2021-2022学年浙江省宁波市东海实验中学九年级（上）期末物理试卷（B卷）

这是一份2021-2022学年浙江省宁波市东海实验中学九年级（上）期末物理试卷（B卷），共19页。试卷主要包含了5WB，6WB，【答案】C，【答案】A，【答案】D，【答案】B，【答案】电磁感应  机械等内容，欢迎下载使用。
 2021-2022学年浙江省宁波市东海实验中学九年级（上）期末物理试卷（B卷） 体育测试立定跳远时的动作分解如图，在此过程中运动员
A. 上升时，动能减小，势能减小 B. 上升时，动能增大，势能增大
C. 下落时，势能增大，动能减小 D. 下落时，势能减小，动能增大如图所示，电动平衡车是一种新型交通工具，被广大青少年所喜爱。图中与电动平衡车驱动前行过程原理相同的是A.  B.
C.  D. 如图是汽油机一个工作循环的四个冲程，不是靠飞轮惯性完成的冲程是A.  B.
C.  D. 2018年6月29日，一则题为《20秒60级台阶他抱着晕倒的女士冲向医院》的新闻报道让救人兵哥哥、东部战区海军战士朱墨岩刷屏全国。在这20s内，朱墨岩登台阶的平均功率接近A.  B. 55W C. 550W D. 5500W如图开瓶器开启瓶盖时可抽象为一杠杆，不计自重。下图能正确表示它工作示意图的是

 A.  B.
C.  D. 小明同学在班会活动课上表演了一个小魔术：用金属片点燃火柴，将一金属片接在学生电源上如图所示，他将火柴放在哪个位置效果最明显
A. a点 B. b点 C. c点 D. 都一样如图是探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，U形管中液面的高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是
 A. 该实验装置是为了探究电流产生的热量与电阻的关系
B. 将左边容器中的电阻丝换成的电阻丝后，就可以探究电流产生的热量与电阻的关系
C. 该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反应电阻丝放出热量的多少的
D. 通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大如图甲所示电路，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“”，电流表量程选择“”，电压表量程选择“”，小灯泡上标有“”字样，其图象如图乙所示，闭合开关S，为保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列选项正确的是
 
A. 电路的最大功率是 B. 小灯泡的最小功率是
C. 电流表的最小示数是 D. 电流表的最大示数是如图所示，有一种“能量收集船”，通过波浪推动船体两侧的“工作臂”带动船内线圈切割磁感线，从而获得电能，并储存起来。该“能量收集船”的发电原理是______现象，将______能转化为电能。在中考体育考试中，小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若不考虑空气阻力，则实心球从离开手后到达最高点的过程中，球受______个力的作用，球的机械能______选填“增大”、“减小”或“不变”，在最高点时，球的动能______选填“大于”或“等于”零。
杠杆在我国古代就有了许多巧妙的应用．护城河上安装使用的吊桥就是一个杠杆，由图可知它的支点是______ 点填“A”、B”或“C”，请在答题卷的图中画出动力臂






 如图甲所示是常见的电热液体蚊香器。
将蚊香器插入插座，加热器开始工作，温度升高，其内能______。
驱蚊液被加热汽化后充满整个房间，说明气体之间能发生______现象。
如图乙是蚊香器的内部结构电路图，指示灯和加热器的连接方式是______联。蚊香器正常工作10h消耗的电能是______。
为比较不同液体升高相同温度时吸收热量的多少，小科用两个完全相同的电加热器分别给质量和初温都相同的A、B两种液体加热，如图甲所示。图乙是它们的温度随时间变化的图像。

在该实验中通过比较______来比较两种液体升高相同温度时吸收热量的多少。
根据实验结果可以发现______选填“A”或“B”液体的比热容更大。
在没有温度计时，某同学提出可以比较“A、B两种液体加热至沸腾所用时间的长短”来判断比热容大小。而小科认为这个方案不可行，小科的理由是______。在粗糙的地面有一个的盛满油的圆柱桶，高120厘米，底部直径为50厘米，重力为1300牛顿，要使底部A点稍离地面，在D点至少需加一个______牛的推力。若将油桶绕B点推倒时，推力至少要做______焦耳的功。
 
在探究“杠杆平衡的条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆每小格均等长、铁架台、刻度尺、细线和若干个重为1N的钩码。

杠杆在如图甲的位置静止时______选填“是”或“不是”处于杠杆平衡状态。
杠杆调节好后，进行了三次实验，实验情景如图乙、丙、丁所示，以两边钩码的重力分别为动力和阻力，对应的力臂为和，由此可得杠杆的平衡条件为：______。
如图戊所示，用细绳竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，保持杠杆平衡，将细绳转到虚线位置时，拉力F大小将______选填“变大”、“不变”或“变小”。小科在“测量小灯泡的电功率”实验中，所用器材有：蓄电池、电流表、电压表、额定电压的小灯泡，滑动变阻器、开关、导线若干，部分实物电路如图甲所示。

请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整要求：滑片P向右移动时小灯泡变亮。
正确连接电路后，闭合开关S，移动滑片P，小科发现小灯泡始终不亮，电流表指针几乎未偏转、电压表有示数，则故障原因可能是______。
排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表的示数如图乙所示；若要测量小灯泡的额定功率，接下来应该进行的操作是______。
图丙是由实验数据描出的小灯泡的图象，则小灯泡额定功率是______ W。如图，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为500N的物体匀速向上提。已知每个滑轮重20N，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦。
图甲中车对绳子的拉力为______N。
图乙中人对绳子的拉力为______N。
若图乙中人在10秒内向右前进了7m，使物体匀速上升，求在这段时间内人拉绳子做功的平均功率。







 如图甲为某电饭锅的简化电路原理图，和为加热电阻，且阻值保持不变，，S为靠近加热盘的感温开关，1、2是开关连接的触点，加热盘温度达到时，S自动切换到保温状态。某次煮饭时，仅将电饭锅接入220V的电路，按下开关S与触点1连接，工作了，S自动切换到保温状态，保温时图乙所示电能表的转盘在内转过5转。求：
加热状态时，电饭锅消耗的电能。
的阻值。
用电高峰时，实际电压只有额定电压的，电饭锅加热状态的实际功率。








答案和解析 1.【答案】D
 【解析】解：运动员上升时，质量不变，速度变小，高度变大，故动能减小，势能增大；
运动员下落时，质量不变，速度变大，高度变小，故动能增大，势能减小。
故ABC错误，D正确。
故选：D。
动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
此题考查动能和势能的大小变化，难度不大，关键是掌握动能和势能大小的影响因素。
 2.【答案】D
 【解析】解：电动平衡车的无刷电机工作时，消耗电能，获得机械能，因此是将电能转化为机械能，从而获得动力。
A、是研究电磁铁磁性的大小与线圈匝数的关系，故A错误；
B、图中通电导体的周围有磁场，是电流的磁效应，故B错误；
C、是电磁感应原理，机械能转化为电能，故C错误；
D、通电导体在磁场中受力运动，电能转化为机械能，与电动平衡车驱动前行过程原理相同，故D正确。
故选：D。
根据电动平衡车驱动前行过程中的能量转化做出判断。
此题以平衡车为载体考查了电磁感应、电流的磁效应、电磁铁等多个知识点，综合性很强，但难度不是很大。
 3.【答案】B
 【解析】解：在汽油机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的。
A图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
B图：两气门都关闭，活塞向下运行，火花塞点火，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；
C图：两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意。
故选：B。
汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
在四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的。
此题主要考查了内燃机的四个冲程及能量转化情况，是一道基础性题目。
 4.【答案】C
 【解析】解：朱墨岩的体重大约600N，女士的重力大约500N，60级台阶的高度，
朱墨岩抱着晕倒的女土登台阶所做的功，
平均功率，与550W相差不大，故C符合题意。
故选：C。
首先估计人的重力，台阶高度大约15cm，根据功的公式可以算出朱墨岩登台阶所做的功，知道做功时间，根据功率公式求功率。
本题考查了学生对功的公式、功率公式的了解与掌握，估测人的重力和台阶的高度是关键。
 5.【答案】B
 【解析】解：用开瓶器开启瓶盖时，支点是开瓶器与瓶盖上方的接触点，即图中杠杆的左端O，阻力为瓶盖对开瓶器竖直向下的作用力，
动力为手对开瓶器右侧竖直向上的作用力，因为动力臂大于阻力臂，所以开瓶器为省力杠杆，即，故ACD错误，B正确。
故选：B。
本题考查了有关杠杆的几个概念，支点、动力、阻力、动力臂、阻力臂称为杠杆的五要素，学会建立模型来解决实际问题。
 6.【答案】A
 【解析】解：影响电阻大小的因素是材料、长度、横截面积，由图可知a点横截面积最小，故a的电阻最大，abc是串联的，电流相同，根据可知，在相同时间内a产生的热量多，故放在a点效果明显。
故选：A。
根据影响电阻大小的因素和焦耳定律的公式分析。
本题考查了影响电阻大小的因素和焦耳定律的公式，属于基础知识。
 7.【答案】D
 【解析】解：
A、装置中一个的电阻与两个的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即，
两个的电阻并联，根据并联电路的电流特点可知，，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半；两容器中电阻丝的阻值相等，但通过它们的电流不同，这是探究电流产生的热量与电流的关系，不是探究电流产生的热量与电阻的关系，故A错误；
B、不改变导线的连接方式，将左边容器中的电阻丝换成的电阻丝后，此时两容器中电阻丝的阻值不相等，结合前面分析可知，通过它们的电流也不同，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故B错误；
C、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但容器中空气温度的变化会导致容器中空气体积的变化，即可以通过U形管中液面高度差的变化来反映电阻丝放出热量的多少，故C错误；
D、通电一段时间后，电阻相同，根据可知，时间和电阻相同的情况下，电流越大，产生的热量越多，左边的电流大，则产生的热量多，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，故D正确。
故选：D。
电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。
探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；
探究电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间关系时运用了控制变量法；
电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但空气温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，有一定的难度。
 8.【答案】B
 【解析】解：由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；题意可知，为保证电路安全，电路中允许通过的最大电流是，即电流表的最大示数是，电路的最大功率是：
，故AD错误；
由串联电路的分压特点可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大时，灯泡两端的电压最小，而且此时流过小灯泡的电流也最小，即电流表的示数最小；即当电压表的示数为3V时，小灯泡的电功率最小，此时小灯泡两端的电压为：
，
由图乙可知，此时流过小灯泡的最小电流是，小灯泡的最小功率是
，故B正确；C错误。
故选：B。
为保证电路安全，电路中允许通过的最大电流是，根据可求最大功率；
由串联电路的分压特点可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器两端的电压最大，灯泡两端的电压最小，而且此时流过小灯泡的电流也最小，即电流表的示数最小；即当电压表的示数为3V时，小灯泡的电功率最小，根据可求最小功率。
本题考查电功率的计算，关键是电路中最大电流、最小电流的确定。
 9.【答案】电磁感应  机械
 【解析】解：“工作臂”带动船内线圈切割磁感线，从而获得电能，由切割磁感线运动获得电能，是电磁感应现象，机械能转化为电能。
故答案为：电磁感应；机械。
电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。发电机和动圈式话筒等都是根据电磁感应原理工作的。工作时机械能转化为电能。
由运动获得电能是发电机，耗电而运动是电动机。
 10.【答案】一  不变  大于
 【解析】解：
不考虑空气阻力，实心球离开手后，手的作用力消失，实心球靠惯性向前飞行，此过程中只受到竖直向下的重力；
离开手后的实心球斜向上方运动过程中动能转化为重力势能；从最高点向下运动的过程中重力势能转化为动能。如果不考虑空气阻力，球的机械能总量保持不变；
球在最高点时，仍有向前的速度，所以动能大于零。
故答案为：一；不变；大于。
地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用；
不考虑能量损失，动能和势能转化过程中，机械能总量守恒；
球到达最高点时，仍有向前运动的速度。
此题考查了重力的存在、机械能的转化和守恒，其中最后一空容易出错。
 11.【答案】C
 【解析】解：如图所示，在拉力的作用下吊桥绕着点C转动，所以它的支点在C点；动力作用在A点，方向沿绳子斜向上，过支点C做动力F作用线的垂线段，即为动力臂，如下图所示：

对支点定义的了解：杠杆绕着转动的固定点叫做支点；
力臂：支点到力的作用线的垂线段．
首先分析出杠杆的相关要素是解决的关键，然后再标出动力、阻力、支点的位置，最后才可以依据力臂的画法，画出力臂．
 12.【答案】增大  扩散  并 
 【解析】解：将蚁香器插入插座，加热器开始工作，将电能转化为内能，加热器内能增大，温度升高。
驱蚊液被加热汽化后扩散到空气中，充满整个房间，说明分子在不停的做无规则运动，同时说明气体之间能发生扩散现象。
根据电路图可知，这是一个并联电路，加热器和指示灯各在一条支路上，可以独立工作互不影响，因此是并联的。
蚊香器正常工作10h消耗的电能：
。
电热器工作时将电能转化为内能；物体质量一定时，温度升高。
扩散是指不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象。一切物体都可以发生扩散现象。
本题综合考查了电热器的工作原理、内能与温度的关系、扩散现象、电路的连接方式和电功的计算等知识，知识点较多，难度不大；正确理解相关的知识点是解题的关键。
 13.【答案】加热时间  B A、B两种液体的沸点可能不同
 【解析】解：根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
分析图像可知：对于质量相等的A和B两种液体，两者升高相同的温度，则B加热时间长，B吸收的热量较多，B的吸热能力强，比热容大；
、B两种液体的沸点可能不同，液体都沸腾时，液体升高的温度不同，所以无法完成实验探究。
故答案为：加热时间；；、B两种液体的沸点可能不同。
我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量即比较加热时间，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量即加热相同的时间，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用，关键是从图中获取有效的信息，为热学中的重要实验。
 14.【答案】250 65
 【解析】解：要想使油桶底部A点稍离开地面，则应以油桶底部的右端为支点，如图所示：

要动力最小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂应最长，由图知，最长动力臂为BD，动力的方向垂直于BD向上；
支点为点B，重力的力臂为，最小动力F的力臂为BD，
由勾股定理可得：，
根据杠杆的平衡条件可得：，
即：，
所以。
由于推力做功我们可以转化为重力做功，我们只需要把桶推到对角线垂直于地面即可因为这时候桶会自动倒下；所以求得此时前后两次的重心位置变化情况：；
所以。
故答案为：250；65。
要做出杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：
①确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；
②连接支点与动力作用点，得到最长的线段；
③经过动力作用点做出与该线段垂直的直线；
在此基础上，根据杠杆平衡原理，确定出使杠杆平衡的动力方向，然后利用几何关系求出力臂，再利用平衡条件求出最小拉力的大小。
根据算出功。
本题主要考查了杠杆的最小力的问题和功的计算，本题确定最长力臂和升高的距离是关键。
 15.【答案】是    变大
 【解析】解：
杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图甲中杠杆处于静止状态，因而杠杆是处于平衡状态；
杠杆调节好后，进行了三次实验，实验情景如图乙、丙、丁所示，以两边钩码的重力分别为动力和阻力，对应的力臂为和，分析上述数据，可得出的杠杆的平衡条件是：或动力动力臂=阻力阻力臂；
保持杠杆平衡，将细绳转到虚线位置时，拉力F向左倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，拉力变大；
故答案为：是；；变大。
杠杆的平衡状态包括两种：静止状态或匀速转动状态；
杠杆平衡条件：；实验中需多次实验，得出平衡条件，使结论更普遍性；
当拉力F向左倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
本题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调节方法及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。
 16.【答案】小灯泡断路  滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压
 【解析】解：滑动变阻器的右下方接线柱与开关相连时，滑片P向右移动时小灯泡变亮，如下图所示：

闭合开关S，移动滑片P，小科发现小灯泡始终不亮，电流表指针几乎未偏转，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电流表、电压表、开关、滑动变阻器与电源连通，没有断路，则与电压表并联的小灯泡断路了；
灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为，示数为2V，小于灯的额定电压，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压；
由图丙可知，电压表的示数为时，通过的电流为，
则小灯泡额定功率是：
。
故答案为：如上图所示；小灯泡断路；滑片向B端移动，直到电压表示数为额定电压；。
滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，滑片P向右移动时小灯泡变亮，说明滑动变阻器接入电路中的电阻变小，即右下方接线柱必须接入电路中；
若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电流表、电压表、开关、滑动变阻器与电源连通，没有断路，则与电压表并联的电路断路了；
根据电压表的量程和分度值读出示数，然后与灯泡的额定电压相比较确定灯泡两端电压变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器接入电路中电阻的变化，从而得出滑片移动的方向；
根据图丙读出额定电流，根据求出灯泡的额定功率。
本题考查了实物图的连接和故障分析、电压表的读数、串联电路的分压特点、电功率的计算等，涉及到的知识点较多，综合性强，有一定的难度。
 17.【答案】500 260
 【解析】解：
甲图中，滑轮的轴的位置固定不变，为定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，车对绳子的拉力；
图乙中，使用的是一定、一动的滑轮组，，忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，
人对绳子的拉力：
；
忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，这段时间内人拉绳子做功：
，
人做功的功率：
。
故答案为：；；在这段时间内人拉绳子做功的平均功率为130W。
轴的位置固定不变的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮不能省力，但能改变用力的方向；
随物体一起运动的滑轮叫动滑轮，使用动滑轮能省一半力，但不能改变用力的方向；忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，拉力；
忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，拉力做的功等于提升物体和动滑轮做的功，再利用求拉力做功功率。
本题考查了定滑轮的特点、使用滑轮组时拉力的计算、功和功率的计算，注意：忽略绳子的重力以及滑轮和绳子的摩擦，拉力做的功等于提升物体和动滑轮做的功。
 18.【答案】解：
由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只有，电路中电阻较小；当开关S与触点2连接时，电路中、串联，电路中电阻较大；电源电压一定，由可知，当开关S与触点1连接时，电路电功率较大、电饭锅处于加热状态；当开关S与触点2连接时，电路电功率较小、电饭锅处于保温状态。
按下开关S与触点1连接，加热，电饭锅消耗的电能：
；
当开关S与触点2连接时，、串联，电路电功率较小、电饭锅处于保温状态，
表示每消耗的电能，电能表的转盘转3000转，
消耗的电能：
，
保温功率：
，
由可得：
，
的阻值：
；
用电高峰时，实际电压，
电饭锅加热状态的实际功率：
。
答：加热状态时，电饭锅消耗的电能为；
的阻值为；
用电高峰时，实际电压只有额定电压的，电饭锅加热状态的实际功率为704W。
 【解析】分析电路图，比较开关S与触点1、2连接时，电路中电阻大小关系，电源电压一定，利用可知电功率大小关系，进而得出是处于加热状态还是保温状态。
按下开关S与触点1连接，电路电功率较大、电饭锅处于加热状态，加热，利用求电饭锅消耗的电能；
当开关S与触点2连接时，、串联，电路电功率较小、电饭锅处于保温状态。表示每消耗的电能，电能表的转盘转3000转，据此求消耗的电能，再利用求保温功率，利用求串联电阻，进而求出的阻值；
求出用电高峰时实际电压，利用求电饭锅加热状态的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，本题关键：一是灵活应用电功率的相关公式，二是分析电路图得出加热、保温状态时的电路组成。