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2020-2021学年广东省河源市紫金县九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2020-2021学年广东省河源市紫金县九年级（上）期末物理试卷，共26页。试卷主要包含了5V进行实验，【答案】C，【答案】D，【答案】A，【答案】内 机械 做功，【答案】热值 1等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年广东省河源市紫金县九年级（上）期末物理试卷
1. 常消毒、勤洗手、带口罩、测体温，是防疫新冠肺炎的有效措施，喷洒过消毒液的房间充满消毒液的气味，这个现象说明( )
A. 分子在不停地运动 B. 分子间存在着引力
C. 分子间存在着斥力 D. 分子间不存在空隙
2. 下列关于热学知识的说法正确的是( )
A. 内燃机压缩冲程把机械能转化为内能
B. 冰在熔化过程中吸热，温度不变，内能不变
C. 柴油机的效率可达到100%
D. 物体温度升高，一定是吸收了热量
3. 被毛皮摩擦过的橡胶棒带上负电荷，这是因为( )
A. 原子核发生了转移 B. 电子发生了转移
C. 摩擦创造了正电荷 D. 摩擦创造了负电荷
4. 某种半导体材料的电阻阻值随温度的升高而变小。利用该半导体的特性设计一个通过电表示数反映温度高低的电路，要求温度升高时，电表示数增大。若电源电压保持不变，如图所示电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5. 某型号酒精检测仪器的电路如图甲所示，图中R为酒精浓度敏感电阻，其阻值R与酒精浓度β的变化关系如图乙所示，已知R0为定值电阻，电源电压恒定不变。用此仪器检测酒精浓度时，则下列说法正确的是( )
A. 酒精浓度增大时，电压表示数变小
B. 酒精浓度减小时，电流表示数变大
C. 酒精浓度增大时，电路消耗的总功率变小
D. 无论酒精浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变
6. 图甲是定值电阻R和灯泡L的电压随电流变化关系的图象，将该定值电阻R和灯泡L串联在图乙的电路中，闭合开关，此时电流表示数为0.4A，关于该电路下列计算中错误的是( )
A. 电源电压为3V B. 电阻R的阻值为5Ω
C. 电阻R消耗的电功率为0.8W D. 灯泡L消耗的电功率为1.2W
7. 如图所示是现在一般标准住宅户内配电系统方框图。下列说法正确的是( )
A. 若插座中有两孔使试电笔的氖管发光，可能是某处零线断路了
B. 当有人发生触电事故时，空气开关就会自动断开
C. 空气开关“跳闸”后，必须更换新的空气开关
D. 三孔插座的上孔与大地相连，并无实际作用
8. 如图试管内水蒸气将塞子推出的过程，水蒸气的______能转化为塞子的______能。四冲程汽油机工作过程中的______冲程与上述能量转化过程相同。
9. 氢气是一种清洁能源。相同质量的氢气完全燃烧放出的热量可以达到煤气的三倍以上，说明氢气的______ (选填“比热容”或“热值”)很大。以3倍的关系粗略计算，1kg氢气完全燃烧放出的热量约为______ J，这些热量可以使______ kg的水从20℃加热至80℃。。
10. 如图所示，用丝绸擦过的两根玻璃棒，因______ (选填“得到“或“失去“)电子而带上了______ 电荷。手持其中一根玻璃棒靠近另一根被吊起的玻璃棒时，能观察到另一根玻璃棒远离的现象，说明了同种电荷______ 。
11. 如图所示，AB、CD是长度相同的两条镍铬合金线。将它们分别接入电路进行实验，通过观察两次______，可以比较出这两条镍铬合金电阻的大小，这套实验装置研究的是导体电阻大小与导体______的关系。如果再提供一条外形和CD完全相同的锰铜合金线，还可以研究导体电阻大小与导体______的关系。
12. 在利用图探究“电流与电压关系”的实验中，在闭合开关前，要将滑动变阻器调到最大阻值，这个操作的目的是______。在实验过程中，滑动变阻器的作用是______；在利用该图探究“电流和电阻的关系”实验时，滑动变阻器的作用是______。
13. 如图所示为“探究电流通过导体产生的热量跟______的关系”的实验装置。实验中用U形管内液面高度差的大小来反映电流通过导体产生热量的多少，这种方法叫______(选填“控制变量”或“转换”)法。通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧的______(选填“多”或“少”)。
14. 如图是一个电加热器的工作原理图，其中R1和R2是阻值不变的发热电阻。表中是它的部分参数。当开关S和S1都闭合时，电加热器处于______(选填“加热”或“保温”)状态；电阻R1与R2的阻值之比是______；加热器在保温状态下正常工作5min。电阻R2产生的热量是______J。
额定电压
220V
额定加热功率
1210W
额定保温功率
110W
15. 请完成如图所示的实物图，要求开关S闭合，滑片向右移动时灯L变亮。
16. 请在图中画出定值电阻R的阻值随其两端电压U变化的大致图象。
17. 如图所示，楼梯有一电灯受控于两个开关，光线较暗且有声响时灯才亮。其中“光控开关”在光线较暗时自动闭合“声控开关”在有声响时自动闭合，请用铅笔画线代替导线把元件连在电路中。
18. 物理学科是一门以实验为基础的学科，实验中仪器的读数是必不可少的。
(1)如图甲所示，电流表的示数为______ 。
(2)如图乙所示，电压表的示数为______ V。
(3)如图丙所示是电阻箱的结构示意图，若将B、D的铜塞拔出，电阻箱连入电路的阻值是______ Ω。
(4)如图丁所示，电能表的示数为______ kW⋅h；用1度电，它的转盘转过______ 转；电能表转盘转了500转用电器用电______ J。
19. 如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的容器(图中用虚线形表示)分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热。
(1)实验前，按______(填“自上而下”或“自下而上”)的顺序组装器材。
(2)从实验效果考虑，本实验选择______(“烧杯”或“易拉罐”)作为盛放液体的容器较好，实
验中使用玻璃棒的目的是______。
(3)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(填“液体升高的温度”或“加热时间”)比较。
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，______吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______升温较高。
(5)冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供暖物质，则应选择______液体。
20. 做“探究电流与电阻的关系”实验时，可供选择的器材有：电压为6V的电源，电流表(0−0.6A)，电压表(0−3V)，开关，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω和20Ω的定值电阻各1个，最大阻值分别为10Ω和50Ω的滑动变阻器各1个，导线若干。
(1)如题图所示的实验电路中，正确的是______，应选用最大阻值为______Ω的滑动变阻器。
(2)若按图乙所示电路图连接好电路后，闭合开关，可观察到电流表的指针______(选填“向右”“反向”或“几乎不”)偏转。
(3)按正确电路图连接电路，闭合开关，电流表和电压表均有示数，但移动滑动变阻器的滑片时，两表的示数均保持不变，经判断是接线有误，错误可能是______。
(4)纠正错误后，依次更换定值电阻，并控制定值电阻两端电压为2.5V进行实验。请将记录实验数据的表格补充完整。
①U=______。
实验序号
1
2
3
4
②______
20
15
10
5
③______
\
\
\
\
21. 已知天然气的热值为3.2×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)完全燃烧1.4×10−2m3天然气放出的热量；
(2)若某天然气灶的效率为60%，则这些天然气可将质量为3.8kg、初温为25℃的水加热到多少摄氏度？(当地的大气压强为标准大气压)
22. 某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V.图甲是其电路原理图。S0为温控开关，R1，R2为电热丝(阻值不变)，某饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示求：
(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流；
(3)R2的阻值。
23. 汽车是常见的交通工具，随着人们生活水平的提高，汽车也走进了寻常百姓家。汽车在新冠疫情期间运输物资，对疫情的防控起了重大作用。
(1)如图甲所示，汽油机一个工作循环包括四个冲程，一个气缸正常工作四个冲程的顺序是______ (对图甲中 A、B、C、D重新排序)。
(2)一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为1800r/min，该汽油机每分钟做功______ 次，图甲中D所示的汽油机冲程是通过______ 的方式改变燃气内能的。除此之外，通过______ 也可改变物体内能。
(3)图乙所示为某汽油机的能流图，若E=1000J，E1=350J，E2=250J，E3=300J，则E4=______ J，则该汽油机的效率为η=______
(4)以前的汽车发动机经常会很热，人们经常会用水来给汽车的发动机降温，原因是水的______ 很大。
24. 如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。
(1)图中虚线框内的装置相当于简单机械中的______；
(2)图中R的电学元件名称是______，定值电阻R′在电路中的作用是______；
(3)油量表应该用______表来改装；
(4)当油箱中的浮标向上运动时，此时电路中的电流______。(选填“增大”或“减小”)
25. 小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表(0−3V)2个，电流表(0−0.6A)，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)。
(1)电路中a是______表，b是______表，
(2)实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为______A。
(3)根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率(亮度)变大时，滑动变阻器的电功率______。
(4)假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从______W至______W。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：喷洒过消毒液的房间充满消毒液的气味是扩散现象，是由于消毒液分子在不停地做无规则运动。
故选：A。
组成物质的分子永不停息地做无规则运动，分子做无规则运动的这种现象叫扩散现象。
本题以疫情防控为背景，考查了分子运动的相关知识，体现了物理与生活的联系。
2.【答案】A
【解析】解：
A、在内燃机的四个冲程中，只有做功冲程燃气对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程是活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，故A正确；
B、冰是晶体，在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、因为额外功和热量散失是不可避免的，所以无论怎样改良，柴油机的效率也不可能达到100%，故C错误；
D、物体的温度升高，内能变大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故D错误。
故选：A。
(1)内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；
(2)晶体在熔化时，吸热但温度不变、内能增加；
(3)因为额外功和热量散失是不可避免的，所以热机的效率一定小于100%；
(4)热传递和做功都可以改变物体的内能。
本题主要考查了对热学中一些基本规律或现象的理解，有一定的综合性，但总体难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦边的橡胶棒带上负电荷，这是因为毛皮上的电子转移到橡胶棒，橡胶棒得到了电子，带负电。
故选：B。
通过摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电，橡胶棒与毛皮摩擦后，橡胶棒带负电。
本题考查了摩擦起电的实质，是一道基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：
A、由图知，定值电阻R0与半导体并联，电流表测量定值电阻中的电流；因为并联电路中各支路互不影响，所以半导体的电阻随温度的升高而减小时，通过定值电阻的电流不变，即电流表示数不变，故A错误；
B、由图知，定值电阻R0与半导体并联，电压表测量并联电路两端电压；因为并联电路两端电压等于电源电压且不被，所以电压表示数不变，故B错误；
C、由图知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量定值电阻两端电压；当温度升高时，半导体的阻值变小，则串联电路中的总电阻变小；由欧姆定律可知，电路中的电流变大；由公式U=IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表的示数变大，故C正确；
D、由图知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量半导体两端电压；当温度升高时，半导体的阻值变小，由串联分压的规律可知，半导体分得的电压减小，即电压表的示数变小，故D错误。
故选：C。
A、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体并联，电流表测量定值电阻中的电流；根据并联电路中各支路可以独立工作、互不影响的特点可知电流表示数的变化；
B、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体并联，电压表测量并联电路两端电压；根据并联电路电压规律可知电压表示数的变化；
C、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量定值电阻两端电压；根据半导体与温度的关系得出电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，最后根据欧姆定律的变形公式可知定值电阻两端电压的变化；
D、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量半导体两端电压；根据半导体与温度的关系得出电路阻值的变化，然后根据串联电路分压规律可知半导体两端电压的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“半导体的阻值是随环境温度的升高而减小的”是关键。
5.【答案】D
【解析】解：由图甲可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、由乙图可知，当酒精浓度增大时，酒精浓度敏感电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
B、同理可知，酒精浓度减小时，电流表示数变小，故B错误；
C、酒精浓度增大时，电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故C错误；
D、因电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以，不论酒精浓度增大还是减小时，电压表与电流表示数的比值不变，故D正确。
故选：D。
由图甲可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知酒精浓度敏感电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R0两端电压的变化，再根据欧姆定律得出电压表与电流表示数比值的变化。
本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出气敏电阻的阻值与浓度的变化关系是本题的突破口。
6.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流。
A.由图甲可知，当电流表的示数I=0.4A时，定值电阻两端的电压UR=2V，灯泡两端的电压UL=1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压：U=UR+UL=2V+1V=3V，故A正确；
B.由I=UR可得，定值电阻的阻值：R=URI=2V0.4A=5Ω，故B正确；
C.电阻R消耗的电功率：PR=URI=2V×0.4A=0.8W，故C正确；
D.灯泡L消耗的电功率：PL=ULI=1V×0.4A=0.4W，故D错误。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流。根据图甲读出电流表的示数I=0.4A时定值电阻两端的电压和灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源电压，利用欧姆定律求出定值电阻的阻值，再利用P=UI求出电阻R消耗的电功率和灯泡L消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
7.【答案】A
【解析】解：
A、若插座中有两孔使试电笔的氖管发光，可能是某处零线断路了，说明这两个孔和火线之间都是接通的，所以故障为零线断路，故A正确；
B、当有人发生触电事故时，电流经过人体流入大地，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用。由于电路中不是电流过大，故空气开关不会跳闸，故B错误；
C、空气开关“跳闸”后，必须检查电路故障的原因，修好后才能再次闭合开关，不需要更换新的空气开关，故C错误；
D、三孔插座的上孔与大地相连，当将用电器的三脚插头插入该插座时，能将用电器的金属外壳接地，若用电器漏电，人接触用电器时，地线把人体短路，防止发生触电事故，故D错误。
故选：A。
(1)若插座中两个孔都能使氖管发光，说明两孔都能与火线相连；三孔插座的接线规律是：左零右火上接地。
(2)漏电保护器是在发生漏电或有人触电时会出现自动跳闸；空气开关是在出现短路、过载(用电器总功率过大)时，能自动“跳闸”，对人或电路起到保护作用。
本题考查试电笔的使用，短路现象，空气开关及漏电保护器的作用，三孔插座的原理等，是一道综合题，难度不大。
8.【答案】内 机械 做功
【解析】解：由图可知，试管内的水蒸气当用酒精灯加热一定程度时，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能；此过程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能；
故答案为：内，机械，做功。
解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
9.【答案】热值 1.26×108 500
【解析】解：
(1)在同等条件下，氢气完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明氢气的热值很大；
(2)1kg煤气完全燃烧放出的热量：
，
1kg氢气完全燃烧放出的热量：
；
(3)由题知，，
由得，水的质量：
。
故答案为：热值； 1.26×108 ；500。
(1)某种燃料完全然烧放出的热量和质量的比值叫做热值；
(2)利用求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，氢气完全燃烧放出的热量达到煤气的3倍，据此求1kg氢气完全燃烧放出的热量；
(3)由题知，，而，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量。
本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
10.【答案】失去 正 相互排斥
【解析】解：
摩擦起电是电子的转移，得到电子的带负电，失去电子的带正电，跟丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电，丝绸得到电子而带负电；
用丝绸摩擦两根玻璃棒，玻璃棒带的电荷是相同的，手持其中一根玻璃棒，靠近另一根被吊起的玻璃棒，发现被吊起的玻璃棒被推开，这表明同种电荷之间是相互排斥的。
故答案为：失去；正；相互排斥。
(1)摩擦起电是电子的转移，得到电子的带负电，失去电子的带正电；
(2)电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
此题考查了摩擦起电的实质、电荷间相互作用规律，是一道基础题。
11.【答案】电流表的示数 横截面积 材料
【解析】解：
在温度不变时，导体的电阻由导体的材料、横截面积和长度决定；图中的AB、CD两电阻丝的长度相同、材料也相同，横截面积不同，故通过观察电流表的示数研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关；
如果再提供一条外形和CD完全相同的锰铜合金线时，它们的长度、横截面积相同，材料不同，故通过观察电流表示数研究导体的电阻与导体的材料是否有关。
故答案为：电流表的示数；横截面积；材料。
根据决定电阻大小的因素进行分析，即影响电阻大小的因素有导体的材料、长度和横截面积，注意要用控制变量的思维来分析
知道影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积、温度，会用控制变量法进行探究分析。
12.【答案】保护电路 改变电阻的电压和电流 控制电阻的电压不变
【解析】解：
(1)在利用图探究“电流与电压关系”的实验中，在闭合开关前，要将滑动变阻器调到最大阻值，这个操作的目的是保护电路；
(2)探究“电流与电压关系”的实验，为得出普遍性的规律，要多次测量，故在实验过程中，滑动变阻器的作用是改变电阻的电压和电流；
(3)在利用该图探究“电流和电阻的关系”实验时，要控制电阻的电压不变，滑动变阻器的作用是：控制电阻的电压不变。
故答案为：保护电路；改变电阻的电压和电流；控制电阻的电压不变。
(1)在闭合开关前，为保护电路，要将滑动变阻器调到最大阻值；
(2)探究“电流与电压关系”的实验，为得出普遍性的规律，要多次测量，据此分析滑动变阻器的作用；(3)探究“电流和电阻的关系”实验时，要控制电阻的电压不变，据此分析滑动变阻器的作用。
本题研究“电流与电压关系”和“电流和电阻的关系”实验，考查变阻器的作用及控制变量法和归纳法的运用。
13.【答案】电阻 转换 少
【解析】解：由电路图可知两电阻串联，通过两个电阻的电流和通电时间相同，电阻不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量跟电阻的关系；
电热丝对空气盒内的空气加热，空气受热膨胀，会推动U型管内的液柱变化，通过液柱的变化可以判定电阻产生热量的多少，这是转换法的应用；
由Q=I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，左侧U形管的液面高度差小于右侧U形管。
故答案为：电阻；转换；少。
由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答。
本题考查了串联电路的电流特点和焦耳定律的应用，关键是明白U形管在实验中的作用。
14.【答案】加热 10：1 3000
【解析】解：
(1)由电路图可知，开关S和S1都闭合时，只有R2连入电路中，电路电阻较小，根据P=U2R可知，电功率较大，电加热器处于加热状态；
只闭合开关S，两电阻串联，电路电阻较大，根据P=U2R可知，电功率较小，电加热器处于保温状态；
(2)由表中数据知，、，
则：，
，
所以：：：U2R1+R2=1210W：110W
即：(R1+R2)：R2=11：1，
解得：R1：R2=10：1；
(3)保温状态下正常工作5min，电路产生热量：
，
而Q1：Q2=I2R2t：I2R2t=R1：R2=10：1，
所以，。
故答案为：加热；10：1；3000。
(1)开关S和S1都闭合时，只有R2连入电路中；只闭合开关S，两电阻串联；根据P=U2R判断出功率的大小从而可知其工作状态；
(2)由表中数据知，加热和保温状态的功率，根据P=U2R计算两电阻的比；
(3)由Q=W=Pt计算保温状态下电路5min消耗电能，由Q1：Q2=R1：R2计算电阻R2产生的热量。
本题考查了串联电路特点、电功率公式以及电热公式的灵活应用，关键是正确分析开关在不同状态下电加热器的工作状态。
15.【答案】解：经分析可知，滑动变阻器与L串联，且变阻器右下方接线柱与任意上方接线柱接入电路中，并且滑片向右移动，电路中电流增大，故实物图的连接如图所示：
。
故答案为：如上图所示。
【解析】由题意可知，是单纯的串联电路，滑片向右移动时灯L变亮，电路中的电流增大，据此连接滑动变阻器。
电路图的画法，关键是电路中电流的变化，难点是滑动变阻器的连接。
16.【答案】解：电阻是导体本身的一种性质，它的大小只与自身的因素有关而与加在它两端的电压大小无关，
所以定值电阻R的阻值随其两端电压U变化的大致图象如右图所示：
【解析】从电阻是导体本身的一种性质来分析，它的大小与它两端的电压大小无关。
解答本题的关键是定值电阻的阻值与加在其两端的电压和通过它的电流无关，比较简单。
17.【答案】解：由分析知：“光控开关”在光线较暗时闭合，“声控开关”在有声响时闭合，光线较暗且有声响时灯才亮，则灯泡与两个开关串联，且为了保证安全，开关应接在火线上；如图所示：
【解析】由题意知，当“光控开关”在光线较暗时闭合，“声控开关”在有声响时闭合，光线较暗且有声响时灯才亮，故这两个开关应与灯串联，且为了保证安全，开关应接在火线上。
本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图。
18.【答案】0.46A8.512931.625007.2×105
【解析】解：
(1)甲图中，电流表使用的0∼0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，示数为0.46A；
(2)乙图中，电压表使用的0∼15V量程，每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，示数为8.5V；
(3)丙图中，若将B、D的铜塞拔出，电阻箱连入电路的是2Ω和10Ω的电阻，因此其阻值是12Ω。
(4)丁图中，电能表的示数为931.6kW⋅h；
2500r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h(度)的电能，电能表的转盘转2500转；
电能表转盘转了500转用电器消耗的电能为：W=5002500kW⋅h=0.2kW⋅h=7.2×105J。
故答案为：(1)0.46A；(2)8.5；(3)12；(4)931.6；2500；7.2×105。
(1)电流表的读数：先确定使用的量程、对应的分度值，再根据指针位置读数；
(2)电压表的读数：先确定使用的量程、对应的分度值，再根据指针位置读数；
(3)插入式电阻箱的原理：是利用铜塞插入或拔出改变连入电路中电阻丝的长度来变阻的，即把铜塞插进去，铜塞处的电阻丝就会短路，电流不从电阻丝走了，所以铜塞插进去的那部分电阻就消失了。据此分析。
(4)电能表的读数：数字的最后一位是小数，单位是kW⋅h；2500r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h(度)的电能，电能表的转盘转2500转；据此求电能表转盘转500转时用电器消耗的电能，1kW⋅h=3.6×106J。
本题考查了电压表、电流表、电阻箱、电能表的读数方法，以及电能的计算，属于基础题目。
19.【答案】自下而上 易拉罐 搅拌使液体受热均匀 加热时间 A B A
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，且不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行；
(2)因金属导热性能好，故以从实验效果考虑，本实验选择易拉罐作为盛放液体的容器较好，实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；
质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高，由此可见，A的比热容较大。
(5)因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力，比热容大，
根据Q=cm△t，质量相同的A、B液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A。
故答案为：(1)自下而上；(2)易拉罐；搅拌使液体受热均匀；(3)加热时间；(4)A；B；(5)A。
(1)实验时，需要用酒精灯的外焰加热，所以要先调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
(2)从金属导热性能好分析；实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(4)根据图乙分析回答；
(5)根据比较物质吸热能力的方法(使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强)确定哪种物质的吸热能力强，根据Q=cm△t分析。
本题是比较不同物质的吸热能力实验，考查器材的选择，安装、注意事项、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
20.【答案】甲 50 几乎不 将下面两个接线柱接入电路 2.5V电阻R/Ω电流I/A
【解析】解：
(1)甲电路中，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，故甲正确；
乙电路中，电流表与定值电阻并联，电压表串联在电路中，且电流表的正负接线柱接反了，故乙错误；
丙电路中，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，但两电表的正负接线柱接反了，故丙错误；
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，电路中的电流，则，
由电压表的量程0∼3V可知，定值电阻两端的最大电压UR=3V，
当R=20Ω时，滑动变阻器接入电路中的电阻：
，
所以，应选用最大阻值为50Ω的滑动变阻器；
(2)若按图乙所示电路图连接好电路后，闭合开关，由电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，电路中几乎无电流，所以，可观察到电流表的指针几乎不偏转；
(3)闭合开关，电流表和电压表均有示数，但移动滑动变阻器的滑片时，两表的示数均保持不变，
说明滑动变阻器接线错误，由电压表的量程为3V和电源的电压为6V可知，错误可能是将下面两个接线柱接入电路；
(4)由题意可知，定值电阻两端的电压为2.5V；
探究电流与电阻的关系实验，应记录的是“电阻R/Ω”和“电流I/A”。
故答案为：(1)甲；50；(2)几乎不；(3)将下面两个接线柱接入电路；(4)①2.5V；②电阻R/Ω；③电流I/A。
(1)根据电流表和电压表的正确使用进行分析，即电压表与被测电路元件并联、电流表与被测电路元件串联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出；
根据串联电路的特点和欧姆定律得出滑动变阻器接入电路中电阻的表达式，根据电压表的量程确定定值电阻两端的最大电压，然后结合定值电阻的阻值确定其大小，然后得出滑动变阻器的规格；
(2)根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路进行解答；
(3)电流表、电压表均有示数，说明电路为通路，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，两电表示数均保持不变，说明滑动变阻器接线错误，然后结合电压表的量程和电源的电压确定原因；
(4)根据题意得出电阻两端的电压，探究电流与电阻的关系实验，应记录的是电阻和电流值。
本题考查了电表的正确使用、串联电路特点、欧姆定律的应用以及电路故障的判断和实验表格的设计等，要注意电压表内阻特点和滑动变阻器的正确使用。
21.【答案】解：
(1)完全燃烧1.4×10−2m3天然气放出的热量：
；
(2)由可得水吸收的热量：
；
由可得，水升高的温度：
，
则水的末温度为：t2=t1+△t=25℃+16.8℃=41.8℃。
答：(1)完全燃烧1.4×10−2m3天然气放出的热量为4.48×105J；
(2)若某天然气灶的效率为60%，则这些天然气可将质量为3.8kg、初温为25℃的水加热到41.8℃.
【解析】(1)已知天然气的热值和体积，利用求这些天然气完全燃烧放出的热量；
(2)已知天然气放出的热量和热效率，可求水吸收的热量；又知道水的比热容、质量，利用求水升高的温度；知道水的初温度，可求末温。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式、吸热公式、效率公式的应用，计算时注意：在标准大气压下水的沸点是100℃.
22.【答案】解：
(1)由图乙知，加热挡的功率为，加热时间为t=5min=300s，
饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为：；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，饮水机处于保温状态；
根据图乙知保温挡的功率为44W，
根据P=UI知，保温挡时通过R1的电流为：
；
(3)因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，加热时电阻丝R2的电功率：
，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
由P=U2R可得，电阻R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω；
答：(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为1.452×105J；
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流为0.2A；
(3)R2的阻值为110Ω。
【解析】(1)根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间，根据EW=Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，饮水机处于保温状态；
根据图乙判断出保温挡的功率，根据P=UI算出保温挡时通过R1的电流；
(3)当开关S、S0闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态；饮水机保温时电路为R1的简单电路，饮水机加热时R1与R2并联，饮水机加热功率减去保温功率即为R2的电功率，根据并联电路的电压特点和P=U2R求出R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道加热功率为两电阻并联；要注意开关闭合时电路中电阻的大小和有用信息的搜集。
23.【答案】BADC 900 做功 热传递 10025%比热容
【解析】解：(1)甲中的两个气门都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是第二个冲程；
乙中的进气门打开，活塞向下运动，所以为吸气冲程，是第一个冲程；
丙中的排气门打开，活塞向上运动，所以为排气冲程，是第四个冲程；
丁中的两个气门都关闭，火花塞点火，活塞下运动，所以为做功冲程，是第三个冲程；
故先后顺序为：BADC。
(2)若飞轮转速是1800r/min，表示每分钟飞轮转动1800圈，
因为飞轮转2圈，对外做功1次，所以，飞轮转1800圈，对外做功900次；
此过程中燃气对外做功，则其内能减小即通过做功的方法改变物体的内能，除此之外通过热传递也可改变物体内能。
(3)图乙所示为某汽油机的能流图，若E=1000J，E1=350J，E2=250J，E3=300J，则E4=E−E1−E2−E3=1000J−350J−250J−300J=100J，
由能流图可知：燃料完全燃烧放出的热量为E，有用机械能即有用功为E2，所以内燃机的效率η=E2E×100%=250J1000J×100%=25%。
(4)因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们用冷水冷却发动机。
故答案为：(1)BADC；(2)900；做功；热传递；(3)100；25%；(4)比热容。
(1)内燃机的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，根据气门开闭和活塞移动情况确定冲程的名称，并排出正确顺序；
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案；改变内能的方式有做功和热传递两种方式；
(3)热机的机械效率是指有用功与燃料完全燃烧放出热量的比值；
(4)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了内燃机四冲程的特点、改变内能的方式、效率的计算以及水的比热容大的应用等，根据气门开闭和活塞移动情况确定冲程的名称是关键。
24.【答案】杠杆 滑动变阻器 保护电路 电流 增大
【解析】解：(1)根据图中虚线框内的装置可以确定与浮标相连的是一绕着固定点转动的硬棒，故为一杠杆；
(2)由图可知：当油箱内的油发生变化时，电路中的电阻会发生变化，所以R的作用相当于滑动变阻器；
如果油箱中的油越来越多的时候，滑动变阻器接入电路的阻值就会越来越小，此时电路中的电流就会越来越大，为了防止由于电流过大而烧坏电源和油量表，应该给电路串联一个定值电阻，这样就可以防止电路中的电流过大而烧坏电源和油量表；
(3)由图可知油量表串联在电路中，因此是由电流表改装成的；
(4)当油箱中的浮标向上运动时，在杠杆的作用下滑片向下移动，R接入电路中的电阻减小，电路的总电阻减小，由I=UR可知，电路中的电流增大。
故答案为：(1)杠杆；(2)滑动变阻器；保护电路；(3)电流；(4)增大。
(1)杠杆是指在力的作用下，可以绕某一固定点转动的硬棒；根据杠杆的定义进行分析；
(2)根据R接入电路中电阻的不同，使电路中电流发生改变(即滑动变阻器的作用)进行分析；分析油量越多时电路可能出现的情况得出定值电阻的作用；
(3)根据电压表并联在电路中、电流表串联在电路中判断油量表的类型；
(4)根据杠杆的作用可知浮标移动时R接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化。
本题主要考查学生根据图示信息结合所学物理知识进行分析的能力，关键是明白油量表的工作原理。
25.【答案】电流 电压 0.5先变大后变小 0.21.8
【解析】解：
(1)a表串联在电路中，故a是电流表；b表并联在电路中，b是电压表；
(2)小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样，表示灯的额定电压为2.5V，额定功率为1.25W，
根据P=UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为：
IL=PLUL=1.25W2.5W=0.5A；
(3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率(亮度)变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；
(4)根据P=U2R可得，灯正常发光时的电阻为：
RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω；
灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流，
实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，即灯的最大电压为54×2.5V=3.125V，灯的最大电流为：
，根据电流选用小量程，故电路的最大电流为0.6A，
灯的最大功率为：
；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为3V，这时的电流最小，
由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为UV=4V−3V=1V，
灯的最小功率为：
，
在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阳器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从0.2W至1.8W。
故答案为：(1)电流；电压；(2)0.5；(3)先变大后变小；(4)0.2；1.8。
(1)根据电流表与待测电路串联，电压表与待测电路并联分析回答；
(2)小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样的含义，根据P=UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数；
(3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答；
(4)根据P=U2R得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流，
根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据得出灯的最大功率；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P=U2R求出灯的最小功率。
本题考查电表的连接、串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，第(4)问，注意灯的最大电流不是灯的额定电流。
2020-2021学年广东省河源市紫金县九年级（上）期末物理试卷
1. 常消毒、勤洗手、带口罩、测体温，是防疫新冠肺炎的有效措施，喷洒过消毒液的房间充满消毒液的气味，这个现象说明( )
A. 分子在不停地运动 B. 分子间存在着引力
C. 分子间存在着斥力 D. 分子间不存在空隙
2. 下列关于热学知识的说法正确的是( )
A. 内燃机压缩冲程把机械能转化为内能
B. 冰在熔化过程中吸热，温度不变，内能不变
C. 柴油机的效率可达到100%
D. 物体温度升高，一定是吸收了热量
3. 被毛皮摩擦过的橡胶棒带上负电荷，这是因为( )
A. 原子核发生了转移 B. 电子发生了转移
C. 摩擦创造了正电荷 D. 摩擦创造了负电荷
4. 某种半导体材料的电阻阻值随温度的升高而变小。利用该半导体的特性设计一个通过电表示数反映温度高低的电路，要求温度升高时，电表示数增大。若电源电压保持不变，如图所示电路中符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5. 某型号酒精检测仪器的电路如图甲所示，图中R为酒精浓度敏感电阻，其阻值R与酒精浓度β的变化关系如图乙所示，已知R0为定值电阻，电源电压恒定不变。用此仪器检测酒精浓度时，则下列说法正确的是( )
A. 酒精浓度增大时，电压表示数变小
B. 酒精浓度减小时，电流表示数变大
C. 酒精浓度增大时，电路消耗的总功率变小
D. 无论酒精浓度怎样变化，电压表与电流表示数的比值不变
6. 图甲是定值电阻R和灯泡L的电压随电流变化关系的图象，将该定值电阻R和灯泡L串联在图乙的电路中，闭合开关，此时电流表示数为0.4A，关于该电路下列计算中错误的是( )
A. 电源电压为3V B. 电阻R的阻值为5Ω
C. 电阻R消耗的电功率为0.8W D. 灯泡L消耗的电功率为1.2W
7. 如图所示是现在一般标准住宅户内配电系统方框图。下列说法正确的是( )
A. 若插座中有两孔使试电笔的氖管发光，可能是某处零线断路了
B. 当有人发生触电事故时，空气开关就会自动断开
C. 空气开关“跳闸”后，必须更换新的空气开关
D. 三孔插座的上孔与大地相连，并无实际作用
8. 如图试管内水蒸气将塞子推出的过程，水蒸气的______能转化为塞子的______能。四冲程汽油机工作过程中的______冲程与上述能量转化过程相同。
9. 氢气是一种清洁能源。相同质量的氢气完全燃烧放出的热量可以达到煤气的三倍以上，说明氢气的______ (选填“比热容”或“热值”)很大。以3倍的关系粗略计算，1kg氢气完全燃烧放出的热量约为______ J，这些热量可以使______ kg的水从20℃加热至80℃。。
10. 如图所示，用丝绸擦过的两根玻璃棒，因______ (选填“得到“或“失去“)电子而带上了______ 电荷。手持其中一根玻璃棒靠近另一根被吊起的玻璃棒时，能观察到另一根玻璃棒远离的现象，说明了同种电荷______ 。
11. 如图所示，AB、CD是长度相同的两条镍铬合金线。将它们分别接入电路进行实验，通过观察两次______，可以比较出这两条镍铬合金电阻的大小，这套实验装置研究的是导体电阻大小与导体______的关系。如果再提供一条外形和CD完全相同的锰铜合金线，还可以研究导体电阻大小与导体______的关系。
12. 在利用图探究“电流与电压关系”的实验中，在闭合开关前，要将滑动变阻器调到最大阻值，这个操作的目的是______。在实验过程中，滑动变阻器的作用是______；在利用该图探究“电流和电阻的关系”实验时，滑动变阻器的作用是______。
13. 如图所示为“探究电流通过导体产生的热量跟______的关系”的实验装置。实验中用U形管内液面高度差的大小来反映电流通过导体产生热量的多少，这种方法叫______(选填“控制变量”或“转换”)法。通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧的______(选填“多”或“少”)。
14. 如图是一个电加热器的工作原理图，其中R1和R2是阻值不变的发热电阻。表中是它的部分参数。当开关S和S1都闭合时，电加热器处于______(选填“加热”或“保温”)状态；电阻R1与R2的阻值之比是______；加热器在保温状态下正常工作5min。电阻R2产生的热量是______J。
额定电压
220V
额定加热功率
1210W
额定保温功率
110W
15. 请完成如图所示的实物图，要求开关S闭合，滑片向右移动时灯L变亮。
16. 请在图中画出定值电阻R的阻值随其两端电压U变化的大致图象。
17. 如图所示，楼梯有一电灯受控于两个开关，光线较暗且有声响时灯才亮。其中“光控开关”在光线较暗时自动闭合“声控开关”在有声响时自动闭合，请用铅笔画线代替导线把元件连在电路中。
18. 物理学科是一门以实验为基础的学科，实验中仪器的读数是必不可少的。
(1)如图甲所示，电流表的示数为______ 。
(2)如图乙所示，电压表的示数为______ V。
(3)如图丙所示是电阻箱的结构示意图，若将B、D的铜塞拔出，电阻箱连入电路的阻值是______ Ω。
(4)如图丁所示，电能表的示数为______ kW⋅h；用1度电，它的转盘转过______ 转；电能表转盘转了500转用电器用电______ J。
19. 如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的容器(图中用虚线形表示)分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热。
(1)实验前，按______(填“自上而下”或“自下而上”)的顺序组装器材。
(2)从实验效果考虑，本实验选择______(“烧杯”或“易拉罐”)作为盛放液体的容器较好，实
验中使用玻璃棒的目的是______。
(3)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(填“液体升高的温度”或“加热时间”)比较。
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，______吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______升温较高。
(5)冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供暖物质，则应选择______液体。
20. 做“探究电流与电阻的关系”实验时，可供选择的器材有：电压为6V的电源，电流表(0−0.6A)，电压表(0−3V)，开关，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω和20Ω的定值电阻各1个，最大阻值分别为10Ω和50Ω的滑动变阻器各1个，导线若干。
(1)如题图所示的实验电路中，正确的是______，应选用最大阻值为______Ω的滑动变阻器。
(2)若按图乙所示电路图连接好电路后，闭合开关，可观察到电流表的指针______(选填“向右”“反向”或“几乎不”)偏转。
(3)按正确电路图连接电路，闭合开关，电流表和电压表均有示数，但移动滑动变阻器的滑片时，两表的示数均保持不变，经判断是接线有误，错误可能是______。
(4)纠正错误后，依次更换定值电阻，并控制定值电阻两端电压为2.5V进行实验。请将记录实验数据的表格补充完整。
①U=______。
实验序号
1
2
3
4
②______
20
15
10
5
③______
\
\
\
\
21. 已知天然气的热值为3.2×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)完全燃烧1.4×10−2m3天然气放出的热量；
(2)若某天然气灶的效率为60%，则这些天然气可将质量为3.8kg、初温为25℃的水加热到多少摄氏度？(当地的大气压强为标准大气压)
22. 某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V.图甲是其电路原理图。S0为温控开关，R1，R2为电热丝(阻值不变)，某饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示求：
(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流；
(3)R2的阻值。
23. 汽车是常见的交通工具，随着人们生活水平的提高，汽车也走进了寻常百姓家。汽车在新冠疫情期间运输物资，对疫情的防控起了重大作用。
(1)如图甲所示，汽油机一个工作循环包括四个冲程，一个气缸正常工作四个冲程的顺序是______ (对图甲中 A、B、C、D重新排序)。
(2)一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为1800r/min，该汽油机每分钟做功______ 次，图甲中D所示的汽油机冲程是通过______ 的方式改变燃气内能的。除此之外，通过______ 也可改变物体内能。
(3)图乙所示为某汽油机的能流图，若E=1000J，E1=350J，E2=250J，E3=300J，则E4=______ J，则该汽油机的效率为η=______
(4)以前的汽车发动机经常会很热，人们经常会用水来给汽车的发动机降温，原因是水的______ 很大。
24. 如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。
(1)图中虚线框内的装置相当于简单机械中的______；
(2)图中R的电学元件名称是______，定值电阻R′在电路中的作用是______；
(3)油量表应该用______表来改装；
(4)当油箱中的浮标向上运动时，此时电路中的电流______。(选填“增大”或“减小”)
25. 小明家的台灯是通过电位器来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表(0−3V)2个，电流表(0−0.6A)，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)。
(1)电路中a是______表，b是______表，
(2)实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为______A。
(3)根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率(亮度)变大时，滑动变阻器的电功率______。
(4)假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从______W至______W。
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：喷洒过消毒液的房间充满消毒液的气味是扩散现象，是由于消毒液分子在不停地做无规则运动。
故选：A。
组成物质的分子永不停息地做无规则运动，分子做无规则运动的这种现象叫扩散现象。
本题以疫情防控为背景，考查了分子运动的相关知识，体现了物理与生活的联系。
2.【答案】A
【解析】解：
A、在内燃机的四个冲程中，只有做功冲程燃气对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程是活塞压缩气体做功，将机械能转化为内能，故A正确；
B、冰是晶体，在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、因为额外功和热量散失是不可避免的，所以无论怎样改良，柴油机的效率也不可能达到100%，故C错误；
D、物体的温度升高，内能变大，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故D错误。
故选：A。
(1)内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能；
(2)晶体在熔化时，吸热但温度不变、内能增加；
(3)因为额外功和热量散失是不可避免的，所以热机的效率一定小于100%；
(4)热传递和做功都可以改变物体的内能。
本题主要考查了对热学中一些基本规律或现象的理解，有一定的综合性，但总体难度不大。
3.【答案】B
【解析】解：摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦边的橡胶棒带上负电荷，这是因为毛皮上的电子转移到橡胶棒，橡胶棒得到了电子，带负电。
故选：B。
通过摩擦的方法使物体带电叫摩擦起电，橡胶棒与毛皮摩擦后，橡胶棒带负电。
本题考查了摩擦起电的实质，是一道基础题目。
4.【答案】C
【解析】解：
A、由图知，定值电阻R0与半导体并联，电流表测量定值电阻中的电流；因为并联电路中各支路互不影响，所以半导体的电阻随温度的升高而减小时，通过定值电阻的电流不变，即电流表示数不变，故A错误；
B、由图知，定值电阻R0与半导体并联，电压表测量并联电路两端电压；因为并联电路两端电压等于电源电压且不被，所以电压表示数不变，故B错误；
C、由图知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量定值电阻两端电压；当温度升高时，半导体的阻值变小，则串联电路中的总电阻变小；由欧姆定律可知，电路中的电流变大；由公式U=IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表的示数变大，故C正确；
D、由图知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量半导体两端电压；当温度升高时，半导体的阻值变小，由串联分压的规律可知，半导体分得的电压减小，即电压表的示数变小，故D错误。
故选：C。
A、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体并联，电流表测量定值电阻中的电流；根据并联电路中各支路可以独立工作、互不影响的特点可知电流表示数的变化；
B、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体并联，电压表测量并联电路两端电压；根据并联电路电压规律可知电压表示数的变化；
C、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量定值电阻两端电压；根据半导体与温度的关系得出电路阻值的变化，然后根据欧姆定律可知电路电流的变化，最后根据欧姆定律的变形公式可知定值电阻两端电压的变化；
D、根据电路图可知，定值电阻R0与半导体串联，电压表测量半导体两端电压；根据半导体与温度的关系得出电路阻值的变化，然后根据串联电路分压规律可知半导体两端电压的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“半导体的阻值是随环境温度的升高而减小的”是关键。
5.【答案】D
【解析】解：由图甲可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；
A、由乙图可知，当酒精浓度增大时，酒精浓度敏感电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
B、同理可知，酒精浓度减小时，电流表示数变小，故B错误；
C、酒精浓度增大时，电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故C错误；
D、因电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，所以，不论酒精浓度增大还是减小时，电压表与电流表示数的比值不变，故D正确。
故选：D。
由图甲可知两电阻串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知酒精浓度敏感电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化及R0两端电压的变化，再根据欧姆定律得出电压表与电流表示数比值的变化。
本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出气敏电阻的阻值与浓度的变化关系是本题的突破口。
6.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流。
A.由图甲可知，当电流表的示数I=0.4A时，定值电阻两端的电压UR=2V，灯泡两端的电压UL=1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压：U=UR+UL=2V+1V=3V，故A正确；
B.由I=UR可得，定值电阻的阻值：R=URI=2V0.4A=5Ω，故B正确；
C.电阻R消耗的电功率：PR=URI=2V×0.4A=0.8W，故C正确；
D.灯泡L消耗的电功率：PL=ULI=1V×0.4A=0.4W，故D错误。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R和灯泡L串联，电流表测电路中的电流。根据图甲读出电流表的示数I=0.4A时定值电阻两端的电压和灯泡两端的电压，利用串联电路的电压特点求出电源电压，利用欧姆定律求出定值电阻的阻值，再利用P=UI求出电阻R消耗的电功率和灯泡L消耗的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
7.【答案】A
【解析】解：
A、若插座中有两孔使试电笔的氖管发光，可能是某处零线断路了，说明这两个孔和火线之间都是接通的，所以故障为零线断路，故A正确；
B、当有人发生触电事故时，电流经过人体流入大地，漏电保护器会迅速切断电流，对人身起到保护作用。由于电路中不是电流过大，故空气开关不会跳闸，故B错误；
C、空气开关“跳闸”后，必须检查电路故障的原因，修好后才能再次闭合开关，不需要更换新的空气开关，故C错误；
D、三孔插座的上孔与大地相连，当将用电器的三脚插头插入该插座时，能将用电器的金属外壳接地，若用电器漏电，人接触用电器时，地线把人体短路，防止发生触电事故，故D错误。
故选：A。
(1)若插座中两个孔都能使氖管发光，说明两孔都能与火线相连；三孔插座的接线规律是：左零右火上接地。
(2)漏电保护器是在发生漏电或有人触电时会出现自动跳闸；空气开关是在出现短路、过载(用电器总功率过大)时，能自动“跳闸”，对人或电路起到保护作用。
本题考查试电笔的使用，短路现象，空气开关及漏电保护器的作用，三孔插座的原理等，是一道综合题，难度不大。
8.【答案】内 机械 做功
【解析】解：由图可知，试管内的水蒸气当用酒精灯加热一定程度时，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能；此过程与汽油机的做功冲程类似，在做功冲程中也是燃气的内能转化为活塞的机械能；
故答案为：内，机械，做功。
解决此题要知道做功可以改变物体的内能：当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
9.【答案】热值 1.26×108 500
【解析】解：
(1)在同等条件下，氢气完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明氢气的热值很大；
(2)1kg煤气完全燃烧放出的热量：
，
1kg氢气完全燃烧放出的热量：
；
(3)由题知，，
由得，水的质量：
。
故答案为：热值； 1.26×108 ；500。
(1)某种燃料完全然烧放出的热量和质量的比值叫做热值；
(2)利用求出1kg煤气完全燃烧放出的热量，氢气完全燃烧放出的热量达到煤气的3倍，据此求1kg氢气完全燃烧放出的热量；
(3)由题知，，而，知道水的比热容、水的初温和末温，可求水的质量。
本题考查了学生对燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
10.【答案】失去 正 相互排斥
【解析】解：
摩擦起电是电子的转移，得到电子的带负电，失去电子的带正电，跟丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电，丝绸得到电子而带负电；
用丝绸摩擦两根玻璃棒，玻璃棒带的电荷是相同的，手持其中一根玻璃棒，靠近另一根被吊起的玻璃棒，发现被吊起的玻璃棒被推开，这表明同种电荷之间是相互排斥的。
故答案为：失去；正；相互排斥。
(1)摩擦起电是电子的转移，得到电子的带负电，失去电子的带正电；
(2)电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
此题考查了摩擦起电的实质、电荷间相互作用规律，是一道基础题。
11.【答案】电流表的示数 横截面积 材料
【解析】解：
在温度不变时，导体的电阻由导体的材料、横截面积和长度决定；图中的AB、CD两电阻丝的长度相同、材料也相同，横截面积不同，故通过观察电流表的示数研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关；
如果再提供一条外形和CD完全相同的锰铜合金线时，它们的长度、横截面积相同，材料不同，故通过观察电流表示数研究导体的电阻与导体的材料是否有关。
故答案为：电流表的示数；横截面积；材料。
根据决定电阻大小的因素进行分析，即影响电阻大小的因素有导体的材料、长度和横截面积，注意要用控制变量的思维来分析
知道影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积、温度，会用控制变量法进行探究分析。
12.【答案】保护电路 改变电阻的电压和电流 控制电阻的电压不变
【解析】解：
(1)在利用图探究“电流与电压关系”的实验中，在闭合开关前，要将滑动变阻器调到最大阻值，这个操作的目的是保护电路；
(2)探究“电流与电压关系”的实验，为得出普遍性的规律，要多次测量，故在实验过程中，滑动变阻器的作用是改变电阻的电压和电流；
(3)在利用该图探究“电流和电阻的关系”实验时，要控制电阻的电压不变，滑动变阻器的作用是：控制电阻的电压不变。
故答案为：保护电路；改变电阻的电压和电流；控制电阻的电压不变。
(1)在闭合开关前，为保护电路，要将滑动变阻器调到最大阻值；
(2)探究“电流与电压关系”的实验，为得出普遍性的规律，要多次测量，据此分析滑动变阻器的作用；(3)探究“电流和电阻的关系”实验时，要控制电阻的电压不变，据此分析滑动变阻器的作用。
本题研究“电流与电压关系”和“电流和电阻的关系”实验，考查变阻器的作用及控制变量法和归纳法的运用。
13.【答案】电阻 转换 少
【解析】解：由电路图可知两电阻串联，通过两个电阻的电流和通电时间相同，电阻不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量跟电阻的关系；
电热丝对空气盒内的空气加热，空气受热膨胀，会推动U型管内的液柱变化，通过液柱的变化可以判定电阻产生热量的多少，这是转换法的应用；
由Q=I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，左侧U形管的液面高度差小于右侧U形管。
故答案为：电阻；转换；少。
由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q=I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答。
本题考查了串联电路的电流特点和焦耳定律的应用，关键是明白U形管在实验中的作用。
14.【答案】加热 10：1 3000
【解析】解：
(1)由电路图可知，开关S和S1都闭合时，只有R2连入电路中，电路电阻较小，根据P=U2R可知，电功率较大，电加热器处于加热状态；
只闭合开关S，两电阻串联，电路电阻较大，根据P=U2R可知，电功率较小，电加热器处于保温状态；
(2)由表中数据知，、，
则：，
，
所以：：：U2R1+R2=1210W：110W
即：(R1+R2)：R2=11：1，
解得：R1：R2=10：1；
(3)保温状态下正常工作5min，电路产生热量：
，
而Q1：Q2=I2R2t：I2R2t=R1：R2=10：1，
所以，。
故答案为：加热；10：1；3000。
(1)开关S和S1都闭合时，只有R2连入电路中；只闭合开关S，两电阻串联；根据P=U2R判断出功率的大小从而可知其工作状态；
(2)由表中数据知，加热和保温状态的功率，根据P=U2R计算两电阻的比；
(3)由Q=W=Pt计算保温状态下电路5min消耗电能，由Q1：Q2=R1：R2计算电阻R2产生的热量。
本题考查了串联电路特点、电功率公式以及电热公式的灵活应用，关键是正确分析开关在不同状态下电加热器的工作状态。
15.【答案】解：经分析可知，滑动变阻器与L串联，且变阻器右下方接线柱与任意上方接线柱接入电路中，并且滑片向右移动，电路中电流增大，故实物图的连接如图所示：
。
故答案为：如上图所示。
【解析】由题意可知，是单纯的串联电路，滑片向右移动时灯L变亮，电路中的电流增大，据此连接滑动变阻器。
电路图的画法，关键是电路中电流的变化，难点是滑动变阻器的连接。
16.【答案】解：电阻是导体本身的一种性质，它的大小只与自身的因素有关而与加在它两端的电压大小无关，
所以定值电阻R的阻值随其两端电压U变化的大致图象如右图所示：
【解析】从电阻是导体本身的一种性质来分析，它的大小与它两端的电压大小无关。
解答本题的关键是定值电阻的阻值与加在其两端的电压和通过它的电流无关，比较简单。
17.【答案】解：由分析知：“光控开关”在光线较暗时闭合，“声控开关”在有声响时闭合，光线较暗且有声响时灯才亮，则灯泡与两个开关串联，且为了保证安全，开关应接在火线上；如图所示：
【解析】由题意知，当“光控开关”在光线较暗时闭合，“声控开关”在有声响时闭合，光线较暗且有声响时灯才亮，故这两个开关应与灯串联，且为了保证安全，开关应接在火线上。
本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图。
18.【答案】0.46A8.512931.625007.2×105
【解析】解：
(1)甲图中，电流表使用的0∼0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，示数为0.46A；
(2)乙图中，电压表使用的0∼15V量程，每一个大格代表5V，每一个小格代表0.5V，示数为8.5V；
(3)丙图中，若将B、D的铜塞拔出，电阻箱连入电路的是2Ω和10Ω的电阻，因此其阻值是12Ω。
(4)丁图中，电能表的示数为931.6kW⋅h；
2500r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h(度)的电能，电能表的转盘转2500转；
电能表转盘转了500转用电器消耗的电能为：W=5002500kW⋅h=0.2kW⋅h=7.2×105J。
故答案为：(1)0.46A；(2)8.5；(3)12；(4)931.6；2500；7.2×105。
(1)电流表的读数：先确定使用的量程、对应的分度值，再根据指针位置读数；
(2)电压表的读数：先确定使用的量程、对应的分度值，再根据指针位置读数；
(3)插入式电阻箱的原理：是利用铜塞插入或拔出改变连入电路中电阻丝的长度来变阻的，即把铜塞插进去，铜塞处的电阻丝就会短路，电流不从电阻丝走了，所以铜塞插进去的那部分电阻就消失了。据此分析。
(4)电能表的读数：数字的最后一位是小数，单位是kW⋅h；2500r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h(度)的电能，电能表的转盘转2500转；据此求电能表转盘转500转时用电器消耗的电能，1kW⋅h=3.6×106J。
本题考查了电压表、电流表、电阻箱、电能表的读数方法，以及电能的计算，属于基础题目。
19.【答案】自下而上 易拉罐 搅拌使液体受热均匀 加热时间 A B A
【解析】解：(1)酒精灯需用外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，且不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行；
(2)因金属导热性能好，故以从实验效果考虑，本实验选择易拉罐作为盛放液体的容器较好，实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；
质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高，由此可见，A的比热容较大。
(5)因质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A吸热多，A的吸热能力，比热容大，
根据Q=cm△t，质量相同的A、B液体降低相同的温度，A放热多效果好；故从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择A。
故答案为：(1)自下而上；(2)易拉罐；搅拌使液体受热均匀；(3)加热时间；(4)A；B；(5)A。
(1)实验时，需要用酒精灯的外焰加热，所以要先调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
(2)从金属导热性能好分析；实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(4)根据图乙分析回答；
(5)根据比较物质吸热能力的方法(使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强)确定哪种物质的吸热能力强，根据Q=cm△t分析。
本题是比较不同物质的吸热能力实验，考查器材的选择，安装、注意事项、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
20.【答案】甲 50 几乎不 将下面两个接线柱接入电路 2.5V电阻R/Ω电流I/A
【解析】解：
(1)甲电路中，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，故甲正确；
乙电路中，电流表与定值电阻并联，电压表串联在电路中，且电流表的正负接线柱接反了，故乙错误；
丙电路中，电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，但两电表的正负接线柱接反了，故丙错误；
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，电路中的电流，则，
由电压表的量程0∼3V可知，定值电阻两端的最大电压UR=3V，
当R=20Ω时，滑动变阻器接入电路中的电阻：
，
所以，应选用最大阻值为50Ω的滑动变阻器；
(2)若按图乙所示电路图连接好电路后，闭合开关，由电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，电路中几乎无电流，所以，可观察到电流表的指针几乎不偏转；
(3)闭合开关，电流表和电压表均有示数，但移动滑动变阻器的滑片时，两表的示数均保持不变，
说明滑动变阻器接线错误，由电压表的量程为3V和电源的电压为6V可知，错误可能是将下面两个接线柱接入电路；
(4)由题意可知，定值电阻两端的电压为2.5V；
探究电流与电阻的关系实验，应记录的是“电阻R/Ω”和“电流I/A”。
故答案为：(1)甲；50；(2)几乎不；(3)将下面两个接线柱接入电路；(4)①2.5V；②电阻R/Ω；③电流I/A。
(1)根据电流表和电压表的正确使用进行分析，即电压表与被测电路元件并联、电流表与被测电路元件串联，电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出；
根据串联电路的特点和欧姆定律得出滑动变阻器接入电路中电阻的表达式，根据电压表的量程确定定值电阻两端的最大电压，然后结合定值电阻的阻值确定其大小，然后得出滑动变阻器的规格；
(2)根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路进行解答；
(3)电流表、电压表均有示数，说明电路为通路，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，两电表示数均保持不变，说明滑动变阻器接线错误，然后结合电压表的量程和电源的电压确定原因；
(4)根据题意得出电阻两端的电压，探究电流与电阻的关系实验，应记录的是电阻和电流值。
本题考查了电表的正确使用、串联电路特点、欧姆定律的应用以及电路故障的判断和实验表格的设计等，要注意电压表内阻特点和滑动变阻器的正确使用。
21.【答案】解：
(1)完全燃烧1.4×10−2m3天然气放出的热量：
；
(2)由可得水吸收的热量：
；
由可得，水升高的温度：
，
则水的末温度为：t2=t1+△t=25℃+16.8℃=41.8℃。
答：(1)完全燃烧1.4×10−2m3天然气放出的热量为4.48×105J；
(2)若某天然气灶的效率为60%，则这些天然气可将质量为3.8kg、初温为25℃的水加热到41.8℃.
【解析】(1)已知天然气的热值和体积，利用求这些天然气完全燃烧放出的热量；
(2)已知天然气放出的热量和热效率，可求水吸收的热量；又知道水的比热容、质量，利用求水升高的温度；知道水的初温度，可求末温。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式、吸热公式、效率公式的应用，计算时注意：在标准大气压下水的沸点是100℃.
22.【答案】解：
(1)由图乙知，加热挡的功率为，加热时间为t=5min=300s，
饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为：；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，饮水机处于保温状态；
根据图乙知保温挡的功率为44W，
根据P=UI知，保温挡时通过R1的电流为：
；
(3)因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，加热时电阻丝R2的电功率：
，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
由P=U2R可得，电阻R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω；
答：(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为1.452×105J；
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流为0.2A；
(3)R2的阻值为110Ω。
【解析】(1)根据图乙判断出加热挡的功率和加热时间，根据EW=Pt算出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)当开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R可知，饮水机的总功率最大，此时为加热状态；
当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，饮水机处于保温状态；
根据图乙判断出保温挡的功率，根据P=UI算出保温挡时通过R1的电流；
(3)当开关S、S0闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，根据P=U2R分析电路功率大小可知饮水机处于哪种工作状态；饮水机保温时电路为R1的简单电路，饮水机加热时R1与R2并联，饮水机加热功率减去保温功率即为R2的电功率，根据并联电路的电压特点和P=U2R求出R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活运用，关键是知道加热功率为两电阻并联；要注意开关闭合时电路中电阻的大小和有用信息的搜集。
23.【答案】BADC 900 做功 热传递 10025%比热容
【解析】解：(1)甲中的两个气门都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是第二个冲程；
乙中的进气门打开，活塞向下运动，所以为吸气冲程，是第一个冲程；
丙中的排气门打开，活塞向上运动，所以为排气冲程，是第四个冲程；
丁中的两个气门都关闭，火花塞点火，活塞下运动，所以为做功冲程，是第三个冲程；
故先后顺序为：BADC。
(2)若飞轮转速是1800r/min，表示每分钟飞轮转动1800圈，
因为飞轮转2圈，对外做功1次，所以，飞轮转1800圈，对外做功900次；
此过程中燃气对外做功，则其内能减小即通过做功的方法改变物体的内能，除此之外通过热传递也可改变物体内能。
(3)图乙所示为某汽油机的能流图，若E=1000J，E1=350J，E2=250J，E3=300J，则E4=E−E1−E2−E3=1000J−350J−250J−300J=100J，
由能流图可知：燃料完全燃烧放出的热量为E，有用机械能即有用功为E2，所以内燃机的效率η=E2E×100%=250J1000J×100%=25%。
(4)因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们用冷水冷却发动机。
故答案为：(1)BADC；(2)900；做功；热传递；(3)100；25%；(4)比热容。
(1)内燃机的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，根据气门开闭和活塞移动情况确定冲程的名称，并排出正确顺序；
(2)热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案；改变内能的方式有做功和热传递两种方式；
(3)热机的机械效率是指有用功与燃料完全燃烧放出热量的比值；
(4)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查了内燃机四冲程的特点、改变内能的方式、效率的计算以及水的比热容大的应用等，根据气门开闭和活塞移动情况确定冲程的名称是关键。
24.【答案】杠杆 滑动变阻器 保护电路 电流 增大
【解析】解：(1)根据图中虚线框内的装置可以确定与浮标相连的是一绕着固定点转动的硬棒，故为一杠杆；
(2)由图可知：当油箱内的油发生变化时，电路中的电阻会发生变化，所以R的作用相当于滑动变阻器；
如果油箱中的油越来越多的时候，滑动变阻器接入电路的阻值就会越来越小，此时电路中的电流就会越来越大，为了防止由于电流过大而烧坏电源和油量表，应该给电路串联一个定值电阻，这样就可以防止电路中的电流过大而烧坏电源和油量表；
(3)由图可知油量表串联在电路中，因此是由电流表改装成的；
(4)当油箱中的浮标向上运动时，在杠杆的作用下滑片向下移动，R接入电路中的电阻减小，电路的总电阻减小，由I=UR可知，电路中的电流增大。
故答案为：(1)杠杆；(2)滑动变阻器；保护电路；(3)电流；(4)增大。
(1)杠杆是指在力的作用下，可以绕某一固定点转动的硬棒；根据杠杆的定义进行分析；
(2)根据R接入电路中电阻的不同，使电路中电流发生改变(即滑动变阻器的作用)进行分析；分析油量越多时电路可能出现的情况得出定值电阻的作用；
(3)根据电压表并联在电路中、电流表串联在电路中判断油量表的类型；
(4)根据杠杆的作用可知浮标移动时R接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化。
本题主要考查学生根据图示信息结合所学物理知识进行分析的能力，关键是明白油量表的工作原理。
25.【答案】电流 电压 0.5先变大后变小 0.21.8
【解析】解：
(1)a表串联在电路中，故a是电流表；b表并联在电路中，b是电压表；
(2)小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样，表示灯的额定电压为2.5V，额定功率为1.25W，
根据P=UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为：
IL=PLUL=1.25W2.5W=0.5A；
(3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率(亮度)变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；
(4)根据P=U2R可得，灯正常发光时的电阻为：
RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω；
灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流，
实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，即灯的最大电压为54×2.5V=3.125V，灯的最大电流为：
，根据电流选用小量程，故电路的最大电流为0.6A，
灯的最大功率为：
；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为3V，这时的电流最小，
由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为UV=4V−3V=1V，
灯的最小功率为：
，
在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阳器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从0.2W至1.8W。
故答案为：(1)电流；电压；(2)0.5；(3)先变大后变小；(4)0.2；1.8。
(1)根据电流表与待测电路串联，电压表与待测电路并联分析回答；
(2)小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样的含义，根据P=UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数；
(3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答；
(4)根据P=U2R得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的的电压，电流表测电路的电流，
根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据得出灯的最大功率；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P=U2R求出灯的最小功率。
本题考查电表的连接、串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，第(4)问，注意灯的最大电流不是灯的额定电流。
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