2021安庆高一下学期期末考试物理试题含答案

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安庆市2020－2021学年度第二学期期末教学质量监测高一物理试题参考答案及评分标准1.【答案】C解：A、将A的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如下图所示：
因B匀速上升的速度为v，设A的速度为，绳子与水平面的夹角为，有：，物体A向右运动时，变小，则减小，故A错误；
B、物体B匀速上升，绳子拉力大小不变，故B错误，
C、绳子拉力为T，则A物体克服绳子拉力做功功率为，故C正确；
D、A物体向右运动时，绳子拉力向上分力减小，支持力增大，则摩擦力增大，故D错误。
2.【答案】B
解：A.根据竖直方向的自由落体运动可得，由于高度相等，所以甲同学射出的箭的运动时间等于乙同学射出的箭的运动时间，故A错误；
B.根据竖直方向的自由落体运动可得落地时的速度，设落地时速度与水平方向的夹角为，根据运动的合成与分解可得，则越大，越小，所以甲同学射出的箭的初速度小于乙同学射出的箭的初速度，故B正确；
C.根据可知，甲同学所射出的箭的落地点比乙同学的近，故C错误；
D.欲使两位同学射出的箭一样远，可以增加甲同学射箭出射点高度，也可以减小乙同学的射箭高度，故D错误。
3.【答案】B
解：

当小球恰好对水平桌面压力为零时，小球做圆周运动的半径，轻绳与竖直方向的夹角，由向心力公式有，解得，故B正确，ACD错误。
4.【答案】C
解：汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；
功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不及变化，根据功率和速度关系公式，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式可知，功率一定时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减为零，物体重新做匀速直线运动；5.【答案】C
解：A、铁水做圆周运动，重力和弹力的合力提供向心力，没有离心力，故 A错误
B、铁水做圆周运动的向心力由弹力和重力的径向分力提供，不同的点若重力的径向分力大小不同则弹力大小不同，即模型各个方向上受到的铁水的作用力大小不相同，故B错误
C、若最上部的铁水恰好不离开模型内壁，则是重力恰好提供向心力，故 C正确
D、为了使铁水紧紧地覆盖在模型的内壁上，管状模型转动的角速度不能小于临界角速度，由，可得，所以至少为，故D错误。
6.【答案】D
解：由题意可知海王星从的过程中，万有引力做负功，速率逐渐变小，海王星从的过程中平均速率较大，所用的时间少，角速度较大，因此时间小于，从的过程中平均速率较小，所用的时间长，角速度较小，因此时间大于，根据开普勒第二定律可知，卫星在Q点的角速度小于P点的角速度，故AB错误，D正确。
C.海王星绕太阳转，月球绕地球转，中心天体不同，故不可用开普勒第三定律，故C错误。
 7.【答案】D
解：在1s内落到传送带上煤粉的质量为；这部分煤粉由于摩擦力f的作用被传送带加速，由功能关系得：

煤粉在摩擦力作用下加速前进，因此有：。
传送带的位移为：
相对位移为：，由此可知煤粉的位移与煤粉和传送带的相对位移相同，
因此摩擦生热为：。
传送带需要增加的能量分为两部分：第一部分为煤粉获得的动能，第二部分为传送带克服摩擦力做功保持传送带速度。所以传送带1s内增加的能量为：

皮带机应增加的功率为：，故ABC错误，D正确。
8.【答案】C
解：质点只受重力G和拉力F，质点做直线运动，合力方向与OA共线，如图
当拉力与OA垂直时，拉力最小，根据几何关系，有
，
F的方向与OA垂直，拉力F做功为零，所以质点的机械能守恒。
若，由于，故F的方向与OA不再垂直，有两种可能的方向，F与物体的运动方向的夹角可能大于，也可能小于，即拉力F可能做负功，也可能做正功，重力做功不影响机械能的变化，故根据功能定理，物体机械能变化量等于力F做的功，即机械能可能增加，也可能减小，故ABD错误C正确。9.【答案】ACD解：BC．A点和B点是同轴转动，具有相同的角速度，根据可知，B点与C点是共传送带转动，具有相同的线速度，根据可知，则有，，所以B错误；C正确；A.由向心加速度公式可得，所以A正确；D.根据周期公式可得，所以D正确；10.【答案】BC解：A.将篮球的运动看成平抛运动的逆运动，竖直方向做自由落体运动，根据运动学公式得：可知篮球a下落的高度大，运动时间较长，故 A错误
B.水平方向做匀速直线运动，根据运动学公式得：

可知b速度较大，故 B正确。
C.速度变化率相同即加速度，不计空气阻力两次的加速度都是g，故C正确；
D.速度的竖直分量，应为两次的时间不相同，故速度的竖直分量不相等，故D错误。
11.【答案】BD解：A、内，速度增加，根据动能定理知，合力做正功，内，速度减小，根据动能定理知，合力做负功，故A错误。
B、根据速度时间图线知，匀加速运动的加速度大小，匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律得，阻力，，解得恒力，时，速度为，则恒力F的瞬时功率，故B正确。
C、内，合外力做功，则合外力的平均功率，故C错误。
D、内，物体的位移大小，克服摩擦力做功，故D正确。
12.【答案】ACD
解：A.PQ和杆组成的系统只有重力和系统内弹力做功，机械能守恒，故A正确；
B.BC段PQ匀速，杆没有弹力，不做功，故B错误；
C.下滑到BC，系统机械能守恒：，得，整个过程中，对Q分析，由动能定理有，得，故C正确；
D.P滑上CD，易判断PQ均在CD上，由系统机械能守恒有，得，故D正确。
故选ACD。
实验题13.【答案】气源工作后，滑块不挂钩码，滑块能静止在气垫导轨上（或者滑块能在导轨上匀速动）；；滑块的质量M；滑块到光电门的距离L；
=14.【答案】否；；
解：本实验不需要用小桶含内部沙子的重力代替绳子的拉力，所以不需要满足小桶含内部沙子的质量远小于小车的质量。
由动能定理可得：所以
则可知图象的斜率等于； 
若测出滑块质量为0.4kg，弹簧测力计读数为2N，结合图乙有：；可求得滑块与木板间的动摩擦因数为。
故答案为：否；；。
15.【答案】解：设P、C之间的距离为L，根据平抛运动规律，
                                                     （1分）
，                                                    （1分）
联立解得：，．                                          （1分）
小球撞击P点时的水平速度，
竖直速度．                                              （1分）
小球撞击P点时速度的大小为，                    （1分）
设小球的速度方向与水平方向的夹角为，
则，，方向垂直于斜面向下．                         （1分）
所以小球垂直于斜面向下撞击P点。
答：、C之间的距离是；
小球撞击P点时速度的大小是，方向垂直于斜面向下。
16.【答案】解：运动员在A点的机械能                     （2分）
                 代入数据得   J                                      （1分）
从A到B，由机械能守恒                                     （1分）
                代入数据得  =20m/s                                           （1分）
在BC上，由动能定理            （2分）
                    解得  s=40m                                           （1分） 17.【答案】解：末达到最高点，由于图线与坐标轴包围的面积，故有：，                                                               （1分）
即探测器在该行星表面达到的最大高度为1200m；发动机关闭后，探测器减速上升的过程中，只受重力，故加速度即为重力加速度，则该星球表面重力加速度大小为：                                     （1分）最高点开始做做自由落体运动，自由落体运动时间为t，，t==20s；（2分）
发动机故障后探测器落回地面总时间T=16s+20s=36s；                       （1分）行星表面的万有引力等于重力为：                             （1分）                                                           （1分）解得：可得ρ==2.1×104kg/m3。                                    （1分）
18.答：滑块的质量0.2kg,圆轨道的半径为1m；
若要求滑块不脱离圆轨道，则静止滑下的高度或者；
存在H值，
解：当时，由图象截距可知   ，                                             （1分）
当小物块从A点静止下滑，由图象知，，对轨道的压力
                                                         （1分）
                                                        （1分）
解得．                                                         （1分）
不脱离轨道分两种情况：
到圆心等高处速度为零
有能量守恒可知，滑块从静止开始下滑高度                     （1分）
通过最高点，通过最高点的临界条件                           （1分）
设下落高度为，
由动能定理                                         （1分）
解得
则应该满足下落高度．                                         （1分）
假设滑块经过最高点D后能直接落到直轨道AB上与圆心等高的E点
=vDt                                              （1分）                                                            （1分）
解得：                                                  （1分）
而滑块过D点的临界速度
由于：，所以存在一个H值，使得滑块经过最高点D后能直接落到直轨道AB上与圆心等高的点                                      （2分）
解得：                                                   （1分）