广东省茂名市五校2022届高三第二次联考物理试卷

这是一份广东省茂名市五校2022届高三第二次联考物理试卷，共14页。试卷主要包含了 选择题的作答， 填空题和解答题的作答， 考试结束后，请将答题卡上交，5s时感应电动势最大，5N·s，【答案】B【解析】A等内容，欢迎下载使用。
茂名市五校联考2022届高三第二次联考试题
物理试卷
本试卷共8页，15题，全卷满分100分。考试用时75分钟。

注意事项:
1. 答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2. 选择题的作答：选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3. 填空题和解答题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4. 考试结束后，请将答题卡上交。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．公路上行驶的甲乙两辆汽车的位移-时间图像，分别如图中直线a和曲线b所示，t时刻直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是（　　）


A．甲车做匀变速直线运动，乙车做曲线运动
B．前t秒内，甲乙两车的平均速度相等
C．甲乙两车出发点相同
D．t时刻，甲乙两车速度相等
2．2021年6月17日，神舟十二号载人飞船采用自主快速交会对接模式成功对接于天和核心舱前向端口，与此前已对接的天舟二号货运飞船一起构成三舱组合体。组合体绕地球飞行的轨道可视为圆轨道，该轨道离地面的高度约为400km。已知同步卫星离地面高度为3.6×104 km,下列说法正确的是（　　）







A．组合体在轨道上飞行的周期大于24h
B．组合体在轨道上飞行的速度大于第一宇宙速度
C．若已知地球半径R和表面重力加速度g，则可算出组合体的周期T
D．神舟十二号载人飞船从低轨道变轨与天和号核心舱对接时，需要减速
3．如图所示，五个完全相同、外表面光滑的匀质圆柱形积木相互紧贴按图示（侧视图）方式堆放在底板水平、前后有竖直挡板的电动小车上。开始时电动小车和积木都保持静止状态。若让电动小车水平向左做匀加速运动，且积木与小车仍保持相对静止。（　　）

A．静止时，A对C的支持力与B对C的支持力大小不相等
B．加速时，B对C的弹力大小大于C对B的弹力大小
C．加速时，A与C之间可能没有弹力作用
D．加速时，A、B、C所受合力不一样
4．黄陂清凉寨旅游景区有一个户外荡秋千的活动项目，质量为m的小明坐在秋千上摆动到最高点时的照片如图所示，忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）









A．向上摆动过程，秋千对小明的支持力做正功，小明的机械能增大
B．在最低点时，小明处于失重状态
C．在最高点时，小明的速度为零，所受合力也为零
D．在最高点时，秋千对小明的作用力小于mg
5．如图所示，虚线a、b、c是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，虚线MN与等势面垂直，实线为一带负电的质点仅在静电力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是轨迹上的两点，下列说法中正确的是（　　）









A．带电质点在P点时受到的电场力方向一定沿图中PM方向向上
B．三个等势面中，等势面a的电势最高
C．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小
D．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大
6．两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b,以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入垂直纸面向里的圆形匀强磁场区域,其运动轨迹如图。不计粒子的重力,则下列说法正确的是（　　）









A．a粒子带正电,b粒子带负电
B．a粒子在磁场中所受洛伦兹力较大
C．b粒子动能较大
D．b粒子在磁场中运动时间较长
7．如图所示，在某次壁球训练时，运动员在同一位置以不同的角度斜向上发球，最后球都能恰好垂直击打在竖直墙面的不同高度。忽略空气阻力，关于球在这两次从飞出到恰好击打墙壁的运动过程，下列说法正确的是（　　）










A．飞出时的初速度竖直分量相等 B．在空中的时间相等
C．击打墙壁的速度相等 D．飞出时的初速度大小可能相等

二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对不全的得3分，有选错的得0分。
8．如图甲所示，交流发电机的矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，穿过该线圈的磁通量Φ随时间t的变化规律如图乙所示。线圈匝数为20，电流表A可看做理想电流表。则（　　）

A．1分钟内电流方向改变60次 B．t= 0.5s时感应电动势最大
C．t= 0.5s时交流电流表示数为零 D．线圈感应电动势的最大值为4V
9．如图所示，一轻弹簧的左端固定在竖直墙上，右端与一带电小球相连接，小球静止在光滑绝缘水平面上，现施加一个水平方向的匀强电场，使小球从静止开始向右运动（运动过程中始终未超过弹簧的弹性限度），则（　　）

A．小球向右运动到最远处时的加速度为零
B．小球运动到最右端时，小球和弹簧组成的系统机械能最大
C．小球速度最大时，电势能和弹性势能之和最小
D．当电场力和弹簧弹力平衡时，电势能最小
10．如图甲所示，固定在同一绝缘水平面上的两根平行光滑金属导轨，两导轨间的距离L=1.5 m，左端接有阻值R=3Ω的定值电阻，一根质量m=1kg,电阻r=3Ω, 长度也为L=1.5m的金属棒ab跨接在导轨上，形成闭合回路。空间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小B=2 T。ab 棒在外力 F的作用下沿着导轨运动的速度时间v-t图像如图乙所示。导轨的电阻忽略不计，且运动过程中金属棒始终与导轨垂直。下列说法正确的是（　　）

A．0~3s 内通过ab棒的电荷量为3 C B．0~3s内外力F的冲量大小为6.5N·s
C．3s~6s内 ab棒两端电压为6V D．3s~6s 内回路产生的焦耳热为18 J
11．（6分）某兴趣小组的实验装置如图所示，通过电磁铁控制的小球从A点自由下落，下落过程中经过光电门B时，通过与之相连的计时器(图中未画出)记录下挡光时间t，测出A，B之间的距离h。实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束。
（1）若用该套装置验证机械能守恒，已知重力加速度为g，还需要测量的物理量为
A．A点与地面间的距离H B．小球的质量m
C．小球从A到B的下落时间tAB D．小球的直径d
（2）用游标卡尺测得小球直径如图所示，则小球直径为 mm，某次小球通过光电门计时器的读数为3×10-3s，则该次小球通过光电门B时的瞬时速度大小为= m/s(保留两位有效数字)。

（3）若用该套装置进行“探究做功和物体速度变化关系”的实验，某同学实验时通过调节光电门B的位置，计算出小球每次通过光电门B的速度v1，v2，v3，v4…，并测出小球在A，B间的下落高度h1，h2，h3，h4…，然后绘制了如图所示的图象。若为了更直观地看出和的函数关系，该同学下一步应该重新绘制（ ）
A． 图象 B． 图象

C． 图象 D． 图象

12．（9分）（1）某实验小组要对未知电阻Rx进行测量。如图甲所示，他们先用多用电表欧姆挡进行粗测，若多用电表的电阻挡有三个倍率，先用“×100”挡测量电阻Rx时，操作步骤正确，发现表头指针的偏转角度过大，为了较准确地进行测量，应换到______（选填“×10”或“×1k”）挡。换挡后应先_______________________（填必要的操作步骤），之后用表笔连接待测电阻Rx进行测量，由表盘刻度读得该电阻Rx的阻值是_______Ω。









（2）为准确测定该电阻的阻值,甲同学设计图（a）所示的电路进行实验。
①请在图（b）中用笔画线代替导线，按图（a）完成实物电路的连接；
②实验室提供了两种滑动变阻器：滑动变阻器R1（0～1000Ω）、滑动变阻器R2（0～10Ω），
则实验中滑动变阻器应选________（选填“R1”或“R2”）。

③实验操作时，按电路图（a）先将滑动变阻器的滑动触头移到_________（选填“A”或“B”）端，
保持S2断开，闭合S1，再接通开关S；调节滑动变阻器使电流表指针偏转至某一位置，并记
下此时电流表读数I1。
④依次断开S和S1，保持滑动变阻器阻值不变，调整电阻箱R0阻值在150Ω左右，再闭合S2和S，调节R0阻值使得电流表读数为____________时，R0的读数即为待测电阻Rx的阻值。
（3）乙同学利用电路图（c）进行实验，多次改变电阻箱R0的阻值，读出电流表相应的电流I，因电源和电流表内阻较小，乙同学忽略不计，由测得的数据作出—R0图像，根据图像的斜率和截距求出待测电阻Rx的阻值。假设电源和电流表内阻是未知且不可忽略的，考虑实验产生的系统误差，则上述电路（a）中，电阻Rx的测量值__________真实值；电路（c）中电阻Rx的测量值_____真实值（均选填“大于” “小于”或“等于”）
13．（10分）如图所示，一带正电物体，其质量m=1kg，从倾角θ=37°的光滑斜面上自A点由静止沿斜面下滑至B点后，进入粗糙轨道BC段（假设由B点进入水平面没有机械能损失）。已知AB的长度为L=3m，物体的带电量q=1C，BC段的动摩擦因数μ=0.5。现施加一匀强电场于BC段，场强大小E=2N/C，（，g取10m/s2）。
求：（1）物体在BC段受到的摩擦力大小？
（2）物体进入BC段后，前2s内的位移大小？















14．（13分）如图所示，平行板之间存在着相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B0，方向垂直纸面向里，电场强度大小未知，紧靠平行板右侧边缘的xOy坐标系的第一象限内有沿y轴负方向的另一匀强电场；第三、四象限内存在竖直方向宽度为d，水平方向足够长的匀强磁场(包括边界)，磁场方向垂直于xOy平面向外。一束电荷量q、质量m的带正电粒子从P点以初速度v0水平射入平行板间，沿PC做直线运动，穿出平行板后从y轴的C点沿x轴正方向进入电场，经x轴上的F点进入磁场。已知OC=L，粒子经过F点时速度方向与x轴正方向的夹角，忽略粒子的重力。（计算结果可保留根号）问：
（1）平行板间电场强度的大小是多少？
（2）OF的长度LOF是多少？
（3）若要使粒子恰好不能从下边界MN飞出磁场，求第三、四象限匀强磁场的磁感应强度B的大小。















15．（16分）如图所示，质量为，长为L的的木板C静止在光滑水平面上，其右侧是与C等高的固定平台。一根长度为R=1.8m的轻质细线，一端与质量为m的滑块A（可视为质点）相连，另一端固定在悬点O处，当细线处于竖直位置且保持静止时，滑块A恰好与木板C左端的上表面接触但无压力。现用外力拉住滑块A使细线呈水平拉直状态,且在木板C的左端放上质量为m的滑块B（可视为质点）。再由静止释放滑块A，当滑块A到达最低点时与滑块B发生弹性碰撞，设m=1kg，g=10m/s2，求：
（1）滑块A、B碰后瞬间，B的速度大小为多少？
（2）若滑块B与木板C间的动摩擦因数μBC=0.5，为保证C与平台相碰前B、C能够共速，则木板长度L至少为多大？
（3）平台上MN两点间粗糙，其余部分光滑，滑块B与MN之间的动摩擦因数0＜μ＜1，M、N之间宽度x=0.5m，B进入M、N之间（不含边界）始终受到一个大小为F=mg恒定向右的作用力。M、N的右侧是一个弹性卡口，若B碰撞弹性卡口的速度可通过弹性卡口；若时原速率反弹。已知C与平台相碰前B、C两者已共速，且B刚好滑到C的右端。C与平台相碰后，B无机械能损失地滑上平台。试讨论因μ的取值不同，B在MN间通过的路程。


















物理参考答案

1.【答案】D【详解】AC．位移—时间图像中，斜率代表速度，由图可知直线a的斜率不变，则甲车做匀速直线运动。直线b的斜率一直在减小，且速度方向不变，则乙车做减速直线运动。从图像看出，甲在前乙在后，出发点不同，故AC错误；B．前t秒内，甲车位移小，时间长；乙车位移大，时间短，根据，所以平均速度不相等。故B错误。 D．t时刻直线a和曲线b刚好相切，所以甲乙两车速度相等。故D正确；
2.【答案】C【详解】同步卫星的运行周期24h，组合体的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，所以运动周期小于24h，A错；第一宇宙速度为卫星绕地球表面做匀速圆周运动的最大环绕速度（即近地卫星的速度），组合体轨道半径大于近地卫星的轨道半径，故核心舱在轨道上飞行的速度小于7.9km/s，B错；由引力作为向心力可得地球表面物体所受重力等于万有引力若已知地球半径R和表面重力加速度g，联立可得可算出组合体的周期，C正确；神舟十二号载人飞船从低轨道变轨与天和号核心舱对接时，神州十二号载人飞船需要做离心运动，因此需要加速，故D错误。
3.【答案】C【详解】AB．对C进行受力分析，设B对C的支持力与竖直方向的夹角为θ，根据几何关系可得所以θ=30°；同理可得，A对C的支持力与竖直方向的夹角也为30°；原来C处于静止状态，根据平衡条件可得NBsin30°=NAsin30°，NA=NB;对B项，因相互作用力大小相等，与运动状态无关B错；C．当A对C的支持力为零时，根据牛顿第二定律可得解得C正确；D．根据牛顿第二定律可知，F=ma,A、B、C三积木受到合力大小相同，均为，D错误。故选C。
4.【答案】D【解析】A．支持力与速度方向时刻垂直，不做功，小明机械能不变。B.在最低点时，小明处于超重状态。C．在最高点时小明的速度为零，所受合力为。D．设在最高点时，秋千绳与竖直方向夹角为，沿绳方向受力平衡，可得，D正确；
5.【答案】B【解析】A.根据轨迹判断受力方向指向曲线内侧，故A错误；B．由等势面画出电场线如图所示，根据轨迹判断受力方向指向曲线内侧，由于是负电荷，可判断出a的电势最高，故B正确；C．等差等势面密集处场强大，带电质点在P点的场强大于在Q点的场强，在P点的加速度大于在Q点的加速度，故C错误；D．从P向Q运动，电场力做正功，，若从Q向P运动，电场力做负功，，故D错误。故选B。

6.【答案】C【详解】由粒子的偏转方向及左手定则可知,a粒子带负电,b粒子带正电;由题图可知b粒子轨道半径较大,由qvB=m 可知,b粒子的运动速率较大,则它所受洛伦兹力较大,动能较大;a粒子轨迹圆弧所对圆心角θ较大,由T=,两粒子质量、电荷量相等可知,它们在磁场中运动的周期T相同,又由t=T可知,a粒子在磁场中运动时间较长。选项A、B、D错误,C正确。
7.【答案】D【详解】A．乒乓球反向做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，高度较小的，抛出时速度的竖直分量较小，故A错误；B．将乒乓球的运动反向处理，即为平抛运动，竖直方向上为自由落体运动，由题意可知，运动过程中高度较小的，运动时间较短因此球在这两次从飞出到撞击墙壁前的过程中，在空中的时间不相等，故B错误；C．乒乓球反向做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，水平射程相等，高度较小的，运动时间短，水平分速度较大，即乒乓球撞击墙壁的速度较大，故C错误；D．根据速度的合成可知，高度较小的，水平速度大，竖直速度小，故抛出时的初速度大小不能确定，有可能相等，故D正确。故选D。
8.【答案】AD【详解】A．1分钟内电流方向改变60次A正确；B．0.5s时磁通量最大，是中性面位置，感应电动势的最小值，B错；C．交流电流表示数为有效值，C错误；D. 由图乙可得交流电的周期T=2s，故线圈转动的角速度, 线圈感应电动势的最大值
9.【答案】BC【解析】A．小球向右运动到最远处时，受到向左的弹力和向右的电场力，合力向左，则加速度向左，不为零，故A错误；B．小球向右运动时，电场力做正功，电势能转化为系统的机械能，所以小球运动到最右端时，小球和弹簧组成的系统机械能最大，故A正确；C．小球速度最大时，此时小球动能最大，因小球和弹簧组成的系统机械能和电势能守恒，故电势能和弹性势能之和最小，故C正确。D．当电场力和弹簧弹力平衡时，加速度为零，小球速度有最大值，还会继续向右运动，电场力做正功，电势能继续减小，故D错；故选BC。
10. BD【详解】0~3s 内通过ab棒的电荷量 ，
解得通过ab棒的电荷量为1.5C，故A错误；0~3s内外力F的冲量大小 ，
解得外力F的冲量大小为6.5N·s，故B正确。3s~6s内 ab棒 ab棒两端电压为路端电压；Q=I2 (R+r)t=18J故选BD。
11. （1）D （1分）（2）11.50mm （2分）, 3.8m/s（2分） (3)A（1分）
【解析】根据机械能守恒定律知，需要知道速度和物体下落的高度，故选项D正确（2）游标卡尺是20分度的，故游标卡尺的的读数为11.50cm，用平均速度来表示瞬时速度，故=3.8m/s；（3）由于图中曲线是开口向上的抛物线，故由数学知识可以猜到关系，故选项A正确。
1.1cm+0.50mm=11.50mm； 利用小球通过光电门的平均速度代替瞬时速度，因此有：小球从A点自由下落，所以有：若为了更直观地看出h和v的函数关系，应该绘制h-v2图象
12. 【答案】(1)×10 欧姆调零 140 (2)见图 R2 A I1 (3) 等于，大于 （每空1分）
【详解】（1）【详解】 发现表头指针向右偏转角度过大，说明所测电阻值较小，为了较准确地进行测量，应该换“×10”。测量电阻之前必须进行欧姆调零。该电阻的阻值是140
（2）①连线见图

②甲同学采用了分压电路及等效替代法测电阻，采用分压电路时滑动变阻器的阻值小于并联部分的电阻，便于实验调节，故选择R2；
③分压电路为保护并联部分电阻，开始时应使并联部分电压从0开始，滑动头应处于左端；
④由于实验采用了等效替代法，必须满足两次实验的效果相同，即两次电流表的示数相同；
即为；
（3）若电源和电流表内阻是不可忽略的，因为电源和电流表内阻对用（a）测电阻没有影响，电路（a）测电阻没有系统误差；而电路图（c）测量值增加了电源和电流表的内阻，比真实值偏大。
13．【详解】(1) ① (2分)
又② (1分)

解得f= 4 N③ (1分)
（2）物块从A点至B点 ④ (1分)
得v=6m/s ⑤ (1分)
在BC段上 得a=4m/s2⑥(1分)
运动学得:物体停下所需时间⑦(1分)
⑧(1分)
物体位移为⑨(1分)
⑩(1分)
14.【详解】（1）粒子沿PQ做直线运动，则qE＝qv0B0① (2分)
② (2分)
(2)粒子在电场中做类平抛运动，速度分解③ (1分)
水平位移LOF=V0t; ④ (1分)
竖直位移 ⑤ (1分)
解得⑥(1分)







(3) 设粒子进入磁场的速度为v，由运动的关系可得⑦(1分)
粒子恰不能从下边界飞出磁场，则由几何关系可知 (1分) 解得 ⑧(1分)
根据 (1分) 解得⑨(1分)
15.（1）对A从释放到最低点的过程
① (2分)
对物块A和B碰撞过程，由动量守恒定律得
② (1分)
③ (1分)
由①~③解得④ (2分)
(2)法一：设BC获得共同速度为v1，以向右为正方向，由动量守恒定律得
⑤ (2分)
从C开始运动到BC共速过程由能量守恒定律得
⑥(2分)
代入数据解得：木板长度L=1.2m，⑦(2分)
(3) 设B到达卡口的速度v2＝5m/s，B将从平台右侧离开，此时B与M、N的动摩擦因数为μ1，由动能定理得解得：μ1=0.1
即0＜μ≤0.1，C从卡口右侧离开，通过的路程S1＝x＝0.5m⑩(1分)
如果B到达卡口的速度小于5m/s，B将被弹回，进入NM后做减速运动，到达M点速度恰好为零，设此时的动摩擦因数为μ2，则解得μ2=0.8
即0.1＜μ≤0.8，B从M左侧离开，通过的路程⑪(1分)
如果0.8＜μ＜1，B经与卡口碰撞、往返多次后最终静止在N点，通过的路程S3，由动能定理得
⑫（1分）
解得（m）⑬(1分)
（2）法二：对B，，(1分)
对C(1分)
速度相等时，(1分)
此过程B的位移为(1分)
C的位移为(1分)
A与平台相碰前A、B能够共速，木板长度至少为L=SB-SC=1.2m，⑦(1分)