2022年安徽省合肥市肥东县九年级教学质量检测（一模）物理试题(word版含答案)

这是一份2022年安徽省合肥市肥东县九年级教学质量检测（一模）物理试题(word版含答案)，共26页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022年安徽省合肥市肥东县中考物理质检试卷
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）在第32届东京夏季奥运会上，我国射击小将杨倩以251.8环的成绩荣获冠军。颁奖时，中国的五星红旗在俄罗斯和瑞士国旗的伴随下一起冉冉升起。若以俄罗斯国旗为参照物，中国国旗是 　 　（选填“运动”或“静止”）的。
2．（2分）如图所示，三支相同的试管内装有不同深度的水，用嘴贴着管口吹气，能听到试管发出的声音。该过程中的发声物体是 　 　（填“试管”、“水”或“空气柱”）；发出的声音的音调最高的是 　 　（填写对应试管序号）。

3．（2分）如图所示，薄凸透镜的主光轴恰好于水面平齐，F是凸透镜的左右焦点，O是光心，请在图中画出平行于凸透镜主光轴的入射光线对应的完整的光路图（不考虑薄凸透镜对光的反射）。

4．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，R1＝20Ω，R2＝30Ω。断开开关S时，电流表的示数为0.3A，则闭合开关S，通电1min电路产生的热量为　 　J。


5．（2分）有些绒毛玩具的外衣是采用“静电植绒”技术制作的：事先给布面上涂上带电的胶，再给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带　 　种电荷互相　 　。如果绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是　 　电荷。
6．（2分）天然气作为种较为清洁、环保的能源，在生活中被广泛地使用，若使用天然气热水器完全燃烧0.042m3的天然气释放的热量全部被水吸收，可使 　 　kg初温为20℃的水温度升高10℃。[q天然气＝4×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
7．（2分）如图所示，工人沿斜面用一个大小恒定的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L＝3m，高h＝1.5m。若该过程中斜面的效率为60%，则力F的大小为 　 　N。

8．（2分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则电源电压为　 　V，R1的阻值为　 　。

9．（2分）如图所示这是家庭部分电路，闭合开关后，灯不亮，用测电笔接触A、B、C三点，氛管均发光，接触D点氖管不发光，则故障可能是 　 　（选填“灯丝断了”、“进户零线断了”或“CD之间断路”）。

10．（2分）通电线圈相当于一匝通电螺线管，其两侧的磁极与线圈中电流方向的关系可用右手螺旋定则判定。如图所示，将两个线圈挂在水平固定的光滑细杆MN上，给两个线圈通以图示方向的电流，则两个线圈将 　 　（选填“靠近”或“远离”）。

二、选择题（每小题2分，共14分：每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
11．（2分）古诗词中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．“草木摇落露为霜”，露的形成是汽化现象
B．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象
C．“丹桂小菊方径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D．“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
12．（2分）如图所示，竖直放置的轻弹簧的底部与地面接触，距弹簧顶端A点上方定高度处有一质量为m的小球。小球从0点由静止下落，先后经过A、B、C三个点，到达B点时小球重力与弹簧的弹力大小相等，C点是小球到达的最低点（不计空气阻力）。下列说法正确的是（　　）

A．到A点时，小球的动能最大
B．到B点时，小球的机械能最大
C．从A到B，小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能
D．从C到A的过程中，小球的动能先减小后增大
13．（2分）如图，A、B两物块叠放在水平桌面上保持静止。图中分别给出了A、B的受力示意图。下列说法正确的是（　　）

A．F2与GA、F1两个力的合力是一对作用力与反作用力
B．F1与F3是一对作用力与反作用力
C．GA与F2是一对平衡力
D．F2与F1是一对平衡力
14．（2分）人类进入电气化时代的重要标志是大规模使用电能。电能无法从自然界直接获取，它通常通过发电机由其他形式的能转化而来，最终通过各种用电器转化为其他形式的能。电能的生产、输送和利用，极大地促进了经济社会发展和人类文明的进步。如图为远距离输电示意图，I为输电电流，r为输电线总电阻，U为用户端的电压，则因输电线发热而损耗的电能为（t为通电时间）（　　）

A．I2rt B． C．UIt D．UIt+I2rt
15．（2分）水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，A、B、C三个长方体的质量和体积都相同，将它们分别放入三个容器的液体中，静止时，三个容器内的液面相平，如图7所示，则下列判断正确的是（　　）

A．物体受到的浮力 F浮A＞F浮B＞F浮C
B．液体对容器底的压强 p甲＝p乙＝p丙
C．容器对桌面的压力 F甲＜F乙＜F丙
D．物体下表面受到液体的压力 F′A＝F′B＝F′C
16．（2分）为了提醒驾驶员汽车后备箱的开、关情况，汽车上设置了“后备箱指示灯”以提醒驾驶员。当后备箱关好时，相当于闭合开关，指示灯不亮：后备箱未关好时，相当于断开开关，指示灯发光，下列电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
17．（2分）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片自b向a移动的过程中（　　）

A．电流表的示数变大，电压表V2的示数与电流表的示数之比变大
B．电流表的示数变大，电压表V1的示数与电流表的示数之比变小
C．电压表V1的示数不变，电路消耗的总功率变大
D．电压表V2的示数变小，电路消耗的总功率变大
三、实验题（18题6分，19题4分，20题6分，共16分）
18．（6分）在探究“凸透镜成像规律”的实验过程中：

（1）如图甲，让一束平行光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，可以看出凸透镜的焦距是　 　cm。
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏按如图乙的位置放置时，光屏上会得到一个倒立、　 　（选填“缩小”“放大”或“等大”）的实像。
（3）向右移动蜡烛到一定的位置时，无论怎样移动光屏都无法在光屏上承接到像，可能的原因是　 　。
19．（4分）在某次探究实验中，需要测出实验所用盐水的密度，小玲、小亮分别进行了如下实验：
（1）小玲在使用天平时，先将天平放在水平台上，发现天平的游码未归零，但指针却指在分度盘的中央，他应该如何操作：　 　。
（2）小玲的实验过程如下：
①用已调节好的天平测出空烧杯的质量为20g；
②再往烧杯中倒入适量的盐水，天平平衡时，砝码的质量和游码的位置如图甲所示；
③把烧杯中的盐水倒入量筒中，如图乙所示，盐水的密度　 　kg/m3。

20．（6分）某实验小组用伏安法测量小灯泡的电功率，待测小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，完成图甲实物电路的连接。

（2）检查电路连接无误后，闭合开关S前，滑动变阻器的阻值应处于　 　的位置。闭合开关S后，灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动。产生这一现象的原因可能是　 　。
（3）故障排除后进行实验，通过移动滑片记录了多组数据，并作出了如图乙所示的I﹣U图象。据图可知小灯泡的额定功率为　 　W。
（4）现将该小灯泡与一个10Ω的定值电阻串联后接入电压为3V的电源两端，此时小灯泡实际功率是　 　W。
四、计算题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题6分，共20分：解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）
21．（6分）如图所示，一个重为50N的物体，以某一速度滑上水平传送带，在摩擦力的作用下，自A点开始一直做减速运动直至B点，已知AB间的距离为2m，物体所受的滑动摩擦力大小为物体所受重力大小的0.2倍。求：
（1）物体运动过程中所受摩擦力的大小Ff。
（2）物体克服摩擦力Ff做的功。

22．（8分）实际的电源都有一定的电阻，如干电池，我们可以把它看成是由一个电压为U、电阻为0的理想电源与一个阻值为r的电阻串联而成的，如图甲所示，现将一实际电源与两个定值电阻组成如图乙所示的电路，其中R1＝3Ω，R2＝6Ω。当闭合S1、断开S2时，电流表示数为2.4A；当闭合S2、断开S1时，电流表示数为1.5A。求：
（1）电源电压U及其内阻r；
（2）同时闭合S1和S2时，电路的总电阻和电流表的示数。

23．（6分）如图所示，轻质杠杆AB可以绕着O点转动，某同学在轻质杠杆的左端挂一重为G的物块，在A端施加一个始终竖直向下的力F，将重物慢慢提升到一定的高度，使杠杆处于图示的位置静止。
（ 1）请在图中作出作用在轻质杠杆上的动力与阻力所对应的动力臂L1和阻力臂L2；
（2）当轻质杠杆处于图示的位置静止，此时G×OB与F×OA是否相等？若相等请证明；若不相等请说明理由。


2022年安徽省合肥市肥东县中考物理质检试卷
参考答案与解析
一、填空题（每空2分，共20分）
1．（2分）在第32届东京夏季奥运会上，我国射击小将杨倩以251.8环的成绩荣获冠军。颁奖时，中国的五星红旗在俄罗斯和瑞士国旗的伴随下一起冉冉升起。若以俄罗斯国旗为参照物，中国国旗是 　静止　（选填“运动”或“静止”）的。
【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
【解答】解：中国的五星红旗在俄罗斯代表团旗帜和瑞士国旗的伴随下一起冉冉升起，以俄罗斯国旗为参照物，中国的国旗与俄罗斯国旗之间没有位置变化，所以中国的国旗是静止。
故答案为：静止。
2．（2分）如图所示，三支相同的试管内装有不同深度的水，用嘴贴着管口吹气，能听到试管发出的声音。该过程中的发声物体是 　空气柱　（填“试管”、“水”或“空气柱”）；发出的声音的音调最高的是 　C　（填写对应试管序号）。

【分析】用嘴贴着管口吹气，振动发声的物体是试管中的空气；音调指声音的高低，由发声体的振动频率决定，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低。
【解答】解：用嘴贴着管口吹气，试管内空气柱振动发声，空气柱长度越短，音调越高，故发出的声音音调最高的是：C。
故答案为：空气柱；C。
3．（2分）如图所示，薄凸透镜的主光轴恰好于水面平齐，F是凸透镜的左右焦点，O是光心，请在图中画出平行于凸透镜主光轴的入射光线对应的完整的光路图（不考虑薄凸透镜对光的反射）。

【分析】根据凸透镜对光线的特点作出经凸透镜的折射光线，光线斜射向水面时，根据反射定律和折射规律作出反射和折射光线。
【解答】解：根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后通过焦点，由此作出经凸透镜的折射光线；
凸透镜的主光轴恰好于水面平齐，光线斜射向水面时，先过入射点（F点）垂直水面作法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的空气中作出反射光线；根据光线由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，在法线右侧的水中作出折射光线，如图所示：

4．（2分）如图所示的电路中，电源电压不变，R1＝20Ω，R2＝30Ω。断开开关S时，电流表的示数为0.3A，则闭合开关S，通电1min电路产生的热量为　180　J。


【分析】断开开关S时，只有R1接入电路中；根据电流表示数和R1的阻值，利用欧姆定律求出电源的电压；
闭合开关S，R1、R2并联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R2的电流，利用并联电路的电流特点求出总电流；
根据Q＝W＝UIt求出电路产生的热量。
【解答】解：由图知，断开开关S时，只有R1接入电路中，
根据I＝可得，电源的电压为：U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
闭合开关S，R1、R2并联，通过R2的电流为：I2＝＝＝0.2A；
根据并联电路的电流特点可知，干路中的电流为：I总＝I1+I2＝0.3A+0.2A＝0.5A；
电路中电流所做的功全部用来产生热量，则通电1min电路产生的热量为：
Q＝W＝UI总t＝6V×0.5A×60s＝180J。
故答案为：180。
5．（2分）有些绒毛玩具的外衣是采用“静电植绒”技术制作的：事先给布面上涂上带电的胶，再给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带　异　种电荷互相　吸引　。如果绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是　负　电荷。
【分析】（1）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（2）正电荷定向移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
【解答】解：给绒毛带上电，绒毛就会飞向胶布，这是因为胶布和绒毛上带异种电荷相互吸引的缘故。
因为自由电子的定向移动方向与电流方向相反，绒毛运动方向与电流的方向相反，则说明绒毛带的是负电荷。
故答案为：异；吸引；负。
6．（2分）天然气作为种较为清洁、环保的能源，在生活中被广泛地使用，若使用天然气热水器完全燃烧0.042m3的天然气释放的热量全部被水吸收，可使 　40　kg初温为20℃的水温度升高10℃。[q天然气＝4×107J/m3，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【分析】知道天然气的体积和热值，利用Q放＝Vq计算出完全燃烧0.042m3的天然气释放的热量；
根据题意，水吸收的热量Q吸＝Q放，利用Q吸＝cmΔt计算出水的质量。
【解答】解：完全燃烧0.042m3的天然气释放的热量：Q放＝Vq天然气＝0.042m3×4×107J/m3＝1.68×106J；
根据题意，水吸收的热量Q吸＝Q放＝1.68×106J；
由Q吸＝cmΔt可知，水的质量：m＝＝＝40kg。
故答案为：40。
7．（2分）如图所示，工人沿斜面用一个大小恒定的力F把一重为600N的物体从斜面底部匀速推到顶部（不考虑物体的大小）。已知斜面长L＝3m，高h＝1.5m。若该过程中斜面的效率为60%，则力F的大小为 　500　N。

【分析】知道斜面高（物体上升的高度）、物体重力，利用W＝Gh求推力做的有用功；知道斜面的效率，利用η＝求总功，再利用W＝FL求推力F大小。
【解答】解：
推力做的有用功：
W有用＝Gh＝600N×1.5m＝900J，
由η＝＝60%得推力做的总功：
W总＝＝＝1500J，
由W＝FL得推力大小：
F＝＝＝500N。
故答案为：500。
8．（2分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则电源电压为　3　V，R1的阻值为　5Ω　。

【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可得出答案。
【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知I1＝0.6A，
由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.6A×R1，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，I2＝0.2A，U2＝2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝I2R1+U2＝0.2A×R1+2V，
因电源的电压不变，
所以，0.6A×R1＝0.2A×R1+2V，
解得：R1＝5Ω，
电源的电压U＝0.6A×R1＝0.6A×5Ω＝3V。
故答案为：3；5Ω。
9．（2分）如图所示这是家庭部分电路，闭合开关后，灯不亮，用测电笔接触A、B、C三点，氛管均发光，接触D点氖管不发光，则故障可能是 　CD之间断路　（选填“灯丝断了”、“进户零线断了”或“CD之间断路”）。

【分析】试电笔的用途：辨别火线和零线；试电笔的使用方法：使用试电笔时，手要接触试电笔尾部的金属体，笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线；用试电笔测试A、B、C三点，氖管都发光，这说明A、B、C与火线是连通的，据此判断。
【解答】解：开关闭合后，灯不亮，用试电笔测试A、B、C三点，氖管都发光，这说明从火线到ABC点之间的电路都是完好的，没有断路；而试电笔测试D点时，氖管不发光，这说明C点到D之间的导线出现断路。
故答案为：CD之间断路。
10．（2分）通电线圈相当于一匝通电螺线管，其两侧的磁极与线圈中电流方向的关系可用右手螺旋定则判定。如图所示，将两个线圈挂在水平固定的光滑细杆MN上，给两个线圈通以图示方向的电流，则两个线圈将 　远离　（选填“靠近”或“远离”）。

【分析】安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极。
【解答】解：由图知，两个线圈中的电流方向相反，用右手握住线圈，让四指指向线圈中电流的方向，则大拇指所指的那端就是线圈的N极，所以左侧线圈的右端为S极，右侧线圈的左端为S极，根据磁极间的相互作用规律可知，线圈会相互排斥，两个线圈将远离。
故答案为：远离。
二、选择题（每小题2分，共14分：每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题意）
11．（2分）古诗词中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是（　　）
A．“草木摇落露为霜”，露的形成是汽化现象
B．“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是凝华现象
C．“丹桂小菊方径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D．“大地阳和暖气生”，大地内能的增加是太阳通过做功的方式实现的
【分析】（1）（2）从六种物态变化定义进行判断：
物质从固态变为液态是熔化过程；物质从液体变为固态是凝固过程；物质从气态变为液态是液化过程；物质从液态变为气态是汽化过程；物质从固态直接变为气态是升华过程；物质从气态直接变为固态是凝华过程。
（3）扩散表明分子不停地做无规则运动。
（4）物体吸收热量，物体内能增加，这是通过热传递来改变物体的内能。
【解答】解：A、“草木摇落露为霜”，露的形成是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，这是液化现象，故A错误。
B、“欲渡黄河冰塞川”，冰的形成是水凝固而成，故B错误。
C、“丹桂小菊方径香”，桂花的芳香分子运动到空气中，这是扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则运动，故C正确。
D、大地阳和暖气生”，大地吸收太阳的热，内能增加，这是通过热传递来改变大地的内能，故D错误。
故选：C。
12．（2分）如图所示，竖直放置的轻弹簧的底部与地面接触，距弹簧顶端A点上方定高度处有一质量为m的小球。小球从0点由静止下落，先后经过A、B、C三个点，到达B点时小球重力与弹簧的弹力大小相等，C点是小球到达的最低点（不计空气阻力）。下列说法正确的是（　　）

A．到A点时，小球的动能最大
B．到B点时，小球的机械能最大
C．从A到B，小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能
D．从C到A的过程中，小球的动能先减小后增大
【分析】（1）从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析。
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
（2）不计空气阻力时，机械能守恒。
【解答】解：ABC、下落过程中，小球的质量保持不变，高度不断减小，重力势能不断减小；
小球有静止到A点时，小球只受重力作用，速度不断增大；小球从A点运动到B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力大于弹力，合力竖直向下，小球还在加速，小球的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能；小球在B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力等于弹力；小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速；所以小球在B点的速度是最大的，动能是最大的；小球由静止运动到C点，速度先增大后减小，小球的质量保持不变，小球的动能先增大后减小；不考虑空气阻力，小球和弹簧的机械能守恒，所以小球在A点时的机械能是最大的，B点不是最大，故AB错误，C正确。
D、从C到A的过程中，开始小球的重力小于弹力，小球向上做加速运动，到达B点时，弹力等于重力，小球的速度最大；经过B点后，弹力小于重力，小球做减速运动，所以小球的速度先增大后减小，小球的动能先增大后减小，故D错误。
故选：C。
13．（2分）如图，A、B两物块叠放在水平桌面上保持静止。图中分别给出了A、B的受力示意图。下列说法正确的是（　　）

A．F2与GA、F1两个力的合力是一对作用力与反作用力
B．F1与F3是一对作用力与反作用力
C．GA与F2是一对平衡力
D．F2与F1是一对平衡力
【分析】平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
【解答】解：
由图知，A物块受到向上的支持力F2、向下的重力GA、B对A向下的压力F1；B物块受到向上的支持力F3和向下的重力GB，
A、以A为研究对象，A物块在水平桌面上保持静止，受力平衡；GA、F1两个力的合力方向向下，合力的大小GA+F1＝F2，
则可知F2与GA、F1两个力的合力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，均作用在A物块上，所以是一对平衡力，不是一对相互作用力，故A错误；
B、B对A有向下的压力F1，因力的作用是相互的，则A对B有向上的支持力F3，所以F1与F3是一对作用力与反作用力，故B正确；
C、A物块处于静止状态，由图示和力的平衡条件可得：F2＝GA+F1，则GA与F2的大小不等，所以GA与F2不是一对平衡力，故C错误；
D、A物块处于静止状态，由力的平衡条件可得：F2＝GA+F1，则F2与F1的大小不等，所以F2与F1不是一对平衡力，故D错误。
故选：B。
14．（2分）人类进入电气化时代的重要标志是大规模使用电能。电能无法从自然界直接获取，它通常通过发电机由其他形式的能转化而来，最终通过各种用电器转化为其他形式的能。电能的生产、输送和利用，极大地促进了经济社会发展和人类文明的进步。如图为远距离输电示意图，I为输电电流，r为输电线总电阻，U为用户端的电压，则因输电线发热而损耗的电能为（t为通电时间）（　　）

A．I2rt B． C．UIt D．UIt+I2rt
【分析】根据焦耳定律分析判断即可。
【解答】解：由题知，输电电流为I，输电线总电阻为r，通电时间为t，
输电导线上发热而损耗的电能W损＝Q＝I2rt。
故选：A。
15．（2分）水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，A、B、C三个长方体的质量和体积都相同，将它们分别放入三个容器的液体中，静止时，三个容器内的液面相平，如图7所示，则下列判断正确的是（　　）

A．物体受到的浮力 F浮A＞F浮B＞F浮C
B．液体对容器底的压强 p甲＝p乙＝p丙
C．容器对桌面的压力 F甲＜F乙＜F丙
D．物体下表面受到液体的压力 F′A＝F′B＝F′C
【分析】（1）当物体漂浮或悬浮时，其浮力等于自身的重力；
（2）由阿基米德原理公式可知三种液体的密度关系，根据液体压强公式得出对容器底部的压强关系。
（3）根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和，可判断三容器对桌面的压力大小；
（4）物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力。
【解答】解：A、根据图示可知，A悬浮，B、C漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故F浮A＝F浮B＝F浮C，故A错误；
B、由A知，F浮A＝F浮B＝F浮C，由图知，V排甲＞V排乙＞V排丙，
根据F浮＝ρ液V排g可知，ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，
三容器液面等高，
根据p＝ρ液gh可知，液体对容器底的压强p甲＜p乙＜p丙．故B错误；
C、甲、乙、丙三个容器完全相同，三个长方体的质量相同，则重力相同，
三容器液面相平，则液体体积V甲＜V乙＜V丙，又ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，
所以三容器内液体的质量m甲＜m乙＜m丙，重力G甲液＜G乙液＜G丙液，
所以容器及容器内液体和物体的总重力G甲＜G乙＜G丙，
所以F甲＜F乙＜F丙．故C正确；
D、因为物体上、下表面受到液体的压力差等于物体受到的浮力，因此甲下表面受到的压力大于浮力；
乙丙上表面受到的压力为零，因此乙丙下表面受到液体的压力等于浮力，且相等，即F′A＞F′B＝F′C；故D错误。
故选：C。
16．（2分）为了提醒驾驶员汽车后备箱的开、关情况，汽车上设置了“后备箱指示灯”以提醒驾驶员。当后备箱关好时，相当于闭合开关，指示灯不亮：后备箱未关好时，相当于断开开关，指示灯发光，下列电路图符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】由题意知，后备箱未关好，开关断开时，指示灯亮，当后备箱关好，开关闭合时，灯泡不亮，这说明开关与灯泡是并联的。
【解答】解：由题意知，当后备箱关好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；后备箱未关好时，相当于断开开关，指示灯发光；这说明指示灯与S并联，但整个电路不会出现短路，即电路中必须串联一个电阻保护电路，故C正确。
故选：C。
17．（2分）如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，滑动变阻器的滑片自b向a移动的过程中（　　）

A．电流表的示数变大，电压表V2的示数与电流表的示数之比变大
B．电流表的示数变大，电压表V1的示数与电流表的示数之比变小
C．电压表V1的示数不变，电路消耗的总功率变大
D．电压表V2的示数变小，电路消耗的总功率变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化，进一步判断电压表V2的示数与电流表A的示数之比变化，根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V1的示数与电流表A的示数之比变化，根据P＝UI可知电路消耗总功率的变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
滑动变阻器滑片P从b向a移动的过程中，R2接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，
由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，
由U＝IR可知，R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，
由电压表V2的示数变小、电流表A的示数变大可知，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小；
由R＝可知，电压表V1的示数与电流表A的示数之比等于R1的阻值，则其比值不变；
电源电压保持不变，电路中的电流变大，由P＝UI可知，电路消耗的总功率变大；
综上所述，D正确，ABC错误。
故选：D。
三、实验题（18题6分，19题4分，20题6分，共16分）
18．（6分）在探究“凸透镜成像规律”的实验过程中：

（1）如图甲，让一束平行光正对凸透镜照射，在凸透镜后的光屏上接收到一个最小、最亮的光斑，可以看出凸透镜的焦距是　10　cm。
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏按如图乙的位置放置时，光屏上会得到一个倒立、　放大　（选填“缩小”“放大”或“等大”）的实像。
（3）向右移动蜡烛到一定的位置时，无论怎样移动光屏都无法在光屏上承接到像，可能的原因是　蜡烛在焦点以内　。
【分析】（1）平行于主光轴的光线会聚于一点，此点为凸透镜的焦点。由焦点到凸透镜光心的距离叫做焦距，粗略测量薄透镜的焦距时，可以测出从焦点到凸透镜的距离即可。
（2）掌握凸透镜成像的特点，知道当物距处于f和2f之间时，凸透镜成倒立放大的实像。
（3）凸透镜成像时，当物体放在在焦点处或焦点内时，都不能在屏上成像。若凸透镜、光屏、烛焰中心不在同一高度处，也不能在光屏上成像。
【解答】解：（1）太阳光可以近似看为平行光源，将凸透镜正对着太阳光，太阳光经凸透镜后将会聚在焦点。所以把光屏置于另一侧，改变光屏与凸透镜间的距离，直到光屏上出现一个最小、最亮的光斑，这个光斑便为焦点。测出光斑到凸透镜的距离，便是焦距。
由图知，凸透镜的焦距是60cm﹣50cm＝10cm。
（2）由题意知，物距u＝15cm，f＝10cm，f＜u＜2f，则成倒立放大的实像。
（3）由图可知，凸透镜、光屏、烛焰中心在同一高度处，向右移动蜡烛到一定的位置时，无论怎样移动光屏都无法在光屏上承接到像，可能是物体放在焦点内，成虚像。
故答案为：（1）10；（2）放大；（3）蜡烛在焦点以内。
19．（4分）在某次探究实验中，需要测出实验所用盐水的密度，小玲、小亮分别进行了如下实验：
（1）小玲在使用天平时，先将天平放在水平台上，发现天平的游码未归零，但指针却指在分度盘的中央，他应该如何操作：　先将游码调到称量标尺左端的零刻度线处，再将平衡螺母向右调节，天平横梁才能在水平位置平衡　。
（2）小玲的实验过程如下：
①用已调节好的天平测出空烧杯的质量为20g；
②再往烧杯中倒入适量的盐水，天平平衡时，砝码的质量和游码的位置如图甲所示；
③把烧杯中的盐水倒入量筒中，如图乙所示，盐水的密度　1.1×103　kg/m3。

【分析】（1）天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处，移动平衡螺母时遵循“左偏右调、右偏左调”的原则；
（2）烧杯和盐水的总质量等于砝码的质量和游码对应的刻度之和，知道空烧杯的质量求出烧杯中盐水的质量，量筒中盐水的体积等于盐水面对应的刻度值，根据密度公式求出盐水的密度。
【解答】解：
（1）小玲在使用天平时，先将天平放在水平台上，发现天平的游码未归零，但指针却指在分度盘的中央，故调节方法是：先将游码调到称量标尺左端的零刻度线处，再将平衡螺母向右调节，天平横梁才能在水平位置平衡；
（2）②烧杯和盐水的总质量为：m'＝20g+20g+2g＝42g。
③倒入量筒中盐水的体积为：V＝20mL＝20cm3，
倒入量筒中盐水的质量为：m＝m'﹣m0＝42g﹣20g＝22g，
盐水的密度为：ρ＝＝＝1.1g/cm3＝1.1×103kg/m3。
故答案为：（1）先将游码调到称量标尺左端的零刻度线处，再将平衡螺母向右调节，天平横梁才能在水平位置平衡；（2）1.1×103。
20．（6分）某实验小组用伏安法测量小灯泡的电功率，待测小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，完成图甲实物电路的连接。

（2）检查电路连接无误后，闭合开关S前，滑动变阻器的阻值应处于　最右侧　的位置。闭合开关S后，灯泡不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不动。产生这一现象的原因可能是　灯泡断路　。
（3）故障排除后进行实验，通过移动滑片记录了多组数据，并作出了如图乙所示的I﹣U图象。据图可知小灯泡的额定功率为　0.75　W。
（4）现将该小灯泡与一个10Ω的定值电阻串联后接入电压为3V的电源两端，此时小灯泡实际功率是　0.2　W。
【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表量程与灯泡并联，由此连接电路；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最大处；
灯泡不亮，电流表指针几乎不动，电路出现断路，再根据电压表有示数判断电路故障；
（3）由图象读出灯泡正常发光的电流，由P＝UI计算灯泡的额定功率；
（4）根据串联电路特点和欧姆定律，由图象，找到定值电阻与灯泡电压和恰好等于3V时对应的电流，由P＝UI计算灯泡的实际功率。
【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选择0～3V量程与灯泡并联，实物电路连接如图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应处于最大值的位置，即最右侧；灯泡不亮，电流表指针几乎不动，说明电路有断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源间是通路，所以故障的原因可能是灯泡断路了；
（3）灯泡电压等于额定电压2.5V时正常发光，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.3A，
所以灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）将灯泡与一个10Ω的定值电阻串联后接入电压为3V的电源两端，由图象知，当通过灯泡的电流为0.2A时，灯泡两端电压为1V，
由串联电路特点和欧姆定律知，此时定值电阻两端电压UR＝I′R＝0.2A×10Ω＝2V，灯泡与定值电阻的电压和恰好等于电源电压3V，符合题意，
所以此时小灯泡实际功率P实＝U实I′＝1V×0.2A＝0.2W。
故答案为：（1）见图；（2）最右侧；灯泡断路；（3）0.75；（4）0.2。
四、计算题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题6分，共20分：解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）
21．（6分）如图所示，一个重为50N的物体，以某一速度滑上水平传送带，在摩擦力的作用下，自A点开始一直做减速运动直至B点，已知AB间的距离为2m，物体所受的滑动摩擦力大小为物体所受重力大小的0.2倍。求：
（1）物体运动过程中所受摩擦力的大小Ff。
（2）物体克服摩擦力Ff做的功。

【分析】物体所受的滑动摩擦力大小为物体所受重力大小的0.2倍即可求出摩擦力大小，物体克服摩擦力Ff做的功用W＝Fs即可计算求得。
【解答】解：（1）物体运动过程中所受摩擦力的大小Ff＝0.2G＝0.2×50N＝10N；
（2）物体克服摩擦力Ff做的功W＝Ff×AB＝10N×2m＝20J。
答：（1）物体运动过程中所受摩擦力的大小Ff为10N；
（2）物体克服摩擦力Ff做的功为20J。
22．（8分）实际的电源都有一定的电阻，如干电池，我们可以把它看成是由一个电压为U、电阻为0的理想电源与一个阻值为r的电阻串联而成的，如图甲所示，现将一实际电源与两个定值电阻组成如图乙所示的电路，其中R1＝3Ω，R2＝6Ω。当闭合S1、断开S2时，电流表示数为2.4A；当闭合S2、断开S1时，电流表示数为1.5A。求：
（1）电源电压U及其内阻r；
（2）同时闭合S1和S2时，电路的总电阻和电流表的示数。

【分析】（1）当闭合S1、断开S2时，电源的内阻r与定值电阻R1串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；当闭合S2、断开S1时，电源的内阻r与定值电阻R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，然后联立等式即可求出电源电压U及其内阻r；
（2）同时闭合S1和S2时，R1与R2并联后再与电源的内阻r串联，电流表测干路电流，根据电阻的并联特点求出并联部分的总电阻，利用电阻的串联求出电路的总电阻，利用欧姆定律求出干路电流表的示数。
【解答】解：（1）当闭合S1、断开S2时，电源的内阻r与定值电阻R1串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I＝可得，电源的电压：U＝I1R总＝I1×（r+R1）＝2.4A×（r+3Ω）﹣﹣﹣﹣①
当闭合S2、断开S1时，电源的内阻r与定值电阻R2串联，电流表测电路中的电流，
电源的电压：U＝I2R总′＝I2×（r+R2）＝1.5A×（r+6Ω）﹣﹣﹣﹣②
由①②可得：r＝2Ω，U＝12V；
（2）同时闭合S1和S2时，R1与R2并联后再与电源的内阻r串联，电流表测干路电流，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，即＝+，
所以，并联部分的总电阻：R并＝＝＝2Ω，
电路的总电阻：R总″＝r+R并＝2Ω+2Ω＝4Ω，
干路电流表的示数：I＝＝＝3A。
答：（1）电源电压为12V，内阻为2Ω；
（2）同时闭合S1和S2时，电路的总电阻为4Ω，电流表的示数为3A。
23．（6分）如图所示，轻质杠杆AB可以绕着O点转动，某同学在轻质杠杆的左端挂一重为G的物块，在A端施加一个始终竖直向下的力F，将重物慢慢提升到一定的高度，使杠杆处于图示的位置静止。
（ 1）请在图中作出作用在轻质杠杆上的动力与阻力所对应的动力臂L1和阻力臂L2；
（2）当轻质杠杆处于图示的位置静止，此时G×OB与F×OA是否相等？若相等请证明；若不相等请说明理由。

【分析】（1）根据力臂的定义作出动力臂和阻力臂；
（2）根据杠杆的平衡条件列出关系式证明。
【解答】解：（1）B点受到的力的方向是竖直向下的；过支点O作出B点拉力的作用线的垂线，即为阻力臂L2；过支点O作出A点拉力的作用线的垂线段，即为动力臂L1，如图所示：
；
（2）重物对B点拉力的大小等于重物的重力G；设杠杆与水平方向的夹角为θ；则：L1＝OA×cosθ，L2＝OB×cosθ；
根据杠杆的平衡条件可知：GL1＝FL2，G×OA×cosθ＝F×OB×cosθ，整理得：G×OB＝F×OA。
答：（1）见解析；（2）重物对B点拉力的大小等于重物的重力G；设杠杆与水平方向的夹角为θ；则：L1＝OA×cosθ，L2＝OB×cosθ；根据杠杆的平衡条件可知：GL1＝FL2，G×OA×cosθ＝F×OB×cosθ，整理得：G×OB＝F×OA。