2021年河南省物理中考模拟卷（一）（word版 含答案）

这是一份2021年河南省物理中考模拟卷（一）（word版 含答案），共18页。试卷主要包含了填空题，画图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。

2021年河南省物理中考模拟卷（一）
一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）
1．（2分）完成下列单位换算：7×104A＝　 　mA；300mV＝　 　kV。
2．（2分）人耳能听到的声波频率范围通常在　 　，监测与控制　 　波有助于减少它的危害，并可以用来预报地震、台风。
光透过绿色玻璃后如果照射到绿色的树叶上，树叶呈　 　色；如果照射到小白兔上，小白兔的身体呈　 　色，小白兔的红眼睛呈　 　色。
3．（2分）《论衡》中记载：“司南之杓、投之于地，其柢指南”。如图所示“柢”即握柄，是磁体的　 　（选填“N”或“S”）极。地磁的南极在地理的　 　极附近，最早发现地磁南北极和地理南北极不重合的是我国宋代学者沈括。

4．（2分）如图甲所示，放在水平地面上的物体A受到水平向右的力F的作用。力F的大小以及物体A的运动速度大小v随时间t的变化情况如图乙所示。

（1）当t＝7s时，物体A受到的摩擦力f的大小为　 　N，方向为　 　。
（2）根据图乙有关信息，请用公式P＝Fv，求F＝10N时该力的功率。
（3）如图丙所示，在A的两侧分别挂上柱状重物B，C，且C的一部分浸入水中。已知GB＝20N，GC＝50N，C的横截面积为30cm2，长度足够，水够深。则当物体A不受摩擦力作用时，C的下底面受到的水的压强是多少？若物体A移动就会触发报警装置（图中未画出），当物体A不移动时，最高水位与最低水位的差是多少？（g取10N/kg）。
5．（3分）如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I﹣U图像。闭合开关S，当电流表示数为0.4A时，灯泡的电阻是　 　Ω，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是　 　W。

6．（3分）如图所示为物理学家库仑曾经做过的一个探究带电体间作用力的实验装置图。图中A是固定的带电球，把系在绝缘丝线上的带同种电的轻质小球B先后挂在图中P1、P2、P3三个位置，观察到的三次实验现象如图所示。
（1）在此实验中，轻质小球B悬挂在　 　（选填“P1、“P2“或“P3“）位置时受到的带电体间的作用力最大。由此现象可知，带电体间作用力的大小与　 　有关。
（2）结合生活经验和课堂中所观察到的实验现象，你猜想带电体间作用力的大小还可能与　 　有关（只填一个即可）。你的猜想依据是　 　。

二、 选择题（本题共8小题，每题2分，共16分。第7～12题每题只有一个选项符合题目要求，第13～14题每题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
7．（2分）下列物理量的估测中最接近实际的是（　　）
A．一根香蕉的长度约为0.01m
B．刚从冰箱冷藏室取出的荔枝温度约为﹣5℃
C．笔记本电脑的额定功率约为100W
D．市区内车辆限速约为80m/s
8．（2分）下列关于热现象的说法中正确的是（　　）
A．热机消耗的燃料越多，效率就越低
B．热传递中温度总是从热的物体传给冷的物体
C．0℃的水变成0℃的冰，温度不变，内能减小
D．火箭使用液态氢作燃料，是因为它含有的热量多
9．（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器滑片由中点向右移动的过程中，下列判断正确的是（　　）

A．电流表A的示数不变 B．电压表V的示数变大
C．小灯泡L的亮度变亮 D．整个电路的功率变小
10．（2分）小明同学以一定速度将弹性球扔向地面，弹性球经地面和墙壁两次反弹，重新在同一高度用手接住，碰撞时小球能量损失不计，1处和2处是在同一高度。如果1处小球的动能大于2处，则下列说法错误的是（　　）

A．1处的机械能一定大于2处
B．1处的动能一定大于4处
C．3处的动能一定大于4处
D．接到小球时的速度一定小于扔出时的速度
11．（2分）如图所示，张伟同学通过斜面用平行于斜面F＝200N的推力，将质量为20kg的物体在5s时间内匀速推到1m高的平台上，斜面长s＝2m，（g取10N/kg）则以下说法正确的是（　　）
①推力的功率为80W
②斜面的机械效率为75%
③推力做的总功300J
④斜面对物体的摩擦力200N

A．① B．②④ C．①②④ D．②③④
12．（2分）蜡烛S、某光学元件K和光屏P按图示位置放置在光具座上，它们的中心在同一水平直线。此时光屏上可观察到烛焰清晰的像，则下列说法中正确的是（　　）

A．若K是小孔并将光屏向右移动少许，光屏上的像将变模糊
B．若K是凸透镜，则它的焦距满足f＞15cm
C．仅需水平移动S、K或P中的一个，即可判断K是否为小孔
D．若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，光屏上将得到清晰的缩小像
13．（2分）弹簧测力计下挂着正方体物块，物块浸没在某种液体中，如图（甲）所示。将物块缓慢竖直提起，弹簧测力计的拉力F与提升高度h的关系图象
如图（乙）所示。g取10N/kg．则下列说法正确的是（　　）

A．物块浸没在液体中时浮力是0.25N
B．物块的体积是4cm3
C．液体的密度是1.25×103 kg/m3
D．物块的密度是3.5×103 kg/m3
14．（2分）如图所示的是某家庭电路的一部分，下列有关说法正确的是（　　）

A．洗衣机连入三孔插座后，与电灯串联
B．电路安全的情况下，用试电笔接触A点氖管会发光
C．站在地上的人若用手直接接触A点，会有触电危险
D．三孔插座的接地线应该与用电器的金属外壳相连
三、画图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）
15．（2分）按照题目要求作图：
如图杠杆B点挂一重物G，要使杠杆在图示位置平衡，画出最小动力F1的示意图及其力臂；

16．（2分）如图所示，F点是凹透镜的虚焦点，O点是光心，请画出两条光线经过凹透镜的光路图。

四、实验探究题（本题共3小题，第17题5分，第18题5分，第19题8分，共18分））
17．（5分）李明同学在“探究平面镜成像特点”的实验时，所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸、笔、火柴、光屏、刻度尺，两支外形相同的蜡烛A和B。
（1）选用玻璃板代替平面镜，主要是为了　 　，如果有3mm厚和1mm厚的两块玻璃板，应选择　 　mm厚的玻璃板做实验。
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿　 　（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，这种研究物理问题的方法叫做　 　（选填“控制变量法”或“等效替代法”）。
（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是　 　（选填“虚”或“实”）像。
（4）当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）某同学共进行了三次实验，用刻度尺分别测出蜡烛和像到玻璃板的距离，数据记录如下：
次数
蜡烛到玻璃板的距离/cm
像到玻璃板的距离/cm
1
10
10
2
15
15
3
20
20
分析上表数据可以得出：平面镜成像时，像到平面镜的距离　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）物到平面镜的距离。他进行多次实验的目的是　 　（选填“A”或“B”）。
A．取平均值减小误差
B．寻找普遍规律，使结论更可靠

18．（5分）在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，在水平木板上先后铺上粗糙程度不同的毛巾和棉布：让小车从斜面顶端由静止滑下，如图甲所示，观察和比较小车在毛巾表面，棉布表面和木板表面滑行的距离。

（1）实验中每次均让小车从斜面顶端由静止滑下的目的是　 　。
（2）实验中发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越　 　（选填“快”或“慢”）。
（3）本实验中，如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，它将做　 　。
（4）在此基础上，牛顿总结了伽利略等人的研究成果概括出牛顿第一定律，牛顿第一定律　 　（选填“能”或“不能”）直接由实验得出，这种实验方法叫做　 　。
（5）本实验中，小车在水平面上三次滑行过程中消耗的机械能　 　（选填“相等”或“不相等”）。
（6）如图乙所示，摆球从A点由静止释放运动到右侧最高点C时，如果摆球所受的力忽然全部消失，则摆球将　 　（选填“往回摆”“静止”或“做匀速直线运动”。）
19．（8分）实验老师为“测量小灯泡额定功率”准备了如下器材：电源（电压恒为3V）、开关、电压表、电流表、额定电压U额＝2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（“20Ω 1A”）、导线若干。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲连接完整（要求：滑片向左移动灯泡变亮）。
（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是　 　；若闭合开关后，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，其原因可能是　 　。
（3）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W；从图像中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”），原因是　 　。
（4）爱动脑筋的小强利用一个定值电阻R0和两个电流表，设计了如图丁所示的电路，也测出了小灯泡的额定功率，实验过程如下：
①闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表A1示数为　 　，并读出此时电流表A2的示数I；
②小灯泡的额定功率表达式为P额＝　 　（用I、R0和U额表示）。

五、 综合应用题（本题共2小题，共18分）
20．（9分）汽车是常见的交通工具，随着人们生活水平的提高，汽车也走进了寻常百姓家。汽车在新冠疫情期间运输物资，对疫情的防控起了重大作用。

（1）如图甲所示，汽油机一个工作循环包括四个冲程，一个气缸正常工作四个冲程的顺序是　 　（对图甲中 A、B、C、D重新排序）。
（2）一台单缸四冲程汽油机，飞轮的转速为1800r/min，该汽油机每分钟做功　 　次，图甲中D所示的汽油机冲程是通过　 　的方式改变燃气内能的。除此之外，通过　 　也可改变物体内能。
（3）图乙所示为某汽油机的能流图，若E＝1000J，E1＝350J，E2＝250J，E3＝300J，则E4＝　 　J，则该汽油机的效率为η＝　 　
（4）以前的汽车发动机经常会很热，人们经常会用水来给汽车的发动机降温，原因是水的　 　很大。
21．（9分）如图表是从某电热饮水机说明书上收集到的信息。当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，S断开时，饮水机处于保温状态。为了测量它加热时的实际功率，小明断开其它所有用电器，只将该饮水机接入家庭电路中，闭合开关S，测得热水箱中的水（装满）从25℃升高到100℃，所用时间为7.5min，同时观察到家中标有“1200r/kW•h”字样的电能表转盘转过120转（r）．不考虑温度对阻值的影响；根据以上信息，求：
热水箱容量（装满）
1L
额定电压
220V
加热时额定功率
968W
（1）饮水机热水箱中的水从25℃升高到100℃时所吸收的热量[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]。
（2）饮水机此加热过程中的热效率（η＝×100%）。
（3）饮水机加热时的实际电压。


2021年河南省物理中考模拟卷（一）参考答案
一．填空题（共6小题，满分14分）
1．解：7×104A＝7×104×103mA＝7×107mA；
300mV＝300×10﹣6mV＝3×10﹣4kV。
故答案为：7×107；3×10﹣4。
2．解：（1）人耳能听到的声波频率范围通常在20～20000Hz；低于20Hz的声波称为次声波，监测与控制次声波有助于减少它的危害，并可以用来预报地震、台风。
（2）光透过绿色玻璃后如果照射到绿色的树叶上，树叶只能反射绿光，所以呈绿色；如果绿光照射到小白兔上，小白兔的身体能反射所有色光，因此呈绿色，小白兔的红眼睛只能反射红光，因此呈黑色。
故答案为：20～20000Hz；次声；绿；绿；黑。
3．解：（1）磁勺的握柄指南，根据地磁的N极在地理的南极附近，异名磁极相互吸引，因此，勺柄为该磁体S极；
（2）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近。
故答案为：S；北。
4．解：（1）由v随时间t的变化图象可知，当运动8s以后物体A做匀速直线运动，处于平衡状态，受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力是一对平衡力，由二力平衡条件可得：f＝F＝10N，
因物体受到的摩擦力只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与运动的速度无关，
所以，当t＝7s时，物体A匀变速直线运动，受到的摩擦力为10N，方向水平向左；
（2）由乙图可知，
0～6s间有一拉力F＝10N时的点，物体处于静止状态，则该力的功率为0W；
8s以后，拉力F＝10N时，物体A以5m/s做匀速直线运动，
则该力的功率P＝Fv＝10N×5m/s＝50W；
（3）当物体A不受摩擦力时，物体C受到的浮力：
F浮＝GC﹣GB＝50N﹣20N＝30N，
根据浮力产生的原因F浮＝pS可得，C的下底面受到的水的压强：
p＝＝＝1×104Pa；
当物体A静止受摩擦力时，物体C受到的浮力：
①受到水平向右的静摩擦力为12N时，物体受到的浮力：
F浮′＝f+GC﹣GB＝12N+50N﹣20N＝42N，
②受到水平向左的静摩擦力为12N时，物体受到的浮力：
F浮″＝GC﹣GB﹣f＝50N﹣20N﹣12N＝18N，
物体C所受浮力的最大变化量：
△F浮＝F浮′﹣F浮″＝42N﹣18N＝24N，
由F浮＝ρgV排和V＝Sh可得，最高水位与最低水位的差：
△h＝＝＝＝0.8m。
答：（1）10；水平向左；
（2）F＝10N时该力的功率为0W或50W；
（3）当物体A不受摩擦力作用时，C的下底面受到的水的压强是1×104Pa；当物体A不移动时，最高水位与最低水位的差是0.8m。
5．解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）当电流表示数为0.4A时，由图乙可知，灯泡两端的电压UL＝1V，
由I＝可得，此时灯泡的电阻：
RL＝＝＝2.5Ω；
（2）当小灯泡正常发光时，其两端的电压UL额＝2.5V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由图乙可知，电路中的电流I′＝IL额＝0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时变阻器两端的电压：
UR＝U﹣UL额＝3V﹣2.5V＝0.5V，
则滑动变阻器的电功率：
PR＝URI′＝0.5V×0.5A＝0.25W。
故答案为：2.5；0.25。
6．解：（1）由图可看出，小球B偏转角度大，说明电荷间作用力大，故小球B在P1位置时受到的带电体间的作用力最大。由此现象可知，带电体间作用力的大小与两带电体之间的距离有关。
（2）猜想带电体间作用力的大小还可能与带电体所带电荷量有关；因为在课堂上，接触验电器的橡胶棒摩擦次数越多，验电器的金属片张开的角度越大。
故答案为：（1）P1；两带电体之间的距离；（2）带电体所带电荷量；接触验电器的橡胶棒摩擦次数越多，验电器的金属片张开的角度越大。
二．选择题（共8小题，满分16分，每小题2分）
7．解：A、一根香蕉的长度在10cm＝0.1m左右。故A不符合实际；
B、冰箱冷藏室的温度在4℃左右。刚从冰箱冷藏室取出的荔枝温度约为4℃。故B不符合实际；
C、笔记本电脑额定功率不大，大约为100W。故C符合实际；
D、市区内车辆限速不大于60km/h，合16.7m/s。故D不符合实际。
故选：C。
8．解：
A、热机消耗的燃料多、燃烧放出的热量多，但用来做有用功的能量可能更多，即效率可能更高，所以据消耗燃料的多少是不能判断热机效率大小的，故A错；
B、热传递过程中传递能量的多少叫热量，而不是温度，故B错；
C、0℃的水变成0℃的冰，温度不变，但凝固要放热，所以内能减小，故C正确；
D、火箭使用液态氢作燃料，是因为液态氢的热值大，故D错误；
故选：C。
9．解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
因电源电压保持不变，所以滑片向右移动时电压表的示数不变，故B错误；
滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；由于并联电路中各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变、其实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故C错误；
通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，由并联电路的电流特点可知，干路中的电流变小，即电流表的示数减小，故A错误；
电源电压不变，干路中的电流减小，根据P＝UI可知，整个电路的功率减小，故D正确。
故选：D。
10．解：
A、根据题意可知，1处和2处是在同一高度，重力势能是相同的，如果1处小球的动能大于2处，则1处的机械能大于2处的机械能；故A正确；
B、小球在运动的过程中，机械能不守恒，机械能变小，1处的机械能大于4处的机械能；1处的高度小于4处的高度，1处的重力势能小于4处的重力势能；则1处的动能大于4处的动能，故B正确；
C、小球在运动的过程中，机械能变小，3处的机械能小于4处的机械能，由于3处的重力势能小于4处的重力势能，所以无法判定3处的动能和4处动能的大小，故C错误；
D、接到小球时和扔出时的高度相同，重力势能相同，由于机械能减小，所以动能是减小的，由于质量不变，则接到小球时的速度一定小于扔出时的速度，故D正确；
本题选错误的；
故选：C。
11．解：
（1）推力做的总功：W总＝Fs＝200N×2m＝400J；
推力的功率：P＝＝＝80W；故①正确、③错误；
（2）推力做的有用功：W有＝Gh＝mgh＝20kg×10N/kg×1m＝200J，
斜面的机械效率：η＝×100%＝×100%＝50%；故②错误；
（3）由W总＝W有+W额可得，额外功：W额＝W总﹣W有＝400J﹣200J＝200J，
由W额＝fs可得摩擦力：f＝＝＝100N，故④错误。
可见①正确、②③④错误。
故选：A。
12．解：A、小孔成像光屏向右移动少许，光屏上的像变大，不会模糊，故A错误；
B、由图可知，物距大于像距，光屏上可观察到烛焰清晰的像，为倒立缩小的实像，
u＝50cm﹣20cm＝30cm＞2f，解得，f＜15cm，
v＝65cm﹣50cm＝15cm，f＜15cm＜2f，
解得，7.5cm＜f＜15cm，故B错误；
C、仅需水平移动S、K或P中的一个，小孔成像只能改变像的大小，如是凸透镜像的大小、清晰度都发生变化，故C正确；
D、若K是凸透镜并移至35.0cm刻度线处，由7.5cm＜f＜15cm可得，u＝35cm﹣20cm＝15cm，f＜u＜2f，光屏上将得到清晰的倒立放大的实像，故D错误。
故选：C。
13．解：
A、由图可知，正方体物块的重力G＝F拉＝0.35N，浸没在水中时物块受到的拉力F拉′＝0.25N，
根据称重法可知，物体在液体中受到的浮力：F浮＝G﹣F拉′＝0.35N﹣0.25N＝0.1N，故A错误；
B、由图乙可知正方体物块的边长为2cm，
则物块的体积：V＝（2cm）3＝8cm3＝8×10﹣6m3，故B错误；
C、根据F浮＝ρ液gV排＝ρ液gV可得，液体的密度：ρ液＝＝＝1.25×103 kg/m3，故C正确；
D、物块的质量为：m＝＝＝0.035kg，
物块的密度：ρ物＝＝＝4.375×103kg/m3．故D错误。
故选：C。
14．解：A、由于并联电路中的各个用电器是互不影响的，所以洗衣机连入三孔插座后与电灯是并联的，故A错误；
B、图中A点为火线，正常状况下，用试电笔接触A点氖管会发光，故B正确；
C、据图可知，A点所处的是火线，所以站在地上的人若用手直接接触A点，会发生触电事故，故C正确；
D、三角插头的上脚与用电器的金属外壳相连，使金属外壳与大地相连通，这样用电器的外壳万一带电，电流会通过地线导入大地，防止触电事故的发生，故D正确。
故选：BCD。
三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分）
15．解：由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向下，过A点垂直于OA做出最小动力F1的示意图，如下图所示：

16．解：经过光心的光线传播方向不变；射向另外一侧虚焦点的光线经过凹透镜折射，折射光线平行于主光轴，如下图：

四．实验探究题（共3小题，满分18分）
17．解：
（1）因为玻璃板是透明的，能在观察到A蜡烛像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B蜡烛，便于确定像的位置和大小；因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板，用1mm厚的；
（2）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛A，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，直至它与蜡烛A的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；
（3）移去蜡烛B，在其原来位置上放置一块光屏，且在B侧观察，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是虚像；
（4）平面镜成的像与物体大小是相等的，所以当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小不变；
（5）由表格中的数据可知，蜡烛到玻璃板的距离与相对应的蜡烛的像到玻璃板的距离是相等的；
探究平面镜成像的规律的实验只进行一次实验得出的结论不具有普遍性，应采取同样的实验方案多做几次，研究像与物体到镜面距离的普遍规律，避免实验结论的偶然性，故选B。
故答案为：（1）便于确定像的位置；1；（2）未点燃；等效替代法；（3）虚；（4）不变；（5）等于；B。
18．解：
（1）每次都从斜面上同一位置释放，使小车运动到斜面底端时的速度相等；
（2）（3）（4）表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；进一步推理可以得出，若小车受到的阻力为零，小车将做匀速直线运动；由上分析可知，牛顿第一定律是在实验的基础上，通过推理得出的，不能用实验直接得出的，这种方法称为理想实验法；
（5）小车从同一斜面的同一高度自由下滑，到达水平面时的速度相等，小车的质量相等，由此可知小车动能相等，机械能是指物体的动能和势能的总和，所以小车达到水平面时的机械能相等，小车最终静止，小车通过克服摩擦力做功将其机械能完全转化为其它形式的能，即小车消耗的机械能相等；
（6）当摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，此时小球的动能全部转化为重力势能，速度为零，若不受任何外力，将保持静止状态不变。
故答案为：（1）使小车运动到斜面底端时的速度相等；（2）慢；（3）匀速直线运动；（4）不能；理想实验法；（5）相等；（6）静止。
19．解：（1）滑片向左移动灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器滑片左下接线柱连入电路中，灯泡的额定电压为2.5V，故灯泡的右端接电压表的3V接线柱，如下所示：

（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是电流表指针没有调零；
闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则电路故障可能是小灯泡断路。
（3）根据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系知，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；因为灯丝电阻受温度的影响，变化较明显，并且温度越高，电阻越大，而电压表与电流表的示数之比即为灯的电阻，故当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比增大；
（4）闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表A1示数为，并读出此时电流表A2的示数I；
根据并联电路电流的规律，灯的额定电流：I额＝I﹣I1＝I﹣，
则小灯泡的额定功率：P额＝U额×I额＝U额×（I﹣）。
故答案为：（1）见解答；（2）电流表指针没有调零；小灯泡断路；（3）0.625；增大；灯丝电阻随温度升高而增大；（4）；U额×（I﹣）。
五．综合能力题（共2小题，满分18分，每小题9分）
20．解：（1）甲中的两个气门都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是第二个冲程；
乙中的进气门打开，活塞向下运动，所以为吸气冲程，是第一个冲程；
丙中的排气门打开，活塞向上运动，所以为排气冲程，是第四个冲程；
丁中的两个气门都关闭，火花塞点火，活塞下运动，所以为做功冲程，是第三个冲程；
故先后顺序为：BADC。
（2）若飞轮转速是1800r/min，表示每分钟飞轮转动1800圈，
因为飞轮转2圈，对外做功1次，所以，飞轮转1800圈，对外做功900次；
此过程中燃气对外做功，则其内能减小即通过做功的方法改变物体的内能，除此之外通过热传递也可改变物体内能。
（3）图乙所示为某汽油机的能流图，若E＝1000J，E1＝350J，E2＝250J，E3＝300J，则E4＝E﹣E1﹣E2﹣E3＝1000J﹣350J﹣250J﹣300J＝100J，
由能流图可知：燃料完全燃烧放出的热量为E，有用机械能即有用功为E2，所以内燃机的效率η＝×100%＝×100%＝25%。
（4）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们用冷水冷却发动机。
故答案为：（1）BADC；（2）900；做功；热传递；（3）100；25%；（4）比热容。
21．解：（1）水的体积V＝1L＝1dm3＝1×10﹣3m3，
由ρ＝得，水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3＝1kg；
则水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣25℃）＝3.15×105J。
（2）“1200r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘就转过1200r，
则电能表的转盘转过120r消耗的电能为：
W＝＝0.1kW•h＝3.6×105J，
饮水机的热效率：
η＝×100%＝×100%＝87.5%。
（3）当开关S闭合时，饮水机处于加热状态，电路中只有R1工作，由P＝得，R1的阻值为：
R1＝＝＝50Ω；
饮水机的工作时间t＝7.5min＝450s，
则饮水机的实际功率：
P实＝＝＝800W，
则饮水机加热时的实际电压：
U实＝＝＝200V。
答：（1）饮水机热水箱中的水从25℃升高到100℃时所吸收的热量为3.15×105J；
（2）饮水机在加热过程中的热效率为87.5%；
（3）饮水机加热时的实际电压为200V。