2021年湖北省襄阳市中考物理一模试卷有答案

这是一份2021年湖北省襄阳市中考物理一模试卷有答案，共21页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图和实验题，应用与创新题等内容，欢迎下载使用。

1. 关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A.随着科技进步，物体不振动也能发声
B.声音从空气传入水中，音调、响度以及传播速度都不变
C.用超声波粉碎人体内的结石，说明超声波具有能量
D.考试期间，学校路段禁止汽车鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声

2. 中华人民共和国的国旗为长方形五星红旗，如图是天安门广场升旗仪式的场景，根据图片提供的信息估测该国旗的宽度，下列数据最接近实际情况的是（ ）


3. 襄阳的四季分明，下列在襄阳四季常见的四个物态变化中，与其他三个不同的一个是（ ）
A.漫天飞舞的“雪”
B.树枝上的“雾凇”
C.叶片上的“露珠”
D.草叶上的“霜”

4. 下列关于光现象说法正确的是（ ）
A.光的传播速度是3×105m/s
B.光从一种介质射入另一种介质，光的传播方向一定发生改变
C.在光的反射或折射现象中，光路是可逆的
D.镜面反射遵守光的反射定律，漫反射不遵守光的反射定律

5. 如图，首张黑洞照片于4月10日问世。过去人们不能“看见”黑洞，但可通过其对恒星和气体的影响来间接感知它的存在。这种研究的方法是（ ）

A.控制变量法B.转换法C.等效替代法D.理想实验法

6. 如图所示，将系在细线下的小球拿至A点，然后由静止释放，小球将在A、C两点之间往复摆动，如果不考虑空气对小球的阻力，下列分析中正确的是（ ）

A.小球在摆动过程中始终受到平衡力的作用
B.当小球摆至B点时，如果细线突然断裂，小球将竖直下落
C.当小球摆至C点时，如果小球所受的力同时消失，小球将静止在C位置
D.小球摆动过程中，随着小球位置的改变，小球所受重力的大小和方向也随之改变

7. 如图所示，压在杯底的乒乓球，上浮时会弹离水面．下列说法正确的是（ ）

A.乒乓球上浮过程中，受到的浮力始终不变
B.乒乓球弹离水面后上升，是由于水的浮力作用
C.乒乓球上浮过程中，水对杯底的压强始终不变
D.乒乓球上浮过程中，水对杯底的压强先不变，后减小

8. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（ ）

A.通过滑动变阻器的电流变小，其两端的电压变大
B.通过小灯泡的电流及其两端的电压都保持不变
C.电流表的示数变大，电压表的示数变小
D.电流表和电压表的示数都逐渐变大

9. 下列说法正确的是（ ）

A.甲图，揭示了磁场对电流的作用，动圈式话筒应用了这一原理
B.乙图，揭示了电磁感应现象，将机械能转化为电能，发电机应用了这一原理
C.丙图，是奥斯特实验，揭示了磁可以生电，电磁继电器应用了这一原理
D.丁图，只能探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，A的上端为N极

10. 如图甲所示电路的电源电压为12V，电流表选用0−0.6A的量程，电压表选用0−l5V的量程，小灯泡上标有“6V 6W”字样，其I−U图象如图乙所示。下列判断正确的（ ）

A.小灯泡能正常发光
B.当电流表示数为0.3A时，电压表示数为0.5V
C.滑动变阻器接入电路的最小阻值为15Ω
D.电路消耗的最大总功率为7.2W
二、填空题（每空1分，共14分）

小宇乘坐爸爸驾驶的私家车时闻到了一股股清香的气味，是因为车内放置的“固体清新剂”发生了________（填物态变化现象）。

“神舟十号”飞船与“天宫一号”实施成功对接后，“神舟十号”内的航天员看到“天宫一号”纹丝不动，则航天员选择的参照物是________。

若用镜头焦距为f的照相机拍照，被拍景物到镜头的距离应________2f（选填“大于”、“小于”或“等于”）；如图是小红的两张清晰的照片，拍摄这两张照片时照相机镜头的焦距相同，那么拍摄________照片时，相机离小红的距离更大。


如图所示，C是水平地面，A、B是两个长方体物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物块A和B以相同的速度做匀速直线运动。由此可知，A、B间摩擦力为________，B、C间摩擦力是________。


我国蛟龙号载人潜水器已完成了7km级的潜水实验，它潜入海面下7km深处受到海水的压强是________Pa（ρ海水=1.03×103kg/m3，g=10N/kg），在逐渐上升返回海面的过程中，所受到海水的压强将________（选填“变大”“不变”或“变小”）．

如图所示，是四根高压输电线上的一个装置，根据你的思考该装置应该属于________（选填“导体”或“绝缘体”），利用这个装置把四根导线固定起来，相当于增大了输电导线的________，从而减小了输电导线的电阻，这样可以减少输电线上电能的损失。


如图所示，在三孔插座的A、B、C三孔中，连接火线的是________孔，通过三孔插头和家用电器的金属外壳相连的是________孔。


在图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1与电压表V2的示数之比为2:3，电流表A的示数为1A；若将电压表V1换成电流表A1．则电流表A1的示数为2A．那么电阻R1和电阻R3的阻值之比为________。


如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，不变的是：①电流表A的示数；②电压表V的示数；③电流表A与A1示数的差值；④电压表V与电流表A示数的比值。以上正确的是________。（填写序号）

三、作图和实验题（每图1分，每空1分，共18分）

如图所示，玻璃砖的横截面为直角三角形，一束光从玻璃砖AB面垂直射入玻璃砖后，将在AC面发生反射和折射，请画出光在玻璃砖AC面发生反射和折射的光路图。


如图所示是一辆在水平地面上向左做匀速直线运动的小车，在其支架的杆上固定一个质量为m的小球，作出小球所受力的示意图．


请同学们认真回顾我们做过的实验后填空：

（1）甲图中，是世界上第一支温度计--伽利略温度计的原理图。伽利略温度计是利用气体的热胀冷缩性质工作的。A、B两点是将该温度计插入32​∘C的温水中及水温冷却至28​∘C时的液面高度。根据气体的热胀冷缩特性可知：A点的温度是________。

（2）乙图中，两个相同装置，同时给质量相同的水和沙子加热，物体吸收热量的多少是通过________来反映的；

（3）丙图中，研究杠杆的平衡条件时，通过改变动力（或动力臂）和阻力（或阻力臂）多次测量，目的是________；

（4）丁图中，用大小不同的力敲打鼓面，可探究________。

我们知道，物体所受空气阻力大小与物体运动的速度大小有关。由此小华猜想：空中下落的物体速度会增大，那么从足够高的高空下落的雨滴速度会不会一直增大，其所受的空气阻力会不会也一直增大？
请你结合所学物理知识分析：一滴质量为5g的雨滴从高空下落时（假设在无风天气，雨滴下落高度足够大），所受到的最大阻力f＝________N，此后雨滴做________运动。(g＝10N/kg)
如图，小华了解到大小纸锥下落时运动快慢不同主要是因为阻力不同造成的，由此你认为运动物体受到的空气阻力大小还可能与迎风________有关。


王明按正确的方法测定滑轮组的机械效率，如图是他在测定时的方法，表为测定时记录的一组数据

（1）由表中数据可以计算出，滑轮组对钩码所做的有用功为0.1J，人做的总功为________J。

（2）对以上两个计算结果进行比较，其不合理之处是________；结合弹簧测力计放大图，可知王明的错误是________。

（3）计算出该滑轮组的机械效率________。

某实验小组的同学们用图甲所示器材测量小灯泡的电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω 1A”。

（1）请你用笔画线代替导线，把图甲中电路连接完整。

（2）连接完电路，闭合开关后，发现无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表无示数，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，那么出现该状况的原因是________。

（3）排除故障后，继续实验。当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为________W。

（4）测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值，原因是________。

（5）图丙是该实验小组的同学测量小灯泡电功率的电路图，测量后他们对测量结果进行了误差分析，考虑电表本身对电路的影响，该电路主要是由于所测________（选填“电压”或“电流”）值偏大引起小灯泡电功率偏大的。
四、应用与创新题（第26题3分，第27题5分，共8分）

高速公路已广泛应用ETC收费系统，这种系统是对过往车辆无需停车即能实现收费的电子系统，如图是某高速公路入口处的ETC通道示意图．现有一辆总质量M=1500kg的汽车，在进入ETC收费岛区域前s1=50m处开始减速，经t1=4s后运动至ETC收费岛（图中阴影区域）边界，然后再经t2=6s匀速通过ETC收费岛，其长s2=36m；不计车长，取g=10N/kg．

（1）求汽车的重力大小；

（2）求汽车从减速开始到离开ETC收费岛全过程的平均速度大小；

（3）若汽车在ETC收费岛匀速行驶所受阻力为车重力的0.2倍，求汽车通过ETC收费岛牵引力所做的功和功率．

如图甲所示电路，电源两端电压为8V，灯L上标有“6V 3W”字样，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V．滑动变阻器R的最大阻值为60Ω．闭合开关S和S1且断开S2时，移动滑动变阻器的滑片P，电路中的电流I与其接入电路的电阻R的关系如图乙所示，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到5R1时，定值电阻R0的功率变化了1.8W．求：（小灯泡的电阻保持不变）

（1）灯泡的电阻；

（2）闭合S和S2且断开S1时，在保证电路安全的情况下求滑动变阻器的取值范围；

（3）闭合开关S和S1且断开S2时，在保证电路安全的情况下，当R0的功率最小时，求滑动变阻器消耗的电功率。
参考答案与试题解析
2021年湖北省襄阳市中考物理一模试卷
一、单项选择题（每小题2分，共20分）
1.
【答案】
C
【考点】
声音的产生
防治噪声的途径
声速的大小跟介质温度的关系
声与能量
【解析】
（1）声音产生的条件：物体的振动发出声音；
（2）决定音调大小的因素是频率、决定响度大小的因素是振幅；
（3）声音能传递能量；
（4）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
【解答】
解：A．物体的振动发出声音，振动停止，声音停止，故A错误；
B．声音从空气传入水中，传播的过程中，频率不变，音调不变，速度改变，故B错误；
C．超声波能击碎人体内“结石”是因为声波具有能量，故C正确；
D．学校路段禁止汽车鸣笛，这是在声源处减弱噪声，故D错误．
故选C．
2.
【答案】
B
【考点】
长度的估测
【解析】
此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合生活实际的答案。
【解答】
解：由图知，国旗的宽度大约是升旗手身高的2倍，升旗手的身高一般在1.8m左右，所以国旗宽度在3.6m左右，故B符合题意．
故选B．
3.
【答案】
C
【考点】
生活中的凝华现象
液化及液化现象
【解析】
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】
A、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶。
B、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶。
C、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，附着在植被表面。
D、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，附着在建筑物或植被表面。
所以，四个物态变化中，只有C与其它三个不同。
4.
【答案】
C
【考点】
漫反射
光的传播速度与光年
光的折射现象及其应用
光反射的可逆性
光的折射规律
【解析】
（1）在不同介质中光的传播速度不同，光在真空中速度最大，为3×108m/s；
（2）光在同种均匀介质是沿直线传播的，光在不均匀的空气中传播的路径会发生弯曲；
（3）反射和折射现象中光路都是可逆的；
（4）了解镜面反射和漫发射，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律。
【解答】
A、在不同介质中光的传播速度不同，光在真空中速度最大，为3×108m/s，故A错误；
B、光在同种均匀介质中是沿直线传播的；光在不同介质中，其传播方向一般会发生改变，如果光从一种介质垂直射入另一种介质时，光的传播方向不改变；故B错误；
C、在光的反射或折射现象中，光路是可逆的，故C正确；
D、镜面反射和漫反射都是光的反射，因此都遵循光的反射定律，故D错误；
5.
【答案】
B
【考点】
物理学方法
【解析】
物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。
【解答】
黑洞我们不能直接观察，但通过其对恒星和气体的影响来间接感知它的存在。采用的是转换法。
6.
【答案】
C
【考点】
重力
牛顿第一定律
平衡状态的判断
力与运动的关系
【解析】
（1）物体受到平衡力的作用时，物体的运动状态不变；物体受到非平衡力，物体的运动状态变化。
（2）小球摆到B位置时，绳的拉力撤销，小球由于惯性要保持原来的运动状态，继续向前运动；小球还受到竖直向下的重力，由这两种运动的合运动可以判断物体的运动情况。
（3）物体撤销一切外力，物体将保持撤销力时的运动状态。
（4）在同一位置，重力大小不变，方向始终竖直向下。
【解答】
解：A．小球在摆动过程中，小球的运动状态不断发生变化，所以小球一直受到非平衡力作用，故A错误；
B．当小球摆至B位置时，如果细线突然断裂，小球由于惯性继续向右运动或向左运动，小球还受到重力作用要向下运动，所以小球要向右下方或左下方运动，故B错误；
C．当小球摆至C位置时，小球的速度为零，小球瞬间处于静止状态，此时如果小球所受的力同时消失，小球将保持静止状态，故C正确；
D．在同一位置，重力大小不变，方向始终竖直向下，故D错误．
故选C．
7.
【答案】
D
【考点】
阿基米德原理
液体的压强的特点
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．乒乓球在上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，由F浮=ρ水V排g可知受到的浮力不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，由F浮=ρ水V排g可知受到的浮力变小；所以乒乓球在上浮过程中，受到的浮力先不变、后变小，故A错误；
B．乒乓球弹离水面后不再受浮力作用，由于惯性将继续上升，故B错误；
CD．乒乓球上浮过程中，先是全浸入水中的上升过程，此过程排开水的体积不变，水的深度不变，由p＝ρgℎ可知水对杯底的压强不变；然后是露出水面到脱离水面，此过程排开水的体积变小，水的深度变小，由p=ρgℎ可知水对杯底的压强变小；所以乒乓球在上浮过程中，水对杯底的压强先不变、后变小，故C错误、D正确．
故选D．
8.
【答案】
B
【考点】
电路的动态分析
【解析】
由图知，灯泡与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流，由滑片移动方向判断R连入阻值变化，由并联电路特点和欧姆定律计算判断电表的示数变化情况．
【解答】
解：由电路图可知，灯泡与R并联，电流表测R支路的电流，电压表测电源电压，所以滑片移动后电压表示数不变；
因为并联电路支路间互不影响，所以滑片的移动后，灯泡支路两端电压和通过的电流不变；
滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入阻值变大，由欧姆定律知通过R的电流变小，即电流表示数变小．
综上所述，ACD错误，B正确．
故选B．
9.
【答案】
B
【考点】
探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验
电磁感应
通电直导线周围的磁场
【解析】
（1）通电导体在磁场中受到力的作用，电动机就是利用这个原理制成的；
（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，发电机就是利用这个原理制成的；
（3）奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，磁场的方向与电流的方向有关；
（4）电磁铁是利用电流的磁效应，安培定则：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的就是N极。
【解答】
A、该实验装置是用来研究通电导线在磁场中受力的作用的实验，而动圈式话筒是利用电磁感应现象的原理制成的，故A错误；
B、该实验装置是用于研究感应电流的实验，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，将机械能转化为电能，发电机就是应用了这一原理，故B正确；
C、奥斯特实验说明通电导线的周围存在磁场，揭示了电可以生磁，电磁继电器应用了这一原理，故C错误；
D、丁图即能探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系又能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，据安培定则可知，该螺线管的上方是N极，下方是S极，故D错误。
10.
【答案】
D
【考点】
欧姆定律的应用
电功率的计算
【解析】
A、灯与变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器的电压，因电流表选用0−0.6A的量程，故电路中的最大电流为0.6A；
根据小灯泡上标有“6V 6W”字样，根据P＝UI求出灯的额定电流分析；
B、当电流表示数为0.3A时，由图知灯的电压，根据串联电路电压的规律求出电压表示数；
C、当电路中的电流最大为0.6A时，变阻器连入电路中的阻最小，由欧姆定律求出此时灯的电阻，由欧姆定律和电阻的串联得出滑动变阻器接入电路的最小阻值；
D、当电路中电流为0.6A时，根据P＝UI求出电路消耗的最大总功率。
【解答】
A、灯与变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器的电压，因电流表选用0−0.6A的量程，故电路中的最大电流为0.6A；
小灯泡上标有“6V 6W”字样，根据P＝UI，灯的额定电流为：
IL=PLUL=6W6V=1A>0.6A，故灯不能正常发光，A错误；
B、当电流表示数为0.3A时，灯的电压为0.5V，根据串联电路电压的规律，电压表示数为：
UV＝12V−0.5V＝11.5V，B错误；
C、当电路中的电流最大为0.6A时，变阻器连入电路中的阻最小，此时灯的电阻：
RL=ULIL=6V1A=6Ω，
由欧姆定律和电阻的串联，滑动变阻器接入电路的最小阻值为：
R滑=UIL−RL=12V0.6A−6Ω＝12Ω，C错误；
D、当电路中电流为0.6A时，电路消耗的最大总功率为：
P＝UIL＝12V×0.6A＝7.2W，D正确。
二、填空题（每空1分，共14分）
【答案】
升华
【考点】
生活中的升华现象
【解析】
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】
小宇乘坐爸爸驾驶的私家车时闻到了一股股清香的气味，是因为车内放置的“固体清新剂”吸热后从固态直接变成了气态，即发生升华现象。
【答案】
“神舟十号”飞船
【考点】
参照物及其选择
【解析】
在研究物体的机械运动时要先选择一个物体，假定该物体不动，这个物体是参照物；如果物体的位置相对于参照物不变，则物体是静止的，如果物体的位置相对于参照物不断变化，则物体是运动的。
【解答】
成功对接后，以“神舟十号”飞船为参照物，“天宫一号”相对于它的位置不变，则“天宫一号”是静止的，所以，“神舟十号”内的航天员看到“天宫一号”纹丝不动。
【答案】
大于,乙
【考点】
凸透镜成像的应用
【解析】
凸透镜成像时，u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。
物体和照相机的距离是物距，胶片和镜头的距离是像距，胶片安装在暗箱的最后端。
凸透镜成像时，物体在凸透镜焦点以外，物距减小，像距增大，像变大。
【解答】
照相机的镜头利用的是物距大于二倍焦距时凸透镜的成像规律，即成倒立缩小的实像。
由图可知，乙照片较小，根据凸透镜成像时，物体在凸透镜焦点以外，物距减小，像距增大，像变大。可知，拍摄乙照片时，相机离小红的距离更大。
【答案】
0,F
【考点】
摩擦力的大小
【解析】
物块A和B以相同的速度做匀速直线运动，合力均为零，分别以A和整体为研究对象，研究A与B间、B、C间（即B与地面间）的摩擦力大小。
【解答】
先以A为研究对象，A做匀速直线运动，其受到的合力为零，由力的平衡条件分析可知，A不受摩擦力，否则水平方向上A的合力不为零，不可能做匀速直线运动，故A、B间摩擦力为0；
再以整体为研究对象，AB整体处于匀速直线运动状态，水平方向上受到的拉力F和地面对B的摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以B、C间（即B与地面间）的摩擦力是F。
【答案】
7.21×107,变小
【考点】
液体压强的计算公式及其应用
液体的压强的特点
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：它潜入海面下7km深处受到海水的压强：
p=ρ海水gℎ=1.03×103kg/m3×10N/kg×7000m=7.21×107Pa；
潜水器在逐渐上升返回海面的过程中，液体密度不变，蛟龙号在水中所处的深度变小，根据p=ρgℎ可知，所受到海水的压强变小．
【答案】
导体,横截面积
【考点】
影响电阻大小的因素
导体和绝缘体
【解析】
能导电的物体是导体；导体的电阻由导体的材料、长度、横截面积决定，在材料与长度一定的情况下，横截面积越大，导体电阻越小。
【解答】
在导线材料与长度一定的情况下，导线的横截面积越大，导线的电阻越小，在电流和时间一定时，由Q＝I2Rt可知，可以减少输电线上电能的损失；图示装置是导体，它把四根导线固定在一起，四根导线并联，相当于增大了导线的横截面积，从而使输电导线电阻变小，减少了输电线上电能的损失。
【答案】
B,C
【考点】
插座的构造与工作方式
【解析】
（1）如图用手指接触测电笔笔尾的金属体，笔尖接触火线，氖管会发光，则笔尖接触的是火线；
（2）三孔插座中间多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座的C孔与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电。
【解答】
测电笔笔尖接触B孔的电线时，氖管发光，说明测电笔的笔尖接触的是火线，可见，连接火线的是B孔；
三孔插座比两孔插座多的C孔是跟大地连接的，通过三孔插头和家用电器的金属外壳相连。
【答案】
1:2
【考点】
欧姆定律的应用
【解析】
该电路是电阻R1、R2、R3组成的串联电路，电流为1A，电压表V1测量R1、R2两端电压，电压表V2测量R1、R3两端电压；当电压表V1换成电流表A1时，电路中R1、R2被短路，电路中只有R3，此时通过，R3的电流为2A，可利用电源电压不变以及欧姆定律列出方程，然后便可求之。
【解答】
由欧姆定律可得：
U1＝I1(R1+R2) ①
U2＝I1(R2+R3) ②
U＝I1(R1+R2+R3) ③
当电压表V1换成电流表A1时，电路中R1、R2被短路，此时通过R3的电流为2A，
I2R3＝U ④
∵ U1:U2＝2:3
所以由①②可得：R1+R2R2+R3=23⑤
由③④得出R1+R2＝R3 ⑥
又由⑤⑥得 R3＝2R2，将其代入⑤可得R1+12R312R3+R3=23，则R1R3=12。
【答案】
②③
【考点】
电路的动态分析
【解析】
分析电路连接及电表测量的物理量：
根据电源的电压判断电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R2电流的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化以及两电流表示数之差的变化，从而得出电压表V与电流表A示数的比值变化。
【解答】
由图可知，变阻器R1与电阻R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流：
因电源的电压不变，所以，滑片移动时电压表V的示数不变，故②符合题意；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器R1接入电路中的电阻变大，由I=UR可知，通过滑动变阻器R1支路的电流变小，即电流表A1的示数变小；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故①不符合题意；
因电流表A与A1示数的差值等于通过R2的电流，
所以，电流表A与A1示数的差值不变，故③符合题意；
由电压表V的示数不变、电流表A的示数变小可知，电压表V与电流表A示数的比值变大，故④不符合题意；
综上，符合题意的是②③。
三、作图和实验题（每图1分，每空1分，共18分）
【答案】
【考点】
作光的折射光路图
作光的反射光路图
【解析】
（1）光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。
（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
【解答】
光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，然后过入射点垂直于AC面作出法线，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线，首先过入射点垂直于AC面作出法线，然后根据反射角等于入射角作出反射光线，
【答案】
如解答图所示．
【考点】
力的示意图
【解析】
要解决此题，需要掌握二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
要知道静止状态或匀速直线运动状态都属于平衡状态，处于平衡状态的物体受力平衡。
【解答】
解：小球静止在杆的末端，随小车一起做匀速直线运动，所以小球处于平衡状态，受到平衡力的作用．在竖直方向上，小球受到竖直向下的重力G，根据二力平衡的条件可知，必然有一个力来平衡这个重力，所以可以确定杆子给小球一个竖直向上的力F，且F=G，由于小球的周围没有其他的物体，而力不能离开物体而存在，所以可以确定小球不再受其他的力，如图所示：
【答案】
32​∘C
加热时间
避免结论的偶然性，寻找普遍规律
声音的响度与振幅的关系
【考点】
液体温度计的构造与工作原理
探究杠杆的平衡条件实验
响度与振幅的关系
【解析】
（1）此温度计不是根据液体的热胀冷缩原理制成的，它是靠气体作为膨胀物质，液体的受热膨胀忽略不计；
（2）采用转换法，通过加热时间的长短来反映物体吸收热量得多少；
（3）在探究杠杆平衡条件时，多次测量是为了得到广泛的结论，避免结论的偶然性；
（4）声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低。响度跟振幅有关。音色跟材料和结构有关。
【解答】
当外界温度升高时，细管中气体受热膨胀，体积增大，管中液面将向下运动，所以A点对应的温度较高，为32​∘C；
如乙图所示的加热装置，用同一酒精灯同时给质量相同的水和沙子加热，物体吸收热量的多少是通过加热时间的长短来反映的；
丙图中，研究杠杆的平衡时，通过改变动力（臂）和阻力（臂）多次测量，是为了寻求普遍规律，分析得出杠杆平衡条件；
用大小不同的力敲打鼓面，鼓面振幅不同，响度不同，研究响度跟振幅的关系。
【答案】
0.05,匀速直线,横截面积或形状
【考点】
力与运动的关系
【解析】
（1）先对雨滴受力分析，再分析雨滴受到重力和阻力大小关系，根据二力平衡条件判断雨滴的运动状态和阻力大小。
（2）根据平时的经验分析，运动物体受到的空气阻力大小还可能与物体的形状、横截面积、风速、空气密度有关。
【解答】
（1）雨滴从高空下落时受到重力和阻力作用，若雨滴所受空气阻力小于重力，则雨滴下落速度继续增大，且雨滴受到的空气阻力也会增大；当雨滴达到一定速度时，阻力等于重力，雨滴受力平衡，此后雨滴将做匀速直线运动；
则雨滴所受到的最大阻力：f＝G＝mg＝5×10−3kg×10N/kg＝0.05N；
（2）运动物体受到的空气阻力大小可能与迎风的横截面积或形状有关。
【答案】
0.06
有用功大于总功,弹簧测力计读数错误
83.3%
【考点】
滑轮（组）机械效率的测量实验
【解析】
（1）拉力做的功为总功，可用FS计算；
（2）通过计算有用功和总功，发现有用功大于总功，这是不可能的，错误原因在于测力计读数有误；
（3）在正确读出拉力以后，首先计算出有用功和总功，然后用公式η=WW计算。
【解答】
W总＝Fs＝0.4N×0.15m＝0.06J。
通过计算有用功和总功，发现有用功大于总功，这是不合理的地方；结合弹簧测力计放大图，可知王明的错误是弹簧测力计读数错误，正确的读数为0.8N。
η=WW=GℎFs=×0.15m=83.3%。
故答案为：0.06、有用功大于总功、弹簧测力计读数错误、83.3%。
【答案】
如上图；
灯泡的灯丝断了
0.76
灯在不同电压下的功率不同
电流
【考点】
探究用电器的电功率实验
【解析】
（1）根据待测小灯泡L的额定电压为3.8V确定电压表选用大量程与灯并联，变阻器按一上一下连入电路中；
（2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（4）灯在额定电压下正常发光，不同电压下，小灯泡的电功率不同；
（5）根据并联电路电流的规律分析。
【解答】
待测小灯泡L的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，变阻器按一上一下连入电路中，如下所示：
电流表无示数，小灯泡都不亮，说明电路处于开路，电压表示数明显，仔细检查，连接无误，说明电压表示数串联在电路中，测电源电压；所以，故障是灯泡的灯丝断了；
排除故障后，通过正确操作，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.2A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝3.8V×0.2A＝0.76W；
灯在额定电压下正常发光，不同电压下，小灯泡的电功率不同，故测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值；
根据并联电路电流的规律，电流表示数等于灯的电流与通过电压表电流大小和，故该电路主要是由于所测电流值偏大引起小灯泡电功率偏大的。
四、应用与创新题（第26题3分，第27题5分，共8分）
【答案】
（1）汽车的重力为15000N；
（2）汽车从减速开始到离开ETC收费岛全过程的平均速度为8.6m/s；
（3）汽车通过ETC收费岛牵引力所做的功为1.08×105J，功率为18000W．
【考点】
功的计算
功率的计算
重力的计算
变速运动与平均速度
【解析】
（1）根据G=mg求出重力大小；
（2）根据路程和时间求出速度的大小；
（3）先求出阻力，根据P=Fv求出功率，再根据W=Pt求出功．
【解答】
解：（1）汽车的重力为：
G=mg=1500kg×10N/kg=15000N；
（2）由题意可知，汽车从减速开始到离开ETC收费岛全过程的平均速度大小为：
v=st=50m+36m4s+6s=8.6m/s；
（3）因为汽车在ETC收费岛匀速行驶，
所以汽车受到的牵引力：
F=f=0.2G=0.2×15000N=3000N；
汽车在收费岛匀速行驶的速度：
v′=s2t2=36m6s=6m/s；
汽车的功率：
P=Fv′=3000N×6m/s=18000W；
汽车所做的功：
W=Pt=18000W×6s=1.08×105J．
【答案】
灯泡的电阻为12Ω；
闭合S和S2且断开S1时，在保证电路安全的情况下滑动变阻器的取值范围为4∼7.2Ω；
闭合开关S和S1且断开S2时，在保证电路安全的情况下，当R0的功率最小时，滑动变阻器消耗的电功率为1W。
【考点】
电功率的计算
欧姆定律的应用
【解析】
（1）灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=U2R求出灯泡的电阻；
（2）闭合S和S2且断开S1时，L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，灯泡正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器的取值最小，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出求出滑动变阻器的最小值；
当电压表的示数最大时，滑动变阻器的取值最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点求出灯泡L两端的电压，根据R=UI求出滑动变阻器的最大值；
（3）闭合开关S和S1且断开S2时，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律分别表示出变阻器接入电路中的为R1和4R1时电路中的电路中的电流，再根据欧姆定律表示出电压表的示数，根据图乙可知两次电流表的示数，据此求出R0的值；
根据P=U2R可知R0两端的电压最小时R0的功率最小，根据电压表量程可求出R0两端的电压最小值，最后根据欧姆定律和P＝UI即可求出滑动变阻器消耗的电功率。
【解答】
由P=U2R可得，灯泡正常发光时的电阻：
RL=U2P=(6V)23W=12Ω；
灯泡L正常发光时的电流：
IL=URL=6V12Ω=0.5A；
闭合S和S2且断开S1时，L与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
当，灯泡正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器的取值最小；
灯泡L正常发光时的电流IL=URL=6V12Ω=0.5A；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR小＝U−UL＝8V−6V＝2V，
由I=UR可得：
滑动变阻器的最小值R最小=URIL=2V0.5A=4Ω；
当电压表的示数UR大＝3V时，滑动变阻器的取值最小，电路中的电流最小；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡两端的电压：
UL小＝U−UR大＝8V−3V＝5V，
此时电流为I最小=ULRL=5V12Ω=512A，
则由I=UR可得：
滑动变阻器的最大值R最大=URI=3V512A=7.2Ω；
所以，在保证电路安全的情况下滑动变阻器的取值范围为4∼7.2Ω；
闭合开关S和S1且断开S2时，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
则变阻器接入电路中的为R1和5R1时，电路中的电路中的电流分别为：
I1=UR0+R1=，I2=UR0+5R1，
由图乙可知，当滑动变阻器接入电路的阻值由R1增大到5R1时对应电电流表的示数分别为2IR、IR，
即：I1＝2I2，
则UR0+R1=2×UR0+5R1；
解得：R0=13R1；
由于定值电阻R0的功率变化了1.8W，则由于P＝I2R可得：
△P0＝I12R0−I22R0＝(2I2)2R0−I22R0＝3I22R0＝3×(UR0+5R1)2R0，
所以，1.8W＝3×(8VR0+5×13R0)2R0，
解得：R0＝15Ω，
根据P=U2R可知当R0两端的电压最小时功率最小，由于电压表量程为0∼3V，所以滑动变阻器两端的电压最大为3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压最小为U小＝U−UR大＝8V−3V＝5V，
则电流为I=UR0=5V15Ω=13A，
所以，P滑＝UR大I＝3V×13A＝1W。钩码总重G(N)
钩码上升高度ℎ(m)
测力计拉力F(N)
测力计移动距离s(m)
2
0.05
0.4
0.15