B.
C. D.
8. 物理与我们的生活息息相关，同学们根据所学到的物理知识，可以判断下列说法正确的是( )
A. 舞台上利用冰制造“烟雾”是干冰先汽化后液化形成的
B. 正常成年人的体积大约0.5m3
C. 近视眼镜的镜片用的是凸透镜
D. 朋友之间利用手机互发微信利用的是电磁波传递信息
9. 假如小白乘坐一颗人造地球同步卫星旅行，下列说法错误的是( )
A. 小白用体温计测体温 B. 小白相对于青岛的崂山是静止的
C. 小白用无线电与地面上的人通话 D. 小白绕地心转动一周约需365天
10. 下列说法中不正确的是
A. 磁浮列车是利用磁极间的相互作用，减小列车与地面间的摩擦
B. 在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系
C. 与头发摩擦过的气球能吸引细小水流，是因为气球和水流带上了异种电荷
D. 通电导体在磁场中受力的方向跟电流方向、磁场方向有关
11. 如图所示，是运动员在铅球比赛中的场景。铅球离手后，在空中飞行过程中，动能EK随时间t变化的曲线最接近下列哪幅图( )
A. B. C. D.
12. 学习了内能及能量的转化和守恒后，同学们在一起梳理知识时交流了以下想法，你认为其中不正确的是( )
A. 能量在转化和转移的过程中总会有损耗，但能量的总量保持不变
B. 热传递改变物体的内能是不同形式的能的相互转化
C. 各种形式的能在一定条件下都可以相互转化
D. 做功改变物体的内能是不同形式的能的相互转化
第II卷（非选择题）
二、填空题（本大题共4小题，共8.0分）
13. 在吹气球时，吹大了的气球没握住，它叫啸着飞跑了！你及时捡起气球会发现它的嘴部温度______(选填“变高”、“变低”或“无变化”)。当球内气体喷出来时，发生的能量转化情况是________________________。
14. 古代用烽火、旗语来传递信息都是______(选填“数字”或“模拟”)通信。如图装置是将研究导体的电阻跟_____的关系。电荷量的单位是_________。
15. 图甲为一台简易电动机，它由一节旧电池、小块铷磁铁和线框组成，磁铁吸在电池下端，线框由裸铜导线绕制；图乙为电动机工作原理图，箭头表示磁感线方向。根据图乙可知，磁铁上端为______(填“N”或“S”)极；已知磁场对线框左边的作用力垂直于纸面向里，则线框右边受到的磁场力垂直于纸面______(填“向外”或“向里”)，线框在转动过程中将______能转化为______能。
16. 如图所示，电源电压不变，电阻R1、R2、R3的阻值均为R0。当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为I0，则电源电压为______；改变各开关的状态，整个电路消耗的最大功率为______。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 如图所示是家庭电路的某一部分的示意图，请用笔画线代替导线把该电路连接完整，并且使之符合安全用用电的要求．
18. 小明自制了一个带有电磁铁的木船模型，将它放入水中漂浮，闭合开关后，船头会向北方偏转。请在图上标出螺线管的南、北极和电源的正、负极。
四、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）
19. (1)如图所示是电磁学中一个很重要的实验，从实验现象可知通电导体周围存在磁场，这种现象是1820年丹麦物理学家______发现的。
(2)把直导线弯曲成螺线形，当螺线形线圈插入铁芯后磁性增强，此装置称为电磁铁。为探究电磁铁的磁性与哪些因素有关，小丽同学作出以下猜想：
猜想A：通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强
猜想B：外形相同的电磁铁，线圈的匝数越多，它的磁性越强
为了检验上述猜想是否正确，小丽所在实验小组通过交流合作设计了以下实验方案：
用漆包线(表面涂有绝缘漆的导线)在大铁钉上绕若干圈，制成简单的电磁铁。如图所示的三种情况。根据小丽的猜想和实验，完成下面填空：
通过观察电磁铁吸引大头针数目多少的不同，来判断磁性强弱的不同。
①通过比较图______两种情况，可以验证猜想A是正确的。
②通过比较C图甲、乙两电磁铁，发现猜想B不全面，应补充______。
(3)随着科学技术的发展，电磁铁在生产、生活中的应用十分广泛。如水位自动报警器，其工作原理如图所示，当水位达到金属块A时，出现的情况是______。
A.红、绿灯同时亮B.红、绿灯都不亮C.绿灯亮D.红灯亮。
20. 如图甲所示为一款能自动清扫地面的扫地机器人．机器人通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物．当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电．表一为某扫地机器人的部分参数．电池容量指放电电流与放电总时间的乘积．表一：
额定工作电压
12V
额定功率
30W
电池容量
2500mAh
工作噪音
<50dB
净重
4kg
最大集尘量
1kg
机器人中吸尘电机的吸入功率是衡量其优劣的重要参数，测得某吸尘电机的吸入功率与真空度、风量间的对应关系如表二．真空度指主机内部气压与外界的气压差．风量指单位时间内通过吸尘电机排出的空气体积．吸尘电机吸入功率与输入功率的比值叫做效率．表二：
真空度(Pa)
400
450
500
550
600
风量(m3/s)
0.025
0.02
0.017
0.015
0.013
吸入功率(W)
10
9
8.5
7.8
(1)机器人工作时，主机内部的气压______(选填“大于”、“小于”或“等于”)大气压而产生吸力．若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其发射超声波时与障碍物间的距离为______cm.(设超声波在空气中的传播速度为340m/s)
(2)该机器人充满电后至下一次自动充电前，能够连续正常工作的最长时间为______min．
(3)由表二数据可知，当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率为______W，若吸尘电机的输入功率为25W，此时其效率为______%.
(4)光敏电阻是制作灰尘传感器的常用元件．图乙为某机器人中吸尘电机内部的光敏电阻的控制电路，两端总电压U0恒定(U0<12V)，RG为光敏电阻，其阻值随空气透光程度的变化而变化，R0为定值电阻．当光敏电阻分别为6Ω和18Ω时，电压表的示数分别为4.5V和2.25V，则R0=______Ω.
(5)若机器人1秒钟消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功．已知集尘盒空置时，机器人匀速运动时受到的摩擦阻力为16N，查阅资料显示摩擦力与压力成正比，则达到最大集尘量时机器人运动的速度为多少？(写出必要计算步骤)
五、计算题（本大题共4小题，共32.0分）
21. 随着科技发展，高效节能的LED灯被人们广泛使用。某种变色LED灯的发光颜色与电压有关，相关参数如下表。
电压
发光颜色
1V～2V
红光
2V～3V
绿光
3V以上
蓝光
将其与滑动变阻器串联接入如图恒压电路中，电源电压为4V。当滑片P滑到某点时，电压表示数为1.8V，通过LED灯的电流为18mA。当滑片P置于最右端时，电压表的示数为U1，电流为0.02A。将滑片P置于最左端时，电压表示数为U2，且U2：U1=2：1。求：
(1)LED灯两端电压为1.8V时的电功率；
(2)将滑片P置于距左端14处，电路中电流为0.06A时，LED灯发出什么颜色的光；
(3)用定值电阻R2替换LED灯，当滑片P置于最右端时，闭合开关S，电压表示数为U3，且U3与U1相比变化了0.5V，求R2的阻值。
22. 为了比赛的公平公正，小芸为学校短跑比赛设计了一款防抢跑装置，该装置安装在起跑线前，如图甲所示，丙图是其工作原理图；起跑发令枪发令前，开关S1、S2、S3都闭合，K与A端相连，绿灯亮：发令枪扳机和开关S2相连动，扣动扳机，枪响同时开关S2断开：当电流表示数小于或等于30mA时，在弹簧弹力作用下，K与A端相连，绿灯亮，无人抢跑；当电流表示数大于30mA时，衔铁被吸下，K与B端相连，红灯亮同时铃声响，有人抢跑。
已知两电路电源电压均为6V，保持不变，压力传感器R的阻值随所受压力变化的图象如图乙所示，压板重力不计，电磁铁线圈电阻不计。
(1)起跑发令枪发令前，开关S1、S2、S3都闭合，压力传感器R压板上无人(压力F=0N)时，左端电路消耗的电功率为多少？
(2)比赛时，起跑发令枪发令前，抢跑同学踩在压板上的压力F为900N时，左端电路电流表读数为多少？
(3)比赛时，枪声响起后，若某同学踩在压板上的力为1500N时，要使得红灯不亮，电阻R0至少为多大？
23. 频率为300MHz−300GHz的电磁波，它的波长很短，通常称之为微波。微波能沿直线传播，在遇到金属材料时能发生反射：遇到玻璃、塑料、陶瓷等绝缘材料可以穿透；遇到含有水分的蛋白质、脂肪等介质可被吸收，并将微波的电磁能量变为内能。人们熟悉的手机就是利用微波进行通讯的。GSM手机的工作频率般为900MHz～1800MHz波段。使用手机通话时，微波会对人体产生一种“加热效应”，微波频率越高，人对其能量吸收率就越高，危害也就越大。下表提供了某种型号手机的技术参数。请根据这些技术参数和微波的上述特性解决下列问题。
某型号GSM手机的主要技术参数表
工作电压
标准配置电池
最长通话时间
最大发射功率
工作频率
4.1V
670mAh
300min
2W
900/1800MHz
(1)手机的最大工作电流约是多少？在300min的通话时间内。手机的平均功率约为多少？
(2)请列举两项减小手机微波辐射危害的措施；
(3)某网站刊载了一则“手机煮鸡蛋”的消息：两名实验人员将一个生鸡蛋放置在陶瓷杯子里，在鸡蛋两侧各放置部手机，让听筒与鸡蛋的水平距离保持2cm左右。用其中一部手机拨通另一部手机，并保持通话状态。在实验进行到65min时，实验人员取出鸡蛋，发现已经完全熟透。请判断这则消息的真伪，并简要说明理由。
24. 太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一。某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为26℃的水，温度升高到46℃。求：
(1)热水器中的水吸收的热量Q吸；[水的比热容c=4.2×103J/(kg·℃)]
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E；
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧多少m3的天然气放出的热量？(天然气的热值q=7×107J/m3)
答案和解析
1.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查了电路的动态分析和欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)变阻器由左端向右滑动过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻；
(3)读出图中滑动变阻器的电阻和其两端的电压，根据欧姆定律算出其电阻，根据电源电压相等列等式算出定值电阻的阻值，进而求出电源电压；
(4)当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大。
【解答】
由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
A.当变阻器滑片向右滑动过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故A错误；
B.由电路图可知，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测滑动变阻器中的电流，所以电压表与电流表示数之比为滑动变阻器的电阻，因为变阻器滑片向右滑动过程中变阻器接入电路中的电阻变小，所以电压表与电流表示数之比变小，故B错误；
C.由图2可知，当滑动变阻器的电阻为5Ω时，其两端的电压为3V，通过电路的电流为：
I1=U1R1=3V5Ω=0.6A，
则电源电压为：U=U1+R1I1=3V+0.6AR0-------①；
滑动变阻器的电阻为10Ω时，其两端的电压为4V，通过电路的电流为：
I2=U2R2=4V10Ω=0.4A，则电源电压为：U=U2+R2I2=4V+0.4AR0-------②；
联立①②得，R0=5Ω，U=3V+0.6A×5Ω=6V，故C正确；
D.当滑动变阻器的电阻为零时电路消耗的功率最大，电路消耗的最大功率为P=U2R0=(6V)25Ω=7.2W，故D错误。
故选C。
2.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。
A.由图甲可知，电压每增加1V，电流的变化量越来越小。由R=UI可知，灯泡L的电阻值随灯泡两端的电压的增大而增大。由图乙可知，电压表测的是滑动变阻器两端的电压，由串联电压特点可知，滑动变阻器两端电压减小，灯泡两端的电压增大，故灯泡L的电阻值随电压表的示数减小而增大。故A错误；
C.由图甲可知，当电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为1V。由串联电路电压特点可知，滑动变阻器两端的电压即电压表的示数为：U滑=U−UL=9V−1V=8V，故C错误；
D.小灯泡的额定电流为：I额=P额U额=6W6V=1A，电路电源电压为9V不变，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”。为了保证电路安全，电路的最大电流为0.6A，整个电路消耗的最大功率为：P=UI=9V×0.6A=5.4W，故D错误；
B.由串联分压原理可知，滑动变阻器的阻值变大，两端的电压随之变大。滑动变阻器电功率为：P滑=I2R=(UR+RL)2R=U2(RL+R)2R=U2(RL−R)2R+4RL，
所以，当RL=R时，滑动变阻器的电功率最大。滑动变阻器由0增大时，电功率是先增大后减小的。但为了保证电路安全，电流不能超过0.6A，由图甲可知，灯泡两端的最大电压为2V。此时小灯泡的阻值为：RL′=UL′I′=2V0.6A≈3.3Ω，
此时滑动变阻器两端的电压为：U滑′=U−UL′=9V−2V=7V，
滑动变阻器最小接入电路的阻值为：R滑小=U滑′I′=7V0.6A≈11.67Ω，
因此滑动变阻器的阻值大于小灯泡的电阻，滑动变阻器的阻值越大，两端电压越大，灯泡两端的电压越小，灯泡的电阻越小，滑动变阻器的阻值与灯泡的电阻的差值越大，滑动变阻器的电阻始终无法与小灯泡电阻相等。综上可知，滑动变阻器电功率随着它两端电压的增大而减小。故B正确。
故选：B。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据图像读出几组数据，根据欧姆定律判断灯泡电阻的变化，利用串联电路的电压特点得出电压表的示数，然后归纳得出灯泡L的电阻值与电压表的示数关系；
(2)由图甲可知，当电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为1V，由串联电路电压特点可知滑动变阻器两端的电压即电压表的示数；
(3)根据图像可知灯泡正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，根据欧姆定律求出整个电路的最小电阻，从而求出滑动变阻器的阻值；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率；
(4)由串联分压原理可知，滑动变阻器的阻值变大，两端的电压随之变大。滑动变阻器电功率为P滑=I2R=(UR+RL)2R=U2(RL+R)2R=U2(RL−R)2R+4RL，所以当RL=R时，滑动变阻器的电功率最大。滑动变阻器由0增大时，电功率是先增大后减小的。但为了保证电路安全，电流不能超过0.6A，由图甲可知，灯泡两端的最大电压为2V。根据欧姆定律和串联电路电压规律可求出滑动变阻器最小接入电路的阻值，再与灯泡此时的电阻进行比较可判断滑动变阻器电功率随着它两端电压变化的规律。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，这也是学生比较容易出错的地方。
3.【答案】D
【解析】解：A.由题知，灯泡的额定电压2.5V，额定功率1.25W，灯泡的电阻：RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω故A错误；
BC.由电路图知，当闭合开关S、S3，断开S1、S2时，L、R0、R1串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压，
当滑片P移动到某一位置时，R0连入的电阻减小了9Ω，灯泡恰好正常发光，所以UL=2.5V，
滑片P在右端时，滑动变阻器连入电路阻值最大，由串联电路的分压原理知其两端分得电压最大，此时灯泡两端分得电压较小，
所以此时灯泡两端电压：UL′=UL−0.5V=2.5V−0.5V=2V，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由串联电路电阻规律和欧姆定律可得，灯泡两端电压：UL=URL+(R0−9Ω)+R1×RL，
即U5Ω+R0−9Ω+10Ω×5Ω=2.5V------①，
当滑片P在右端时，灯泡两端电压：UL′=URL+R0+R1×RL，
即U5Ω+R0+10Ω×5Ω=2V------②，
①②联立可得R0=30Ω，U=18V，故BC错误；
D.若闭合S1、S2、S3，断开S，R0、R1并联，并联电路各支路两端电压相等，
根据欧姆定律可得此时通过R1的电流：I1=UR1=18V10Ω=1.8A，
由变阻器的规格知，通过它的最大电流I0=1A，此时干路电流I=I1+I0=1.8A+1A=2.8A<3A，电流表安全，
所以电路中的最大电流为2.8A，电路的最大功率：P最大=UI最大=18V×2.8A=50.4W，故D正确。
故选：D。
A、根据灯泡的规格结合R=U2P计算灯泡正常发光时的电阻；
BC.由电路图知，当闭合开关S、S3，断开S1、S2时，L、R0、R1串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡两端电压，当滑片P移动到某一位置时，R0连入的电阻减小了9Ω，灯泡恰好正常发光，此时灯泡两端的电压等于额定电压，滑片P在右端时，滑动变阻器连入电路阻值最大，由串联电路的分压原理知其两端分得电压最大，此时灯泡两端分得电压较小，进一步据此灯泡两端的电压，
根据串联电路电阻规律结合欧姆定律分别表示灯泡两端的电压，解方程组可得电源电压和定值电阻的阻值，
D.若闭合S1、S2、S3，断开S，R0、R1并联，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算此时通过R1的电流，根据滑动变阻器的规格和并联电路电流规律计算干路最大电流，根据P=UI计算电路的最大功率。
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
4.【答案】C
【解析】
【分析】
要解决此题，需要搞清多个方面的问题，如：掌握电磁继电器的工作原理；掌握欧姆定律的内容，知道当压敏元件受到的压力增大时，它的电阻减小，电路中的电流会增大；搞清当出现哪种颜色的灯时，照相机需要工作；会分析压力和电阻的关系图象，同时观察压力和电阻的大小变化情况；能根据电流值和电压值求出所需的总电阻，然后根据串联电阻的知识求出压敏电阻的阻值，根据图象查出此时的压力，从而计算出车辆的质量等。此题考查了有关电磁继电器的电路连接，首先要搞清电磁继电器的工作原理，并搞清工作电路和控制电路．同时还考查了欧姆定律的应用，正确运用原理分析是此题的关键。
【解答】
AB.因为电控照相机要自动记录违规闯红灯的情景，所以光控开关应在接收到红光时，自动闭合；在接收到绿光时，光控开关断开，指示灯发光，电控照相机不工作，所以说法均正确；
C.分析图乙可知，当压力F越小时，电阻R越大，如果再串联一个电阻，根据串联电路中的总电阻等于各串联电阻之和，则电路中的总电阻更大，电流会更小，达不到0.06A，电磁铁不能有效控制衔铁，则不能达到给违规车辆拍照的目的，因此该说法不正确，符合题意；
D.根据欧姆定律I=UR得：电路中的总电阻R总=UI=6V0.06A=100Ω，压敏电阻的阻值为：R=100Ω−10Ω=90Ω
查图可知，当R=90Ω时，压敏电阻所受的压力F=4000N，
根据G=mg得：m=Gg=Fg=4000N10N/kg=400kg，因此，只有质量大于400kg的车辆违规时才会被拍照记录，该说法正确。
故选C。
5.【答案】A
【解析】略
6.【答案】B
【解析】解：AB.由“闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小”根据同名磁极相互排斥，可知，螺线管上端为N极，右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电源右端为“+”极，而滑片P向右移动过程中，连入电路的电阻变小，故电流表示数变大，电压表示数变小，故A错误，B正确；
C.断开开关，电路中没有电流，所以电磁铁磁性无磁性，即电磁铁对条形磁铁即不吸引也不排斥，但条形磁体有重力，故弹簧测力计有示数，不为零，故C错误；
D.若滑动变阻器的滑片P不动，抽去铁芯后，电磁铁的磁性变弱，而电磁铁的上端为N极，并且同名磁极相互排斥，所以对条形磁铁的排斥力减小，故弹簧测力计的示数将变大，故D错误。
故选：B。
(1)知道A磁体的下端为N极和弹簧测力计的示数变小，根据磁体间的相互作用规律，从而可以判断出电磁铁的磁极极性；
(2)知道电磁铁的磁极极性，可利用安培定则判断出电磁铁中电流的方向，从而可以确定电源的正负极；
(3)断开开关，条形磁体有重力;
(4)首先判断出抽去铁芯后，电磁铁磁性强弱的变化，再根据磁体间的相互作用规律，可以确定弹簧测力计示数的变化。
本题考查了学生对电磁铁磁性强弱的影响因素、磁体间的相互作用规律、安培定则的理解和应用，都是基础内容，要想很好的解决此题，就需要学生很好地掌握这些基础知识。
7.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查磁场对通电导线的作用，根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
【解答】
由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。
A.电动车含有电动机，电动机的原因是通电导体在磁场中受力而运动，故A正确；
B.手摇发电机是利用电磁感应制成的，故B错误；
C.电热水壶利用的是电流的热效应，故C错误；
D.电磁起重机利用的是电流的磁效应，故D错误。
故选A。
8.【答案】D
【解析】解：A、干冰喷洒到舞台上，干冰会迅速升华，从周围吸收大量的热，使周围的温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化成小水滴，形成烟雾；故A错误；
B、正常成年人的质量约为是50kg，人的密度和水的密度比较接近，
则人的体积约为V=mρ=50kg1000kg/m3=0.05m3，故B错误；
C、近视眼镜的镜片用的是凹透镜，对光线有发散作用，故C错误；
D、手机互发微信利用的是电磁波传递信息，故D正确；
故选：D．
(1)烟雾是干冰先升华后液化形成的；
(2)根据密度公式估算人的体积；
(3)近视眼镜的镜片用的是凹透镜，远视镜片是凸透镜；
(4)手机利用的是电磁波传递信息．
考查升华、凝华，汽化与液化的区别，掌握近视眼镜的镜片与远视眼镜片的不同，及知道手机利用电磁波传递信息．
9.【答案】D
【解析】解：
A、体温计的原理是液体的热胀冷缩，在太空中体温计仍可使用，故A正确；
B、地球同步卫星和地球同步转动，所以小白相对于青岛的崂山是静止的，故B正确；
C、太空中是真空，小白可以用无线电与地面上的人通话，故C正确；
D、地球同步卫星和地球同步转动，它绕地心转动一周的时间等于地球自转一周的时间，即地球同步卫星绕地心转动一周的时间为1天，故D错误．
故选：D．
(1)体温计在卫星上仍能正确工作；
(2)判断运动还是静止关键是看被研究物体和参照物之间是否有位置的变化；
(3)电磁波能够在真空中传播；
(4)地球同步卫星和地球转动一周所用时间相同．
本题旨在考查体温计、运动与静止的相对性、电磁波、地球的自转的知识，考查学生对体温计的使用、运动与静止的相对性的判断、照相机的原理、地球的自转时间的判断的能力，是一道综合题．
10.【答案】C
【解析】
【分析】
(1)同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
(2)公式v=λf适用于一切波，抓住波速由介质决定、频率由波源决定，波长由波源和介质共同决定
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质；
(4)通电导体在磁场中的受力方向跟电流方向和磁极方向有。
本题主要考查了波的特征、带电体的性质、影响通电导体在磁场中受力的因素及磁极间的相互作用等相关知识，综合性强，有一定难度。
【解答】
A.磁悬浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥的原理，故A正确；
B.在真空中，电磁波的波长和频率成反比关系，故B正确；
C.头发和气球摩擦时，使气球带电，带电体具有吸引轻小物体的性质；能吸引细小水流，故C错误；
D.通电导体在磁场中受力的方向跟电流方向、磁场方向有关，故D正确。
故选C。
11.【答案】A
【解析】
【分析】
动能大小的影响因素：质量和速度，质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大。
本题考查了动能的变化，掌握动能大小的影响因素，能通过图象判断动能的大小变化。
【解答】
A. 铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零，从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大。整个过程动能先减小再增大，动能先减小后增大，落地时具有的动能大于出手时的动能，故A正确；
BC.铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零，故 BC错误；
D. 出手后铅球速度减小，动能应先减小，图中是先增大，故D错误。
故选A。
12.【答案】B
【解析】解：A、能量在转化和转移的过程中总会有损耗，例如电动机的工作原理就是电能转化为机械能，但是因为机械之间存在摩擦，摩擦生热，所以有一部分电能转化为内能，而这部分的能量转化是我们不需要的，所以可以称这部分能量损耗了．根据能量守恒定律，自然界中所有能量的总量保持不变，故本选项正确．
B、热传递改变物体的内能是内能从高温物体转移到低温物体，是能的转移，不是转化，故本选项错误．
C、自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量在一定条件下可以相互转化，故本选项正确．
D、做功改变物体的内能是不同形式的能的相互转化，例如两只手掌相互摩擦生热就是机械能转化内能，是不同形式的能的相互转化，故本选项正确．
故选B．
自然界中存在不同形式的能量，各种不同的能量可以相互转化，在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变．
本题考查了对能量的转化和守恒、内能的变化的本质的理解，要注意做功改变内能和热传递改变内能的区别．
13.【答案】变低；内能转化为机械能
【解析】解：
当球内气体喷出来时，气体会对外做功，发生的能量转化情况是气体的内能转化为气球的机械能，气体的内能减小温度降低．
故答案为：变低；内能转化为机械能．
知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小．
本题考查了改变物体内能方法(一是做功，二是热传递)，属于基础题目．
14.【答案】数字长度库仑
【解析】
【分析】数字通信指的是使用离散的数字信号进行通信。模拟通信指信号都是连续的模拟信号进行通信。
金属导体的电阻的大小与导体的长度、横截面积、温度等因素有关，电荷量的单位是库仑。
本题考查数字通信与模拟通信的区别，电阻的大小的关系，电荷量的单位，是一基础题。
【解答】
烽火通过点火、灭火，旗语通过几种固定的姿势，来传递信息，是数字通信，由图知，电阻的材料和横截面积相同但长度不同，所以图中是研究导体的电阻跟长度的关系，电荷量的单位是库仑。
故答案为：数字；长度；库仑。
15.【答案】N 向外 电 机械
【解析】解：图甲为一台简易电动机，它由一节旧电泡、小块铷磁铁和线框组成，磁铁吸在电池下端，线框由裸铜导线绕制；图乙为电动机工作原理图，箭头表示磁感线方向。根据图乙可知，在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，磁铁上端为N极；已知磁场对线框左边的作用力垂直于纸面向里，根据左手定则判断，电流相反，线框右边受到的磁场力垂直于纸而向外，线框在转动过程中将电能转化为机械能。
故答案为：N；向外；电；机械。
在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。根据左手定则判断受力；电动机是电能转化为机械能。
本题考查了磁场相互作用、磁场对电流的作用、电动机的能量转化、影响磁场受力方向的因素等知识，涉及的知识较多，但难度不大，熟练应用相关基础知识即可正确解题。
16.【答案】2I0R0 8I02R0
【解析】解：当开关S1闭合，S2、S3断开时，则R1、R2两电阻串联接入电路，由欧姆定律可知U=I0(R1+R2)=2I0R0；
当开关S1、S2、S3都闭合时，电阻R1与R3并联，R2被短路，此时功率最大，
由并联电路电阻规律可知，电路总电阻的倒数等于各并联电阻的倒数之和，即：1R=1R3+1R1=1R0+1R0=2R0；
则电路中的总电阻R=R02；
电路消耗的最大功率P=U2R=(2I0R0)2R02=8I02R0。
故答案为：2I0R0；8I02R0。
分析用电器的连接方式，然后根据串并联电路特点和电功率公式进行解题。
当开关S1闭合，S2、S3断开时，则R1、R2两电阻串联接入电路，由欧姆定律可得到电源电压。
当开关S1、S2、S3都闭合时，电阻R1与R3并联，R2被短路，此时功率最大，由并联电路特点可以得到总电阻，由P=U2R可得电路消耗的最大功率。
本题综合性较强，考查的内容较多。会辨别串、并联，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串、并联电路的电压规律，电流规律，电阻规律。
17.【答案】解：火线首先进开关，从开关出来，再接入灯泡顶端的金属点．
故答案为：
【解析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进灯泡顶端的金属点，零线直接接灯泡的螺旋套．这样开关可以控制灯泡，并且在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，操作更安全．
家庭电路中要掌握开关控制灯泡时正确的连接方法，要真正理解这样连接的原因．
18.【答案】
【解析】
【分析】
螺线管处在地球的磁场中，闭合开关后，船头会指向北方偏转，可知可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可确定电源的正负极。
本题考查了地磁场和右手螺旋定则。通过本题应掌握：(1)知道地球是个巨大的磁体，地磁南极在地理北极的附近，地磁北极在地理南极附近；(2)右手螺旋定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指向的方向为磁感线N极方向。
【解答】
因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极，闭合开关后，船头会指向北方偏转。则螺线管右端为N极，左端为S极，由右手螺旋定则可知电源左端为正极，右端为负极，如图所示：
。
故答案为：
。
19.【答案】奥斯特 A、B 电流相同时 D
【解析】解：(1)奥斯特实验就是以奥斯特的名字命名的，这个实验证明了电流周围存在磁场，揭示了电和磁之间的联系，因此奥斯特也被尊称为“揭示电和磁联系的第一人”；
(2)实验中电磁铁的磁性是以电磁铁吸引大头针数目多少的不同体现的，用到了转换法的思想；
①要验证猜想A是正确的，根据控制变量法的思想，必须控制线圈的匝数相同，改变电流的大小，观察电磁铁吸引大头针数目的多少，符合此要求的只有A、B两图；
②C图中甲、乙两磁铁串联，通过的电流相同，线圈的匝数不同，吸引的大头针数目不同，匝数多的吸引的大头针多，磁性强，因此B的猜想应该补充“电流相同”这一前提条件。
(3)水位自动报警器利用了电磁铁“通电有磁性，断电无磁性”的特点，当水位达到金属块A时，由于水是导体，电磁铁电路接通，电磁铁产生磁性把衔铁吸下来，使触电与红灯电路接通，红灯发光。
故答案为：(1)奥斯特；
(2)①A、B；
②电流相同；
(3)D。
(1)奥斯特实验解释了电和磁之间的联系，是丹麦物理学家奥斯特发现的；
(2)①要验证通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强，应该控制线圈匝数一定，改变电流大小；
②C图中甲、乙两电磁铁串联，通过的电流相同，线圈的匝数不同；
(3)电磁铁通电时产生磁性，断电时磁性消失，根据这个特点分析水位自动报警器的工作原理。
(1)研究影响电磁铁磁性的因素时，用控制变量法的思想，电磁铁磁性的强弱通过吸引大头针数目体现，用到了转换法的思想；
(2)电磁继电器实际上就是利用电磁铁控制工作电路通断的开关，可以实现低电压弱电流控制高电压强电流和远距离控制。
20.【答案】小于；17；48；8.25；33；6
【解析】解：(1)由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小可知，机器人在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，
在外界大气压的作用下将灰尘、杂物吸入集尘盒，故主机内部的气压小于大气压而产生吸力．
由v=st得，超声波从发射到收到回波所通过的总路程：s总=vt=340m/s×0.001s=0.34m，
则其发射超声波时与障碍物间的距离：s=s总2=0.34m2=0.17m=17cm；
(2)由P=IU得，机器人正常工作时的电流：I=PU=30W12V=2.5A；
机器人充电过程是将电能转化为化学能储存起来；充满电后的电池容量Q1=2500mAh，下一次自动充电前的电池容量Q2=ηQ1=20%×2500mAh=500mAh，
消耗的电池容量Q=Q1−Q2=2500mAh−500mAh=2000mAh，正常工作时的电流I=2.5A=2500mA，
由I=Qt得，连续正常工作的最长时间：t=QI=2000mAh2500mA=0.8h=48min；
(3)由表格中数据可知，吸入功率等于真空度与风量的乘积，
当风量为0.015m3/s时，吸尘电机吸入功率：P吸入=550Pa×0.015m3/s=8.25W；
此时其效率：η电机═P吸入P输入×100%=8.25W25W×100%=33%；
(4)由电路图可知，光敏电阻RG和定值电阻R0串联，电压表测定值电阻R0两端的电压，
当光敏电阻RG1=6Ω时，电压表的示数U1=4.5V，光敏电阻两端的电压U=U0−U1，
此时电路中的电流：I1=U1R0=U0−U1RG1，即4.5VR0=U0−4.5V6Ω…①
当光敏电阻RG2=18Ω时，电压表的示数U2=2.25V，光敏电阻两端的电压U′=U0−U2，
此时电路中的电流：I2=U2R0=U0−U2RG2，即2.25VR0=U0−2.25V18Ω…②
联立①②可解得：U0=9V，R0=6Ω，
(5)吸尘器压力等于其重力，由题可知，摩擦力与压力成正比，
则集尘盒空置和达到最大最大集尘量时的摩擦力之比：f1f2=kG1kG2=G1G2=m1m2，
即：16Nf2=4kg4kg+1kg，
所以，达到最大最大集尘量时的摩擦力：f2=20N；
因为消耗的电能中有40%用于克服摩擦力做功，
所以P机械=40%P电=0.4×30W=12W，
机器人做匀速运动，由P机械=Wt=Fst=Fv=f2v可得，机器人运动的速度：
v=P机械f2=12W20N=0.6m/s；
故答案为：(1)小于；17；(2)48；(3)8.25；33；(4)6；(5)达到最大集尘量时机器人运动的速度为0.6m/s．
(1)由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小；先根据s总=vt算出总路程，利用s=s总2即可求出发射超声波时与障碍物间的距离；
(2)机器人充电过程是将电能转化为化学能；先算出消耗的电池容量Q=Q1−Q2，再利用t=QI求出连续正常工作的最长时间；
(3)根据表格中的数据得出吸入功率的关系式，从而求出吸入功率；再根据η电机=P吸入P输入×100%求出吸尘电机的效率；
(4)根据串联电路电流相等的特点，利用欧姆定律I=UR列出光敏电阻在不同阻值的电流方程，联立即可解得定值电阻的阻值；
(5)根据摩擦力与压力成正比，计算出最大集尘量时，机械人受到的摩擦力，由P=Fv计算其速度．
本题涉及到力学、声学、光学、电学等物理知识较多，跨度大，综合性很强，有一定的难度，需要仔细分析判断，学生要熟练掌握电功率公式、电流的定义式、欧姆定律、效率公式的综合应用，理解电池容量的含义和效率公式的应用是关键．
21.【答案】解：(1)闭合开关，LED灯和滑动变阻器串联接入电路，电压表LED灯测两端的电压，电压表示数为1.8V，通过LED灯的电流为18mA=0.018A，则LED灯两端电压为1.8V时的电功率：P=ULIL=1.8V×0.018A=0.324W；
(2)将滑片P置于最左端时，电路为LED灯泡的简单电路，灯泡两端的电压为电源电压，即电压表示数为电源电压，电压表示数为U2，电源电压为4V且U2：U1=2：1，所以U1=2V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，当滑片P置于最右端时，滑动变阻器接入电路最大电阻，根据欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：R1=U2−U1I1=4V−2V0.02A=100Ω，
将滑片P置于距左端14处，电路中电流为0.06A时，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得滑动变阻器两端的电压：UR1=I×14R1=0.06A×14×100Ω=1.5V，
LED灯泡两端的电压：UL′=U2−UR1=4V−1.5V=2.5V，由表格可知LED灯发出绿色的光；
(3)用定值电阻R2替换LED灯，当滑片P置于最右端时，闭合开关S，电压表示数为U3，且U3与U1相比变化了0.5V，
若电压表示数增大0.5V，则若电压表示数减小0.5V，则U3=2V−0.5V=1.5V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，
此时通过电路的电流：I3=U2−U3R1=4V−1.5V100Ω=0.025A，
根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值：R2=U3I3=1.5V0.025A=60Ω；
若电压表示数增大0.5V，则U3′=2V+0.5V=2.5V，
串联电路总电压等于各部分电压之和，
此时通过电路的电流：I3′=U2−U3′R1=4V−2.5V100Ω=0.015A，
根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值：R2′=U3′I3′=2.5V0.015A≈167Ω。
答：(1)LED灯两端电压为1.8V时的电功率为0.324W；
(2)LED灯发出绿色的光；
(3)R2的阻值为60Ω或167Ω。
【解析】(1)闭合开关，LED灯和滑动变阻器串联接入电路，电压表LED灯测两端的电压，已知LED灯两端的电压和电流，根据P=UI计算LED灯两端电压为1.8V时的电功率；
(2)将滑片P置于最左端时，电路为LED灯泡的简单电路，灯泡两端的电压为电源电压，即电压表示数为电源电压，电压表示数为U2，且U2：U1=2：1，据此计算U1，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算将滑片P置于距左端14处时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算灯泡两端的电压，根据表格判断灯泡发光的颜色；
(3)用定值电阻R2替换LED灯，当滑片P置于最右端时，闭合开关S，电压表示数为U3，且U3与U1相比变化了0.5V，分两种情况讨论：电压表示数增大0.5V或电压表示数减小0.5V，根据串联电路电压规律结合欧姆定律计算通过电路的电流，根据欧姆定律计算定值电阻的阻值。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清电路连接是解题的关键。
22.【答案】解：
(1)当开关S1、S2、S3都闭合，压力传感器R压板上无人时，由图象知，压力传感器的电阻为R=300Ω，
所以左端电路消耗的电功率为P=U2R=(6V)2300Ω=0.12W；
(2)当有人抢跑时，对传感器的压力为900N，由图象知，此时压力传感器的电阻为R′=100Ω，
所以左端电路电流表读数为I′=UR′=6V100Ω=0.06A；
(3)由题意知，红灯不亮时的电路最小电流为I最小=30mA=0.03A，
此时的电路最大电阻为R总=UI最小=6V0.03A=200Ω，
由图象知，当传感器受到的压力是1500N时，此时的电阻为R最小=50Ω，
所以保护电阻的阻值最小为R0=R总−R最小=200Ω−50Ω=150Ω。
答：
(1)左端电路消耗的电功率为0.12W；
(2)左端电路电流表读数为0.06A；
(3)电阻R0至少为150Ω。
【解析】(1)发令枪发令前，保护电阻R0被短路，已知电源电压和压力传感器此时的电阻，可以得到左端电路消耗的电功率；
(2)已知压力传感器受到的压力，可以确定对应的电阻；已知电源电压和压力传感器的电阻，可以得到左端电路电流表读数；
(3)已知红灯不亮时的电路最小电流和电源电压，可以得到电路最大电阻；已知传感器受到的压力确定对应的最小电阻；根据串联电路特点得到保护电阻的阻值。
此题是一道创新题，考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率的计算，将电路图与图象结合，找准切入点，是正确解答的关键。
23.【答案】解：(1)手机的最大工作电流 I=PU=2W4.1V=0.49A
按最大工作电流0.49A计算。手机可放电0.67Ah0.49A=1.37小时。所以在300min 的通话时间内手机的平均功率P=Pmax×1.375=0.55W
(或者P=Wt=4.1×0.67×60×60300×60W=0.55W)
( 2 ) ①降低手机的发射功率(如CDMA手机的最大发射功率是0.2W)
②减少通话时间
③用耳机和小麦克风通话使手机离开头部远一些，减少对于头部的伤害
( 3 )这则消息叙述的事实是不能实现的
以一个鸡蛋的质量为50g计算，因为鸡蛋的主要成分是水，所以比热和水差不多，设煮熟鸡蛋的温度升高最大约为80℃
即煮熟一个鸡蛋相当于把50g水加热温度升高80℃需要吸收的热量：
Q吸=cm(t2−t1)=1.68×104J
两个手机通话，根据(1)的计算，其发射微波的平均功率可取0.55W，那么通话65 min，提供的能且大约是4.3×103J(0.55W×65×60s×2=4290J)。
即使按最大功率2W计算，手机也只能提供大约是1.56×104J的能量。考虑到手机是向四面八方发射电磁波，设各个方向的强度是大致相同的。鸡蛋所接受的电磁波只可能是手机发射电磁波中的很小一部分(小于1/6).因此手机不可能把鸡蛋煮熟，网站的消息是虚假的。
故答案为：(1)0.49A、0.55W；
(2)减少通话时间、用耳机和小麦克风通话使手机离开头部远一些，减少对于头部的伤害；
(3)这则消息叙述的事实是不能实现的。
【解析】(1)已知电量和工作时间，可求出电流、和电功率。
(2)手机工作时有辐射，我们在生活中要注意使用安全。
(3)手机是向四面八方发射电磁波，设各个方向的强度是大致相同的。鸡蛋所接受的电磁波只可能是手机发射电磁波中的很小一部分(小于1/6).因此手机不可能把鸡蛋煮熟，网站的消息是虚假的。
此题考查了电磁波在生活的应用，对电磁波知识要有一定的认识，此题涉及的内容较多，要认真分析。
24.【答案】解：
(1)水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(46℃−26℃)=8.4×106J；
(2)热水器在5小时的有效照射时间内接收到的太阳能：E=5×4.2×106J=2.1×107J；
(3)根据题意知Q放=E=2.1×107J，则需要完全燃烧的天然气：
V= Q放q = 2.1×107J 7×107J/m3 =0.3m3。
答：(1)热水器中的水吸收的热量是8.4×106J；
(2)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能E是2.1×107J；
(3)热水器5小时有效照射内接收到的太阳能，相当于完全燃烧0.3m3的天然气放出的热量。
【解析】(1)根据Q=cm△t求出水吸收的热量；
(2)已知太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，据此解答即可；
(3)根据Q放=Q吸，再根据Q放=Vq求出天然气的体积。
此题主要考查的是学生对吸热公式和燃料热值计算公式的理解和掌握，基础性题目。
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