高考生物一轮复习练习：5.2课时跟踪练《孟德尔豌豆杂交实验（二）》（含详解）

这是一份高考生物一轮复习练习：5.2课时跟踪练《孟德尔豌豆杂交实验（二）》（含详解），共14页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

课时跟踪练
一、选择题(每题5分，共50分)
1．(湖南师大附中摸底)下列关于孟德尔遗传规律的得出过程，说法错误的是( )
A．豌豆自花传粉、闭花受粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一
B．统计学方法的使用有助于孟德尔总结数据规律
C．进行测交实验是为了对提出的假说进行验证
D．假说中具有不同基因型的配子之间随机结合，体现了自由组合定律的实质
解析：非同源染色体上的非等位基因自由组合为自由组合定律的实质，不同基因型的配子之间随机结合，不能体现自由组合定律的实质，D错误。
答案：D
2．(苏北四市期中)如图表示两对等位基因在染色体上的分布情况，若图1、2、3中的同源染色体均不发生交叉互换，则图中所示个体自交后代的表现型种类依次是( )
A．2、3、4 B．4、4、4
C．2、4、4 D．2、2、4
解析：图1个体自交后代有3种基因型，2种表现型；图2个体自交后代有3种基因型(AAbb、aaBB、AaBb)，3种表现型；图3个体自交后代有9种基因型，4种表现型。
答案：A
3．某个体(AaBbCc……)含有n对等位基因，且一对等位基因均控制一对相对性状，也不存在基因连锁现象。正常情况下，下列不能用2n表示的是( )
A．测交后代的基因型种类数
B．测交后代的表现型种类数
C．自交后代的基因型种类数
D．自交后代的表现型种类数
解析：依题意可知：一对等位基因的个体测交，如Aa×aa，其后代有2种基因型、2种表现型，因此含有n对等位基因的个体，其测交后代的基因型和表现型的种类数均为2n，A、B可以；一对等位基因的个体自交，如Aa×Aa，其后代有3种基因型、2种表现型，所以含有n对等位基因的个体，其自交后代的基因型和表现型的种类数分别为3n和2n，D可以，C不能用2n表示，选C。
答案：C
4．下图为某植株自交产生后代过程的示意图。下列对此过程及结果的描述，正确的是( )
AaBbeq \(――→,\s\up7(①))AB、Ab、aB、abeq \(――→,\s\up7(②),\s\d5(配子间M种结合方式))受精卵eq \(――→,\s\up7(③))子代：N种基因型，P种表现型(12∶3∶1)
A．A与B、b的自由组合发生在②
B．雌、雄配子在③过程随机结合
C．M、N和P分别为16、9和4
D．该植株测交后代性状分离比为2∶1∶1
解析：自由组合发生在减数分裂①过程，②为受精作用；雌、雄配子在②过程随机结合；根据P种表现型的比值判断两对等位基因分别位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，因此N为9种，P为3种，雌雄配子有16种结合方式；该植株测交后代表现型与子代自交的表现型对应分析，性状分离比为2∶1∶1。
答案：D
5．某一植物体内常染色体上具有三对等位基因(A和a，B和b，D和d)，已知A、B、D三个基因分别对a、b、d完全显性，但不知这三对等位基因是否独立遗传。某同学为了探究这三对等位基因在常染色体上的分布情况做了以下实验：用显性纯合个体与隐性纯合个体杂交得F1，F1同隐性纯合个体测交，结果及比例为AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，则下列表述正确的是( )
A．A、B在同一条染色体上
B．A、b在同一条染色体上
C．A、D在同一条染色体上
D．A、d在同一条染色体上
解析：aabbdd产生的配子是abd，子代为AaBbDd∶AaBbdd∶aabbDd∶aabbdd＝1∶1∶1∶1，所以AaBbDd产生的配子是ABD∶ABd∶abD∶abd＝1∶1∶1∶1，所以AB在一条染色体上，ab在一条染色体上。
答案：A
6．假如水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗瘟病(R)对易染病(r)为显性。现有一高秆抗病的亲本水稻和矮秆易染病的亲本水稻杂交，产生的F1再和隐性类型进行测交，结果如图所示(两对基因位于两对同源染色体上)，请问F1的基因型为( )
A．DdRR和ddRr B．DdRr和ddRr
C．DdRr和Ddrr D．ddRr
解析：单独分析高秆和矮秆这一对相对性状，测交后代高秆∶矮秆＝1∶1，说明F1的基因型为Dd；单独分析抗瘟病与易染病这一对相对性状，测交后代抗瘟病∶易染病＝1∶3，说明F1中有两种基因型，即Rr和rr，且比例为1∶1。综合以上分析可判断出F1的基因型为DdRr、Ddrr。
答案：C
7．油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如下表所示。相关说法错误的是( )
A.凸耳性状是由两对等位基因控制
B．甲、乙、丙均为纯合子
C．甲和乙杂交得到的F2均表现为凸耳
D．乙和丙杂交得到的F2表现型及比例为凸耳∶非凸耳＝3∶1
解析：根据甲与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为15∶1，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，由于甲×非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝15∶1，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙×非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝3∶1，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2代个体中一定有显性基因，即一定是凸耳，由于丙×非凸耳得到的F2代凸耳∶非凸耳＝3∶1，故丙也为单显性状的纯合子，因此乙×丙杂交得到的F1为双杂合子，F2代有两种表现型，凸耳∶非凸耳＝15∶1。
答案：D
8．(云南师大附中质检)某植物花色遗传受A、a和B、b两对等位基因控制。当不存在显性基因时，花色为白色，当存在显性基因时，随显性基因数量的增加，花色红色逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计出5种类型植株数量比例为1∶4∶6∶4∶1。下列说法正确的是( )
A．该植物的花色遗传不遵循基因的自由组合定律
B．亲本的基因型一定为AABB和aabb
C．F2中AAbb和aaBB个体的表现型与F1相同
D．用F1作为材料进行测交实验，测交后代有4种表现型
解析：该植物的花色遗传遵循基因的自由组合定律。亲本的基因型还可以是AAbb和aaBB。用F1作为材料进行测交实验，测交后代有3种表现型。
答案：C
9．(湖北重点中学联考)夏南瓜的颜色由A、a和B、b两对相对独立的基因控制，当含有A基因时为白色，在不含A 基因时，BB、Bb为黄色，bb为绿色。现有一株白色夏南瓜和一株绿色夏南瓜杂交，子代性状表现及比例是白色夏南瓜∶黄色夏南瓜＝1∶1。下列有关说法正确的是( )
A．亲本白色夏南瓜植株为纯合子
B．子代白色夏南瓜与亲本白色夏南瓜的基因型相同
C．子代黄色夏南瓜自交后代性状分离比为9∶6∶1
D．子代两种夏南瓜杂交，产生的后代中黄色夏南瓜占eq \f(3,8)
解析：依题意可知，夏南瓜颜色的遗传遵循基因的自由组合定律，A_B_和A_bb为白色，aaB_为黄色，aabb为绿色。现有一株白色夏南瓜(A_B_或A_bb)和一株绿色夏南瓜(aabb)杂交，子代性状表现及比例是白色夏南瓜∶黄色夏南瓜＝1∶1，说明亲本白色夏南瓜植株的基因型为AaBB，为杂合子，A错误；子代白色夏南瓜的基因型为AaBb，与亲本不同，B错误；子代黄色夏南瓜的基因型为aaBb，其自交后代性状分离比为黄色夏南瓜∶绿色夏南瓜＝3∶1，C错误；子代两种夏南瓜杂交，即AaBb与aaBb杂交，产生的后代中黄色夏南瓜占eq \f(1,2)aa×eq \f(3,4)B_＝eq \f(3,8)，D正确。
答案：D
10．已知牵牛花的花色受三对独立遗传的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制，如图所示，其中蓝色和红色混合后显紫色，蓝色和黄色混合形成绿色。现有某紫花植株自交子代出现白花、黄花。据此判断下列叙述不正确的是( )
A．自然种群中红花植株的基因型有4种
B．用于自交的紫花植株的基因型为AaBbCc
C．自交子代中绿花植物和红花植株的比例可能不同
D．自交子代出现黄花植株的比例为eq \f(3,64)
解析：自然种群中红花植株的基因型有AABBcc、AaBBcc、AABbcc、AaBbcc共4种，A正确；根据分析亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，B正确；由于亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，所以当亲本紫花植株的基因型为AaBbCc时，自交子代中绿花植物(A_bbC_)的概率为eq \f(3,4)×eq \f(1,4)×eq \f(3,4)＝eq \f(9,64)，红花植株(A_B_cc)的概率为eq \f(3,4)×eq \f(3,4)×eq \f(1,4)＝eq \f(9,64)，所以比例相同，C错误；亲本紫花植株的基因型为AaBbCc，则自交子代出现黄花植株(A_bbcc)的比例为eq \f(3,4)×eq \f(1,4)×eq \f(1,4)＝eq \f(3,64)，D正确。
答案：C
二、非选择题(共50分)
11．(14分)(汕头一模)鸡的羽毛颜色受一对等位基因B和b控制，有显性基因存在时能合成色素；小腿长度受另一对等位基因C和c控制，这两对基因分别位于两对常染色体上。
(1)让雌雄蓝羽鸡交配，后代蓝羽、黑羽和白羽的比例总是为2∶1∶1，那么，蓝羽的基因型是________，若让黑羽和白羽杂交，理论上说，后代表现型是________。
(2)多次让雌雄短腿鸡交配，后代中总是出现eq \f(1,3)的正常腿。合理的解释是，在该对相对性状中，显性性状是________，而基因型为________时在胚胎时期死亡。
(3)黑羽短腿雄鸡的基因型是________，让其与蓝羽短腿雌鸡杂交，F1的表现型有________种，其中表现为黑羽短腿雄鸡的比例是________；在F1中，B基因的频率是________。
解析：(1)雌雄蓝羽鸡交配，后代发生性状分离，说明蓝羽亲本是杂合子，基因型为Bb，二者交配后代的基因型是BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，由于B控制色素合成，因此后代中黑羽的基因型是BB，白羽的基因型是bb，黑羽与白羽杂交，杂交后代都是蓝羽。(2)雌雄短腿鸡交配，后代出现正常腿，说明短腿对正常腿是显性性状，且亲本短腿的基因型是Cc、Cc，二者杂交后代的基因型及比例是CC∶Cc∶cc＝1∶2∶1，多次实验cc的比例占eq \f(1,3)，说明CC胚胎致死。(3)由于(1)分析可知，黑羽的基因型是BB，由(2)可知，短腿CC胚胎致死，因此黑羽短腿雄鸡的基因型是BBCc，蓝羽短腿雌鸡的基因型为BbCc，两对等位基因遵循自由组合定律，因此可以将其化解成两个分离定律：BB×Bb→黑羽∶蓝羽＝1∶1，Cc×Cc→由于CC致死，因此短腿∶正常腿＝2∶1，因此F1的表现型是2×2＝4种；黑羽短腿雄鸡的比例是eq \f(1,2)×eq \f(2,3)×eq \f(1,2)＝eq \f(1,6)；由于子一代中BB∶Bb＝1∶1，因此B的基因频率是eq \f(1,2)＋eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(3,4)。
答案：(1)Bb 蓝羽 (2)短腿 CC
(3)BBCc 4 eq \f(1,6) eq \f(3,4)
12．(12分)(福建质检)研究人员选择果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株(甲)与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株(乙)杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹。F1自交得F2，分别统计F2各对性状的表现及株数，结果如下表。
(1)甜瓜果肉颜色的显性性状是________。
(2)据表中数据________(填“能”或“不能”)判断两对基因(A和a，B和b)自由组合，理由是________________________
_____________________________________________________。
(3)完善下列实验方案，证明果皮覆纹性状由2对等位基因控制。
实验方案：让F1与植株________(填“甲”或“乙”)杂交，统计子代的表现型及比例；
预期结果：子代的表现型及比例为________________________。
(4)若果皮颜色、覆纹两对性状遗传遵循基因自由组合定律，则理论上F2中果皮黄色无覆纹甜瓜约有______株。
解析：根据题意分析，果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株(甲)与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株(乙)杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹，说明果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹都是显性性状，分析表格数据三对性状分离比分别是3∶1、3∶1、9∶7。
(1)果肉白色(甲)与果肉橘红色(乙)杂交，F1表现果肉橘红色，说明甜瓜果肉橘红色是显性性状。
(2)表格中只有每对性状的分离比，缺乏对F2中两对性状(果皮与果肉颜色)组合类型的统计数据，所以不能判断两对基因(A和a，B和b)是否遵循自由组合定律。
(3)如果果皮覆纹性状由2对等位基因控制，根据表格数据9∶7，说明双显性为有覆纹，其余为无覆纹，则F1(双杂合子有覆纹)与植株乙(双隐性无覆纹)杂交，子代的表现型及比例为(果皮)有覆纹∶无覆纹＝1∶3。
(4)若果皮颜色、覆纹两对性状(受三对基因控制)遗传遵循基因自由组合定律，则理论上F2中果皮黄色(eq \f(1,4))无覆纹(eq \f(7,16))甜瓜约640×eq \f(1,4)×eq \f(7,16)＝70株。
答案：(1)橘红色
(2)不能 缺乏对F2中两对性状(果皮与果肉颜色)组合类型的统计数据
(3)乙 (果皮)有覆纹∶无覆纹＝1∶3
(4)70
13．(12分)(潍坊期末统考)某雌雄同株异花传粉的二倍体植物，抗除草剂与不抗除草剂受两对独立遗传的基因控制，相关基因为A、a和B、b，且A对a，B对b为完全显性，只要存在一种显性基因就表现出抗除草剂性状。基因A使雄配子的育性降低50%，其他配子育性正常。基因B存在显性纯合致死现象。请回答问题：
(1)抗除草剂与不抗除草剂是一对________，抗除草剂植株共有________种基因型。
(2)若利用基因型不同的两亲本进行一次杂交，验证基因A使雄配子可育性降低了50%，其他配子育性正常。则亲本基因型的最佳组合是______________________，预期子代的表现型及比例为_________________________________________________________。
(3)♀甲(Aabb)×♂乙(aaBb)进行杂交，子代中含有两种抗除草剂基因的个体所占比例为________，这些含两种抗除草剂基因的植株杂交，子代中抗除草剂植株所占的比例是______________(用分数表示)。
解析：(1)抗除草剂与不抗除草剂是一对相对性状，由分析可知，抗除草剂植株共有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb等5种基因型。(2)若利用基因型不同的两亲本进行一次杂交，验证基因A使雄配子可育性降低了50%，其他配子育性正常，一般用测交的实验方法，可选择的亲本基因型的最佳组合是母本为aabb，父本为Aabb，由于母本只能产生ab一种卵细胞，而父本产生的精子为Ab、ab，比例为1∶2，因此预期子代的表现型及比例为抗除草剂植株∶不抗除草剂植株＝1∶2。(3)♀甲(Aabb)×♂乙(aaBb)进行杂交，正常情况下，产生的后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，子代中含有两种抗除草剂基因的个体(AaBb)所占比例为eq \f(1,4)，这些含两种抗除草剂基因的植株杂交，由于雄配子的种类和比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶2∶2，并且子代中BB基因纯合致死，因此利用棋盘格法可以获得子代中抗除草剂植株所占的比例是eq \f(8,9)。
答案：(1)相对性状 5 (2)①母本为aabb，父本为Aabb 抗除草剂植株∶不抗除草剂植株＝1∶2 (说明：若亲本基因型写错或母本、父本基因型颠倒，该小题整体不得分) (3)eq \f(1,4) eq \f(8,9)
14．(12分)一种植物的某性状可表现为无色、白色、蓝色、紫色，由A/a、B/b、D/d 三对等位基因控制。相关基因的生理作用如下图所示。请回答下列问题：
(1)如果三对等位基因分别位于三对同源染色体上，则基因型为AaBbDd 的两个亲本杂交，出现紫色子代的概率为________。
(2)如果A、a和B、b两对等位基因在染色体上的位置为，在没有发生突变、交叉互换的情况下，对基因型为AaBbDD的个体进行测交实验，后代的表现形式及比例为______________。
(3)如果要验证b、d两个基因位于两对同源染色体上，请写出选用的亲本基因型最简便的实验方案：_________________，并预测后代的性状及分离比：____________________________________
____________________________________________________。
解析：(1)依题意并结合图示分析可知：紫色为A_bbdd。如果三对等位基因分别位于三对同源染色体上，则其遗传遵循基因的自由组合定律。基因型为AaBbDd 的两个亲本杂交，出现紫色子代的概率为eq \f(3,4)A_×eq \f(1,4)bb×eq \f(1,4)dd＝eq \f(3,64)A_bbdd。
(2)由题意可知：基因型为AaBbDD的个体产生两种比值相等的配子：ABD和abD，而aabbdd的个体只产生1种基因型为abd的配子，因此基因型为AaBbDD的个体与aabbdd的个体进行测交，后代的表现形式及比例为白色(AaBbDd)∶无色(aabbDd)＝1∶1。
(3)如果要验证b、d两个基因位于两对同源染色体上，对于植物而言，最简便的方法是让其自交，即让基因型为AABbDd的个体自交，其自交后代的表现型及其分离比为白色(9AAB_D_＋3AAB_dd)∶蓝色(3AAbbD_)∶紫色(1AAbbdd)＝12∶3∶1；也可以采取测交方案，即让基因型为AABbDd的个体测交，其测交后代的表现型及其分离比为白色(1AABdDd＋1AABbdd)∶蓝色(1AAbbDd)∶紫色(1AAbbdd)＝2∶1∶1。
答案：(1)eq \f(3,64) (2)白色∶无色＝1∶1 (3)基因型为AABbDd的个体自交 后代出现白色∶蓝色∶紫色＝12∶3∶1(或基因型为AABbDd的个体测交 后代出现白色∶蓝色∶紫色＝2∶1∶1)
P
F1
F2
甲×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝15∶1
乙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
丙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
甜瓜性状
果皮颜色(A，a)
果肉颜色(B，b)
果皮覆纹
F2的表现及株数
黄绿色482
黄色158
橘红色478
白色162
有覆纹361
无覆纹279