2016年江苏省高考数学试卷

这是一份2016年江苏省高考数学试卷，共30页。试卷主要包含了填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。

2016年江苏省高考数学试卷
　
一、填空题（共14小题，每小题5分，满分70分）
1．（5分）已知集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，则A∩B=　 　．
2．（5分）复数z=（1+2i）（3﹣i），其中i为虚数单位，则z的实部是　 　．
3．（5分）在平面直角坐标系xOy中，双曲线﹣=1的焦距是　 　．
4．（5分）已知一组数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5，则该组数据的方差是　 　．
5．（5分）函数y=的定义域是　 　．
6．（5分）如图是一个算法的流程图，则输出的a的值是　 　．

7．（5分）将一颗质地均匀的骰子（一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具）先后抛掷2次，则出现向上的点数之和小于10的概率是　 　．
8．（5分）已知{an}是等差数列，Sn是其前n项和，若a1+a22=﹣3，S5=10，则a9的值是　 　．
9．（5分）定义在区间[0，3π]上的函数y=sin2x的图象与y=cosx的图象的交点个数是　 　．
10．（5分）如图，在平面直角坐标系xOy中，F是椭圆+=1（a＞b＞0）的右焦点，直线y=与椭圆交于B，C两点，且∠BFC=90°，则该椭圆的离心率是　 　．

11．（5分）设f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[﹣1，1）上，f（x）=，其中a∈R，若f（﹣）=f（），则f（5a）的值是　 　．
12．（5分）已知实数x，y满足，则x2+y2的取值范围是　 　．
13．（5分）如图，在△ABC中，D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，•=4，•=﹣1，则•的值是　 　．

14．（5分）在锐角三角形ABC中，若sinA=2sinBsinC，则tanAtanBtanC的最小值是　 　．
　
二、解答题（共6小题，满分90分）
15．（14分）在△ABC中，AC=6，cosB=，C=．
（1）求AB的长；
（2）求cos（A﹣）的值．
16．（14分）如图，在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，D，E分别为AB，BC的中点，点F在侧棱B1B上，且B1D⊥A1F，A1C1⊥A1B1．求证：
（1）直线DE∥平面A1C1F；
（2）平面B1DE⊥平面A1C1F．

17．（14分）现需要设计一个仓库，它由上下两部分组成，上部的形状是正四棱锥P﹣A1B1C1D1，下部的形状是正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1（如图所示），并要求正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍．
（1）若AB=6m，PO1=2m，则仓库的容积是多少？
（2）若正四棱锥的侧棱长为6m，则当PO1为多少时，仓库的容积最大？

18．（16分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知以M为圆心的圆M：x2+y2﹣12x﹣14y+60=0及其上一点A（2，4）．
（1）设圆N与x轴相切，与圆M外切，且圆心N在直线x=6上，求圆N的标准方程；
（2）设平行于OA的直线l与圆M相交于B、C两点，且BC=OA，求直线l的方程；
（3）设点T（t，0）满足：存在圆M上的两点P和Q，使得+=，求实数t的取值范围．

19．（16分）已知函数f（x）=ax+bx（a＞0，b＞0，a≠1，b≠1）．
（1）设a=2，b=．
①求方程f（x）=2的根；
②若对于任意x∈R，不等式f（2x）≥mf（x）﹣6恒成立，求实数m的最大值；
（2）若0＜a＜1，b＞1，函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，求ab的值．
20．（16分）记U={1，2，…，100}，对数列{an}（n∈N*）和U的子集T，若T=∅，定义ST=0；若T={t1，t2，…，tk}，定义ST=++…+．例如：T={1，3，66}时，ST=a1+a3+a66．现设{an}（n∈N*）是公比为3的等比数列，且当T={2，4}时，ST=30．
（1）求数列{an}的通项公式；
（2）对任意正整数k（1≤k≤100），若T⊆{1，2，…，k}，求证：ST＜ak+1；
（3）设C⊆U，D⊆U，SC≥SD，求证：SC+SC∩D≥2SD．
　
附加题【选做题】本题包括A、B、C、D四小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答，若多做，则按作答的前两小题评分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.A．【选修4—1几何证明选讲】
21．（10分）如图，在△ABC中，∠ABC=90°，BD⊥AC，D为垂足，E为BC的中点，求证：∠EDC=∠ABD．

　
B.【选修4—2：矩阵与变换】
22．（10分）已知矩阵A=，矩阵B的逆矩阵B﹣1=，求矩阵AB．
　
C.【选修4—4：坐标系与参数方程】
23．在平面直角坐标系xOy中，已知直线l的参数方程为（t为参数），椭圆C的参数方程为（θ为参数），设直线l与椭圆C相交于A，B两点，求线段AB的长．
24．设a＞0，|x﹣1|＜，|y﹣2|＜，求证：|2x+y﹣4|＜a．
　
附加题【必做题】
25．（10分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知直线l：x﹣y﹣2=0，抛物线C：y2=2px（p＞0）．
（1）若直线l过抛物线C的焦点，求抛物线C的方程；
（2）已知抛物线C上存在关于直线l对称的相异两点P和Q．
①求证：线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；
②求p的取值范围．

26．（10分）（1）求7C﹣4C的值；
（2）设m，n∈N*，n≥m，求证：（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．
　

2016年江苏省高考数学试卷
参考答案与试题解析
　
一、填空题（共14小题，每小题5分，满分70分）
1．（5分）已知集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，则A∩B=　{﹣1，2}　．
【分析】根据已知中集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，结合集合交集的定义可得答案．
【解答】解：∵集合A={﹣1，2，3，6}，B={x|﹣2＜x＜3}，
∴A∩B={﹣1，2}，
故答案为：{﹣1，2}
【点评】本题考查的知识点是集合的交集及其运算，难度不大，属于基础题．
　
2．（5分）复数z=（1+2i）（3﹣i），其中i为虚数单位，则z的实部是　5　．
【分析】利用复数的运算法则即可得出．
【解答】解：z=（1+2i）（3﹣i）=5+5i，
则z的实部是5，
故答案为：5．
【点评】本题考查了复数的运算性质，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．
　
3．（5分）在平面直角坐标系xOy中，双曲线﹣=1的焦距是　2　．
【分析】确定双曲线的几何量，即可求出双曲线﹣=1的焦距．
【解答】解：双曲线﹣=1中，a=，b=，
∴c==，
∴双曲线﹣=1的焦距是2．
故答案为：2．
【点评】本题重点考查了双曲线的简单几何性质，考查学生的计算能力，比较基础．
　
4．（5分）已知一组数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5，则该组数据的方差是　0.1　．
【分析】先求出数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5的平均数，由此能求出该组数据的方差．
【解答】解：∵数据4.7，4.8，5.1，5.4，5.5的平均数为：
=（4.7+4.8+5.1+5.4+5.5）=5.1，
∴该组数据的方差：
S2=[（4.7﹣5.1）2+（4.8﹣5.1）2+（5.1﹣5.1）2+（5.4﹣5.1）2+（5.5﹣5.1）2]=0.1．
故答案为：0.1．
【点评】本题考查方差的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意方差计算公式的合理运用．
　
5．（5分）函数y=的定义域是　[﹣3，1]　．
【分析】根据被开方数不小于0，构造不等式，解得答案．
【解答】解：由3﹣2x﹣x2≥0得：x2+2x﹣3≤0，
解得：x∈[﹣3，1]，
故答案为：[﹣3，1]
【点评】本题考查的知识点是函数的定义域，二次不等式的解法，难度不大，属于基础题．
　
6．（5分）如图是一个算法的流程图，则输出的a的值是　9　．

【分析】根据已知的程序框图可得，该程序的功能是利用循环结构计算并输出变量a的值，模拟程序的运行过程，可得答案．
【解答】解：当a=1，b=9时，不满足a＞b，故a=5，b=7，
当a=5，b=7时，不满足a＞b，故a=9，b=5
当a=9，b=5时，满足a＞b，
故输出的a值为9，
故答案为：9
【点评】本题考查的知识点是程序框图，当循环次数不多，或有规律可循时，可采用模拟程序法进行解答．
　
7．（5分）将一颗质地均匀的骰子（一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具）先后抛掷2次，则出现向上的点数之和小于10的概率是　　．
【分析】出现向上的点数之和小于10的对立事件是出现向上的点数之和不小于10，由此利用对立事件概率计算公式能求出出现向上的点数之和小于10的概率．
【解答】解：将一颗质地均匀的骰子（一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具）先后抛掷2次，
基本事件总数为n=6×6=36，
出现向上的点数之和小于10的对立事件是出现向上的点数之和不小于10，
出现向上的点数之和不小于10包含的基本事件有：
（4，6），（6，4），（5，5），（5，6），（6，5），（6，6），共6个，
∴出现向上的点数之和小于10的概率：
p=1﹣=．
故答案为：．
【点评】本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意对立事件概率计算公式的合理运用．
　
8．（5分）已知{an}是等差数列，Sn是其前n项和，若a1+a22=﹣3，S5=10，则a9的值是　20　．
【分析】利用等差数列的通项公式和前n项和公式列出方程组，求出首项和公差，由此能求出a9的值．
【解答】解：∵{an}是等差数列，Sn是其前n项和，a1+a22=﹣3，S5=10，
∴，
解得a1=﹣4，d=3，
∴a9=﹣4+8×3=20．
故答案为：20．
【点评】本题考查等差数列的第9项的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等差数列的性质的合理运用．
　
9．（5分）定义在区间[0，3π]上的函数y=sin2x的图象与y=cosx的图象的交点个数是　7　．
【分析】法1：画出函数y=sin2x与y=cosx在区间[0，3π]上的图象即可得到答案；
法2：由sin2x=cosx，即cosx（2sinx﹣1）=0，可得cosx=0或sinx=，结合题意，解之即可．
【解答】解：法1：画出函数y=sin2x与y=cosx在区间[0，3π]上的图象如下：
由图可知，共7个交点．
法2：依题意，sin2x=cosx，即cosx（2sinx﹣1）=0，故cosx=0或sinx=，
因为x∈[0，3π]，故x=，，，，，，，共7个，
故答案为：7．
【点评】本题考查正弦函数与余弦函数的图象，作出函数y=sin2x与y=cosx在区间[0，3π]上的图象是关键，属于中档题．
　
10．（5分）如图，在平面直角坐标系xOy中，F是椭圆+=1（a＞b＞0）的右焦点，直线y=与椭圆交于B，C两点，且∠BFC=90°，则该椭圆的离心率是　　．

【分析】设右焦点F（c，0），将y=代入椭圆方程求得B，C的坐标，运用两直线垂直的条件：斜率之积为﹣1，结合离心率公式，计算即可得到所求值．方法二、运用向量的数量积的性质，向量垂直的条件：数量积为0，结合离心率公式计算即可得到所求．
【解答】解：设右焦点F（c，0），
将y=代入椭圆方程可得x=±a=±a，
可得B（﹣a，），C（a，），
由∠BFC=90°，可得kBF•kCF=﹣1，
即有•=﹣1，
化简为b2=3a2﹣4c2，
由b2=a2﹣c2，即有3c2=2a2，
由e=，可得e2==，
可得e=，
另解：设右焦点F（c，0），
将y=代入椭圆方程可得x=±a=±a，
可得B（﹣a，），C（a，），
=（﹣a﹣c，），=（a﹣c，），
•=0，则c2﹣a2十b2=0，
因为b2=a2﹣c2，代入得3c2=2a2，
由e=，可得e2==，
可得e=．
故答案为：．
【点评】本题考查椭圆的离心率的求法，注意运用两直线垂直的条件：斜率之积为﹣1，考查化简整理的运算能力，属于中档题．
　
11．（5分）设f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[﹣1，1）上，f（x）=，其中a∈R，若f（﹣）=f（），则f（5a）的值是　﹣　．
【分析】根据已知中函数的周期性，结合f（﹣）=f（），可得a值，进而得到f（5a）的值．
【解答】解：f（x）是定义在R上且周期为2的函数，在区间[﹣1，1）上，f（x）=，
∴f（﹣）=f（﹣）=﹣+a，
f（）=f（）=|﹣|=，
∴a=，
∴f（5a）=f（3）=f（﹣1）=﹣1+=﹣，
故答案为：﹣
【点评】本题考查的知识点是分段函数的应用，函数的周期性，根据已知求出a值，是解答的关键．
　
12．（5分）已知实数x，y满足，则x2+y2的取值范围是　[，13]　．
【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，结合两点间的距离公式以及点到直线的距离公式进行求解即可．
【解答】解：作出不等式组对应的平面区域，
设z=x2+y2，则z的几何意义是区域内的点到原点距离的平方，
由图象知A到原点的距离最大，
点O到直线BC：2x+y﹣2=0的距离最小，
由得，即A（2，3），此时z=22+32=4+9=13，
点O到直线BC：2x+y﹣2=0的距离d==，
则z=d2=（）2=，
故z的取值范围是[，13]，
故答案为：[，13]．

【点评】本题主要考查线性规划的应用，涉及距离的计算，利用数形结合是解决本题的关键．
　
13．（5分）如图，在△ABC中，D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，•=4，•=﹣1，则•的值是　　．

【分析】由已知可得=+，=﹣+，=+3，=﹣+3，=+2，=﹣+2，结合已知求出2=，2=，可得答案．
【解答】解：∵D是BC的中点，E，F是AD上的两个三等分点，
∴=+，=﹣+，
=+3，=﹣+3，
∴•=2﹣2=﹣1，
•=92﹣2=4，
∴2=，2=，
又∵=+2，=﹣+2，
∴•=42﹣2=，
故答案为：
【点评】本题考查的知识是平面向量的数量积运算，平面向量的线性运算，难度中档．
　
14．（5分）在锐角三角形ABC中，若sinA=2sinBsinC，则tanAtanBtanC的最小值是　8　．
【分析】结合三角形关系和式子sinA=2sinBsinC可推出sinBcosC+cosBsinC=2sinBsinC，进而得到tanB+tanC=2tanBtanC，结合函数特性可求得最小值．
【解答】解：由sinA=sin（π﹣A）=sin（B+C）=sinBcosC+cosBsinC，sinA=2sinBsinC，
可得sinBcosC+cosBsinC=2sinBsinC，①
由三角形ABC为锐角三角形，则cosB＞0，cosC＞0，
在①式两侧同时除以cosBcosC可得tanB+tanC=2tanBtanC，
又tanA=﹣tan（π﹣A）=﹣tan（B+C）=﹣②，
则tanAtanBtanC=﹣•tanBtanC，
由tanB+tanC=2tanBtanC可得tanAtanBtanC=﹣，
令tanBtanC=t，由A，B，C为锐角可得tanA＞0，tanB＞0，tanC＞0，
由②式得1﹣tanBtanC＜0，解得t＞1，
tanAtanBtanC=﹣=﹣，
=（）2﹣，由t＞1得，﹣≤＜0，
因此tanAtanBtanC的最小值为8，
另解：由已知条件sinA=2sinBsinc，sin（B十C）=2sinBsinC，
sinBcosC十cosBsinC=2sinBcosC，
两边同除以cosBcosC，tanB十tanC=2tanBtanC，
∵﹣tanA=tan（B十C）=，
∴tanAtanBtanC=tanA十tanB十tanC，
∴tanAtanBtanC=tanA十2tanBtanC≥2，
令tanAtanBtanC=x＞0，
即x≥2，即x≥8，或x≤0（舍去），所以x的最小值为8．
当且仅当t=2时取到等号，此时tanB+tanC=4，tanBtanC=2，
解得tanB=2+，tanC=2﹣，tanA=4，（或tanB，tanC互换），此时A，B，C均为锐角．
【点评】本题考查了三角恒等式的变化技巧和函数单调性知识，有一定灵活性．
　
二、解答题（共6小题，满分90分）
15．（14分）在△ABC中，AC=6，cosB=，C=．
（1）求AB的长；
（2）求cos（A﹣）的值．
【分析】（1）利用正弦定理，即可求AB的长；
（2）求出cosA、sinA，利用两角差的余弦公式求cos（A﹣）的值．
【解答】解：（1）∵△ABC中，cosB=，
∴sinB=，
∵，
∴AB==5；
（2）cosA=﹣cos（C+B）=sinBsinC﹣cosBcosC=﹣．
∵A为三角形的内角，
∴sinA=，
∴cos（A﹣）=cosA+sinA=．
【点评】本题考查正弦定理，考查两角和差的余弦公式，考查学生的计算能力，属于基础题．
　
16．（14分）如图，在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，D，E分别为AB，BC的中点，点F在侧棱B1B上，且B1D⊥A1F，A1C1⊥A1B1．求证：
（1）直线DE∥平面A1C1F；
（2）平面B1DE⊥平面A1C1F．

【分析】（1）通过证明DE∥AC，进而DE∥A1C1，据此可得直线DE∥平面A1C1F1；
（2）通过证明A1F⊥DE结合题目已知条件A1F⊥B1D，进而可得平面B1DE⊥平面A1C1F．
【解答】解：（1）∵D，E分别为AB，BC的中点，
∴DE为△ABC的中位线，
∴DE∥AC，
∵ABC﹣A1B1C1为棱柱，
∴AC∥A1C1，
∴DE∥A1C1，
∵A1C1⊂平面A1C1F，且DE⊄平面A1C1F，
∴DE∥A1C1F；

（2）∵ABC﹣A1B1C1为直棱柱，
∴AA1⊥平面A1B1C1，
∴AA1⊥A1C1，
又∵A1C1⊥A1B1，且AA1∩A1B1=A1，AA1、A1B1⊂平面AA1B1B，
∴A1C1⊥平面AA1B1B，
∵DE∥A1C1，
∴DE⊥平面AA1B1B，
又∵A1F⊂平面AA1B1B，
∴DE⊥A1F，
又∵A1F⊥B1D，DE∩B1D=D，且DE、B1D⊂平面B1DE，
∴A1F⊥平面B1DE，
又∵A1F⊂平面A1C1F，
∴平面B1DE⊥平面A1C1F．
【点评】本题考查直线与平面平行的证明，以及平面与平面相互垂直的证明，把握常用方法最关键，难度不大．
　
17．（14分）现需要设计一个仓库，它由上下两部分组成，上部的形状是正四棱锥P﹣A1B1C1D1，下部的形状是正四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1（如图所示），并要求正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍．
（1）若AB=6m，PO1=2m，则仓库的容积是多少？
（2）若正四棱锥的侧棱长为6m，则当PO1为多少时，仓库的容积最大？

【分析】（1）由正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍，可得PO1=2m时，O1O=8m，进而可得仓库的容积；
（2）设PO1=xm，则O1O=4xm，A1O1=m，A1B1=•m，代入体积公式，求出容积的表达式，利用导数法，可得最大值．
【解答】解：（1）∵PO1=2m，正四棱柱的高O1O是正四棱锥的高PO1的4倍．
∴O1O=8m，
∴仓库的容积V=×62×2+62×8=312m3，
（2）若正四棱锥的侧棱长为6m，
设PO1=xm，
则O1O=4xm，A1O1=m，A1B1=•m，
则仓库的容积V=×（•）2•x+（•）2•4x=x3+312x，（0＜x＜6），
∴V′=﹣26x2+312，（0＜x＜6），
当0＜x＜2时，V′＞0，V（x）单调递增；
当2＜x＜6时，V′＜0，V（x）单调递减；
故当x=2时，V（x）取最大值；
即当PO1=2m时，仓库的容积最大．
【点评】本题考查的知识点是棱锥和棱柱的体积，导数法求函数的最大值，难度中档．
　
18．（16分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知以M为圆心的圆M：x2+y2﹣12x﹣14y+60=0及其上一点A（2，4）．
（1）设圆N与x轴相切，与圆M外切，且圆心N在直线x=6上，求圆N的标准方程；
（2）设平行于OA的直线l与圆M相交于B、C两点，且BC=OA，求直线l的方程；
（3）设点T（t，0）满足：存在圆M上的两点P和Q，使得+=，求实数t的取值范围．

【分析】（1）设N（6，n），则圆N为：（x﹣6）2+（y﹣n）2=n2，n＞0，从而得到|7﹣n|=|n|+5，由此能求出圆N的标准方程．
（2）由题意得OA=2，kOA=2，设l：y=2x+b，则圆心M到直线l的距离：d=，由此能求出直线l的方程．
（3）=，即||=，又||≤10，得t∈[2﹣2，2+2]，对于任意t∈[2﹣2，2+2]，欲使，只需要作直线TA的平行线，使圆心到直线的距离为，由此能求出实数t的取值范围．
【解答】解：（1）∵N在直线x=6上，∴设N（6，n），
∵圆N与x轴相切，∴圆N为：（x﹣6）2+（y﹣n）2=n2，n＞0，
又圆N与圆M外切，圆M：x2+y2﹣12x﹣14y+60=0，即圆M：（x﹣6）2+（x﹣7）2=25，
∴|7﹣n|=|n|+5，解得n=1，
∴圆N的标准方程为（x﹣6）2+（y﹣1）2=1．
（2）由题意得OA=2，kOA=2，设l：y=2x+b，
则圆心M到直线l的距离：d==，
则|BC|=2=2，BC=2，即2=2，
解得b=5或b=﹣15，
∴直线l的方程为：y=2x+5或y=2x﹣15．
（3）设P（x1，y1），Q（x2，y2），
∵A（2，4），T（t，0），，
∴，①
∵点Q在圆M上，∴（x2﹣6）2+（y2﹣7）2=25，②
将①代入②，得（x1﹣t﹣4）2+（y1﹣3）2=25，
∴点P（x1，y1）即在圆M上，又在圆[x﹣（t+4）]2+（y﹣3）2=25上，
从而圆（x﹣6）2+（y﹣7）2=25与圆[x﹣（t+4）]2+（y﹣3）2=25有公共点，
∴5﹣5≤≤5+5．
解得2﹣2≤t，
∴实数t的取值范围是[2﹣2，2+2]．
【点评】本题考查圆的标准方程的求法，考查直线方程的求法，考查实数的取值范围的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意圆的性质的合理运用．
　
19．（16分）已知函数f（x）=ax+bx（a＞0，b＞0，a≠1，b≠1）．
（1）设a=2，b=．
①求方程f（x）=2的根；
②若对于任意x∈R，不等式f（2x）≥mf（x）﹣6恒成立，求实数m的最大值；
（2）若0＜a＜1，b＞1，函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，求ab的值．
【分析】（1）①利用方程，直接求解即可．②列出不等式，利用二次函数的性质以及函数的最值，转化求解即可．
（2）求出g（x）=f（x）﹣2=ax+bx﹣2，求出函数的导数，构造函数h（x）=+，求出g（x）的最小值为：g（x0）．①若g（x0）＜0，g（x）至少有两个零点，与条件矛盾．②若g（x0）＞0，利用函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，推出g（x0）=0，然后求解ab=1．
【解答】解：函数f（x）=ax+bx（a＞0，b＞0，a≠1，b≠1）．
（1）设a=2，b=．
①方程f（x）=2；即：=2，可得x=0．
②不等式f（2x）≥mf（x）﹣6恒成立，即≥m（）﹣6恒成立．
令t=，t≥2．
不等式化为：t2﹣mt+4≥0在t≥2时，恒成立．可得：△≤0或
即：m2﹣16≤0或m≤4，
∴m∈（﹣∞，4]．
实数m的最大值为：4．
（2）g（x）=f（x）﹣2=ax+bx﹣2，
g′（x）=axlna+bxlnb=ax[+]lnb，
0＜a＜1，b＞1可得，
令h（x）=+，则h（x）是递增函数，而，lna＜0，lnb＞0，
因此，x0=时，h（x0）=0，
因此x∈（﹣∞，x0）时，h（x）＜0，axlnb＞0，则g′（x）＜0．
x∈（x0，+∞）时，h（x）＞0，axlnb＞0，则g′（x）＞0，
则g（x）在（﹣∞，x0）递减，（x0，+∞）递增，因此g（x）的最小值为：g（x0）．
①若g（x0）＜0，x＜loga2时，ax＞=2，bx＞0，则g（x）＞0，
因此x1＜loga2，且x1＜x0时，g（x1）＞0，因此g（x）在（x1，x0）有零点，
则g（x）至少有两个零点，与条件矛盾．
②若g（x0）≥0，函数g（x）=f（x）﹣2有且只有1个零点，g（x）的最小值为g（x0），可得g（x0）=0，
由g（0）=a0+b0﹣2=0，
因此x0=0，因此=0，﹣=1，即lna+lnb=0，ln（ab）=0，则ab=1．
可得ab=1．
【点评】本题考查函数与方程的综合应用，函数的导数的应用，基本不等式的应用，函数恒成立的应用，考查分析问题解决问题的能力．
　
20．（16分）记U={1，2，…，100}，对数列{an}（n∈N*）和U的子集T，若T=∅，定义ST=0；若T={t1，t2，…，tk}，定义ST=++…+．例如：T={1，3，66}时，ST=a1+a3+a66．现设{an}（n∈N*）是公比为3的等比数列，且当T={2，4}时，ST=30．
（1）求数列{an}的通项公式；
（2）对任意正整数k（1≤k≤100），若T⊆{1，2，…，k}，求证：ST＜ak+1；
（3）设C⊆U，D⊆U，SC≥SD，求证：SC+SC∩D≥2SD．
【分析】（1）根据题意，由ST的定义，分析可得ST=a2+a4=a2+9a2=30，计算可得a2=3，进而可得a1的值，由等比数列通项公式即可得答案；
（2）根据题意，由ST的定义，分析可得ST≤a1+a2+…ak=1+3+32+…+3k﹣1，由等比数列的前n项和公式计算可得证明；
（3）设A=∁C（C∩D），B=∁D（C∩D），则A∩B=∅，进而分析可以将原命题转化为证明SC≥2SB，分2种情况进行讨论：①、若B=∅，②、若B≠∅，可以证明得到SA≥2SB，即可得证明．
【解答】解：（1）等比数列{an}中，a4=3a3=9a2，
当T={2，4}时，ST=a2+a4=a2+9a2=30，
因此a2=3，从而a1==1，
故an=3n﹣1，
（2）ST≤a1+a2+…ak=1+3+32+…+3k﹣1=＜3k=ak+1，
（3）设A=∁C（C∩D），B=∁D（C∩D），则A∩B=∅，
分析可得SC=SA+SC∩D，SD=SB+SC∩D，则SC+SC∩D﹣2SD=SA﹣2SB，
因此原命题的等价于证明SC≥2SB，
由条件SC≥SD，可得SA≥SB，
①、若B=∅，则SB=0，故SA≥2SB，
②、若B≠∅，由SA≥SB可得A≠∅，设A中最大元素为l，B中最大元素为m，
若m≥l+1，则其与SA＜ai+1≤am≤SB相矛盾，
因为A∩B=∅，所以l≠m，则l≥m+1，
SB≤a1+a2+…am=1+3+32+…+3m﹣1=≤=，即SA≥2SB，
综上所述，SA≥2SB，
故SC+SC∩D≥2SD．
【点评】本题考查数列的应用，涉及新定义的内容，解题的关键是正确理解题目中对于新定义的描述．
　
附加题【选做题】本题包括A、B、C、D四小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答，若多做，则按作答的前两小题评分，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.A．【选修4—1几何证明选讲】
21．（10分）如图，在△ABC中，∠ABC=90°，BD⊥AC，D为垂足，E为BC的中点，求证：∠EDC=∠ABD．

【分析】依题意，知∠BDC=90°，∠EDC=∠C，利用∠C+∠DBC=∠ABD+∠DBC=90°，可得∠ABD=∠C，从而可证得结论．
【解答】解：由BD⊥AC可得∠BDC=90°，
因为E为BC的中点，所以DE=CE=BC，
则：∠EDC=∠C，
由∠BDC=90°，可得∠C+∠DBC=90°，
由∠ABC=90°，可得∠ABD+∠DBC=90°，
因此∠ABD=∠C，而∠EDC=∠C，
所以，∠EDC=∠ABD．
【点评】本题考查三角形的性质应用，利用∠C+∠DBC=∠ABD+∠DBC=90°，证得∠ABD=∠C是关键，属于中档题．
　
B.【选修4—2：矩阵与变换】
22．（10分）已知矩阵A=，矩阵B的逆矩阵B﹣1=，求矩阵AB．
【分析】依题意，利用矩阵变换求得B=（B﹣1）﹣1==，再利用矩阵乘法的性质可求得答案．
【解答】解：∵B﹣1=，
∴B=（B﹣1）﹣1==，又A=，
∴AB==．
【点评】本题考查逆变换与逆矩阵，考查矩阵乘法的性质，属于中档题．
　
C.【选修4—4：坐标系与参数方程】
23．在平面直角坐标系xOy中，已知直线l的参数方程为（t为参数），椭圆C的参数方程为（θ为参数），设直线l与椭圆C相交于A，B两点，求线段AB的长．
【分析】分别化直线与椭圆的参数方程为普通方程，然后联立方程组，求出直线与椭圆的交点坐标，代入两点间的距离公式求得答案．
【解答】解：由，由②得，
代入①并整理得，．
由，得，
两式平方相加得．
联立，解得或．
∴|AB|=．
【点评】本题考查直线与椭圆的参数方程，考查了参数方程化普通方程，考查直线与椭圆位置关系的应用，是基础题．
　
24．设a＞0，|x﹣1|＜，|y﹣2|＜，求证：|2x+y﹣4|＜a．
【分析】运用绝对值不等式的性质：|a+b|≤|a|+|b|，结合不等式的基本性质，即可得证．
【解答】证明：由a＞0，|x﹣1|＜，|y﹣2|＜，
可得|2x+y﹣4|=|2（x﹣1）+（y﹣2）|
≤2|x﹣1|+|y﹣2|＜+=a，
则|2x+y﹣4|＜a成立．
【点评】本题考查绝对值不等式的证明，注意运用绝对值不等式的性质，以及不等式的简单性质，考查运算能力，属于基础题．
　
附加题【必做题】
25．（10分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知直线l：x﹣y﹣2=0，抛物线C：y2=2px（p＞0）．
（1）若直线l过抛物线C的焦点，求抛物线C的方程；
（2）已知抛物线C上存在关于直线l对称的相异两点P和Q．
①求证：线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；
②求p的取值范围．

【分析】（1）求出抛物线的焦点坐标，然后求解抛物线方程．
（2）：①设点P（x1，y1），Q（x2，y2），通过抛物线方程，求解kPQ，通过P，Q关于直线l对称，点的kPQ=﹣1，推出，PQ的中点在直线l上，推出=2﹣p，即可证明线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；
②利用线段PQ中点坐标（2﹣p，﹣p）．推出，得到关于y2+2py+4p2﹣4p=0，有两个不相等的实数根，列出不等式即可求出p的范围．
【解答】解：（1）∵l：x﹣y﹣2=0，∴l与x轴的交点坐标（2，0），
即抛物线的焦点坐标（2，0）．
∴，
∴抛物线C：y2=8x．
（2）证明：①设点P（x1，y1），Q（x2，y2），则：，
即：，kPQ==，
又∵P，Q关于直线l对称，∴kPQ=﹣1，即y1+y2=﹣2p，∴，
又PQ的中点在直线l上，∴==2﹣p，
∴线段PQ的中点坐标为（2﹣p，﹣p）；
②因为Q中点坐标（2﹣p，﹣p）．
∴，即
∴，即关于y2+2py+4p2﹣4p=0，有两个不相等的实数根，
∴△＞0，（2p）2﹣4（4p2﹣4p）＞0，
∴p∈．
【点评】本题考查抛物线方程的求法，直线与抛物线的位置关系的应用，考查转化思想以及计算能力．
　
26．（10分）（1）求7C﹣4C的值；
（2）设m，n∈N*，n≥m，求证：（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．
【分析】（1）由已知直接利用组合公式能求出7的值．
（2）对任意m∈N*，当n=m时，验证等式成立；再假设n=k（k≥m）时命题成立，推导出当n=k+1时，命题也成立，由此利用数学归纳法能证明（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．
【解答】解：（1）7
=﹣4×
=7×20﹣4×35=0．
证明：（2）对任意m∈N*，
①当n=m时，左边=（m+1）=m+1，
右边=（m+1）=m+1，等式成立．
②假设n=k（k≥m）时命题成立，
即（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+k+（k+1）=（m+1），
当n=k+1时，
左边=（m+1）+（m+2）+（m+3）++（k+1）+（k+2）
=，
右边=
∵
=（m+1）[﹣]
=（m+1）×[k+3﹣（k﹣m+1）]
=（k+2）
=（k+2），
∴=（m+1），
∴左边=右边，
∴n=k+1时，命题也成立，
∴m，n∈N*，n≥m，（m+1）C+（m+2）C+（m+3）C+…+nC+（n+1）C=（m+1）C．
【点评】本题考查组合数的计算与证明，是中档题，解题时要认真审题，注意组合数公式和数学归纳法的合理运用．