2021年四川省成都市中考物理试卷

这是一份2021年四川省成都市中考物理试卷，共45页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与计算题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
2021年四川省成都市中考物理试卷
一、单项选择题（每小题2分，共28分）
1．（2分）（2021•成都）普通笔记本电脑的电池电压最接近（　　）
A．220V B．110V C．20V D．380V
2．（2分）（2021•成都）下列用电器使用了电动机的是（　　）
A．电风扇 B．电水壶 C．台灯 D．手电筒
3．（2分）（2021•成都）2021年5月15日，我国天问一号任务着陆巡视器成功着陆火星。如图是“祝融号”火星车拍摄传回地球的首批图片之一。这些图片信息传回地球主要依靠（　　）

A．电磁波 B．激光 C．声波 D．电流
4．（2分）（2021•成都）成都正以新发展理念创建公园城市，让市民可以出门见绿意，抬头望雪山。对下列美好生活场景的分析，正确的是（　　）
A．春天，蒲江品茗春茶暖；热茶暖手，是通过做功改变手的内能
B．夏天，龙泉戏水浸心凉；水比岸边石头凉，说明水的比热容小
C．秋天，新都赏桂满城香；花香袭人，是分子无规则运动的结果
D．冬天，郫都望雪西岭上；山顶积雪常年不化，积雪的内能为零
5．（2分）（2021•成都）下列关于质量的说法，正确的是（　　）
A．科普期刊从北京快递到成都，质量不变
B．积木搭建的“城堡”被撞倒，质量变大
C．冰箱里的一瓶矿泉水结冰，质量变小
D．月饼从地球带到空间站，质量变小
6．（2分）（2021•成都）如图所示的情景中，关于声现象的描述和分析，正确的是（　　）
A．抽出罩内空气，闹铃声减弱，表明真空可以传声
B．发声的音叉使小球弹起，表明发声的音叉在振动
C．航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了消除噪声
D．吹笛子时，按住不同气孔是为了改变声音响度
7．（2分）（2021•成都）2021年5月19日，中俄两国核能合作项目在两国领导人见证下正式开工。下列关于核能、原子核的说法，正确的是（　　）
A．太阳能来自太阳内部物质的核裂变反应
B．核反应堆发生的链式反应是可以控制的
C．核废料可直接排放，无需任何处理
D．原子核是由质子、中子和电子组成
8．（2分）（2021•成都）用实验室常用温度计测量烧杯中热水的温度时，下列说法正确的是（　　）

A．温度计的感温泡可以碰到容器壁
B．将感温泡浸入热水马上读出温度
C．读数时温度计可以离开被测热水
D．读数时如图所示，测量数据偏大
9．（2分）（2021•成都）任何物体能够承受的压强都有一定的限度，超过这个限度，物体会被压坏。下列实例中，分析不正确的是（　　）
A．施加相同压力，图钉尖面积越小，越容易压入墙面
B．用菜刀将肉切成肉片时，刀口越钝，所用压力越小
C．列车很重，在铁路的钢轨下铺放轨枕，可以防止压坏路基
D．“奋斗号”潜入深海，承受的压强很大，需用特殊材料建造
10．（2分）（2021•成都）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．家庭电路中，各种用电器都是串联的
B．空气开关跳闸后，只需重新闭合即可
C．使用验电笔时，手不要接触笔尾金属体
D．家用电器的金属外壳要接地，防止触电
11．（2分）（2021•成都）如图所示的情景中，下列说法正确的是（　　）
A．市民积极接种疫苗，用注射器将药液注入肌肉时利用了大气压
B．塑料挂钩的吸盘能贴在玻璃表面，是因为吸盘对玻璃有吸引力
C．测量成都各地气压值，青城山顶峰大气压比天府广场大气压低
D．用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压高于人体血压
12．（2分）（2021•成都）牛顿坐在苹果树下深思，一个熟透的苹果掉在地上。关于苹果加速下落的过程，下列分析正确的是（　　）
A．重力势能转化为动能，动能增加
B．动能转化为重力势能，动能减小
C．动能转化为重力势能，重力势能增加
D．无能量的转化，重力势能和动能不变
13．（2分）（2021•成都）关于用天平、量筒和水测量一个枇杷密度的实验，下列说法正确的是（　　）
A．应该先测枇杷的体积，再测枇杷的质量
B．用调好的天平称量时，枇杷应放在右盘
C．所用量筒的分度值越大，测得体积越精确
D．枇杷浸没水中，表面附有气泡，测得密度偏小
14．（2分）（2021•成都）将导体ab、开关和灵敏电流表用导线连接，导体ab放置在磁极间，如图所示。下列说法正确的是（　　）


A．开关闭合，磁铁不动，ab水平向左快速移动，指针不偏转
B．磁极对调后，开关闭合，ab水平向右快速运动，指针要偏转
C．开关闭合，ab竖直上下运动，指针要偏转
D．开关断开，ab快速运动，指针可能偏转
二、填空题（每空2分，共32分）
15．（4分）（2021•成都）眼睛的角膜和晶状体类似于 　 　透镜。青少年如果长时间使用电子产品，缺乏户外活动，就可能患上近视。患近视后需要佩戴 　 　透镜进行矫正。
16．（4分）（2021•成都）小刚同学用如图甲的装置探究“冰熔化过程的规律”，他每隔30s记录一次温度，绘制出温度随时间变化的图像（图乙）。由实验可知，冰熔化过程要 　 　热量，温度 　 　。
17．（4分）（2021•成都）热爱运动的小罗同学在平直跑道上跑步。如图所示，当他后脚用力蹬地时，后脚鞋底受到地面摩擦力的方向是向 　 　的。鞋底有花纹，是为了 　 　摩擦。

18．（4分）（2021•成都）探究小组为了模拟电磁起重机的工作原理，用表面涂有绝缘漆的导线绕在大铁钉上制成电磁铁，接入电路，如图所示。闭合开关S，电磁铁有了磁性，A端是 　 　极。将滑动变阻器的滑片向右移动一段距离后，硬币才被吸起，这说明电流越大，电磁铁的磁性 　 　。

19．（4分）（2021•成都）成都地铁运营长度已突破500公里，线网规模跃升至全国城市轨道交通“第四城”。乘客候车时，放在水平站台上的行李箱受到的支持力与重力是一对 　 　力。乘客上车后应站稳，抓好扶手，是为了防止列车运动状态改变时乘客由于具有 　 　而跌倒。
20．（4分）（2021•成都）小毅同学用如图所示电路测未知电阻Rx的阻值，闭合开关前，他应将滑动变阻器的滑片移到 　 　端。实验时，他移动滑片，多次测量求Rx的平均值是为了 　 　。

21．（4分）（2021•成都）实验室有两只额定电压相同的小灯泡L1、L2，小华想知道哪只灯泡额定功率大，于是将它们串联接入电路，如图所示。闭合开关，两只灯泡均发光，电压表V1示数比V2小，此时实际功率大的小灯泡是 　 　。据此小华可以判断，额定功率大的小灯泡是 　 　。

22．（4分）（2021•成都）某家用电热壶有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路如图所示，R1、R2是电热丝，R1＝1050Ω，R2＝50Ω。开关S接“1”时，电热壶为 　 　挡位。开关S接“2”时，通电5min，电流通过R2产生的热量为 　 　J。

三、作图与计算题（共16分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（2分）（2021•成都）日晷（guǐ）是古代的一种“时钟”，利用太阳光下指针的影子指示不同的时刻（如图）。请根据指针的影子AB，画出此时太阳光的传播方向（太阳光视为平行光）。

24．（2分）（2021•成都）由于土壤松动，一棵珍稀古树摇摇欲坠。园艺师用绳子将古树系住，通过山体固定，对古树展开救助。如图所示，把古树视为杠杆，O点为支点，A点为古树重心位置。请画出：
①古树受到的重力G的示意图；
②绳子拉力的力臂L。

25．（6分）（2021•成都）“天府号”动车组在成绵乐城际高铁上投用，标志着成都、乐山、德阳、绵阳、眉山等城市铁路迎来公交化。一列“天府号”动车组（如图）从成都东站驶出，用时54min抵达乐山站，成都东站到乐山站的路程是135km。求：
（1）该动车组从成都东站到乐山站的平均速度是多少km/h？
（2）该动车组在平直铁路上以5×104N的牵引力匀速前进1.5km，牵引力做功为多少？

26．（6分）（2021•成都）如图所示电路，电源电压U＝6V，定值电阻R1＝10Ω。
（1）当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器R2的滑片位于a端时，电流表的示数为0.2A。求此时定值电阻R3的电功率。
（2）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器R2的滑片位于中点时，电流表的示数为0.3A。求滑动变阻器R2的滑片从a端移至b端的过程中，电压表示数的变化范围。

四、实验与探究题（共14分）
27．（6分）（2021•成都）在“探究并联电路中的电流规律”实验中：
（1）小罗同学设计的实验电路如图甲所示，她选用的电源电压是3V。关于小灯泡规格的选择，下列说法正确的是
　 　。
A.没有限制，可以任意选取
B.小灯泡的额定电压必须为3V
C.小灯泡的规格应该不同
D.必须保证小灯泡的额定电流相同
（2）小罗同学将电流表接在A处，闭合开关，电流表指针位置如图乙所示。她的电流表量程选择正确吗？答：　 　。
（3）在得出实验结论时，我们将图甲中A、B处的电流称为支路中的电流，C处的电流称为 　 　电流。

28．（8分）（2021•成都）小虹利用弹簧测力计、实心圆柱体物块、烧杯等器材，探究浮力的大小跟哪些因素有关。小虹提出如下猜想，设计并进行了实验。
猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
猜想b：浮力大小与物体排开液体的体积有关；
猜想c：浮力大小与液体的密度有关。
（1）小虹确定了测量浮力的方法：用弹簧测力计先测出物体的重力G，接着将物体浸入液体中静止时，读出测力计对物体的拉力F拉，可计算出物体所受的浮力F浮。其测量原理利用了 　 　。
A.F浮与G是一对平衡力
B.F浮与G是相互作用力
C.F浮与F拉是相互作用力
D.F浮、F拉和G是一组平衡力
（2）小虹的操作步骤及测量数据如图所示。
由测量数据可得：B步骤中圆柱体物块受到水的浮力为 　 　N。
（3）分析图中A步骤与 　 　步骤的数据，可以验证猜想a是错误的。（填出步骤的序号）
（4）进一步学习了阿基米德原理之后，利用如图的测量数据，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知）。下列物理量中不能计算出的是 　 　。
A.物块的体积
B.物块的密度
C.盐水的体积
D.盐水的密度

B卷一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
29．（2分）（2021•成都）人类的发展离不开能源，“碳达峰、碳中和”是我国对世界做出的庄严承诺。对于能量和能源，下列说法中正确的是（　　）
A．现代生活离不开电，电力是一次能源
B．提高能量转化效率是“节能减排”的重要措施之一
C．新能源的开发和利用技术难、成本高，无实用价值
D．能量既不能创造，也不会消灭，所以不用节约能源
30．（2分）（2021•成都）夜晚，小林在明亮房间里，通过一面窗户玻璃看到了自己的像，而在晴朗的白天却看不见。对于此现象，他作出如下分析，正确的是（　　）
A．夜晚和白天，人都可以通过这面玻璃成像
B．射向这面玻璃的光，夜晚发生镜面反射，白天发生漫反射
C．白天，射向这面玻璃的光全部透过玻璃，没有反射
D．白天，人通过这面玻璃成的像更小
31．（2分）（2021•成都）小帆在老师指导下，用如图1所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像（图2），乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（q酒精＝3×107J/kg）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，c水＝4.2×103J/（kg•℃），则下列说法中正确的是（　　）

A．c乙＝2.4×103J/（kg•℃）
B．乙的吸热能力大于甲的吸热能力
C．0～8min乙吸收的热量为3.36×104J
D．该酒精灯的加热效率为28%
32．（2分）（2021•成都）工人用如图所示装置把重为1000N的物体，从斜面底部匀速拉到2m高的平台上（斜面与水平地面的夹角为30°），用时20s。工人对绳子的拉力为400N，动滑轮重为20N，不考虑绳重和滑轮转轴的摩擦，下列计算结果正确的是（　　）

A．绳子对物体的拉力为780N
B．绳子对物体做的功为4000J
C．工人做功的功率为100W
D．整个装置的机械效率为62.5%
33．（2分）（2021•成都）如图所示电路，电源电压U＝18V，电流表量程（0～3A），电压表量程（0～15V），定值电阻R1＝20Ω，R2＝30Ω，R3为滑动变阻器。在确保电路安全情况下：当S1断开，S2、S3闭合，滑片位于a端时，电流表的示数为I1，电路总功率为P1；当S2断开，S1、S3闭合，滑片位于b端时，电流表的示数为I2，电压表的示数为U′；当S2、S3断开，S1闭合时，电流表的示数为I3；当开关都闭合，滑片位于a端时，电流表的示数为I4，电路总功率为P2。已知I1：I2＝4：1，下列结果正确的是（　　）

A．R3的最大阻值为10Ω或60Ω
B．I4：I3＝11：1
C．U′＝13.5V
D．P1＞P2
二、综合题（共10分。第35题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
34．（4分）（2021•成都）在医院住院部，病人需要护理时，闭合床头开关，就能及时通知值班室里的护士。这个呼叫电路应该怎么设计呢？实验小组进行了模拟设计。

（1）设计呼叫电路时，下列因素中，不需要考虑的是 　 　.
A.护士工作很忙，要用多种信号提醒
B.能够确定呼叫发出的位置
C.呼叫信号强弱合适
D.值班室是否有护士值班
（2）小李同学以一个病房只有一张病床为例，设计了如图1所示的电路。该电路能不能达到呼叫目的？答：　 　。
（3）当一个病房有三张病床时，小杨同学设计的电路如图2所示，小张同学设计的电路如图3所示。对比这两个电路，图3电路的优点是 　 　.
（4）关于图3所示呼叫电路的器材选择，下列说法中，不合理的是 　 　。
A.电源能长时间稳定供电
B.指示灯选用15W的节能灯
C.电铃额定功率不宜太大
D.病房开关必须安全且使用方便
（5）进一步讨论发现，图3所示的呼叫电路还不够完善，应该继续改进。
35．（6分）（2021•成都）如图甲所示，薄壁圆柱形容器放在水平台上，容器的底面积S容＝100cm2，质量均匀的圆柱体物块上表面中央用足够长的细绳系住，悬挂于容器中。以恒定速度向容器中缓慢注水（每分钟注入100g），直至注满容器为止，细绳的拉力大小与注水时间的关系图像如图乙所示。ρ水＝1g/cm3，常数g＝10N/kg，物块不吸水，忽略细绳体积、液体扰动等其它次要因素。

（1）求注水前圆柱体物块的下表面到容器底部的距离L1；
（2）当细绳的拉力为0.9N时，求水对物块下表面的压强；
（3）若改为以恒定速度向容器中缓慢注入另一种液体（每分钟注入100cm3，ρ液＝1.5g/cm3），直至9.4min时停止。求容器底部所受液体压强p与注液时间tx分钟（0≤tx≤9.4）的函数关系式。

2021年四川省成都市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题2分，共28分）
1．（2分）（2021•成都）普通笔记本电脑的电池电压最接近（　　）
A．220V B．110V C．20V D．380V
【分析】普通笔记本电脑的电池电压一般是14.4V或10.8V。
【解答】解：普通笔记本电脑的电池电压电池的电压一般是14.4V或10.8V，20V比较接近笔记本电脑的电池电压，故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对常见电压值的了解，属于基础性题目。
2．（2分）（2021•成都）下列用电器使用了电动机的是（　　）
A．电风扇 B．电水壶 C．台灯 D．手电筒
【分析】电动机在工作的过程中，电能主要转化为机械能。
【解答】解：
A、电风扇的主要部件是电动机，电风扇工作时，电能转化为机械能和内能，故A正确；
B、电水壶工作时，把电能全部转化为内能，故B错误；
CD、台灯、手电筒工作时，电能主要转化为光能和内能，故CD错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查学生对电流做功的实质的了解和掌握，是一道基础题。
3．（2分）（2021•成都）2021年5月15日，我国天问一号任务着陆巡视器成功着陆火星。如图是“祝融号”火星车拍摄传回地球的首批图片之一。这些图片信息传回地球主要依靠（　　）

A．电磁波 B．激光 C．声波 D．电流
【分析】（1）现代通信技术都是利用电磁波来传递信息的；
（2）激光的应用主要体现在能量方面的应用，在传递信息方面主要用于光纤通信；
（3）声波的传播需要介质，不能在真空中传播。
（4）利用电流来传递信息主要用于电缆通信。
【解答】解：A、现代通信技术都是利用电磁波来传递信息的，故A正确；
B、激光的应用主要体现在能量方面的应用，在传递信息方面主要用于光纤通信，不符合地球与火星之间传递信息的需要，故B错误；
C、声波的传播需要介质，不能在真空中传播，火星图片信息不能利用声波传到地球，故C错误；
D、利用电流来传递信息主要用于电缆通信，不符合地球与火星之间传递信息的需要，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查电磁波在通信技术上的应用，难度不大。
4．（2分）（2021•成都）成都正以新发展理念创建公园城市，让市民可以出门见绿意，抬头望雪山。对下列美好生活场景的分析，正确的是（　　）
A．春天，蒲江品茗春茶暖；热茶暖手，是通过做功改变手的内能
B．夏天，龙泉戏水浸心凉；水比岸边石头凉，说明水的比热容小
C．秋天，新都赏桂满城香；花香袭人，是分子无规则运动的结果
D．冬天，郫都望雪西岭上；山顶积雪常年不化，积雪的内能为零
【分析】（1）改变内能有两种方式：做功和热传递
（2）水的比热容比较大，质量相同、吸收相同的热量时，温度变化比较小；
（3）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，这一运动的外在表现就是扩散现象的产生；
（4）任何物体都有内能。
【解答】解：
A、热茶暖手，手吸收热量，是通过热传递的方式改变手的内能，故A错误；
B、水的比热容比石头的比热容大，吸收相同的热量，水的温度变化小、石头的温度变化大，所以水比石头要凉一些，故B错误；
C、我们能闻到酒的花香味，是因为香味分子在做无规则运动引起的，属扩散现象，故C正确；
D、组成物体的分子在不停地做无规则运动，分子间存在引力和斥力，所以任何物体都有内能，山顶的积雪也具有内能，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了比热容、改变内能的方法、以及分子的无规则运动，综合性较强，但难度不大，是中考常见的题型。
5．（2分）（2021•成都）下列关于质量的说法，正确的是（　　）
A．科普期刊从北京快递到成都，质量不变
B．积木搭建的“城堡”被撞倒，质量变大
C．冰箱里的一瓶矿泉水结冰，质量变小
D．月饼从地球带到空间站，质量变小
【分析】质量是指物体所含物质的多少，是物体的一种属性，一个物体位置、状态和形状的改变不会使质量发生变化。
【解答】解：A、科普期刊从北京快递到成都，位置变化，质量不变，故A正确；
B、积木搭建的“城堡”被撞倒，形状改变，质量不变，故B错误；
C、冰箱里的一瓶矿泉水结冰，状态改变，质量不变，体积变大，密度变小，故C错误；
D、月饼从地球带到空间站，位置变化，质量不变，故D错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查了质量及质量的大小与位置、状态和形状的关系，难度不大。
6．（2分）（2021•成都）如图所示的情景中，关于声现象的描述和分析，正确的是（　　）
A．抽出罩内空气，闹铃声减弱，表明真空可以传声
B．发声的音叉使小球弹起，表明发声的音叉在振动
C．航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了消除噪声
D．吹笛子时，按住不同气孔是为了改变声音响度
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（2）声音是由物体振动产生的；
（3）减弱噪声的途径：在声源处，在传播过程中，在人耳处；
（4）响度指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质与特色。
【解答】解：A、声音的传播需要介质，真空不能传声，抽出罩内空气，闹铃声减弱，是由于罩内仍有少量空气，故A错误；
B、声音是由物体振动产生的，发声的音叉使小球弹起，表明发声的音叉在振动，故B正确；
C、航母上的起飞引导员佩戴有耳罩的头盔，这是从人耳处减弱噪声，故C错误；
D、吹奏笛子时，演奏者抬起压在不同出气孔上的手指，是为了改变振动的空气柱的长度，即改变空气柱振动的快慢，故是为了改变音调，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了声音的相关知识，具有一定的综合性，难度不大，属于基础知识的考查。
7．（2分）（2021•成都）2021年5月19日，中俄两国核能合作项目在两国领导人见证下正式开工。下列关于核能、原子核的说法，正确的是（　　）
A．太阳能来自太阳内部物质的核裂变反应
B．核反应堆发生的链式反应是可以控制的
C．核废料可直接排放，无需任何处理
D．原子核是由质子、中子和电子组成
【分析】太阳内部发生剧烈的核聚变反应，释放出核能、大量光和热；核裂变的链式反应可以用控制棒吸收中子，使得反应减速，从而控制核反应堆；核料会对环境产生污染，需要处理或深埋；原子由原子核和核外电子构成；原子核由质子和中子组成。
【解答】解：A.太阳能来自太阳内部物质的核聚变反应，核聚变释放出大量核能，故选项A错误；
B.核反应堆发生的链式反应属于核裂变反应，可以采用减速棒吸收中子，从而控制反应速度，故选项B正确；
C.核废料对环境造成核辐射，故不能直接排放，故选项C错误；
D.原子核由质子和中子组成，故选项D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了太阳能量的来源，核裂变的原理和控制，核废料的处理，原子的构成这些知识点，属于基本知识。
8．（2分）（2021•成都）用实验室常用温度计测量烧杯中热水的温度时，下列说法正确的是（　　）

A．温度计的感温泡可以碰到容器壁
B．将感温泡浸入热水马上读出温度
C．读数时温度计可以离开被测热水
D．读数时如图所示，测量数据偏大
【分析】使用温度计时，感温泡应该与待测液体充分接触，不能接触容器底和容器壁；待示数稳定后开始读数，读数时，温度计要留在待测液体中，视线要与温度计内液柱上表面相平。
【解答】解：A.使用温度计时，感温泡不能碰到容器底或容器壁，故选项A错误；
B.使用温度计时，将感温泡浸入热水中，等待示数稳定后再读数，否则，测量结果可能偏小，故选项B错误；
C.读数时，温度计继续留在被测热水中，避免因温度计离开热水导致温度下降，故选项C错误；
D.读数时，视线应该与温度计内液柱上表面相平，图中俯视读数会导致测量结果偏大，故选项D正确。
故选：D。
【点评】本题考查温度计的使用及读数，属于基础知识的应用。
9．（2分）（2021•成都）任何物体能够承受的压强都有一定的限度，超过这个限度，物体会被压坏。下列实例中，分析不正确的是（　　）
A．施加相同压力，图钉尖面积越小，越容易压入墙面
B．用菜刀将肉切成肉片时，刀口越钝，所用压力越小
C．列车很重，在铁路的钢轨下铺放轨枕，可以防止压坏路基
D．“奋斗号”潜入深海，承受的压强很大，需用特殊材料建造
【分析】（1）在压力一定的情况下，减小受力面积可以增大压强；
（2）根据p＝分析压力的变化；
（3）在压力一定的情况下，增大受力面积可以减小压强；
（4）液体内部的压强大小与液体密度、深度有关。
【解答】解：
A、施加相同压力，图钉尖面积越小，钉尖产生的压强大，越容易压入墙面，故A正确；
B、用菜刀将肉切成肉片时，刀口产生的压强不变，刀口越钝，受力面积越大，根据p＝可知，所用压力越大，故B错误；
C、列车很重，在铁路的钢轨下铺放轨枕，这样可以增大受力面积，减小压强，可以防止压坏路基，故C正确；
D、“奋斗号”潜入深海，根据p＝ρgh可知，深度越深，承受的压强很大，所以需用特殊材料建造，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了增大和减小压强的方法，属于基础知识的考查，比较简单。
10．（2分）（2021•成都）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（　　）
A．家庭电路中，各种用电器都是串联的
B．空气开关跳闸后，只需重新闭合即可
C．使用验电笔时，手不要接触笔尾金属体
D．家用电器的金属外壳要接地，防止触电
【分析】（1）我国照明电路电压是220V，家用电器的额定电压是220V，各家用电器之间并联时，各家用电器都能正常工作，并且互不影响；
（2）空气开关跳闸，是电路中的电流过大造成，应先排查跳闸的原因，整修后，闭合开关；
（3）正确使用验电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；
（4）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
【解答】解：
A、家庭电路中各个用电器之间互不影响，并且能正常工作，所以各家用电器之间是并联的，故A错误；
B、空气开关跳闸后，应先排查跳闸的原因，整修后再闭合开关，故B错误。
C、使用验电笔时手指要接触金属笔尾，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，但手不能接触笔尖金属体，否则会发生触电事故。故C错误；
D、将有金属外壳的家用电器（如洗衣机、电冰箱等）的金属外壳接地，可以防止因漏电而发生触电事故，故D正确。
故选：D。
【点评】】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电。
11．（2分）（2021•成都）如图所示的情景中，下列说法正确的是（　　）
A．市民积极接种疫苗，用注射器将药液注入肌肉时利用了大气压
B．塑料挂钩的吸盘能贴在玻璃表面，是因为吸盘对玻璃有吸引力
C．测量成都各地气压值，青城山顶峰大气压比天府广场大气压低
D．用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压高于人体血压
【分析】大气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小；我们生活在空气中，经常利用大气压为我们服务，例如：钢笔吸墨水、吸管吸饮料、注射器吸药液、抽水机抽水、吸盘吸在光滑墙壁上等，据上逐一分析四个选项中的实例是不是利用了大气压来工作即可。
【解答】解：A、注射时，医生用力将针筒内的药水推入病人肌肉中，与大气压无关，故A错误；
B、塑料吸盘挂钩能贴在瓷砖上挂毛巾，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，故B错误；
C、大气压的大小与高度有关，高度越高，气压越小，青城山顶峰的高度高，所以大气压比天府广场大气压低，故C正确；
D、真空采血管在组装后应保持一定的负压，即真空试管内气体的压强小于人体血压，使血液可以顺利采出，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了大气压与高度的关系、大气压在生活中的应用，难度不大。
12．（2分）（2021•成都）牛顿坐在苹果树下深思，一个熟透的苹果掉在地上。关于苹果加速下落的过程，下列分析正确的是（　　）
A．重力势能转化为动能，动能增加
B．动能转化为重力势能，动能减小
C．动能转化为重力势能，重力势能增加
D．无能量的转化，重力势能和动能不变
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：苹果加速下落的过程中，质量不变，速度变大，动能变大，质量不变，高度变小，重力势能变小，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查动能和势能的影响因素，对于判断能量转化的题目，可从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向。
13．（2分）（2021•成都）关于用天平、量筒和水测量一个枇杷密度的实验，下列说法正确的是（　　）
A．应该先测枇杷的体积，再测枇杷的质量
B．用调好的天平称量时，枇杷应放在右盘
C．所用量筒的分度值越大，测得体积越精确
D．枇杷浸没水中，表面附有气泡，测得密度偏小
【分析】（1）在测量固体密度的实验中，应先测出固体的质量再测其体积；
（2）在用天平称量时，应将物体放在左盘，砝码放在右盘；
（3）在用量筒量取液体时，分度值越小越精确；
（4）若枇杷浸没水中后其表面附着有少量的气泡则测出的体积将偏大，算出枇杷的密度将偏小。
【解答】解：A.假如先测“体积”后测“质量”，由于在排水法测量物体的体积时，物体上会吸附水分；再测质量则会引起质量的测量值比真实质量偏大，故A错误；
B.在用天平称量时，应将物体放在左盘，砝码放在右盘，所以枇杷应放在左盘，故B错误；
C.在用量筒量取液体时，分度值越小越精确，故C错误；
D.若枇杷浸没水中后其表面附着有少量的气泡则测出的体积将偏大，根据ρ＝，质量一定时，体积偏大，算出枇杷的密度将偏小。
故选：D。
【点评】本题考查天平和量筒的使用的注意事项，以及对实验误差的分析，这都是我们在测量密度的实验中必须掌握的。是一道基础题。
14．（2分）（2021•成都）将导体ab、开关和灵敏电流表用导线连接，导体ab放置在磁极间，如图所示。下列说法正确的是（　　）


A．开关闭合，磁铁不动，ab水平向左快速移动，指针不偏转
B．磁极对调后，开关闭合，ab水平向右快速运动，指针要偏转
C．开关闭合，ab竖直上下运动，指针要偏转
D．开关断开，ab快速运动，指针可能偏转
【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
【解答】解：
A、由图可知，磁体的两极为上N下S，磁体外外部磁感线从N极指向S极，开关闭合，磁铁不动，ab水平向左快速移动，ab做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针偏转，故A错误；
B、磁极对调后，开关闭合，ab水平向右快速运动，ab做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针偏转，故B正确；
C、开关闭合，ab竖直上下运动，ab没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，电流表指针不会偏转，故C错误；
D、开关断开，ab快速运动，由于电路是断开的，所以不会产生感应电流，指针不偏转，故D错误。
故选：B。
【点评】学习电磁感应现象，要注意三个关键词：一是“闭合”，没有构成回路的电路是不会产生电流的，二是“一部分”，全部电路都在做运动也不符合条件，三是“切割”，不是运动就行，而是运动方向要切割磁感线，不切割，怎么运动也不产生电流。
二、填空题（每空2分，共32分）
15．（4分）（2021•成都）眼睛的角膜和晶状体类似于 　凸　透镜。青少年如果长时间使用电子产品，缺乏户外活动，就可能患上近视。患近视后需要佩戴 　凹　透镜进行矫正。
【分析】（1）人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，外界物体在视网膜上所成的像是倒立的实像；
（2）近视眼看不清远处的物体，需要佩戴近视眼镜来矫正。
【解答】解：（1）人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上所成的像是倒立、缩小的实像；
（2）青少年如果长时间使用电子产品，缺乏户外活动，就可能患上近视，此时的像会成在视网膜的前方，需要佩戴具有发散作用的凹透镜进行矫正。
故答案为：凸；凹。
【点评】本题考查人眼的成像原因，以及近视眼的矫正方法，都需要学生熟练掌握。
16．（4分）（2021•成都）小刚同学用如图甲的装置探究“冰熔化过程的规律”，他每隔30s记录一次温度，绘制出温度随时间变化的图像（图乙）。由实验可知，冰熔化过程要 　吸收　热量，温度 　保持不变　。
【分析】本题考查学生在物理实验中读懂图像的能力。图像横轴是时间轴，纵轴是温度轴。随着时间轴往右，可观察到温度随时间的变化关系。当随着时间增加冰的温度不变时，则说明冰到达了熔点，在图像时表现为出现一条平行于时间轴的线段。因为酒精灯一直在燃烧，所以实验过程中冰一直在吸热。
【解答】解：实验开始时冰的温度在﹣6℃，随着时间增加冰的温度升高。当加热到4分钟后，酒精灯仍然在燃烧，说明冰还在吸收热量。观察4到8分钟间的图像可以发现冰的温度没有随时间增加而增加变化，说明冰在熔化过程中，温度保持不变。
故答案为：吸收；保持不变
【点评】本体考察冰熔化的图像特点与冰熔化的特点。冰属于晶体，所有晶体在熔化过程中都要吸收热量，且温度不变。
17．（4分）（2021•成都）热爱运动的小罗同学在平直跑道上跑步。如图所示，当他后脚用力蹬地时，后脚鞋底受到地面摩擦力的方向是向 　前　的。鞋底有花纹，是为了 　增大　摩擦。

【分析】摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反；
增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：蹬地时脚对地面施加一个向后的摩擦力，由于力的作用是相互的，地面也给脚一个向前的摩擦力，因此后脚受到摩擦力方向是水平向前的；
鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
故答案为：前；增大。
【点评】本题考查了摩擦力方向的判断及增大摩擦的方法，要理解其实质。
18．（4分）（2021•成都）探究小组为了模拟电磁起重机的工作原理，用表面涂有绝缘漆的导线绕在大铁钉上制成电磁铁，接入电路，如图所示。闭合开关S，电磁铁有了磁性，A端是 　 　极。将滑动变阻器的滑片向右移动一段距离后，硬币才被吸起，这说明电流越大，电磁铁的磁性 　越强　。

【分析】开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，由滑动变阻器的滑片移动方向和欧姆定律可得出电路中电流的变化，从而可知电磁铁磁性强弱的变化。
【解答】解：
由图可知，开关闭合后，电流由螺线管的上端流入、下端流出，由安培定则可知，螺线管的A端为N极，B端为S极，
滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由欧姆定律可知线圈中的电流增大，则电磁铁的磁性增强。
故答案为：N；越强。
【点评】本题考查了安培定则、电路的动态分析以及影响电磁铁磁性强弱的因素，涉及的知识点较多，但难度不大。
19．（4分）（2021•成都）成都地铁运营长度已突破500公里，线网规模跃升至全国城市轨道交通“第四城”。乘客候车时，放在水平站台上的行李箱受到的支持力与重力是一对 　平衡　力。乘客上车后应站稳，抓好扶手，是为了防止列车运动状态改变时乘客由于具有 　惯性　而跌倒。
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上，作用在一个物体上；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性。
【解答】解：放在水平站台上的行李箱受到的支持力与重力这两个力都作用在行李箱上，且大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，这两个力是一对平衡力；
站立在车上的乘客原来和车一起向前运动，紧急刹车时，车由运动突然变成静止，而乘客由于具有惯性，继续向前运动，容易摔倒，抓紧扶手是为了防止惯性带来的危害。
故答案为：平衡；惯性。
【点评】本题综合考查二力平衡的辨别以及惯性知识，都属于基础知识。
20．（4分）（2021•成都）小毅同学用如图所示电路测未知电阻Rx的阻值，闭合开关前，他应将滑动变阻器的滑片移到 　 　端。实验时，他移动滑片，多次测量求Rx的平均值是为了 　减小误差　。

【分析】为保护电路，在连接电路时，开关应处于断开状态，电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处；为减小误差可进行多次测量求平均值。
【解答】解：为了避免连线错误而烧坏电路元件，在连接电路时，开关应处于断开状态；为了保护电路，电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至阻值最大处，即最b端；
由于一次实验测量的结果误差较大，故本实验进行了多次测量的目的是求平均值减小误差。
故答案为：b；减小误差。
【点评】本题是伏安法测量定值电阻Rx的阻值实验，考查电路连接和减小误差的方法，属于常考命题点。
21．（4分）（2021•成都）实验室有两只额定电压相同的小灯泡L1、L2，小华想知道哪只灯泡额定功率大，于是将它们串联接入电路，如图所示。闭合开关，两只灯泡均发光，电压表V1示数比V2小，此时实际功率大的小灯泡是 　L2　。据此小华可以判断，额定功率大的小灯泡是 　L1　。

【分析】（1）串联电路中电流处处相等。
（2）灯泡的亮度由实际功率决定。
（3）欧姆定律表达式：I＝，变形后可求电阻和电压。
（4）电功率的计算方法：P＝UI、P＝I2R、P＝。
【解答】解：灯泡串联时，电流I1＝I2，电压表V1示数比V2小，即U1＜U2，由P＝UI得：P1＜P2，故L2的实际功率大。
根据欧姆定律变形可得：R＝，I1＝I2，U1＜U2，所以两灯泡的电阻关系为：R1＜R2；
因为两灯泡的额定电压U相等，R1＜R2，根据P＝可得：额定功率P额1＞P额2。
故答案为：L2；L1。
【点评】熟练运用欧姆定律和电功率的公式，知道串联电路的特点，可解答此题。
22．（4分）（2021•成都）某家用电热壶有“加热”和“保温”两个挡位，其简化电路如图所示，R1、R2是电热丝，R1＝1050Ω，R2＝50Ω。开关S接“1”时，电热壶为 　加热　挡位。开关S接“2”时，通电5min，电流通过R2产生的热量为 　600　J。

【分析】（1）由电路图可知，开关S接“1”时电路为R2的简单电路，开关S接“2”时R1与R2串联，根据P＝可知电源电压一定时，电路中的总电阻越小、功率越大，电热水壶处于加热挡，反之处于保温挡；
（2）开关S接“2”时，R1与R2串联，由串联电路电阻的规律求出总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用Q＝I2Rt求出通电5min电流通过R2产生的热量。
【解答】解：
（1）由电路图可知，开关S接“1”时电路为R2的简单电路，开关S接“2”时R1与R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，则开关S接“1”时，电路中的总电阻最小，根据P＝可知，电源电压一定时，电路消耗的功率最大，电热水壶处于处于加热挡；
（2）开关S接“2”时，两电阻串联，为保温状态，电路的总电阻为：R＝R1+R2＝1050Ω+50Ω＝1100Ω，
则电路中的电流：I＝＝＝0.2A，
通电5min电流通过R2产生的热量：Q＝I2R2t＝（0.2A）2×50Ω×5×60s＝600J。
故答案为：加热；600。
【点评】本题考查串联电路的规律、欧姆定律、电功率公式、焦耳定律公式的运用，属于常考题，难度不大。
三、作图与计算题（共16分。计算题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
23．（2分）（2021•成都）日晷（guǐ）是古代的一种“时钟”，利用太阳光下指针的影子指示不同的时刻（如图）。请根据指针的影子AB，画出此时太阳光的传播方向（太阳光视为平行光）。

【分析】光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，故据上述原理做出该题的图示即可。
【解答】解：由于在光在同一种均匀介质中是沿直线传播的，所以太阳光传播的方向如下图所示：

故答案为：如上图所示。
【点评】本题考查了光的直线传播的应用，难度不大。
24．（2分）（2021•成都）由于土壤松动，一棵珍稀古树摇摇欲坠。园艺师用绳子将古树系住，通过山体固定，对古树展开救助。如图所示，把古树视为杠杆，O点为支点，A点为古树重心位置。请画出：
①古树受到的重力G的示意图；
②绳子拉力的力臂L。

【分析】①重力的方向竖直向下，作用点在古树的重心上，据此画出古树受到的重力G的示意图；
②绳子拉力的力臂为支点到拉力作用线的距离，故从支点O向拉力作用线作垂线即可画出绳子拉力的力臂L。
【解答】解：①重力的方向竖直向下，作用点在古树的重心上，据此画出古树受到的重力G的示意图；
②绳子拉力的力臂为支点到拉力作用线的距离，故从支点O向拉力作用线作垂线即可画出绳子拉力的力臂L；
图如下所示：

故答案为：如上图所示。
【点评】本题考查重力示意图和力臂的画法，属于基础知识，难度不大。
25．（6分）（2021•成都）“天府号”动车组在成绵乐城际高铁上投用，标志着成都、乐山、德阳、绵阳、眉山等城市铁路迎来公交化。一列“天府号”动车组（如图）从成都东站驶出，用时54min抵达乐山站，成都东站到乐山站的路程是135km。求：
（1）该动车组从成都东站到乐山站的平均速度是多少km/h？
（2）该动车组在平直铁路上以5×104N的牵引力匀速前进1.5km，牵引力做功为多少？

【分析】（1）利用速度公式求平均速度；
（2）利用功的公式W＝Fs求牵引力做的功。
【解答】解：（1）两站间的路程s＝135km，时间t＝54min＝0.9h，
平均速度：.
（2）牵引力F＝5×104N，通过的距离s'＝1.5km＝1500m，
牵引力做的功：W＝Fs'＝5×104N×1500m＝7.5×107J.
答：（1）动车组从成都东站到乐山站的平均速度是150km/h；
（2）牵引力做的功为7.5×107J.
【点评】本题考查速度和功的计算，直接应用公式分析、解决问题，难度不大。
26．（6分）（2021•成都）如图所示电路，电源电压U＝6V，定值电阻R1＝10Ω。
（1）当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器R2的滑片位于a端时，电流表的示数为0.2A。求此时定值电阻R3的电功率。
（2）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器R2的滑片位于中点时，电流表的示数为0.3A。求滑动变阻器R2的滑片从a端移至b端的过程中，电压表示数的变化范围。

【分析】（1）当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器R2的滑片位于a端时，R1与R3串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出定值电阻R3的阻值，利用P＝UI＝I2R求出定值电阻R3的电功率；
（2）当开关S1、S2都闭合，R3短路，滑动变阻器R2的滑片位于中点时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出此时滑动变阻器接入电路中的电阻，从而得出滑动变阻器的最大阻值；当滑片位于a端时，R2接入电路中的电阻为零，电压表被短路，其示数为0V；当滑片位于b端时，R2接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数，然后得出答案。
【解答】解：（1）当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器R2的滑片位于a端时，R1与R3串联，电流表测电路中的电流，
由I＝可得，电路的总电阻：R总＝＝＝30Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，定值电阻R3的阻值：R3＝R总﹣R1＝30Ω﹣10Ω＝20Ω，
此时定值电阻R3的电功率：P3＝I2R3＝（0.2A）2×20Ω＝0.8W；
（2）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器R2的滑片位于中点时，R3短路，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测变阻器两端的电压，
此时电路中的总电阻：R总′＝＝＝20Ω，
此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R2＝R总′﹣R1＝20Ω﹣10Ω＝10Ω，
则滑动变阻器的最大阻值：R2＝20Ω，
当滑片位于a端时，R2接入电路中的电阻为零，电压表被短路，其示数为0V，
当滑片位于b端时，R2接入电路中的电阻最大，
此时电路中的电流：I″＝＝＝＝0.2A，
电压表的示数：U2＝I″R2＝0.2A×20Ω＝4V，
所以，滑动变阻器R2的滑片从a端移至b端的过程中，电压表示数的变化范围为0～4V。
答：（1）此时定值电阻R3的电功率为0.8W；
（2）滑动变阻器R2的滑片从a端移至b端的过程中，电压表示数的变化范围为0～4V。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式是关键。
四、实验与探究题（共14分）
27．（6分）（2021•成都）在“探究并联电路中的电流规律”实验中：
（1）小罗同学设计的实验电路如图甲所示，她选用的电源电压是3V。关于小灯泡规格的选择，下列说法正确的是
　C　。
A.没有限制，可以任意选取
B.小灯泡的额定电压必须为3V
C.小灯泡的规格应该不同
D.必须保证小灯泡的额定电流相同
（2）小罗同学将电流表接在A处，闭合开关，电流表指针位置如图乙所示。她的电流表量程选择正确吗？答：　正确　。
（3）在得出实验结论时，我们将图甲中A、B处的电流称为支路中的电流，C处的电流称为 　干路　电流。

【分析】（1）实验中为了获得普遍的规律，应选用不同规格的灯泡；
（2）根据指针偏转的角度分析；
（3）根据C处的位置分析。
【解答】解：（1）实验中为了防止偶然性的发生，寻找普遍的规律，应选用不同规格的灯泡多次实验，故C正确；
（2）由图可知，指针偏转的角度正常，不偏大也不偏小，量程选择正确；
（3）由图可知，C在干路中，则C处的电流为干路电流。
故答案为：（1）C；（2）正确；（3）干路。
【点评】本题考查了并联电路的电流关系的探究实验，属于基础题。
28．（8分）（2021•成都）小虹利用弹簧测力计、实心圆柱体物块、烧杯等器材，探究浮力的大小跟哪些因素有关。小虹提出如下猜想，设计并进行了实验。
猜想a：浮力大小与物体浸没在液体中的深度有关；
猜想b：浮力大小与物体排开液体的体积有关；
猜想c：浮力大小与液体的密度有关。
（1）小虹确定了测量浮力的方法：用弹簧测力计先测出物体的重力G，接着将物体浸入液体中静止时，读出测力计对物体的拉力F拉，可计算出物体所受的浮力F浮。其测量原理利用了 　D　。
A.F浮与G是一对平衡力
B.F浮与G是相互作用力
C.F浮与F拉是相互作用力
D.F浮、F拉和G是一组平衡力
（2）小虹的操作步骤及测量数据如图所示。
由测量数据可得：B步骤中圆柱体物块受到水的浮力为 　0.4　N。
（3）分析图中A步骤与 　CD　步骤的数据，可以验证猜想a是错误的。（填出步骤的序号）
（4）进一步学习了阿基米德原理之后，利用如图的测量数据，还可以计算出其它一些物理量（水的密度已知）。下列物理量中不能计算出的是 　C　。
A.物块的体积
B.物块的密度
C.盐水的体积
D.盐水的密度

【分析】（1）物体在水中静止，说明此时受平衡力的作用，分析物体受到的所有力即可得到结论；
（2）根据测力计分度值，由图A得出物体的重力，根据A、B两次的示数便可求出B步骤中受到的浮力大小；
（3）物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，要探究浮力大小是否与物体浸没在液体中的深度有关，需保持物体排开液体的密度和体积不变，只改变物体浸没在液体中的深度；
（4）要充分利用好F浮＝ρ液gV排和ρ＝，根据已知量进行分析即可。
【解答】解：（1）由题意知，物体受重力、水的浮力、测力计的拉力三个力的作用，在这三个力的作用下保持平衡，所以这三个力平衡，故D正确；
（2）测力计分度值为0.2N，由图A可知，物体的重力为2.4N；
B中测力计的示数为2N，所以此时受到的浮力为：
F浮＝G﹣F＝2.4N﹣2N＝0.4N；
（3）C、D两图实验，物体排开液体的体积和密度相同，浸没在液体中的深度不同，因测力计示数相同，受到的浮力相同，故可得：浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关，可以验证猜想a是错误的；
（4）AB、由图A可知物体所受的重力G＝2.4N，则m＝＝＝0.24kg；
根据图AD或图AC可求出物体完全浸没在水中时受到的浮力F浮＝G﹣F＝2.4N﹣1.4N＝1N；
由F浮＝ρ液gV排得，V物＝V排＝＝＝1×10﹣4m3；
物体的密度为：ρ＝＝＝2.4×103kg/m3；
C、通过数据无法得知盐水的体积；
D、由图AE可知物体在盐水中受到的浮力为：
F浮′＝G﹣F′＝2.4N﹣1.3N＝1.1N；
由F浮＝ρ液gV排得，ρ盐水＝＝＝1.1×103kg/m3。
由上可知，不能得出的是C选项。
故答案为：（1）D；（2）0.4；（3）CD；（4）C。
【点评】本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、控制变量法及数据分析、阿基米德原理和密度公式的运用。
B卷一、选择题（每小题2分，共10分。有的小题只有一个选项符合题目要求；有的小题有二个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）
29．（2分）（2021•成都）人类的发展离不开能源，“碳达峰、碳中和”是我国对世界做出的庄严承诺。对于能量和能源，下列说法中正确的是（　　）
A．现代生活离不开电，电力是一次能源
B．提高能量转化效率是“节能减排”的重要措施之一
C．新能源的开发和利用技术难、成本高，无实用价值
D．能量既不能创造，也不会消灭，所以不用节约能源
【分析】（1）电力是二次能源；
（2）“节能减排”可提高能量转化效率；
（3）新能源的开发和利用技术难、成本高，但有利用价值，据此分析；
（4）有些能量使用以后不可能再被利用，据此分析。
【解答】解：A、电力是二次能源，故A错误；
B、“节能减排”可提高能量转化效率，故B正确；
C、新能源的开发和利用技术难、成本高，但有利用价值，故C错误；
D、有些能量使用以后不可能再被利用，所以要节约资源，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查能源的有关知识，属于基础知识，难度不大。
30．（2分）（2021•成都）夜晚，小林在明亮房间里，通过一面窗户玻璃看到了自己的像，而在晴朗的白天却看不见。对于此现象，他作出如下分析，正确的是（　　）
A．夜晚和白天，人都可以通过这面玻璃成像
B．射向这面玻璃的光，夜晚发生镜面反射，白天发生漫反射
C．白天，射向这面玻璃的光全部透过玻璃，没有反射
D．白天，人通过这面玻璃成的像更小
【分析】（1）平面镜成像是光的反射，物体发出或者反射的光越多像越清晰；
（2）光的反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射；
（3）平面镜成像的特点：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；
③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
【解答】解：A、夜晚和白天，人都可以通过这面玻璃成像，白天阳光从屋外照射进来，由于阳光的亮度远超镜子反射的物体的成像的亮度，所以在晴朗的白天却看不见，
晚上外面暗室内亮，所以外面几乎没有反射光线进来，室内灯光越亮，反射的光线越强，像也就越清晰，故A正确；
B、射向这面玻璃的光，夜晚和白天发生的都是镜面反射，故B错误；
C、白天，射向这面玻璃的光一部分透过玻璃，发生折射，一部分反射，故C错误；
D、由平面镜成像特点可知，白天，人通过这面玻璃成的像与人时等大的，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查镜面反射、漫反射和平面镜成像特点，与实际生活联系密切，属于综合性题目，难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
31．（2分）（2021•成都）小帆在老师指导下，用如图1所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像（图2），乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（q酒精＝3×107J/kg）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等，c水＝4.2×103J/（kg•℃），则下列说法中正确的是（　　）

A．c乙＝2.4×103J/（kg•℃）
B．乙的吸热能力大于甲的吸热能力
C．0～8min乙吸收的热量为3.36×104J
D．该酒精灯的加热效率为28%
【分析】（1）（2）根据c＝求出乙的比热容；
（3）根据Q吸＝cm△t求出乙吸收的热量；
（4）根据Q放＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量，根据效率公式求出效率。
【解答】解：
AB、根据图乙可知，质量相同的甲和乙升高相同的温度，甲的加热时间是乙的加热时间的2倍，则甲吸收的热量是乙吸收热量的2倍，则甲的吸热能力大于乙的吸热能力，甲为水；根据c＝可知，甲的比热容是乙的比热容的2倍，乙的比热容为：c乙＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃），故A错误；
C、用相同的酒精灯加热，在相同的时间内，水吸收的热量等于乙吸收的热量，0～8min乙吸收的热量等于甲吸收的热量：Q乙＝Q水＝c水m水△t＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×104J，故C正确；
D、酒精完全燃烧放出的热量为：Q放＝m酒精q＝0.004kg×3×107J/kg＝1.2×105J；
乙从加热到沸腾吸收的热量为：Q'乙＝×3.36×104J＝4.2×104J；
酒精灯的加热效率为：η＝＝＝35%，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了比热容的计算、吸热和放热公式的应用、效率的计算，考查的知识点较多。
32．（2分）（2021•成都）工人用如图所示装置把重为1000N的物体，从斜面底部匀速拉到2m高的平台上（斜面与水平地面的夹角为30°），用时20s。工人对绳子的拉力为400N，动滑轮重为20N，不考虑绳重和滑轮转轴的摩擦，下列计算结果正确的是（　　）

A．绳子对物体的拉力为780N
B．绳子对物体做的功为4000J
C．工人做功的功率为100W
D．整个装置的机械效率为62.5%
【分析】（1）从图中可知绳子的股数n＝2，工人对绳子的拉力为F＝400N，
对动滑轮受力分析，受到上面的两段绳子对其竖直向上的拉力、竖直向下的重力和下面的绳子对其竖直向下的拉力F绳，
则2F＝G动+F绳，得出F绳，进而得出绳子对物体的拉力；
（2）斜面与水平地面的夹角为30°，平台高2m，根据数学知识可知斜面的长为s＝4m，根据W＝F绳s得出绳子对物体做的功；
（3）绳子自由端移动的距离s′＝2×4m＝8m，根据W总＝Fs′得出工人做的功，根据P＝得出工人做功的功率；
（4）克服物体重力做的功为有用功，根据W有用＝Gh得出有用功，整个装置的机械效率η＝得出机械效率。
【解答】解：A、从图中可知绳子的股数n＝2，工人对绳子的拉力为F＝400N，
对动滑轮受力分析，受到上面的两段绳子对其竖直向上的拉力、竖直向下的重力和下面的绳子对其竖直向下的拉力F绳，
则2F＝G动+F绳，得出F绳＝2F﹣G动＝2×400N﹣20N＝780N，
故绳子对物体的拉力也为780N，故A正确；
B、斜面与水平地面的夹角为30°，平台高2m，根据数学知识可知斜面的长为s＝4m，
绳子对物体做的功W＝F绳s＝780N×4m＝3120J，故B错误；
C、绳子自由端移动的距离s′＝2×4m＝8m，
工人做的功W总＝Fs′＝400N×8m＝3200J，
工人做功的功率P＝＝＝160W，故C错误；
D、有用功W有用＝Gh＝1000N×2m＝2000J，
整个装置的机械效率η＝×100%＝×100%＝62.5%，故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查功率、功、机械效率的有关计算，并考查受力分析的知识，综合性较强，有一定难度。
33．（2分）（2021•成都）如图所示电路，电源电压U＝18V，电流表量程（0～3A），电压表量程（0～15V），定值电阻R1＝20Ω，R2＝30Ω，R3为滑动变阻器。在确保电路安全情况下：当S1断开，S2、S3闭合，滑片位于a端时，电流表的示数为I1，电路总功率为P1；当S2断开，S1、S3闭合，滑片位于b端时，电流表的示数为I2，电压表的示数为U′；当S2、S3断开，S1闭合时，电流表的示数为I3；当开关都闭合，滑片位于a端时，电流表的示数为I4，电路总功率为P2。已知I1：I2＝4：1，下列结果正确的是（　　）

A．R3的最大阻值为10Ω或60Ω
B．I4：I3＝11：1
C．U′＝13.5V
D．P1＞P2
【分析】首先根据开关的闭合和断开判断电路连接情况，判断电压表测量谁的电压，电流表测量谁的电流，画出对应的电路图，从I1：I2＝4：1入手，列出等式，求出滑动变阻器的阻值，再根据电流表的量程判断滑动变阻器的最大阻值，求出每一个过程的电流，判断电流之比，判断电压表示数，判断电路的总功率情况。
【解答】解：当S1断开，S2、S3闭合，滑片位于a端时，滑动变阻器相当于定值电阻全部接入电路，R2和R3并联在电源上，电流表测量干路电流，电压表被短路，电流表的示数为I1，电路总功率为P1，如图甲。
当S2断开，S1、S3闭合，滑片位于b端时，滑动变阻器相当于定值电阻全部接入电路，R1和R3串联在电源上，电流表测量串联电路电流，电流表的示数为I2，电压表测量R3两端的电压，电压表的示数为U′，如图乙。
当S2、S3断开，S1闭合时，R1、R3和R2串联在电源上，滑动变阻器相当于定值电阻全部接入电路，电流表测量串联电路电流，电流表的示数为I3，电压表测量R3和R2两端的总电压，如图丙。
当开关都闭合，滑片位于a端时，R1、R3和R2并联在电源上，滑动变阻器相当于定值电阻全部接入电路，电流表测量干路电流，电流表的示数为I4，电压表被短路，电路总功率为P2，如图丁。

A、如图甲，R2和R3并联的总电阻为R23并＝，干路电流为I1＝，
如图乙，R1和R3串联在电源上，R1和R3并联的总电阻为R13串＝R1+R3，串联电路电流I1＝，
已知I1：I2＝4：1，所以：＝4：1，
整理得，＝，
则，＝，
解得，R3＝10Ω，或R3＝60Ω，
如图丁，当R3＝10Ω，R1、R3和R2并联在电源上，I4＝I'1+I'2+I'3＝++＝++＝3.3A，电流表的量程是0～3A，故R3＝10Ω不符合题意，所以滑动变阻器的最大阻值大于10Ω，故最大阻值是60Ω，故A错误。
B、如图丁，当R3＝60Ω，R1、R3和R2并联在电源上，I4＝I'1+I'2+I''3＝++＝++＝1.8A，
如图丙，I3＝＝＝A，则I4：I3＝1.8A：A＝11：1，故B正确。
C、如图乙，I2＝＝＝0.225A，电压表示数U'＝I2R3＝0.225A×60Ω＝13.5V，故C正确。
D、如图甲，R2和R3并联，如图丁，R1、R3和R2并联在电源上，R23并＞R123并，根据P＝，在电压一定时，电阻越大，功率越小，故P1＜P2，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题有四个过程，对于这种多过程的电学习题，每一个过程都画出电路图，然后建立各个过程中电源电压相等，电阻相等，然后再进行分析，这是电学最常用的方法，一定要熟练掌握。
二、综合题（共10分。第35题在解答时应写出公式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分）
34．（4分）（2021•成都）在医院住院部，病人需要护理时，闭合床头开关，就能及时通知值班室里的护士。这个呼叫电路应该怎么设计呢？实验小组进行了模拟设计。

（1）设计呼叫电路时，下列因素中，不需要考虑的是 　D　.
A.护士工作很忙，要用多种信号提醒
B.能够确定呼叫发出的位置
C.呼叫信号强弱合适
D.值班室是否有护士值班
（2）小李同学以一个病房只有一张病床为例，设计了如图1所示的电路。该电路能不能达到呼叫目的？答：　能达到　。
（3）当一个病房有三张病床时，小杨同学设计的电路如图2所示，小张同学设计的电路如图3所示。对比这两个电路，图3电路的优点是 　能够确定发出呼叫的床位　.
（4）关于图3所示呼叫电路的器材选择，下列说法中，不合理的是 　 　。
A.电源能长时间稳定供电
B.指示灯选用15W的节能灯
C.电铃额定功率不宜太大
D.病房开关必须安全且使用方便
（5）进一步讨论发现，图3所示的呼叫电路还不够完善，应该继续改进。
【分析】（1）根据呼叫电路的作用分析；
（2）根据电路的连接方式分析；
（3）在设计电路时，护士站在铃响灯亮时要能确定呼叫的床位；
（4）根据电路的作用、安全用电、节约用电的常识分析。
【解答】解：（1）ABC、设计呼叫电路时，需要护士确定呼叫发出的位置，由于护士的工作较多，所以设计电路时，需要用多种信号提醒，提醒的信号的强弱要合适，不能影响到他人，故ABC不符合题意；
D、设计呼叫电路时，不需要考虑值班室是否有护士值班，因为护士站都会有护士值班，故D符合题意；
故选D；
（2）一个病房只有一张病床，所以只要闭合开关，铃响灯亮，能达到呼叫目的；
（3）由图2可知，三个开关闭合其中的任意一个开关，铃响灯亮，但无法确定是哪个床位呼叫；由图3可知，每个床位都有对应的一个灯，闭合一个开关，铃响灯亮，根据亮的灯可以确定是哪个床位呼叫；
（4）A.为了能随时了解病人的情况，该电路要随时能工作，故电源要能长时间稳定供电，故A合理；
B.指示灯功率较小的节能灯，这样能节省电能，15W的灯泡的功率太大了，故B不合理；
C.电铃额定功率不宜太大，否则会影响到病人的休息，故C合理；
D.病房开关必须安全且使用方便，这样不容易发生触电事故，故D合理；
故选B。
故答案为：（1）D；（2）能达到；（3）能够确定发出呼叫的床位；（4）B。
【点评】本题主要考查了电路的设计、电路的连接方式，难度不大。
35．（6分）（2021•成都）如图甲所示，薄壁圆柱形容器放在水平台上，容器的底面积S容＝100cm2，质量均匀的圆柱体物块上表面中央用足够长的细绳系住，悬挂于容器中。以恒定速度向容器中缓慢注水（每分钟注入100g），直至注满容器为止，细绳的拉力大小与注水时间的关系图像如图乙所示。ρ水＝1g/cm3，常数g＝10N/kg，物块不吸水，忽略细绳体积、液体扰动等其它次要因素。

（1）求注水前圆柱体物块的下表面到容器底部的距离L1；
（2）当细绳的拉力为0.9N时，求水对物块下表面的压强；
（3）若改为以恒定速度向容器中缓慢注入另一种液体（每分钟注入100cm3，ρ液＝1.5g/cm3），直至9.4min时停止。求容器底部所受液体压强p与注液时间tx分钟（0≤tx≤9.4）的函数关系式。
【分析】（1）由图乙可知，第4min时水面刚好接触物块下底面，故可求出注入水的质量，由密度可求出体积，再由体积公式可求出此时水的深度；
（2）物块的重力等于开始时的拉力，即：G物＝2.4N，根据重力公式得出物体的质量，
第7min时水面刚好与物块的上表面相平，根据F浮＝G物﹣F得出浮力，
根据阿基米德原理可得出V物和V排，
从第4min到第7min注水质量为300g，注水体积V2＝300cm3，
细绳拉力不为零，说明细绳一直处于拉直状态，物块位置没有移动，
根据V物+V2＝S容h物得出h物，进而得出物体的底面积，
当细绳拉力为0.9N时，求出水对物块底面的压力F压。
根据p＝得出水对物块下表面的压强；
（3）从注水时的图象看，第7min至第9min注水质量为200g，根据密度公式可知注水体积V3，根据：L3＝得出物块的上表面距容器口距离，
进而得出容器的高度h容，
由于每分钟注水和注液的体积是相同的，所以第4min时液体刚好接触物块底面。
每分钟注入100cm3，当0≤tx≤4时，根据p＝得出容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式；
第4min时，根据密度公式得出ρ物，
分析ρ液、ρ物的大小关系，所以继续注液到某一时刻，物块刚好漂浮。
根据阿基米德原理得出此时的V排，
进而得出物块底面浸入深度：h浸，
从根据V＝（S容﹣S物）h浸得出第4min到这一时刻的注液体积，
进而得出注液时间，
当4＜tx≤6.4时，p＝600Pa+△p＝（250tx﹣400）Pa得出此段容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式；
6.4min时，p＝1200Pa，
6.4min至9.4min，物块漂浮并随液面一起上升。
这段时间注液体积V5＝300cm3，假设无液体溢出，液面上升3cm。
9.4min时，液体深度为4cm+4cm+3cm＝11cm＝h容，所以假设成立。
可得出当6.4＜tx≤9.4时，容器底部所受液体压强p与注液时间tx的函数关系式。
【解答】解：（1）分析图象可知，第4min时，水面刚好接触物块下底面。注水质量为400g，水的体积V1＝＝＝400cm3，水的深度L1＝＝＝4cm；
（2）物块的重力等于开始时的拉力，即：G物＝2.4N，则m物＝＝＝0.24kg，
第7min时水面刚好与物块的上表面相平，则F浮＝G物﹣F＝2.4N﹣0.4N＝2N，
根据阿基米德原理可知：V物＝V排＝＝＝2×10﹣4m3＝200cm3，
从第4min到第7min注水质量为300g，根据密度公式可知注水体积V2＝＝＝300cm3，
细绳拉力不为零，说明细绳一直处于拉直状态，物块位置没有移动，
V物+V2＝S容h物，代入数据得：h物＝5cm，
S物＝＝＝40cm2＝4×10﹣3m2，
当细绳拉力为0.9N时，F浮＝G物﹣F＝1.5N，即为水对物块底面的压力F压。
p＝＝＝375Pa；
（3）从注水时的图象看，第7min至第9min注水质量为200g，注水体积V3＝200cm3，物块的上表面距容器口距离：L3＝＝＝2cm，
容器的高度：h容＝L1+h物+L3＝4cm+5cm+2cm＝11cm，
由于每分钟注水和注液的体积是相同的，所以第4min时液体刚好接触物块底面。
当0≤tx≤4时，p＝＝＝＝＝＝150txPa，
第4min时，p＝600Pa，
ρ物＝＝＝1.2×103kg/m3，
由于ρ液＞ρ物，所以继续注液到某一时刻，物块刚好漂浮。
此时：V排＝＝＝＝1.6×10﹣4m3＝160cm3，
物块底面浸入深度：h浸＝＝＝4cm，
从第4min到这一时刻的注液体积：V＝（S容﹣S物）h浸＝240cm3，
则注液时间为2.4min，
当4＜tx≤6.4时，p＝600Pa+△p＝（250tx﹣400）Pa，
6.4min时，p＝1200Pa，
6.4min至9.4min，物块漂浮并随液面一起上升。
这段时间注液体积V5＝300cm3，假设无液体溢出，液面上升3cm。
9.4min时，液体深度为4cm+4cm+3cm＝11cm＝h容，所以假设成立。
当6.4＜tx≤9.4时，p＝1200Pa+△p'＝（150tx+240）Pa。
故答案为：（1）注水前圆柱体物块的下表面到容器底部的距离L1为4cm；
（2）当细绳的拉力为0.9N时，水对物块下表面的压强为375Pa；
（3）当0≤tx≤4时，p＝150txPa，当4＜tx≤6.4时，p＝（250tx﹣400）Pa，当6.4＜tx≤9.4时，p＝（150tx+240）Pa。
【点评】本题考查液体压强的有关计算，综合性强，难度较大。
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日期：2021/9/30 15:27:36；用户：余浩；邮箱：sjhzxyh14@xyh.com；学号：37802004