高二化学下学期期中测试卷01（人教版）

下学期期中测试卷01

高二化学·全解全析

1．【答案】A

【详解】

A．果糖是一种单糖，其分子式为：，故A正确；

B．异丁烷的结构简式为(CH3)2CHCH3，主链有3个碳原子，有 1个甲基支链，故其球棍模型为：，故B错误；

C．2-硝基甲苯中甲基和硝基处于邻位，其结构简式为：，故C错误；

D．氯原子半径大于碳原子半径，不能表示四氯化碳分子的比例模型，故D错误；

答案选A。

2．【答案】C

【详解】

A．CH2=CH—CH=CH2，为1,3-丁二烯，A项错误；

B．为1,2-二溴环己烷，B项错误；

C．为聚丙烯，C项正确；

D．CH3OOCCH3为乙酸甲酯，D项错误；

答案选C。

3．【答案】C

【详解】

A．由红外光谱图可知，有机物A一定含有、和三种共价键，A项正确；

B．核磁共振氢谱图中有三个信号峰证明含有3中不同化学环境的氢原子，B项正确；

C．若A的化学式为C2H6O，由核磁共振氢谱图知该有机物分子中有三种不同化学环境的氢原子，且个数之比为1：2：3，推知A的结构简式为，C项错误；

D．由核磁共振氢谱图中有三个信号峰峰面积之比可知其分子中不同化学环境的氢原子的个数比，D项正确；

故答案为C。

4． 【答案】A

【解析】

A．酯化反应为可逆反应，应用饱和碳酸钠溶液反应后分液分离，故A错误；B．饱和碳酸钠能够与乙酸反应生成溶于水的乙酸钠，然后分液可以除去混入乙酸乙酯中的乙酸，故B正确；C．CO2不溶于饱和NaHCO3，SO2可与饱和NaHCO3反应，则可用饱和NaHCO3溶液分离，故C正确；D．碘易溶于四氯化碳等非极性有机物溶剂，提取溶解在水中的少量碘，可用四氯化碳，故D正确。故选A。

5．【答案】C

【详解】

A．二苯乙烯分子式为C14H12，A说法错误；

B．二苯乙烯中含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B说法错误；

C．二苯乙烯中含有碳碳双键和苯环，既能发生加成反应又能发生苯环上的取代反应，C说法正确；

D．1mol二苯乙烯在一定条件下与足量H2反应，2mol苯基能与6mol氢气加成，1mol碳碳双键能与1mol氢气加成，则最多消耗7mol H2，D说法错误；

答案为C。

6．【答案】C

【详解】

A．取溴苯应用液溴，不能用溴水，故A错误；

B．为防止酸液的飞溅，应先加入浓硝酸，最后加入浓硫酸，故B错误；

C．己烯与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应而使高锰酸钾溶液褪色，苯与高锰酸钾不反应，可鉴别，故C正确；

D．应先加入硝酸酸化，否则不能排除氢氧根离子的干扰，故D错误；

故选C。

7．【答案】D

【详解】

A．根据烷烃与Cl2取代的条件为光照，知A说法合理；

B．链反应中Cl·在第一步消耗，第二步又生成，相当于催化剂作用，可以反复循环使用，B正确；

C．两个·CH3组合可生成CH3CH3，C正确；

D．除了四种取代产物之外，还可能有CH3CH3生成，D错误；

故答案选C。

8．【答案】D

【详解】

A．根据萘烷()的结构可知，其分子式为C10H18，故A正确；

B．与5molH2发生加成反应可以得到萘烷()，故B正确；

C．甲烷是正四面体结构，该物质结构中含有-CH2-和，所有碳原子不可能位于同一平面，故C正确；

D．中有3种氢原子，一氯代物有3种()，故D错误；

故选D。

9．【答案】C

【详解】

苯及其同系物与氢气发生的加成反应称为氢化。甲苯完全氢化后，得到，发生氯代反应，由于有5种位置的氢，因此其一氯代物的同分异构体数目有5种，故C符合题意。

综上所述，答案为C。

10．【答案】C

【详解】

A．将电石与水反应产生的气体中混有硫化氢，乙炔和硫化氢都能使高锰酸钾褪色，则溶液褪色不能说明有乙炔生成，故A错误；

B．溴乙烷中加入适量的氢氧化钠溶液，发生水解反应，反应后溶液显碱性，而检验溴离子，应在酸性条件下，没有加硝酸至酸性，不能检验Br-，故B错误；

C．因苯甲酸在水中的溶解度受温度影响很大，溶解后，趁热过滤减少苯甲酸的损失，冷却结晶、过滤、洗涤可提纯粗苯甲酸，故C正确；

D．裂化汽油中含碳碳双键，能够与溴水发生加成反应，不能作萃取剂，故D错误；

故选C。

11． 【答案】C

【详解】

由2-氯丙烷制取少量的12-丙二醇，可用逆推法判断：(X为卤素原子)，则2氯丙烷首先发生消去反应生成，再与卤素单质发生加成反应生成，最后发生水解反应生成1，2-丙二醇，水解反应属于取代反应，综上所述，故选C。

12．【答案】C

【详解】

A．含有碳碳双键可以与Br2的CCl4溶液发生加成反应，含有甲基，又可以在光照下与Br2发生取代反应，A正确；

B．该化合物没有亲水基团，可能难溶于水，B正确；

C．含有酚羟基，可以与FeCl3溶液发生显色反应，酚羟基与Na2CO3溶液不反应，C错误；

D．含有苯环和碳碳双键，可以催化加氢，碳碳双键和酚羟基可以使酸性KMnO4溶液褪色，D正确；

答案选C。

13．【答案】C

【详解】

A．CH3CH2CH2OH羟基所连碳的相邻碳上连有H，能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，能发生氧化反应生成醛，A项错误；

B．(CH3)3CCH2OH中羟基相连的碳原子上无H，不能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，能发生氧化反应生成醛，B项错误；

C．中羟基相连的碳原子上连有H，能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上无氢能发生氧化反应生成酮，C项正确；

D．中羟基相连的碳原子上无H，不能发生消去反应生成烯烃，羟基相连的碳原子上有氢，能发生氧化反应生成醛，D项错误；

答案选C。

14．【答案】B

【详解】

A．该分子中所含官能团有碳碳双键、醇羟基、羧基和醚键，共计4种官能团，故A错误；

B．含有羟基和羧基，可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同，均是酯化反应，故B正确；

C．分子中只有羧基和氢氧化钠反应，则1mol分枝酸最多可与2molNaOH发生中和反应，故C错误；

D．碳碳双键能和溴发生加成反应而使溴水褪色，能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，原理不相同，故D错误；

故选B。

15．【答案】B

【详解】

A．这两个反应的反应类型分别为加成反应、取代反应，则它们的反应类型不同，A不符合题意；

B．这两个反应的反应类型都为取代反应，则它们的反应类型相同，B符合题意；

C．这两个反应的反应类型分别为氧化反应、加成反应，则它们的反应类型不同，C不符合题意；

D．这两个反应的反应类型分别为氧化反应、取代反应，则它们的反应类型不同，D不符合题意；

故选B。

16． 【答案】D

【分析】

由EPy的结构简式可知，MPy与甲醛的反应为加成反应，反应②为消去反应。

【详解】

A．烃是指只含C、H两种元素的有机物，MPy中含有N元素，不属于烃，故A错误；

B．EPy中—CH2CH2OH为空间立体结构，所以原子不共面，故B错误；

C．同系物是指含有相同数目和种类的官能团，且相差n个CH2，VPy由C、H、N三种元素组成，乙烯由C、H两种元素组成，不是同一类物质，故C错误；

D．VPy是由EPy消去一分子水得到，属于醇羟基消去反应，故D正确；

故选D。

17．【答案】    3，3-二甲基戊烷        CH4    碳碳双键 醛基    4   

【详解】

(1)1mol羟基有9mol电子，其电子式为：；故答案为：。

(2)根据有机物的命名，此有机物的名称为3，3-二甲基戊烷；故答案为：3，3-二甲基戊烷

(3)2-甲基-1-丁烯的结构简式为CH2=C(CH3)CH2CH3，键线式为：；故答案为：。

(4)分子量最小的有机物是甲烷，其分子式为CH4，根据该有机物结构简式可知，含有官能团的是碳碳双键和醛基；故答案为：CH4；碳碳双键和醛基。

(5)3-甲基戊烷的结构简式为CH3CH2CH(CH3)CH2CH3，有4种不同的氢原子，因此一氯代物有4种；故答案为：4。

18．【答案】小试管中有气泡产生，液体变为棕黄色；广口瓶中有白雾出现，AgNO3溶液中有淡黄色沉淀生成    Ⅲ和Ⅳ    冷凝回流挥发出的苯和溴蒸气，减少苯和溴的损失，提高原料的利用率    除去HBr中的Br2，防止干扰HBr的检验    ②④⑤③①    NaOH    分液    溴水    洗气    KMnO4溶液、NaOH溶液    分液   

【分析】

(1)从冷凝管出来的气体为溴化氢，溴化氢不溶于苯，溴化氢遇空气中水蒸气形成酸雾，溴化氢能与硝酸银反应生成溴化银沉淀；根据装置III和IV中的导管没有与溶液接触，能防倒吸；

(2)溴和苯沸点低，易挥发；根据取代反应和加成反应的区别在于是否产生溴化氢。

(3)根据粗苯中的成分及各试剂的作用分析，极性分子易溶于水，所以用水洗涤易溶于水的物质；溴和氢氧化钠能反应所以可用氢氧化钠除去溴；干燥剂能吸收水分，利用物质沸点的不同可分离沸点不同的物质，据此分析；

(4)根据有机物的不同化学性质进行解题。

【详解】

（1）因从冷凝管出来的气体为溴蒸汽和溴化氢，溴化氢不溶于苯，溴化氢遇空气中水蒸气形成酸雾，溴化氢能与硝酸银反应生成溴化银沉淀，故现象是：小试管中有气泡，液体变棕黄色；有白雾出现；广口瓶内溶液中有浅黄色沉淀生成，装置III试管里苯与导管口接触，不会减小装置内的气体压强，所以可以防止发生倒吸；IV烧杯中，倒立的干燥管容积大，发生倒吸后，水上升到干燥管中，使烧杯中液面下降，上升的液体有在重力作用下回流到烧杯中，所以可以防止发生倒吸，故答案为：小试管中有气泡，液体变棕黄色，有白雾出现，广口瓶内溶液中有浅黄色沉淀生成；III、IV；

(2)苯与溴都容易挥发，所以需要采用冷凝装置，防止溴和苯挥发，减少苯和液溴的损失，提高原料利用率，如果发生取代反应会产生溴化氢，如果发生加成反应不会产生溴化氢。但挥发出的溴会干扰实验，而溴易溶于苯，溴化氢不溶于苯，小试管中的苯能除去HBr中的Br2，防止干扰HBr的检验，故答案为：防止溴和苯挥发，减少苯和液溴的损失，提高原料利用率；除去HBr中的Br2，防止干扰HBr的检验；

(3)该反应中，铁和溴能反应生成溴化铁，溴化铁作催化剂且易溶于水，所以混合物中含溴化铁；苯和溴不可能完全反应，混合物中含有溴和苯；制取溴苯的同时还有溴化氢生成，所以混合物的成分有：溴化铁、溴、苯、溴苯、溴化氢。所以操作顺序如下：②HBr、溴化铁易溶于水而其它物质不易溶于水，所以先水洗洗去氢溴酸和溴化铁；分液得到的有机层有溴、苯、溴苯；④溴和氢氧化钠反应，所以用10% NaOH溶液洗去溴单质；分液得到的有机层苯、溴苯；⑤残留部分氢氧化钠，氢氧化钠能溶于水而其他物质不溶于水，所以用水洗去多余的氢氧化钠；③用水洗涤后会残留部分水分，所以用干燥剂除去多余的水；分液得到的有机层苯、溴苯；①两者沸点不同，苯的沸点小，被蒸馏出，溴苯留在母液中，所以采取蒸馏的方法分离溴苯与苯，故顺序为：②④⑤③①或⑤④②③①；

(4)A．溴与NaOH反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，故答案为：NaOH；分液；

B．乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，故除去乙烷中的乙烯应选溴水，采用洗气的操作，故答案为：溴水；洗气；

C．甲苯易溶于苯中，可加酸性高锰酸钾可将甲苯转化为苯甲酸，苯甲酸也易溶于苯中，故然后加入氢氧化钠转化为苯甲酸钠，然后进行分液，故答案为：KMnO4溶液、NaOH溶液，分液。

19．【答案】浓硫酸    a    b    b    分液    蒸馏    50%   

【分析】

根据乙醇分子间脱水生成醚来判断为取代反应；根据温度高于140℃时发生副反应生成乙醚，温度太低反应速率太慢，也不利于乙酸乙酯的蒸出，依据表中数据，选定最佳温度；乙酸乙酯中含有杂质乙酸和乙醇，因此用饱和碳酸钠溶液对乙酸乙酯进行分离和提纯；根据CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O反应关系，结合题给的反应物质量，判断出乙醇过量，利用乙酸计算出乙酸乙酯的质量，即可求出产率。

【详解】

(1)制取乙酸乙酯时试剂的加入顺序一般先加乙醇再加浓硫酸，待冷却后再加乙酸，不能先加浓硫酸，因浓硫酸溶解稀释时会放热，密度小的液体后加会有沸腾的可能，导致液体飞溅，故答案为：浓硫酸；

(2)水从冷凝管下口进上口出，保证冷却水与蒸气充分接触，冷凝管的冷凝效果好，因此水从冷凝管的a处进入；

故答案为：a；

(3)①140℃时发生副反应：2CH3CH2OH→CH3CH2OCH2CH3+H2O，反应可以看做一个乙醇分子中的羟基被另一个乙醇分子中的乙氧基取代，发生的反应类型为取代反应；

故答案为：b；

②考虑到反应速率等多种因素，温度越高越好，但温度高于140℃时会发生副反应，2CH3CH2OH→CH3CH2OCH2CH3+H2O，用上述装置制备乙酸乙酯时，温度应低于140℃，同时温度控制应有利于产物乙酸乙酯挥发，结合表中数据，反应的最佳温度范围是77.5℃<T<140℃；

故答案为：b；

(4)乙酸乙酯密度比水小，且难溶于水，所以在碳酸钠溶液层上方有无色油状液体出现，欲分离出乙酸乙酯，应使用的分离方法是分液，用到的主要仪器为分液漏斗，乙酸乙酯从该仪器的上口倒出；进行此步操作后，所得有机层中的主要无机物杂质是水，在不允许使用干燥剂的条件下，根据表中数据可知乙酸乙酯的沸点为77.5℃，与水的沸点相差较大，除去水可用蒸馏的方法分离；

故答案为：分液；蒸馏；

(5)根据CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O反应，得出乙醇和乙酸反应的质量比为46：60，若实验所用乙酸质量为6.0g，乙醇质量需要4.6g，小于所给的5.0g，则可判断乙醇过量，依据乙酸的量计算乙酸乙酯，由CH3COOH～CH3COOCH2CH3关系计算理论上生成的乙酸乙酯，理论上得到乙酸乙酯质量m==8.8g，而实际得到纯净的产品质量为4.4g，则乙酸乙酯的产率为×100%=50%；

故答案为：50%；

20．【答案】    取代反应    加成反应    2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O        6           

【分析】

C的产量可用来衡量一个国家的石油化工发展水平，则C为CH2=CH2，乙烯与水发生加成反应生成D为CH3CH2OH，D发生催化氧化生成E为CH3CHO，E与银氨溶液发生氧化反应、酸化生成F为CH3COOH，甲苯与氯气在光照条件发生甲基上的取代反应生成A，A发生水解反应生成B，B与F反应生成G（C9H10O2），由G的分子式可知，B为一元醇，故A为，B为，G为，以此解答该题。

【详解】

（1）有分析可知：G的结构简式为；

（2）A转化为B是取代反应，C转化为D加成反应；

（3）D（ ）生成E（ ）的化学方程式：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；A生成B的化学方程式：；

 (4)符合下列条件的的同分异构体：能够与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，含有−COOH，苯环上有3个取代基，且有两个取代基相同，还含有2个−CH3，另外取代基为−COOH，2个−CH3相邻，−COOH有2种位置，2个−CH3处于间位，−COOH有3种位置，2个−CH3处于对位，−COOH有1种位置，故符合条件的同分异构体有2+3+1=6种，其中共有四种不同化学环境氢原子的同分异构体的结构简式为。

21．【答案】丙酸钠    取代反应    羟基、羧基    NaOH水溶液 加热        CH3CH2CHO+2Cu(OH)2+NaOH CH3CH2COONa+ Cu2O+3H2O    20 种       

【分析】

对比A、B的分子式，A与HBr发生加成反应生成B，A为丙烯；B发生水解反应生成C，由物质C氧化为D，D又被氢氧化铜悬浊液氧化可知，C为饱和一元醇，且羟基一定在碳链的端位，才能被氧化为醛，再被氧化为羧酸；所以C为1-丙醇，D为丙醛，E为丙酸钠，B为1-溴丙烷，F为丙酸，根据物质G的分子式可知，F转化为G为取代反应，结合已知信息i和H的结构简式，G为丙酰氯，依此解答。

【详解】

（1）由分析知，E是丙酸钠；由G生成H的反应类型为取代反应；

（2）根据已知信息ii，有机物H中的羰基和氢氰酸发生加成反应，生成羟基，再在酸性条件下，-CN发生水解反应生成了-COOH，所以有机物I中含官能团：羟基，羧基；B→C的反应是由溴代烃变为醇，需要的试剂及反应条件为：氢氧化钠水溶液，加热；

（3）两个有机物I可相互酯化生成二元酯， I合成K的化学方程式为：；

（4）丙醛在碱性环境下被氢氧化铜悬浊液加热后氧化为羧酸盐，氢氧化铜悬浊液被还原为氧化亚铜，D→E反应的化学方程式：CH3CH2CHO+2Cu(OH)2+NaOH CH3CH2COONa+ Cu2O+3H2O；

（5）①与FeCl3溶液发生显色反应，含酚羟基；②与I具有相同的官能团，含羟基和羧基；③苯环上有3个取代基，除苯环外，还有3个碳，3个取代基可能为—OH、—COOH和乙基，这样的结构有10种；3个取代基可能为甲基、和羟基，这样的结构有10种，故符合条件的同分异构体有20种；