2020-2021学年天津市津南区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年天津市津南区九年级（上）期末物理试卷，共24页。试卷主要包含了S2后，则两表都被烧坏等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年天津市津南区九年级（上）期末物理试卷
1. 下列现象表明分子做无规则运动的是( )
A. 灰尘四起 B. 花香满园 C. 雪花飘飘 D. 黄沙扑面
2. 如图所示，气球与头发摩擦起电，经检验气球所带的电荷为负电荷，则下列说法正确的是( )

A. 气球得到了一些电子 B. 气球失去了一些电子
C. 头发得到了一些电子 D. 头发和气球间没有电子转移
3. 人们常用水冷却发动机，从热学角度看，主要是因为水( )
A. 是液体 B. 容易获得 C. 价格低廉 D. 比热容大
4. 将一根金属导线均匀拉长后，其电阻( )
A. 变大 B. 变小 C. 不变 D. 无法判断
5. 将如图所示试管里的水加热一段时间后，塞在管口的橡皮塞会冲出去，汽油机的四个冲程中与此现象的能量转化情况相同的是( )
A. 吸气冲程
B. 压缩冲程
C. 做功冲程
D. 排气冲程


6. 如图所示为一实物电路连接图，与之相对应的电路图是下图中的( )
A. B. C. D.
7. 如图所示的四种现象中，符合安全用电原则的是( )
A. 使用绝缘层破损的电线
B. 洗衣机的金属外壳安装接地线
C. 用湿抹布擦拭正在工作的台灯
D. 用绝缘体挑开通电的裸导线
8. 从欧姆定律可以导出公式R=UI，对电阻的理解，你认为正确的是( )
A. 当电压增大时，电阻也增大
B. 当电流增大时，电阻减小
C. 当电压为零时，电阻也为零
D. 导体两端的电压越大，这段导体中电流就越大
9. 如图中的家庭电路元件，连接顺序正确的是( )。
A. B.
C. D.
10. 如图所示的电路中，电源电压保持不变且元件完好。只闭合S1，两电表均有示数。则下列判断正确的是( )


A. 再将S2闭合，若向左移动滑片，电压表的示数将变小
B. 再将S2闭合，若向右移动滑片，电流表的示数将变小
C. 闭合S2前后电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变小
D. 闭合S2前后电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变
11. 关于图所示的四个情景，下列说法中正确的是( )

A. 甲图：触接后小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场
B. 乙图：磁场中导体ab竖直向上运动时，电流表指针不偏转
C. 丙图：闭合开关后磁场中的导体ab运动，依据该实验原理可制成发电机
D. 丁图：通电螺线管周围的磁场强弱与电流方向有关
12. 如图所示，电源电压一定。关于电路的工作情况，下列说法正确的是( )
A. 同时闭合两个开关，两只灯泡电流是相同的
B. 若先闭合S1，再闭合S2，电压表读数不变、电流表读数变大
C. 若电压表和电流表位置对调，闭合S1、S2后，则两表都被烧坏
D. 若灯L1被短路，闭合S1、S2后，两灯均不亮，电流表损坏
13. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“4V”字样，电流表的量程为“0∼0.6A”，图乙是小灯泡的电流随其电压变化的图象。滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，定值电阻R2的阻值为10Ω。当闭合S和S2，断开S1，滑片移到中点时，小灯泡L恰好正常发光，则下列说法正确的是( )

A. 电源电压为9V
B. 闭合S和S2，断开S1，滑片移到中点时，用一个“4V0.5W”的灯泡L′替代L，则L′将正常发光
C. 闭合S和S2，断开S1，当小灯泡的功率为0.8W时，滑动变阻器的阻值是17.5Ω
D. 闭合S和S1，断开S2，为保证电路安全，电阻R2的最大功率为8.1W
14. 完成下列单位换算：24000Ω=______kΩ；教室内日光灯、饮水机等用电器是______连接的(选填“串联”或“并联”)。
15. 当某导体两端电压是3V时，通过它的电流是0.3A，则该导体的电阻是______Ω；当它两端电压为0V时，该导体的电阻为______Ω。
16. 一个标有“220V 40W”的灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为______ A，如果将这盏灯接在110V的电路中，它的实际功率是______ W。
17. 如图甲所示，电能表的示数为______kW⋅h。






18. 通电螺线管中的电流方向如图所示，由此可以判断出通电螺线管右端为______ 极．(选填“N”或“S”)











19. 如图所示电路，蓄电池电压恒定，两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温相同的煤油，煤油中分别浸入电阻丝R1和R2，且R1
20. 如图甲所示，当开关S由接点1转到接点2时，电压表示数变化如图乙所示，则开关接2时，灯泡L2两端的电压是______ V；此时L1和L2消耗的电能之比W1：W2=______。


21. 小丽家电热淋浴器的额定功率为2000W，水箱最多可容纳50kg水。注满水的淋浴器连续正常加热40min，淋浴器上温度计示数由22℃上升到
求：(1)此过程水箱中水吸收的热量；
(2)40min内电热淋浴器消耗的电能；
(3)该电热淋浴器加热时的热效率。







22. 小丽要研究“电磁铁的磁性强弱跟什么因素有关”．现有线圈匝数分别为50匝和100匝的外形相同的电磁铁，她先后将这两个电磁铁接入图的电路中，闭合开关S后用电磁铁吸引大头针，并移动滑动变阻器的滑片P.
重复了多次实验，记录如下：
 
50匝的电磁铁
100匝的电磁铁
实验次数
1
2
3
4
5
6
电流表的示数/A
0.8
1.2
1.5
0.8
1.2
2.0
吸引大头针的最多数目/枚
5
8
10
10
16
25
(1)实验中小丽是通过电磁铁______来判定其磁性强弱的．
(2)分析第1、2、3次的实验记录，会发现______相同时，______磁性越强．
(3)分析第______次的实验记录，会发现______相同时，______磁性越强．
23. 有一只小灯泡，它正常工作时电压是5V，此时它的电阻为10Ω.若将此灯泡接在电压为8V的电源上，要使它正常工作，需要串联一个多大的电阻？这个电阻消耗的功率多大？







24. 小明做“测量小灯泡的额定功率”实验时，使用的小灯泡额定电压为2.5V，额定功率估计在0.8W左右，滑动变阻器的最大阻值是15Ω。小明现已连接了部分电路，如图甲所示。

(1)在已连接的电路中，有一不当之处是______；
(2)请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整；
(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为______ A，小灯泡正常发光时的功率为______ W；
(4)小明完成实验后，将灯泡换成定值电阻进行“电流与电压的关系”的探究，记录数据如表所示。他发现在该实验中滑动变阻器除了保护电路之外，还起到了______作用；
次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1
1.5
2
2.5
3
电流/A
0.1
0.15
0.2
0.25
0.3
(5)分析数据，可得出电流与电压的关系结论是：______；
(6)老师检查了小新的数据后指出：第1次数据是不可能得到的原因是______。







25. 现有一个电压约为9V的电源，一个量程为0∼0.6A的电流表，一个阻值为30Ω的定值电阻R0，两个开关及若干导线，请利用上述器材测出阻值约为10Ω的未知电阻Rx的阻值。要求：
(1)画出实验电路图(电路连好后不可拆分)；
(2)写出主要的实验步骤和需要测量的物理量；
(3)写出待测电阻Rx的数学表达式(用已知量和测量量表示)。







26. 光敏电阻是阻值随光的照度发生变化的元件(照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx)。某光敏电阻R的阻值随照度变化的曲线如图甲所示。

(1)如图乙所示是街道路灯自动控制模拟电路所需元件。利用蓄电池给电磁铁供电，路灯接入电压为220V的照明电路，为达到天亮灯熄天暗灯亮的效果，请用笔画线代替导线，将路灯连入照明电路中；
(2)已知当线圈中的电流大于或等于2mA时，继电器的衔铁将被吸合。图中蓄电池可提供的电压为U=6V，内部电阻忽略不计，有三个不同规格的滑动变阻器可供选择：R1(0∼100Ω)，R2(0∼500Ω)、R3(0∼1800Ω)。要求当凌晨天色渐亮照度增大至1.0lx时路灯才停止工作，滑动变阻器应选择______(选填“R1”、“R2”或“R3”)。请计算说明原因。
(3)选定滑动变阻器后，如果为了节约用电，要求在天色更暗一些时路灯就停止工作，滑动变阻器触片P应该______(选填“向右滑动”、“向左滑动”或“不滑动)。







答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：
灰尘、雪花、黄沙这些都是宏观物体，它们的运动属于机械运动，分子运动是肉眼看不见的；花香满园，是气体分子的扩散，说明了分子的运动。
故选：B。
分子运动是肉眼看不见的，扩散现象是分子运动。扩散现象是分子运动的结果，温度越高，扩散现象越明显。
掌握扩散现象是分子运动的结果，以及分子运动和机械运动的区别是解答本题的关键。

2.【答案】A

【解析】
【分析】
摩擦起电的实质是电荷的转移。其实是电子从一个物体转移到另一个物体。电子带负电。
所以得到电子的带负电，失去电子的带正电。
此题考查了对摩擦起电实质的理解。摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体。得到电子的带负电，失去电子的带正电。
【解答】
解：气球与头发摩擦时因为摩擦而起电，因为气球所带的电荷为负电荷，所以气球在此过程中得到了电子，头发在此过程中失去了电子。部分电子从头发转移到气球上。
故选：A。  
3.【答案】D

【解析】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环流动水进行冷却。
故选：D。
水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区昼夜温差小、城市的“热岛效应”等。

4.【答案】A

【解析】解：一根导线拉长后，导体的材料不变，拉长后长度变长，横断面积变小，电阻变大。
故选：A。
导体电阻大小跟导体的长度、横截面积和材料有关，在材料一定时，长度越长，横截面积越小，电阻越大。
掌握电阻大小的影响因素，利用控制变量法判断电阻大小的变化。

5.【答案】C

【解析】解：
水蒸气把橡皮塞冲出，这个过程中，水蒸气膨胀做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能；内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，因此这一现象相当于内燃机的做功冲程，故C正确。
故选：C。
(1)物体对外做功内能会减少，例如气体膨胀做功，物体的内能减小，转化为机械能；
(2)内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程。
本题主要考查学生对：改变内能的方法，以及内燃机做功冲程的特点的理解和掌握。

6.【答案】C

【解析】解：
由实物图可知，电流从电源正极流出后分成两支，一支通过灯泡L2，另一支通过开关和灯泡L1，两支电流汇合到开关S后回到电源负极，即两灯并联，开关控制干路。
A、图中两灯并联，开关控制L1支路；故A不符合题意；
B、图中两灯并联，开关控制L2支路；故B不符合题意；
C、图中两灯并联，开关控制干路；故C符合题意；
D、图中两灯串联，故D不符合题意。
故选：C。
由实物图根据电流的流向分析电路的连接方式从而得到答案。
本题考查根据实物图画电路图，关键是正确识别电路的连接情况以及开关的作用。

7.【答案】BD

【解析】解：A、电线绝缘层破损后，容易引发触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、金属外壳的用电器，外壳一定要接地，防止外壳漏电，发生触电事故，故B符合安全用电原则；
C、用湿布擦拭正在发光的电灯，湿布导电容易使人触电，故C不符合安全用电原则；
D、用绝缘棒挑开通电的裸导线，避免发生触电事故，故D符合安全用电原则。
故选：BD。
(1)绝缘层破损的电线要及时更换；
(2)金属外壳的用电器，外壳一定要接地；
(3)湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；
(4)用绝缘棒挑开通电的裸导线。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，值得注意的是：生活用水是导体，金属外壳的用电器一定要接地。

8.【答案】D

【解析】解：因导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，
所以，当电压和电流变化时，导体的长度、横截面积、材料都没变，电阻不变，故ABC错误；
由I=UR可知，导体电阻不变时，其两端的电压越大，这段导体中电流就越大，故D正确。
故选：D。
导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关，R=UI是电阻的定义式和计算式。
本题考查了学生对电阻特点的理解和欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关。

9.【答案】B

【解析】解：电能表测量整个家庭消耗电能的多少，一定安装在最前面。
总开关控制整个电路，为了检修电路的安全，要安装在电能表的后面。
电路中电流过大会熔断保险丝，为了保证更换保险丝时的人身安全，保险装置安装在总开关的后面。故只有B正确。
故选：B。
电能表是测量家庭消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面。
检修电路时要断开开关，在电能表的后面要接入总开关。
保险装置里面的保险丝能在电路电流过大时，能自动切断电源。为了方便更换保险丝，保险装置一定要安装在总开关的后面。
握家庭电路的各元件的作用和安装位置，使各元件正常使用，并且保证使用的安全性。

10.【答案】D

【解析】解：只闭合S1，两电阻串联，电流表测电路的电流，电压表R1的电压，两电表均有示数：
AB、再将S2闭合，变阻器短路，为R1简单电路，电压表测电源电压，若向左(右)移动滑片，电压表的示数将不变，AB错误；
CD、闭合S2前后电压表与电流都测量R1的电压和通过R1的电流，由欧姆定律，
U1=I1R1；
U1′=I1′R1，
两式相减得：
U1−U1′=(I1−I1′)R1，
△U1=(I1−I1′)R1，
故R1=△U1△I1，
即闭合S2前后电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变，C错误，D正确。
故选：D。
只闭合S1，两电阻串联，电流表测电路的电流，电压表R1的电压，两电表均有示数：
AB、再将S2闭合，变阻器短路，为R1简单电路，电压表测电源电压，据此分析；
CD、闭合S2前后电压表与电流都测量R1的电压和通过R1的电流，由欧姆定律得出R1前后两次电压的表达式，根两式相减，据此分析回答。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的识别。

11.【答案】AB

【解析】解：
A、甲图是奥斯特实验，导线触及电源后，电路中有电流，小磁针将发生偏转，说明电流周围有磁场，故A正确；
B、乙图磁场中导体ab竖直向上运动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，电流计的指针不会偏转，故B正确；
C、丙图中有电源，闭合开关后，通电导体在磁场中受力而运动，依据该实验原理可制成电动机，故C错误；
D、丁图中通电螺线管周围的磁场强弱与电流的大小有关，而磁场方向与电流的方向有关，故D错误。
故选：AB。
(1)通电导线周围存在磁场；
(2)闭合电路中的部分导体在磁场中运动时，导体中会产生感应电流的现象叫做电磁感应现象；
(3)通电后，导体棒在磁场中发生运动，是研究通电导线在磁场中受磁场力的；
(4)通电螺线管中的磁性强弱与电流大小和磁性强弱有关。
本题考查了奥斯特实验、产生感应电流的条件、电动机的原理、影响通电螺线管中的磁性强弱的因素等知识，知识点较多，但难度不大。

12.【答案】BD

【解析】解：
A.同时闭合两个开关，两灯泡并联，它们两端的电压相等，由于两灯泡的规格不确定，即电阻未知，所以通过两灯泡的电流不一定相等，故A错误；
B.先闭合S1时，电路为L2的简单电路，电压表测电源两端电压，电流表测通过L2的电流；再闭合S2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流；根据电源的电压不变可知，电压表的示数不变，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电流表的示数变大，故B正确；
C.若电压表和电流表位置对调，此时电压表串联在电路中，由于电压表的阻值很大，电路中的电流会很小，所以闭合S1、S2后，则两表都不会烧坏，故C错误；
D.若灯L1被短路，闭合S1、S2后，会造成电源短路，则灯L1、L2都不亮，电流表损坏，故D正确。
故选：BD。
(1)同时闭合两个开关，两灯泡并联，它们两端的电压相等，根据欧姆定律结合两灯泡的电阻关系判断电流关系；
(2)先闭合S1时，电路为L2的简单电路，电压表测电源两端电压，电流表测通过L2的电流；再闭合S2后，两灯泡并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化；
(3)若电压表和电流表位置对调，此时电压表串联在电路中测电源两端的电压；
(4)若灯L1被短路，闭合S1、S2后，会造成电源短路。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的动态分析，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。

13.【答案】AC

【解析】解：A、闭合S和S2，断开S1，滑片移到中点时，小灯泡和滑动变阻器串联，此时灯泡正常发光，即灯泡两端电压为4V，由图象可知，灯泡的额定电流是0.5A，
由I=UR可知，灯泡电阻：RL=ULIL=4V0.5A=8Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以串联电路的总电阻：R=12R1+RL=12×10Ω+8Ω=18Ω，
则电源电压：U=IR=0.5A×18Ω=9V，故A正确；
B、“4V0.5W”灯泡的电阻：RL′=UL′2PL′=(4V)20.5W=32Ω，
滑动变阻器的滑片在中点时，原来灯泡的电阻是8Ω，现在灯的电阻是32Ω，而串联电路起分压作用，因此灯泡分得的电压变大，即灯泡两端电压大于4V，故灯泡不能正常工作，故B错误；
C、闭合S和S2，断开S1，当灯泡的功率为0.8W时，由图乙和P=UI可知，灯泡两端电压是2V，通过灯泡的电流是0.4A，
则电路总电阻：，
由I=UR可知，此时灯泡的电阻：RL″=UL′′I′=2V0.4A=5Ω，
因串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，所以，滑动变阻器的阻值是：，故C正确；
D、闭合S和S1，断开S2时，定值电阻和滑动变阻器是串联的，电流表测量电路电流；
因电流表的量程为0∼0.6A，所以电路最大电流是0.6A，则电阻R2的最大功率为：，故D错误。
故选：AC。
(1)闭合S和S2，断开S1，滑片移到中点时，小灯泡和滑动变阻器串联，此时灯泡正常发光，可以从图象上得到灯泡的额定电流，根据欧姆定律得出灯泡电阻，再根据串联电阻的特点的和欧姆定律求出电源电压；
(2)根据P=U2R求出替代后灯泡的电阻，根据串联电路电路分压原理可知灯泡两端电压的变化，与其额定电压比较可知灯泡是否正常发光；
(3)闭合S和S2，断开S1，当小灯泡的功率为0.8W时，由图乙知，电灯两端的电压和通过电灯的电流，根据欧姆定律得出电路电阻和此时灯的电阻，进而得出滑动变阻器的阻值；
(4)闭合S和S1，断开S2，此时定值电阻和滑动变阻器是串联的，电流表的量程为0∼0.6A，据此得出电路最大电流，根据P=I2R得出电阻R2的最大功率。
本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键能从图像上读出有用信息。

14.【答案】24 并联

【解析】解：24000Ω=24000×10−3kΩ=24kΩ；
并联电路中各用电器工作互不影响，家庭电路中的各电器之间都是并联的。
故答案为：24；并联。
电阻单位间换算关系是：1MΩ=103kΩ=106Ω。
此题考查物理量不同单位间的换算，运用不同单位间的具体关系，利用数学上的运算就可解答。

15.【答案】10 10

【解析】解：由I=UR可得，导体的电阻：
R=UI=3V0.3A=10Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端电压为0V时，该导体的电阻仍为10Ω不变。
故答案为：10；10。
(1)知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。

16.【答案】0.1810

【解析】解：灯泡正常发光时，通过灯泡的电流，灯泡的电阻，如果将这盏灯接在110V的电路中，它的实际功率；
故答案为：0.18A；10W。
已知额定电压和额定功率，利用I=PU和R=U2P求出灯泡正常发光时，通过灯泡的电流和电阻；如果将这盏灯接在110V的电路中，灯泡电阻不变，根据P=U2R计算它的实际功率。
本题考查实际功率的求法，当实际电压改变时导体的电阻不变，这一条是解决此类问题的关键。

17.【答案】2020.1

【解析】解：电能表测量电功或者电能，由图可以看出电能表的示数为20201，最后一位是小数，单位是kW⋅h，故电能表的读数为2020.1kW⋅h。
故答案为：2020.1。
电能表是测量家庭电路中一段时间内消耗电能多少的仪器，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位，单位是kW⋅h。
在物理学中，不同测量工具的读数都有它自己的特点，有的要看清分度值，有的要进行估读，有的要了解结构，当然，还都要明确记录数据的单位等。

18.【答案】N

【解析】解：电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的右端为N极，左端为S极，如图所示．

故答案为：N.
利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性．
此题考查了安培定则的应用，题目的难度不大，考查的知识点较单一．

19.【答案】电阻  温度计示数变化

【解析】解：
(1)由图可知，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流和通电时间是相同的，电阻不同，所以探究的是热量与电阻的关系；
(2)电流通过电阻丝做功，消耗的电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量、温度升高，所以，本实验是通过温度计的示数变化反映电流产生的热量多少。
故答案为：(1)电阻；(2)温度计示数变化。
根据图中的相同点和不同点，利用控制变量法分析实验探究的内容；此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热量的多少。
本题主要考查焦耳定律的探究实验，注意控制变量法和转换法的应用，常见题目。

20.【答案】4 1：2

【解析】解：当开关S接1时，接入电路的灯泡只有L1，根据乙图可知，此时电源电压U=6V，
当开关接2时，接入电路的灯泡是L1和L2，且它们组成串联，电压表测量的是灯泡L1两端的电压，根据图乙可知：灯泡L1两端的电压U1=2V，根据串联电路电压的规律可得：灯泡L2两端的电压U2=U−U1=6V−2V=4V；
由于两个灯泡串联，通过它们的电流和通电时间相等，根据W=UIt可知，灯泡L1和灯泡L2消耗的电能之比是W1：W2=U1I1t1：U2I2t2=U1：U2=2V：4V=1：2，
故答案是：4；1：2。
当开关S接1时，接入电路的灯泡只有L1，当开关接2时，接入电路的灯泡是L1和L2，且它们组成串联，根据串联电路电压的规律可求得L2两端的电压；再根据W=UIt，可求得两个灯泡消耗的电能之比。
解答本题要用到的知识有串联电路电流、电压和电功的公式，熟练判断电路的连接方式是解题的关键之一。

21.【答案】解：(1)水吸收的热量：
；
(2)淋浴器连续正常加热时的功率为2000W，40min消耗的电能：
W=Pt=2000W×40×60s=4.8×106J；
(3)淋浴器加热时的效率：
。
答：(1)在加热过程中，水箱中水吸收的热量为4.2×106J；
(2)电热淋浴器加热过程中消耗的电能为4.8×106J；
(3)淋浴器加热时的效率为87.5%。

【解析】(1)知道水的质量和比热容以及水温的变化，利用吸热公式求水箱中水吸收的热量；
(2)根据W=Pt求出电热淋浴器加热过程中消耗的电能；
(3)水吸收的热量和消耗的电能之比即为淋浴器加热时的效率。
本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到密度公式和吸热公式、电功公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。

22.【答案】吸引大头针的多少  线圈匝数  电流越大  1、4(或2、5)电流  线圈匝数越多

【解析】解：(1)电磁铁的磁性强弱无法用眼睛直接观察，通过电磁铁吸引大头针的多少来反映磁性的强弱．
(2)实验1、2、3的线圈匝数相同，电流增大，吸引的大头针越多，电磁铁磁性越强．
(3)实验1、4(或2、5)的电流相同，匝数增多，吸引的大头针越多，电磁铁磁性增强．
故答案为：(1)吸引大头针数目的多少．
(2)线圈匝数；电流越大．
(3)1、4(或2、5)；电流；线圈匝数越多．
(1)电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、是否有铁芯．电流越大、匝数越多、有铁芯电磁铁的磁性越强．
(2)用控制变量法和转换法研究电磁铁磁性强弱的影响因素．
掌握电磁铁磁性强弱的影响因素．如何使用控制变量法和转换法研究电磁铁磁性强弱的影响因素．

23.【答案】解：由题意可知：正常工作时电压是5V，则正常发光时的电流为I=ULRL=5V10Ω=0.5A，
根据串联电路总电压等于各电阻两端的电压之和可知：
电阻分担的电压UR=U−UL=8V−5V=3V，
由欧姆定律得：R=URI=3V0.5A=6Ω，
则电阻消耗的电功率是：
PR=URI=3V×0.5A=1.5W.
答：要使它正常工作，需要串联一个6Ω的电阻，这个电阻消耗的功率是1.5W.

【解析】根据欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电流，再利用串联电路电压的特点，求出串联电阻两端的电压，最后利用公式R=UI计算串联电阻的阻值，已求出电流和电阻的阻值，可利用公式P=UI计算电阻消耗的电功率．
本题考查了串联分压的特点，利用串联电路的特点和欧姆定律计算出串联电阻的大小，以及利用公式P=UI计算实际功率．

24.【答案】开关闭合  0.280.7改变电阻两端的电压  电阻一定时，通过电阻的电流和电压两端的电压成正比  滑动变阻器阻值太小，电压表无法达到1V

【解析】解：(1)连接电路中，为保护电路，开关要断开，因此不当之处是开关闭合；
(2)“测量小灯泡的额定功率”实验中，电压表应与灯并联，如图所示：
；
(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用0∼0.6A的量程，分度值为0.02A，电流大小为0.28A，
小灯泡正常发光时的功率为：P=UI=2.5V×0.28A=0.7W；
(4)探究电流与电压关系的实验中，要控制电阻大小不变，记录电流随电压的变化规律，为得出普遍性的规律要多次测量，故这个实验中的滑动变阻器除了保护电路作用之外，还有改变电阻两端的电压的作用；
(5)由表中数据知，电压与电流之比为一定值，由此可得实验结论：电阻一定时，通过电阻的电流和电压两端的电压成正比；
(6)因为电源为两节干电池，所以电源电压为3V，
由表中第一次数据知，电压表示数为1V时，通过电路中的电流为0.1A，此时变阻器连入电路的电阻：
，而变阻器的最大值为15Ω，所以这组数据是不可能测到的。
故答案为：(1)开关闭合；(2)如图所示；(3)0.28；0.7；(4)改变电阻两端的电压；(5)电阻一定时，通过电阻的电流和电压两端的电压成正比；(6)滑动变阻器阻值太小，电压表无法达到1V。
(1)连接电路中，为保护电路，开关要断开；
(2)本实验中，电压表与灯并联；
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数；由P=UI计算出小灯泡正常发光时的功率；
(4)探究电流与电压关系的实验中，要控制电阻大小不变，记录电流随电压的变化规律，为得出普遍性的规律要多次测量，据此分析；
(5)由表中数据分析电压与电流之比为一定值，从而得出实验结论；
(6)由表格中的第1组数据，根据欧姆定律计算出滑动变阻器接入电路的阻值，进而分析原因。
本题测量小灯泡的额定功率和探究电流与电压的关系，考查了实物电路的连接、实验的操作、电功率计算以及数据分析等，考查知识点多，综合性强。

25.【答案】解：(1)伏安法测量电阻的电路中，使用串联电路，首先从电源正极出发，依次连接电流表、开关、未知电阻Rx、定值电阻R0、连接到电源负极，最后把开关和未知电阻Rx并联，电路图如图所示：

(2)主要的实验步骤和需要测量的物理量如下：
①按照电路图连接实物图；
②同时闭合开关S和S0，读出此时电流表的示数为I1；
③闭合开关S，断开开关S0，读出此时电流表的示数为I2；
(3)同时闭合开关S和S0，此时电流表的示数为I1，根据欧姆定律可得电源电压为：U=I1R0；闭合开关S，断开开关S0，此时电流表的示数为I2，根据欧姆定律可得待测电阻Rx的数学表达式为：Rx=UI2−R0=I1−I2I2R0；
故答案为：(1)如图所示；(2)①按照电路图连接实物图；②同时闭合开关S和S0，读出此时电流表的示数为I1；③闭合开关S，断开开关S0，读出此时电流表的示数为I2；(3)Rx=I1−I2I2R0。

【解析】(1)伏安法测量电阻的电路中，首先从电源正极出发，依次进行连接到电源负极，开关和未知电阻Rx并联；
(2)根据画出的电路图及实验注意事项，写出主要的实验步骤和要测量的物理量；
(3)根据电源电压不变的特点，结合串联电路电流、电压的规律进行分析，写出电阻的表达式；
本题考查了伏安法测量电阻的实验，主要考查电路的连接和实验步骤、欧姆定律的计算等知识，属中考的热点题。

26.【答案】R3  向左滑动

【解析】解：(1)光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；动触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以动触点与B接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在AB之间。电路图如图：

(2)天色渐暗照度降低至1.0lx时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是2kΩ，电路中的电流是2mA，
根据I=UR可得：
总电阻，
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得：，所以要选择滑动变阻器R3；
(3)由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以当凌晨天色更暗一些时路灯就停止工作，应适当地减小滑动变阻器的电阻，即滑动变阻器触片P应该向左滑动。
故答案为：(1)如上图；(2)R3；(3)向左滑动。
(1)利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点；
(2)由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，故将控制系统与光敏电阻串联，照度降低至1.0(Lx)时启动照明系统，可以算出定值电阻的大小；根据串联电路的电阻关系求出滑动变阻器的电阻；
(3)要使天色更暗一些时路灯就停止工作，根据光敏电阻阻值的变化分析滑动变阻器阻值的变化。
该题考查电路设计的问题和变化电路的分析，要结合闭合电路欧姆定律、光敏电阻的特点去分析，难度比较大。