2020-2021学年黑龙江省七台河市高一（上）期末物理试卷新人教版

这是一份2020-2021学年黑龙江省七台河市高一（上）期末物理试卷新人教版，共7页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1. 以下说法中正确的有（ ）
A.物体被抽象为质点，物体自身大小、体积和质量就可以忽略不计
B.力学单位制中的3个基本单位是kg、N、s
C.汽车的速度越大刹车时越难停下来，说明汽车的惯性大小与速度有关
D.静止在光滑水平面的物体受到一个水平拉力的作用，在力刚开始作用的瞬间物体立即获得加速度但速度仍为零

2. 从某高处释放一粒小石子，经过1s从同一地点释放另一小石子，则它们落地之前，两石子之间的距离将（ ）
A.保持不变B.不断变大
C.不断减小D.有时增大有时减小

3. 下列哪几组共点力作用在同一物体上，物体可能保持平衡？（ ）
A.2N、5N和9NB.2N、30N和50N
C.8N、18N和9ND.20N、30N和20N

4. 一质点做直线运动的v−t图像如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内平均速度的大小和方向分别为（ ）
向右 向左C.1m/s 向右D.1m/s 向左

5. 在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，某同学站在体重计上，体重计示数为50kg，电梯运动过程中，某一段时间内该同学发现体重计示数如图所示，取g＝10m/s2，则在这段时间内下列说法中正确的是（ ）

A.电梯一定是竖直向下做匀加速运动
B.电梯运动的加速度大小为2m/s2
C.该同学所受的重力变小了
D.电梯运动的加速度大小为1m/s2

6. 质量为2kg的物体做匀变速直线运动，其位移随时间变化的规律为x＝2t+2t2(m)．该物体所受合力的大小为（ ）
A.2NB.4NC.6ND.8N

7. 如图所示，质量分别为m1和m2的木块之间用轻弹簧相连，在拉力F的作用下，一起以加速度g竖直向上做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，设此时m1和m2的加速度分别为aA和aB，规定竖直向上为正方向，则（ ）

A.aA＝−g，aB=−2m1m2g
B.aA＝g，aB=−2m2+m1m1g
C.aA＝g，aB=−2m1+m2m2g
D.aA=m1m1+m2g，aB=m2m1+m2g

8. 如图所示，一木箱放置于做匀速直线运动的小车的水平地板上，下列说法正确的是（ ）

A.木箱所受的重力就是木箱对小车的压力
B.木箱所受的重力和木箱对小车的压力是一对平衡力
C.木箱所受的重力和支持力是一对平衡力
D.木箱所受的支持力和木箱对小车的压力是一对作用力与反作用力

9. 如图所示，挡板A与B中间有一个重为G的光滑球，开始时A竖直，A、B间成α角，则在α角缓慢增大至90∘的过程中（ ）

A.若A板固定，则小球对A板的压力不断增大
B.若A板固定，则小球对B板压力一直减小
C.若B板固定，则小球对A板的压力先减小后增大
D.若B板固定，则小球对A板的压力不断减小

10. 如图所示，一物块从倾角为θ的斜面底端以初速度v沿足够长的斜面上滑，经时间t速度减为零，再经2t时间回到出发点，下列说法正确的是（ ）

A.物块上滑过程的加速度大小是下滑过程加速度大小的2倍
B.物块返回斜面底端时的速度大小为v02
C.物块与斜面之间的动摩擦因数为35tanθ
D.物块与斜面之间的动摩擦因数为45tanθ
二、填空题：本题共2小题，共15分把答案填在题中的横线上或按要求作答。

如图为一轻质弹簧的长度L和弹力F大小的关系，试由图线确定：
（1）弹簧的原长是________cm；

（2）弹簧的劲度系数为________N/m；

（3）弹簧伸长到25cm时弹力的大小是________N．

“探究物体的加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图（甲）所示。

（1）在实验过程中，打出了一条纸带。纸带上A、B、C、D、E、F、G这些点的间距如图丙中标示，其中每相邻两点间还有4个计时点未画出。根据测量结果计算：
①打C点时纸带的速度大小为________m/s；
②纸带运动的加速度大小为________m/s2．（结果保留3位有效数字）

（2）平衡好摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上。挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度。根据小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据作出的a−F图线如图乙所示，此图线不通过原点的主要原因是________。
三、计算题：本题共4小题，共45分解答应写出必要的文字说明方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

由静止开始做匀加速直线运动的汽车，第1s内通过0.5m位移，问：
（1）汽车运动的加速度大小；

（2）汽车在第1s末的速度大小；

（3）汽车在第2s内通过的位移大小。

如图10所示，光滑斜面上有一个重力为70N的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹角为45∘，斜面倾角为37∘，整个装置处于静止状态。求绳对小球拉力的大小和斜面对小球支持力的大小。(sin37∘＝0.6, cs37∘＝0.8)


质量为2kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v−t图像如图所示。g取10m/s2，求：

（1）物体与水平面间的动摩擦系数μ；

（2）水平推力F的大小；

（3）0−10s内物体运动位移的大小。

如图所示，可看成质点的物体A放在长L=1m的木板B的右端，木板B静止于水平面上，已知A的质量mA和B的质量mB均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数μ1=0.2，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度取g=10m/s2．若从t=0开始，木板B受F=16N的水平恒力作用，求：
（1）木板B受F=16N的水平恒力作用时，A、B的加速度aA、aB

（2）物体A经多长时间从木板B上滑下

（3）当t=2s时，木板B的速度D．
参考答案与试题解析
2020-2021学年黑龙江省七台河市高一（上）期末物理试卷
一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共4分在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一个选项正确，第8～10题有多个选项正确，全部选对的得4分选对但不全的得2分有选错的得0分。
1.
【答案】
D
【考点】
国际单位制
惯性
牛顿第二定律的概念
质点的认识
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
2.
【答案】
B
【考点】
自由落体运动的概念
【解析】
从某高处释放一粒小石子，小石子做自由落体运动，根据位移时间公式即可求解．
【解答】
设落地前第一个小石子运动的时间为t，则第二个小石子运动的时间为(t−1)s，
根据位移时间公式得：
h1=12gt2
h2=12g(t−1)2
△h＝h1−h2＝gt−12g
所以随着时间的增大，两粒石子间的距离将增大，B正确。
3.
【答案】
D
【考点】
力的合成
【解析】
根据|F1+F2|≥F≥|F1−F2|先求出前两个力的合力范围，如果第三个力在这两个力的范围内，则三力平衡，合力为零．若不在两个力的合力范围内，则合力不能为零，不能保持平衡．
【解答】
解：A、2N和5N的合力范围为[3N, 7N]，9N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡．故A错误．
B、2N和30N的合力范围为[28N, 32N]，50N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡．故B错误．
C、8N和18N的合力范围为[10N, 26N]，9N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡．故C错误．
D、20N和30N的合力范围为[10N, 50N]，20N在合力范围之内，则三个力合力能为零，物体能平衡．故D正确．
故选D．
4.
【答案】
B
【考点】
匀变速直线运动的速度与时间的关系
【解析】
根据速度图像与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，分别求出前3s内质点的位移和后5s内质点的位移，得到前8s内的位移，由平均速度公式v=xt求解前8s内平均速度的大小和方向．
【解答】
解：根据速度图像与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，则得前3s内质点的位移为x1=2×32m=3m；
后5s内质点沿负方向运动，位移为负值，则位移为x2=−2×52m=−5m
故前8s内的位移为x=x1+x2=−2m，前8s内平均速度为v=xt=−28m/s=−0.25m/s，即平均速度大小为0.25m/s，方向向左．
故选B
5.
【答案】
B
【考点】
牛顿运动定律的应用-超重和失重
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
6.
【答案】
D
【考点】
匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】
根据物体位移随时间的变化规律s＝2t+2t2(m)，与匀变速直线运动的位移时间公式对比，求得物体的加速度，再由牛顿第二定律求合力大小．
【解答】
解：将物体的位移表达式x＝2t+2t2，与匀变速直线运动的位移时间公式x＝v0t+12at2对比，可得 2=12a，则 a＝4m/s2．
根据牛顿第二定律得物体受到的合力的大小 F合＝ma＝2×4N＝8N，故D正确，ABC错误．
7.
【答案】
C
【考点】
牛顿第二定律的概念
【解析】
撤掉F后，由于弹簧形变量没有变化，故弹力不变，A只受重力和弹力，因此A的受力不变，可知A的加速度
撤掉F后，B由原来受F，重力，弹力，变为只受重力和弹力，分别对AB列牛顿第二定律方程，可以求B的加速度
【解答】
对A受力分析：撤掉F后，由于弹簧形变量没有变化，故弹力不变，A只受重力和弹力，因此A的受力不变，故其加速度不变仍为g，
对B受力分析：B由原来受F，重力，弹力，由牛顿第二定律：F−m2g−F弹＝m2g，撤掉F后，B只受重力和弹力，由牛顿第二定律：−m2g−F弹＝m2a…①
对A:F弹−m1g＝m1g，解得：F弹＝2m1g…②
带入得：m2g+2m1g＝m2a
解得：a=−2m1+m2m2，故C正确
8.
【答案】
C,D
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
作用力和反作用力
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
9.
【答案】
B,D
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
力的合成与分解的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
10.
【答案】
B,C
【考点】
动摩擦因数
牛顿第二定律的概念
匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】
根据匀变速直线运动公式求加速度和初末速度的关系；
对于上滑过程，受力分析后，根据牛顿第二定律列式求出加速度，根据运动学速度位移关系公式列式求解即可；同理对下滑过程，根据牛顿第二定律求出加速度，然后分析比较即可。
【解答】
A、根据匀变速直线运动公式得：x=12at2，则：a=2xt2，x相同，t是2倍关系，则物块上滑过程的加速度大小是下滑过程加速度大小的4倍，故A错误；
B、根据匀变速直线运动公式得：v=2ax，则物块上滑过程的初速度大小是返回斜面底端时的速度大小的2倍，故B正确；
CD、以沿斜面向下为正方向，上滑过程，由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcsθ＝ma1
下滑过程，由牛顿第二定律得：mgsinθ−μmgcsθ＝ma2，又a2＝4a1
联立解得：μ=35tanθ，故C正确，D错误。
二、填空题：本题共2小题，共15分把答案填在题中的横线上或按要求作答。
【答案】
；（1）10；
（2）200；
（3）30．
【考点】
胡克定律
物体的弹性和弹力
【解析】
由弹簧的长度L和弹力f大小的关系图像，读出弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长；由图读出弹力为F=10N，弹簧的长度为x=5cm，求出弹簧压缩的长度，由胡克定律求出弹簧的劲度系数；根据胡克定律求出弹簧的弹力．
【解答】
解：（1）由图读出，弹簧的弹力F=0时，弹簧的长度为L0=10cm，即弹簧的原长为10cm．
（2）由图读出弹力为F1=10N，弹簧的长度为L1=5cm，弹簧压缩的长度x1=L0−L1=5cm=0.05m，
由胡克定律得弹簧的劲度系数为k=200N/m．
（3）根据胡克定律：F=K△X=200N/m×(0.25−0.1)m=30N．
【答案】
1.18,1.50
未计入砝码盘的重力
【考点】
探究加速度与物体质量、物体受力的关系
【解析】
（1）关键平均速度等于其中间时刻的速度来计算C的速度；利用逐差法求加速度；
（2）本实验平衡摩擦力后，图中没有拉力时就产生了加速度，说明未计入砝码盘的重力。
【解答】
由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T＝0.02×5s＝0.1s；
设s1 ＝9.50cm、s2 ＝11.00cm、s3＝12.55cm、s4＝14.00cm、s5＝15.50cm、s6＝17.05cm，
由“任一时间t中间时刻的瞬时速度等于这段时间t内的平均速度”即vt2=v，则打C点时纸带的速度大小为vC=s2+s32T=11.00+12.552×0.1×10−2≈1.18m/s；
由逐差法求加速度：a=s4+s5+s6−s1−s2−s39T2=14.00+15.50+17.05−9.50−11.00−12.559×.012×10−2 m/s2≈1.50m/s2。
本实验的自变量F是砝码盘中砝码总重力，并非是用砝码盘及盘中砝码的总重力为自变量F，当平衡摩擦力后，图中没有拉力时就产生了加速度，说明未计入砝码盘的重力。
三、计算题：本题共4小题，共45分解答应写出必要的文字说明方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
【答案】
汽车运动的加速度大小为3m/s2；
汽车在第1s末的速度大小为8m/s；
汽车在第2s内通过的位移大小为1.3m。
【考点】
匀变速直线运动的速度与时间的关系
匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
【答案】
绳对小球拉力的大小是30N，斜面对小球支持力的大小是50N。
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
力的合成与分解的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
【答案】
物体与水平面间的动摩擦系数μ是0.2。
水平推力F的大小是6N。
0−10s内物体运动位移的大小是46m。
【考点】
v-t图像（匀变速直线运动）
牛顿第二定律的概念
力的合成与分解的应用
【解析】
（1）根据速度-时间图像可知：0−6s内有水平推力F的作用，物体做匀加速直线运动；6s−10s内，撤去F后只在摩擦力作用下做匀减速直线运动，根据图像的斜率求出6−10s内物体的加速度，由牛顿第二定律求动摩擦系数μ；
（2）根据0−6s内的加速度，由牛顿第二定律求水平推力F的大小；
（3）根据图像的“面积”求物体运动位移的大小。
【解答】
设物体做匀减速运动的时间为△t2、初速度为v20、末速度为v2t、加速度为a2，则
a2=v2t−v20△t2=0−84=−2m/s2①
设物体所受的摩擦力为Ff，根据牛顿第二定律，有
Ff ＝ma2②
Ff ＝−μmg ③
联立②③得 μ＝0.2 ④
设物体做匀加速直线运动的时间为△t1、初速度为v10、末速度为v1t、加速度为a1，则
a1=v1t−v10△t1=8−26=1m/s2⑤
根据牛顿第二定律，有
F+Ff ＝ma1⑥
联立③⑥，得：F＝μmg+ma1＝6N
根据速度图像与时间轴所围的面积表示位移，可得：
0−10s内物体运动位移的大小 x=2+82×6+8×42=46m
【答案】
（1）aA、aB分别为2m/s2、4m/s2；
（2）物体A经1s从木板B上滑下；
（3）当t=2s时，木板B的速度D为11m/s．
【考点】
牛顿第二定律的概念
匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】
（1）水平方向上，A只受摩擦力作用，B受与地面间的摩擦力，与A间的摩擦力，以及外力F作用，根据牛顿第二定律求出各自的加速度．
（2）分别用位移时间公式表示AB的位移，若A从B上滑下，则两者位移差为L，联立方程求出运动时间．
（3）先验证t=2s时，A有没有滑下，若未滑下，直接根据速度公式求解，若滑下，则求出之后的加速度，再根据速度公式解．
【解答】
解：（1）根据牛顿第二定律得：对B:F−μ2(mA+mB)g−μ1mAg=mBaB
对A:μ1mAg=mAaA
代入数据解得：aA=2m/s2，aB=4m/s2
（2）设物体A经时间t从木板B上滑下，此时A的位移：x1=12aAt2
B的位移：x2=12aBt2
x2−x1=L
联立以上三式，代入数据得：t=1s
（3）由于t=1s时，A已经滑落木板，之后对B：
设B的加速度为a，根据牛顿第二定律得：F−μ2mBg=mBa
代入数据得：a=7m/s2
则t=2s时，B的速度：D=aBt+at=4×1+7×1=11m/s
答：（1）aA、aB分别为2m/s2、4m/s2；
（2）物体A经1s从木板B上滑下；
（3）当t=2s时，木板B的速度D为11m/s．