山东省潍坊市高密市2016-2017学年八年级（下）期末物理试卷（解析版）

这是一份山东省潍坊市高密市2016-2017学年八年级（下）期末物理试卷（解析版），共25页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2016-2017学年山东省潍坊市高密市八年级（下）期末物理试卷
　
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）
1．在如图所示的四位科学家中，以其名字命名功率单位的是（　　）
A．牛顿 B．帕斯卡
C．瓦特 D．焦耳
2．在如图所示的实例中，利用连通器原理工作的是（　　）
A．用管子吸饮料 B．注射器 C．离心式水泵 D．茶壶
3．如图所示，在水平的两支筷子中间放上两只乒乓球，通过空心塑料管向两球间用力吹气，会发现两只乒乓球（　　）

A．静止不动 B．相互靠近
C．相互远离 D．向同一方向运动
4．关于大气压强，下列说法正确的是（　　）
A．历史上是用马德保半球实验首先测出来大气压强的值
B．医生用注射器把药水推进病人肌肉中是利用大气压工作的
C．大气压强随海拔高度的增加而减小，水的沸点也随着降低
D．茶壶盖上小孔的巧妙设计与大气压无关
5．如图所示，小车处在水平桌面上，用轻绳跨过定滑轮与钩码相连，在轻绳的拉力作用下沿桌面做匀速运动．若突然剪断轻绳，则小车（　　）

A．受的摩擦力将越来越大 B．将继续向前匀速运动
C．将立即停止运动 D．运动的将越来越慢
6．如图所示，将长方体木块从甲图那样直立浮在水面上变为如图乙那样横浮在水面上后，木块受到的浮力和木块底面受到水的压强的变化分别是（　　）

A．变大，变大 B．变小，变小 C．不变，不变 D．不变，变小
7．如图的几种情景中，人做了功的是（　　）
A．踢出去的足球 B．司机推汽车，纹丝不动
C．女孩把一箱报刊搬起来 D．学生背着书包在平路上行走
8．2016年6月25日我国新一代运载火箭长征七号在海南文昌航天发射场点火升空．火箭在加速上升过程中，下列说法正确的是（　　）
A．动能增加，势能减小 B．动能不变，势能减小
C．动能减小，势能增加 D．动能增加，势能增加
9．如图所示，人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行．它从远地点向近地点运动过程中（　　）

A．动能增大，势能减小，机械能不变
B．动能减小，势能增大，机械能不变
C．动能不变，势能增大，机械能变大
D．动能减小，势能不变，机械能变小
10．“给我一个支点，我就能撬动整个地球．”下列生产和生活中的杠杆与阿基米徳设想的杠杆属于同一类型的是（　　）
A．天平 B．筷子
C．钓鱼竿 D．铡刀
11．小红同学在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两杯液体中观察到静止时的情形如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．铅笔在甲杯液体中受到的浮力较大
B．铅笔在乙杯液体中受到的浮力较大
C．乙杯液体的密度较大
D．甲杯液体的密度较大
12．对如图所示的几种简单机械，下列说法中，正确的是（　　）
A．此图所示的装置中OB是动力臂B．使用此图所示的装置可省一半力
C．此图所示的装置是一种等臂杠杆D．此图所示的汽车驾驶盘也是一种简单机械
　
二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）
13．下列是日常生活中与压强有关的事例的描述，其中正确的是（　　）
A．抽水机的功率越大，抽水的高度越高
B．啄木鸟有个细长而坚硬的尖喙，是为了增大压力
C．三峡船闸可以说是世界上最大的人造连通器
D．高压锅能很快地煮熟食物是因为锅内气压增大水的沸点升高
14．如图所示是学校田径运动会时跳远运动的几个阶段，下列说法正确的是（　　）
A．运动员助跑阶段机械能变大
B．运动员起跳时机械能为零
C．运动员经过最高点时动能最小
D．运动员经过最高点时重力势能最大
15．如图所示，a，b，c三个实心小球，其中a与b质量相等，b与c体积相同；将三个小球放入水中静止不动时，a球漂浮，b球悬浮，c球沉底，则下列判断中正确的是（　　）

A．它们的体积关系是：Va＜Vb=Vc
B．它们所受的浮力关系是：Fa=Fb=Fc
C．它们的密度关系是：ρa＜ρb＜ρc
D．它们的重力关系是：Ga=Gb＞Gc
16．如图所示，在竖直平面内用细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，由静止开始释放小球，不计空气阻力，小球可在A，C两点间来回摆动，以下说法正确的是（　　）

A．小球在最低点B时动能最大
B．小球在摆动过程中，机械能守恒
C．小球在C点时受力平衡
D．小球由A运动到B的过程中只有重力对小球做功
　
三、实验题（每空2分，共28分）
17．小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：
（1）实验时应先调节杠杆在　 　位置平衡，这样做的目的是　 　，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向　 　（填“左”或“右”）调．
（2）杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应在B位置挂上　 　个钩码．

18．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验，请你根据小明的实验探究回答下列问题．

（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与　 　的关系；根据A与E两图所示的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为　 　N．
（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关，下列能正确表示铁块所受浮力与浸入深度关系的是　 　

（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为　 　kg/m3．
19．实验小组的同学用图所示的装置探究“物体动能大小与质量和速度的关系”．将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞了出一段距离．
（1）本实验使钢球获得动能的操作方法是　 　，钢球动能的大小是通过观察　 　来判断的．
（2）从表中数据可以看出，他们让质量不同的钢球从相同高度摆下，使钢球到过竖直位置的　 　相同，从而探究动能与　 　关系．
试验次数
钢球质量/g
钢球下摆高度/cm
木块滑行距离/cm
1
20
20
30
2
40
20
58
3
60
20

（3）在第3次实验中，木块被撞后滑出木板，需要重做第3次实验，甲同学建议换一个较大的木块，乙同学建议换用同样较长的木板，丙同学建议降低钢球下摆的高度．你认为应当采用　 　的建议．
（4）由上述实验数据和现象可得出结论：　 　．

　
四、计算题（共20分）
20．用如图所示的装置提升重为800N的物体，加在绳自由端的拉力大小为500N时恰好可以使物体以0.1m/s的速度匀速上升，若不计绳重和轮与轴间的摩擦．求：
（1）动滑轮的机械效率；
（2）拉力的功率．

21．如图甲所示，水平面上有一个质量为50g，底面积为5×10﹣2m2的圆柱形薄壁容器，容器中装有质量为500g的水，现将一个质量分布均匀、体积为5.0×10﹣5m3的物块（不吸水）放入容器中，物块漂浮在水面上，物块浸入水中的体积为4.0×10﹣5m3．（g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3）
（1）求物块受到的浮力大小；
（2）求物块的密度；
（3）用力缓慢向下压物块使其恰好完全浸没在水中（水未溢出），如图乙，求此时水对容器底的压强．

　

2016-2017学年山东省潍坊市高密市八年级（下）期末物理试卷
参考答案与试题解析
　
一、单项选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）
1．在如图所示的四位科学家中，以其名字命名功率单位的是（　　）
A．牛顿 B．帕斯卡
C．瓦特 D．焦耳
【考点】2S：物理量的单位及单位换算．
【分析】认识图片展示的物理学家，根据对物理量及单位的对应关系确定符合题意的选项．
【解答】解：
A、图片中的科学家是牛顿，它的名字被命名为力的单位．不符合题意；
B、图片中的科学家是帕斯卡，它的名字被命名为压强的单位．不符合题意；
C、图片中的科学家是瓦特，它的名字被命名为功率的单位．符合题意；
D、图片中的科学家是焦耳，它的名字被命名为功和能量的单位．不符合题意．
故选C．
　
2．在如图所示的实例中，利用连通器原理工作的是（　　）
A．用管子吸饮料 B．注射器
C．离心式水泵 D．茶壶
【考点】8B：连通器原理．
【分析】几个上端开口底部互相连通的容器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理．
【解答】解：A、用管子吸饮料是利用了大气压的作用，不符合连通器的特点，不合题意；
B、注射器吸药液时是利用了大气压的作用，不符合连通器的特点，不合题意；
C、离心式水泵在工作时是利用了大气压的作用，不符合连通器的特点，不合题意；
D、茶壶的壶身和壶嘴符合上端开口底部互相连通的容器这一特点，利用了连通器的原理来工作，符合题意．
故选D．
　
3．如图所示，在水平的两支筷子中间放上两只乒乓球，通过空心塑料管向两球间用力吹气，会发现两只乒乓球（　　）

A．静止不动 B．相互靠近
C．相互远离 D．向同一方向运动
【考点】8K：流体压强与流速的关系．
【分析】用空心塑料管在两球间用力吹气，使两球中间的空气流动速度加快．利用流体压强与流速的关系：在气体中，流速越大的位置压强越小．可以解决此题．
【解答】解：乒乓球中间的空气流动速度大，压强小，外表面的空气流动速度小，压强大．在这个压强差造成的压力差的作用下，两只乒乓球向中间移动，即靠近．
故选B．
　
4．关于大气压强，下列说法正确的是（　　）
A．历史上是用马德保半球实验首先测出来大气压强的值
B．医生用注射器把药水推进病人肌肉中是利用大气压工作的
C．大气压强随海拔高度的增加而减小，水的沸点也随着降低
D．茶壶盖上小孔的巧妙设计与大气压无关
【考点】8E：大气压强的存在；1J：沸点及沸点与气压的关系；8G：大气压强与高度的关系．
【分析】（1）著名的实验马德堡半球实验证明了大气压的存在，测出了大气压强值的实验是托里拆利实验；
（2）医生用注射器吸药水是利用大气压；
（3）大气压随着高度的升高而减小，沸点随气压的升高而升高；
（4）茶壶利用了连通器原理，茶壶盖上小孔的巧妙设计与大气压有关．
【解答】解：A、著名的马德堡半球实验证实了大气压的存在，首先测出了大气压强值的实验是托里拆利实验，故A错误；
B、医生用注射器把药水推入病人肌肉中是靠外力，与大气压无关，故B错误；
C、通常情况下，大气压随着高度的升高而减小，水的沸点也随着降低，故C正确；
D、茶壶利用了连通器原理，茶壶盖上小孔的巧妙设计与大气压有关，利用小孔里外气压相同，水在重力作用下流出，故D错误．
故选C．
　
5．如图所示，小车处在水平桌面上，用轻绳跨过定滑轮与钩码相连，在轻绳的拉力作用下沿桌面做匀速运动．若突然剪断轻绳，则小车（　　）

A．受的摩擦力将越来越大 B．将继续向前匀速运动
C．将立即停止运动 D．运动的将越来越慢
【考点】7E：摩擦力大小的影响因素；6U：力与运动的关系．
【分析】解此题需要明确两点：
（1）影响摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度；
（2）小车匀速运动，说明小车受到的力是平衡力．竖直方向上重力和支持力是平衡力，水平方向上拉力和摩擦力是平衡力．
（3）力可以改变物体的运动状态．
【解答】解：由题可知，小车在轻绳的拉力作用下沿桌面做匀速运动；
A、突然剪断轻绳，小车由于惯性会继续向右运动，运动过程中小车对地面的压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，所以受的摩擦力大小不变；故A错误；
BCD、突然剪断轻绳，小车由于惯性会继续向右运动，在水平方向上小车只受摩擦力，因为力可以改变物体的运动状态，故小车运动的速度越来越慢；故BC错误，D正确．
故选D．
　
6．如图所示，将长方体木块从甲图那样直立浮在水面上变为如图乙那样横浮在水面上后，木块受到的浮力和木块底面受到水的压强的变化分别是（　　）

A．变大，变大 B．变小，变小 C．不变，不变 D．不变，变小
【考点】8O：阿基米德原理；88：液体的压强的特点．
【分析】同一个木块，放法不同，但都是漂浮，根据漂浮条件判断木块受到水的浮力的大小关系；
下表面受到的压强p=ρgh，根据木块浸入水中的深度可判断木块底面受到水的压强的关系．
【解答】解：∵木块漂浮，
∴F浮=G木，
∵木块放法不同，但自重不变，
∴木块受到水的浮力不变；
由图可知木块浸入水中的深度h甲＞h乙，
∵p=ρgh，
∴木块底面受到水的压强：p甲＞p乙．
即木块底面受到水的压强变小．
故选D．
　
7．如图的几种情景中，人做了功的是（　　）
A．踢出去的足球 B．司机推汽车，纹丝不动
C．女孩把一箱报刊搬起来 D．学生背着书包在平路上行走
【考点】EA：力是否做功的判断．
【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：
1．作用在物体上的力；
2．物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）．
【解答】解：A、足球在水平面上滚动，不再受脚的力，只有距离，没有力，故人不做功，故A错误；
B、司机没有推动汽车，只有推力，但没有距离；故推力未做功；故B错误；
C、女孩将报刊搬起时，力向上，距离也向上；力和距离方向一致；故力做功；故C正确；
D、背书包水平前进，人对书包的力向上，距离水平向前；力和距离方向不一致，故力不做功；故D错误；
故选C．
　
8．2016年6月25日我国新一代运载火箭长征七号在海南文昌航天发射场点火升空．火箭在加速上升过程中，下列说法正确的是（　　）
A．动能增加，势能减小 B．动能不变，势能减小
C．动能减小，势能增加 D．动能增加，势能增加
【考点】FN：动能和势能的大小变化．
【分析】动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
动能和势能总称为机械能．
【解答】解：火箭在加速上升过程中，质量不变，速度变大，动能变大，且高度增加，所以重力势能增大，机械能也增大．
故选D．
　
9．如图所示，人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行．它从远地点向近地点运动过程中（　　）

A．动能增大，势能减小，机械能不变
B．动能减小，势能增大，机械能不变
C．动能不变，势能增大，机械能变大
D．动能减小，势能不变，机械能变小
【考点】FU：动能和势能的转化与守恒．
【分析】（1）从动能和势能大小的影响因素进行判断：动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．
势能大小的影响因素：质量、相对高度．质量越大，相对高度越高，势能越大．
（2）人造卫星在太空运行时，没有克服摩擦做功，机械能守恒．
【解答】解：人造卫星沿椭圆形的轨道绕地球运行时，没有克服摩擦做功，机械能守恒．
所以它由远地点向近地点运动过程中，质量不变，相对地面的高度减小，势能减小；速度增大，动能增大，总机械能不变．
故选A．
　
10．“给我一个支点，我就能撬动整个地球．”下列生产和生活中的杠杆与阿基米徳设想的杠杆属于同一类型的是（　　）
A．天平 B．筷子
C．钓鱼竿 D．铡刀
【考点】7O：杠杆的分类．
【分析】结合生活经验分析动力臂和阻力臂的大小关系，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆，费力但省距离；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆．
【解答】解：阿基米德的杠杆是在宇宙中找一点，就能翘起整个地球，属于省力杠杆．
A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；
B、铁锹在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
D、铡刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．
故选D．
　
11．小红同学在一支铅笔的下端粘上一块橡皮泥，将它分别置于甲、乙两杯液体中观察到静止时的情形如图所示，下列说法正确的是（　　）

A．铅笔在甲杯液体中受到的浮力较大
B．铅笔在乙杯液体中受到的浮力较大
C．乙杯液体的密度较大
D．甲杯液体的密度较大
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】铅笔在甲乙两种液体中都漂浮，所受浮力都等于铅笔重，受浮力相等，再结合阿基米德原理分析即可
【解答】解：因为都是漂浮，铅笔所受浮力都等于铅笔重（浮力相等），所以A和B都错；
∵，
∴当F浮相同时，V排大的液体密度小，由图知甲V排的大，所以甲的密度小，D错；
故选C．
　
12．对如图所示的几种简单机械，下列说法中，正确的是（　　）
A．
此图所示的装置中OB是动力臂
B．
使用此图所示的装置可省一半力
C．
此图所示的装置是一种等臂杠杆
D．
此图所示的汽车驾驶盘也是一种简单机械
【考点】7P：力臂的画法；7V：定滑轮及其工作特点；7W：动滑轮及其工作特点；7Y：轮轴及其他常见简单机械．
【分析】（1）力臂是支点到力的作用线的距离，也就是过支点向力的作用线画垂线；
（2）定滑轮的本质是等臂杠杆，使用时既不省力也不费力，好处是可以改变力的方向；
（3）动滑轮的本质是动力臂是阻力臂2倍的杠杆，使用时可以省一半的力，但是费距离；
（4）杠杆是在力的作用下能绕固定点转动的硬棒．
【解答】解：A、动力臂是支点到动力作用线的距离，不是支点到动力作用点的距离，图甲误把杠杆的长度当成了力臂；故A错误；
B、图乙所示的装置是定滑轮，不能省力，只能改变力的方向，故B错误；
C、图丙是一个动滑轮，其动力臂为阻力臂二倍的杠杆；故C错误
D、图丁汽车驾驶盘是一个轮轴，它也是一种简单机械，故D正确．
故选D．
　
二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分）
13．下列是日常生活中与压强有关的事例的描述，其中正确的是（　　）
A．抽水机的功率越大，抽水的高度越高
B．啄木鸟有个细长而坚硬的尖喙，是为了增大压力
C．三峡船闸可以说是世界上最大的人造连通器
D．高压锅能很快地煮熟食物是因为锅内气压增大水的沸点升高
【考点】82：压强；8J：大气压的综合应用．
【分析】（1）活塞式抽水机是利用大气压的原理来进行工作的，因此，其抽水的最大高度由大气压的大小决定，根据一标准大气压约为105Pa，可计算出活塞式抽水机的最大抽水高度．
（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．
（3）上端开口、下部连通的容器称为连通器，船闸、茶壶、锅炉水位计等都是连通器．
（4）液体的沸点跟气压有关，气压越大，沸点越高．
【解答】解：A、活塞式抽水机是利用大气压的原理制成的，根据压强公式p=ρgh得，
h==≈10m．
因此，大气压强能支持的水柱约10米左右，即抽水机的抽水高度与抽水机的功率无关．故A错误；
B、啄木鸟有个细长而坚硬的尖喙，在压力一定时，减小受力面积来增大压强，故B错误．
C、船闸、锅炉水位计、茶壶等都是连通器原理的应用，故C正确．
D、高压锅增大锅内的压强，提高了水的沸点，食物在高温下容易煮熟．故D正确．
故选C、D．
　
14．如图所示是学校田径运动会时跳远运动的几个阶段，下列说法正确的是（　　）
A．运动员助跑阶段机械能变大
B．运动员起跳时机械能为零
C．运动员经过最高点时动能最小
D．运动员经过最高点时重力势能最大
【考点】FN：动能和势能的大小变化．
【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大；
（2）重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大；
（3）机械能等于动能和势能的和．
【解答】解：
A、助跑阶段，运动员的质量不变，速度逐渐增大，因此动能增大；运动员的高度不变，因此重力势能不变；机械能等于动能和势能的总和，动能增大，重力势能不变，因此机械能增大，故A正确．
B、起跳时，运动员的速度达到最大值，动能达到最大值，机械能不为零，故B错误．
C、经过最高点时，竖直方向的速度为零，只有水平方向的速度，速度最小，故动能最小，故C正确．
D、经过最高点时，高度达到最大值，因此重力势能也达到最大值，故D正确．
故选ACD．
　
15．如图所示，a，b，c三个实心小球，其中a与b质量相等，b与c体积相同；将三个小球放入水中静止不动时，a球漂浮，b球悬浮，c球沉底，则下列判断中正确的是（　　）

A．它们的体积关系是：Va＜Vb=Vc
B．它们所受的浮力关系是：Fa=Fb=Fc
C．它们的密度关系是：ρa＜ρb＜ρc
D．它们的重力关系是：Ga=Gb＞Gc
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】（1）当物体的重力大于受到的浮力时物体下沉，当物体的重力等于受到的浮力时物体悬浮或漂浮，当物体的重力小于受到的浮力时物体上浮；根据阿基米德原理结合图判断三球的体积关系；
（2）当物体的密度大于液体的密度时物体下沉，当物体的密度等于液体的密度时物体悬浮，当物体的密度小于液体的密度时物体上浮或漂浮．
【解答】解：（1）由图可知，a漂浮，b悬浮，则V排a＜Va，V排b=Vb，
当物体的重力等于受到的浮力时物体悬浮或漂浮，
Fa=Ga，Fb=Gb；
a与b质量相等，则物体的重力相等，
所以浮力Fa=Fb，
由F浮=ρgV排可得，V排a=V排b，
由题干可知：Vb=Vc，
V排a=V排b=V排c，
所以它们的体积关系是：Va＞Vb=Vc，故A错误；
（2）b悬浮，c沉入底部，
所以Fb=Gb，Fc＜Gc；
b与c体积相同，
根据F浮=ρgV排可知：Fb=Fc，Gb＜Gc；则Ga=Gb＜Gc，故D错误；
（3）当物体的密度大于液体的密度时物体下沉，当物体的密度等于液体的密度时物体悬浮，当物体的密度小于液体的密度时物体上浮或漂浮，根据a漂浮、b悬浮、c沉入底部可知：ρa＜ρb＜ρc，故C正确；
由上分析可知：浮力Fa=Fb=Fc，故B正确．
故选BC．
　
16．如图所示，在竖直平面内用细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，由静止开始释放小球，不计空气阻力，小球可在A，C两点间来回摆动，以下说法正确的是（　　）

A．小球在最低点B时动能最大
B．小球在摆动过程中，机械能守恒
C．小球在C点时受力平衡
D．小球由A运动到B的过程中只有重力对小球做功
【考点】FN：动能和势能的大小变化；6U：力与运动的关系；EA：力是否做功的判断；FU：动能和势能的转化与守恒．
【分析】利用以下知识分析解答：
（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．
（2）影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．
（3）机械能是动能和重力势能的和，在铁球运动的过程中，空气阻力忽略不计，所以机械能守恒．
（4）物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可．
【解答】解：（1）从A→B的过程中，金属小球的质量不变、高度减小、速度增大，所以重力势能减小，动能增大，在B点时动能最大、重力势能最小；在此过程中重力势能转化为动能，机械能守恒；
（2）从B→C的过程中，金属小球的质量不变、高度增大、速度减小，重力势能增大，动能减小，在B点动能最小、重力势能最大，在此过程中动能转化为重力势能，机械能守恒．
（3）不计空气阻力，小球会在AC间来回摆动时，总机械能守恒，小球在A、C位置时，位置最高，速度为0，重力势能最大，动能最小；在B位置时，位置最低，速度最快，重力势能最小，动能最大．
综合以上分析：
A、小球在最低点B时速度最大，动能最大，故A正确；
B、不计空气阻力，小球在摆动过程中，机械能守恒，故B正确；
C、小球在C点时处于静止状态，但由于只受到重力作用，受力不平衡，故C错误；
D、小球由A运动到B的过程中，在重力作用下，高度下降，重力做功；小球在拉力的方向上没有通过距离，所以细绳的拉力对小球不做功；故D正确．
故选ABD．
　
三、实验题（每空2分，共28分）
17．小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：
（1）实验时应先调节杠杆在　水平　位置平衡，这样做的目的是　便于测量力臂　，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向　左　（填“左”或“右”）调．
（2）杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时应在B位置挂上　4　个钩码．

【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）实验中，为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡；
在调节杠杆平衡时，平衡螺母总向较高的一端调节；
（2）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数．
【解答】解：
（1）实验时首先调节杠杆使其在水平位置平衡的好处是便于测量力臂；
由图甲知，左端较高，所以应将平衡螺母向左端调节；
（2）设一格为L，一个钩码重G，则有3G×4L=nG×3L，n=4，故应在B处挂4个钩码；
故答案为：（1）水平；便于测量力臂；左；（2）4．
　
18．小明同学在探究影响浮力大小的因素时，做了如图所示的实验，请你根据小明的实验探究回答下列问题．

（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与　液体密度　的关系；根据A与E两图所示的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力为　2.4　N．
（2）小明对ABCD四个步骤进行了观察研究，发现浮力的大小有时与深度有关，有时与深度又无关，下列能正确表示铁块所受浮力与浸入深度关系的是　D　

（3）在小明实验的基础上，根据有关实验数据，可以计算出盐水的密度为　1.2×103　kg/m3．
【考点】8R：探究浮力大小的实验．
【分析】（1）影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积，要探究浮力和其中一个因素的关系，就要采用控制变量法控制另外一个因素一定；由此进行解答；由“称重法”可以测出物体在水中受浮力的大小．
（2）在铁块逐渐浸人水中过程中，随着排开液体体积的增大，浮力是逐渐增大的，但是在铁块浸没于水中时，排开液体体积不再变化，同样浮力也不发生变化，故可以选出答案．
（3）根据F浮=G﹣F计算出在水中和盐水中受到的浮力，根据V排=计算出物体的体积，根据ρ液=计算出盐水的密度．
【解答】解：（1）在C与E两图中，保持了排开液体的体积不变，研究浮力与排开液体密度的关系；根据A与E两图所标的实验数据，可知物体浸没在盐水中所受的浮力F浮盐=G﹣F=8N﹣5.6N=2.4N；
（2）在铁块逐渐浸入水中的过程中，随着排开液体体积的增大，浮力也逐渐增大，但在铁块完全浸没于水中时，物体排开液体的体积不再发生变化，那么浮力也将不变．所以从图象中我们可以看出只有D选项符合题意．
（3）由AD知，浸没在水中时的浮力F浮水=8N﹣6N=2N；
由F浮=ρ水gV排得：
V=V排===2×10﹣4m3．
由F浮盐=ρ盐水gV排得：
ρ盐水===1.2×103kg/m3．
故答案为：（1）液体密度；2.4；（2）D；（3）1.2×103．
　
19．实验小组的同学用图所示的装置探究“物体动能大小与质量和速度的关系”．将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞了出一段距离．
（1）本实验使钢球获得动能的操作方法是　将钢球从某一高度由静止释放　，钢球动能的大小是通过观察　木块运动的距离　来判断的．
（2）从表中数据可以看出，他们让质量不同的钢球从相同高度摆下，使钢球到过竖直位置的　速度　相同，从而探究动能与　质量　关系．
试验次数
钢球质量/g
钢球下摆高度/cm
木块滑行距离/cm
1
20
20
30
2
40
20
58
3
60
20

（3）在第3次实验中，木块被撞后滑出木板，需要重做第3次实验，甲同学建议换一个较大的木块，乙同学建议换用同样较长的木板，丙同学建议降低钢球下摆的高度．你认为应当采用　乙　的建议．
（4）由上述实验数据和现象可得出结论：　在速度一定时，质量越大动能越大　．

【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素．
【分析】（1）让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；一个物体能够做功就说这个物体具有能量，若物体做的功越多就说明物体具有的能量越大．
（2）影响动能大小的因素是质量和速度，在研究时要采用控制变量法，速度相同是研究动能与质量的关系；
（3）由图知是控制速度相同时，研究动能与质量的关系，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的；
（4）运用控制变量法，通过数据得出结论．
【解答】解：（1）让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；钢球动能的大小是通过钢球对木块做功的多少来体现出来的，木块运动的距离越长，就表示钢球的动能越大；
（2）让小球从斜面的同一高度处释放，使小球到达最底端的速度相同，从而探究动能与质量的关系；
（3）上面的两次实验是在速度一定时，改变物体的质量，探究动能的大小，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的，因此改变木板的长度，应采用乙的建议；
（4）有表中的数据知：速度一定时，质量越大动能越大．
故答案为：（1）将钢球从某一高度由静止释放；木块运动的距离；（2）速度；质量；（3）乙；（4）在速度一定时，质量越大动能越大．
　
四、计算题（共20分）
20．用如图所示的装置提升重为800N的物体，加在绳自由端的拉力大小为500N时恰好可以使物体以0.1m/s的速度匀速上升，若不计绳重和轮与轴间的摩擦．求：
（1）动滑轮的机械效率；
（2）拉力的功率．

【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算．
【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据η=×100%=×100%=×100%=×100%求出动滑轮的机械效率；
（2）根据v绳=nv物求出绳端移动的速度，根据P===Fv求出拉力F的功率．
【解答】解：
（1）由图可知，n=2，动滑轮的机械效率：
η=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%=80%；
（2）绳端移动的速度：
v绳=nv物=2×0.1m/s=0.2m/s，
拉力的功率：
P===Fv绳=500N×0.2m/s=100W．
答：（1）动滑轮的机械效率为80%；
（2）拉力的功率为100W．
　
21．如图甲所示，水平面上有一个质量为50g，底面积为5×10﹣2m2的圆柱形薄壁容器，容器中装有质量为500g的水，现将一个质量分布均匀、体积为5.0×10﹣5m3的物块（不吸水）放入容器中，物块漂浮在水面上，物块浸入水中的体积为4.0×10﹣5m3．（g取10N/kg，水的密度ρ水=1.0×103kg/m3）
（1）求物块受到的浮力大小；
（2）求物块的密度；
（3）用力缓慢向下压物块使其恰好完全浸没在水中（水未溢出），如图乙，求此时水对容器底的压强．

【考点】8O：阿基米德原理；2A：密度的计算；89：液体的压强的计算．
【分析】（1）已知浸入水中的物块体积（排开水的体积），利用阿基米德原理求所受浮力．
（2）由于物块漂浮在水面上，根据漂浮条件可知物块的重力，求出质量，利用ρ=求出物块的密度；
（3）利用ρ=求出水的体积，即可求出物块使其恰好完全浸没在水中，水和物块的总体积，已知容器底面积求出水的深度h，根据p=ρgh即可求出水对容器底的压强．
【解答】解：（1）已知V排=4.0×10﹣5m3，
则F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10﹣5m3=0.4N．
（2）由于物块漂浮在水面上，则物块的重力G=F浮=0.4N，
则质量m===0.04kg；
物块的密度ρ===0.8×103kg/m3；
（3）由ρ=得水的体积为V水===5×10﹣4m3，
物块使其恰好完全浸没在水中，水和物块的总体积V=V水+V物=5×10﹣4m3+5×10﹣5m3=5.5×10﹣4m3
则水的深度为h===0.011m，
所以水对容器底的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.011m=110Pa．
答：（1）物块受到的浮力大小为0.4N；
（2）物块的密度为0.8×103kg/m3；
（3）此时水对容器底的压强110Pa．