2021年湖南省永州市江华县中考物理一模试卷(解析版及原卷版)

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1．（2分）下列估测值最接近实际的是（ ）。
A．人步行的速度约为10m/s
B．一个乒乓球的重力约是10N
C．常用水银体温计的长度约为12cm
D．小华寒假期间响应国家号召，一直呆在家里学习，估计体重增加了2t
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
【解答】解：A、人步行的速度约为1m/s，故A不合实际；
B、一个乒乓球的质量约3g＝0.003kg，受到的重力约G＝mg＝0.003kg×10N/kg＝0.03N，故B不合实际；
C、常用水银体温计的长度约为12cm左右，故C符合实际；
D、2t＝2000kg，而中学生的体重大约为50kg，所以其体重不可能增加2t，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2．（2分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）。
A．声音在不同介质中的传播速度都相同
B．物体振动的越快，发出的音调越低
C．声音可以传递信息，但不能传递能量
D．在教学楼周围植树可减少外界噪声对同学们在教室内学习的干扰
【分析】（1）声音在不同介质中的传播速度一般不同；
（2）音调的高低与频率有关；
（3）声音即可传递信息，又可以传递能量；
（4）防治噪声的途径有三条：防止噪声的产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳。
【解答】解：
A、声音在不同介质中的传播速度一般不同，故A错误；
B、音调的高低与频率有关，频率越快，音调越高，故B错误；
C、声音可以传递信息，也可以传递能量，故C错误；
D、在教学楼周围植树，可以阻断噪声的传播途径，减少噪声对同学们在教室内学习的干扰，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查了音调的理解、控制噪声方式的理解、声音的利用和声速的理解，是一道综合性的声学问题，但难度不大。
3．（2分）“眼睛是心灵的窗户”。在抗击新型冠状病毒期间，戴眼镜的同学佩戴口罩，眼镜片有时会出现起“雾”现象，干扰视线造成了不便，所以同学们一定要保护好视力。关于镜片上的“雾”，下列正确的是（ ）。
A．“雾”是气体
B．“雾”是汽化形成的
C．“雾”的产生过程放出热量
D．一段时间后，“雾”消失不见了，是升华现象
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。液化放热。
【解答】解：A、“雾”是小水滴，属于液体，故A错误。
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B错误。
C、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，液化放热，故C正确。
D、“雾”消失不见了，是小水滴的汽化现象，故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4．（2分）下列有关光现象的表述正确的是（ ）。
A．驾驶员看到后视镜中的景物是由于光的折射
B．小张同学的近视眼镜片是凹透镜，对光有会聚作用
C．“小孔成像”是由于光的反射
D．水中的鱼看起来比实际的浅是由于光从水中斜射入空气中发生了折射
【分析】（1）光在传播的过程中遇到障碍，就会发生光的反射，平面镜成像的原理就是光的反射，我们能够看到不发光的物体也是由于光的反射；
（2）近视眼镜是凹透镜；凹透镜对光线具有发散作用；
（3）光在同种均匀介质中沿直线传播；
（4）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫做光的折射。
【解答】解：A、凸面镜对光线有发散作用，能够扩大视野，通常用来制作汽车观后镜，通过汽车后视镜观察到后面的景物，这是光的反射现象，故A错误；
B、因为凹透镜对光有发散作用，所以近视眼镜的镜片采用凹透镜，故B错误；
C、“小孔成像”是由于光的直线传播形成的，故C错误；
D、水中的鱼反射的光线由水中斜射到空气中时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得水中的鱼变浅了，故D正确；
故选：D。
【点评】此题考查的是我们生活中光现象原理的判断，光的直线传播、光的反射和光的折射是中考时必考的知识点。
5．（2分）小达同学查密度表知道冰的密度是0.9×103kg/m3，水的密度是1.0×103kg/m3，他将一质量为200g的冰块放入空玻璃杯中，待冰完全熔化后，水的体积为（ ）。
A．220cm3B．200cm3C．190 cm3D．180cm3
【分析】质量是物体的一种属性，质量不随物体状态的改变而改变，所以冰熔化成水后，质量不变；再根据密度公式变形可求水的体积。
【解答】解：质量是物体的一种属性，与物体的状态无关，故冰熔化后质量保持不变，即水的质量m水＝m冰＝200g；
水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3＝1g/cm3，
由ρ＝可得，水的体积：
V水＝＝＝200cm3。
故选：B。
【点评】本题考查了质量的特点及密度公式的应用，难度适中。
6．（2分）江华县初中体育毕业考试有足球项目，关于同学们在足球运动中涉及到的物理知识，下列说法正确的是（ ）。
A．踢足球时，对足球的作用效果与力的大小、方向、作用点都有关
B．足球在空中飞行的过程中不受重力的作用
C．为了能跑得更快一点，同学们所穿鞋的鞋底越光滑越好
D．地面上滚动的足球，最终会停下来，说明维持物体的运动需要力的作用
【分析】（1）力的大小、力的方向和力的作用点是力的三要素，力的三要素都影响力的作用效果。
（2）地球附近的物体都受重力作用。
（3）两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力；没有摩擦力，人们将无法行走。
（4）力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持。
【解答】解：A、踢足球时，对足球的作用效果与力的大小、方向、作用点都有关，故A正确；
B、地球附近的物体都受重力作用，足球在空中飞行过程中仍受重力作用，故B错误；
C、因为力的作用是相互的，所以人通过鞋给地面一个向后的作用力，地面也给鞋一个大小相等向前的静摩擦力，使人行走；如果没有静摩擦力，人不会受到向前的摩擦力，所以我们寸步难行，故C错误；
D、地面上滚动的足球，最终会停下来是因为足球受到阻力，物体的运动不需要力来维持，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了力的三要素、重力、摩擦力、力与运动的关系等知识的理解，综合题，难度不大。
7．（2分）把同一个鸡蛋先后放入到盛有密度为ρ甲、ρ乙的甲、乙两种液体的烧杯中，如图所示，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，则鸡蛋在甲、乙中受到的浮力分别F甲和F乙，则下列说法正确的是（ ）。
A．ρ甲＞ρ乙；F甲＝F乙B．ρ甲＜ρ乙；F甲＝F乙
C．ρ甲＞ρ乙；F甲＞F乙D．ρ甲＜ρ乙；F甲＞F乙
【分析】同一个鸡蛋无论漂浮或悬浮，其浮力都等于排开液体的重力，也等于自身的重力；在浮力相同时，排开的液体体积越大，说明液体的密度是越小的。
【解答】解：
因为同一个鸡蛋在甲、乙两杯液体中分别处于悬浮和漂浮状态，所以，浮力都等于自身的重力，则鸡蛋在甲、乙两杯液体中受到的浮力F甲＝F乙；
根据F浮＝ρ液gV排可知，在浮力相同时，甲杯中的V排大，所以液体的密度ρ甲＜ρ乙。
故选：B。
【点评】此题考查物体的浮沉条件及其应用，判断此题的顺序应该是先根据浮沉条件明确浮力相等，再根据阿基米德原理、结合图来分析液体的密度。
8．（2分）人造卫星在大气层外运行时，不受空气阻力，只有动能和势能的转化，因此机械能守恒。关于卫星运动过程中的能量说法正确的是（ ）。
A．卫星在远地点时动能最大
B．卫星在近地点时势能最大
C．卫星从远地点向近地点运动的过程中动能转化为势能
D．卫星从远地点向近地点运动的过程中动能增大
【分析】（1）在太空中，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒。
（2）势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，势能越大。
（3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
【解答】解：
AB、卫星在远地点时，相对高度最大，势能最大；在近地点时，速度最大，动能最大，故AB错误；
CD、当卫星从远地点向近地点运行的过程中，卫星没有受到阻力作用，其机械能守恒（机械能不变），质量不变，高度减小，速度变大，动能变大，重力势能减小，重力势能转化为动能，所以卫星从远地点向近地点运动的过程中动能增大，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】掌握动能、重力势能的影响因素，理解重力势能和动能的转化可从高度和速度来理解，可以帮助我们更好的理解能量的转化。
9．（2分）下列对有关现象的描述，正确的是（ ）。
A．图甲，水蒸气冲开橡胶塞，内能转化为机械能
B．图乙，海波正在熔化时，温度上升
C．图丙，寒冷的冬天，人们常搓手是利用热传递方式改变内能
D．图丁，向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面的过程，测力计示数保持不变
【分析】（1）对物体做功，机械能转化为内能；物体对外做功，将内能转化为机械能。
（2）晶体在熔化时不断吸收热量，但温度不变。
（3）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的主要区别是：做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
（4）分子间同时存在着引力和斥力，当分子距离较近时表现为斥力，当分子间距离较远时表现为引力，玻璃板和水分子之间存在引力。
【解答】解：A、给装水的试管加热，水沸腾后水蒸气将橡胶塞冲开，水蒸气的内能转化成橡胶塞的机械能，故A正确；
B、海波属于晶体，海波在熔化时不断吸收热量，但温度不变，故B错误；
C、寒冷的冬天，人们双手摩擦时，双手克服摩擦做功，机械能转化为手的内能，此过程是通过做功的方式改变手的内能。故C错误；
D、因为玻璃分子和水分子之间存在引力，所以向上拉浸没在水中的玻璃板直至脱离水面的过程，测力计示数将变大，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了能量的转化、晶体和非晶体的区别、做功改变物体的内能、分子间的作用力等，重点考查物理规律在生产生活中的应用，要求学生能准确的用所学理论解释相关现象。
10．（2分）两个悬挂着的轻质小球，相互作用情况如图所示，已知A球带正电荷，则B球（ ）。
A．一定带正电
B．一定带负电
C．可能带正电，也可能不带电
D．可能带负电，也可能不带电
【分析】电荷间的作用规律：同种电荷互相排斥、异种电荷互相吸引。带电体可以吸引轻小物体。
【解答】解：由题知，A、B为两个轻质小球，A球带正电荷，B球可能带电、也可能不带电；
由图可知，A吸引B，说明B球可能与A球带异种电荷（即B球可能带负电荷），B球也可能不带电，故只有D说法正确。
故选：D。
【点评】本题考查电荷间的相互作用以及带电体可以吸引轻小物体的性质，难度不大。
11．（2分）有关欧姆定律的公式I＝和变形公式R＝，下列说法正确的是（ ）。
A．导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比
B．导体中的电流，跟导体的电阻成正比，跟导体两端的电压成反比
C．导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零
D．导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流都有关
【分析】电阻是导体本身的一种性质，它与两端的电压和通过电流无关，R＝这个导出公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值。
【解答】解：
AB、根据欧姆定律可知，导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故A正确，B错误；
CD、因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当电压为0时，导体的电阻不变，故CD错误。
故选：A。
【点评】本题考查我们对欧姆定律导出公式R＝的理解，要注意公式R＝只是表示出了三者之间的数值关系，而并非是它们间的正、反比关系。
12．（2分）“珍爱生命，人人有责”，我们都要树立安全防范意识。下列做法属于安全行为的是（ ）。
A．为了清洁卫生，应经常用湿布擦拭正在工作的台灯
B．家用电器着火，立即切断电源
C．一个多孔插线板可以同时使用多个大功率用电器
D．使用试电笔辨别火线、零线时，用手接触笔尖的金属体
【分析】根据安全用电的要求，不能用湿布擦拭电器；发生触电事故或维修电路时，应先切断电源；多个大功率用电器不能同时使用；正确使用测电笔：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线。手千万不要接触笔尖金属体。
【解答】解：A、生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的台灯易引发触电事故，故A错误；
B、家用电器着火，立即切断电源，以防火势蔓延，以及发生触电，符合安全用电的要求，故B正确；
C、一个多孔插线板若同时使用多个大功率用电器，会造成总电流过大，易引发火灾，故C错误；
D、用试电笔辨别火线和零线时，手应接触笔尾金属体，故D错误。
故选：B。
【点评】了解安全用电常识，并能在生活中加以运用，既是解答此题的关键，也有一定的现实意义。
13．（2分）下列四幅图都是有关电与磁的知识，其中描述正确的是（ ）。
A．图甲，奥斯特实验说明了通电导线周围存在磁场
B．图乙，闭合开关通电螺线管右端为N极
C．图丙是电动机的原理图
D．图丁是发电机的原理图
【分析】（1）奥斯特实验表明电流周围存在磁场。
（2）知道螺线管的电流方向，根据安培定则判断螺线管的磁极。
（3）电路中无电源，是发电机工作原理图。
（4）电路中有电源是电动机的工作原理图。
【解答】解：A、如图是奥斯特实验，导线中有电流通过时，小磁针发生偏转，所以奥斯特实验表明电流周围存在磁场，故A正确。
B、闭合开关，电流从螺线管的右端进入，从左端流出，根据安培定则，可以判断螺线管的左端为N极，右端为S极，故B错误。
C、如图，通过闭合电路一部分线圈，磁场中做切割磁感线运动，线圈中产生感应电流，使小灯泡发光，这是发电机工作原理图，故C错误。
D、如图，导体ab中通有电流，导体ab在磁场中受力而运动，这是电动机的工作原理图，故D错误。
故选：A。
【点评】发电机和电动机的工作原理图非常相似，电路中无电源的是发电机工作原理图，电路中有电源的是电动机工作原理图。
14．（2分）下列说法正确的是（ ）。
A．上网用的wifi其实是电磁波，传播速度是340m/s
B．手机间通话靠超声波传递
C．电磁波可以在真空中传播
D．电磁波只能传递声音信号，不能传递图像信号
【分析】（1）电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；
（2）移动通信是利用电磁波传递信息的；
（3）电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播；
（4）电磁波既可以传递声音信号，也可以传递图像信号。
【解答】解：A、上网用的wifi其实是电磁波，电磁波在空气中的传播速度约为3×108m/s，故A错误；
B、手机间通话靠电磁波传递信息。故B错误；
C、电磁波可以在真空中传播，故C正确；
D、电磁波作为载波使用时，既可以传递声音信号，也可以传递图像信号，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波的传播速度、应用及传播条件等问题，是一道基础题。
15．（2分）关于能源，下列说法中正确的是（ ）。
A．煤、石油、天然气是可再生能源，是一次能源，又是常规能源
B．太阳能是不可再生能源，是一次能源，又是新能源
C．原子弹与核电站都是利用核裂变的链式反应，核聚变目前不可控制
D．能源的利用过程是可逆的，消耗掉的能量可收集起来再利用
【分析】（1）直接从自然界获得而不需要加工转化，它们都属于一次能源；能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；
（2）根据太阳能的特点进行分析；
（3）核能的利用通过核裂变和核聚变两种方式，例如：核能发电、原子弹是利用核裂变，太阳、氢弹是核聚变；
（4）能量在转化中具有方向性。
【解答】解：
A、煤、石油、天然气属于一次能源，是不可再生能源，故A错误；
B、太阳能是一种新型的无污染的可再生能源，取之不尽的能源，可直接利用且对环境的污染小，前景广阔，故B错误；
C、原子核通过核聚变和核裂变释放核能，核能发电是利用可控的核裂变，氢弹爆炸是利用核聚变，是不可控制的，故C正确；
D、能量的转移与转化具有方向性，如消耗掉的内能不能收集起来再利用，因此要节约能源，故D错误。
故选：C。
【点评】本题涉及的知识点较多，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题。
16．（2分）疫情期间，手持式电子测温仪最为常见，如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻；在测人的体温时，当被测温者体温较高时，显示仪的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（ ）。
A．显示仪是由电流表改装成的
B．被测温者温度越高，电路消耗的电功率越大
C．热敏电阻R随着温度的升高阻值增大
D．将R0更换为阻值更大的电阻，测相同温度，显示仪示数变小
【分析】根据电路图可知，R与R0串联，显示仪与R0并联；
（1）根据电流表和电压表的正确使用确定显示仪是电流表还是电压表；
（2）根据电压表示数和欧姆定律可知电路电流的变化，再根据P＝UI可知电路消耗的电功率的变化；
（3）根据串联电路分压的特点和欧姆定律可知热敏电阻随温度的变化；
（4）当温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，若将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知显示仪示数的变化。
【解答】解：A、因为显示仪与R0并联，所以显示仪是电压表，故A错误；
B、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流越大，由P＝UI可知，电路消耗的功率也越大，故B正确；
C、被测温者温度越高，说明电压表示数越大，由欧姆定律可知，电路电流变大，由串联电路电压特点可知，R两端电压越小，由R＝可知，热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，故C错误；
D、温度相同，说明热敏电阻的阻值不变，将R0更换为阻值更大的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变大，因此显示仪示数会变大，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是题干中获取有效的信息，难度不大。
二、填空题（每题2分，共22分。）
17．（2分）身高1.70m的小磊同学站在竖直放置的平面镜前1m处，若小磊远离平面镜，则他的像的大小将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【分析】根据平面镜成像特点，平面镜所成的像与物体大小相同，像与物体关于平面镜对称，像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相同。
【解答】解：因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，小磊远离平面镜，他的像的大小将不变。
故答案为：不变。
【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。
18．（2分）在探究凸透镜成像规律时，在调节好凸透镜、光屏和烛焰的位置后，如果凸透镜焦距为10cm，物距为15cm，移动光屏，可以在光屏上得到一个倒立、 的实像。
【分析】物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距。
【解答】解：凸透镜焦距为10cm，物距为15cm，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
故答案为：放大。
【点评】凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题中重要依据，一定要熟练掌握。
u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。
u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。
19．（2分）小明和家人一起开车外出，坐在小轿车上的小明看到前方一辆同向行驶的大客车向自己“倒退”而来，这是因为小明以 （选填“小轿车”或“大客车”或“地面”）作为参照物的缘故。
【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：
小轿车和大客车同向行驶，小轿车的速度很快，大客车速度很慢，小轿车和大客车之间距离越来越小，以小轿车为参照物，大客车向小轿车“倒退”而来。
故答案为：小轿车。
【点评】此题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
20．（2分）如图，底面积为0.02m2的容器，装有质量5kg，深0.2m的水，放在水平桌面上，则水对容器底部的压力为 N。（g＝10N/kg）
【分析】已知水的深度，根据公式p＝ρgh可求水对容器底部的压强，最后利用公式F＝pS可求水对容器底部的压力。
【解答】解：水对容器底部的压强：p＝ρgh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa；
由p＝可得，水对容器底部的压力：F＝pS＝2000Pa×0.02m2＝40N。
故答案为：40。
【点评】此题考查的是液体压强、压力的计算，注意先后顺序：先计算压强（p＝ρgh），后计算压力（F＝pS）。
21．（2分）重力为100N的物体在大小为20N的水平拉力作用下，5s内沿水平地面前进了2m，则拉力做功的功率为 W。
【分析】已知拉力和前进的距离，根据公式W＝Fs可求拉力做的功；又知道做功时间，根据公式P＝可求功率。
【解答】解：拉力做的功：
W＝Fs＝20N×2m＝40J，
拉力做功的功率：P＝＝＝8W。
故答案为：8。
【点评】本题考查功和功率的计算，属于基础题。
22．（2分）内燃机的一个工作循环有四个冲程，其中能将内能转化为机械能的是 冲程。
【分析】内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能。
【解答】解：
内燃机的四个冲程中，实现将机械能转化为内能的是压缩冲程；实现将内能转化为机械能的是做功冲程；
故答案为：做功。
【点评】本题考查了内燃机四冲程的能量转化，是比较基本的问题，要重点掌握。
23．（2分）安装家庭电路时，开关与用电器串联，然后开关的另一端接在 上（选填“火线”或“零线”）。
【分析】为了有效的控制用电器，保证维修人员的安全，开关和开关控制的用电器之间是串联的，开关必须与火线相连。
【解答】解：安装家庭电路时，开关应与所控制的用电器串联，然后开关的另一端接在火线上，这样开关断开时，用电器不带电，保证了维修人员的安全，
故答案为：火线。
【点评】掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、开关和用电器之间、开关和插座之间的连接方法。
24．（2分）导体两端电压为15V，此时通过导体的电流为3A，若导体两端的电压为18V，此时导体的电阻为 Ω。
【分析】（1）已知电阻两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
（2）电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：（1）根据I＝可得导体的电阻为：
R＝＝＝5Ω；
（2）因电阻与两端的电压和通过的电流无关，所以若导体两端的电压为18V时，导体的电阻仍为5Ω。
故答案为：5。
【点评】知道导体的电阻与导体两端的电压无关，会灵活应用欧姆定律进行计算。
25．（2分）甲、乙两个定值电阻，甲标有“16Ω 1.5A”、乙标有“22Ω 0.5A”。现把它们串联起来，为保证电阻工作安全，则该串联电路两端允许加的最大电压为 V。
【分析】串联电路电流处处相等。若将两个电阻串联起来，为保证电阻工作安全，则电流只能取0.5A，因为取1.5A，乙电阻会被烧坏；然后算出两个电阻的总电阻，最后用公式U＝IR算出电源电压。
【解答】解：
若两电阻串联起来，则电流只可取0.5A，
电路的总电阻：R总＝R甲+R乙＝16Ω+22Ω＝38Ω，
∵I＝，
∴电路的最大电压：U总＝IR总＝0.5A×38Ω＝19V。
故答案为：19。
【点评】此题考查的是串联电路中用电器的工作电流与规格的关系，解决此类问题的一般规律是：“面面俱到，照顾弱小”。
26．（2分）如图所示是一种“闯红灯违规证据收集器”的工作原理图，光控开关接收到红光时会自动闭合，压敏电阻若同时受到车的压力，其阻值变小，电磁铁的磁性因电路中电流的改变而变强，当电流变化到一定值时，衔铁与触点 （选填“1”或“2”）接触，电控照相机工作，拍摄违规车辆。
【分析】通过违规车辆对压敏电阻压力的增大，引起了压敏电阻阻值的变化，导致了电路中电流的变化；电流的变化引起了电磁铁的磁性强弱发生了变化，进而导致了工作电路的接通。
【解答】解：电磁铁的磁性与电流有关，并且电流越大磁性越强，压敏电阻受到车的压力，其阻值变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，所以电磁铁的磁性会增强。当电流增大到一定程度时，电磁铁会将衔铁吸下，使其与触点2接触，导致了电控照相机所在的电路接通，照相机会对违规车辆进行拍照。
故答案为：2。
【点评】要使照相机工作，首先要同时具备两个条件：红灯亮起，光控开关因接收到红光而闭合；车辆要违规行驶，压上压敏电阻。两个条件同时具备，缺一不可。
27．（2分）右图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器的中点时，电压表的示数为4V；当滑片P置于滑动变阻器的b端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，则滑动变阻器R先后两次消耗的电功率之比为 。
【分析】根据电路图可知，闭合开关S，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流。
当滑片P置于滑动变阻器的b端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，根据串联电路电压规律以及Q＝W＝t即可求出R1的阻值；
当滑片在b点时，根据串联电路电压规律和欧姆定律即可求出电路中的电流，当滑片在中点时，根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，根据P＝UI即可求出R先后两次消耗的电功率之比。
【解答】解：根据电路图可知，闭合开关S，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流。
当滑片P置于滑动变阻器的b端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为60J，由Q＝W＝t可得：R1＝t＝×10s＝6Ω，
当滑片在b点时，电路中电阻最大，电流最小，电路中的电流：I＝I1＝＝＝1A，
滑片在中点时，电路中的电流：I′＝I1′＝＝＝A，
由P＝UI可得，R先后两次消耗的电功率之比：＝＝＝＝8：9。
故答案为：8：9。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及电功、功率计算公式的应用，有一定难度。
三、作图、实验探究题（每图或每空2分，共32分）
28．（2分）用力F将物体紧压在竖直的墙壁上，请在图中画出物体所受重力的示意图。
【分析】重力的方向总是竖直向下的、重力的作用点在物体的重心，从重心沿竖直向下的方向画一带箭头的线段，表示重力的大小、方向。
【解答】解：从物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，符号用G表示；如图所示：
【点评】本题考查了重力的示意图的画法，记住重力的方向是竖直向下的。
29．（2分）如图所示，O为凸透镜的光心，F为焦点，请将图中两条光线的光路补充完整。
【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：
通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，如图所示：
【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
30．（2分）如图所示通过滑轮组向下用力提升重物，请用笔画线组装滑轮组。
【分析】根据向下用力的要求先确定绳子的末端，然后顺次绕线。
【解答】解：根据拉力方向向下先确定末端拉力，然后依次绕线，如图所示：
。
【点评】此题考查了有关滑轮组的组装，在绕线时有时根据绳子的末端拉力确定滑轮组的绕线，有时根据承担物重的绳子段数来确定滑轮组的绕线，遵循奇动偶定的原则。
31．（8分）小华用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力。
（1）本实验需要用到天平这一测量工具，目的是控制水和煤油的 相同。
（2）加热10min，水吸收的热量 （填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量；
（3）根据实验数据，小华作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像（如图乙），由图像可知，煤油的比热容是 J/（kg•℃）[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（4）若本实验共消耗酒精25g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是 J。（q酒＝3.0×107J/kg）
【分析】（1）（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）由水和煤油的温度随加热时间变化的图像求出升高30℃煤油和水的用时，根据c＝求出煤油的比热容。
（4）根据Q＝mq酒求出这些酒精完全燃烧放出的热量。
【解答】解：（1）根据控制比较不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故本实验需要用到天平这一测量工具，目的是控制水和煤油质量相等。
（2）加热10min，根据转换法，水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
（3）根据如图乙作出的水和煤油的温度随加热时间变化的图像可知，升高30℃，煤油用时10min，水用时20min，
由转换法，煤油吸热是水的＝倍，根据c＝可知，煤油的比热容：
c＝×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）。
（4）若本实验共消耗酒精30g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是：
Q＝mq酒＝25×10﹣3 kg×3.0×107J/kg＝7.5×105J。
故答案为：（1）质量；（2）等于；（3）2.1×103；（4）7.5×105。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及c＝、Q＝mq酒公式的运用，为热学中的重要实验。
32．（8分）如图是探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验装置，实验所用的长木板，一面比较光滑，另一面比较粗糙。同学们根据猜想进行了实验，得出数据如下表所示：
（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做 运动，根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等。
（2）由实验序号 可以探究滑动摩擦力的大小是否和接触面所受的压力有关。
（3）由实验序号②③可得到的结论是：滑动摩擦力的大小和接触面的 有关。
（4）根据你在本实验中的收获，请写出一种避免汽车在冰雪路面上行驶时出现打滑现象的具体做法： 。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）汽车在冰雪路面上行驶时出现打滑，说明摩擦力过小，增大压力和增大接触面粗糙程度可增大摩擦力。
【解答】解：
（1）实验时，用弹簧测力计水平拉动木块，使它沿长木板做匀速直线运动，根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计的示数与滑动摩擦力的大小相等；
（2）木块个数越多，对支持面的压力越大，研究滑动摩擦力大小与接触面所受的压力的关系，要控制接触面粗糙程度相同，只改变压力大小，故由实验序号①②可以探究滑动摩擦力的大小是否和接触面所受的压力有关；
（3）由实验序号②③知，压力相同，但接触面粗糙程度不同，故可得到的结论是：滑动摩擦力的大小和接触面的粗糙程度有关；
（4）汽车在冰雪路面上行驶时出现打滑，说明摩擦力过小，为增大摩擦，可现象的具体做法：在路上撒煤渣、在汽车上增加货物的重力给、车轮装上防滑链等。
故答案为：（1）匀速直线；（2）①②；（3）粗糙程度；（4）在路上撒些煤渣。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
33．（10分）物理老师为测量小灯泡额定功率准备了如下器材：电源（电压恒为6V）、开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（20Ω 1A）、导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲连接完整；
（2）连接好电路后，开关闭合前，滑片应滑到如图甲所示的滑动变阻器的 端；（选填“左”或“右”）
（3）连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W；
（4）小陈同学为了验证电流跟电阻的关系，他又拿来了一个滑动变阻器（50Ω 0.5A）和五个定值电阻（5Ω 10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），其余器材不变。用定值电阻替换甲图中的小灯泡，得到如图丙所示的电流随定值电阻变化的图像，则实验中他所选用的滑动变阻器是 （选填字母）。
A.“20Ω 1A”
B.“50Ω 0.5A”
若某次实验中滑动变阻器连入阻值为14Ω，则所用定值电阻的阻值为 Ω。
【分析】（1）变阻器按一下一上连入电路中与灯串联；
（2）闭合开关前，为保护电路，变阻器滑片应置于阻值最大处；
（3）根据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系可知灯在额定电压下的电流，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，由图丙得出电流与电阻之积；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。若变阻器连入的阻值为14Ω，由欧姆定律求出电路的电流，由欧姆定律，得出所用定值电阻的阻值。
【解答】解：（1）变阻器按一下一上连入电路中与灯串联，如下所示：
（2）闭合开关前，为保护电路，变阻器滑片应置于阻值最大处，即最右端；
（3）根据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系知，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
（4）研究电流跟电阻的关系，要控制电阻的电压不变，根据图丙的电流随定值电阻变化的图像，电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V，控制的电压为2.5V；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝1.4倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝1.4×25Ω＝35Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器，则实验中他所用的滑动变阻器是50Ω，0.5A，选B；
若变阻器连入的阻值为14Ω，由欧姆定律，电路的电流为：
I＝＝＝0.25A，由欧姆定律，则所用定值电阻的阻值为：
R定＝＝＝10Ω；
故答案为：（1）见解答；（2）右；（3）0.625；（4）B；10。
【点评】本题“测量小灯泡额定功率”，考查电路连接、注意事项、额定功率计算和串联电路的规律及欧姆定律的运用。
四、计算题（第34题6分，第35题8分，共计14分。要求写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分。）
34．（6分）如右图所示为我国自主研发的全球最大的水陆两栖飞机AG600，该飞机的最大飞行速度为500km/h，最大航程为4500km。某次起飞前，飞机静止在水平跑道上，总质量为51t（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）。求：
（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压力是多少？
（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1800km所需要的最短时间是多少？
（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，飞机漂浮在水面上时排开水的体积是多少？
【分析】（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小；
（2）根据v＝求出飞机在空中直线飞行1800km所需要的最短时间；
（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，飞机受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮＝ρ液gV排求出飞机漂浮在水面上时排开水的体积。
【解答】解：（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压力：
F＝G＝mg＝51×103kg×10N/kg＝5.1×105N；
（2）由v＝可得，飞机在空中直线飞行1800km所需要的最短时间：
t＝＝＝3.6h；
（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，则飞机受到的浮力：
F浮＝G＝5.1×105N，
由F浮＝ρ液gV排可得，飞机漂浮在水面上时排开水的体积：
V排＝＝＝51m3。
答：（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压力是5.1×105N；
（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1800km所需要的最短时间是3.6h；
（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，飞机漂浮在水面上时排开水的体积为51m3。
【点评】本题考查了重力公式和速度公式以及物体浮沉条件、阿基米德原理的应用，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
35．（8分）下表是小明和妈妈制作美食时使用的电烤箱铭牌，高温挡额定功率模糊不清。如图虚线内所示是电烤箱内部的简化电路图，R1和R2均为电热丝，R2＝60.5Ω。求
（1）电烤箱在低温挡正常工作15min电流做的功；
（2）R1的阻值；
（3）若家庭电路中只有电烤箱在高温挡工作，发现标有“3000imp/（kW•h）”的电能表的指示灯闪烁162次共用时4min，求电烤箱的实际电功率。
【分析】（1）知道低温挡功率、工作时间，利用W＝Pt求电烤箱在低温挡正常工作15min电流做的功；
（2）由图可知，开关接1时，R1与R2串联，总电阻最大，由P＝可知总功率最小，此时电烤箱处于低温挡，利用P＝求此时电路的总电阻，再利用串联电路的电阻特点求R1的阻值；
（3）3000imp/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的指示灯闪烁3000次，据此求指示灯闪烁162次时电烤箱消耗的电能，再利用P＝求电烤箱在高温挡的实际功率。
【解答】解：（1）电烤箱在低温挡正常工作时间t＝15min＝900s，
由P＝ 可得，电烤箱在低温挡正常工作15min电流做的功：
W＝P低t＝400W×900s＝3.6×105J；
（2）由图可知，开关接1时，R1与R2串联，总电阻最大，由P＝ 可知总功率最小，
电烤箱处于低温挡。
此时电路的总电阻：R＝＝121Ω；
R1的阻值：R1＝R﹣R2＝121Ω﹣60.5Ω＝60.5Ω；
（3）指示灯闪烁162次，电烤箱消耗的电能：W＝＝0.054kW•h，
工作时间：t＝4min＝ h，
电烤箱在高温挡的实际功率：P＝＝＝0.81kW＝810W。
答：（1）电烤箱在低温挡正常工作15min电流做的功为3.6×105J；
（2）R1的阻值为60.5Ω；
（3）电烤箱的实际电功率为810W。
【点评】本题考查了电能和电功率的计算，灵活应用电功率的公式、知道电能表相关参数的意义是关键。
实验序号
长木板表面
木块放置方式
拉动木块的个数
弹簧测力计的示数/N
①
较粗糙
平放
1
1.5
②
较粗糙
平放
2
3.0
③
较光滑
平放
2
1.6
④
较光滑
竖放
2
1.6
XXX牌电烤箱
额定电压
220V
额定功率
高温挡
XXX W
低温挡
400W