2021-2022学年黑龙江省哈尔滨市六中高一上学期期末考试物理试题 PDF版含解析

一.选择题

1.B

【详解】 

A．坐在火车上的乘客看到铁路旁的树木迎面向他飞奔而来，乘客是以火车为参考系的，A错误；

B．研究“神舟飞船”的轨迹时，可以忽略“神舟飞船”的大小和形状，可以视为质点，B正确；

C．物体在5s内指的是物体从零时刻到第5s末这5s的时间，C错误；

D．物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小，但是路程不是位移，D错误。

故选B。

2.C

【详解】

A．物体在A点的速度等于两段时间内的平均速度，大小为

A正确；

BC．根据

可得物体运动的加速度

B正确，C错误；

D．根据

解得

D正确。

故选ABD。

3.B

4.C

【详解】

A．从抛出开始计时5s内，物体的位移为

故A正确；

B．物体上升的最大高度为

从抛出开始计时5s内，物体的路程为

故B正确；

C．从抛出开始计时5s内，物体的速度改变量的大小为

故C错误；

D．从抛出开始计时5s内，物体的平均速度大小为

方向向上，故D正确。

故选C。

5.C

【详解】

A．单位、、s是国际单位制中的基本单位，而N是导出单位，故A错误；

B．牛顿第一定律无法用实验进行验证，因为生活中不受力的物体是不存在的，而牛顿第二定律可通过实验验证，故B错误；

C．根据牛顿第三定律可知，一对作用力和反作用力总是同时存在、同时变化，故C正确；

D．牛顿提出的故D错误。

故选C。

6.D

【详解】

A．对小球受力分析，如图所示

受细线的拉力、重力、水平力F，根据平衡条件有

F＝mgtanθ

θ逐渐增大，则F逐渐增大，故A错误；

B．由图可知，细线的拉力

θ增大，T增大，故B错误；

CD．以铁架台、小球整体为研究对象，根据平衡条件得

f＝F

则f逐渐增大，竖直方向只有重力和地面的支持力，所以

FN保持不变，故C错误，D正确。

故选D。

7. D　

【详解】

x-t图像的斜率表示速度,则A的速度为0,B的速度为vB==2 m/s,D的运动速度是变化的,故A错误;A静止,C做匀速直线运动,E的加速度不变,做匀变速运动,则A、B、C的合力都为零,E的合力不为零,故B错误;合力是恒力的物体是D、E,F的加速度增大,合力增大,故C错误,D正确。

8.D

【详解】

A．木箱在水平地面上匀速运动，受重力、支持力、摩擦力、拉力四个力的作用，故A错误；

B．仅改变前进的速度，只要仍做匀速运动，平衡状态不变，拉力F不变，故B错误。

C．地面对箱子有竖直向上的支持力和水平向左的摩擦力，合力斜向左上方，故地面对箱子的作用力斜向左上方，故C错误；

D．由于拉动箱子在水平面匀速前进，箱子处于平衡状态，正交分解可得

联立解得

故D正确。

故选D。

9.CD

【详解】

已知合力F=10N，F1方向与F夹角为30°，F2的大小为10N，以F的箭头处为圆心，以F2的大小为半径做圆，则该圆与F1的交点即F1的大小，如图，所以

F1的长度为OA时：

所以：∠OAF=120°

则：∠OFA=180°-30°-120°=30°

所以：F1=F2=10N

F1的长度为OB时：

所以：∠OBF=60°

则：∠OFA=180°-30°-60°=90°

所以：,故选CD。

10. ABD

11.ACD

【解析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得：F＝2019ma，解得：a＝；以第1、2、3、…2018个小球为研究对象，根据牛顿第二定律可得：F1－2＝F，F2－3＝F，…，F2018－2019＝F，则F1－2∶F2－3∶…∶F2018－2019＝1∶2∶3∶…∶2018，由胡克定律F＝kx，可知弹簧伸长量之比为：x1－2∶x2－3∶…∶x2018－2019＝1∶2∶3∶…∶2018，但弹簧的长度之比不满足该关系，故A正确，B错误；突然撤去F的瞬间，除第2019个球所受合力突然变化外，由于弹簧不能立即发生形变，故其他球的合力未变，所以其他球的加速度依然为a，C正确；第1个球脱落瞬间所受合外力变为0，则加速度为0，第2个球的合外力变为2ma，加速度变为2a，其他球的合力瞬间不变，加速度依然为a，故D正确。

12.AD

物体在传送带上一直做减速运动，加速度为，则传送带长，选项A正确；物体向右运动的时间；返回后先做加速运动，加速度仍为5m/s2，与传送带共速时用时间；位移；匀速运动的时间；共用时间t=t1+t2+t3=2.13s，选项B错误；若传送带静止，物块仍以速度v0滑上传送带，则物块将以同样的加速度做减速运动，仍然恰好到达传送带的B端，不会滑离传送带，选项C错误；若传送带以速度v2=5m/s顺时针转动，则物块滑上传送带就会与传送到相对静止，则物块在传送带上运动总时间为，选项D正确；故选AD.

二.    实验填空题

13.答案　(1)0.1；0.16　(2)F2-F0；B　(3)>；　(4)C

解析　(1)小车的加速度

a==0.16 m/s2。

(2)由题意易知,描绘的小车加速度a与合力F(F=F1-F0)的关系图像,相当于已平衡摩擦力后描绘的小车加速度与作用力关系图像,且F1、F0均为小车受到的力,可由力传感器直接得出,故a-F图像应为过原点的倾斜直线,B项正确。

(3)小车加速运动时绳的拉力F2小于砂和砂桶的总重力(等于车静止时绳的拉力F1),故F1>F2。

(4)本实验中力的大小可由力传感器直接得出,本实验是探究小车的加速度与合力的关系,只要保持小车和传感器的总质量不变,不需要测出它们的具体数值,A项错误;用力传感器测出了摩擦力,不需要平衡摩擦力,B项错误；用加砂的方法改变拉力的大小,每次砂的质量可增加得很少,而挂钩码每次质量增加得多,故前者可更方便地获取多组实验数据,C项正确;

三.计算题

14.【答案】(1)手机会滑下来；(2)7.2N；1.6N

【详解】(1)以手机为研究对象，受力分析如图所示

沿斜面垂直斜面分解后可得

最大静摩擦力

带入数据可得

而

所以手机会滑下来。

(2)以手机为研究对象，受力分析如图所示

沿斜面垂直斜面分解后可得

解得

根据可得

故物体受到静摩擦力大小为1.6N。

15.【答案】(1)22.5m； (2)6.25s

【详解】

(1)设经时间t两车间的距离最大，此时两车速度相等

联立解得，两车速度相等之前，汽车位移

摩托车位移

汽车停止前，两车之间的最大距离

(2)汽车自开始刹车至停止

得。

汽车自开始刹车至停止，设汽车运动位移，摩托车运动位移

解得，。因为，在汽车停止时，摩托车还没追上汽车，汽车停止后

得，汽车开始刹车至两车再次并排相遇的所用时间

3．(1)1N，方向水平向右；(2)10N；(3)52.25m

【详解】

(1)对AB整体分析，由牛顿第二定律得

F1=(M+m）a1

对B，由牛顿第二定律得

Ff=ma1

解得

Ff =1N

方向水平向右；                                         

(2)对AB整体，由牛顿第二定律得

Fm=(M+m）a2

对B，有

μmg=ma2

解得

Fm=10N                                                       

(3)因为F2>Fm，所以AB间发生了相对滑动，木块B加速度为

a2=μg=2m/s2

木板A加速度为a3，则

F2-μmg=Ma3

解得

a3=4m/s2

t  = 2s              

2s内A的位移为     

2s末A的速度为

vA=a3t=8m/s

 B的速度为

vB=a2t=4m/s                   

对A

F2=Ma4

解得

a4=-4.5m/s2

3-5s的位移

x=52.25m