2018-2019学年广东省惠州市高一（上）期末物理试卷

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2018-2019学年广东省惠州市高一（上）期末物理试卷
一、单项选择题（每小题4分，共10题40分．）
1．（4分）通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（　　）
A．亚里士多德 B．伽利略 C．笛卡尔 D．牛顿
2．（4分）下列说法正确的是（　　）
A．描述机械运动必须选定参考系，参考系选取不同，但对于物体运动的描述相同
B．“第6秒”指的是时刻，“前8秒”指的是时间
C．“位移”用于直线运动，“路程”用于曲线运动
D．“质点”是物理学中为了突出问题的主要因素、忽略次要因素而建立的“物理模型”，它可以使问题简化
3．（4分）如图所示在某段高速公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思分别是（　　）
A．甲是指位移，乙是平均速度
B．甲是指路程，乙是平均速度
C．甲是指路程，乙是瞬时速度
D．甲是指位移，乙是瞬时速度
4．（4分）物体A、B的x﹣t图象如图所示，由图可知（　　）

A．在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇
B．两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动
C．从第3s起，两物体运动方向相同，且vA＞vB
D．5s内A、B的加速度aA＞aB
5．（4分）一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（　　）

A．重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力
B．重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力
C．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力
D．重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力
6．（4分）下面关于惯性的说法中，正确的是（　　）
A．运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来，所以运动速度大的物体具有较大的惯性
B．物体受的力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，则惯性越大
C．物体的体积越大，惯性越大
D．物体质量越大，惯性越大
7．（4分）打点计时器是一种常用的实验仪器，它使用的电源及其直接测量的物理量分别是（　　）
A．直流电、测量位移和速度
B．直流电、测量瞬时速度和加速度
C．交流电、测量速度和加速度
D．交流电、测量时间
8．（4分）甲、乙两个小物体，甲的重力是乙的5倍，它们从同一高度处同时自由下落到水平对面，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（　　）
A．甲先着地
B．根据牛顿第二定律，甲的加速度是乙的5倍
C．甲、乙同时着地
D．由于受各种不确定的因素影响，无法确定谁先落地
9．（4分）金属小桶侧面有一小孔A，当桶内盛水时，水会从小孔A中流出。如果让装满水的小桶自由下落，不计空气阻力，则在小桶自由下落过程中（　　）

A．水继续以相同的速度从小孔中喷出
B．水不再从小孔喷出
C．水将以更大的速度喷出
D．水将以较小的速度喷出
10．（4分）三个共点力大小分别是F1、F2、F3，关于它们合力F的大小，下列说法中正确的是（　　）
A．F大小的取值范围一定是0≤F≤F1+F2+F3
B．F的大小至少比F1、F2、F3中的某一个大
C．若F1：F2：F3＝3：6：8，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力F为零
D．若F1：F2：F3＝3：6：2，只要适当调整它们之间的夹角，一定能使合力F为零
二、单项选择题（每小题4分，共10题40分．）
11．（4分）如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2N的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力（　　）

A．大小为2N，方向平行于斜面向上
B．大小为2N，方向竖直向上
C．大小为2N，方向垂直于斜面向上
D．由于未知形变大小，无法确定弹力的方向和大小
12．（4分）在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、等效替代法、科学假设法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究方法的叙述错误的是（　　）
A．不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了理想实验法
B．根据速度的定义式v=△s△t，当△t趋近于零时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法
C．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，运用了控制变量法
D．引入重心，合力与分力的概念时运用了等效替代法
13．（4分）如图所示，四个完全相同的弹簧都处于水平位置，它们的右端受到大小皆为F的拉力作用，而左端的情况各不相同：①中弹簧的左端固定在墙上，②中弹簧的左端受大小也为F的拉力作用，③中弹簧的左端拴一小物块，物块在光滑的桌面上滑动，④中弹簧的左端拴一小物块，物块在有摩擦的桌面上滑动。若认为弹簧的质量都为零，以l1、l2、l3、l4依次表示四个弹簧的伸长量，则有（　　）

A．l4＝l3＝l2＝l1 B．l4＞l3＞l2＞l1
C．l1＞l3＞l4＞l2 D．l1＞l3＝l4＞l2
14．（4分）关于伽利略理想实验的说法正确的是（　　）
A．完全是理想的，没有事实为基础，这种实验方法不可取
B．是以可靠事实为基础的，经科学抽象，深刻反映自然规律
C．完全光滑的斜面是不存在的，因此，伽利略理想实验没有实际意义
D．理想实验所得到的结论是不可靠的
15．（4分）某人乘坐列车时观察车厢里水平桌面上一个装水玻璃容器，列车在水平直线运动过程中，当他观察到的水面形状如图中所示时，可以判断（　　）

A．列车向前加速行驶 B．列车向前减速行驶
C．列车向前匀速行驶 D．条件不足，无法判断
16．（4分）如图所示，把球夹在竖直墙AC和木板BC之间，不计摩擦，球对墙的压力为F1，对木板的压力为F2．在将板BC逐渐放至水平的过程中，下列说法中，正确的是（　　）

A．F1和F2都增大 B．F1和F2都减小
C．F1增大，F2减小 D．F1减小，F2增大
17．（4分）物体以初速度V0沿光滑斜面向上滑行，达到最高点后自行返回原点，在这一过程中，物体的速度﹣﹣时间图线是（　　）
A． B．
C． D．
18．（4分）如图所示，用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法中正确的是（　　）

A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力
B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对作用力和反作用力
C．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力
D．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力
19．（4分）雨滴从空中由静止落下，若雨滴下落时空气对其的阻力随雨滴下落速度的增大而增大，如图所示的图象能正确反映雨滴下落运动情况的是（　　）
A． B． C． D．
20．（4分）如图所示，水平地面上的L形木板M上放着小木块、M与园间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态。下列说法正确的是（　　）

A．地面对M的摩擦力方向向右
B．地面对M的摩擦力方向向左
C．m对M的摩擦力方向向右
D．m对M的摩擦力方向向左
二、多项选择题（每小题4分，共5题20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得4分，选不全得2分，选错或不答得0分）
21．（4分）电梯的顶部挂一个弹簧，弹簧下端挂一个重物，电梯匀速运动后，乘客在某时刻观蔡到弹簧变短。关于电梯此时的运动，以下说法正确的是（　　）
A．电梯可能向上加速运动 B．电梯可能向下加速运动
C．电梯可能向上减速运动 D．电梯可能向下减速运动
22．（4分）一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，在这1s内该物体的（　　）
A．加速度的大小可能为6m/s2，方向与初速度的方向相同
B．加速度的大小可能为6m/s2，方向与初速度的方向相反
C．加速度的大小可能为14m/s2，方向与初速度的方向相同
D．加速度的大小可能为14m/s2，方向与初速度的方向相反
23．（4分）如图所示，质量m的小球与轻弹簧Ⅰ和水平细线Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定在P、Q两点。小球静止时，弹簧Ⅰ的拉力大小T1，细线Ⅱ的拉力大小T2，当仅剪断Ⅰ、Ⅱ中的一根的瞬间，小球的加速度a应是（　　）

A．若剪断弹簧Ⅰ，则a＝g，方向竖直向下
B．若剪断弹簧Ⅰ，则a=T1m，方向沿弹簧Ⅰ的延长线
C．若剪断细线Ⅱ，则a=T2m，方向水平向左
D．若剪断细线Ⅱ，则a=T2m，方向沿弹簧Ⅰ的延长线
24．（4分）一物体以初速度v0做匀减速运动，第1s内通过的位移为x1＝3m，第2s内通过的位移为x2＝2m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法中正确的是（　　）
A．初速度v0的大小为2.5m/s
B．加速度a的大小为1m/s2
C．位移x3的大小为1m
D．位移x3内的平均速度大小为0.75m/s
25．（4分）如图所示，质量为m的滑块在水平面上撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了x0时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开，已知弹簧的劲度系数为k，滑块与水平面间的动摩擦因数为μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，则（　　）

A．滑块向左运动过程中，始终做减速运动
B．滑块向右运动过程中，始终做加速运动
C．滑块与弹簧接触过程中最大加速度为kx0+μmgm
D．滑块向右运动过程中，当弹簧形变量x=μmgk时，滑块的速度最大
三、非选择题（共50分）按题目要求解答，解答应写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤、数值和单位．只写出答案的不能得分．
26．（6分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带。
①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为　 　。
②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点未画出。图中B、C两点间距未标示，则C点对应的速度是　 　m/s，对应匀变速直线运动的加速度为　 　m/s2。
27．（6分）“探究加速度与力、质量的关系”实验装置如图甲所示。图中小车的质量为M，钩码的质量为m，小车后面固定一条纸带，纸带穿过电磁打点计时器，计时器接50Hz交流电。

①小车运动时受到的拉力近似等于钩码的总重力，那M与m应满足的条件是　 　；
②实验过程中甲、乙两组学生得到的a﹣F图象分别为图中的A、B两条图线，据图可得，甲、乙实验操作时哪一步骤没做好？
甲：　 　
乙：　 　
28．（12分）如图所示，质量为m1＝0.8Kg的物体甲悬挂在绳OA和OB的结点O上，轻绳OA与竖直方向的夹角θ＝37°，物体甲处于静止状态。轻绳OB沿水平方向，且与质量为m2＝10Kg物体乙相连接，物体乙静止于倾角也为37°的斜面上，如图所示，（g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，）
（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大？
（2）木块与斜面间的摩擦力大小；
（3）斜面对木块的弹力大小。

29．（12分）如图所示，质量为m＝1kg的小物块A用细绳系在光滑的斜面上，斜面的倾角为θ＝30°，三角形斜面体的质量为M＝2kg，现用可变化的力F拉斜面体，使斜面体水平向右作加速直线运动，斜面体与水平面的动摩擦因数为μ＝0.1，控制F的大小，使得小物体块A不会脱离斜面，g＝10m/s2．求：

（1）细绳对小物块拉力T的大小范围是多少？
（2）拉力F的大小范围是多少？
30．（14分）如图所示为货场使用的传送带的模型，传送带倾斜放置，与水平面夹角为θ＝37°，传送带AB长度足够长，传送皮带轮以大小为υ＝2m/s的恒定速率顺时针转动。一包货物以υ0＝12m/s的初速度从A端滑上倾斜传送带，若货物与皮带之间的动摩擦因数μ＝0.5，且可将货物视为质点。
（1）求货物刚滑上传送带时加速度为多大？
（2）经过多长时间货物的速度和传送带的速度相同？这时货物相对于地面运动了多远？
（3）从货物滑上传送带开始计时，货物再次滑回A端共用了多少时间？（g＝10m/s2，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）


2018-2019学年广东省惠州市高一（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每小题4分，共10题40分．）
1．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
【解答】解：伽利略通过“理想斜面实验”得出“力不是维持物体运动的原因”，故ACD错误B正确。
故选：B。
【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
2．【分析】参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系。如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可。时间和时刻的主要区别就是时刻是时间轴上的点，而时间对应的是时间轴上的一段。具体分析问题时看看问题在时间轴上应该如何表示。位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示；路程表示运动轨迹的长度，在单向直线运动中，位移的大小等于路程。
【解答】解：A、参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系。定量地描述运动物体的位置及位置变化必须先选定坐标系；参考系选取不同，对于物体运动的描述也可能不相同，故A错误；
B、“第6秒”对应的是时间轴上的一段，指的是时间，“前8秒”也是时间轴上的一段，指的是时间，故B错误；
C、位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示；路程表示运动轨迹的长度，都有可以描述直线运动和曲线运动，故C错误；
D、当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，质点是为了使问题简化而建立的理想模型，故D正确
故选：D。
【点评】本题主要考查了参考系、质点、时间与时刻、位移与路程的基本概念。是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单。
3．【分析】告示牌甲是量程牌，表示路程。限速是指瞬时速度不能超过多大。
【解答】解：告示牌甲是量程牌，表示路程。限速是指瞬时速度不能超过多大，故告示牌乙上面的数字是瞬时速度，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查对生活中常识的了解程度。量程牌的数字、计程器的读数等都表示路程。限速标志限制的是任意时刻的瞬时速度。
4．【分析】由图可知两物体的位置随时间的变化关系，由图象的斜率大小可分析速度大小，斜率的正负分析速度的方向．
【解答】解：A、在5s内物体A的位移为xA＝10m﹣0＝10m，而B的位移为xB＝10m﹣5m＝5m，故5s内物体的位移不同，5s末A、B到达同一位置相遇。故A错误；
B、由图可知，B从5m处开始运动，而A从0m处开始运动，故二者开始位置不同，故B错误；
C、图象的斜率表示速度，由图可知，从第3s起，A的斜率大于B的斜率，故A的速度要快，vA＞vB；且A从3s开始运动，运动方向都沿x轴的正方向，故C正确；
D、两个物体做匀速直线运动时加速度均为0，加速度相同，故D错误；
故选：C。
【点评】研究图象时，首先要明确图象的横纵坐标，再根据点线面的含义确定运动的性质；很多同学可能想当然的当成了v﹣t图象进行了处理，从而导致错误．
5．【分析】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：
1． 明确研究对象，亦即是确定我们是要分析哪个物体的受力情况。
2． 隔离物体分析。亦即将所确定的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一定与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一定沿着接触面与物体相对运动（或趋势）方向相反。
3． 分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找。有时根据概念或条件与判断。
本题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析。
【解答】解：物体受到撞击力后在惯性的作用下沿斜面向上运动，物体并不受冲力的作用，
所以对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以B正确。
故选：B。
【点评】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力。
6．【分析】惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的唯一量度；质量越大，惯性越大．
【解答】解：A、速度大的物体难以停下来是因为其能量大；而不是因为惯性大；故A错误；
B、惯性大小与运动状态、速度大小、受力大小等因素都没有关系，故B错误。
C、惯性大小与与物体的体积没有关系，故C错误。
D、惯性大小只与物体本身的质量有关系，物体的质量越大，它的惯性就越大。故D正确。
故选：D。
【点评】惯性是物体的固有属性，应记住一切物体在任何状态下都有惯性．
7．【分析】打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，根据纸带直接得出的是运动时间。
【解答】解：打点计时器是一种计时仪器，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电。
可以直接得到的物理量是时间间隔，位移需要通过测量得出，而速度和加速度需要计算。故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】本题考查打点计时器的原理，对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用。
8．【分析】明确小球只受重力作用由静止下落，故为自由落体运动，而自由落体运动与物体的质量无关。
【解答】解：小物体下落时不计空气阻力，所以小球做自由落体运动，下落加速度相同，因高度相同初速度均为零，故下落时间相同，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查自由落体运动的基本规律，要注意明确自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，运动情况和质量无关。
9．【分析】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，加速度为g；当物体以加速度g竖直下落时，物体处于完全失重状态。
【解答】解：水桶自由下落，处于完全失重状态，故其中的水也处于完全失重状态，对容器壁无压力，故水不会流出；
故选：B。
【点评】本题关键明确水处于完全失重状态，对容器壁无压力；也可以假设水对容器壁的力为F，然后根据牛顿第二定律列式求出F＝0。
10．【分析】当三个力的方向相同时，合力最大，三个力的合力不一定为零，当第三个力不在剩余两个力的合力范围内，合力不能为零。
【解答】解：A、三个力的合力最小值不一定为零，三个力最大值等于三个力之和。故A错误。
B、合力可能比三个力都大，也可能比三个力都小。故B错误。
C、若F1：F2：F3＝3：6：8，设F1＝3F，则F2＝6F，F3＝8F，F1、F2的合力范围为[3F，9F]，8F在合力范围之内，三个力的合力能为零。故C正确。
D、若F1：F2：F3＝3：6：2，设F1＝3F，则F2＝6F，F3＝2F，F1、F2的合力范围为[3F，9F]，2F不在合力范围之内，三个力的合力不可能为零。故D错误。
故选：C。
【点评】解决本题的关键掌握两个力的合力范围，从而会通过两个力的合力范围求三个力的合力范围。
二、单项选择题（每小题4分，共10题40分．）
11．【分析】明确杆子弹力的性质，根据共点力平衡的条件可求出弹力的大小。
【解答】解：对小球受力分析可知，小球受重力、弹力的作用而处于静止状态，根据平衡条件可知，其弹力大小等于重力大小，即F＝G＝2N，方向竖直向上；
故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查杆子弹力的计算，要注意明确杆子的弹力可能沿任意方向，故应根据受力分析明确其大小和方向，不能直接根据形变量的方向来确定。
12．【分析】解答本题应掌握：用质点来代替物体的方法叫理想模型法；分析瞬时速度时，使用了极限思想法；在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法。
【解答】解：A、质点是理想化的物理模型，在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法；故A错误。
B、根据速度的定义式v=△s△t，当△t趋近于零时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法；故B正确。
C、在探究加速度、力、质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验运用了控制变量法；故C正确。
D、重心是物体受到重力的等效作用点，合力与分力也是等效替代关系。故D正确。
本题选择不正确的，故选：A。
【点评】在学习物理知识的同时，我们还学习科学研究的方法，常用的方法有：控制变量法、等效替代法、理想实验法、类比法等等。
13．【分析】弹力是物体发生弹性形变时，对与它接触的物体产生的力；弹簧受到的弹力与其伸长量（弹簧实际长度与原长之间的差值）成正比；测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力。
【解答】解：弹簧受到的拉力与其伸长量成正比，且测力计的示数代表的是作用在测力计挂钩上的力。由于四种情况下右端受到大小皆为F的拉力，与左端的受力情况无关，故图中弹簧的伸长量是相同的，即L1＝L2＝L3＝L4；故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】弹簧的伸长量取决于作用在弹簧上的力的大小，作用在挂钩上的力都是F，则伸长量相同。
14．【分析】要了解伽利略“理想实验”的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理。（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端。
【解答】解：在伽利略研究力与运动的关系时，是在斜面实验的基础上，成功地设计了理想斜面实验，他以实际的实验为依据，抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而能够更深刻地揭示了自然规律。因此，理想实验是实际实验的延伸，而不是实际的实验，是建立在实际事实基础上的合乎逻辑的科学推断，故ACD错误，B正确。
故选：B。
【点评】伽利略的“理想实验”是建立在可靠的事实基础之上的，它来源于实践，而又高于实践，它是实践和思维的结晶。
15．【分析】物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，惯性的大小与物体的质量有关；
【解答】解：图中所示情景是列车在减速，玻璃容器随之减速，而水由于惯性仍然保持原来的运动状态，所以水向前运动。看到水面呈现出前高后低的情形，所以列车是向前减速行驶，故ACD错误B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了牛顿第一定律，理解惯性的含义，知道当列车运动状态变化时水还要保持原来的运动状态继续运动从而出现水面不平的现象。
16．【分析】以小球为研究对象，分析受力，由平衡条件得到墙和木板对小球的支持力与木板和墙的夹角的关系式，再分析两个力F1大小和F2大小的变化．
【解答】解：设木板和墙的夹角为α．
如图建立坐标系对小球进行受力分析，由于小静止处于平衡状态，满足平衡条件F合＝0。
F1为斜面对小球的支持力，F2为挡板对小球的支持力
据平衡条件有：
F合x＝F1﹣F2cosα＝0
F合y＝F2sinα﹣mg＝0
由此得：F2=mgsinα，F1＝mgcotα
由题意，α增大，则得，F1减小，F2减小。故B正确。
故选：B。

【点评】挡板对小球的弹力方向与挡板垂直，部分同学受斜面上物体受力的影响，会误认为挡板对小球的支持力平行斜面向上而得出错误结论．本题也可以运用图解法直观判断两个弹力的变化情况．
17．【分析】物体以初速度V0沿光滑斜面向上滑行，先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：这两个过程的加速度相同．
【解答】解：物体以初速度V0沿光滑斜面向上滑行，先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：这两个过程的加速度相同，两段图线的斜率相同。又运动具有对称性，当物体返回原点时的速度与初速度V0大小相等，方向相反。符合物体运动情况的图象只有C．故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查理解速度﹣时间图象的能力，抓住这种运动的对称性和加速度不变的特点进行分析．
18．【分析】一对平衡力与“作用力与反作用力“的共同的特点：二力都是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．
一对平衡力与“作用力与反作用力“的区别：作用力与反作用力描述的是两个物体间相互作用的规律，二力平衡描述的是一个物体在二力作用下处在平衡状态．
【解答】解：对小球受力分析，受地球对其的重力，细线对其向上的拉力，小球保持静止状态，加速度为零，合力为零，故重力和拉力是一对平衡力；细线对小球的拉力的反作用力是小球对细线的向下的拉力，这两个力是一对相互作用力，故A错误，B错误，C正确，D错误
故选：C。
【点评】本题涉及三力，重力、细线对小球的拉力和小球对细线的拉力，其中重力和细线对小球的拉力是平衡力（因为小球处于平衡状态），细线对小球的拉力和小球对细线的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混淆的，要注意其最明显的区别在于是否同体．
19．【分析】雨滴下落的过程中受重力和阻力，阻力随速度增大而增大，根据牛顿第二定律，判断加速度的变化，以及根据加速度方向与速度的方向关系判断速度的变化．
【解答】解：当雨滴刚开始下落时，阻力f较小，远小于雨滴的重力G，即f＜G，故雨滴做加速运动；
由于雨滴下落时空气对它的阻力随雨滴下落速度的增大而增大，故当速度达到某个值时，阻力f会增大到与重力G相等，即f＝G，此时雨滴受到平衡力的作用，将保持匀速直线运动；故选项C的图象符合题意；
故ABD错误；C正确；
故选：C。
【点评】本题考查牛顿第二定律的动态过程分析问题；解题关键在于正确分析雨滴下落过程中的受力情况，再根据雨滴的受力分析雨滴的运动状态；注意图象能够直观的展现物体的运动情况．
20．【分析】对m受力分析，根据平衡判断出M对m的摩擦力方向，由牛顿第三定律分析m对M的摩擦力方向；再对整体分析，根据平衡条件即可判断地面对M的摩擦力方向。
【解答】解：AB、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对M有摩擦力，则整体不能平衡，故地面对M无摩擦力作用。故AB错误。
CD、对m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的弹力，根据平衡知，M对m的摩擦力向右；根据牛顿第三定律可知，m对M的摩擦力向左，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于0，同时注意研究对象的正确选择，明确整体法和隔离法的准确应用。
二、多项选择题（每小题4分，共5题20分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对得4分，选不全得2分，选错或不答得0分）
21．【分析】对重物受力分析，根据牛顿第二定律得出重物的加速度大小和方向，从而得出电梯的加速度大小和方向，从而判断出电梯的运动规律
【解答】解：匀速运动时，重力等于弹力，弹簧处于拉伸状态，在某时刻弹簧变短，则向上的拉力变小，合力向下，加速度向下，则可能做向下加速运动或向上减速运动，则BC正确，AD错误
故选：BC。
【点评】明确由牛顿第二定律分析加速度方向，从而确定出可能的运支来情况。
22．【分析】题中末速度方向可能与初速度方向相同，也可能与初速度方向相反，以初速度方向为正方向，末速度可能为正，也可能为负值，根据速度变化和加速度公式可求出两个可能值
【解答】解：由题，v0＝4m/s，v1＝10m/s，v2＝﹣10m/s
则△v1＝v1﹣v0＝6m/s，△v2＝v2﹣v0＝﹣14m/s
a1=v1-v0t=10-41m/s2＝6m/s2
a2=v2-v0t=-10-41m/s2＝﹣14m/s2，负号说明与初速度方向相反
故AD正确，BC错误
故选：AD。
【点评】本题重点考查矢量的方向性，以初速度为正方向，当末速度方向与初速度方向相同，为正值；反之，为负值
23．【分析】先研究原来小球静止的状态，由平衡条件求出弹簧和细线的拉力。刚剪短细绳时，弹簧来不及形变，故弹簧弹力不能突变；细绳的形变是微小形变，在刚剪短弹簧的瞬间，细绳弹力可突变！确定合力，再根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度。
【解答】解：AB、原来小球静止时，受力如图，由共点力平衡条件得，T2＝mgtanθ，T1=mgsinθ。

刚剪断弹簧Ⅰ瞬间，细绳弹力突变为0，故小球只受重力，加速度为g，方向竖直向下，故A正确，B错误；
CD、刚剪短细线Ⅱ瞬间，弹簧弹力和重力均不变，受力如图

由几何关系，F合＝T1sinθ＝T2＝ma，因而a=T2m，方向水平向左，故C正确，D错误；
故选：AC。
【点评】本题为瞬时问题，关键要抓住弹簧弹力不能突变，细绳弹力可突变，通过分析小球瞬间的受力，来求瞬时加速度。
24．【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度，再通过位移时间公式求出初速度的大小。根据速度时间公式求出2s末的速度，再通过速度位移公式求出位移x3的大小。
【解答】解：A、根据△x＝at2得：a=△xt2=2-312=-1m/s2，根据x＝v0t+12at2，解得：v0＝3.5m/s，故A错误，B正确。
B、第2s末的速度为：v2＝v0+at＝3.5﹣1×2m/s＝1.5m/s，则有：x3=0-v222a=0-1．522×(-1)=1.125m，故C错误。
C、位移x3内的平均速度大小为：v=v2+02=1.5+02=0.75m/s，故D正确；
故选：BD。
【点评】本题考查了匀变速直线运动规律的应用，解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，掌握规律是正确解题的基础。
25．【分析】该题的关键是对物体进行正确的过程分析和各过程中物体的受力分析，再结合牛顿运动定律分析物体的运动情况．在进行受力分析时，要注意分析弹簧弹力的变化．
【解答】解：A、滑块向左接触弹簧的运动过程中，在水平方向上受到向右的弹簧的弹力和向右的摩擦力，在此过程中弹簧的弹力是逐渐增大的，弹力和摩擦力的合力与运动方向始终相反，物体做减速运动，故A正确。
B、滑块向右接触弹簧的运动是从弹簧压缩量最大时开始的，此时受到水平向右的弹力和向左的摩擦力，开始时弹簧的弹力大于摩擦力，但当弹簧伸长到一定程度，弹力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于弹力。所以滑块向右接触弹簧的运动过程中，是先加速，后减速。故B错误。
C、由对A的分析可知，当弹簧的压缩量为x0时，水平方向的合力为F＝kx0+μmg，此时合力最大，由牛顿第二定律有：
amax=Fm=kx0+μmgm，故C正确。
D、在滑块向右接触弹簧的运动中，当弹簧的形变量为x=μmgk时，由胡克定律可得f＝kx＝μmg，此时弹力和摩擦力大小相等，方向相反，在水平方向上合外力为零，之后物体开始做减速运动，所以此时速度最大，故D正确。
故选：ACD。
【点评】解决此类问题，要正确的分析物体运动的过程及物体的受力情况，并会确定运动过程中的临界点和分析在临界点上的受力，当物体接触弹簧向右运动的过程中，开始是加速运动的，当弹力和摩擦力相等时，加速度为零，之后摩擦力要大于弹力，物体开始做减速运动．弹力和摩擦力相等时即为一个临界点．
三、非选择题（共50分）按题目要求解答，解答应写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤、数值和单位．只写出答案的不能得分．
26．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小。
【解答】解：（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s。
（2）依据相等的时间内，位移之差相等，则有：S﹣0.70cm＝1.10cm﹣S，
因此B、C两点间的距离S＝0.90cm；
由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T＝0.1s，
由于做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度，故有：
vC=xBD2T=0.90+1.102×0.1×10-2=0.1m/s
根据△x＝aT2可得物体的加速度为：
a=△xT2=1.10-0.900．12×10-2=0.2m/s2
故答案为：①0.02s； ②0.1，0.2。
【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。
27．【分析】①当小车质量远大于钩码质量时小车受到的拉力可以近似认为等于钩码的重力。
②实验前要平衡摩擦力，把木板一端适当垫高使小车在木板做匀速直线运动恰好平衡摩擦力，根据实验注意事项分析图示图象答题。
【解答】解：①当小车质量远大于钩码质量时即：M＞＞m时，小车受到的拉力可以近似认为等于钩码的重力；
②甲：由图示图象可知，a﹣F图象在纵轴上有截距，说明小车受到的合力大于钩码的拉力，这是由于平衡摩擦力过大造成的；
乙：由图示图象可知，随m的增大，图线发生弯曲，a与F不成正比，这是由于：随钩码质量增大，不满足M＞＞m造成的；
故答案为：①M＞＞m； ②平衡摩擦力过大；随钩码质量增大，不满足M＞＞m。
【点评】本题考查了实验注意事项与实验数据处理，掌握基础知识是解题的前提与关键，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。
28．【分析】（1）对O点受力分析，受到三段轻绳的拉力，合力为零，根据平衡条件求出轻绳OA、OB受到的拉力；
（2）（3）乙物体处于静止状态，受力平衡，对乙受力分析，由共点力的平衡条件可得出乙受到的摩擦力和弹力。
【解答】解：（1）分析结点O受力，如图，由平衡条件可得：
FB＝G1 tan37°＝6.0 N
FA＝G1/cos37°＝10 N
（2）分析物体乙的受力，如图所示，由物体的平衡条件可得：
f静＝G2x+FBx′＝G2 sin37°+FBx′cos37°
可求得：f静＝64.8 N
（3）由乙物体y方向的平衡条件可得：
N+FBy′＝G2
N+FB′sin37°＝G2 cos37°
可求得：FN＝76.4 N。
答：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是10N；
（2）木块与斜面间的摩擦力大小64.8N；
（3）斜面对木块的弹力大小是76.4N。

【点评】解决共点力平衡的题目，受力分析是关键，同时注意正确做出图象，三力平衡时可以用合成法，四力及以上时一般采用正交分解法。
29．【分析】（1）当恒力F水平向右时，受力分析结合牛顿第二定律确定绳的拉力范围；
（2）二者保持相对静止的临界状态是支持力为零，通过隔离法和整体法分析求解。
【解答】 解：（1）对小物块进行受力分析，如图所示，
则当T为最小值Tmin时，Tminx＞Nx 即
Tmincos30°＞Nsin30°
Tminy+Ny＝G
即 Tminsin30°+Ncos30°＝G
综合①②，可得Tmin＞0.5mg＝5N
当T为最大值Tmax时，小物块对斜面没有压力，受力如图所示，
则：Tmax＝（mg）/sin30°＝2mg＝20N
所以，细绳对小物块拉力T的范围是：5N＜T≤20N
（2）拉力F最小值为：Fmin＞μ（m+M）g＝3N
当拉力为最大值Fmax时，小物块对斜面没有压力，则：a＝g/tan30°＝103m/s2
对整体：Fmax﹣μ（m+M）g＝（m+M）a
则：Fmax＝54.96N
所以，拉力F的范围是：3N＜F≤54.96N
答：（1）细绳对小物块拉力T的大小范围是5N＜T≤20N；
（2）拉力F的大小范围是3N＜F≤54.96N。


【点评】本题考查了牛顿第二定律的临界状态，关键抓住两个临界状态，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用。
30．【分析】（1）货物刚滑上传送带时，受到重力、传送带的支持力和沿传送带向下的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求解加速度。
（2）货物向上做匀减速运动，根据运动学公式求出货物的速度和传送带的速度相同经历的时间和上滑的位移。
（3）货物的速度和传送带的速度相同后，继续向上做匀减速运动，滑动摩擦力方向沿传送带向上，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出速度减至零的时间和位移，再求出上滑的总位移。货物到达最高点后将沿传送带匀加速下滑，由下滑位移大小与上滑总位移大小相等，求出下滑的时间，最后求出总时间。
【解答】 解：
（1）设货物刚滑上传送带时加速度为a1，货物受力如图所示：根据牛顿第二定律得
沿传送带方向：mgsinθ+Ff＝ma1
垂直传送带方向：mgcosθ＝FN
又Ff＝μFN
由以上三式得：a1＝g（sinθ+μcosθ）＝10×（0.6+0.5×0.8）＝10m/s2 方向沿传送带向下。
（2）货物速度从v0减至传送带速度v所用时间设为t1，位移设为x1，则有：
t1=v-v0-a1=1s，x1=v0+v2t1=7m
（3）当货物速度与传送带速度相等时，由于mgsinθ＞μmgcosθ，此后货物所受摩擦力沿传送带向上，设货物加速度大小为a2，则有mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma2，
得：a2＝g（sinθ﹣μcosθ）＝2m/s2，方向沿传送带向下。
设货物再经时间t2，速度减为零，则t2=0-v-a2=1s
沿传送带向上滑的位移x2=v+02t2=1m
则货物上滑的总距离为x＝x1+x2＝8m。
货物到达最高点后将沿传送带匀加速下滑，下滑加速度等于a2．设下滑时间为t3，
则x=12a2t32，代入，解得t3＝22s。
∴货物从A端滑上传送带到再次滑回A端的总时间为t＝t1+t2+t3＝（2+22）s。
答：（1）货物刚滑上传送带时加速度为10m/s2，方向沿传送带向下。
（2）经过1s时间货物的速度和传送带的速度相同，这时货物相对于地面运动了7m。
（3）从货物滑上传送带开始计时，货物再次滑回A端共用了＝（2+22）s。

【点评】本题考查了倾斜传送带上物体相对运动问题，分析判断物体的运动情况是难点。