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2022年江苏省苏州市中考物理模拟试卷（含答案解析）
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这是一份2022年江苏省苏州市中考物理模拟试卷（含答案解析），共28页。试卷主要包含了5m，【答案】A，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。
2022年江苏省苏州市中考物理模拟试卷
1. 2019年3月，我国在西昌发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第54颗北斗导航卫星，该类卫星在星基增强、短报文通信、精密单点定位等特色服务上发挥关键作用，以下说法正确的是( )
①卫星是通过超声波与地面进行通讯
②火箭点火发射时内能转化为机械能
③火箭升空过程中，卫星相对于火箭处于静止状态
④卫星从近地点到远地点运动的过程中，势能减小，动能增大，机械能不变
A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①③
2. 针对生活中的一些物理量的估测，下列合理的是( )
A. 课桌的高度为1.5m
B. 初中女生跑完800m所用时间约为90s
C. 中学生的体积约为50dm3
D. 温暖舒适的气温为37℃
3. 科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡“实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫做成的圆环，轻轻放在一个斜坡上，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，这是一个内部镶嵌了一个小铁块的圆环。在圆环加速滚上斜坡的过程中，下列说法正确的是( )
A. 圆环的动能增大，重力势能减小
B. 圆环的动能增大，重力势能增大
C. 圆环受到的摩擦力沿斜面向下
D. 圆环受到的支持力是由泡沫发生弹性形变产生的
4. 如图，下列工具中属于费力杠杆的是( )
A. 开瓶起子 B. 镊子
C. 钢丝钳 D. 独轮车
5. 关于粒子和宇宙，下列说法正确的是( )
A. 科学家在研究物质内部结构时，常应用建立“模型”的方法
B. 宇宙是一个有层次的天体系统，太阳是宇宙的中心
C. 两个表面光滑的铅块相互紧压粘在一起，说明分子在永不停息的无规则运动
D. 细绳悬挂的两个轻质泡沫小球相互吸引，则两小球一定带有异种电荷
6. 下列有关能源和材料的说法中，正确的是( )
A. 核能是可再生能源
B. 超导材料可以用来制作电热毯的电热丝
C. 滚摆滚动时，虽然每次上升的高度逐渐减小，但仍符合能量守恒定律
D. 地球上除了地热能、潮汐能和生物质能以外，几乎所有能源都来自太阳
7. 水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体物块M、N分别放入两杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。则( )
A. M受到的浮力大于N受到的浮力
B. M的密度小于N的密度
C. 甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强
D. 若将N也放入甲液体中静止时，N沉在杯底
8. 关于力和运动的关系，下列说法正确的是( )
A. 物体的速度越大，其所受的力也越大
B. 物体不受力的作用，一定处于静止状态
C. 物体运动一定需要力来维持
D. 物体不受力的作用，可能做匀速直线运动
9. 如所的四个实中，能说明电机工作理的是( )
A. B.
C. D.
10. 如图所示甲、乙、丙三个完全相同的烧瓶中分别装有质量、初温都相同的液体，烧瓶中电阻丝的大小关系为，烧瓶内插入相同的温度计，以下说法正确的是( )
A. 甲、丙可探究电阻丝产生电热的多少与电阻大小的关系
B. 乙、丙可探究不同物质的吸热升温现象，物体吸热的多少可用温度计示数的升高来表示
C. 上述A、B选项中两个实验的研究对象都是瓶内的液体，且都还需要天平和秒表
D. 通电相同时间，温度计示数的大小关系为
11. 如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0−3V，定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A“，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法中( )
①变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为10∼20Ω
②电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.5A
③电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W∼1.8W
④电压表示数变化范围为1V∼3V
A. 只有①③正确 B. 只有②④正确 C. 只有①④正确 D. 只有③④正确
12. 如图甲，电源电压可调，定值电阻R与额定电压为6V的新型灯泡L串联，多次调节电源电压，读出电压表示数，画出小灯泡电压UL与电源电压的关系图象如图乙。下列描述电路中的电流I、电路总功率、R的功率PR和灯泡的功率PL分别随电压表示数UL和电源电压变化关系的图象中，可能正确的是( )
A. B.
C. D.
13. 某物体具有的动能为aJ，分子总势能为bJ，机械能为cJ，弹性势能为dJ，内能为eJ，则它的重力势能为______ J，分子的总动能为______ J。
14. 如图，保持蜡烛、凸透镜的位置不变，调节光屏到图示位置时，光屏上得到了清晰的像，利用这个成像规律可以制成______.若在蜡烛和凸透镜的中间，给凸透镜戴上近视眼镜，则将光屏向______(选填“左”或“右”)移动，光屏上仍可出现清晰的像．
15. 如图所示，全体划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐向后划水，龙舟就快速前进，这说明物体间力的作用是______，龙舟相对于水是______(选填“静止”或“运动”的).
16. 小明测量小石块的密度：将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将天平的平衡螺母向______端调，使横梁平衡；如图乙所示，小石块的质量为______ g；将小石块放入盛有38mL水的量筒中，静止时液面情况如图丙所示，则小石块的密度是______kg/m3。
17. 端午节赛龙舟，船员用桨整齐地向后划水，龙舟却快速地向前行驶，说明桨受到了向______(选填“前”、“后”)的作用力，这个作用力的施力物体是______，这证明了力的作用是______的。
18. 在实验课上，老师用干冰(固态二氧化碳)做实验。当取出干冰时，干冰周围在冒白气，关于白气的形成的物态变化是______。把干冰放在水中，结果水中不断冒气泡，气泡内的主要气体是______(空气/二氧化碳)气泡在上浮过程中，体积会______(变大/变小/不变)，其原因是______。
19. 如图所示，一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见筒内棉花燃烧起来。这是通过______的方式使玻璃筒内的空气______增加、温度升高的。从能量转化的角度看，汽油机工作时______冲程与该图实验相同。
20. 如图所示，小明坐在漂浮于小池水面上的船中，船中放有一个篮球和一个实心铁球。他把篮球从船中拿出抛入水中后池中水面的升降变化情况是______；他把篮球和实心铁球都抛入水中时池中水面的升降变化情况是______。(两空均选填“上升”、“下降”或“不变”)
21. 如图，滑冰运动员单脚站在冰面上向右推墙，手离开墙后由于______，滑冰运动员还会继续向左滑行一段距离，此时冰面受到水平向______的滑动摩擦力；滑冰运动员冰鞋的冰刀与冰面的接触面积只有1mm宽，长度大约有40cm。若一个质量为48kg的运动员穿上冰鞋双脚站立在冰面上对冰面的压强为______ Pa。
22. 小美用手把一个重为0.4N，体积是2.7×10−5m3的玩具球完全浸没到水中，玩具球受到的浮力是______ N，放手后玩具球将______(填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
23. 如图，小球静止在水面上，画出小球的受力图。
24. 空气射向水中时，它的折射光线如图所示，请画出入射光线．
25. 根据图中通电螺线管的S极，标出磁感线方向，并在括号内标出电源的“+”、“-”．
26. 用笔画线代替导线，将图中的灯泡和三线插座正确连入家庭电路中。
27. 在图中，用羊角锤拔铁钉，画出在A点施加最小动力F的示意图。
28. 小明家新买了一辆使用汽油为燃料的小汽车。细心的小明发现行驶的速度不同时，耗油量不同。当小汽车以90km/h的速度匀速行驶时最省油，此时发动机的有用功率为25kW。若小汽车以最省油的速度行驶270km，求在这过程中：(要求有解析过程)
(1)汽车受到的阻力；
(2)汽车牵引力做的功；
(3)消耗汽油的质量(汽油的热值，小汽车发动机的效率为30%)。
29. 某载重汽车自重12t，汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶时，柴油发动机的功率为210kW，发动机的效率为30%.通过查询相关资料知道，1g铀235全部裂变释放的能量相当于2800kg的煤完全燃烧放出的热量。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤的热值为3×107J/kg，求：
(1)1g铀235全部裂变释放的能量。
(2)这些能量最多可以将多少kg的水从0℃加热至沸腾(1标准大气压下)。
(3)这些能量提供给该汽车，汽车在当前道路上行驶的路程。
30. 如图甲所示，是一款家用电火锅，容量4L，额定电压220V，它能实现发热电阻丝R1在160W−1210W之间无极调温，图乙是它的电路简化图.
(1)为了保护发热电阻丝，开关刚刚闭合时，电火锅处于保温状态，滑片应位于电阻丝R2的______端．(选填“A”或“B”)
(2)当滑片从R2的最右端移到最左端时能够实现R1电功率从160W−1210W的无极调温，则R1的阻值为多大，R2的最大阻值为多大？
(3)当R2的滑片调到中间时，电火锅的电功率是多少？
31. 现用水平推力F沿水平面推动长方体木块，推力F与木块的速度v随时间t变化的图象分别如图甲、乙所示．已知长方体木块高h=1.2m，木块的密度ρ=0.5×103kg/m3.
求：(取g=10N/kg)
(1)木块对地面的压强p；
(2)在3∼5s内，推力对木块所做的功；
(3)请在图丙中，画出0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线．
32. 小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点。当水温接近90℃时每隔0.5min记录一次温度，并绘制出如图乙所示的水温与时间关系的图像。
(1)小明和小华在实验中记录的数据并绘制水温与时间的关系图，造成图乙中图像不同的可能原因是______ ；
(2)如图丙所示，水在沸腾时的现象是其中的______ 图(A/B)。若气泡上升时形状变小的原因是______ 。
(3)水在沸腾过程中的特点______ 。
33. 小明做“测小灯泡功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡以及符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。
(1)如图甲所示的是小明没有连接完整的实物电路。请你用笔画线代替导线，帮小明将实物电路连接完整。
(2)小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，无论如何移动滑动变阻器滑片P，小灯泡亮度都不变，则原因是______。
(3)小明调整电路后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______(填“左”或“右”)端滑动。
(4)小明通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成了如图乙所示的U−I图象，根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是______W。
(5)实验结束后，小明仅将小灯泡换成定值电阻，来探究电流与电阻的关系。小明想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。
①将电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为2V，此时电流表的示数如图丙所示，则定值电阻的阻值为______Ω。
②断开开关，将定值电阻换成阻值为10Ω的电阻，其余不动，闭合开关，电压表示数将______(填“变大”或“变小”)；为控制定值电阻两端的电压不变，应将滑片P向______(填“左”或“右”)端滑动。为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于______Ω。
34. 小明用装有沙子的带盖塑料瓶探究浮力的影响因素。
(1)小明列举了三个常识，分别做出了三个猜想，其中符合常识1的是______(填序号)。
常识
猜想
常识1：木头漂在水面，铁钉沉在水底
常识2：轮船从长江驶入大海，船身会上浮一些
常识3：人从泳池浅水区走向深水区，感觉身体变轻
猜想1：与浸入液体的深度有关
猜想2：与液体的密度有关
猜想3：与物体的密度有关
(2)为了验证上述猜想是否正确，小明依次做了如下实验：
①根据A、B、C的结果，可得猜想1是______(正确/错误)的；根据A、C、D的结果，可得猜想1是______(正确/错误)的。深入分析上述现象，可得：浮力大小与______有关，与浸入液体的深度______；
②接下来根据A、D和E______(能/不能)对猜想2进行验证；
③为验证猜想3，小明在老师的指导下，将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度。接着他仿照步骤D进行实验，发现此时测力计示数小于1.8N，便认为该猜想是正确的。小明在该实验环节中存在的问题是______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：①电磁波可以在真空中传播，超声波不能再真空中传播，所以卫星是通过电磁波与地面进行通讯，故①错误；
②火箭点火发射时产生的燃气内能转化为火箭升空的机械能，故②正确；
③火箭升空过程中，卫星随火箭一起运动，卫星与火箭没有位置的变化，卫星相对于火箭处于静止状态，故③正确；
④卫星从近地点到远地点运动的过程中，质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能转化为重力势能，机械能不变，故④错误。
综合分析②③正确。
故选：B。
(1)电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息，声音的传播需要介质；
(2)火箭是热机的一种，工作时，燃料的化学能转化为燃气的内能，高温高压的燃气推动火箭升空，燃气的内能转化成火箭的机械能；
(3)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。如果发生变化则物体是运动的，如果没发生变化则物体是静止的；
(4)动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，当动能转化成重力势能时，动能减小，重力势能增加。
本题考查了与火箭升空有关的物理知识，体现了物理和生活的联系，是中考的新动向。
2.【答案】C
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右，故A不符合实际；
B、初中女生跑完 800m 所用时间约为 4min=240s，故B不符合实际；
C、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右。中学生的质量在50kg左右，体积在V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3=50dm3左右，故C符合实际；
D、人体正常体温在37℃左右，感觉温暖舒适的温度在25℃左右，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
3.【答案】A
【解析】解：
AB、圆环加速滚上斜坡的过程中，速度变大，质量不变，动能变大，虽然高度变大，但动能是由重力势能转化而来的，所以重力势能变小，故A正确，B错误；
C、圆环加速滚滚动的过程中，给斜面一个向下的摩擦力，由于物体间力的作用是相互的，斜面会给圆环一个沿斜面向上的摩擦力，故C错误；
D、圆环受到的支持力是由斜面发生弹性形变产生的，故D错误。
故选：A。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(2)根据力的相互性分析摩擦力的方向；
(3)物体发生弹性形变，会产生弹力。
本题考查了动能和势能的变化、弹力、摩擦力的方向，难度不大。
4.【答案】B
【解析】解：A、开瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
5.【答案】A
【解析】解：A、科学家常应采用建立“模型”的方法对物质内部结构进行研究，故A正确；
B、太阳是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故B错误；
C、将两个表面光滑的铅块相互紧压后它们会粘在一起，说明分子间存在引力，故C错误；
D、细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球可能带有异种电荷，也可能是一个带电，一个不带电，故D错误。
故选：A。
(1)科学家常应采用建立“模型”的方法对物质内部结构进行研究；
(2)宇宙是一个有层次的天体系统，太阳不是宇宙的中心；
(3)物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(4)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体。
此题主要考查有关物理学方法、电荷间相互作用和分子间的作用力等知识，是一道基础题，解答本题的关键是了解宇宙的知识和分子动理论的知识。
6.【答案】C
【解析】解：A、核能不能从自然界源源不断获得，是不可再生能源，故A错误；
B、电热毯是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，不能用来制作电热丝，故B错误；
C、滚摆每次上升的高度逐渐减小，说明滚摆的机械能减小，转化为内能，仍符合能量守恒定律，故C正确；
D、地球上除核能、地热能和潮汐能以外，几乎所有能源都直接或间接来自太阳，生物质能也是间接来自太阳能，故D错误。
故选：C。
(1)能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断获得的能源是不可再生能源；
(2)电热毯是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，电热毯不能工作；
(3)分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化，根据机械能的定义可知机械能的变化；
(4)万物生长靠太阳，地球上的森林、植被利用水和CO2以及阳光进行光合作用，把太阳能转化为有机物贮藏在植物体内。这些通过光合作用创造的有机物有的供动物及人类食用，维持了动物的生命延续，动植物尸体在局部地壳运动如地震灾变中被埋藏于地下，从而形成了煤、石油、天然气。
本题涉及的知识点较多，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
7.【答案】C
【解析】解：A、物块M在甲中漂浮，则；物块N在乙中悬浮，则；
而两物块质量相等，即GM=GN，所以M受到的浮力等于N受到的浮力。故A错误；
B、由图知，M的体积小于N的体积，两物块质量相等，根据ρ=mV可知，M的密度大于N的密度。故B错误；
C、由图知，M排开液体的体积小于N排开液体的体积，又知M受到的浮力等于N受到的浮力；
根据可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即；
两液面等高，根据可知，甲液体对杯底的压强大于乙液体对怀底的压强。故C正确；
D、物块N在乙中悬浮，则，又因为，所以，故将N放入甲液体中静止时，N漂浮，故D错误。
故选：C。
(1)根据物体浮沉条件比较两物块所受浮力关系；
(2)根据密度公式比较两物块的密度关系；
(3)首先根据阿基米德原理比较两种液体的密度关系，然后根据液体压强公式比较杯底受到的压强关系；
(4)首先根据两种液体的密度关系判断N放入甲液体中的状态。
此题考查物体浮沉条件、密度、液体压强公式的应用，同时考查阿基米德原理和浮力产生的原因等知识点，是一道综合性很强的题目，此题难度适中，适合学生训练，属于中档题。
8.【答案】D
【解析】解：A、速度大的物体其受力不一定大，如依靠惯性运动的物体，在不受力时仍可以保持较大的速度向前运动，故A错误；
B、由牛顿第一定律可知，物体不受力的作用，可能处于静止状态或匀速直线运动状态，故B错误；
C、物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，故C错误；
D、由牛顿第一定律可知，物体不受力的作用时，可能静止，也可能做匀速直线运动，故D正确。
故选：D。
(1)速度大的物体其受力不一定大；
(2)(4)根据牛顿第一定律的内容可做出判断；
(3)运动不需要力来维持，力是使物体运动状态发生改变的原因。
此题考查了学生对力与运动的关系、牛顿第一定律的理解和应用，正确、全面理解概念和规律，是避免解答错误的关键。
9.【答案】A
【解析】解：开关闭合后，在外力作下使导右动，切割磁感应线，流表指针发生偏转，说明此时有电这电磁感应现象，是发电的工作原理，故A符题意；
奥斯实验磁针发针偏转说明电导体周围有场，故C符合题意；
开关合后，电路中有电流，通电导或线受到磁力的用发生运动，即通导线在磁场中受力的作用，即是电动理，B不合题意；
选A.
电机理电磁感应象，即闭合电路中一部分导在磁场做割磁感线运，即发电的原理图没电，有源的实验装置不是发电机．
本题的内容有流的效应电动机的原理发电机的原理．电磁感应和通电导体在磁场中受力运装的不，前者外部没有电源，后外有电源．
10.【答案】D
【解析】解：
A、电流产生热量与电流、电阻和通电时间三个因素有关，探究中要采用控制变量法；探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电时间相等以及液体种类相同，改变电阻，而甲、丙两烧瓶中的电阻和液体种类都不同，所以无法完成实验探究，故A错误；
B、为了比较水和煤油吸热的多少，应采用相同的加热装置，通过比较加热时间来比较物体吸收热量的多少，故B错误；
C、探究电热产生的因素与什么有关时，可以不需要秒表，通过开关的通断就可以判定电热与通电时间的关系，故C错误；
D、甲、乙中，电流相同，通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，故乙的温度要大于甲的温度；乙、丙中，水和煤油吸收相同的热量，水的比热容大，则水升高的温度要低一些，故温度计示数高低关系为，故D正确。
故选：D。
(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电相等，改变电阻；
(2)比较水和煤油吸热升温的情况的实验中，应用相同的加热装置，给相同质量不同液体加热相同时间，通过升高温度来判断；
(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；
(4)电流产生的热量越多，则温度计示数就越大。
本题探究电流产生热量影响因素的实验，考查了实验器材的选择、实验数据分析和评估等，用好控制变量法的转换法是本题解题的关键。
11.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)已知电压表的量程为0−3V，当电压表的示数U1=3V时，电路中的电流，
I=U1R1=3V10Ω=0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且R1允许通过的最大电流为0.5A，电流表的量程为0∼0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
根据I=UR可得，此时电路中的总电阻：
，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
；
电路的最大总功率：
；
(2)由于滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为20Ω时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，电路消耗的总功率最小，
则滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω，故①正确；
所以，电路中的最小电流：
，
则电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.3A，故②错误；
电压表的最小示数：
，
则电压表示数允许的变化范围为2V∼3V，故④错误；
电路消耗的最小功率：
，
则电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W∼1.8W，故③正确；
综上可知，只有①和③正确。
故选：A。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律求出电压表的示数最大时电路中的电流，然后与定值电阻允许通过的最大电流、滑动变阻器允许通过的最大电流、电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最小总功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的总功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的最小示数，根据P=UI求出电路消耗的最小功率。
本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
12.【答案】B
【解析】解：
A、由图乙可知，不变，所以R两端的电压始终是2V不变，与和UL无关，由题意可知，电路的电流为：I=2VR，因为R是定值电阻，所以电流I是一个定值，不随UL变化而变化，图不符合，故A错误；
B、根据P=UI知，电路的总功率：，可知是关于UL的一次函数，图符合，故B正确；
C、根据P=I2R得，R的功率：PR=(2VR)2×R可得PR=(2V)R2，仍是定值，不变，即PR不随UL的变化而变化，图象应该是与横轴平行的直线，图不符合，故C错误；
D、由图知，小灯泡L两端的电压与电源电压的关系为一次函数关系，根据P=UI知，小灯泡的功率：PL=ULI=UL×2VR，因为2VR是定值，所以小灯泡的功率PL与UL成正比，小灯泡的功率PL与成一次函数关系，故图不符合，故D错误。
故选：B。
由图乙可知，不变，所以R两端的电压始终是2V不变，与和UL无关，由题意可知，电路的电流为：I=2VR，因为R是定值电阻，所以电流I是一个定值，不随UL变化而变化，据此判断各选项。
本题考查了学生对欧姆定律、电功率公式的应用以及图象分析能力，是一道难题。
13.【答案】c−a−de−b
【解析】解：(1)机械能=动能+势能，势能=重力势能+弹性势能，故物体的重力势能=势能-弹性势能=机械能-动能-弹性势能，即物体的重力势能=c−a−d。
(2)内能=分子总动能+分子总势能，分子总动能=内能-分子总势能=e−b。
故答案为：c−a−d；e−b。
(1)机械能=动能+势能，势能=重力势能+弹性势能。
(2)内能=分子总动能+分子总势能。
本题考查了机械能、动能、重力势能、弹性势能的关系，内能、分子动能和分子势能的关系。
14.【答案】投影仪 右
【解析】解：
光屏上能呈现像是实像，物距小于像距，成倒立放大的实像，应用于投影仪。
如果拿一个近视眼镜给凸透镜“戴上”，由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线会推迟会聚，即像距变大，因此要得到清晰的像，应将光屏向右移动，光屏上仍可出现清晰的像。
故答案为：投影仪；右。
凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪。近视镜是凹透镜，凹透镜有发散光线的作用。
此题是探究凸透镜成像规律的实验，凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题中重要依据，同时考查了远视眼眼镜的特点，一定要熟练掌握。
15.【答案】相互的 运动
【解析】解：划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐向后划水，龙舟就快速前进，这说明物体间力的作用是相互的，龙舟相对于水位置发生变化，龙舟是运动的。
故答案为：相互的；运动。
(1)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
(2)物体相对于参照物位置发生变化，物体是运动的，位置没有发生变化，物体是静止的。
理解物体间力的作用的相互性，能够运用参照物判断物体的运动状态，可解答此题。
16.【答案】左 31.42.6×103
【解析】解：(1)由图甲可知，测量前指针偏向分度盘的右侧，说明右盘偏重，应将天平的平衡螺母向左移动，直到指针指在分度盘的中央；
(2)如图乙所示，标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m=20g+10g+1.4g=31.4g；
(3)由图丙可知，水和小石块的总体积，
则小石块的体积，
小石块的密度：ρ=mV=31.4g12cm3≈2.6g/cm3=2.6×103kg/m3。
故答案为：(1)左；(2)31.4；(3)2.6×103。
(1)天平在调节时，指针偏向分度盘的右侧，则平衡螺母左端移动；
(2)在读数时，天平上右盘所有砝码的质量加上游码所对的刻度值即待测物体的质量；
(3)弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，小石块的体积等于小石块和水的总体积减去水的体积；然后根据公式ρ=mV求出小石块的密度。
测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。
17.【答案】前 水 相互
【解析】解：向后划水龙舟加速前进，船桨给水一个向后的力，水给船桨一个向前的力，该力的施力物体是水，体现了力的作用是相互的。
故答案为：前；水；相互。
船桨向后划水，船桨给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水也给船桨一个向前的力，所以船向前运动。
本题考查的是物理综合性知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以学生们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理。
18.【答案】液化 二氧化碳 变大 液体压强随深度的减小而减小
【解析】解：“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，干冰升华吸热周围温度降低，空气中的水蒸气液化形成的小水滴。干冰放在水中吸热升华产生CO2气体。由于液体压强随深度的减小而减小，气泡在上浮过程中受到的压力变小，体积变大。
故答案为：液化；二氧化碳；变大；液体压强随深度的减小而减小。
“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。干冰放在水中吸热升华产生CO2气体。由于液体压强随深度的减小而减小，气泡在上浮过程中受到的压力变小，体积变大。
本题主要考查的是升华是吸热还是放热。干冰升华吸热周围温度降低，空气中的水蒸气液化形成小水滴。由于液体压强随深度的减小而减小，气泡在上浮过程中受到的压力变小，体积变大。本体的难点在于要考虑到气泡上浮过程的液体深度变化。
19.【答案】做功 内能 压缩
【解析】解：当迅速压下活塞时，可看见筒内棉花燃烧起来，这是通过做功的方式使玻璃筒内的空气内能增加、温度升高的。
从能量转化的角度看，汽油机压缩冲程中，活塞的机械能转化为内能，与该图实验的能量转化相同。
故答案为：做功；内能；压缩。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
内燃机的四个冲程中，做功冲程是内能转化为机械能，压缩冲程是机械能转化为内能。
此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通。
20.【答案】不变 下降
【解析】解：由于小明坐在漂浮于小池水面上的船中，船中放有一个铅球和一个篮球，所以根据漂浮条件可知：
船受到的浮力等于船及人、铅球和篮球的重力之和，即：；
由可得：
；
①把篮球从船中拿出抛水中后，由于篮球会漂浮在水面上，根据漂浮条件可知：
篮球受到的浮力等于篮球的重力，；
船受到的浮力等于船、人和铅球的重力之和，即：；
由可得，篮球排开水的体积：
；
；
则此时排开水的总体积：
；
所以，，则池中水面的不变；
②当他把篮球和铅球都抛入水中时，由于铅球下沉在水底，则：
铅球排开水的体积为；
船受到的浮力等于船、人和篮球的重力之和，即：；
由可得：
；
则此时船、人、篮球、铅球排开水的总体积：
；
因为，所以可得：
；
所以，，则池中水面的下降。
故答案为：不变；下降。
(1)由于船处于漂浮状态，利用物体漂浮条件和阿基米德原理推导出船排开水的体积；
(2)如果将篮球(铅球)从船中拿出抛水中后，由于篮球会漂浮，铅球会下沉，根据重力公式、密度公式、浮力公式、物体的浮沉条件计算出排开水的总体积，然后即可判断池中水面的升降情况。
此题考查阿基米德原理，实际上是一道复杂的力学综合题，涉及到物体的浮沉条件、重力公式、密度公式等诸多知识点，要求学生具备扎实的学科知识，难度很大！
21.【答案】惯性 左 6×105
【解析】解：(1)滑冰运动员单脚站在冰面上向右推墙，给墙一个向右的推力，同时墙给运动员一个向左的反作用力，使运动员向左运动，手离开墙后由于惯性，滑冰运动员还会继续向左滑行一段距离；
由于冰刀相对于冰面向左运动，因此冰刀受到水平向右的滑动摩擦力；
因力的作用是相互的，所以冰面受到的摩擦力方向水平向左；
(2)运动员双脚站立时，冰面的受力面积：S=2×1×10−3m×40×10−2m=8×10−4m2，
运动员对冰面的压力：F=G=mg=48kg×10N/kg=480N，
运动员对冰面的压强：p=FS=480N8×10−4m2=6×105Pa。
故答案为：惯性；左；6×105。
(1)一切物体具有惯性；滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，再利用相互作用力可知接触面受到摩擦力的方向；
(2)先求出冰刀与冰面的接触面积，然后根据运动员站立在冰面上受到的压力等于重力，并利用F=G=mg求出压力的大小，最后利用p=FS求出冰刀对冰面的压强。
本题考查惯性知识、摩擦力方向以及压强的计算，关键明确站立在水平面上的运动员对水平面的压力等于自身重力。
22.【答案】0.27下沉
【解析】解：
玩具球浸没在水中，则，
由阿基米德原理可知，玩具球浸没时受到的浮力：
；
玩具球的重力为G=0.4N，则，球将下沉。
故答案为：0.27；下沉。
知道球的体积(浸没时排开水的体积)和水的密度，利用阿基米德原理求小球受到的浮力；再和球重比较，根据物体的浮沉条件确定小球的浮沉情况。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，要灵活运用公式，属于基础题目。
23.【答案】解：静止在水面上的小球受到重力和浮力作用，二者是一对平衡力，作用点是小球的球心，然后从球心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，作图时应注意两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】小球静止在水面上，处于平衡状态，受到平衡力的作用，据此对小球进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出小球的受力图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24.【答案】解：光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；据此作出入射光线，如下图所示：
【解析】根据光的折射定律作图：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角．
在光路图中，法线要画成虚线，如果能够确定反射角，在光路图中，一定要标出反射角的度数；画折射光路时，一定注意光从密介质进入疏介质，还是从疏介质进入密介质．
25.【答案】解：因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的。
根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：
【解析】在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。
本题考查了磁感线的方向以及利用安培定则判断电流方向的重要方法，应能做到灵活应用。
26.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
27.【答案】解：根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长越省力，最长的动力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法，过A点作垂直于力臂的作用力，要能拔铁钉，动力的方向应向左方，如下图所示
【解析】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
28.【答案】解：(1)汽车行驶的速度为：v=90km/h=25m/s，
因为汽车匀速行驶，汽车受到的阻力的大小等于牵引力，
由公式P=Wt=Fst=Fv可知，汽车受到的阻力为：
f=F=Pv=25000W25m/s=1000N；
(2)汽车牵引力做的功为：W=Fs=1000N×2.7×105m=2.7×108J；
(3)由η=WQ可知，汽油完全燃烧释放的能量为：
Q=Wη=2.7×108J30%=9×108J，
由Q=mq可知，消耗汽油的质量为：
。
答：(1)汽车受到的阻力为1000N；
(2)汽车牵引力做的功为2.7×108J；
(3)消耗汽油的质量为20kg。
【解析】(1)根据公式P=Wt=Fst=Fv求出阻力；
(2)根据公式W=Fs求出牵引力做的功；
(3)求出汽油放出的热量，再求出汽油的质量。
本题考查了功率、做功、热量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要注意单位的换算。
29.【答案】解：
(1)2800kg煤完全燃烧释放的热量：
，
则由题意可知，1g铀235全部裂变释放的能量：；
(2)由题知，，
1标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
由可得加热水的质量：
。
(3)由P=Wt=Fst=Fv可得汽车匀速行驶时的牵引力：
F=Pv=210×103W10m/s=2.1×104N。
提供给该汽车的机械功：
，
由W=Fs可得汽车在当前道路上行驶的路程：
s=WF=2.52×1010J2.1×104N=1.2×106m=1.2×103km。
答：(1)1g铀235全部裂变释放的能量是8.4×1010J；
(2)这些能量最多可以将2×105kg的水从0℃加热至沸腾(1标准大气压下)；
(3)这些能量提供给该汽车，汽车在当前道路上行驶的路程是1.2×103km。
【解析】(1)利用求2800kg煤完全燃烧释放的热量。
(2)由题知，；1标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，利用求加热水的质量。
(3)根据P=Wt=Fst=Fv变形求出汽车匀速行驶时，牵引力的大小，由W=ηQ求出机械功，最后由W=Fs可求汽车在当前道路上行驶的路程。
本题考查了能源分类以及燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的应用，注意利用好条件：。
30.【答案】B
【解析】解：
(1)为了保护发热电阻丝，开关刚刚闭合时，电火锅处于保温状态，功率较小，根据P=I2R知，在R1的阻值不变时，电路中的电流较小，由欧姆定律可知，电路中的总电阻较大，则滑片应位于电阻丝R2的B端；
(2)当滑片在最左端时，滑动变阻器的电阻最小为零，电路只有电阻R1工作，此时功率最大为1210W，
由P=UI=U2R可知，R1的阻值为：
；
当滑片在最右端时，滑动变阻器的电阻最大，电阻R1和R2串联，此时R1的功率最小，为160W，
根据P=I2R知，此时电路的电流为：
，
电路的总电阻为：R=UI=220V2A=110Ω，
由电阻的串联可得，变阻器R2的最大阻值为：
；
(3)当R2的滑片调到中间时，由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：
，
由欧姆定律可知，电路中的电流：
I′=UR′=220V75Ω=4415A，
则电火锅的电功率：
P′=I′2R1=(4415A)2×40Ω≈344W。
答：(1)B；
(2)R1的阻值为40Ω，R2的最大阻值为70Ω；
(3)当R2的滑片调到中间时，电火锅的电功率是344W。
(1)根据P=UI=I2R和欧姆定律判断出电阻的大小以及滑片的位置；
(2)根据P=UI=U2R算出R1的阻值；当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路只有电阻R1工作，此时功率最大，为1210W，根据P=UI=U2R算出R1的阻值；
当滑片在最右端时，滑动变阻器的电阻最大，电阻R1和R2串联，此时R1功率最小，为160W，根据P=I2R算出电路的电流，根据欧姆定律算出总电阻，根据串联电路电阻的功率算出R2的最大阻值；
(3)根据串联电路中电阻特点求出电路中的总电阻，根据P=I2R求出电火锅的电功率。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及电功率的计算，关键是根据P=UI=I2R判断滑动变阻器滑片在不同位置时的电功率。
31.【答案】解：
(1)设木块底面积为S，则体积V=hS
木块对地面压力：
F=G=mg=ρVg=ρhSg，
木块对地面压强：
p=FS=ρgShS=ρhg=0.5×103kg/m3×1.2m×10N/kg=6000Pa；
(2)由图乙可知3∼5s内木块运动速度v=1.0m/s，
由v=st得3∼5s内木块运动距离：
s=vt=1.0m/s×2s=2m
由图甲可知3∼5s内推力F=200N，
推力做的功W=Fs=200N×2m=400J；
(3)由图乙可知0∼1s内木块静止，受到的摩擦力等于推力，
由图甲可知0∼1s内推力为100N，则0∼1s内木块受到的摩擦力为100N；
由图乙可知1∼6s内木块先加速、再匀速，最后减速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，
由图甲可知3∼5s内推力F=200N，此时木块匀速运动，受到的摩擦力等于推力，为200N，
所以0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线如图所示：
答：(1)木块对地面的压强为6000Pa；
(2)在3∼5s内，推力对木块所做的功为400J；
(3)木块在0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线如图所示．
【解析】(1)设木块底面积为S，则体积V=hS，木块对地面压力F=G，木块对地面压强p=FS=ρgShS=ρhg；
(2)由图乙可知3∼5s内木块运动速度，利用s=vt求3∼5s内木块运动距离，由图甲可知3∼5s内推力，利用W=Fs求推力做的功；
(3)由图乙可知0∼1s内木块静止，受到的摩擦力等于推力，由图甲可知0∼1s内推力大小，可知木块在0∼1s内木块受到的摩擦力；
由图乙可知1∼6s内木块先加速、再匀速，最后减速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变；由图甲可知3∼5s内推力，此时木块匀速运动，受到的摩擦力等于推力，可得0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线．
本题考查了压强和路程的计算，能从
32.【答案】水的质量不同 A 水蒸气遇冷液化 继续吸热，温度不变
【解析】解：(1)小明和小华使用的是相同的实验装置，由图乙可知计时时初温相同，而小华加热使水沸腾的加热时间长，故原因是小华用的水的质量比小明的大；
(2)A图中气泡在上升过程中体积不断增大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积减小，是因为上升过程中遇到周围温度较低的水，水蒸气会液化成水，气泡会不断变小。
(3)水沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热。沸腾时，继续吸热，温度不变。
故答案为：(1)水的质量不同；(2)A；水蒸气遇冷液化；(3)继续吸热，温度不变。
(1)掌握影响加热时间的因素：水的多少、水的初温、是否加盖、是否用酒精灯的外焰加热等；
(2)掌握沸腾时与沸腾前现象的区别：沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐变大；沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小；
(3)注意水沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热。沸腾时，继续吸热，温度不变，。
本题不仅考查了沸腾的特点，而且对实验的注意事项都有所涉及。
33.【答案】滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路 右 0.55变大 左 40
【解析】解：(1)灯的额定电压为2.5V，电压表选用小量程，并联在灯的两端：电流表选用小量程，串联在电路中，如图所示；
(2)滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路；
(3)电压表的示数为2.2V，小于灯的额定电压，要测得小灯泡的额定功率，要增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻大小，应将滑片P向右端移动；
(4)由图乙知，灯在2.5V额定电压下对应的电流为0.2A，灯的额定功率P=U′I′=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)①电流表小量程的分度值为0.02A，示数为0.4A，定值电阻的大小R=UI=2V0.4A=5Ω；
②断开开关，将定值电阻换成阻值为10Ω的电阻，其余不动，闭合开关，根据分压原理，电压表示数将变大；为了控制电压不变，应减小电压表示数，即增大滑动变阻器两端电压，增大变阻器电阻，故滑片应向左移动；
当接入20Ω的电阻时，要保持电压为2V不变，变阻器要分去6V−2V=4V的电压，根据分压原理，变阻器连入电路中的阻值至少为4V2V×20Ω=40Ω，即为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于40Ω。
故答案为：(1)如上图所示；(2)滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路；(3)右；(4)0.5；(5)①5；②变大；左；40。
(1)根据灯的额定电压确定电压表的量程，电压表并联在灯的两端；电流表选用小量程，串联在电路中；
(2)闭合开关，小灯泡亮度较暗，说明电路是通路，但电流较小，原因是电路电阻太大；同时移动滑动变阻器滑片子，灯亮度不变，说明变阻器没有变阻作用，变阻器接电路方法错误；
(3)根据分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据图丙，找出额定电压下对应的电流，根据P=UI求灯的额定功率；
(5)①根据电流表小量程读数，根据欧姆定律求定值电阻的大小；
②根据分压原理确定电压表示数的变化；研究电流与电阻的关系时，应保持电压不变，根据分压原理，求出变阻器连入电路中的最小阻值。
本题涉及测量灯的功率和探究电流与电阻的关系两个实验，考查电路的连接、实验注意事项、功率的计算、电功率的计算、器材的选择、控制变量法的运用等，知识点较多，综合性强。
34.【答案】(1)3；(2)①正确；错误；排开液体的体积；无关；②能；③没有测量出此时瓶子(含有沙子的)重力
【解析】解：(1)木头漂在水面，是因为木头的密度小于水的密度；铁钉沉在水底，是因为铁的密度大于水的密度，符合常识1的猜想是浮力与物体的密度有关，即符合常识1的是猜想3。
(2)①B、C实验中(物体在水中的深度不同)，测力计示数不同，由称重法，两实验中受到的浮力不同，根据A、B、C的结果，可得猜想1是正确的；
而C、D实验中，浸入液体的深度不同，两实验中，测力计示数相同，由称重法，两实验中受到的浮力相同，根据A、C、D的结果，可得猜想1是错误的；
B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，深入分析上述现象，可得：浮力大小与排开液体的体积有关，与浸入液体的深度无关。
②研究浮力与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，故接下来根据A、D和E能对猜想2进行验证。
③根据称重法测浮力，，将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子(含有沙子的)重力小于2.8N，为验证猜想3，即浮力与与物体的密度有关，应测量出此时瓶子(含有沙子的)重力，故小明在该实验环节中存在的问题是没有测量出此时瓶子(含有沙子的)重力。
故答案为：
(1)3；(2)①正确；错误；排开液体的体积；无关；②能；③没有测量出此时瓶子(含有沙子的)重力。
(1)木头漂在水面，是因为木头的密度小于水的密度；铁钉沉在水底，是因为铁的密度大于水的密度，据此分析。
(2)①分析B、C(C、D)实验中相同量和不同量，根据测力计示数，由称重法比较两实验中受到的浮力关系，据此回答。
B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，据此分析。
②物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变。
③根据称重法测浮力，，将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子(含有沙子的)重力小于2.8N，据此分析回答。
本题探究浮力的影响因素，考查物体的浮沉条件、称重法测浮力、控制变量法、数据分析和对实验方案的评估。
2022年江苏省苏州市中考物理模拟试卷
1. 2019年3月，我国在西昌发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第54颗北斗导航卫星，该类卫星在星基增强、短报文通信、精密单点定位等特色服务上发挥关键作用，以下说法正确的是( )
①卫星是通过超声波与地面进行通讯
②火箭点火发射时内能转化为机械能
③火箭升空过程中，卫星相对于火箭处于静止状态
④卫星从近地点到远地点运动的过程中，势能减小，动能增大，机械能不变
A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①③
2. 针对生活中的一些物理量的估测，下列合理的是( )
A. 课桌的高度为1.5m
B. 初中女生跑完800m所用时间约为90s
C. 中学生的体积约为50dm3
D. 温暖舒适的气温为37℃
3. 科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡“实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫做成的圆环，轻轻放在一个斜坡上，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，这是一个内部镶嵌了一个小铁块的圆环。在圆环加速滚上斜坡的过程中，下列说法正确的是( )
A. 圆环的动能增大，重力势能减小
B. 圆环的动能增大，重力势能增大
C. 圆环受到的摩擦力沿斜面向下
D. 圆环受到的支持力是由泡沫发生弹性形变产生的
4. 如图，下列工具中属于费力杠杆的是( )
A. 开瓶起子 B. 镊子
C. 钢丝钳 D. 独轮车
5. 关于粒子和宇宙，下列说法正确的是( )
A. 科学家在研究物质内部结构时，常应用建立“模型”的方法
B. 宇宙是一个有层次的天体系统，太阳是宇宙的中心
C. 两个表面光滑的铅块相互紧压粘在一起，说明分子在永不停息的无规则运动
D. 细绳悬挂的两个轻质泡沫小球相互吸引，则两小球一定带有异种电荷
6. 下列有关能源和材料的说法中，正确的是( )
A. 核能是可再生能源
B. 超导材料可以用来制作电热毯的电热丝
C. 滚摆滚动时，虽然每次上升的高度逐渐减小，但仍符合能量守恒定律
D. 地球上除了地热能、潮汐能和生物质能以外，几乎所有能源都来自太阳
7. 水平台上放有两个完全相同的烧杯，分别盛有甲、乙两种液体。将质量相等、体积不等的正方体物块M、N分别放入两杯中，静止时如图所示，液面刚好相平。则( )
A. M受到的浮力大于N受到的浮力
B. M的密度小于N的密度
C. 甲液体对杯底的压强大于乙液体对杯底的压强
D. 若将N也放入甲液体中静止时，N沉在杯底
8. 关于力和运动的关系，下列说法正确的是( )
A. 物体的速度越大，其所受的力也越大
B. 物体不受力的作用，一定处于静止状态
C. 物体运动一定需要力来维持
D. 物体不受力的作用，可能做匀速直线运动
9. 如所的四个实中，能说明电机工作理的是( )
A. B.
C. D.
10. 如图所示甲、乙、丙三个完全相同的烧瓶中分别装有质量、初温都相同的液体，烧瓶中电阻丝的大小关系为，烧瓶内插入相同的温度计，以下说法正确的是( )
A. 甲、丙可探究电阻丝产生电热的多少与电阻大小的关系
B. 乙、丙可探究不同物质的吸热升温现象，物体吸热的多少可用温度计示数的升高来表示
C. 上述A、B选项中两个实验的研究对象都是瓶内的液体，且都还需要天平和秒表
D. 通电相同时间，温度计示数的大小关系为
11. 如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为0∼0.6A，电压表的量程为0−3V，定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A“，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法中( )
①变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为10∼20Ω
②电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.5A
③电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W∼1.8W
④电压表示数变化范围为1V∼3V
A. 只有①③正确 B. 只有②④正确 C. 只有①④正确 D. 只有③④正确
12. 如图甲，电源电压可调，定值电阻R与额定电压为6V的新型灯泡L串联，多次调节电源电压，读出电压表示数，画出小灯泡电压UL与电源电压的关系图象如图乙。下列描述电路中的电流I、电路总功率、R的功率PR和灯泡的功率PL分别随电压表示数UL和电源电压变化关系的图象中，可能正确的是( )
A. B.
C. D.
13. 某物体具有的动能为aJ，分子总势能为bJ，机械能为cJ，弹性势能为dJ，内能为eJ，则它的重力势能为______ J，分子的总动能为______ J。
14. 如图，保持蜡烛、凸透镜的位置不变，调节光屏到图示位置时，光屏上得到了清晰的像，利用这个成像规律可以制成______.若在蜡烛和凸透镜的中间，给凸透镜戴上近视眼镜，则将光屏向______(选填“左”或“右”)移动，光屏上仍可出现清晰的像．
15. 如图所示，全体划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐向后划水，龙舟就快速前进，这说明物体间力的作用是______，龙舟相对于水是______(选填“静止”或“运动”的).
16. 小明测量小石块的密度：将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将天平的平衡螺母向______端调，使横梁平衡；如图乙所示，小石块的质量为______ g；将小石块放入盛有38mL水的量筒中，静止时液面情况如图丙所示，则小石块的密度是______kg/m3。
17. 端午节赛龙舟，船员用桨整齐地向后划水，龙舟却快速地向前行驶，说明桨受到了向______(选填“前”、“后”)的作用力，这个作用力的施力物体是______，这证明了力的作用是______的。
18. 在实验课上，老师用干冰(固态二氧化碳)做实验。当取出干冰时，干冰周围在冒白气，关于白气的形成的物态变化是______。把干冰放在水中，结果水中不断冒气泡，气泡内的主要气体是______(空气/二氧化碳)气泡在上浮过程中，体积会______(变大/变小/不变)，其原因是______。
19. 如图所示，一配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见筒内棉花燃烧起来。这是通过______的方式使玻璃筒内的空气______增加、温度升高的。从能量转化的角度看，汽油机工作时______冲程与该图实验相同。
20. 如图所示，小明坐在漂浮于小池水面上的船中，船中放有一个篮球和一个实心铁球。他把篮球从船中拿出抛入水中后池中水面的升降变化情况是______；他把篮球和实心铁球都抛入水中时池中水面的升降变化情况是______。(两空均选填“上升”、“下降”或“不变”)
21. 如图，滑冰运动员单脚站在冰面上向右推墙，手离开墙后由于______，滑冰运动员还会继续向左滑行一段距离，此时冰面受到水平向______的滑动摩擦力；滑冰运动员冰鞋的冰刀与冰面的接触面积只有1mm宽，长度大约有40cm。若一个质量为48kg的运动员穿上冰鞋双脚站立在冰面上对冰面的压强为______ Pa。
22. 小美用手把一个重为0.4N，体积是2.7×10−5m3的玩具球完全浸没到水中，玩具球受到的浮力是______ N，放手后玩具球将______(填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
23. 如图，小球静止在水面上，画出小球的受力图。
24. 空气射向水中时，它的折射光线如图所示，请画出入射光线．
25. 根据图中通电螺线管的S极，标出磁感线方向，并在括号内标出电源的“+”、“-”．
26. 用笔画线代替导线，将图中的灯泡和三线插座正确连入家庭电路中。
27. 在图中，用羊角锤拔铁钉，画出在A点施加最小动力F的示意图。
28. 小明家新买了一辆使用汽油为燃料的小汽车。细心的小明发现行驶的速度不同时，耗油量不同。当小汽车以90km/h的速度匀速行驶时最省油，此时发动机的有用功率为25kW。若小汽车以最省油的速度行驶270km，求在这过程中：(要求有解析过程)
(1)汽车受到的阻力；
(2)汽车牵引力做的功；
(3)消耗汽油的质量(汽油的热值，小汽车发动机的效率为30%)。
29. 某载重汽车自重12t，汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶时，柴油发动机的功率为210kW，发动机的效率为30%.通过查询相关资料知道，1g铀235全部裂变释放的能量相当于2800kg的煤完全燃烧放出的热量。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤的热值为3×107J/kg，求：
(1)1g铀235全部裂变释放的能量。
(2)这些能量最多可以将多少kg的水从0℃加热至沸腾(1标准大气压下)。
(3)这些能量提供给该汽车，汽车在当前道路上行驶的路程。
30. 如图甲所示，是一款家用电火锅，容量4L，额定电压220V，它能实现发热电阻丝R1在160W−1210W之间无极调温，图乙是它的电路简化图.
(1)为了保护发热电阻丝，开关刚刚闭合时，电火锅处于保温状态，滑片应位于电阻丝R2的______端．(选填“A”或“B”)
(2)当滑片从R2的最右端移到最左端时能够实现R1电功率从160W−1210W的无极调温，则R1的阻值为多大，R2的最大阻值为多大？
(3)当R2的滑片调到中间时，电火锅的电功率是多少？
31. 现用水平推力F沿水平面推动长方体木块，推力F与木块的速度v随时间t变化的图象分别如图甲、乙所示．已知长方体木块高h=1.2m，木块的密度ρ=0.5×103kg/m3.
求：(取g=10N/kg)
(1)木块对地面的压强p；
(2)在3∼5s内，推力对木块所做的功；
(3)请在图丙中，画出0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线．
32. 小明和小华分别利用图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点。当水温接近90℃时每隔0.5min记录一次温度，并绘制出如图乙所示的水温与时间关系的图像。
(1)小明和小华在实验中记录的数据并绘制水温与时间的关系图，造成图乙中图像不同的可能原因是______ ；
(2)如图丙所示，水在沸腾时的现象是其中的______ 图(A/B)。若气泡上升时形状变小的原因是______ 。
(3)水在沸腾过程中的特点______ 。
33. 小明做“测小灯泡功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡以及符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。
(1)如图甲所示的是小明没有连接完整的实物电路。请你用笔画线代替导线，帮小明将实物电路连接完整。
(2)小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，无论如何移动滑动变阻器滑片P，小灯泡亮度都不变，则原因是______。
(3)小明调整电路后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______(填“左”或“右”)端滑动。
(4)小明通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成了如图乙所示的U−I图象，根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是______W。
(5)实验结束后，小明仅将小灯泡换成定值电阻，来探究电流与电阻的关系。小明想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。
①将电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为2V，此时电流表的示数如图丙所示，则定值电阻的阻值为______Ω。
②断开开关，将定值电阻换成阻值为10Ω的电阻，其余不动，闭合开关，电压表示数将______(填“变大”或“变小”)；为控制定值电阻两端的电压不变，应将滑片P向______(填“左”或“右”)端滑动。为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于______Ω。
34. 小明用装有沙子的带盖塑料瓶探究浮力的影响因素。
(1)小明列举了三个常识，分别做出了三个猜想，其中符合常识1的是______(填序号)。
常识
猜想
常识1：木头漂在水面，铁钉沉在水底
常识2：轮船从长江驶入大海，船身会上浮一些
常识3：人从泳池浅水区走向深水区，感觉身体变轻
猜想1：与浸入液体的深度有关
猜想2：与液体的密度有关
猜想3：与物体的密度有关
(2)为了验证上述猜想是否正确，小明依次做了如下实验：
①根据A、B、C的结果，可得猜想1是______(正确/错误)的；根据A、C、D的结果，可得猜想1是______(正确/错误)的。深入分析上述现象，可得：浮力大小与______有关，与浸入液体的深度______；
②接下来根据A、D和E______(能/不能)对猜想2进行验证；
③为验证猜想3，小明在老师的指导下，将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度。接着他仿照步骤D进行实验，发现此时测力计示数小于1.8N，便认为该猜想是正确的。小明在该实验环节中存在的问题是______。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：①电磁波可以在真空中传播，超声波不能再真空中传播，所以卫星是通过电磁波与地面进行通讯，故①错误；
②火箭点火发射时产生的燃气内能转化为火箭升空的机械能，故②正确；
③火箭升空过程中，卫星随火箭一起运动，卫星与火箭没有位置的变化，卫星相对于火箭处于静止状态，故③正确；
④卫星从近地点到远地点运动的过程中，质量不变，速度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能转化为重力势能，机械能不变，故④错误。
综合分析②③正确。
故选：B。
(1)电磁波可以在真空中传播，电磁波可以传递信息，声音的传播需要介质；
(2)火箭是热机的一种，工作时，燃料的化学能转化为燃气的内能，高温高压的燃气推动火箭升空，燃气的内能转化成火箭的机械能；
(3)研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。如果发生变化则物体是运动的，如果没发生变化则物体是静止的；
(4)动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，当动能转化成重力势能时，动能减小，重力势能增加。
本题考查了与火箭升空有关的物理知识，体现了物理和生活的联系，是中考的新动向。
2.【答案】C
【解析】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右，故A不符合实际；
B、初中女生跑完 800m 所用时间约为 4min=240s，故B不符合实际；
C、水的密度是1.0×103kg/m3，人体密度与水的密度差不多，在1.0×103kg/m3左右。中学生的质量在50kg左右，体积在V=mρ=50kg1.0×103kg/m3=0.05m3=50dm3左右，故C符合实际；
D、人体正常体温在37℃左右，感觉温暖舒适的温度在25℃左右，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
3.【答案】A
【解析】解：
AB、圆环加速滚上斜坡的过程中，速度变大，质量不变，动能变大，虽然高度变大，但动能是由重力势能转化而来的，所以重力势能变小，故A正确，B错误；
C、圆环加速滚滚动的过程中，给斜面一个向下的摩擦力，由于物体间力的作用是相互的，斜面会给圆环一个沿斜面向上的摩擦力，故C错误；
D、圆环受到的支持力是由斜面发生弹性形变产生的，故D错误。
故选：A。
(1)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关；
(2)根据力的相互性分析摩擦力的方向；
(3)物体发生弹性形变，会产生弹力。
本题考查了动能和势能的变化、弹力、摩擦力的方向，难度不大。
4.【答案】B
【解析】解：A、开瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
D、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
故选：B。
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
5.【答案】A
【解析】解：A、科学家常应采用建立“模型”的方法对物质内部结构进行研究，故A正确；
B、太阳是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故B错误；
C、将两个表面光滑的铅块相互紧压后它们会粘在一起，说明分子间存在引力，故C错误；
D、细绳悬挂的轻质泡沫塑料小球相互吸引，则两小球可能带有异种电荷，也可能是一个带电，一个不带电，故D错误。
故选：A。
(1)科学家常应采用建立“模型”的方法对物质内部结构进行研究；
(2)宇宙是一个有层次的天体系统，太阳不是宇宙的中心；
(3)物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力；
(4)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；带电体可以吸引轻小物体。
此题主要考查有关物理学方法、电荷间相互作用和分子间的作用力等知识，是一道基础题，解答本题的关键是了解宇宙的知识和分子动理论的知识。
6.【答案】C
【解析】解：A、核能不能从自然界源源不断获得，是不可再生能源，故A错误；
B、电热毯是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，不能用来制作电热丝，故B错误；
C、滚摆每次上升的高度逐渐减小，说明滚摆的机械能减小，转化为内能，仍符合能量守恒定律，故C正确；
D、地球上除核能、地热能和潮汐能以外，几乎所有能源都直接或间接来自太阳，生物质能也是间接来自太阳能，故D错误。
故选：C。
(1)能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源，不能源源不断获得的能源是不可再生能源；
(2)电热毯是根据电流的热效应制成的，超导体的电阻为零，电热毯不能工作；
(3)分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化，根据机械能的定义可知机械能的变化；
(4)万物生长靠太阳，地球上的森林、植被利用水和CO2以及阳光进行光合作用，把太阳能转化为有机物贮藏在植物体内。这些通过光合作用创造的有机物有的供动物及人类食用，维持了动物的生命延续，动植物尸体在局部地壳运动如地震灾变中被埋藏于地下，从而形成了煤、石油、天然气。
本题涉及的知识点较多，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
7.【答案】C
【解析】解：A、物块M在甲中漂浮，则；物块N在乙中悬浮，则；
而两物块质量相等，即GM=GN，所以M受到的浮力等于N受到的浮力。故A错误；
B、由图知，M的体积小于N的体积，两物块质量相等，根据ρ=mV可知，M的密度大于N的密度。故B错误；
C、由图知，M排开液体的体积小于N排开液体的体积，又知M受到的浮力等于N受到的浮力；
根据可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即；
两液面等高，根据可知，甲液体对杯底的压强大于乙液体对怀底的压强。故C正确；
D、物块N在乙中悬浮，则，又因为，所以，故将N放入甲液体中静止时，N漂浮，故D错误。
故选：C。
(1)根据物体浮沉条件比较两物块所受浮力关系；
(2)根据密度公式比较两物块的密度关系；
(3)首先根据阿基米德原理比较两种液体的密度关系，然后根据液体压强公式比较杯底受到的压强关系；
(4)首先根据两种液体的密度关系判断N放入甲液体中的状态。
此题考查物体浮沉条件、密度、液体压强公式的应用，同时考查阿基米德原理和浮力产生的原因等知识点，是一道综合性很强的题目，此题难度适中，适合学生训练，属于中档题。
8.【答案】D
【解析】解：A、速度大的物体其受力不一定大，如依靠惯性运动的物体，在不受力时仍可以保持较大的速度向前运动，故A错误；
B、由牛顿第一定律可知，物体不受力的作用，可能处于静止状态或匀速直线运动状态，故B错误；
C、物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，故C错误；
D、由牛顿第一定律可知，物体不受力的作用时，可能静止，也可能做匀速直线运动，故D正确。
故选：D。
(1)速度大的物体其受力不一定大；
(2)(4)根据牛顿第一定律的内容可做出判断；
(3)运动不需要力来维持，力是使物体运动状态发生改变的原因。
此题考查了学生对力与运动的关系、牛顿第一定律的理解和应用，正确、全面理解概念和规律，是避免解答错误的关键。
9.【答案】A
【解析】解：开关闭合后，在外力作下使导右动，切割磁感应线，流表指针发生偏转，说明此时有电这电磁感应现象，是发电的工作原理，故A符题意；
奥斯实验磁针发针偏转说明电导体周围有场，故C符合题意；
开关合后，电路中有电流，通电导或线受到磁力的用发生运动，即通导线在磁场中受力的作用，即是电动理，B不合题意；
选A.
电机理电磁感应象，即闭合电路中一部分导在磁场做割磁感线运，即发电的原理图没电，有源的实验装置不是发电机．
本题的内容有流的效应电动机的原理发电机的原理．电磁感应和通电导体在磁场中受力运装的不，前者外部没有电源，后外有电源．
10.【答案】D
【解析】解：
A、电流产生热量与电流、电阻和通电时间三个因素有关，探究中要采用控制变量法；探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电时间相等以及液体种类相同，改变电阻，而甲、丙两烧瓶中的电阻和液体种类都不同，所以无法完成实验探究，故A错误；
B、为了比较水和煤油吸热的多少，应采用相同的加热装置，通过比较加热时间来比较物体吸收热量的多少，故B错误；
C、探究电热产生的因素与什么有关时，可以不需要秒表，通过开关的通断就可以判定电热与通电时间的关系，故C错误；
D、甲、乙中，电流相同，通电时间相同，电阻越大，产生的热量越多，故乙的温度要大于甲的温度；乙、丙中，水和煤油吸收相同的热量，水的比热容大，则水升高的温度要低一些，故温度计示数高低关系为，故D正确。
故选：D。
(1)探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，应控制电流和通电相等，改变电阻；
(2)比较水和煤油吸热升温的情况的实验中，应用相同的加热装置，给相同质量不同液体加热相同时间，通过升高温度来判断；
(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；
(4)电流产生的热量越多，则温度计示数就越大。
本题探究电流产生热量影响因素的实验，考查了实验器材的选择、实验数据分析和评估等，用好控制变量法的转换法是本题解题的关键。
11.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)已知电压表的量程为0−3V，当电压表的示数U1=3V时，电路中的电流，
I=U1R1=3V10Ω=0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且R1允许通过的最大电流为0.5A，电流表的量程为0∼0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，
根据I=UR可得，此时电路中的总电阻：
，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
；
电路的最大总功率：
；
(2)由于滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为20Ω时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，电路消耗的总功率最小，
则滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω，故①正确；
所以，电路中的最小电流：
，
则电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.3A，故②错误；
电压表的最小示数：
，
则电压表示数允许的变化范围为2V∼3V，故④错误；
电路消耗的最小功率：
，
则电路消耗总电功率允许的变化范围为1.2W∼1.8W，故③正确；
综上可知，只有①和③正确。
故选：A。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律求出电压表的示数最大时电路中的电流，然后与定值电阻允许通过的最大电流、滑动变阻器允许通过的最大电流、电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路的总功率最大，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路的最小总功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的总功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的最小示数，根据P=UI求出电路消耗的最小功率。
本题考查串联电路中电压、电流以及功率、滑动变阻器接入电路电阻的计算，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
12.【答案】B
【解析】解：
A、由图乙可知，不变，所以R两端的电压始终是2V不变，与和UL无关，由题意可知，电路的电流为：I=2VR，因为R是定值电阻，所以电流I是一个定值，不随UL变化而变化，图不符合，故A错误；
B、根据P=UI知，电路的总功率：，可知是关于UL的一次函数，图符合，故B正确；
C、根据P=I2R得，R的功率：PR=(2VR)2×R可得PR=(2V)R2，仍是定值，不变，即PR不随UL的变化而变化，图象应该是与横轴平行的直线，图不符合，故C错误；
D、由图知，小灯泡L两端的电压与电源电压的关系为一次函数关系，根据P=UI知，小灯泡的功率：PL=ULI=UL×2VR，因为2VR是定值，所以小灯泡的功率PL与UL成正比，小灯泡的功率PL与成一次函数关系，故图不符合，故D错误。
故选：B。
由图乙可知，不变，所以R两端的电压始终是2V不变，与和UL无关，由题意可知，电路的电流为：I=2VR，因为R是定值电阻，所以电流I是一个定值，不随UL变化而变化，据此判断各选项。
本题考查了学生对欧姆定律、电功率公式的应用以及图象分析能力，是一道难题。
13.【答案】c−a−de−b
【解析】解：(1)机械能=动能+势能，势能=重力势能+弹性势能，故物体的重力势能=势能-弹性势能=机械能-动能-弹性势能，即物体的重力势能=c−a−d。
(2)内能=分子总动能+分子总势能，分子总动能=内能-分子总势能=e−b。
故答案为：c−a−d；e−b。
(1)机械能=动能+势能，势能=重力势能+弹性势能。
(2)内能=分子总动能+分子总势能。
本题考查了机械能、动能、重力势能、弹性势能的关系，内能、分子动能和分子势能的关系。
14.【答案】投影仪 右
【解析】解：
光屏上能呈现像是实像，物距小于像距，成倒立放大的实像，应用于投影仪。
如果拿一个近视眼镜给凸透镜“戴上”，由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线会推迟会聚，即像距变大，因此要得到清晰的像，应将光屏向右移动，光屏上仍可出现清晰的像。
故答案为：投影仪；右。
凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像，应用于投影仪。近视镜是凹透镜，凹透镜有发散光线的作用。
此题是探究凸透镜成像规律的实验，凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题中重要依据，同时考查了远视眼眼镜的特点，一定要熟练掌握。
15.【答案】相互的 运动
【解析】解：划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐向后划水，龙舟就快速前进，这说明物体间力的作用是相互的，龙舟相对于水位置发生变化，龙舟是运动的。
故答案为：相互的；运动。
(1)物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。
(2)物体相对于参照物位置发生变化，物体是运动的，位置没有发生变化，物体是静止的。
理解物体间力的作用的相互性，能够运用参照物判断物体的运动状态，可解答此题。
16.【答案】左 31.42.6×103
【解析】解：(1)由图甲可知，测量前指针偏向分度盘的右侧，说明右盘偏重，应将天平的平衡螺母向左移动，直到指针指在分度盘的中央；
(2)如图乙所示，标尺的分度值是0.2g，小石块的质量：m=20g+10g+1.4g=31.4g；
(3)由图丙可知，水和小石块的总体积，
则小石块的体积，
小石块的密度：ρ=mV=31.4g12cm3≈2.6g/cm3=2.6×103kg/m3。
故答案为：(1)左；(2)31.4；(3)2.6×103。
(1)天平在调节时，指针偏向分度盘的右侧，则平衡螺母左端移动；
(2)在读数时，天平上右盘所有砝码的质量加上游码所对的刻度值即待测物体的质量；
(3)弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，小石块的体积等于小石块和水的总体积减去水的体积；然后根据公式ρ=mV求出小石块的密度。
测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。
17.【答案】前 水 相互
【解析】解：向后划水龙舟加速前进，船桨给水一个向后的力，水给船桨一个向前的力，该力的施力物体是水，体现了力的作用是相互的。
故答案为：前；水；相互。
船桨向后划水，船桨给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水也给船桨一个向前的力，所以船向前运动。
本题考查的是物理综合性知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以学生们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理。
18.【答案】液化 二氧化碳 变大 液体压强随深度的减小而减小
【解析】解：“白气”是水蒸气液化形成的小水滴，干冰升华吸热周围温度降低，空气中的水蒸气液化形成的小水滴。干冰放在水中吸热升华产生CO2气体。由于液体压强随深度的减小而减小，气泡在上浮过程中受到的压力变小，体积变大。
故答案为：液化；二氧化碳；变大；液体压强随深度的减小而减小。
“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。干冰放在水中吸热升华产生CO2气体。由于液体压强随深度的减小而减小，气泡在上浮过程中受到的压力变小，体积变大。
本题主要考查的是升华是吸热还是放热。干冰升华吸热周围温度降低，空气中的水蒸气液化形成小水滴。由于液体压强随深度的减小而减小，气泡在上浮过程中受到的压力变小，体积变大。本体的难点在于要考虑到气泡上浮过程的液体深度变化。
19.【答案】做功 内能 压缩
【解析】解：当迅速压下活塞时，可看见筒内棉花燃烧起来，这是通过做功的方式使玻璃筒内的空气内能增加、温度升高的。
从能量转化的角度看，汽油机压缩冲程中，活塞的机械能转化为内能，与该图实验的能量转化相同。
故答案为：做功；内能；压缩。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
内燃机的四个冲程中，做功冲程是内能转化为机械能，压缩冲程是机械能转化为内能。
此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，学会变通。
20.【答案】不变 下降
【解析】解：由于小明坐在漂浮于小池水面上的船中，船中放有一个铅球和一个篮球，所以根据漂浮条件可知：
船受到的浮力等于船及人、铅球和篮球的重力之和，即：；
由可得：
；
①把篮球从船中拿出抛水中后，由于篮球会漂浮在水面上，根据漂浮条件可知：
篮球受到的浮力等于篮球的重力，；
船受到的浮力等于船、人和铅球的重力之和，即：；
由可得，篮球排开水的体积：
；
；
则此时排开水的总体积：
；
所以，，则池中水面的不变；
②当他把篮球和铅球都抛入水中时，由于铅球下沉在水底，则：
铅球排开水的体积为；
船受到的浮力等于船、人和篮球的重力之和，即：；
由可得：
；
则此时船、人、篮球、铅球排开水的总体积：
；
因为，所以可得：
；
所以，，则池中水面的下降。
故答案为：不变；下降。
(1)由于船处于漂浮状态，利用物体漂浮条件和阿基米德原理推导出船排开水的体积；
(2)如果将篮球(铅球)从船中拿出抛水中后，由于篮球会漂浮，铅球会下沉，根据重力公式、密度公式、浮力公式、物体的浮沉条件计算出排开水的总体积，然后即可判断池中水面的升降情况。
此题考查阿基米德原理，实际上是一道复杂的力学综合题，涉及到物体的浮沉条件、重力公式、密度公式等诸多知识点，要求学生具备扎实的学科知识，难度很大！
21.【答案】惯性 左 6×105
【解析】解：(1)滑冰运动员单脚站在冰面上向右推墙，给墙一个向右的推力，同时墙给运动员一个向左的反作用力，使运动员向左运动，手离开墙后由于惯性，滑冰运动员还会继续向左滑行一段距离；
由于冰刀相对于冰面向左运动，因此冰刀受到水平向右的滑动摩擦力；
因力的作用是相互的，所以冰面受到的摩擦力方向水平向左；
(2)运动员双脚站立时，冰面的受力面积：S=2×1×10−3m×40×10−2m=8×10−4m2，
运动员对冰面的压力：F=G=mg=48kg×10N/kg=480N，
运动员对冰面的压强：p=FS=480N8×10−4m2=6×105Pa。
故答案为：惯性；左；6×105。
(1)一切物体具有惯性；滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，再利用相互作用力可知接触面受到摩擦力的方向；
(2)先求出冰刀与冰面的接触面积，然后根据运动员站立在冰面上受到的压力等于重力，并利用F=G=mg求出压力的大小，最后利用p=FS求出冰刀对冰面的压强。
本题考查惯性知识、摩擦力方向以及压强的计算，关键明确站立在水平面上的运动员对水平面的压力等于自身重力。
22.【答案】0.27下沉
【解析】解：
玩具球浸没在水中，则，
由阿基米德原理可知，玩具球浸没时受到的浮力：
；
玩具球的重力为G=0.4N，则，球将下沉。
故答案为：0.27；下沉。
知道球的体积(浸没时排开水的体积)和水的密度，利用阿基米德原理求小球受到的浮力；再和球重比较，根据物体的浮沉条件确定小球的浮沉情况。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，要灵活运用公式，属于基础题目。
23.【答案】解：静止在水面上的小球受到重力和浮力作用，二者是一对平衡力，作用点是小球的球心，然后从球心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，作图时应注意两条线段长度要相等。如图所示：
【解析】小球静止在水面上，处于平衡状态，受到平衡力的作用，据此对小球进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出小球的受力图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
24.【答案】解：光由空气斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；据此作出入射光线，如下图所示：
【解析】根据光的折射定律作图：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角．
在光路图中，法线要画成虚线，如果能够确定反射角，在光路图中，一定要标出反射角的度数；画折射光路时，一定注意光从密介质进入疏介质，还是从疏介质进入密介质．
25.【答案】解：因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的。
根据安培定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的右端N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，左端为负极。如图所示：
【解析】在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。根据安培定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。
本题考查了磁感线的方向以及利用安培定则判断电流方向的重要方法，应能做到灵活应用。
26.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
27.【答案】解：根据杠杆平衡条件可知，动力臂越长越省力，最长的动力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法，过A点作垂直于力臂的作用力，要能拔铁钉，动力的方向应向左方，如下图所示
【解析】由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
28.【答案】解：(1)汽车行驶的速度为：v=90km/h=25m/s，
因为汽车匀速行驶，汽车受到的阻力的大小等于牵引力，
由公式P=Wt=Fst=Fv可知，汽车受到的阻力为：
f=F=Pv=25000W25m/s=1000N；
(2)汽车牵引力做的功为：W=Fs=1000N×2.7×105m=2.7×108J；
(3)由η=WQ可知，汽油完全燃烧释放的能量为：
Q=Wη=2.7×108J30%=9×108J，
由Q=mq可知，消耗汽油的质量为：
。
答：(1)汽车受到的阻力为1000N；
(2)汽车牵引力做的功为2.7×108J；
(3)消耗汽油的质量为20kg。
【解析】(1)根据公式P=Wt=Fst=Fv求出阻力；
(2)根据公式W=Fs求出牵引力做的功；
(3)求出汽油放出的热量，再求出汽油的质量。
本题考查了功率、做功、热量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要注意单位的换算。
29.【答案】解：
(1)2800kg煤完全燃烧释放的热量：
，
则由题意可知，1g铀235全部裂变释放的能量：；
(2)由题知，，
1标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，
由可得加热水的质量：
。
(3)由P=Wt=Fst=Fv可得汽车匀速行驶时的牵引力：
F=Pv=210×103W10m/s=2.1×104N。
提供给该汽车的机械功：
，
由W=Fs可得汽车在当前道路上行驶的路程：
s=WF=2.52×1010J2.1×104N=1.2×106m=1.2×103km。
答：(1)1g铀235全部裂变释放的能量是8.4×1010J；
(2)这些能量最多可以将2×105kg的水从0℃加热至沸腾(1标准大气压下)；
(3)这些能量提供给该汽车，汽车在当前道路上行驶的路程是1.2×103km。
【解析】(1)利用求2800kg煤完全燃烧释放的热量。
(2)由题知，；1标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温为100℃，利用求加热水的质量。
(3)根据P=Wt=Fst=Fv变形求出汽车匀速行驶时，牵引力的大小，由W=ηQ求出机械功，最后由W=Fs可求汽车在当前道路上行驶的路程。
本题考查了能源分类以及燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的应用，注意利用好条件：。
30.【答案】B
【解析】解：
(1)为了保护发热电阻丝，开关刚刚闭合时，电火锅处于保温状态，功率较小，根据P=I2R知，在R1的阻值不变时，电路中的电流较小，由欧姆定律可知，电路中的总电阻较大，则滑片应位于电阻丝R2的B端；
(2)当滑片在最左端时，滑动变阻器的电阻最小为零，电路只有电阻R1工作，此时功率最大为1210W，
由P=UI=U2R可知，R1的阻值为：
；
当滑片在最右端时，滑动变阻器的电阻最大，电阻R1和R2串联，此时R1的功率最小，为160W，
根据P=I2R知，此时电路的电流为：
，
电路的总电阻为：R=UI=220V2A=110Ω，
由电阻的串联可得，变阻器R2的最大阻值为：
；
(3)当R2的滑片调到中间时，由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：
，
由欧姆定律可知，电路中的电流：
I′=UR′=220V75Ω=4415A，
则电火锅的电功率：
P′=I′2R1=(4415A)2×40Ω≈344W。
答：(1)B；
(2)R1的阻值为40Ω，R2的最大阻值为70Ω；
(3)当R2的滑片调到中间时，电火锅的电功率是344W。
(1)根据P=UI=I2R和欧姆定律判断出电阻的大小以及滑片的位置；
(2)根据P=UI=U2R算出R1的阻值；当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路只有电阻R1工作，此时功率最大，为1210W，根据P=UI=U2R算出R1的阻值；
当滑片在最右端时，滑动变阻器的电阻最大，电阻R1和R2串联，此时R1功率最小，为160W，根据P=I2R算出电路的电流，根据欧姆定律算出总电阻，根据串联电路电阻的功率算出R2的最大阻值；
(3)根据串联电路中电阻特点求出电路中的总电阻，根据P=I2R求出电火锅的电功率。
本题考查了串联电路特点、欧姆定律以及电功率的计算，关键是根据P=UI=I2R判断滑动变阻器滑片在不同位置时的电功率。
31.【答案】解：
(1)设木块底面积为S，则体积V=hS
木块对地面压力：
F=G=mg=ρVg=ρhSg，
木块对地面压强：
p=FS=ρgShS=ρhg=0.5×103kg/m3×1.2m×10N/kg=6000Pa；
(2)由图乙可知3∼5s内木块运动速度v=1.0m/s，
由v=st得3∼5s内木块运动距离：
s=vt=1.0m/s×2s=2m
由图甲可知3∼5s内推力F=200N，
推力做的功W=Fs=200N×2m=400J；
(3)由图乙可知0∼1s内木块静止，受到的摩擦力等于推力，
由图甲可知0∼1s内推力为100N，则0∼1s内木块受到的摩擦力为100N；
由图乙可知1∼6s内木块先加速、再匀速，最后减速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变，
由图甲可知3∼5s内推力F=200N，此时木块匀速运动，受到的摩擦力等于推力，为200N，
所以0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线如图所示：
答：(1)木块对地面的压强为6000Pa；
(2)在3∼5s内，推力对木块所做的功为400J；
(3)木块在0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线如图所示．
【解析】(1)设木块底面积为S，则体积V=hS，木块对地面压力F=G，木块对地面压强p=FS=ρgShS=ρhg；
(2)由图乙可知3∼5s内木块运动速度，利用s=vt求3∼5s内木块运动距离，由图甲可知3∼5s内推力，利用W=Fs求推力做的功；
(3)由图乙可知0∼1s内木块静止，受到的摩擦力等于推力，由图甲可知0∼1s内推力大小，可知木块在0∼1s内木块受到的摩擦力；
由图乙可知1∼6s内木块先加速、再匀速，最后减速运动，但压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力不变；由图甲可知3∼5s内推力，此时木块匀速运动，受到的摩擦力等于推力，可得0∼6s内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线．
本题考查了压强和路程的计算，能从
32.【答案】水的质量不同 A 水蒸气遇冷液化 继续吸热，温度不变
【解析】解：(1)小明和小华使用的是相同的实验装置，由图乙可知计时时初温相同，而小华加热使水沸腾的加热时间长，故原因是小华用的水的质量比小明的大；
(2)A图中气泡在上升过程中体积不断增大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积减小，是因为上升过程中遇到周围温度较低的水，水蒸气会液化成水，气泡会不断变小。
(3)水沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热。沸腾时，继续吸热，温度不变。
故答案为：(1)水的质量不同；(2)A；水蒸气遇冷液化；(3)继续吸热，温度不变。
(1)掌握影响加热时间的因素：水的多少、水的初温、是否加盖、是否用酒精灯的外焰加热等；
(2)掌握沸腾时与沸腾前现象的区别：沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐变大；沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐变小；
(3)注意水沸腾的条件是：达到沸点，继续吸热。沸腾时，继续吸热，温度不变，。
本题不仅考查了沸腾的特点，而且对实验的注意事项都有所涉及。
33.【答案】滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路 右 0.55变大 左 40
【解析】解：(1)灯的额定电压为2.5V，电压表选用小量程，并联在灯的两端：电流表选用小量程，串联在电路中，如图所示；
(2)滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路；
(3)电压表的示数为2.2V，小于灯的额定电压，要测得小灯泡的额定功率，要增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，根据分压原理，就要减小变阻器连入电路中的电阻大小，应将滑片P向右端移动；
(4)由图乙知，灯在2.5V额定电压下对应的电流为0.2A，灯的额定功率P=U′I′=2.5V×0.2A=0.5W；
(5)①电流表小量程的分度值为0.02A，示数为0.4A，定值电阻的大小R=UI=2V0.4A=5Ω；
②断开开关，将定值电阻换成阻值为10Ω的电阻，其余不动，闭合开关，根据分压原理，电压表示数将变大；为了控制电压不变，应减小电压表示数，即增大滑动变阻器两端电压，增大变阻器电阻，故滑片应向左移动；
当接入20Ω的电阻时，要保持电压为2V不变，变阻器要分去6V−2V=4V的电压，根据分压原理，变阻器连入电路中的阻值至少为4V2V×20Ω=40Ω，即为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于40Ω。
故答案为：(1)如上图所示；(2)滑动变阻器同时将下面的两个接线柱接入电路；(3)右；(4)0.5；(5)①5；②变大；左；40。
(1)根据灯的额定电压确定电压表的量程，电压表并联在灯的两端；电流表选用小量程，串联在电路中；
(2)闭合开关，小灯泡亮度较暗，说明电路是通路，但电流较小，原因是电路电阻太大；同时移动滑动变阻器滑片子，灯亮度不变，说明变阻器没有变阻作用，变阻器接电路方法错误；
(3)根据分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据图丙，找出额定电压下对应的电流，根据P=UI求灯的额定功率；
(5)①根据电流表小量程读数，根据欧姆定律求定值电阻的大小；
②根据分压原理确定电压表示数的变化；研究电流与电阻的关系时，应保持电压不变，根据分压原理，求出变阻器连入电路中的最小阻值。
本题涉及测量灯的功率和探究电流与电阻的关系两个实验，考查电路的连接、实验注意事项、功率的计算、电功率的计算、器材的选择、控制变量法的运用等，知识点较多，综合性强。
34.【答案】(1)3；(2)①正确；错误；排开液体的体积；无关；②能；③没有测量出此时瓶子(含有沙子的)重力
【解析】解：(1)木头漂在水面，是因为木头的密度小于水的密度；铁钉沉在水底，是因为铁的密度大于水的密度，符合常识1的猜想是浮力与物体的密度有关，即符合常识1的是猜想3。
(2)①B、C实验中(物体在水中的深度不同)，测力计示数不同，由称重法，两实验中受到的浮力不同，根据A、B、C的结果，可得猜想1是正确的；
而C、D实验中，浸入液体的深度不同，两实验中，测力计示数相同，由称重法，两实验中受到的浮力相同，根据A、C、D的结果，可得猜想1是错误的；
B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，深入分析上述现象，可得：浮力大小与排开液体的体积有关，与浸入液体的深度无关。
②研究浮力与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，故接下来根据A、D和E能对猜想2进行验证。
③根据称重法测浮力，，将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子(含有沙子的)重力小于2.8N，为验证猜想3，即浮力与与物体的密度有关，应测量出此时瓶子(含有沙子的)重力，故小明在该实验环节中存在的问题是没有测量出此时瓶子(含有沙子的)重力。
故答案为：
(1)3；(2)①正确；错误；排开液体的体积；无关；②能；③没有测量出此时瓶子(含有沙子的)重力。
(1)木头漂在水面，是因为木头的密度小于水的密度；铁钉沉在水底，是因为铁的密度大于水的密度，据此分析。
(2)①分析B、C(C、D)实验中相同量和不同量，根据测力计示数，由称重法比较两实验中受到的浮力关系，据此回答。
B、C实验中排开液体的体积不同，而C、D实验中排开液体的体积相同，据此分析。
②物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变。
③根据称重法测浮力，，将瓶子中的沙子倒掉一些以减小物体密度，则此时瓶子(含有沙子的)重力小于2.8N，据此分析回答。
本题探究浮力的影响因素，考查物体的浮沉条件、称重法测浮力、控制变量法、数据分析和对实验方案的评估。
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