2020-2021学年吉林省长春市农安县八年级（下）期末物理试卷 解析版

这是一份2020-2021学年吉林省长春市农安县八年级（下）期末物理试卷 解析版，共24页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1．“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。”总结概括出这重要规律的科学家是（ ）
A．亚里士多德B．伽利略C．牛顿D．托里拆利
2．下列实例应用了“流体压强与流速关系”的是（ ）
A．墙壁上的吸盘B．升空的孔明灯
C．三峡船闸D．飞机起飞时获得升力
3．一艘货轮从长江进入大海的过程中，货轮所受浮力将（ρ海水＞ρ江水）（ ）
A．增大B．减小C．不变D．无法判断
4．如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是（ ）
A． 镊子B． 钳子
C． 起子D． 剪子
5．中午同学们去抬饭箱，下列情景中没有对饭箱做功的是（ ）
A．从地面上抬起饭箱
B．抬着饭箱沿水平方向匀速行走
C．抬着饭箱上楼回班
D．推着饭箱在水平地面向前滑动
6．小亮踢足球，球离开脚后向上运动到一定高度又落回地面，不计空气阻力，关于足球离开脚后的运动过程，下列说法中正确的是（ ）
A．下落过程中，足球机械能总量增大
B．下落过程中，足球重力势能增大
C．上升过程中，足球受力方向是竖直向下的
D．上升过程中，小亮对足球做功
7．2020年3月30日西昌发生森林火灾，消防战士被称为最帅逆行者，他们负重冲进火场，一身装备总重力当于一名12岁儿童的体重。以下说法描述错误的是（ ）
A．由此可知消防员一身的装备的重约为400N
B．消防员在地面沿水平方向运动的过程中没有对装备做功
C．同一名消防员奔跑时负重后比负重前对地面的压强更大
D．奔跑时和地面接触的脚受到摩擦力的方向向后
8．指尖陀螺是目前很流行的一种玩具，如图所示。该玩具中间是轴承，轴承内装有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，拨动飞叶后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动，下列分析正确的是（ ）
A．轴承内装有滚珠，其目的是为了增大摩擦力
B．飞叶被拨动后旋转是因为力能改变物体运动状态
C．飞叶转动后不能立即停下来是因为受到惯性作用
D．陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力是一对平衡力
9．小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2．下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（ ）
A．F1＞F2，η1＝η2B．F1＞F2，η1＞η2
C．F1＜F2，η1＝η2D．F1＜F2，η1＞η2
10．如图所示，一质地均匀的圆柱形平底玻璃杯，置于水平桌面中央，杯内水中漂浮着一冰块，关于冰融化前后比较，下列说法正确的是（ ）
A．玻璃杯对桌面的压强增加
B．容器内液体的密度减小
C．玻璃杯中液面的高度升高
D．液体对容器底部的压强不变
二、非选择题（本题共12小题，11-20题每空1分、作图1分，21-22题各7分，共50分）
11．小明同学在山顶喝完矿泉水后拧紧瓶盖，把空矿泉水瓶带回山底时发现瓶子变瘪了。此现象说明大气压随 而变化。同时说明力可以改变物体的 。
12．学校每周都要单行庄严的升旗仪式，在旗杆的顶部安装的是 滑轮，它的主要作用是改变力的 。
13．一辆洒水车在宝塔大街进行匀速洒水作业，速度为36km/h，用时5min，已知洒水车的牵引力是3000N，则牵引力做功的功率是 W，洒水车在宝塔大街酒水作业时其动能 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
14．在水平地面上行驶的汽车车厢里挂着一个小球，当出现了如图所示的情景时，绳子对球的拉力和球受到的重力 （选填“是”、“不是”或“可能是”）一对平衡力。汽车在做 （选填“加速”、“匀速”或“减速”）运动。
15．甲、乙两个完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同个鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两个杯子中的液面恰好相平，鸡蛋所处的位置如图所示，鸡蛋在甲容器中受到的浮力是F1，在乙容器中受到的浮力是F2，则F1 F2， 杯底部所受的液体压力较大。
16．（5分）小明利用如图所示实验裴置做“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，他让同一钢球A分别从斜面上不同的高度由静止开始滑下，观察木块B被撞击后移动的距离S。
（1）该实验小明探究的是动能大小跟 的关系，实验中他控制了钢球的 不变。
（2）钢球沿斜面滚下过程中， 能转化为动能。
（3）观察木块被撞击后移动距离的长短，是为了判断钢球 ，若水平面绝对光滑，木实验将 （填“能”或“不能”）达到探究目的。
17．（4分）小华同学做“测定滑轮组机械效率”的实验：
（1）实验时，必须 向上提起弹簧测力计。
（2）小华用如图所示的装置做实验，记录的两组数据如表所示，其中序号 的一组有错误。
（3）小华根据第一次实验的数据，计算此滑轮组的机械效率为 。
（4）要想提高滑轮组的机械效率，可采用的方法是 。
A.增加钩码的个数
B.增加动滑轮的个数
C.减少钩码上升的高度
D.减少定滑轮的个数
18．（5分）物理兴趣小组的同学，在“探究杠杆平衡条件”实验中：
（1）如图甲，为使杠杆在水平位置平衡，小亮应将右端的平衡螺母向 （填“左”或“右”）方向调节，将杠杆调在水平位置平衡其目的是为了方便测量 。
（2）如图乙，小明将杠杆调在水平位置平衡后，在A位置挂上两个相同的钩码，需在B位置挂上 个同样的钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）如图丙，小明改用弹簧测力计在C位置斜向下拉，若每个钩码重1N。当杠杆在水平位置平衡时，测力计的示数将 （填“大于”、“等于”或“小于”）1N。
（4）如图丁，用绳子拴住一根粗细不同的圆木某处，静止后圆木水平平衡。现将圆木从拴绳处沿竖直方向切成A、B两段，根据图丁可判断GA GB（填“＞”、“＝”或“＜”）。
19．（6分）小明同学在用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”实验时：
（1）小明把调节好的压强计放在空气中时U形管两边的液面保持相平，此时的U形管 （填“是”或“不是”）连通器。
（2）压强计是通过U形管两边液面的 来反映被测压强大小的。
（3）小明在探究液体压强与深度关系时，发现在同种液体中压强计金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越大，此现象说明同种液体的压强随深度的增加而 。
（4）实验桌上有两只相同的烧杯，分别盛有体积相同的纯净水和酒精。老师告诉小明酒精的密度小于纯净水的密度，希望他用压强计将它们区别开，如图所示，小明将压强计的金属盒先后浸没到甲、乙两杯液体中，分别记下压强计形管两侧的液柱高度差Δh甲和Δh乙，他发现Δh甲＜Δh乙，于是认为甲杯中盛的是酒精。老师指出小明的实验过程是 （填“正确”或“错误”）的，并提出了新的实验思路：将压强计的金属盒先后浸没到甲、乙两杯液体中，使U形管两侧的液柱高度差Δh甲′ Δh乙′（选填“＜”、“＝”或“＞”），则金属盒浸没深度较 （填“深”或“浅”）的液体一定是酒精。
20．（6分）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，实验过程如图所示，其中弹簧测力计示数的大小关系是：F1＞F2＞F3，F3＜F4，水的密度用ρ水表示。
（1）比较 两图可知，浮力的大小跟物体排开液体的体积有关。
（2）比较丙、丁两图可知，浮力的大小跟 有关。
（3）分析甲、丙两图可得，物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝ ，物体的密度ρ物＝ 。
（4）深入分析丙、丁两图，比较水对烧杯底的压强p水和某液体对烧杯底的压强p液的大小关系，则p水 p液。
21．（7分）工人师傅用如图所示的滑轮组匀速提升重为600N的物体G，所用拉力F为250N，将重物提升5m所用时间为10s。
求：（1）拉力F的功率
（2）该滑轮组的机械效率。
22．（7分）如图所示，一个物体重10N，用弹簧测力计悬挂着，完全浸没在圆柱形容器的水中，容器厚度不计，放在水平桌面上，底面积S＝100cm2，将物块浸没水中后，容器内水面由h＝16cm上升到h＝20cm。（g取10N/kg）
求：（1）物块未放入水中时，容器底受到水的压力。
（2）物块浸没在水中时受到的浮力。
2020-2021学年吉林省长春市农安县八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共10小题，每小题只有一项符合题目要求，每小题2分，共20分）
1．“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。”总结概括出这重要规律的科学家是（ ）
A．亚里士多德B．伽利略C．牛顿D．托里拆利
【分析】牛顿第一定律的内容：一切物体在没有受到力的作用时，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
【解答】解：牛顿在伽利略、笛卡尔的基础上得到牛顿第一定律：“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态”。所以此科学规律是牛顿得到的。
故选：C。
2．下列实例应用了“流体压强与流速关系”的是（ ）
A．墙壁上的吸盘B．升空的孔明灯
C．三峡船闸D．飞机起飞时获得升力
【分析】流体包括液体和气体，流速越大的地方压强反而越小。
【解答】解：A、墙壁上的吸盘，是应用大气压强的作用，故A不合题意；
B、升空的孔明灯利用了空气的浮力，故B不合题意；
C、三峡船闸是利用连通器原理来工作的，故C不合题意；
D、飞机机翼上部凸起，飞机起飞时，在机翼上方的空气流速大压强小，在机翼下方的空气流速小压强大，便形成向上的升力，故D符合题意。
故选：D。
3．一艘货轮从长江进入大海的过程中，货轮所受浮力将（ρ海水＞ρ江水）（ ）
A．增大B．减小C．不变D．无法判断
【分析】当货轮由长江驶入大海后，都是漂浮，自重不变，根据漂浮条件分析货轮受到浮力的变化情况。
【解答】解：当货轮由长江口驶入大海后，都是漂浮，货轮受到的浮力等于重力，而货轮受到的重力G不变，则货轮受到的浮力不变。
故选：C。
4．如图所示，下列工具的使用，属于费力杠杆的是（ ）
A． 镊子B． 钳子
C． 起子D． 剪子
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力、省距离杠杆。
B、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
C、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
D、图示剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆。
故选：A。
5．中午同学们去抬饭箱，下列情景中没有对饭箱做功的是（ ）
A．从地面上抬起饭箱
B．抬着饭箱沿水平方向匀速行走
C．抬着饭箱上楼回班
D．推着饭箱在水平地面向前滑动
【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
【解答】解：
A、从地面上抬起饭箱，人对饭箱有力的作用，且沿力的方向移动了一段距离，所以对饭箱做了功，故A不符合题意；
B、抬着饭箱沿水平方向匀速行走，人对饭箱有力的作用，力的方向是竖直向上的，此时运动的距离是沿水平方向上的，不是沿力的方向运动了距离，所以此时对饭箱没有做功，故B符合题意；
C、抬着饭箱上楼回班上，人对饭箱有力的作用，且沿力的方向移动了一段距离，所以对饭箱做了功，故C不符合题意；
D、推着饭箱在水平地面向前滑动，人对饭箱有推力，且沿推力的方向运动了一段距离，所以人对饭箱做了功，故D不符合题意；
故选：B。
6．小亮踢足球，球离开脚后向上运动到一定高度又落回地面，不计空气阻力，关于足球离开脚后的运动过程，下列说法中正确的是（ ）
A．下落过程中，足球机械能总量增大
B．下落过程中，足球重力势能增大
C．上升过程中，足球受力方向是竖直向下的
D．上升过程中，小亮对足球做功
【分析】（1）不计空气阻力，球离开脚之后，只受到重力作用，根据重力方向进行判断。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
【解答】解：A、下落过程中，重力势能转化为动能，不计空气阻力，足球机械能总量不变，故A错误；
B、球在下落过程中，球的质量不变，高度减小，重力势能减小，故B错误；
C、不计空气阻力，球离开脚之后，球只受到重力作用，重力方向竖直向下，故C正确；
D、球在上升过程中，球离开脚之后，球不再受脚的作用力，脚对足球不做功，球上升是依靠惯性完成的，故D错误。
故选：C。
7．2020年3月30日西昌发生森林火灾，消防战士被称为最帅逆行者，他们负重冲进火场，一身装备总重力当于一名12岁儿童的体重。以下说法描述错误的是（ ）
A．由此可知消防员一身的装备的重约为400N
B．消防员在地面沿水平方向运动的过程中没有对装备做功
C．同一名消防员奔跑时负重后比负重前对地面的压强更大
D．奔跑时和地面接触的脚受到摩擦力的方向向后
【分析】（1）根据对儿童质量的估计，再根据重力与质量关系，可得出重力。
（2）物体在力的方向上移动距离，力对物体做功。
（3）压强与压力大小和受力面积有关。
（4）摩擦力的方向与物体相对运动方向或运动趋势方向相反。
【解答】解：A、一身装备总重力当于一名12岁儿童的体重，12岁儿童的质量约40kg，故重力约G＝mg＝40kg×10N/kg＝400N左右，故A描述正确。
B、消防员在地面沿水平方向运动的过程中，对装备的作用力竖直向上，运动方向水平向前，装备在力的方向上没有移动距离，消防员没有对装备做功。故B描述正确。
C、消防员奔跑时，负重后比负重前对地面的压力变大，受力面积不变，故压强更大，故C描述正确。
D、奔跑时和地面接触的脚受到摩擦力的方向向前，因为脚给地面一个向后的作用力，由于力的作用是相互的，地面就给脚一个向前的摩擦力。故D描述错误。
故选：D。
8．指尖陀螺是目前很流行的一种玩具，如图所示。该玩具中间是轴承，轴承内装有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，拨动飞叶后，飞叶可以绕轴在指尖上长时间转动，下列分析正确的是（ ）
A．轴承内装有滚珠，其目的是为了增大摩擦力
B．飞叶被拨动后旋转是因为力能改变物体运动状态
C．飞叶转动后不能立即停下来是因为受到惯性作用
D．陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力是一对平衡力
【分析】（1）减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。
（2）力可以改变物体的运动状态；
（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
（4）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。
【解答】解：A、轴承中装有滚珠，是用滚动代替滑动减小摩擦。故A错误。
B、飞叶被拨动后旋转是因为力能改变物体的运动状态，故B正确。
C、飞叶转动后不能立即停下来是因为具有惯性，惯性不是力么不能说受到惯性作用。故C错误。
D、陀螺对指尖的压力和指尖对陀螺的支持力，是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力。故D错误。
故选：B。
9．小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2．下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（ ）
A．F1＞F2，η1＝η2B．F1＞F2，η1＞η2
C．F1＜F2，η1＝η2D．F1＜F2，η1＞η2
【分析】忽略绳重及摩擦，使用滑轮组时的拉力F＝（G物+G轮），左图承担物重的绳子股数n＝2，右图承担物重的绳子股数n＝3，而动滑轮重相同、提升的物体重相同，据此判断拉力大小关系；
两图分别将同一物体匀速提高到相同高度，做的有用功相同；由题知，忽略绳重及摩擦，所做的额外功为提升动滑轮做的功，由W额＝Gh可知额外功相同，又因为总功等于有用功加上额外功，所以总功相同，所以可以得出两图的机械效率相同。
【解答】解：∵忽略绳重及摩擦，承担物重的绳子股数n1＝2，n2＝3，
∴两图所用拉力：
F1＝（G物+G轮），F2＝（G物+G轮），
∵滑轮相同，提升的物体重相同，
∴F1＞F2；
∵两图将同一物体匀速提高相同的高度，
∴做的有用功W有相同，
∵忽略绳重及摩擦，所做的额外功W额＝G轮h
∴额外功W额相同，
又∵W总＝W有+W额，
所以总功相同，
∵η＝，
∴两图的机械效率η相同，即η1＝η2。
故选：A。
10．如图所示，一质地均匀的圆柱形平底玻璃杯，置于水平桌面中央，杯内水中漂浮着一冰块，关于冰融化前后比较，下列说法正确的是（ ）
A．玻璃杯对桌面的压强增加
B．容器内液体的密度减小
C．玻璃杯中液面的高度升高
D．液体对容器底部的压强不变
【分析】（1）杯底对桌面的压强属于固体压强；可通过公式p＝＝来完成。
（2）冰熔化成水后，水的密度不变。
（3）液体压强大小的比较，可通过公式p＝ρgh来完成。
【解答】解：A、冰块熔化前后，杯内物质的重力不变，杯子的重力不变；故桌面受到的压力（F＝G总）就不变，杯子的底面积不变；根据固体的压强公式：p＝＝得，桌面受压强不变，故A错误。
B、冰熔化成水后，水的密度不变，故B错误；
CD、根据阿基米德原理：F浮＝G排（即排开水的重力G水即得F浮＝G排水）；由于冰块漂浮，根据二力平衡知识，有F浮＝G冰；故G冰＝G排水；m冰＝m排水，因为水的密度一定，所以冰熔化的体积后恰好和排开水的体积相等，故冰块熔化前后，水面高度h不变；
根据液体压强的公式：p＝ρgh可得，由于水的高度h不变，故水对杯底的压强不变，故C错误，D正确。
故选：D。
二、非选择题（本题共12小题，11-20题每空1分、作图1分，21-22题各7分，共50分）
11．小明同学在山顶喝完矿泉水后拧紧瓶盖，把空矿泉水瓶带回山底时发现瓶子变瘪了。此现象说明大气压随 高度 而变化。同时说明力可以改变物体的 形状 。
【分析】（1）大气压跟高度有关，高度越高，气压越低。
（2）力的作用效果：力使物体发生形变；力改变物体运动状态。
【解答】解：小明同学在山顶喝完矿泉水后拧紧瓶盖，瓶内外压强相同，把空矿泉水瓶带回山底时发现瓶子变瘪了，说明瓶内压强小于瓶外压强，可以判断山顶压强小于山下压强，所以大气压随高度增加而减小。
到山下瓶内压强小于瓶外压强，瓶内外的受力面积相同，所以瓶外空气对瓶子的压力大于瓶内空气对瓶子的压力，所以把瓶子压瘪，所以力改变了瓶子的形状。
故答案为：高度；形状。
12．学校每周都要单行庄严的升旗仪式，在旗杆的顶部安装的是 定 滑轮，它的主要作用是改变力的 方向 。
【分析】定滑轮使用时，滑轮的位置固定不变；定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向。
【解答】解：旗杆的顶部安装的滑轮位置固定不变是定滑轮，它的主要作用是改变力的方向。
故答案为：定；方向。
13．一辆洒水车在宝塔大街进行匀速洒水作业，速度为36km/h，用时5min，已知洒水车的牵引力是3000N，则牵引力做功的功率是 3×104 W，洒水车在宝塔大街酒水作业时其动能 变小 （填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】（1）已知洒水车的速度和牵引力，根据P＝＝＝Fv可求得牵引力做功的功率；
（2）影响动能大小的因素是质量和速度。
【解答】解：（1）洒水车的速度v＝36km/h＝10m/s，
牵引力做功的功率P＝＝＝Fv＝3000N×10m/s＝3×104W；
（2）洒水车匀速行驶洒水时，速度不变，但质量减小，其动能变小。
故答案为：3×104；变小。
14．在水平地面上行驶的汽车车厢里挂着一个小球，当出现了如图所示的情景时，绳子对球的拉力和球受到的重力 不是 （选填“是”、“不是”或“可能是”）一对平衡力。汽车在做 加速 （选填“加速”、“匀速”或“减速”）运动。
【分析】（1）根据平衡力及平衡的条件分析解答此题，二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上，这四个条件缺一不可。（2）汽车匀速运动时绳子在竖直方向上；汽车做变速运动时，绳子倾斜；加速小球向后摆，减速小球向前摆。
【解答】解：（1）图中小球受到竖直向下的重力、沿绳子斜向上的拉力，这两个力不在同一条直线上，根据二力平衡条件可知，这两个力不是一对平衡力；
（2）当汽车加速运动时，小球由于惯性要保持原来的运动状态（即小球以原来较小的速度运动），所以小球就向后偏，即根据小球向后偏可知汽车做加速运动。
故答案为：不是；加速。
15．甲、乙两个完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同个鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两个杯子中的液面恰好相平，鸡蛋所处的位置如图所示，鸡蛋在甲容器中受到的浮力是F1，在乙容器中受到的浮力是F2，则F1 ＝ F2， 乙 杯底部所受的液体压力较大。
【分析】根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系；根据p＝ρgh判断对杯底的压强关系，根据F＝pS分析容器底部受到的压力的大小关系。
【解答】解：因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，都等于鸡蛋的重力；鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于悬浮和漂浮状态，因为ρ液＝ρ物时物体悬浮，ρ液＞ρ物时物体漂浮，所以乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度；由于两杯中液面相平，根据p＝ρgh可知，乙杯底受到的压强大于甲杯底受到的压强，底面积相同，根据F＝pS可知，乙杯底部受到的压力大。
故选答案为：＝；乙。
16．（5分）小明利用如图所示实验裴置做“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验，他让同一钢球A分别从斜面上不同的高度由静止开始滑下，观察木块B被撞击后移动的距离S。
（1）该实验小明探究的是动能大小跟 速度 的关系，实验中他控制了钢球的 质量 不变。
（2）钢球沿斜面滚下过程中， 重力势 能转化为动能。
（3）观察木块被撞击后移动距离的长短，是为了判断钢球 动能的大小 ，若水平面绝对光滑，木实验将 不能 （填“能”或“不能”）达到探究目的。
【分析】（1）物体的动能与物体的质量和速度有关，在探究过程中需用控制变量法，根据已知条件判断出控制的变量，便可得出探究的因素；
（2）重力势能的影响因素是质量、高度，动能的影响因素是质量、速度；
（3）实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。实验将不能达到探究目的。
【解答】解：（1）由题意知，同一钢球的质量相同，从不同的高度滚下时，到达水平面的速度不同，可以探究动能大小与物体速度的关系；
（2）钢球沿斜面滚下过程中，因为质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，重力势能转化为动能；
（3）实验中通过木块被钢球推动的距离来比较动能的大小，这是转换法的应用；
若水平面绝对光滑，木块根据牛顿第一定律将做匀速直线运动，不能得到木块被钢球推动的距离的长短不同，故本实验将不能达到探究目的。
故答案为：（1）速度；质量；（2）重力势；（3）动能的大小；不能。
17．（4分）小华同学做“测定滑轮组机械效率”的实验：
（1）实验时，必须 匀速竖直 向上提起弹簧测力计。
（2）小华用如图所示的装置做实验，记录的两组数据如表所示，其中序号 2 的一组有错误。
（3）小华根据第一次实验的数据，计算此滑轮组的机械效率为 91% 。
（4）要想提高滑轮组的机械效率，可采用的方法是 A 。
A.增加钩码的个数
B.增加动滑轮的个数
C.减少钩码上升的高度
D.减少定滑轮的个数
【分析】（1）在实验过程中，为了准确测出拉力，需匀速竖直向上拉动测力计；
（2）判断出承担物重的绳子段数，根据绳端移动距离s和物体上升高度h之间的关系s＝nh进行分析；
（3）根据公式η＝×100%＝×100%，代入数据便可求出；
（4）掌握影响滑轮组机械效率的因素：物体的重力和动滑轮的重力，物体重力越大，动滑轮的重力越小，滑轮组的机械效率越高。
【解答】解：（1）实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，系统处于平衡状态，拉力等于测力计示数；
（2）由图知，滑轮组由3段绳子承担物重，所以s＝3h，而表格2中的数据不符合这个关系，所以2中的数据有错误；
（3）根据第一次实验滑轮组的机械效率为：
η＝×100%＝×100%＝×100%≈91%；
（4）A、增加钩码的个数，可以增加物重，增大有用功，可以提高机械；
B、增加动滑轮的个数，可以增加动滑轮重，增大了额外功，所以会降低机械效率；
C、根据公式η＝×100%＝×100%＝×100%得，机械效率与物体被提的高度无关；
D、定滑轮的个数不会影响有用功和额外功，所以不会影响机械效率。
故答案为：（1）匀速竖直；（2）2；（3）91%；（4）A。
18．（5分）物理兴趣小组的同学，在“探究杠杆平衡条件”实验中：
（1）如图甲，为使杠杆在水平位置平衡，小亮应将右端的平衡螺母向 左 （填“左”或“右”）方向调节，将杠杆调在水平位置平衡其目的是为了方便测量 力臂 。
（2）如图乙，小明将杠杆调在水平位置平衡后，在A位置挂上两个相同的钩码，需在B位置挂上 4 个同样的钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）如图丙，小明改用弹簧测力计在C位置斜向下拉，若每个钩码重1N。当杠杆在水平位置平衡时，测力计的示数将 大于 （填“大于”、“等于”或“小于”）1N。
（4）如图丁，用绳子拴住一根粗细不同的圆木某处，静止后圆木水平平衡。现将圆木从拴绳处沿竖直方向切成A、B两段，根据图丁可判断GA ＞ GB（填“＞”、“＝”或“＜”）。
【分析】（1）调节杠杆平衡的原则是螺母的调节方向是向上翘的那端调节；调节杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接读出力臂的大小；
（2）设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，根据杠杆平衡条件求出即可；
（3）根据操作中引起力臂的变化，根据杠杆平衡条件分析解题；
（4）判断A、B两段圆木的重心位置，分析它们的力臂大小，再根据杠杆平衡条件分析解题。
【解答】解：（1）杠杆右端下沉，说明重心在右边，应将右端的平衡螺母向左方向调节；将杠杆调在水平位置平衡其目的是为了方便测量力臂；
（2）设一个钩码重是G，杠杆分度值是L，需在B位置挂上n个同样的钩码，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2，2G×2L＝nG×L，解得：n＝4即需在B位置挂上4个同样的钩码；
（3）若小明改用弹簧测力计在C位置竖直下拉，根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2，2N×2L＝F×3L，解得：F＝N，
当小明改用弹簧测力计在C位置斜向下拉，拉力F的力臂减小，A点钩码的对杠杆的拉力及其力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，所以测力计的示数大于1N；
（4）将圆木以悬挂点点O分为左右两部分；
根据杠杆平衡条件：F1L1＝F2L2，由题意可得：GALA＝GBLB，
因物体的重心偏向质量大的粗端，则杠杆示意图如图：
由图知：LA＜LB，所以GA＞GB。
故答案为：（1）左；力臂；（2）4；（3）大于；（4）＞。
19．（6分）小明同学在用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”实验时：
（1）小明把调节好的压强计放在空气中时U形管两边的液面保持相平，此时的U形管 不是 （填“是”或“不是”）连通器。
（2）压强计是通过U形管两边液面的 高度差 来反映被测压强大小的。
（3）小明在探究液体压强与深度关系时，发现在同种液体中压强计金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越大，此现象说明同种液体的压强随深度的增加而 增加 。
（4）实验桌上有两只相同的烧杯，分别盛有体积相同的纯净水和酒精。老师告诉小明酒精的密度小于纯净水的密度，希望他用压强计将它们区别开，如图所示，小明将压强计的金属盒先后浸没到甲、乙两杯液体中，分别记下压强计形管两侧的液柱高度差Δh甲和Δh乙，他发现Δh甲＜Δh乙，于是认为甲杯中盛的是酒精。老师指出小明的实验过程是 错误 （填“正确”或“错误”）的，并提出了新的实验思路：将压强计的金属盒先后浸没到甲、乙两杯液体中，使U形管两侧的液柱高度差Δh甲′ ＝ Δh乙′（选填“＜”、“＝”或“＞”），则金属盒浸没深度较 深 （填“深”或“浅”）的液体一定是酒精。
【分析】（1）上端开口，底部相互连通的容器是连通器；
（2）液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
（3）同种液体的压强随深度的增加而增加；
（4）U形管两边液面的高度差的大小，表示液体内部压强的大小，由于液体密度不同，要使高度差相等，根据p＝ρgh分析解答。
【解答】解：（1）上端开口，底部相互连通的容器是连通器，故压强计U形管不是连通器；
（2）根据转换法，压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，高度差越大说明此时液体的压强越大；
（3）通过实验发现在同种液体中压强计金属盒离液面的距离越深，U形管两边液柱的高度差就越大，说明液体内部的压强越大，此现象说明同种液体的压强随深度的增加而增大；
（4）由甲、乙两图知，液体密度不同，橡皮膜所处的深度也不同，所以得不出正确的结论；
由于液体密度不同，要使压强计的高度差相等，根据p＝ρgh知液体的密度和液体的深度成反比，所以酒精的密度小，深度大。
故答案为：（1）不是；（2）高度差；（3）增加；（4）错误；＝；深。
20．（6分）在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，实验过程如图所示，其中弹簧测力计示数的大小关系是：F1＞F2＞F3，F3＜F4，水的密度用ρ水表示。
（1）比较 乙丙 两图可知，浮力的大小跟物体排开液体的体积有关。
（2）比较丙、丁两图可知，浮力的大小跟 液体的密度 有关。
（3）分析甲、丙两图可得，物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝ F1﹣F3 ，物体的密度ρ物＝ 。
（4）深入分析丙、丁两图，比较水对烧杯底的压强p水和某液体对烧杯底的压强p液的大小关系，则p水 ＞ p液。
【分析】（1）（2）浮力大小与排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与什么因素有关时，应找出不变的量和变化的量，研究浮力与变化量的关系；
（3）根据F浮＝G﹣F计算出在水中受到的浮力；根据阿基米德的变形公式V排＝计算出物体的体积，根据密度公式表示出密度；
（4）根据称量法和弹簧测力计示数的大小判断出两种液体中浮力的大小，由阿基米德原理判断出液体密度的大小，根据压强公式p＝ρgh判断出p水与p液的关系。
【解答】解：
（1）要探究浮力的大小跟物体排开液体体积的关系，需要控制液体的密度相同，改变排开液体的体积，图乙丙符合题意；
（2）由丙丁图知排开液体的体积都等于物体的体积，保持不变，排开液体的密度不同，物体受到的浮力不同，所以，比较图丙丁可知，物体受到的浮力大小与液体的密度有关；
（3）分析甲、丙两图可得，物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝F1﹣F3，
由F浮＝ρ液gV排可知，物体的体积：V＝V排＝＝，
根据G＝mg得，
物体的质量为：m＝＝，
物体的密度为：ρ物＝＝＝；
（4）根据称量法知水中浮力为：F浮水＝F1﹣F3，液体中浮力为：F浮液＝F1﹣F4，
因为F3＜F4，
所以：F浮水＞F浮液，
根据F浮＝ρ液gV排可知，在排开液体体积相同时，水的密度大于液体的密度，
由图知丙丁的深度相同，
根据压强公式p＝ρgh判断出p水＞p液。
故答案为：（1）乙丙；（2）液体的密度；（3）F1﹣F3；；（4）＞。
21．（7分）工人师傅用如图所示的滑轮组匀速提升重为600N的物体G，所用拉力F为250N，将重物提升5m所用时间为10s。
求：（1）拉力F的功率
（2）该滑轮组的机械效率。
【分析】（1）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs计算出总功，再利用P＝求拉力的功率。
（2）利用W有＝Gh可计算出有用功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh＝3×5m＝15m，
拉力所做的总功为：W总＝Fs＝250N×15m＝3750J，
拉力的功率为：P＝＝＝375W；
（2）拉力做的有用功为：W有＝Gh＝600N×5m＝3000J，
滑轮组的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝80%。
答：（1）拉力F的功率为375W；
（2）该滑轮组的机械效率为80%。
22．（7分）如图所示，一个物体重10N，用弹簧测力计悬挂着，完全浸没在圆柱形容器的水中，容器厚度不计，放在水平桌面上，底面积S＝100cm2，将物块浸没水中后，容器内水面由h＝16cm上升到h＝20cm。（g取10N/kg）
求：（1）物块未放入水中时，容器底受到水的压力。
（2）物块浸没在水中时受到的浮力。
【分析】（1）物块未放入水中时，由于水的深度已知，所以由p＝ρgh求出容器底受到的水的压强，利用F＝pS求出容器底受到水的压力；
（2）容器底面积已知，物体完全浸没时，水面上升的高度已知，可以得到物体排开水的体积，利用公式F浮＝ρ液gV排，就可以算出物体受的浮力。
【解答】解：（1）物块未放入水中时，深度h＝16cm＝0.16m，
则容器底受到的水的压强为：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.16m＝1.6×103Pa，
则根据p＝可得容器底受到水的压力：
F＝pS＝1.6×103Pa×100×10﹣4m2＝16N；
（2）物体浸没在水中，水面上升的高度为
△h＝h′﹣h＝0.2m﹣0.16m＝0.04m，
物体排开水的体积为：
V排＝S△h＝1×10﹣2m2×0.04m＝4×10﹣4m3，
则物体所受浮力为：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣4m3＝4N。
答：（1）物块未放入水中时，容器底受到水的压力为16N。
（2）物块浸没在水中时受到的浮力为4N。
实验序号
拉力F/N
钩码重G/N
绳自由端提升的距离s/m
钩码上升的高度h/m
1
1.1
3
0.24
0.08
2
0.7
2
0.12
0.46
实验序号
拉力F/N
钩码重G/N
绳自由端提升的距离s/m
钩码上升的高度h/m
1
1.1
3
0.24
0.08
2
0.7
2
0.12
0.46