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2020年甘肃省兰州市中考一模物理试卷（含答案）
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这是一份2020年甘肃省兰州市中考一模物理试卷（含答案），共49页。试卷主要包含了选择题，填空题，识图，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2020年甘肃省兰州市中考物理一模试卷
一、选择题：本大题16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．
1．（3分）如图所示的现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A．沙滩上鸽子的影子 B．汽车观后镜中的景物
C．水面上“折断”的筷子 D．镜子中的灯笼和灯
2．（3分）兰州轨道交通1号线全长约26km，西起西固区陈官营站，途径安宁区、七里河区，东至城关区东岗站，共设20座站，地铁运行全程约40min。关于兰州地铁的说法，错误的是（ ）
A．坐到车厢内的小王看到窗外的广告牌在快速向后退，这以小王为参照物
B．地铁列车从陈官营站运行到东岗站的平均速度是0.65km/min
C．地铁沿平直轨道匀速行驶时，不受摩擦力的作用
D．在站台上候车时，必须站在安全线以外，这是考虑到空气流速大的地方压强小
3．（3分）2020年1月，武汉发生新型冠状病毒引发的肺炎疫情。该病毒呈圆形或椭圆形，直径60～140nm，对紫外线和热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，75%的酒精也可杀灭该病毒。下列说法正确的是（ ）
A．若病毒的直径是100nm，则100nm＝10﹣6m
B．紫外线是可见光，太阳光中含有丰富的紫外线
C．降低温度后，病毒的存活时间会更短
D．酒精容易蒸发，蒸发吸热
4．（3分）关于声现象，下列说法错误的是（ ）
A．声速的大小不仅跟介质的种类有关，还跟介质的温度有关
B．调节吉他的琴弦松紧，可以改变发声的音调
C．钢琴和小提琴发出声音的音调与响度相同时，音色也相同
D．次声波频率很低，不容易被空气吸收，在空气中传播的距离远
5．（3分）如图所示，下列说法错误的是（ ）
A．图甲：船闸利用了连通器原理
B．图乙：飞机升空是利用了空气对飞机的浮力
C．图丙：载重汽车装有许多车轮是为了减小车轮对路面的压强
D．图丁：对烧瓶中沸腾的水停止加热，用冷水浇烧瓶底部，瓶中水再次沸腾，这是因为瓶中气压减小，水的沸点降低
6．（3分）下列有关能量、信息和材料的说法，错误的是（ ）
A．不同形式的能量之间都可以自发的相互转化
B．光纤通信是光在光导纤维中多次发生全反射来传递信息的
C．我国自主建立的北斗卫星定位系统，主要是用电磁波来传递信息的
D．学生公交卡、银行存折都应用了磁性材料
7．（3分）牛奶鸡蛋醪糟是兰州人喜爱的小吃，即将出锅的情景如图所示。制作时，用炭火煮沸牛奶，并加入鸡蛋、醪糟和其它配料即可。在此过程中蕴含一些物理知识，其中错误的是（ ）
A．牛奶沸腾时，温度保持不变
B．木炭燃烧时化学能转化为内能
C．热量都是从内能大的物体向内能小的物体传递
D．能闻到牛奶鸡蛋醪糟的香味，是分子运动造成的
8．（3分）两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程随时间变化的关系图象如图所示。根据图象，下列判断正确的是（ ）
A．两次物体运动的速度：v1＜v2
B．0～6s 两次拉力对物体所做的功：W1＝W2
C．两次物体所受的拉力：F1＞F2
D．0～6s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2
9．（3分）如图所示，柱形容器的底面积为500cm2，重为5N的木块A在水中处于静止状态，此时绳子的拉力为3N，若绳子突然断了，待木块再次静止时，容器中的水面将下降（ ）
A．0.6×10﹣2m B．0.4×10﹣2m C．1.6×10﹣2m D．1.0×10﹣2m
10．（3分）微波是一种高频电磁波，对物质具有选择性加热的特性。它对玻璃、塑料和瓷器，几乎是穿越而不被吸收；对于水和食物等就会吸收微波而使自身发热；而对金属类物品，则会反射微波。微波炉利用微波加热食物，下列说法错误的是（ ）
A．微波炉利用热传递加热食物
B．微波炉的玻璃炉门内侧装有金属制成的屏蔽网
C．微波炉中微波会对人体造成伤害
D．微波在真空中的传播速度约为3×108m/s
11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．中子是物理学家卢瑟福发现的
B．质子是人们最早发现比原子更小的微粒
C．原子的核式结构模型是由查德威克提出的
D．汤姆逊发现了电子，从而说明原子是可以再分的
12．（3分）载重汽车在高速公路的长下坡路段，容易发生意外。某高速公路的避险车道如图所示，当高速行驶的载重汽车出现刹车失灵时，可借助避险车道避免意外，下列说法错误的是（ ）
A．汽车下坡时速度越大，惯性越大
B．汽车下坡时速度越大，动能越大
C．汽车失控冲上避险车道时，部分动能转化为重力势能
D．避险车道路面铺设碎石，是为了增大对汽车的阻力
13．（3分）如图所示，已知R1＝5Ω，R2＝10Ω，闭合开关S，电路正常工作相同时间，则下列关于R1、R2相对应的电学关系正确的是（ ）
A．U1＞U2 B．I1＜I2 C．W1＝2W2 D．P1：P2＝1：2
14．（3分）如图所示，家庭电路的插座不能正常工作；经检测发现只有b、d间发生断路，则闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．灯不能发光
B．正确使用试电笔接触a点，试电笔不发光
C．若将开关和灯互换位置，符合安全用电原则
D．若此时站在地上的人接触c点，不会发生触电事故
15．（3分）某实验小组连接的电路如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．在连接电路时，开关应该闭合
B．S1、S2都闭合时，L1、L2都发光
C．S1、S2都闭合时，将滑片向右移时，电流表示数变小，电压表示数变大
D．先闭合 S1、S2，再断开S1时，电流表示数变大，电压表示数变小
16．（3分）如图电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻R1的功率为0.8W；当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，电压表的示数变化了1V．下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．R1的阻值为20Ω
C．电路变化前后电流之比为1：3
D．电路总功率变化了1.2W
二、填空题：本大题7小题，每空1分，共16分．
17．（2分）如图甲所示，在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M放在水平桌面上，一张可折叠的半圆形的白纸竖直地立在平面镜上，ON是它的转动轴，且垂直于镜面。若使入射角变小，经平面镜反射后，反射光线OB与ON的夹角将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。以ON为轴，若将白纸F向后转动如图乙所示，则在F上 （选填“能”或“不能”）看到反射光。
18．（3分）制作导线一般采用铜而不采用铁，是因为铜具有良好的 ；银锭可以拉成很细的银丝是利用了银的 ；包饺子时，用力捏饺子皮，饺子皮发生的是 形变。（选填“弹性”“塑性”“导电性”或“延展性”）
19．（2分）天然气是一种清洁燃料，沈阳市部分公交车和出租车开始使用天然气来代替柴油或汽油。天然气是 （填“可再生”或“不可再生”）能源，它燃烧时释放的内能转化为汽车的 能。已知天然气的热值为7×107J/m3，某汽车消耗2L天然气所释放的热量为 J（假设天然气完全燃烧）。
20．（2分）在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验中，已知电路器件均完好。
小明按图甲所示连接电路，导体棒沿水平方向向右快速运动，电流表指针不发生偏转，这是因为 ；当小明按图乙所示，将导体棒沿水平方向左右往复运动过程中，电流表的指针发生了偏转。如果想使电流表指针偏转更明显一些，下列方法中可行的是 （选填编号：①换用量程更小且更灵敏的电流表；②使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动）。
21．（2分）汽车远光灯规格均为“12V 60W”，供电的蓄电池电压为12V，最大容量为60Ah，则此蓄电池最多提供的电能是 kW•h．某天晚上，粗心的司机在熄火时忘记关闭远光灯，则车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作 h。
22．（2分）如图是某款电热水龙头的电路原理图。R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水档之间的切换。当开关同时接触3、4触点时，水龙头放出的是 水（选填“冷”“温”或“热”）。若R2＝3R1，水龙头在热水档正常工作1min消耗的电能为1.2×105J，则它在温水档正常工作时电功率为 W。
23．（3分）小宇用如图甲所示电路对一只标有“0.8A”字样的小灯泡L进行了测试，电源电压恒为9V，电阻箱R0的阻值可在一定范围内调节，根据所测数据作出了灯丝的I﹣U图象（如图乙所示），由图可知小灯泡正常发光时的电阻为 Ω；当电压减小时，灯泡电阻将 （选填“变大”“变小”或“不变”）；如果将电阻箱R0的阻值调为10Ω，则此时灯泡L的实际功率为 W。
三、识图、作图题：本大题4小题，每小题4分，共16分．
24．（4分）画出图中折射光线。
25．（4分）如图O点是“不倒翁”的重心，请画出此时“不倒翁”所受重力和支持力的示意图。
26．（4分）如图所示，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的N极。
27．（4分）已知电源电压为3V，灯泡L1、L2分别标有“3V 1W”“3V 3W”字样，请根据电路图用笔画线代替导线连接实物。
四、实验题：本大题4小题，共20分．
28．（5分）小刚学习了“探究物质密度”以后，来到实验室测量糖水的密度。
（1）第一步：先将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，此时，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向 端调节，使天平平衡；
（2）第二步：将质量为32g的烧杯放在天平的左盘上，取适量的白糖倒入烧杯中，向右盘加减砝码并调节游码，直至天平再次平衡，如图乙所示，白糖的质量是 g；
（3）第三步：用量筒量出水的体积，如图丙所示，“机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中，待白糖完全溶解后，量筒中液面的位置如图丁所示，糖水的体积是 cm3，配制糖水的密度是 g/cm3。
（4）请指出第三步中操作不规范的地方： 。
29．（5分）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验时调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的是：① ；② 。
（2）小明在图甲所示的A位置挂上4个钩码，每个钩码重0.5N，可在B位置挂上 个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）小明又改用弹簧测力计在图乙所示的C位置竖直向上拉，当杠杆平衡时，弹簧测力计读数是 N。
（4）当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
30．（5分）小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是 。
（2）小明根据图甲连接好电路，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是 （写出一种即可）。
（3）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.4
1.4
2.8
分析实验数据得出两个实验结论：
①串联电路两端的电压 各部分电路两端电压之和；
②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是 ，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是 。
31．（5分）某同学做“测量小灯泡电功率”的实验时，电路如图甲所示，实验前观察小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）在闭合开关前，变阻器的滑片应放在最 端（选填“左”或“右”）；
（2）检查电路连接无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是 。
A．滑动变阻器短路 B．电压表短路 C．电压表断路 D．小灯泡断路
（3）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表表盘如图乙所示，电流表的示数是 A，则小灯泡的额定电功率是 W；
（4）向右移动滑动变阻器滑片，会看到灯泡变 （选填“暗”或“亮”）。
五、计算题：本大题3小题，共20分．解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结果的不给分．
32．（6分）如图所示，在卷扬机的作用下，使重为800N的建筑材料A在50s匀速竖直上升了10m。在这个过程中，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为200W，不计绳重。
求：（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功W有；
（2）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率η。
33．（6分）2019年，我国首次成功地实现海上卫星的发射。海上卫星发射平台如图所示，长132米，宽67米，重达3.1万吨。平台下方有两排浮筒，发射前让大量海水进入浮筒，使平台下潜到发射所需位置且漂浮在水面上，但排水量增加到4.6万吨。此平台配有两套动力装置，具有自主航行的能力，航速可达12节（约22km/h）。（海水密度取近似值1.0×103kg/m3）
求：（1）该平台以12节的航速航行5小时通过的路程是多少？
（2）该平台下潜到发射所需要的潜水深度时所受的浮力是多少？此时排开水的体积是多少？
34．（8分）某品牌水族箱如图所示，玻璃容器内装有300kg的水，且水深为60cm，箱内装有一个“220V 100W”的自动电加热器，它可保证水温在26℃至28℃之间。若某次加热，鱼缸中的水温从26℃升至28℃．求：
（1）水对鱼缸底部的压强是多少？
（2）本次电加热器工作过程中，水吸收的热量是多少？
（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%，此时电加热器的实际功率是多少？（设电加热器阻值不变）
2020年甘肃省兰州市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．
1．（3分）如图所示的现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A．沙滩上鸽子的影子 B．汽车观后镜中的景物
C．水面上“折断”的筷子 D．镜子中的灯笼和灯
【答案】C
【分析】（1）光沿直线传播的事例有小孔成像、日食、月食及影子等；
（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这就是光的折射现象；
（3）平面镜、凸面镜成像时是光的反射现象。
【解答】解：A、沙滩上鸽子的影子，是光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B、汽车的观后镜是凸面镜，观后镜中的景物是光的反射形成的，故B不符合题意；
C、水面上“折断”的筷子，是筷子反射的光经过水面时发生折射形成的，故C符合题意；
D、镜子中的灯笼和灯，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故D不符合题意。
故选：C。
2．（3分）兰州轨道交通1号线全长约26km，西起西固区陈官营站，途径安宁区、七里河区，东至城关区东岗站，共设20座站，地铁运行全程约40min。关于兰州地铁的说法，错误的是（ ）
A．坐到车厢内的小王看到窗外的广告牌在快速向后退，这以小王为参照物
B．地铁列车从陈官营站运行到东岗站的平均速度是0.65km/min
C．地铁沿平直轨道匀速行驶时，不受摩擦力的作用
D．在站台上候车时，必须站在安全线以外，这是考虑到空气流速大的地方压强小
【答案】C
【分析】（1）运动和静止是相对的，研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的。
（2）已知路程和时间，利用速度公式求解；
（3）物体受平衡力的作用，物体的运动状态不变﹣﹣静止或匀速直线运动；
（4）流体流速越大，流体压强越小。
【解答】解：A、小王以自己为参照物，窗外的广告牌与汽车之间的位置发生了变化，所以会看到广告牌在快速向后退；故A正确；
B、地铁列车从陈官营站运行到东岗站的平均速度v＝＝＝0.65km/min，故B正确；
C、地铁沿平直轨道匀速行驶时，处于平衡状态，牵引力与摩擦力是一对平衡力，故C错误；
D、地铁快速行驶时，使它附近的空气流速增大，压强减小，如果人离地铁较近，则气体压力差就会将人推向地铁，引起事故，所以在站台上候车时，必须站在安全线以外。故D正确。
故选：C。
3．（3分）2020年1月，武汉发生新型冠状病毒引发的肺炎疫情。该病毒呈圆形或椭圆形，直径60～140nm，对紫外线和热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，75%的酒精也可杀灭该病毒。下列说法正确的是（ ）
A．若病毒的直径是100nm，则100nm＝10﹣6m
B．紫外线是可见光，太阳光中含有丰富的紫外线
C．降低温度后，病毒的存活时间会更短
D．酒精容易蒸发，蒸发吸热
【答案】D
【分析】（1）物理量单位的换算首先要明确其常用的单位及进率关系，再按先换后算的思路进行换算；
（2）紫外线是不可见光，太阳光是紫外线的主要来源；
（3）新型冠状病毒对紫外线和热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，据此进行分析；
（4）物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化过程吸收热量。
【解答】解：
A、因为1nm＝10﹣9m，所以100nm＝100×10﹣9m＝10﹣7m，故A错误；
B、紫外线是不可见光，太阳光中含有丰富的紫外线，故B错误；
C、新型冠状病毒对热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，所以降低温度后，病毒的存活时间会更长，故C错误；
D、酒精易蒸发，蒸发时会吸收大量的热，故D正确。
故选：D。
4．（3分）关于声现象，下列说法错误的是（ ）
A．声速的大小不仅跟介质的种类有关，还跟介质的温度有关
B．调节吉他的琴弦松紧，可以改变发声的音调
C．钢琴和小提琴发出声音的音调与响度相同时，音色也相同
D．次声波频率很低，不容易被空气吸收，在空气中传播的距离远
【答案】C
【分析】①声音的传播需要介质，并且不同介质对声音的传播能力是不同的，即使是同一种介质在不同的温度时传播声音的能力也是不同的；
②频率决定音调的高低；
③不同发声体的音色一般不同；
④声音传播时，可以传递信息和能量。
【解答】解：
A、声音的传播速度既和介质的种类有关又和介质的温度有关，故A正确；
B、调节吉他的琴弦松紧，可以改变琴弦的振动频率，改变发声的音调，故B正确；
C、不同发声体可以发出相同的音调和响度，但由于材质和构造的区别，音色可能是不同的。故C错误；
D、次声波的特点是频率很低，不容易被空气吸收，在空气中传播的距离远。故D正确。
故选：C。
5．（3分）如图所示，下列说法错误的是（ ）
A．图甲：船闸利用了连通器原理
B．图乙：飞机升空是利用了空气对飞机的浮力
C．图丙：载重汽车装有许多车轮是为了减小车轮对路面的压强
D．图丁：对烧瓶中沸腾的水停止加热，用冷水浇烧瓶底部，瓶中水再次沸腾，这是因为瓶中气压减小，水的沸点降低
【答案】B
【分析】（1）上端开口下部连通的容器称为连通器；
（2）对于流体来说，流速大，压强小，流速小，压强大；
（3）压强的大小与压力和受力面积的大小有关，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：A、据图可知，船闸是一个大型的连通器，图中闸室与上游构成一个连通器，故A正确；
B、相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压强大于下面的压强，出现压强差，出现了压力差，这个压力差就是机翼向上的升力，此时和空气浮力没有关系，故B错误；
C、载重汽车装有许多车轮是，是在压力一定时，增大受力面积减小压强，故C正确；
D、在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来，故D正确。
故选：B。
6．（3分）下列有关能量、信息和材料的说法，错误的是（ ）
A．不同形式的能量之间都可以自发的相互转化
B．光纤通信是光在光导纤维中多次发生全反射来传递信息的
C．我国自主建立的北斗卫星定位系统，主要是用电磁波来传递信息的
D．学生公交卡、银行存折都应用了磁性材料
【答案】A
【分析】（1）自然界中存在不同形式的能量，在一定条件下各种不同形式的能量间可以相互转化；
（2）纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息；
（3）北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的；
（4）电话用的IC卡、公交卡、信用卡都是应用了磁性材料、利用磁性材料制成的。
【解答】解：
A、任何形式的能量在一定条件下可以相互转化，即有的能量不能自发的相互转化，如机械能无法自发的转化为核能，故A错误；
B、激光在传输过程中，从光导纤维的一端射入后，在光导纤维内壁上要发生多次反射，并从另一端射出，这样就把它携带的信息传到远方。这种传递信息的方式是光纤通信，故B正确；
C、电磁波可以传递信息，北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的，故C正确；
D、学生公交卡、银行存折采用了磁性材料来记录个人信息的，故D正确。
本题选错误的；
故选：A。
7．（3分）牛奶鸡蛋醪糟是兰州人喜爱的小吃，即将出锅的情景如图所示。制作时，用炭火煮沸牛奶，并加入鸡蛋、醪糟和其它配料即可。在此过程中蕴含一些物理知识，其中错误的是（ ）
A．牛奶沸腾时，温度保持不变
B．木炭燃烧时化学能转化为内能
C．热量都是从内能大的物体向内能小的物体传递
D．能闻到牛奶鸡蛋醪糟的香味，是分子运动造成的
【答案】C
【分析】（1）液体沸腾时，继续吸热，温度保持不变；
（2）燃料在燃烧时，发生化学变化，把燃料的化学能转化为内能；
（3）热传递的条件是有温度差，热传递的方向是从高温到低温；
（4）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散，扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：A、当牛奶沸腾时，继续吸热，温度保持不变，故A正确；
B、燃料燃烧过程中发生的能量转化是把化学能转化为内能，故B正确；
C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递；而不是从内能大的物体向内能小的物体传递，故C错误；
D、能闻到牛奶鸡蛋醪糟的香味，这是扩散现象，说明分子在不停做无规则运动，故D正确。
本题选错误的，故选：C。
8．（3分）两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程随时间变化的关系图象如图所示。根据图象，下列判断正确的是（ ）
A．两次物体运动的速度：v1＜v2
B．0～6s 两次拉力对物体所做的功：W1＝W2
C．两次物体所受的拉力：F1＞F2
D．0～6s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2
【答案】D
【分析】（1）由图象可知，时间相同时物体两次通过的路程关系，根据v＝比较两次物体运动的速度关系；
（2）两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动时，物体对水平面的压力和接触面的粗糙程度相同，受到的滑动摩擦力不变，根据二力平衡条件得出两次物体所受的拉力关系，根据图象得出0～6s内物体两次通过的路程关系，根据W＝Fs得出拉力做功关系，根据P＝比较两次拉力对物体做功的功率关系。
【解答】解：
A．由图象可知，在相同时间内，物体第①次通过的路程大于第②次通过的路程，由v＝可知，v1＞v2，故A错误；
因此时物体受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，所以两次物体所受的拉力F1＝F2，故C错误；
由P＝可知，6～6s内两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2，故D正确。
故选：D。
9．（3分）如图所示，柱形容器的底面积为500cm2，重为5N的木块A在水中处于静止状态，此时绳子的拉力为3N，若绳子突然断了，待木块再次静止时，容器中的水面将下降（ ）
A．0.6×10﹣2m B．0.4×10﹣2m C．1.6×10﹣2m D．1.0×10﹣2m
【答案】A
【分析】绳子拉力是3N，栓在木块下面。那么如果没有绳子，那么浮力等于重力，排水重力是5N。
现在下面有根绳子向下拉了3N，那么要加上3N的水的重力被排开，现在绳子断了，
那么水只排开5N重力的水。少了重力为3N水。求出3牛顿的水的体积是多少，又知道了柱形容器的底面积，体积除以底面积就是水位下降的高度。
【解答】解：绳子受力时木块没入体积为V1绳子，断后木块没在水中的入体积为V2水面下降h，根据题意可得，
ρgV1＝5N+3N＝8N …（8）
（1）﹣（2）得绳子断前、断后木块木块没在水中的体积变化量△V，
则V1﹣V2＝3×10﹣3m3，
∵V＝sh，
∴h＝0.6×10﹣2m。
故选：A。
10．（3分）微波是一种高频电磁波，对物质具有选择性加热的特性。它对玻璃、塑料和瓷器，几乎是穿越而不被吸收；对于水和食物等就会吸收微波而使自身发热；而对金属类物品，则会反射微波。微波炉利用微波加热食物，下列说法错误的是（ ）
A．微波炉利用热传递加热食物
B．微波炉的玻璃炉门内侧装有金属制成的屏蔽网
C．微波炉中微波会对人体造成伤害
D．微波在真空中的传播速度约为3×108m/s
【答案】A
【分析】（1）微波炉利用微波加热食物，而不是通过加热器皿将热传递给食物；
（2）绝缘体可以被微波透过，它几乎不吸收微波的能量，不能用金属容器放入微波炉中，反射的微波对磁控管有损害；
（3）微波在真空中的传播速度约为3×108m/s。
【解答】解：A、微波炉利用微波加热食物，而不是通过加热器皿将热传递给食物，故A错误；
BC、由于微波遇到金属物体，会像光遇到镜子一样地发生反射；而对于玻璃、塑料和瓷器，微波几乎是穿越而不被吸收，所以为了避免微波会对人体造成伤害，在炉门内侧装有金属屏蔽网，故BC正确；
D、微波的传播速度等于光速，其速度为3×108m/s；故D正确。
故选：A。
11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．中子是物理学家卢瑟福发现的
B．质子是人们最早发现比原子更小的微粒
C．原子的核式结构模型是由查德威克提出的
D．汤姆逊发现了电子，从而说明原子是可以再分的
【答案】D
【分析】汤姆逊发现了电子，从而说明原子是可以再分的；在此基础上，卢瑟福建立了原子的核式结构模型；查德威克通过实验发现了中子；盖尔曼提出质子和中子都是由被称为夸克的更小粒子组成的。
【解答】解：A、查德威克发现了中子。故A错误；
B、汤姆逊发现了电子，卢瑟福提出了带核的原子结构模型后，人们才认识到质子是比原子更小的微粒。故B错误；
C、1911年英国物理学家卢瑟福进行α粒子散射实验后，提出了带核的原子结构模型。故C错误；
D、19世纪末，英国物理学家汤姆逊发现了带负电的电子，从而说明原子是可以再分的。故D正确。
故选：D。
12．（3分）载重汽车在高速公路的长下坡路段，容易发生意外。某高速公路的避险车道如图所示，当高速行驶的载重汽车出现刹车失灵时，可借助避险车道避免意外，下列说法错误的是（ ）
A．汽车下坡时速度越大，惯性越大
B．汽车下坡时速度越大，动能越大
C．汽车失控冲上避险车道时，部分动能转化为重力势能
D．避险车道路面铺设碎石，是为了增大对汽车的阻力
【答案】A
【分析】（1）动能的大小与速度和质量有关；重力势能的大小与高度和质量有关；惯性的大小只与质量有关；
（2）阻力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关。
【解答】解：
AB、汽车下坡时速度越大，质量不变，动能越大，惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，故A错误，B正确；
C、货车冲上避险车道时，动能一部分转化为重力势能，由于存在摩擦，克服摩擦做功，还有一部分动能转化为内能，故C正确；
D、避险车道路面铺设碎石，是通过增大接触面的粗糙程度来增大对汽车的阻力的，故D正确。
本题选错误的，故选：A。
13．（3分）如图所示，已知R1＝5Ω，R2＝10Ω，闭合开关S，电路正常工作相同时间，则下列关于R1、R2相对应的电学关系正确的是（ ）
A．U1＞U2 B．I1＜I2 C．W1＝2W2 D．P1：P2＝1：2
【答案】C
【分析】根据电路图可知，R1、R2并联，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比，根据W＝UIt得出功之比，根据P＝UI得出功率之比。
【解答】解：A、因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以U1：U2＝1：1；故A错误；
B、根据欧姆定律可得，通过它们电流值比：＝＝＝＝，即I1＞I2；故B错误；
C、根据W＝UIt得：＝＝，即W1＝2W6；故C正确；
D、根据P＝UI得：＝＝＝，故D错误。
故选：C。
14．（3分）如图所示，家庭电路的插座不能正常工作；经检测发现只有b、d间发生断路，则闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．灯不能发光
B．正确使用试电笔接触a点，试电笔不发光
C．若将开关和灯互换位置，符合安全用电原则
D．若此时站在地上的人接触c点，不会发生触电事故
【答案】B
【分析】①在家庭电路中，电流如果能够从火线经过用电器回到零线，用电器就能工作；
②正确使用试电笔时，试电笔接触火线氖管会发光；
③家庭电路中开关和开关控制的用电器之间是串联的，开关必须与火线相连；
④人体接触火线的同时接触大地，会造成单线触电。
【解答】解：
A、开关闭合后，灯所在的电路构成通路，所以灯泡能够发光，故A错误；
B、灯泡和插座是并联的，已知b、d间断路，但火线上的a点仍然带电，所以正确使用试电笔接触图中a点，试电笔会发光，故B错误；
C、若将开关和灯泡位置互换，则容易使人触电，不符合安全用电原则，故C错误；
D、闭合开关，c点与零线连接，人两端的电压为0，所以人不会触电，故D正确。
故选：B。
15．（3分）某实验小组连接的电路如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．在连接电路时，开关应该闭合
B．S1、S2都闭合时，L1、L2都发光
C．S1、S2都闭合时，将滑片向右移时，电流表示数变小，电压表示数变大
D．先闭合 S1、S2，再断开S1时，电流表示数变大，电压表示数变小
【答案】C
【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）由电路图可知，当S1、S2都闭合时，灯泡L2被短路，电路为L1的简单电路，据此进行解答；
（3）当S1、S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化；
（4）当S1、S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；再断开S1时，两灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化。
【解答】解：
A．为了保护电路，在按电路图连接电路时，应先将开关断开，故A错误；
B．由电路图可知，当S1、S2都闭合时，灯泡L2被短路，电路为L1的简单电路，所以L6能发光、L2不能发光，故B错误；
C．当S1、S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
D．当S1、S2都闭合时，电路为L7的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以此时电路中的总电阻变大，
由串联电路的分压特点可知，变阻器两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，故D错误。
故选：C。
16．（3分）如图电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻R1的功率为0.8W；当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，电压表的示数变化了1V．下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．R1的阻值为20Ω
C．电路变化前后电流之比为1：3
D．电路总功率变化了1.2W
【答案】D
【分析】（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到中点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R2最大值之间的关系及电源的电压；
（2）当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻两端的电压为U1＝6V﹣4V＝2V，根据定值电阻R1的功率为0.8W算出R1和R2的阻值；
（3）根据I＝以及I＝算出电路前后电流之比；
（4）根据△P＝P2总﹣P1总＝﹣算出电路总功率的变化。
【解答】解：（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
I1＝，
U2＝I1×R2＝×R2＝4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
同理可得，此时滑动变阻器两端的电压：U2′＝×＝3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解得：R2＝7R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
解得：U＝6V，故A错误；
（2）当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻两端的电压为U1＝6V﹣4V＝2V，
此时定值电阻R3的功率为0.8W，即；P1＝＝＝0.8W，
则R2＝2R1＝2×3Ω＝10Ω，故B错误；
（3）电路前后电流之比为I1：I2＝：＝：＝，故C错误；
（6）电路总功率变化了：△P＝P2总﹣P1总＝﹣＝﹣＝2.2W，故D正确。
故选：D。
二、填空题：本大题7小题，每空1分，共16分．
17．（2分）如图甲所示，在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M放在水平桌面上，一张可折叠的半圆形的白纸竖直地立在平面镜上，ON是它的转动轴，且垂直于镜面。若使入射角变小，经平面镜反射后，反射光线OB与ON的夹角将 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。以ON为轴，若将白纸F向后转动如图乙所示，则在F上 不能 （选填“能”或“不能”）看到反射光。
【答案】见试题解答内容
【分析】光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角。
入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：由图知AO是入射光线，则OB是反射光线，入射角是入射光线与法线的夹角，若使入射角变小，则反射光线OB与法线ON的夹角变小，即反射角也随之变小，
以ON为轴，若将白纸F向后转动，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板F上就无法呈现出反射光线了，但此时反射光仍然存在，这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内；
故答案为：变小；不能。
18．（3分）制作导线一般采用铜而不采用铁，是因为铜具有良好的 导电性 ；银锭可以拉成很细的银丝是利用了银的 延展性 ；包饺子时，用力捏饺子皮，饺子皮发生的是 塑性 形变。（选填“弹性”“塑性”“导电性”或“延展性”）
【答案】见试题解答内容
【分析】根据题干所描述的现象，可从物质的导电性、延展性及弹性与塑性等物理属性的角度进行解答。
【解答】解：各种金属中，导电效果最好的是银，其次是铜和铝，铁的导电性更差一些。所以制作导线一般采用铜而不采用铁；
银锭可以拉成很细的银丝是利用了银的延展性较好的属性；
故答案为：导电性；延展性；塑性。
19．（2分）天然气是一种清洁燃料，沈阳市部分公交车和出租车开始使用天然气来代替柴油或汽油。天然气是 不可再生 （填“可再生”或“不可再生”）能源，它燃烧时释放的内能转化为汽车的 机械 能。已知天然气的热值为7×107J/m3，某汽车消耗2L天然气所释放的热量为 1.4×105 J（假设天然气完全燃烧）。
【答案】见试题解答内容
【分析】解决此题要掌握：
从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；
内燃机可以把燃料燃烧释放的内能转化为机械能；求解天然气所释放的热量可以利用公式Q＝qV进行求解计算。
【解答】解：石油天然气是不可再生资源，汽车的内燃机可以将天然气燃烧时释放的内能转化为汽车的机械能；
天然气所释放的热量可以利用公式Q＝qV＝7×107J/m3×8×10﹣3m3＝1.4×108 J；
故答案为：不可再生，机械，1.4×105。
20．（2分）在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验中，已知电路器件均完好。
小明按图甲所示连接电路，导体棒沿水平方向向右快速运动，电流表指针不发生偏转，这是因为 开关没有闭合 ；当小明按图乙所示，将导体棒沿水平方向左右往复运动过程中，电流表的指针发生了偏转。如果想使电流表指针偏转更明显一些，下列方法中可行的是 ① （选填编号：①换用量程更小且更灵敏的电流表；②使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动）。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；据此分析答题；
（2）电流的大小应与切割磁感线的速度、磁场强度、线圈匝数有关。
【解答】解：
（1）如图甲所示，导体ab向右运动，电流计指针不偏转，因为开关没有闭合；
（2）①换用量程更小且更灵敏的电流表，可以使电流表指针偏转更明显一些，故①正确；
②使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动，不切割磁感线，没有感应电流产生，故②不正确；故选①。
故答案为：开关没有闭合；①。
21．（2分）汽车远光灯规格均为“12V 60W”，供电的蓄电池电压为12V，最大容量为60Ah，则此蓄电池最多提供的电能是 0.72 kW•h．某天晚上，粗心的司机在熄火时忘记关闭远光灯，则车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作 6 h。
【答案】见试题解答内容
【分析】知道供电的蓄电池电压和最大容量，根据W＝UIt求出此蓄电池最多提供的电能，根据P＝UI求出一个远光灯正常工作的电流，利用I＝求出车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作的时间。
【解答】解：此蓄电池最多提供的电能：
W＝UIt＝12V×60Ah＝720W•h＝0.72kW•h，
I＝＝＝5A，
t′＝＝＝6h。
故答案为：0.72；6。
22．（2分）如图是某款电热水龙头的电路原理图。R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水档之间的切换。当开关同时接触3、4触点时，水龙头放出的是 热 水（选填“冷”“温”或“热”）。若R2＝3R1，水龙头在热水档正常工作1min消耗的电能为1.2×105J，则它在温水档正常工作时电功率为 1500 W。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）当开关同时接触2、3触点时电路为R1的简单电路，当开关同时接触3、4触点时R1与R2并联，根据电阻的并联比较两种情况下总电阻的关系，根据P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻最大时，电路的总功率最小，水龙头放出的是温水，反之处于热水档；
（2）当开关同时接触2、3触点时，电路为R1的简单电路，水龙头处于温水档，根据P＝UI＝表示出温水档的电功率；当开关同时接触3、4触点时，R1与R2并联，电路的总功率最大，水龙头处于高温挡，根据并联电路的电压特点和P＝UI＝表示出水龙头在热水档的功率即可求出温水档正常工作时电功率。
【解答】解：（1）当开关同时接触2、3触点时电路为R1的简单电路，当开关同时接触3、4触点时R5与R2并联，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，当开关同时接触3、4触点时，电路的总电阻最小，由P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总功率最大，水龙头放出的是热水；
（2）当开关同时接触2、3触点时，电路为R1的简单电路，水龙头放出的是温水，则在温水档正常工作时的电功率为：P温＝，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且R2＝3R1，所以，水龙头在热水档的功率为：P热＝+＝+＝＝P温＝2000W，
故答案为：热；1500。
23．（3分）小宇用如图甲所示电路对一只标有“0.8A”字样的小灯泡L进行了测试，电源电压恒为9V，电阻箱R0的阻值可在一定范围内调节，根据所测数据作出了灯丝的I﹣U图象（如图乙所示），由图可知小灯泡正常发光时的电阻为 10 Ω；当电压减小时，灯泡电阻将 变小 （选填“变大”“变小”或“不变”）；如果将电阻箱R0的阻值调为10Ω，则此时灯泡L的实际功率为 1.8 W。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）由图象读灯泡电流0.8A时，灯两端的电压，根据欧姆定律的应用求出灯泡正常发光时的电阻；
（2）由图象读出电流为0.6A时对应的电压值，利用欧姆定律的应用求出此时的阻值，与灯泡正常发光时的阻值比较可知阻值的变化；
（3）由图象找到通过某一电流时，灯泡与R0电压和恰好为电源电压9V，根据P＝UI求出灯泡的实际功率。
【解答】解：（1）由图象可知，当通过灯泡的电流0.8A时，灯两端的电压为8V，由I＝可得，灯泡正常发光的电阻：RL＝＝＝10Ω；
（2）由图象可知，当通过灯泡的电流0.6A时，灯两端的电压为3V，由I＝可得，此时灯泡的阻值：RL′＝＝＝5Ω，显然当灯泡两端电压减小时，灯泡电阻将变小；
（3）由甲图知，L与变阻箱R0串联，观察图乙可知，当时通过L电流为0.6A时，L两端电压3V，
此时R5两端电压：U0＝I′R0＝0.6A×10Ω＝6V，
所以灯泡L的实际功率：PL实＝UL′IL′＝3V×8.6A＝1.8W。
故答案为：10；变小；1.8。
三、识图、作图题：本大题4小题，每小题4分，共16分．
24．（4分）画出图中折射光线。
【答案】见试题解答内容
【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凸透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：
通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
25．（4分）如图O点是“不倒翁”的重心，请画出此时“不倒翁”所受重力和支持力的示意图。
【答案】见试题解答内容
【分析】不倒翁受到的支持力作用点在与地面的接触点O上，方向竖直向上；重力的作用点也在重心上，方向竖直向下。
【解答】解：不倒翁受到的支持力从接触点竖直向上画，标出符号F支；不倒翁受到的重力从重心O竖直向下画，标出符号为G，如下图所示：
26．（4分）如图所示，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的N极。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）根据安培定则可确定螺线管的极性，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极。
（2）磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断。
【解答】解：（1）已知电源正负极，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为S极、右端为N极。
（2）根据磁感线都是从磁体外部的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向向左，如图所示。
27．（4分）已知电源电压为3V，灯泡L1、L2分别标有“3V 1W”“3V 3W”字样，请根据电路图用笔画线代替导线连接实物。
【答案】见试题解答内容
【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，电压表测电源两端的电压，根据并联电路的电压特点结合两灯泡的额定电压以及电源的电压可知电压表选择的量程且两灯泡均正常发光，根据P＝UI求出通过L2的电流，然后确定电流表的量程，根据电流流向法、按先串后并的原则进行解答。
【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，电压表测电源两端的电压，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且电源的电压为3V，
由P＝UI可知，通过L2的电流I2＝＝＝1A，则电流表的量程选0～3A，
四、实验题：本大题4小题，共20分．
28．（5分）小刚学习了“探究物质密度”以后，来到实验室测量糖水的密度。
（1）第一步：先将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，此时，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向 左 端调节，使天平平衡；
（2）第二步：将质量为32g的烧杯放在天平的左盘上，取适量的白糖倒入烧杯中，向右盘加减砝码并调节游码，直至天平再次平衡，如图乙所示，白糖的质量是 17 g；
（3）第三步：用量筒量出水的体积，如图丙所示，“机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中，待白糖完全溶解后，量筒中液面的位置如图丁所示，糖水的体积是 50 cm3，配制糖水的密度是 1.14 g/cm3。
（4）请指出第三步中操作不规范的地方： 将烧杯中的白糖全部倒入量筒中 。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
（2）左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；据此得出烧杯和白糖的总质量，然后求出白糖的质量；
（3）正确读出量筒的示数，可得出水的体积和糖水的体积，利用密度的公式先求出水的质量，然后求出糖水的总质量，最后即可计算出糖水的密度。
（4）机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中时，因烧杯中沾有白糖，故测量出的糖水体积偏小，根据ρ＝测量的密度偏大（可将烧杯中的部分白糖倒入量筒中，倒入量筒中白糖的质量等于原来白糖和烧杯的质量与剩余白糖和烧杯的质量之差）。
【解答】解：（1）由图甲所示可知，天平指针偏向分度盘的右侧，为使天平平衡，应向左调节平衡螺母。
（2）由图乙所示可知，烧杯和白糖的总质量：m＝20g+20g+5g+4g＝49g；
（3）由丙图可知，量筒内水的体积为40mL＝40cm4，水和白糖的总体积为50mL＝50cm3，
m水＝ρ水V水＝1g/cm×40cm3＝40g，
m糖水＝m水+m糖＝40g+17g＝57g，
ρ糖水＝＝＝1.14g/cm3。
（4）“机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中时，因烧杯中沾有白糖，故测量出的糖水的体积偏小，测量的密度偏大。
故答案为：（1）左；（2）17；（3）1.14；（6）将烧杯中的白糖全部倒入量筒中。
29．（5分）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验时调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的是：① 方便测量力臂大小 ；② 消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 。
（2）小明在图甲所示的A位置挂上4个钩码，每个钩码重0.5N，可在B位置挂上 3 个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）小明又改用弹簧测力计在图乙所示的C位置竖直向上拉，当杠杆平衡时，弹簧测力计读数是 3 N。
（4）当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）实验前要调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，根据重力的方向和力臂的定义可知，此时力的作用点与支点的距离大小等于力臂大小；另一个目的是消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）根据杠杆平衡条件求出在B处挂几个钩码；
（3）根据杠杆平衡条件求出C点弹簧测力计的示数；
（4）当弹簧测力计逐渐向右倾吋，动力臂变小，因阻力和阻力臂不变，由杠杆的平衡条件分析弹簧测力计的示数变化。
【解答】解：（1）实验前要调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，因重力的方向竖直向下，由力臂的定义，此时力的作用点与支点的距离大小等于力臂大小，即可在杠杆直接读出力臂大小，故目的是：①方便测量力臂大小，②消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）设杠杆的分度值为L，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，
解得：n＝3（个）。
（3）一个钩码的重是5.5N，设杠杆一个小格是L，
4×0.5N×3L＝FC×2L，
（4）若用弹簧测力计在C处竖直向上拉，动力臂为OC，如图乙所示，当弹簧测力计逐渐向右倾吋，动力臂变小，因阻力和阻力臂不变，由杠杆的平衡条件，则弹簧测力计的示数将逐渐变大。
故答案为：（1）①方便测量力臂大小；②消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）3；（3）3；（4）变大。
30．（5分）小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是 调零 。
（2）小明根据图甲连接好电路，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是 L1短路（或L2断路） （写出一种即可）。
（3）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.4
1.4
2.8
分析实验数据得出两个实验结论：
①串联电路两端的电压 等于 各部分电路两端电压之和；
②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是 选用了规格相同的小灯泡 ，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是 只做了一次实验，存在偶然性 。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）电压表使用前要调零；
（2）电压表测L1的电压，闭合开关后，发现电压表示数为零，可能是与电压表并联的电路短路（或电压表之外的电路有断路）；
（3）分析表中数据得出结论；
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是调零；
（2）小明根据图甲连接好电路，电压表测L1的电压，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则可能是与电压表并联的L1短路（或电压表之外的电路有断路，即L2断路）；
（8）①由表中数据知：1.4V+1.4V＝2.3V，即串联电路两端的电压等于各部分电路两端电压之和；
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是：选用了规格相同的小灯泡，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是：只做了一次实验，存在偶然性。
（4）选用了规格相同的小灯泡；只做了一次实验，存在偶然性。
31．（5分）某同学做“测量小灯泡电功率”的实验时，电路如图甲所示，实验前观察小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）在闭合开关前，变阻器的滑片应放在最 左 端（选填“左”或“右”）；
（2）检查电路连接无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是 B 。
A．滑动变阻器短路 B．电压表短路 C．电压表断路 D．小灯泡断路
（3）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表表盘如图乙所示，电流表的示数是 0.2 A，则小灯泡的额定电功率是 0.5 W；
（4）向右移动滑动变阻器滑片，会看到灯泡变 亮 （选填“暗”或“亮”）。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）闭合开关前，滑片处于最大阻值处。
（2）电流表有明显偏转，说明电路是通路，根据电压表示数判定故障的原因；
（3）电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少；知道灯泡的电压和电流，根据P＝UI求出功率；
（4）向右移动滑动变阻器滑片，根据滑动变阻器阻值变化判定电流变化，从而判定出灯泡的功率的变化。
【解答】解：
（1）滑动变阻器接右半段，滑片处于左端，连入电路阻值最大，电路电流最小，对电路起保护作用。
（2）电流表有明显偏转，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表短路或小灯泡短路，故选B；
（5）电流表使用的0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表8.02A，电流为0.2A。
（4）向右移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。
故答案为：（1）左；（2）B；（3）5.2；0.5；（4）亮。
五、计算题：本大题3小题，共20分．解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结果的不给分．
32．（6分）如图所示，在卷扬机的作用下，使重为800N的建筑材料A在50s匀速竖直上升了10m。在这个过程中，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为200W，不计绳重。
求：（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功W有；
（2）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率η。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道物体的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出动滑轮提升建筑材料A所做的有用功；
（2）根据P＝求出卷扬机对绳子的拉力F做的总功，利用η＝×100%求出动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率。
【解答】解：
（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功：
（2）由P＝可得，卷扬机对绳子的拉力F做的总功：
动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率：
答：（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功为8000J；
（2）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率为80%。
33．（6分）2019年，我国首次成功地实现海上卫星的发射。海上卫星发射平台如图所示，长132米，宽67米，重达3.1万吨。平台下方有两排浮筒，发射前让大量海水进入浮筒，使平台下潜到发射所需位置且漂浮在水面上，但排水量增加到4.6万吨。此平台配有两套动力装置，具有自主航行的能力，航速可达12节（约22km/h）。（海水密度取近似值1.0×103kg/m3）
求：（1）该平台以12节的航速航行5小时通过的路程是多少？
（2）该平台下潜到发射所需要的潜水深度时所受的浮力是多少？此时排开水的体积是多少？
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）首先根据1节＝22km/h进行速度单位换算，然后根据v＝求出航行5小时通过的路程；
（2）知道平台下潜到发射所需位置时的排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求平台受到的浮力；
知道平台的排水量（排开水的质量），利用ρ＝求出排开水的体积。
【解答】解：
（1）航速v＝12节＝12×22km/h＝264km/h；
s＝vt＝264km/h×5h＝1320km；
（2）根据阿基米德原理可知该平台所受的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝4.6×104×103kg×10N/kg＝4.3×108N；
V排＝＝＝4.6×105m3。
（2）该平台下潜到发射所需要的潜水深度时所受的浮力是4.6×108N；此时排开水的体积是4.6×104m3。
34．（8分）某品牌水族箱如图所示，玻璃容器内装有300kg的水，且水深为60cm，箱内装有一个“220V 100W”的自动电加热器，它可保证水温在26℃至28℃之间。若某次加热，鱼缸中的水温从26℃升至28℃．求：
（1）水对鱼缸底部的压强是多少？
（2）本次电加热器工作过程中，水吸收的热量是多少？
（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%，此时电加热器的实际功率是多少？（设电加热器阻值不变）
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道鱼缸内水的深度，根据p＝ρgh求出水对鱼缸底部的压强；
（2）知道水的质量和比热容以及初温、末温，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（3）知道电加热器的额定电压和额定功率，根据P＝UI＝求出电加热器的电阻，再根据P＝UI＝求出家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%时电加热器的实际功率。
【解答】解：
（1）水对鱼缸底部的压强：
（2）水吸收的热量：
（8）由P＝UI＝可得，电加热器的电阻：
家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%时，电加热器的实际功率：
答：（1）水对鱼缸底部的压强是6000Pa；
（2）本次电加热器工作过程中，水吸收的热量是2.52×106J；
（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%，此时电加热器的实际功率是81W。
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2020年甘肃省兰州市中考物理一模试卷
一、选择题：本大题16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．
1．（3分）如图所示的现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A．沙滩上鸽子的影子 B．汽车观后镜中的景物
C．水面上“折断”的筷子 D．镜子中的灯笼和灯
2．（3分）兰州轨道交通1号线全长约26km，西起西固区陈官营站，途径安宁区、七里河区，东至城关区东岗站，共设20座站，地铁运行全程约40min。关于兰州地铁的说法，错误的是（ ）
A．坐到车厢内的小王看到窗外的广告牌在快速向后退，这以小王为参照物
B．地铁列车从陈官营站运行到东岗站的平均速度是0.65km/min
C．地铁沿平直轨道匀速行驶时，不受摩擦力的作用
D．在站台上候车时，必须站在安全线以外，这是考虑到空气流速大的地方压强小
3．（3分）2020年1月，武汉发生新型冠状病毒引发的肺炎疫情。该病毒呈圆形或椭圆形，直径60～140nm，对紫外线和热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，75%的酒精也可杀灭该病毒。下列说法正确的是（ ）
A．若病毒的直径是100nm，则100nm＝10﹣6m
B．紫外线是可见光，太阳光中含有丰富的紫外线
C．降低温度后，病毒的存活时间会更短
D．酒精容易蒸发，蒸发吸热
4．（3分）关于声现象，下列说法错误的是（ ）
A．声速的大小不仅跟介质的种类有关，还跟介质的温度有关
B．调节吉他的琴弦松紧，可以改变发声的音调
C．钢琴和小提琴发出声音的音调与响度相同时，音色也相同
D．次声波频率很低，不容易被空气吸收，在空气中传播的距离远
5．（3分）如图所示，下列说法错误的是（ ）
A．图甲：船闸利用了连通器原理
B．图乙：飞机升空是利用了空气对飞机的浮力
C．图丙：载重汽车装有许多车轮是为了减小车轮对路面的压强
D．图丁：对烧瓶中沸腾的水停止加热，用冷水浇烧瓶底部，瓶中水再次沸腾，这是因为瓶中气压减小，水的沸点降低
6．（3分）下列有关能量、信息和材料的说法，错误的是（ ）
A．不同形式的能量之间都可以自发的相互转化
B．光纤通信是光在光导纤维中多次发生全反射来传递信息的
C．我国自主建立的北斗卫星定位系统，主要是用电磁波来传递信息的
D．学生公交卡、银行存折都应用了磁性材料
7．（3分）牛奶鸡蛋醪糟是兰州人喜爱的小吃，即将出锅的情景如图所示。制作时，用炭火煮沸牛奶，并加入鸡蛋、醪糟和其它配料即可。在此过程中蕴含一些物理知识，其中错误的是（ ）
A．牛奶沸腾时，温度保持不变
B．木炭燃烧时化学能转化为内能
C．热量都是从内能大的物体向内能小的物体传递
D．能闻到牛奶鸡蛋醪糟的香味，是分子运动造成的
8．（3分）两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程随时间变化的关系图象如图所示。根据图象，下列判断正确的是（ ）
A．两次物体运动的速度：v1＜v2
B．0～6s 两次拉力对物体所做的功：W1＝W2
C．两次物体所受的拉力：F1＞F2
D．0～6s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2
9．（3分）如图所示，柱形容器的底面积为500cm2，重为5N的木块A在水中处于静止状态，此时绳子的拉力为3N，若绳子突然断了，待木块再次静止时，容器中的水面将下降（ ）
A．0.6×10﹣2m B．0.4×10﹣2m C．1.6×10﹣2m D．1.0×10﹣2m
10．（3分）微波是一种高频电磁波，对物质具有选择性加热的特性。它对玻璃、塑料和瓷器，几乎是穿越而不被吸收；对于水和食物等就会吸收微波而使自身发热；而对金属类物品，则会反射微波。微波炉利用微波加热食物，下列说法错误的是（ ）
A．微波炉利用热传递加热食物
B．微波炉的玻璃炉门内侧装有金属制成的屏蔽网
C．微波炉中微波会对人体造成伤害
D．微波在真空中的传播速度约为3×108m/s
11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．中子是物理学家卢瑟福发现的
B．质子是人们最早发现比原子更小的微粒
C．原子的核式结构模型是由查德威克提出的
D．汤姆逊发现了电子，从而说明原子是可以再分的
12．（3分）载重汽车在高速公路的长下坡路段，容易发生意外。某高速公路的避险车道如图所示，当高速行驶的载重汽车出现刹车失灵时，可借助避险车道避免意外，下列说法错误的是（ ）
A．汽车下坡时速度越大，惯性越大
B．汽车下坡时速度越大，动能越大
C．汽车失控冲上避险车道时，部分动能转化为重力势能
D．避险车道路面铺设碎石，是为了增大对汽车的阻力
13．（3分）如图所示，已知R1＝5Ω，R2＝10Ω，闭合开关S，电路正常工作相同时间，则下列关于R1、R2相对应的电学关系正确的是（ ）
A．U1＞U2 B．I1＜I2 C．W1＝2W2 D．P1：P2＝1：2
14．（3分）如图所示，家庭电路的插座不能正常工作；经检测发现只有b、d间发生断路，则闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．灯不能发光
B．正确使用试电笔接触a点，试电笔不发光
C．若将开关和灯互换位置，符合安全用电原则
D．若此时站在地上的人接触c点，不会发生触电事故
15．（3分）某实验小组连接的电路如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．在连接电路时，开关应该闭合
B．S1、S2都闭合时，L1、L2都发光
C．S1、S2都闭合时，将滑片向右移时，电流表示数变小，电压表示数变大
D．先闭合 S1、S2，再断开S1时，电流表示数变大，电压表示数变小
16．（3分）如图电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻R1的功率为0.8W；当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，电压表的示数变化了1V．下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．R1的阻值为20Ω
C．电路变化前后电流之比为1：3
D．电路总功率变化了1.2W
二、填空题：本大题7小题，每空1分，共16分．
17．（2分）如图甲所示，在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M放在水平桌面上，一张可折叠的半圆形的白纸竖直地立在平面镜上，ON是它的转动轴，且垂直于镜面。若使入射角变小，经平面镜反射后，反射光线OB与ON的夹角将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。以ON为轴，若将白纸F向后转动如图乙所示，则在F上 （选填“能”或“不能”）看到反射光。
18．（3分）制作导线一般采用铜而不采用铁，是因为铜具有良好的 ；银锭可以拉成很细的银丝是利用了银的 ；包饺子时，用力捏饺子皮，饺子皮发生的是 形变。（选填“弹性”“塑性”“导电性”或“延展性”）
19．（2分）天然气是一种清洁燃料，沈阳市部分公交车和出租车开始使用天然气来代替柴油或汽油。天然气是 （填“可再生”或“不可再生”）能源，它燃烧时释放的内能转化为汽车的 能。已知天然气的热值为7×107J/m3，某汽车消耗2L天然气所释放的热量为 J（假设天然气完全燃烧）。
20．（2分）在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验中，已知电路器件均完好。
小明按图甲所示连接电路，导体棒沿水平方向向右快速运动，电流表指针不发生偏转，这是因为 ；当小明按图乙所示，将导体棒沿水平方向左右往复运动过程中，电流表的指针发生了偏转。如果想使电流表指针偏转更明显一些，下列方法中可行的是 （选填编号：①换用量程更小且更灵敏的电流表；②使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动）。
21．（2分）汽车远光灯规格均为“12V 60W”，供电的蓄电池电压为12V，最大容量为60Ah，则此蓄电池最多提供的电能是 kW•h．某天晚上，粗心的司机在熄火时忘记关闭远光灯，则车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作 h。
22．（2分）如图是某款电热水龙头的电路原理图。R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水档之间的切换。当开关同时接触3、4触点时，水龙头放出的是 水（选填“冷”“温”或“热”）。若R2＝3R1，水龙头在热水档正常工作1min消耗的电能为1.2×105J，则它在温水档正常工作时电功率为 W。
23．（3分）小宇用如图甲所示电路对一只标有“0.8A”字样的小灯泡L进行了测试，电源电压恒为9V，电阻箱R0的阻值可在一定范围内调节，根据所测数据作出了灯丝的I﹣U图象（如图乙所示），由图可知小灯泡正常发光时的电阻为 Ω；当电压减小时，灯泡电阻将 （选填“变大”“变小”或“不变”）；如果将电阻箱R0的阻值调为10Ω，则此时灯泡L的实际功率为 W。
三、识图、作图题：本大题4小题，每小题4分，共16分．
24．（4分）画出图中折射光线。
25．（4分）如图O点是“不倒翁”的重心，请画出此时“不倒翁”所受重力和支持力的示意图。
26．（4分）如图所示，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的N极。
27．（4分）已知电源电压为3V，灯泡L1、L2分别标有“3V 1W”“3V 3W”字样，请根据电路图用笔画线代替导线连接实物。
四、实验题：本大题4小题，共20分．
28．（5分）小刚学习了“探究物质密度”以后，来到实验室测量糖水的密度。
（1）第一步：先将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，此时，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向 端调节，使天平平衡；
（2）第二步：将质量为32g的烧杯放在天平的左盘上，取适量的白糖倒入烧杯中，向右盘加减砝码并调节游码，直至天平再次平衡，如图乙所示，白糖的质量是 g；
（3）第三步：用量筒量出水的体积，如图丙所示，“机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中，待白糖完全溶解后，量筒中液面的位置如图丁所示，糖水的体积是 cm3，配制糖水的密度是 g/cm3。
（4）请指出第三步中操作不规范的地方： 。
29．（5分）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验时调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的是：① ；② 。
（2）小明在图甲所示的A位置挂上4个钩码，每个钩码重0.5N，可在B位置挂上 个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）小明又改用弹簧测力计在图乙所示的C位置竖直向上拉，当杠杆平衡时，弹簧测力计读数是 N。
（4）当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
30．（5分）小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是 。
（2）小明根据图甲连接好电路，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是 （写出一种即可）。
（3）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.4
1.4
2.8
分析实验数据得出两个实验结论：
①串联电路两端的电压 各部分电路两端电压之和；
②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是 ，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是 。
31．（5分）某同学做“测量小灯泡电功率”的实验时，电路如图甲所示，实验前观察小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）在闭合开关前，变阻器的滑片应放在最 端（选填“左”或“右”）；
（2）检查电路连接无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是 。
A．滑动变阻器短路 B．电压表短路 C．电压表断路 D．小灯泡断路
（3）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表表盘如图乙所示，电流表的示数是 A，则小灯泡的额定电功率是 W；
（4）向右移动滑动变阻器滑片，会看到灯泡变 （选填“暗”或“亮”）。
五、计算题：本大题3小题，共20分．解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结果的不给分．
32．（6分）如图所示，在卷扬机的作用下，使重为800N的建筑材料A在50s匀速竖直上升了10m。在这个过程中，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为200W，不计绳重。
求：（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功W有；
（2）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率η。
33．（6分）2019年，我国首次成功地实现海上卫星的发射。海上卫星发射平台如图所示，长132米，宽67米，重达3.1万吨。平台下方有两排浮筒，发射前让大量海水进入浮筒，使平台下潜到发射所需位置且漂浮在水面上，但排水量增加到4.6万吨。此平台配有两套动力装置，具有自主航行的能力，航速可达12节（约22km/h）。（海水密度取近似值1.0×103kg/m3）
求：（1）该平台以12节的航速航行5小时通过的路程是多少？
（2）该平台下潜到发射所需要的潜水深度时所受的浮力是多少？此时排开水的体积是多少？
34．（8分）某品牌水族箱如图所示，玻璃容器内装有300kg的水，且水深为60cm，箱内装有一个“220V 100W”的自动电加热器，它可保证水温在26℃至28℃之间。若某次加热，鱼缸中的水温从26℃升至28℃．求：
（1）水对鱼缸底部的压强是多少？
（2）本次电加热器工作过程中，水吸收的热量是多少？
（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%，此时电加热器的实际功率是多少？（设电加热器阻值不变）
2020年甘肃省兰州市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题16小题，每小题3分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．
1．（3分）如图所示的现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A．沙滩上鸽子的影子 B．汽车观后镜中的景物
C．水面上“折断”的筷子 D．镜子中的灯笼和灯
【答案】C
【分析】（1）光沿直线传播的事例有小孔成像、日食、月食及影子等；
（2）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生偏折，这就是光的折射现象；
（3）平面镜、凸面镜成像时是光的反射现象。
【解答】解：A、沙滩上鸽子的影子，是光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B、汽车的观后镜是凸面镜，观后镜中的景物是光的反射形成的，故B不符合题意；
C、水面上“折断”的筷子，是筷子反射的光经过水面时发生折射形成的，故C符合题意；
D、镜子中的灯笼和灯，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故D不符合题意。
故选：C。
2．（3分）兰州轨道交通1号线全长约26km，西起西固区陈官营站，途径安宁区、七里河区，东至城关区东岗站，共设20座站，地铁运行全程约40min。关于兰州地铁的说法，错误的是（ ）
A．坐到车厢内的小王看到窗外的广告牌在快速向后退，这以小王为参照物
B．地铁列车从陈官营站运行到东岗站的平均速度是0.65km/min
C．地铁沿平直轨道匀速行驶时，不受摩擦力的作用
D．在站台上候车时，必须站在安全线以外，这是考虑到空气流速大的地方压强小
【答案】C
【分析】（1）运动和静止是相对的，研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的。
（2）已知路程和时间，利用速度公式求解；
（3）物体受平衡力的作用，物体的运动状态不变﹣﹣静止或匀速直线运动；
（4）流体流速越大，流体压强越小。
【解答】解：A、小王以自己为参照物，窗外的广告牌与汽车之间的位置发生了变化，所以会看到广告牌在快速向后退；故A正确；
B、地铁列车从陈官营站运行到东岗站的平均速度v＝＝＝0.65km/min，故B正确；
C、地铁沿平直轨道匀速行驶时，处于平衡状态，牵引力与摩擦力是一对平衡力，故C错误；
D、地铁快速行驶时，使它附近的空气流速增大，压强减小，如果人离地铁较近，则气体压力差就会将人推向地铁，引起事故，所以在站台上候车时，必须站在安全线以外。故D正确。
故选：C。
3．（3分）2020年1月，武汉发生新型冠状病毒引发的肺炎疫情。该病毒呈圆形或椭圆形，直径60～140nm，对紫外线和热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，75%的酒精也可杀灭该病毒。下列说法正确的是（ ）
A．若病毒的直径是100nm，则100nm＝10﹣6m
B．紫外线是可见光，太阳光中含有丰富的紫外线
C．降低温度后，病毒的存活时间会更短
D．酒精容易蒸发，蒸发吸热
【答案】D
【分析】（1）物理量单位的换算首先要明确其常用的单位及进率关系，再按先换后算的思路进行换算；
（2）紫外线是不可见光，太阳光是紫外线的主要来源；
（3）新型冠状病毒对紫外线和热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，据此进行分析；
（4）物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化过程吸收热量。
【解答】解：
A、因为1nm＝10﹣9m，所以100nm＝100×10﹣9m＝10﹣7m，故A错误；
B、紫外线是不可见光，太阳光中含有丰富的紫外线，故B错误；
C、新型冠状病毒对热敏感，56℃环境下30min可有效杀灭病毒，所以降低温度后，病毒的存活时间会更长，故C错误；
D、酒精易蒸发，蒸发时会吸收大量的热，故D正确。
故选：D。
4．（3分）关于声现象，下列说法错误的是（ ）
A．声速的大小不仅跟介质的种类有关，还跟介质的温度有关
B．调节吉他的琴弦松紧，可以改变发声的音调
C．钢琴和小提琴发出声音的音调与响度相同时，音色也相同
D．次声波频率很低，不容易被空气吸收，在空气中传播的距离远
【答案】C
【分析】①声音的传播需要介质，并且不同介质对声音的传播能力是不同的，即使是同一种介质在不同的温度时传播声音的能力也是不同的；
②频率决定音调的高低；
③不同发声体的音色一般不同；
④声音传播时，可以传递信息和能量。
【解答】解：
A、声音的传播速度既和介质的种类有关又和介质的温度有关，故A正确；
B、调节吉他的琴弦松紧，可以改变琴弦的振动频率，改变发声的音调，故B正确；
C、不同发声体可以发出相同的音调和响度，但由于材质和构造的区别，音色可能是不同的。故C错误；
D、次声波的特点是频率很低，不容易被空气吸收，在空气中传播的距离远。故D正确。
故选：C。
5．（3分）如图所示，下列说法错误的是（ ）
A．图甲：船闸利用了连通器原理
B．图乙：飞机升空是利用了空气对飞机的浮力
C．图丙：载重汽车装有许多车轮是为了减小车轮对路面的压强
D．图丁：对烧瓶中沸腾的水停止加热，用冷水浇烧瓶底部，瓶中水再次沸腾，这是因为瓶中气压减小，水的沸点降低
【答案】B
【分析】（1）上端开口下部连通的容器称为连通器；
（2）对于流体来说，流速大，压强小，流速小，压强大；
（3）压强的大小与压力和受力面积的大小有关，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强；
（4）水的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：A、据图可知，船闸是一个大型的连通器，图中闸室与上游构成一个连通器，故A正确；
B、相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压强大于下面的压强，出现压强差，出现了压力差，这个压力差就是机翼向上的升力，此时和空气浮力没有关系，故B错误；
C、载重汽车装有许多车轮是，是在压力一定时，增大受力面积减小压强，故C正确；
D、在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来，故D正确。
故选：B。
6．（3分）下列有关能量、信息和材料的说法，错误的是（ ）
A．不同形式的能量之间都可以自发的相互转化
B．光纤通信是光在光导纤维中多次发生全反射来传递信息的
C．我国自主建立的北斗卫星定位系统，主要是用电磁波来传递信息的
D．学生公交卡、银行存折都应用了磁性材料
【答案】A
【分析】（1）自然界中存在不同形式的能量，在一定条件下各种不同形式的能量间可以相互转化；
（2）纤通信是利用激光从光纤的一端射入，在内壁上多次反射后在另一端放射出来，然后在接收端，检测器收到光信号后把它变换成电信号，经解调后恢复原信息；
（3）北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的；
（4）电话用的IC卡、公交卡、信用卡都是应用了磁性材料、利用磁性材料制成的。
【解答】解：
A、任何形式的能量在一定条件下可以相互转化，即有的能量不能自发的相互转化，如机械能无法自发的转化为核能，故A错误；
B、激光在传输过程中，从光导纤维的一端射入后，在光导纤维内壁上要发生多次反射，并从另一端射出，这样就把它携带的信息传到远方。这种传递信息的方式是光纤通信，故B正确；
C、电磁波可以传递信息，北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的，故C正确；
D、学生公交卡、银行存折采用了磁性材料来记录个人信息的，故D正确。
本题选错误的；
故选：A。
7．（3分）牛奶鸡蛋醪糟是兰州人喜爱的小吃，即将出锅的情景如图所示。制作时，用炭火煮沸牛奶，并加入鸡蛋、醪糟和其它配料即可。在此过程中蕴含一些物理知识，其中错误的是（ ）
A．牛奶沸腾时，温度保持不变
B．木炭燃烧时化学能转化为内能
C．热量都是从内能大的物体向内能小的物体传递
D．能闻到牛奶鸡蛋醪糟的香味，是分子运动造成的
【答案】C
【分析】（1）液体沸腾时，继续吸热，温度保持不变；
（2）燃料在燃烧时，发生化学变化，把燃料的化学能转化为内能；
（3）热传递的条件是有温度差，热传递的方向是从高温到低温；
（4）不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象，叫扩散，扩散现象说明：分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：A、当牛奶沸腾时，继续吸热，温度保持不变，故A正确；
B、燃料燃烧过程中发生的能量转化是把化学能转化为内能，故B正确；
C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递；而不是从内能大的物体向内能小的物体传递，故C错误；
D、能闻到牛奶鸡蛋醪糟的香味，这是扩散现象，说明分子在不停做无规则运动，故D正确。
本题选错误的，故选：C。
8．（3分）两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程随时间变化的关系图象如图所示。根据图象，下列判断正确的是（ ）
A．两次物体运动的速度：v1＜v2
B．0～6s 两次拉力对物体所做的功：W1＝W2
C．两次物体所受的拉力：F1＞F2
D．0～6s两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2
【答案】D
【分析】（1）由图象可知，时间相同时物体两次通过的路程关系，根据v＝比较两次物体运动的速度关系；
（2）两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动时，物体对水平面的压力和接触面的粗糙程度相同，受到的滑动摩擦力不变，根据二力平衡条件得出两次物体所受的拉力关系，根据图象得出0～6s内物体两次通过的路程关系，根据W＝Fs得出拉力做功关系，根据P＝比较两次拉力对物体做功的功率关系。
【解答】解：
A．由图象可知，在相同时间内，物体第①次通过的路程大于第②次通过的路程，由v＝可知，v1＞v2，故A错误；
因此时物体受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，所以两次物体所受的拉力F1＝F2，故C错误；
由P＝可知，6～6s内两次拉力对物体做功的功率：P1＞P2，故D正确。
故选：D。
9．（3分）如图所示，柱形容器的底面积为500cm2，重为5N的木块A在水中处于静止状态，此时绳子的拉力为3N，若绳子突然断了，待木块再次静止时，容器中的水面将下降（ ）
A．0.6×10﹣2m B．0.4×10﹣2m C．1.6×10﹣2m D．1.0×10﹣2m
【答案】A
【分析】绳子拉力是3N，栓在木块下面。那么如果没有绳子，那么浮力等于重力，排水重力是5N。
现在下面有根绳子向下拉了3N，那么要加上3N的水的重力被排开，现在绳子断了，
那么水只排开5N重力的水。少了重力为3N水。求出3牛顿的水的体积是多少，又知道了柱形容器的底面积，体积除以底面积就是水位下降的高度。
【解答】解：绳子受力时木块没入体积为V1绳子，断后木块没在水中的入体积为V2水面下降h，根据题意可得，
ρgV1＝5N+3N＝8N …（8）
（1）﹣（2）得绳子断前、断后木块木块没在水中的体积变化量△V，
则V1﹣V2＝3×10﹣3m3，
∵V＝sh，
∴h＝0.6×10﹣2m。
故选：A。
10．（3分）微波是一种高频电磁波，对物质具有选择性加热的特性。它对玻璃、塑料和瓷器，几乎是穿越而不被吸收；对于水和食物等就会吸收微波而使自身发热；而对金属类物品，则会反射微波。微波炉利用微波加热食物，下列说法错误的是（ ）
A．微波炉利用热传递加热食物
B．微波炉的玻璃炉门内侧装有金属制成的屏蔽网
C．微波炉中微波会对人体造成伤害
D．微波在真空中的传播速度约为3×108m/s
【答案】A
【分析】（1）微波炉利用微波加热食物，而不是通过加热器皿将热传递给食物；
（2）绝缘体可以被微波透过，它几乎不吸收微波的能量，不能用金属容器放入微波炉中，反射的微波对磁控管有损害；
（3）微波在真空中的传播速度约为3×108m/s。
【解答】解：A、微波炉利用微波加热食物，而不是通过加热器皿将热传递给食物，故A错误；
BC、由于微波遇到金属物体，会像光遇到镜子一样地发生反射；而对于玻璃、塑料和瓷器，微波几乎是穿越而不被吸收，所以为了避免微波会对人体造成伤害，在炉门内侧装有金属屏蔽网，故BC正确；
D、微波的传播速度等于光速，其速度为3×108m/s；故D正确。
故选：A。
11．（3分）下列说法正确的是（ ）
A．中子是物理学家卢瑟福发现的
B．质子是人们最早发现比原子更小的微粒
C．原子的核式结构模型是由查德威克提出的
D．汤姆逊发现了电子，从而说明原子是可以再分的
【答案】D
【分析】汤姆逊发现了电子，从而说明原子是可以再分的；在此基础上，卢瑟福建立了原子的核式结构模型；查德威克通过实验发现了中子；盖尔曼提出质子和中子都是由被称为夸克的更小粒子组成的。
【解答】解：A、查德威克发现了中子。故A错误；
B、汤姆逊发现了电子，卢瑟福提出了带核的原子结构模型后，人们才认识到质子是比原子更小的微粒。故B错误；
C、1911年英国物理学家卢瑟福进行α粒子散射实验后，提出了带核的原子结构模型。故C错误；
D、19世纪末，英国物理学家汤姆逊发现了带负电的电子，从而说明原子是可以再分的。故D正确。
故选：D。
12．（3分）载重汽车在高速公路的长下坡路段，容易发生意外。某高速公路的避险车道如图所示，当高速行驶的载重汽车出现刹车失灵时，可借助避险车道避免意外，下列说法错误的是（ ）
A．汽车下坡时速度越大，惯性越大
B．汽车下坡时速度越大，动能越大
C．汽车失控冲上避险车道时，部分动能转化为重力势能
D．避险车道路面铺设碎石，是为了增大对汽车的阻力
【答案】A
【分析】（1）动能的大小与速度和质量有关；重力势能的大小与高度和质量有关；惯性的大小只与质量有关；
（2）阻力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关。
【解答】解：
AB、汽车下坡时速度越大，质量不变，动能越大，惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，故A错误，B正确；
C、货车冲上避险车道时，动能一部分转化为重力势能，由于存在摩擦，克服摩擦做功，还有一部分动能转化为内能，故C正确；
D、避险车道路面铺设碎石，是通过增大接触面的粗糙程度来增大对汽车的阻力的，故D正确。
本题选错误的，故选：A。
13．（3分）如图所示，已知R1＝5Ω，R2＝10Ω，闭合开关S，电路正常工作相同时间，则下列关于R1、R2相对应的电学关系正确的是（ ）
A．U1＞U2 B．I1＜I2 C．W1＝2W2 D．P1：P2＝1：2
【答案】C
【分析】根据电路图可知，R1、R2并联，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比，根据W＝UIt得出功之比，根据P＝UI得出功率之比。
【解答】解：A、因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以U1：U2＝1：1；故A错误；
B、根据欧姆定律可得，通过它们电流值比：＝＝＝＝，即I1＞I2；故B错误；
C、根据W＝UIt得：＝＝，即W1＝2W6；故C正确；
D、根据P＝UI得：＝＝＝，故D错误。
故选：C。
14．（3分）如图所示，家庭电路的插座不能正常工作；经检测发现只有b、d间发生断路，则闭合开关S，下列说法正确的是（ ）
A．灯不能发光
B．正确使用试电笔接触a点，试电笔不发光
C．若将开关和灯互换位置，符合安全用电原则
D．若此时站在地上的人接触c点，不会发生触电事故
【答案】B
【分析】①在家庭电路中，电流如果能够从火线经过用电器回到零线，用电器就能工作；
②正确使用试电笔时，试电笔接触火线氖管会发光；
③家庭电路中开关和开关控制的用电器之间是串联的，开关必须与火线相连；
④人体接触火线的同时接触大地，会造成单线触电。
【解答】解：
A、开关闭合后，灯所在的电路构成通路，所以灯泡能够发光，故A错误；
B、灯泡和插座是并联的，已知b、d间断路，但火线上的a点仍然带电，所以正确使用试电笔接触图中a点，试电笔会发光，故B错误；
C、若将开关和灯泡位置互换，则容易使人触电，不符合安全用电原则，故C错误；
D、闭合开关，c点与零线连接，人两端的电压为0，所以人不会触电，故D正确。
故选：B。
15．（3分）某实验小组连接的电路如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．在连接电路时，开关应该闭合
B．S1、S2都闭合时，L1、L2都发光
C．S1、S2都闭合时，将滑片向右移时，电流表示数变小，电压表示数变大
D．先闭合 S1、S2，再断开S1时，电流表示数变大，电压表示数变小
【答案】C
【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；
（2）由电路图可知，当S1、S2都闭合时，灯泡L2被短路，电路为L1的简单电路，据此进行解答；
（3）当S1、S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化；
（4）当S1、S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；再断开S1时，两灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化。
【解答】解：
A．为了保护电路，在按电路图连接电路时，应先将开关断开，故A错误；
B．由电路图可知，当S1、S2都闭合时，灯泡L2被短路，电路为L1的简单电路，所以L6能发光、L2不能发光，故B错误；
C．当S1、S2都闭合时，电路为L1的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
D．当S1、S2都闭合时，电路为L7的简单电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以此时电路中的总电阻变大，
由串联电路的分压特点可知，变阻器两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，故D错误。
故选：C。
16．（3分）如图电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻R1的功率为0.8W；当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，电压表的示数变化了1V．下列结果正确的是（ ）
A．电源电压为8V
B．R1的阻值为20Ω
C．电路变化前后电流之比为1：3
D．电路总功率变化了1.2W
【答案】D
【分析】（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到中点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R2最大值之间的关系及电源的电压；
（2）当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻两端的电压为U1＝6V﹣4V＝2V，根据定值电阻R1的功率为0.8W算出R1和R2的阻值；
（3）根据I＝以及I＝算出电路前后电流之比；
（4）根据△P＝P2总﹣P1总＝﹣算出电路总功率的变化。
【解答】解：（1）由电路图可知，R1与R2串联，电压表测滑动变阻器R2两端的电压，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
I1＝，
U2＝I1×R2＝×R2＝4V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
同理可得，此时滑动变阻器两端的电压：U2′＝×＝3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
解得：R2＝7R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
解得：U＝6V，故A错误；
（2）当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻两端的电压为U1＝6V﹣4V＝2V，
此时定值电阻R3的功率为0.8W，即；P1＝＝＝0.8W，
则R2＝2R1＝2×3Ω＝10Ω，故B错误；
（3）电路前后电流之比为I1：I2＝：＝：＝，故C错误；
（6）电路总功率变化了：△P＝P2总﹣P1总＝﹣＝﹣＝2.2W，故D正确。
故选：D。
二、填空题：本大题7小题，每空1分，共16分．
17．（2分）如图甲所示，在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M放在水平桌面上，一张可折叠的半圆形的白纸竖直地立在平面镜上，ON是它的转动轴，且垂直于镜面。若使入射角变小，经平面镜反射后，反射光线OB与ON的夹角将 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。以ON为轴，若将白纸F向后转动如图乙所示，则在F上 不能 （选填“能”或“不能”）看到反射光。
【答案】见试题解答内容
【分析】光的反射定律的内容：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角。
入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：由图知AO是入射光线，则OB是反射光线，入射角是入射光线与法线的夹角，若使入射角变小，则反射光线OB与法线ON的夹角变小，即反射角也随之变小，
以ON为轴，若将白纸F向后转动，两块纸板不在同一平面上，所以在纸板F上就无法呈现出反射光线了，但此时反射光仍然存在，这个现象说明了：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内；
故答案为：变小；不能。
18．（3分）制作导线一般采用铜而不采用铁，是因为铜具有良好的 导电性 ；银锭可以拉成很细的银丝是利用了银的 延展性 ；包饺子时，用力捏饺子皮，饺子皮发生的是 塑性 形变。（选填“弹性”“塑性”“导电性”或“延展性”）
【答案】见试题解答内容
【分析】根据题干所描述的现象，可从物质的导电性、延展性及弹性与塑性等物理属性的角度进行解答。
【解答】解：各种金属中，导电效果最好的是银，其次是铜和铝，铁的导电性更差一些。所以制作导线一般采用铜而不采用铁；
银锭可以拉成很细的银丝是利用了银的延展性较好的属性；
故答案为：导电性；延展性；塑性。
19．（2分）天然气是一种清洁燃料，沈阳市部分公交车和出租车开始使用天然气来代替柴油或汽油。天然气是 不可再生 （填“可再生”或“不可再生”）能源，它燃烧时释放的内能转化为汽车的 机械 能。已知天然气的热值为7×107J/m3，某汽车消耗2L天然气所释放的热量为 1.4×105 J（假设天然气完全燃烧）。
【答案】见试题解答内容
【分析】解决此题要掌握：
从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；
内燃机可以把燃料燃烧释放的内能转化为机械能；求解天然气所释放的热量可以利用公式Q＝qV进行求解计算。
【解答】解：石油天然气是不可再生资源，汽车的内燃机可以将天然气燃烧时释放的内能转化为汽车的机械能；
天然气所释放的热量可以利用公式Q＝qV＝7×107J/m3×8×10﹣3m3＝1.4×108 J；
故答案为：不可再生，机械，1.4×105。
20．（2分）在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验中，已知电路器件均完好。
小明按图甲所示连接电路，导体棒沿水平方向向右快速运动，电流表指针不发生偏转，这是因为 开关没有闭合 ；当小明按图乙所示，将导体棒沿水平方向左右往复运动过程中，电流表的指针发生了偏转。如果想使电流表指针偏转更明显一些，下列方法中可行的是 ① （选填编号：①换用量程更小且更灵敏的电流表；②使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动）。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；据此分析答题；
（2）电流的大小应与切割磁感线的速度、磁场强度、线圈匝数有关。
【解答】解：
（1）如图甲所示，导体ab向右运动，电流计指针不偏转，因为开关没有闭合；
（2）①换用量程更小且更灵敏的电流表，可以使电流表指针偏转更明显一些，故①正确；
②使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动，不切割磁感线，没有感应电流产生，故②不正确；故选①。
故答案为：开关没有闭合；①。
21．（2分）汽车远光灯规格均为“12V 60W”，供电的蓄电池电压为12V，最大容量为60Ah，则此蓄电池最多提供的电能是 0.72 kW•h．某天晚上，粗心的司机在熄火时忘记关闭远光灯，则车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作 6 h。
【答案】见试题解答内容
【分析】知道供电的蓄电池电压和最大容量，根据W＝UIt求出此蓄电池最多提供的电能，根据P＝UI求出一个远光灯正常工作的电流，利用I＝求出车上蓄电池最多能供两个远光灯正常工作的时间。
【解答】解：此蓄电池最多提供的电能：
W＝UIt＝12V×60Ah＝720W•h＝0.72kW•h，
I＝＝＝5A，
t′＝＝＝6h。
故答案为：0.72；6。
22．（2分）如图是某款电热水龙头的电路原理图。R1、R2为电热丝，通过旋转手柄可使扇形开关S同时接触两个相邻触点，实现冷水、温水、热水档之间的切换。当开关同时接触3、4触点时，水龙头放出的是 热 水（选填“冷”“温”或“热”）。若R2＝3R1，水龙头在热水档正常工作1min消耗的电能为1.2×105J，则它在温水档正常工作时电功率为 1500 W。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）当开关同时接触2、3触点时电路为R1的简单电路，当开关同时接触3、4触点时R1与R2并联，根据电阻的并联比较两种情况下总电阻的关系，根据P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总电阻最大时，电路的总功率最小，水龙头放出的是温水，反之处于热水档；
（2）当开关同时接触2、3触点时，电路为R1的简单电路，水龙头处于温水档，根据P＝UI＝表示出温水档的电功率；当开关同时接触3、4触点时，R1与R2并联，电路的总功率最大，水龙头处于高温挡，根据并联电路的电压特点和P＝UI＝表示出水龙头在热水档的功率即可求出温水档正常工作时电功率。
【解答】解：（1）当开关同时接触2、3触点时电路为R1的简单电路，当开关同时接触3、4触点时R5与R2并联，因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，当开关同时接触3、4触点时，电路的总电阻最小，由P＝UI＝可知，电源的电压一定时，电路的总功率最大，水龙头放出的是热水；
（2）当开关同时接触2、3触点时，电路为R1的简单电路，水龙头放出的是温水，则在温水档正常工作时的电功率为：P温＝，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且R2＝3R1，所以，水龙头在热水档的功率为：P热＝+＝+＝＝P温＝2000W，
故答案为：热；1500。
23．（3分）小宇用如图甲所示电路对一只标有“0.8A”字样的小灯泡L进行了测试，电源电压恒为9V，电阻箱R0的阻值可在一定范围内调节，根据所测数据作出了灯丝的I﹣U图象（如图乙所示），由图可知小灯泡正常发光时的电阻为 10 Ω；当电压减小时，灯泡电阻将 变小 （选填“变大”“变小”或“不变”）；如果将电阻箱R0的阻值调为10Ω，则此时灯泡L的实际功率为 1.8 W。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）由图象读灯泡电流0.8A时，灯两端的电压，根据欧姆定律的应用求出灯泡正常发光时的电阻；
（2）由图象读出电流为0.6A时对应的电压值，利用欧姆定律的应用求出此时的阻值，与灯泡正常发光时的阻值比较可知阻值的变化；
（3）由图象找到通过某一电流时，灯泡与R0电压和恰好为电源电压9V，根据P＝UI求出灯泡的实际功率。
【解答】解：（1）由图象可知，当通过灯泡的电流0.8A时，灯两端的电压为8V，由I＝可得，灯泡正常发光的电阻：RL＝＝＝10Ω；
（2）由图象可知，当通过灯泡的电流0.6A时，灯两端的电压为3V，由I＝可得，此时灯泡的阻值：RL′＝＝＝5Ω，显然当灯泡两端电压减小时，灯泡电阻将变小；
（3）由甲图知，L与变阻箱R0串联，观察图乙可知，当时通过L电流为0.6A时，L两端电压3V，
此时R5两端电压：U0＝I′R0＝0.6A×10Ω＝6V，
所以灯泡L的实际功率：PL实＝UL′IL′＝3V×8.6A＝1.8W。
故答案为：10；变小；1.8。
三、识图、作图题：本大题4小题，每小题4分，共16分．
24．（4分）画出图中折射光线。
【答案】见试题解答内容
【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据凸透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：
通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
25．（4分）如图O点是“不倒翁”的重心，请画出此时“不倒翁”所受重力和支持力的示意图。
【答案】见试题解答内容
【分析】不倒翁受到的支持力作用点在与地面的接触点O上，方向竖直向上；重力的作用点也在重心上，方向竖直向下。
【解答】解：不倒翁受到的支持力从接触点竖直向上画，标出符号F支；不倒翁受到的重力从重心O竖直向下画，标出符号为G，如下图所示：
26．（4分）如图所示，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的N极。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）根据安培定则可确定螺线管的极性，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极。
（2）磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断。
【解答】解：（1）已知电源正负极，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的左端为S极、右端为N极。
（2）根据磁感线都是从磁体外部的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向向左，如图所示。
27．（4分）已知电源电压为3V，灯泡L1、L2分别标有“3V 1W”“3V 3W”字样，请根据电路图用笔画线代替导线连接实物。
【答案】见试题解答内容
【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，电压表测电源两端的电压，根据并联电路的电压特点结合两灯泡的额定电压以及电源的电压可知电压表选择的量程且两灯泡均正常发光，根据P＝UI求出通过L2的电流，然后确定电流表的量程，根据电流流向法、按先串后并的原则进行解答。
【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表测L2支路的电流，电压表测电源两端的电压，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且电源的电压为3V，
由P＝UI可知，通过L2的电流I2＝＝＝1A，则电流表的量程选0～3A，
四、实验题：本大题4小题，共20分．
28．（5分）小刚学习了“探究物质密度”以后，来到实验室测量糖水的密度。
（1）第一步：先将天平放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，此时，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向 左 端调节，使天平平衡；
（2）第二步：将质量为32g的烧杯放在天平的左盘上，取适量的白糖倒入烧杯中，向右盘加减砝码并调节游码，直至天平再次平衡，如图乙所示，白糖的质量是 17 g；
（3）第三步：用量筒量出水的体积，如图丙所示，“机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中，待白糖完全溶解后，量筒中液面的位置如图丁所示，糖水的体积是 50 cm3，配制糖水的密度是 1.14 g/cm3。
（4）请指出第三步中操作不规范的地方： 将烧杯中的白糖全部倒入量筒中 。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；
（2）左盘物体的质量等于等于右盘砝码的质量加上游码对应的刻度值；据此得出烧杯和白糖的总质量，然后求出白糖的质量；
（3）正确读出量筒的示数，可得出水的体积和糖水的体积，利用密度的公式先求出水的质量，然后求出糖水的总质量，最后即可计算出糖水的密度。
（4）机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中时，因烧杯中沾有白糖，故测量出的糖水体积偏小，根据ρ＝测量的密度偏大（可将烧杯中的部分白糖倒入量筒中，倒入量筒中白糖的质量等于原来白糖和烧杯的质量与剩余白糖和烧杯的质量之差）。
【解答】解：（1）由图甲所示可知，天平指针偏向分度盘的右侧，为使天平平衡，应向左调节平衡螺母。
（2）由图乙所示可知，烧杯和白糖的总质量：m＝20g+20g+5g+4g＝49g；
（3）由丙图可知，量筒内水的体积为40mL＝40cm4，水和白糖的总体积为50mL＝50cm3，
m水＝ρ水V水＝1g/cm×40cm3＝40g，
m糖水＝m水+m糖＝40g+17g＝57g，
ρ糖水＝＝＝1.14g/cm3。
（4）“机智”的小刚将烧杯中的白糖全部倒入量筒中时，因烧杯中沾有白糖，故测量出的糖水的体积偏小，测量的密度偏大。
故答案为：（1）左；（2）17；（3）1.14；（6）将烧杯中的白糖全部倒入量筒中。
29．（5分）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）实验时调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，目的是：① 方便测量力臂大小 ；② 消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 。
（2）小明在图甲所示的A位置挂上4个钩码，每个钩码重0.5N，可在B位置挂上 3 个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）小明又改用弹簧测力计在图乙所示的C位置竖直向上拉，当杠杆平衡时，弹簧测力计读数是 3 N。
（4）当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将逐渐 变大 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）实验前要调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，根据重力的方向和力臂的定义可知，此时力的作用点与支点的距离大小等于力臂大小；另一个目的是消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）根据杠杆平衡条件求出在B处挂几个钩码；
（3）根据杠杆平衡条件求出C点弹簧测力计的示数；
（4）当弹簧测力计逐渐向右倾吋，动力臂变小，因阻力和阻力臂不变，由杠杆的平衡条件分析弹簧测力计的示数变化。
【解答】解：（1）实验前要调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，因重力的方向竖直向下，由力臂的定义，此时力的作用点与支点的距离大小等于力臂大小，即可在杠杆直接读出力臂大小，故目的是：①方便测量力臂大小，②消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；
（2）设杠杆的分度值为L，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2得，
解得：n＝3（个）。
（3）一个钩码的重是5.5N，设杠杆一个小格是L，
4×0.5N×3L＝FC×2L，
（4）若用弹簧测力计在C处竖直向上拉，动力臂为OC，如图乙所示，当弹簧测力计逐渐向右倾吋，动力臂变小，因阻力和阻力臂不变，由杠杆的平衡条件，则弹簧测力计的示数将逐渐变大。
故答案为：（1）①方便测量力臂大小；②消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）3；（3）3；（4）变大。
30．（5分）小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，都设计了如图甲所示的电路。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是 调零 。
（2）小明根据图甲连接好电路，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则故障可能是 L1短路（或L2断路） （写出一种即可）。
（3）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在下表中。
UAB/V
UBC/V
UAC/V
1.4
1.4
2.8
分析实验数据得出两个实验结论：
①串联电路两端的电压 等于 各部分电路两端电压之和；
②串联电路中，各部分电路两端电压相等。
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是 选用了规格相同的小灯泡 ，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是 只做了一次实验，存在偶然性 。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）电压表使用前要调零；
（2）电压表测L1的电压，闭合开关后，发现电压表示数为零，可能是与电压表并联的电路短路（或电压表之外的电路有断路）；
（3）分析表中数据得出结论；
（4）用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。
【解答】解：（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是调零；
（2）小明根据图甲连接好电路，电压表测L1的电压，闭合开关后，发现电压表示数为零，若只有L1或L2中的一处发生故障，则可能是与电压表并联的L1短路（或电压表之外的电路有断路，即L2断路）；
（8）①由表中数据知：1.4V+1.4V＝2.3V，即串联电路两端的电压等于各部分电路两端电压之和；
（4）实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论②是错误的，造成结论错误的原因是：选用了规格相同的小灯泡，另外，小明的实验在设计方案上还存在另一个不足之处是：只做了一次实验，存在偶然性。
（4）选用了规格相同的小灯泡；只做了一次实验，存在偶然性。
31．（5分）某同学做“测量小灯泡电功率”的实验时，电路如图甲所示，实验前观察小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）在闭合开关前，变阻器的滑片应放在最 左 端（选填“左”或“右”）；
（2）检查电路连接无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，其原因可能是 B 。
A．滑动变阻器短路 B．电压表短路 C．电压表断路 D．小灯泡断路
（3）故障排除后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表表盘如图乙所示，电流表的示数是 0.2 A，则小灯泡的额定电功率是 0.5 W；
（4）向右移动滑动变阻器滑片，会看到灯泡变 亮 （选填“暗”或“亮”）。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）闭合开关前，滑片处于最大阻值处。
（2）电流表有明显偏转，说明电路是通路，根据电压表示数判定故障的原因；
（3）电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少；知道灯泡的电压和电流，根据P＝UI求出功率；
（4）向右移动滑动变阻器滑片，根据滑动变阻器阻值变化判定电流变化，从而判定出灯泡的功率的变化。
【解答】解：
（1）滑动变阻器接右半段，滑片处于左端，连入电路阻值最大，电路电流最小，对电路起保护作用。
（2）电流表有明显偏转，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表短路或小灯泡短路，故选B；
（5）电流表使用的0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表8.02A，电流为0.2A。
（4）向右移动滑动变阻器滑片，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。
故答案为：（1）左；（2）B；（3）5.2；0.5；（4）亮。
五、计算题：本大题3小题，共20分．解答应写出必要的文字说明、公式和步骤，只写最后结果的不给分．
32．（6分）如图所示，在卷扬机的作用下，使重为800N的建筑材料A在50s匀速竖直上升了10m。在这个过程中，卷扬机对绳子的拉力F做功的功率为200W，不计绳重。
求：（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功W有；
（2）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率η。
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道物体的重力和提升的高度，根据W＝Gh求出动滑轮提升建筑材料A所做的有用功；
（2）根据P＝求出卷扬机对绳子的拉力F做的总功，利用η＝×100%求出动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率。
【解答】解：
（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功：
（2）由P＝可得，卷扬机对绳子的拉力F做的总功：
动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率：
答：（1）动滑轮提升建筑材料A所做的有用功为8000J；
（2）动滑轮匀速提升建筑材料A的机械效率为80%。
33．（6分）2019年，我国首次成功地实现海上卫星的发射。海上卫星发射平台如图所示，长132米，宽67米，重达3.1万吨。平台下方有两排浮筒，发射前让大量海水进入浮筒，使平台下潜到发射所需位置且漂浮在水面上，但排水量增加到4.6万吨。此平台配有两套动力装置，具有自主航行的能力，航速可达12节（约22km/h）。（海水密度取近似值1.0×103kg/m3）
求：（1）该平台以12节的航速航行5小时通过的路程是多少？
（2）该平台下潜到发射所需要的潜水深度时所受的浮力是多少？此时排开水的体积是多少？
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）首先根据1节＝22km/h进行速度单位换算，然后根据v＝求出航行5小时通过的路程；
（2）知道平台下潜到发射所需位置时的排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求平台受到的浮力；
知道平台的排水量（排开水的质量），利用ρ＝求出排开水的体积。
【解答】解：
（1）航速v＝12节＝12×22km/h＝264km/h；
s＝vt＝264km/h×5h＝1320km；
（2）根据阿基米德原理可知该平台所受的浮力：
F浮＝G排＝m排g＝4.6×104×103kg×10N/kg＝4.3×108N；
V排＝＝＝4.6×105m3。
（2）该平台下潜到发射所需要的潜水深度时所受的浮力是4.6×108N；此时排开水的体积是4.6×104m3。
34．（8分）某品牌水族箱如图所示，玻璃容器内装有300kg的水，且水深为60cm，箱内装有一个“220V 100W”的自动电加热器，它可保证水温在26℃至28℃之间。若某次加热，鱼缸中的水温从26℃升至28℃．求：
（1）水对鱼缸底部的压强是多少？
（2）本次电加热器工作过程中，水吸收的热量是多少？
（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%，此时电加热器的实际功率是多少？（设电加热器阻值不变）
【答案】见试题解答内容
【分析】（1）知道鱼缸内水的深度，根据p＝ρgh求出水对鱼缸底部的压强；
（2）知道水的质量和比热容以及初温、末温，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；
（3）知道电加热器的额定电压和额定功率，根据P＝UI＝求出电加热器的电阻，再根据P＝UI＝求出家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%时电加热器的实际功率。
【解答】解：
（1）水对鱼缸底部的压强：
（2）水吸收的热量：
（8）由P＝UI＝可得，电加热器的电阻：
家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%时，电加热器的实际功率：
答：（1）水对鱼缸底部的压强是6000Pa；
（2）本次电加热器工作过程中，水吸收的热量是2.52×106J；
（3）若用电高峰时，家庭电路的实际电压仅为额定电压的90%，此时电加热器的实际功率是81W。
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