2021年辽宁省锦州市中考物理试卷

这是一份2021年辽宁省锦州市中考物理试卷，共28页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，简答题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021年辽宁省锦州市中考物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。


一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）
1. 下列估测的数据中，最接近实际的是(    )
A. 此刻考场内的温度约为5℃
B. 初中物理课本的长度约为26cm
C. 一支中性笔的质量约为500g
D. 家用电冰箱正常工作时的电流约为10A
2. 我们生活在充满声音的世界里，下列关于声现象的说法中正确的是(    )
A. 有些物体在发声时没有振动
B. 声音能在真空中传播
C. 声纹锁依据声音的音调进行识别
D. 给机器加橡皮垫是在声源处减弱噪声
3. 如图所示的四种光现象中，属于光的反射现象的是(    )
A. 阳光下的人影
B. 海市蜃楼
C. 小猫在镜中成像
D. 笔在水中“折断”
4. 周末下午烈日炎炎，小明从冰箱的冷藏室中取出一罐可乐，放在餐桌上，不一会儿这罐可乐“大汗淋漓”。下列现象与此物态变化相同的是(    )
A. 水烧开后壶嘴附近冒“白气” B. 衣箱里的樟脑球逐渐变小
C. 阳光下的湿衣服逐渐变干 D. 燃烧的蜡烛在“流泪”
5. 下列有关材料、能源的说法中正确的是(    )
A. 纳米陶瓷粉制成的陶瓷非常易碎
B. 硅光电池能够直接把太阳能转换成电能
C. 原子弹爆炸时发生的是核聚变
D. 地热能属于不可再生能源
6. 如图是一种常见的动圈式话筒的构造图，如图所示的四幅图中能够说明其工作原理的是(    )
A.
B.
C.
D.

7. 如图所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，下列判断中正确的是(    )
A. 电压表V示数变大
B. 电流表A1示数不变
C. 电流表A1示数与电流表A2示数的差值变小
D. 电压表V示数与电流表A2示数的比值变小


二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）
8. 关于学校的各项体育活动中所蕴含的物理知识，下列说法中正确的是(    )
A. 静止在水平地面上的足球，受到的重力和支持力是一对相互作用力
B. 将篮球投向远处的篮筐，当篮球运动到最高点时，篮球的动能不为零
C. 奔跑的学生不能立即停下，是因为受到惯性的作用
D. 正在做俯卧撑的同学整体可视为省力杠杆
9. 底面积不同的两个容器，放在水平桌面上。分别装入质量相等的甲、乙两种不同液体，液面相平(如图所示)。现有两个体积相同的不同小球A和B，A球放入甲液体中，B球放入乙液体中，两球均处于悬浮状态，液体均未溢出。下列说法中正确的是(    )
A. 甲液体的密度大于乙液体的密度
B. 未放入小球时，甲液体对容器底的压强小于乙液体对容器底的压强
C. 悬浮时小球A所受浮力大于小球B所受浮力
D. 若把小球B放入甲液体中，静止时小球B所受浮力等于在乙液体中所受的浮力
10. 图甲中R0为定值电阻，电源电压保持不变。滑动变阻器R1标有“20Ω1A”字样，电流表量程0−0.6A，灯泡L的额定电流是0.5A。当开关S1、S2都断开或都闭合两种情况中，移动滑片P(所有元件都安全)得到了两次电流表示数与R1阻值变化关系的图像(如图乙所示)，灯泡在工作时正常发光。下列说法中正确的是(    )
A. 电源电压为4V
B. 灯泡L的额定功率为3W
C. R0的阻值为10Ω
D. 开关都断开与都闭合时，电路最大功率之比为6：11

三、填空题（本大题共7小题，共17.0分）
11. “拔丝地瓜”是很多人喜欢的菜品。刚出锅的“拔丝地瓜”香气特别浓，这是因为温度越高，分子的无规则运动越______(选填“剧烈”或“缓慢”)；夹起一块地瓜就会拉出很长的丝，是因为分子间存在______；地瓜由生到熟，主要是通过______的方式改变内能。
12. 生活中有许多“吸”的现象。用吸管把敞口玻璃杯中的饮料“吸”入嘴里，是利用______的作用；将气球与头发摩擦后，相互靠近时气球与头发“吸”在一起，是因为摩擦后的气球与头发带有______电荷相互吸引；龙卷风能把物体“吸”起卷入空中，是因为流体流速大的地方______。
13. 2021年2月10日我国首次火星探测任务“天问一号”探测器，成功实现“绕、着、巡”目标的第一步，环绕火星成功。火星探测器与地球之间通过______(选填“超声波”或“电磁波”)实现联系；发射过程中，火箭携带“天问一号”探测器加速升空，以地面为参照物，火箭是______(选填“运动”或“静止”)的。
14. 小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，此时木箱所受推力______(选填“大于”、“等于”或“小于”)摩擦力；擦黑板时要用力按黑板擦是通过______的方式增大摩擦力。
15. 如图所示，当闭合开关S时，小磁针将向______ (填“顺时针”或“逆时针”)方向转动，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电磁铁的磁性将______ .(填“增强”、“不变”或“减弱”)


16. 如图所示，将重为40N的物体G沿水平方向匀速直线向左拉动2m，用时5s。已知滑轮组中动滑轮重为6N，绳子自由端拉力F为10N，则物体与地面间的摩擦力为______N。绳子自由端拉力F的功率为______W。该滑轮组的机械效为______(不计绳重和滑轮组的摩擦)。



17. 图甲所示的电路中，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为60Ω，电源电压保持不变。滑动变阻器R2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，得到R2的电功率与通过它的电流的关系，如图乙所示。在此过程中滑动变阻器R2的最大功率为______W。当滑片P在最左端时，1min内电流通过R1产生的热量为______J。




四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
18. 如图所示，一束光线在空气和水的交界面处发生反射和折射，已知折射光线为OC，请画出大致的入射光线AO和反射光线OB。










19. 现在许多宾馆都利用房卡取电，它相当于一个开关。只有房卡插入卡槽里，房间内的电灯和插座才能工作。如图所示是房间内已经连好的部分电路图，S1是房卡开关，S2是控制电灯的开关。为使电灯和插座都正常工作，请将电路图补充完整。









五、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）
20. 图甲是小明“探究冰熔化时温度变化规律”的装置，请回答下列问题：

(1)某时刻试管中温度计的示数如图乙所示是______℃。
(2)把装有碎冰块的试管放到装有水的大烧杯中加热，主要目的是使碎冰块______。
(3)图丙是小明根据实验数据绘制的冰的温度随时间变化的图像。由此可知冰是______(选填“晶体”或“非晶体”)；在第6min时，试管内的物质处于______(选填“固态”、“液态”或“固液共存态”)。
(4)小明又继续加热一段时间，观察到______(选填“试管”、“烧杯”或“试管和烧杯”)中的水发生了沸腾现象，温度计的示数不再发生变化。
21. 小明做“探究凸透镜成像规律”的实验，选用的凸透镜焦距为10cm。

(1)蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，恰好能在光屏上接收到清晰的烛焰的像，但像没有完整的成在光屏的中央。为了使像成在光屏的中央，应将凸透镜向______(选填“上”或“下”)调节。
(2)把蜡烛移到光具座25cm刻度线处，凸透镜不动，移动光屏，光屏上再次出现清晰倒立、______(选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像，这个成像性质在生活中的应用是______(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)。
(3)接着，小明取下自己戴的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变得模糊。保持蜡烛和凸透镜不动，当光屏向左移动适当距离后像又清晰。由此推断，小明的眼睛属于______(选填“近视眼”或“远视眼”)。
(4)小明取走自己的眼镜，将蜡烛移到光具座30cm刻度线处，凸透镜不动，移动光屏，当光屏上再次出现清晰的像时，发现蜡烛和光屏之间的距离______(选填“大于”、“等于”或“小于”)(2)图中光屏上出现清晰的像时蜡烛和光屏之间的距离。
22. 小明同学从家里带了两块形状规则的小木块，到实验室测它们的密度。
(1)将天平放在水平台上，游码拨到标尺左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘中线的左侧。应向______(选填“左”或“右”)调节平衡螺母，使横梁水平平衡。
(2)用天平测木块质量，平衡时砝码、游码如图甲所示。木块质量为______g。
(3)在量筒中装适量的水如图乙所示，将木块用细针压没在量筒的水中，液面与46mL刻度线相平，则木块密度为______kg/m3。

(4)若考虑到木块吸水，以上方法所测木块密度值偏______(选填“大”或“小”)。
(5)小明换用不同的方法测另一个木块的密度，请帮助他把实验步骤补充完整。
①用弹簧测力计测出木块的重力，示数为F1；
②把一石块系在木块下，用测力计吊着木块和石块，______静止时测力计的示数为F2；
③把挂在测力计下的木块和石块浸没在水中(如图丙)。静止时测力计示数为F3；
④木块密度表达式：ρ木=______(用ρ水和测得的物理量表示，不考虑木块吸水)。
23. 小明所在的物理实验小组，利用图甲所示的电路测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻。

(1)图甲中小明将一根导线连接错误，若此时闭合开关，小灯泡______(选填“发光”或“不发光”)。请你在接错的导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确。
(2)小明将电路改接正确后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光。此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻是______Ω。
(3)小明测量了小灯泡在不同电压下的电流，并绘制了如图丙所示的图像，根据图像可知电流与电压并不成正比。原因是灯丝的电阻随温度升高而______。在这个图像中，横轴应该表示的物理量是______(选填“电压”或“电流”)。
(4)小明又设计了图丁所示的电路，只用电压表测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率。已知滑动变阻器R最大阻值为15Ω。电源电恒定其测量过程如下：
①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到右端，电压表示数为4.5V；
②______(填三个开关闭合与断开情况)移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______V，这时小灯泡正常发光。
③闭合开关S1、S2，断开S3，保持滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为3V；
④小灯泡的额定功率P额=______W。

六、简答题（本大题共1小题，共3.0分）
24. 如图所示是一台四冲程汽油机工作时某一时刻的示意图，请回答下列问题：
(1)该汽油机此时处于哪个冲程？
(2)在此冲程中发生了怎样的能量转化？
(3)请写出汽油机在工作过程中靠飞轮惯性来完成的任意一个冲程的名称？












七、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
25. 随着科技的发展，无人驾驶技术日趋成熟。如图所示是利用5G网络实现远程驾驶的纯电动汽车，其质量为1.8t，车轮与路面接触的总面积为750cm2。该车在水平路面上匀速直线行驶12km，用时10min，这一过程中汽车发动机的功率恒为24kW。(汽油热值q=4.5×107J/kg，g取10N/kg)求：
(1)该车静止在水平路面上对路面的压强是多少？
(2)在这过程中汽车受到的阻力是多少？
(3)该车百公里消耗电能1.8×108J，若这些能量完全由燃烧汽油来获得，相当于完全燃烧汽油多少千克？








26. 如图所示是速热型电热水龙头的电路简图，R1、R2为电热丝，通过操作开关，可以提供温水和热水，相应参数如表。当电热水龙头在额定电压下工作时，求：
额定电压
额定功率
220V
温水
热水
1980W
4400W
(1)闭合开关S1、断开开关S2，此时电路中的电流多大？
(2)电热丝R2的电阻多大？
(3)闭合开关S1、S2通电20s，可以把1kg的水从15℃加热到34℃。求电热水龙头的加热效率？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)](结果保留到0.1%)







答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、此刻考场内的温度约为25℃，故A错误；
B、初中物理课本的长度约为26cm，符合实际，故B正确；
C、一支中性笔的质量约为10g，故C错误；
D、家用电冰箱正常工作时的电流约为1A，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。

2.【答案】D

【解析】解：A、声音是由物体振动而产生的，故A错误；
B、声音传播需要介质，真空不能传声，故B错误；
C、音色是判断发声体的依据，“声纹门锁”，是依据声音的音色来识别的。故C错误；
D、给机器加橡皮垫是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：D。
(1)声音是由物体振动而产生的；
(2)声音传播需要介质，真空不能传声；
(3)音色是发声体材料和结构决定的，不同发声体发出的声音的音色不同；
(4)减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；
本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单。

3.【答案】C

【解析】解：A、阳光下的人影是由光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B、海市蜃楼是光在密度不均匀的大气层中传播时，发生折射形成的，故B不符合题意。
C、小猫在镜中成像，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意。
D、水中笔反射的光线是从水中斜射入空气中，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线看时，看到的是折射光线反向延长线形成的笔的虚像，比笔的实际位置要浅些，所以感觉水中的笔向上折断了，故D不符合题意。
故选：C。
(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子的形成、日食和月食等；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。

4.【答案】A

【解析】解：从冰箱的冷藏室中取出一罐可乐，放在餐桌上，不一会儿这罐可乐“大汗淋漓”，是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴。
A、水烧开后壶嘴附近冒“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴，故A符合题意；
B、衣箱里的樟脑球逐渐变小，是固态直接变成气态，属于升华现象，故B不合题意；
C、阳光下的湿衣服逐渐变干，是液态的水变成气态的水蒸气，属于汽化现象，故C不合题意；
D、燃烧的蜡烛有“流泪”的现象，是因为石蜡的熔点低，受热熔化形成的，是熔化现象，故D不合题意。
故选：A。
物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化。物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾。物体由气态变为液态的过程叫液化。物体由固态变为气态的过程叫升华。
此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。

5.【答案】B

【解析】解：A.用纳米陶瓷粉制成的陶瓷具有一定的韧性，不易碎，故A错误；
B.硅光电池是把光能转换成电能的装置，故B正确；
C.原子弹爆炸时发生的是核裂变，故C错误；
D.地热能可以从自然界中源源不断地得到，属于可再生能源，故D错误。
故选：B。
(1)用纳米陶瓷粉制成的陶瓷不易碎，其具有一定的韧性；
(2)硅光电池是一种直接把光能转换成电能的半导体器件；
(3)核能分为裂变和聚变两种，裂变应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上；
(4)可以从自然界中源源不断地得到的能源的是可再生能源；不可能在短期内从自然界得到补充的能源是不可再生能源。
本题考查能源的分类、半导体材料、核裂变、太阳能的利用，综合性强，但难度不大。

6.【答案】A

【解析】解：当你对着话筒说话时，产生的声音使膜片振动，与膜片相连的线圈也跟着一起振动，而线圈处在磁场中，线圈振动时切割磁感线，能产生随着声音变化而变化的电流，感应电流经过放大后，通过扬声器还原成声音。话筒运用的是电磁感应的原理，即导体在闭合线圈中做切割磁感线运动，产生的感应电流；
A、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，故A正确；
B、该图是奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，故B错误；
C、闭合开关，通电导体在磁场中受到力的作用，导体会运动，故C错误；
D、该图中电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故D错误；
故选：A。
动圈式话筒的工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器→产生声音。
本题考查了动圈式话筒的工作过程及原理，动圈式话筒是根据电磁感应现象工作的，将声音信号转变成电信号。

7.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路电流；
A、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A错误；
B、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变；
当滑动变阻器R2的滑片P由中点向下端移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过R2的电流变大，即电流表A2的示数变大；因为通过R1的电流不变，通过R2的电流变大，所以，由并联电路的电流特点可知，干路电流变大，即A1的示数变大，故B错误；
C、根据并联电路的电流关系可知，电流表A1示数与电流表A2示数的差值为通过定值电阻的电流，保持不变，故C错误；
D、电压表V示数不变、电流表A2示数变大，则电压表V示数与电流表A2示数的比值变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路电流；
根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1电流的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化；根据电压表V示数与电流表A1示数的变化判断两者比值的变化；根据并联电路的电流关系判定电流表A1示数与电流表A2示数的差值的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好并联电路中各支路独立工作、互不影响较为关键。

8.【答案】BD

【解析】解：A、足球静止在水平地面上时，受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误；
B、篮球出手后做斜上抛运动，到达最高点，竖直方向速度减为零，水平方向速度不为零，动能不为零，故B正确；
C、奔跑的学生不能立即停下，是因为他具有惯性，仍要保持原来的运动状态；惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，故C错误；
D、做俯卧撑运动时，可以将人看成是一个杠杆，支点在脚尖位置，地面对手的支持力为动力，人的重力为阻力，所以动力臂大于阻力臂，此时人相当于一个省力杠杆，故D正确。
故选：BD。
(1)二力平衡的特点：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上；相互作用力的特点：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。
(2)物体因为运动而具有的能量叫动能；影响动能大小的因素是质量和速度。
(3)惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性。
(4)做俯卧撑运动时，地面对手的支持力为动力，人的重力为阻力，根据动力臂和阻力臂的大小关系，从而确定是省力杠杆还是费力杠杆。
此题通过体育运动考查惯性、相互作用力和平衡力的区别、杠杆、动能等知识的理解和应用，综合题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。

9.【答案】ACD

【解析】解：A、由图可知：甲容器中液体的体积小于乙容器中液体的体积，已知甲、乙两容器装入质量相等的不同液体，根据ρ=mV可知：ρ甲>ρ乙，故A正确；
B、未放入小球时，由图可知：容器中液体的深度相同，ρ甲>ρ乙，根据p=ρgh可知：p甲>p乙，故B错误。
C、已知两球体积相同，均处于悬浮状态，则排开液体的体积相同，根据F浮=ρ液gV排可知：F浮A>F球B，故C正确。
D、小球B在乙液体中悬浮，说明小球B的密度等于乙液体的密度，且F乙B=GB，由A知ρ甲>ρ乙，所以若把小球B放入甲液体中，小球B静止时处于漂浮状态，受到的浮力等于小球B的重力，所以若把小球B放入甲液体中静止时小球B所受浮力等于在乙液体中所受的浮力，故D正确。
故选：ACD。
(1)已知甲、乙两容器装入质量相等的不同液体，由图可知：甲容器中液体的体积小于乙容器中液体的体积，根据ρ=mV即可判断密度的大小；
(2)由图可知：容器中液体的深度相同，根据p=ρgh即可判断液体对容器底的压强大小；
(3)已知两球体积相同，根据排开液体的体积关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力大小关系。
(4)根据小球B在乙液体中的浮沉判断出小球B与乙液体密度的关系，由甲乙液体密度的关系判断出小球B与甲液体密度的关系，进而判断出小球B在甲乙中的浮沉和此时浮力与重力的关系，最后判断出若把小球B放入甲液体中静止时小球B所受浮力与在乙液体中所受浮力大小。
本题考查了学生浮沉条件的应用、对密度公式、阿基米德原理、液体压强公式的掌握和运用，是一道综合题，有一定的难度。

10.【答案】BCD

【解析】解：
由甲图可知，当开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器R1与灯泡L并联，此时由于R1的阻值不能为零，由此可判断出图乙中的上边的曲线为S1、S2都闭合时电流表示数与R1阻值变化关系的图象，则下边的曲线为S1、S2都断开时电流表示数与R1阻值变化关系；如下图：

A、开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器R1与灯泡L并联，由图象中上边的曲线可知，当R1=20Ω时，I1=0.3A，
由I=UR可得电源电压：U=U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V，故A错误；
B、由于灯泡发光时恰好正常工作(其额定电压等于电源电压6V)，且灯泡L正常工作的电流是0.5A，则灯泡L的额定功率：P额=PL=UIL=6V×0.5A=3W，故B正确；
C、开关S1、S2都断开时，R1与R0串联，当R1=0Ω时，电路中只有R0连入，由图象中下边的曲线可知：I=0.6A，
由I=UR可得R0的阻值：R0=UI最大=6V0.6A=10Ω，故C正确；
D、开关都闭合时，变阻器R1与灯泡L并联，干路最大电流I闭合=I1最大+IL=0.6A+0.5A=1.1A；
开关都断开时，R1与R0串联，由图象中下边的曲线可知最大电流I断开=0.6A，
则开关都闭合与都断开时，电路最大功率之比为：
P闭合：P断开=UI闭合：UI断开=I闭合：I断开=1.1A：0.6A=11：6，故D正确。
故选：BCD。
由甲图可知：当开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器R1与灯泡L并联，此时由于R1的阻值不能为零，由此即可判断出图乙中的上边的曲线为S1、S2都闭合时电流表示数与R1阻值变化关系的图象，则下边的曲线为S1，S2都断开时电流表示数与R1阻值变化关系；
(1)由于开关S1、S2都闭合时，滑动变阻器R1与灯泡L并联在电源两端，则由图象即可读出R1的阻值和电流，根据欧姆定律求出R1的两端的电压，即可得知电源电压和灯泡正常工作的电压；
(2)灯泡发光时恰好正常工作，正常工作的电流是0.5A，利用P=UI即可求出灯泡L的额定功率；
(3)开关S1、S2都断开时，R1与R0串联，当R1=0时电路中只有R0连入，由电流表示数与R1阻值变化关系图象可知此时的电流表示数，利用欧姆定律求出R0的阻值；
(4)根据图象分别得出开关都闭合与都断开时电路中的最大电流；利用P=UI即可求出比值。
分析清楚电路结构、熟练应用串并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的变形公式即可正确解题。

11.【答案】剧烈  引力  热传递

【解析】解：(1)分子在不停地做无规则运动，即扩散现象，温度越高，分子运动越剧烈，所以刚出锅的“拔丝地瓜”的香味闻起来更加浓郁一些；
分子间存在相互作用的引力，在分子间引力作用下，使地夹起一块地瓜时就会拉出很长的丝而不断开；
(2)做“拔丝地瓜”时，地瓜吸收热量由生到熟，是通过热传递的方式改变地瓜的内能。
故答案为：剧烈；引力；热传递。
(1)物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈，分子间存在相互的引力和斥力；
(2)改变物体内能的方式：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
本题主要考查学生对改变内能的发生、分子运动及其分子间作用力的了解和掌握，是一道基础题。

12.【答案】大气压  异种  压强小

【解析】解：(1)用吸管吸饮料时，用力吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压的作用；
(2)将气球与头发摩擦后，气球和头发因摩擦起电而带有异种电荷，因异种电荷相互吸引，所以相互靠近时气球与头发“吸”在一起；
(3)龙卷风旋转速度很大，内侧因流速大而压强小，外侧因流速小而压强大，所以物体在压强差的作用下被“吸”起卷入空中。
故答案为：大气压；异种；压强小。
(1)饮料在大气压力作用下被压入嘴中；
(2)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(3)在气体和液体中，流速大的位置压强小。
此题考查了大气压的应用、电荷间作用规律，以及流体压强与流速的关系等，属于基础原理的应用，难度不大。

13.【答案】电磁波  运动

【解析】解：(1)因电磁波可以在真空中传播，所以从火星探测器与地球之间用电磁波传递信息；
(2)发射过程中，火箭携带“天问一号”探测器加速升空，以地面为参照物，火箭位置发生了改变，所以是运动的。
故答案为：电磁波；运动。
(1)卫星信号都是通过无线电波来传递信息的；
(2)在研究物体的运动情况时，要先选取一个标准做为参照物，研究对象相对于参照物的位置发生了改变，就是运动的，如果位置没有发生改变，则是静止的。
本题考查电磁波的应用、运动和静止的判断，熟练掌握基础知识即可正确解题。

14.【答案】等于  增大压力

【解析】解：小明在水平地面上沿水平方向推木箱，但没推动，木箱处于静止状态，水平方向上受到的推力、摩擦力是一对平衡力，大小相等；
擦黑板时要用力按黑板擦，是通过增大压力的方法增大摩擦力。
故答案为：等于；增大压力。
(1)根据二力平衡条件，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力作用，且一对平衡力的大小相等，方向相反。
(2)影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；在接触面粗糙程度一定时，增大压力。
此题考查了二力平衡条件和增大摩擦力方法知识的应用，要明确当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，难度不大。

15.【答案】顺时针；增强

【解析】解：根据右手定则判断电螺线管的上端为N极，小磁针将向顺时针方向转动；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强．
故答案为：顺时针、增强．
本题抓住根据右手定则判断通电螺线管的极性．影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数．滑动变阻器滑片移动，如何引起电流变化，从而引起的电磁铁磁性强弱的变化．
本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手定则判断通电螺线管的极性．

16.【答案】24  12  80%

【解析】解：(1)从图中可知n=3，设绳子对物体的拉力为F物，不计绳重和滑轮组的摩擦，对动滑轮受力分析，则3F=G动+F物，则F物=3F−G动=3×10N−6N=24N，
因物体匀速匀速，物体与地面间的摩擦力f=F物=24N，
(2)物体的速度v物=s物t=2m5s=0.4m/s，
则绳子自由端的速度v绳=3v物=3×0.4m/s=1.2m/s，
根据P=Wt=Fst=Fv可知绳子自由端拉力F的功率P=Fv绳=10N×1.2m/s=12W；
(3)该滑轮组的机械效率η=W有用W总=F物s物Fs绳=F物s物F×3s物=F物3F=24N3×10N=80%。
故答案为：24；12；80%。
(1)从图中可知n=3，设绳子绳子对物体的拉力为F物，不计绳重和滑轮组的摩擦，对动滑轮受力分析，根据平衡力的知识得出F物，因物体匀速匀速，根据f=F物得出物体与地面间的摩擦力；
(2)根据速度公式得出物体的速度v物，根据v绳=3v物得出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知绳子自由端拉力F的功率；
(3)根据η=W有用W总=F物s物Fs绳=F物s物F×3s物=F物3F得出该滑轮组的机械效率。
本题考查功率的计算，并考查滑轮组的知识，综合性较强。

17.【答案】2.7  648

【解析】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象可知最小和最大电流分别为I最小=0.2A；I最大=0.6A，
由I=UR及串联电路的电压规律可得：
U=I最小(R1+R2)=0.2A×(R1+60Ω)--------①；
U=I最大R1=0.6A×R1---------②，
解①②得：R1=30Ω；U=18V；
滑动变阻器R2消耗的功率为：P2=I2R2=(UR1+R2)2R2=U2R12+2R1R2+R22R2=U2(R1−R2)2+4R1R2R2=U2(R1−R2)2R2+4R1，当R1=R2时，滑动变阻器R2消耗的功率最大，最大功率为：
P2=U24R1=(18V)24×30Ω=2.7W；
当滑片P在最左端时，R1产生的热量Q1=I最大2R1t=(0.6A)2×30Ω×60s=648J；故D错误。
故答案为：2.7；648。
由图甲可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流；
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出最大和最小电流值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，并求出R1的阻值和电源电压；
根据P=I2R即可求出R2的最大电功率；
根据Q=I2Rt即可求出R1产生的热量。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及识图能力，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻等于定值电阻的阻值时，滑动变阻器消耗的功率最大。

18.【答案】解：先过折射点O垂直水面作出法线，根据折射角大于入射角，在法线左侧的水中画出入射光线，方向指向入射点；
然后再根据反射角等于入射角做出反射光线，如图所示：


【解析】光从水中斜射入孔中时，在水面上发生折射的同时也发生了反射，利用光的反射规律、折射规律即可作出对应的反射光线和折射光线。
本题考查了根据光的折射规律作图，弄清光从空气斜射向水，还是从水斜射向空气，从而确定折射角和入射角的大小关系。

19.【答案】解：开关S1是房卡开关相当于总开关，灯泡应与插座并联接入电路，S2是控制灯L的开关；火线先连接S1然后连接插座与开关S2、灯泡，最后连在零线上，如下图所示：


【解析】宾馆房间内的灯和插座可以独立工作、互不影响即为并联，S2是控制灯L的开关说明两者串联；只有房卡(开关S1)插入卡槽里，房间内的灯和插座才能工作，说明房卡开关S1位于干路，由安全用电常识可知开关S1控制火线，据此进行解答。
本题考查了家庭电路的连接以及安全用电的常识，根据题意得出两开关的位置和灯泡与插座的连接方式是关键。

20.【答案】−4  受热均匀  晶体  固液共存态  烧杯

【解析】解：(1)如图乙所示温度计的示数是−4℃。
(2)把装有碎冰块的试管放到装有水的大烧杯中加热，此方法称为水浴法，主要目的是使碎冰块受热均匀。
(3)图丙是小明根据实验数据绘制的冰的温度随时间变化的图像，在第4min到第10min，物质吸热温度保持不变，由此可知冰是晶体。在第6min时，试管内的物质处于固液共存态。
(4)小明又继续加热一段时间，观察到烧杯内的水会沸腾，但试管内的水不会沸腾，因为试管内的水可以达到沸点，但不能继续吸热，所以只有烧杯内的水沸腾。
故答案为：(1)−4；(2)受热均匀；(3)晶体；固液共存态；(4)烧杯。
(1)看清温度计的0刻度线和分度值，可读出温度值。
(2)为了过程晶体熔化过程的现象，要使晶体受热均匀，水浴法加热可实现物质受热均匀。
(3)有一定熔化温度的固体叫晶体，晶体熔化过程中吸热温度保持不变，物质处于固液共存状态。
(4)液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热。
准确读取温度计的示数，知道水浴法加热的目的，理解晶体的特点以及晶体熔化的规律，明确液体沸腾的特点，可解答此题。

21.【答案】(1)下；
(2)缩小；照相机；
(3)远视眼；
(4)小于

【解析】
【分析】
凸透镜成像的三种情况和凸透镜成实像时，物距减小，像距变大像变大，都是凸透镜成像习题的重要依据；还需掌握远视眼及其矫正方法，属基础问题的考查，难度不大。
(1)根据光线过光心不改变方向，判断蜡烛、或凸透镜、或光屏的移动情况；
(2)u>2f，成倒立、缩小的实像，照相机利用此原理；
(3)根据像的位置变化判断眼镜对光线的作用，根据其判断出眼镜的种类；
(4)当物距等于二倍焦距时，像距等于二倍焦距，成倒立、等大的实像。
【解答】
解：
(1)像的位置偏高，根据光线过光心不改变方向，使烛焰升高，或使凸透镜降低，或使光屏升高。
(2)凸透镜位于50cm刻线处，蜡烛移至10cm刻度线处，物距u=50cm−10cm=40cm，凸透镜的焦距f=10cm，u>2f，成倒立、缩小的实像；其应用是照相机；
(3)把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏向左移动适当距离后像又清晰。说明该眼镜对光线具有会聚作用，为凸透镜，是远视眼镜；
(4)将蜡烛移到光具座30cm刻度线处，此时的物距为20.0cm=2f，凸透镜不动，移动光屏，当光屏上再次出现清晰的像时，像距为v=2f=20.0cm；此时像与物体之间的距离为4f；在凸透镜成实像时，物像之间的最小距离为4f，所以此时蜡烛和光屏之间的距离小于(2)图中光屏上出现清晰的像时蜡烛和光屏之间的距离。
故答案为：(1)下；(2)缩小；照相机；(3)远视眼；(4)小于。  
22.【答案】右  18  0.6×103  大  仅将石块浸没在水中 F1F2−F3⋅ρ水

【解析】解：
(1)发现指针偏向分度盘中线的左侧，则应将平衡螺母向右调节，使天平横梁在水平位置平衡。
(2)图甲中标尺的分度值为0.2g，则石块的质量：m=10g+5g+3g=18g；
(3)图乙中水的体积16ml，水和木块的总体积为46ml，
则木块的体积：V=46ml−16ml=30ml=30cm3
木块的密度：ρ木块=mV=18g30cm3=0.6g/cm3=0.6×103kg/m3，
(4)如果考虑到木块吸水，测得木块的体积偏小，根据ρ=mV可知，用以上方法测得木块密度值偏大；
(5)②把一块石块系在木块下，用测力计吊着木块和石块，只让石块浸没在水中，静止时读出测力计的示数为F2；此时石块没入水中排开水的体积就是自身的体积，此时受到的浮力F浮1=ρ水gV石块=G木+G石块−F2---①
③把挂在测力计下的木块和石块浸没在水中(如图丙)，静止时读出测力计的示数为F3；
此时受到的浮力F浮2=ρ水g(V石块+V木)=G木+G石块−F3---②
由①−②可得V木快=F2−F3ρ水g，
木块质量m=Gg=F1g，
木块密度表达式：ρ木块=mV=F1gF2−F3ρ水g=F1F2−F3⋅ρ水。
故答案为：(1)右；(2)18；(3)0.6×103；(4)大；(5)②仅将石块浸没在水中；④F1F2−F3⋅ρ水。
(1)天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调；
(2)确定天平标尺的分度值，物体的质量等于砝码质量加游码(以左侧)对应的刻度值；
(3)量筒的分度值为1cm3，木块的体积等于水和木块的总体积减去水的体积；
根据ρ=mV求出木块的密度；
(4)如果考虑到木块吸水，测得木块的体积偏小，根据ρ=mV分析密度变化；
(5)根据浮力知识，若测出木块完全浸没时的浮力，则可根据V=V排=F浮ρ水g计算出木块的体积，从而计算出木块的密度。
本题考查了密度公式的计算和阿基米德原理的应用，关键是知道石块没入水中排开水的体积就是自身的体积，计算时要注意单位的统一，(5)小题用称重法测浮力和阿基米德原理求得木块的体积，这是本题的关键。

23.【答案】不发光  9.5  增大  电压  闭合开关S1、S3，断开S2  2  0.5

【解析】解：(1))电流表在测电流时，要串联在被测电路中，故分析电路，电流表并联在灯泡两端，会造成灯泡短路，故此时灯泡不发光，正确连接应去掉电流表“+”接线柱与灯右端的连接的这一根线，将灯的右端与电压表的“−”接线柱连接；故正确的电路连接如图：

(2)电流表的量程为0～0.6A，则分度值为0.02A，指针偏转20格，则电流表读数为0.4A；此时小灯泡正常发光，则电压为3.8V，故灯的电阻R=UI=3.8 V0.4A=9.5Ω；
(3)灯丝的电阻随温度升高会增大；在丙图中，横轴应该表示的物理量是电压，电压变化量要大于电流变化量，才能表示电阻的阻值在增大；
(4))①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到右端，电压表示数为4.5V，即为电源电压；
②闭合开关S1、S3，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，此时灯泡两端的电压为2.5V，此时灯泡正常发光；
③闭合开关S1、S2，断开S3，此时滑动变阻器接入最大阻值，保持滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压测量的电压为滑动变阻器最左端到滑片P之间电阻的电压；则滑动变阻器的滑片到最右端的电压为：4.5V−3V=1.5V；根据串联分压特点，则滑片分割的两部分电阻为：R左=10Ω，R右=5Ω；由于③中滑片的位置和②中滑片位置相同，则②中滑片接入电阻中的阻值为10Ω，则②中的电流I=UR=2V10Ω=0.2A；小灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×−0.2A=0.5W。
故答案为：(1)不发光；；(2)9.5；(3)增大；电压；(4)②闭合开关S1、S3，断开S2；2；④0.5。
(1)电流表在测电流时，要串联在被测电路中，故分析电路，电流表并联在灯泡两端，会造成灯泡短路，故此时灯泡不发光，正确连接应去掉电流表“+”接线柱与灯右端的连接的这一根线，将灯的右端与电压表的“−”接线柱连接；
(2)先判断电流表所选量程，数出电流表指针偏转的格数，格数乘以分度值即为电流表读数，由R=UI求小灯泡正常发光时的电阻；
(3)灯丝的电阻随温度升高而增大，根据欧姆定律，电压的增加量应大于电流的增加量；
(4)①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到右端，电压表示数为4.5V，即为电源电压；
②闭合开关S1、S3，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，此时灯泡两端的电压为2.5V，此时灯泡正常发光；
③闭合开关S1、S2，断开S3，此时滑动变阻器接入最大阻值，保持滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压测量的电压为滑动变阻器最左端到滑片P之间电阻的电压；则滑动变阻器的滑片到最右端的电压为：4.5V−3V=1.5V；根据串联分压特点，则滑片分割的两部分电阻为：R左=10Ω，R右=5Ω；由于③中滑片的位置和②中滑片位置相同，则②中滑片接入电阻中的阻值为10Ω，则②中的电流I=UR=2V10Ω=0.2A；根据P=UI可求小灯泡的额定功率P额。
本题考查错误电路的分析及现象，电流表读数，电阻计算、影响电阻的因素，同进也考查了设计实验测电功率，综合性，有一定难度。

24.【答案】解：(1)图中汽油机，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程；
(2)汽油机在压缩冲程中，压缩气体做功，将机械能转化为内能；
(3)汽油机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，其它三个冲程都是依靠惯性完成的，因此吸气、压缩、排气冲程是靠飞轮的惯性完成的。
答：(1)此时汽油机处于压缩冲程；
(2)此冲程将机械能转化为内能；
(3)吸气冲程依靠惯性完成的。

【解析】(1)由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；
(2)汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，在做功冲程中，内能转化为机械能，在压缩冲程中，机械能转化为内能；
(3)汽油机的四个冲程只有做功冲程对外输出功，其它三个冲程依靠飞轮惯性完成。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断，以及能量的转化情况，要结合气门和活塞运动情况进行判断，以及能量转化情况，是一道基础性题目。

25.【答案】解：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F压=G=mg=1.8×103kg×10N/kg=1.8×104N，
对地面的压强：
p=F压S=1.8×104N750×10−4m2=2.4×105Pa；
(3)汽车在该路段的速度：
v=st=12000m10×60s=20m/s；由P=Wt=Fst=Fv可得汽车的牵引力：
F=Pv=24×103W20m/s=1200N，
因汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，
所以，在这一过程中汽车受到的阻力f=F=1200N；
(3)由题意知，Q放=W总=1.8×108J，
根据Q=mq可得，汽油的质量：
m=Q放q汽油=1.8×108J4.5×107J/kg=4kg。
答：(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压强为2.4×105Pa；
(2)在这一过程中汽车受到的阻力为1200N；
(3)该车百公里消耗电能1.8×108J，若这些能量完全由燃烧汽油来获得，相当于完全燃烧汽油4.5千克。

【解析】(1)汽车静止在水平地面上时，对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=FS求出对地面的压强；
(2)根据P=Wt=Fst=Fv求出汽车的牵引力，汽车匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，据此求出阻力；
(3)利用Q=mq计算汽油的质量。
本题是力学和热学的综合题，考查了学生对重力公式、压强公式、燃料完全燃烧放热公式、功率公式以及热量公式，是一道综合题。

26.【答案】解：(1)闭合开关S1、断开开关S2时，只有电阻R1接入电路，是温水挡，此时的功率为1980W，根据P=UI知此时路中的电流：
I=P温U=1980W220V=9A；
(2)热水挡时，电阻R1、R2并联，是热水挡，此时功率为4400W，R2消耗的电功率为：
P2=P热−P温=4400W−1980W=2420W，
根据P=UI=U2R可知电热丝R2的电阻：
R2=U2P2=(220V)22420W=20Ω；
(3)由P=Wt可得S1和S2都闭合出热水时，通电20s消耗的电能：
W=Pt=4400W×20s=8.8×104J；
水吸收的热量：
Q吸=c水m(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(34℃−15℃)=7.98×104J，
此电热水龙头加热的效率为：
η=Q吸W×100%=7.98×104J8.8×104J×100%≈90.7%。
答：(1)闭合开关S1、断开开关S2，此时电路中的电流为9A；
(2)电热丝R2的电阻为20Ω；
(3)电热水龙头的加热效率为90.7%。

【解析】(1)只闭合S1、断开开关S2时是温水挡，根据表格数据和P=UI算出此时电路中的电流；
(2)知道热水挡的电功率和温水挡的功率，求出R2消耗的电功率，利用P=UI=U2R求R2的阻值；
(3)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，又知道热水挡的电功率和加热时间，根据W=Pt求出1min消耗的电能，利用η=Q吸W×100%求出此电热水龙头加热的效率。
本题考查了并联电路特点、欧姆定律公式、电功率公式、热量公式以及效率公式的应用，正确分析电路，是一道中等题。