2021年四川省南充市中考物理一模试卷(解析版)

这是一份2021年四川省南充市中考物理一模试卷(解析版)，共30页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题与实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1．在教学楼墙面上常有“轻声慢步”的文明提醒标志，这里的“轻声”是指声音的（ ）
A．频率B．音调C．响度D．音色
2．如图1所示是十字路口处安装的监控摄像头，图2中A、B是同一辆汽车经过十字路口时，监控摄像头先后拍下的两张照片。下列分析中正确的是（ ）
A．监控摄像头工作原理与投影仪相同
B．摄像头的镜头拍摄的是正立，缩小的实像
C．照片中几乎看不见车内的人，但车的外表却很清晰，因为车是光源
D．由照片A、B可以看出汽车是迎着摄像头方向行驶
3．下列自然现象中，属于液化现象的是（ ）
A．春天，冰雪融化B．夏天，露水晶莹
C．秋天，霜打枝头D．冬天，瑞雪纷飞
4．下列由做饭所联想到的物理知识，其中错误的是（ ）
A．静止在水平桌面上杯子受到重力和它对桌面的压力是一对平衡力
B．烧水时使用的天然气是不可再生能源
C．包子皮上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状
D．用高压锅能增大锅内气压，提高沸点
5．如图所示，开关S闭合后，电路中可能发生的情况是（ ）
A．灯L2发光，灯L1不发光B．电源被烧坏
C．L1灯丝被烧坏D．L2灯丝被烧坏
6．如图所示电路中，已知R1＜R2，闭合开关S后（ ）
A．通过R1、R2的电流I1＜I2B．电流通过R1、R2产生的热量Q1＜Q2
C．R1、R2两端的电压U1＞U2D．R1、R2消耗的电功率P1＞P2
7．在如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P自右向左滑动，则（ ）
A．电流表A的示数变大
B．电压表V2的示数变大
C．电压表V1与电流表A的示数比值变大
D．电压表V2与电流表A的示数比值变大
8．如图所示电路中，电源电压为6V，闭合开关S，两灯泡的电阻不变，两个小灯泡消耗的总功率等于（ ）
A．9WB．4.5WC．2WD．2.25W
9．下列实例中，属于内能转化为机械能的是（ ）
A．弯折铁丝发烫B．臀部摩擦发热
C．蒸汽顶起壶盖D．压缩点燃棉花
10．关于电磁波与信息技术，下列说法正确的是（ ）
A．卫星通信没有利用电磁波传递信息
B．电磁波在真空中的传播速度为3.0×105km/s
C．声呐是利用电磁波来探测鱼群的
D．手机只能接收电磁波，不能发射电磁波
11．如图是标准大气压下，质量为1g的某液体的体积﹣温度图像，以下说法正确的是（ ）
A．4℃时，液体的密度最大
B．温度升高，液体的密度不变
C．1℃时液体的质量比5℃时的大
D．该液体不适宜用作温度计玻璃泡内的测温液体
12．如图所示的电路中，电源电压为12V，定值电阻为20Ω，滑动变阻器标有“20Ω 1.5A”字样，在该电路正常使用的情况下，则（ ）
A．电流表的最大示数为1.5A
B．电路消耗的最大功率为25.2W
C．滑动变阻器消耗的最小功率为7.2W
D．当滑片P滑到最右端时，定值电阻R消耗的功率为14.4W
二、填空题：本大题共8小题，每空1分，共16分。
13．（2分）饺子因为取“更岁交子”之意，所以吃饺子也就成了中国人在春节时特有的民俗传统。煮饺子时，看到的是饺子在水中的 （选填“实像”或“虚像”）；刚煮好的饺子端上饭桌，热气腾腾，香气四溢。香气四溢是因为发生了 现象。
14．（2分）生活中，常用水做冷却剂，因为水的 大；发烧时用冷毛巾给头部降温，过一段时间后，毛巾温度升高，体温降低，这里是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变了毛巾的内能。
15．（2分）小明50m跑测试的成绩是8s，他的平均速度是 m/s；他在跑的过程中相对跑道是 （选填“运动”或“静止”）的。
16．（2分）如图所示，电源电压恒定，R1＝30Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.2A；若再闭合S1，发现电流表的示数变化了0.3A，则R1与R2的电阻之比为 ，R2消耗的电功率为 W。
17．（2分）将A、B两个灯泡串联接入某电路中，消耗的电功率分别为6W和12W，通过A灯泡的电流为0.2A，通过B灯泡的电流为 ，A、B两灯泡两端的电压之比为 。
18．（2分）如图所示是探究电流通过导体产生热量与电阻关系的装置。通电前，两侧U形管中水面相平，深度均为10cm，则10cm深水柱产生的压强为 Pa；通电后，当电路中电流为0.3A时，通电时间1mim，电阻R2产生的热量为 J。（g＝10N/kg）
19．（2分）灯泡L与定值电阻的电流与两端电压的关系如图所示，由图可知，R的电阻是 Ω。若将L、R串联后接在电压为6V的电源两端，电路总电阻为 Ω。
20．（2分）将重7.9N的实心铁球A与重8.9N的实心铜球B轻轻投入足够多的水中静止时，A球受到的浮力 （填“大于”、“小于”或“等于”）B球受到的浮力；当把它们轻轻投入足够多的水银中静止时，A球受到的浮力 （填“大于”、“小于”或“等于”）B球受到的浮力（ρ铁＝7.9×103kg/m3，ρ铜＝8.9×103kg/m3，ρ水银＝13.6×103kg/m3）。
三、作图题与实验探究题：本大题共5小题，21、22题每题2分；23、24、25题题每空1分，共19分。
21．（2分）如图所示，光沿CO射向半圆形玻璃砖的圆心O，请在图中作出光线分别透过平直界面AOB和圆弧形界面AMB时的光路图。
22．（2分）如图所示，请画出小球所受重力和拉力示意图。
23．（5分）用天平（含砝码）、量筒、水和细线，测量矿石的密度，实验过程如图所示。
（1）小明把天平放在水平桌面上，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，如图甲所示，其做法错误之处是没有把 放到正确位置；
（2）小明纠正上述错误后，应向 （选填“左”或“右”）端调节平衡螺母，才能使天平横梁重新平衡；
（3）用调好的天平测石块的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图横梁平衡，则矿石质量为 g。在量筒内倒入适量水。该矿石放入前、后的情况如图丙所示，则矿石的体积是 cm3，此矿石的密度是 kg/m3。
24．（5分）某同学利用如图所示的器材，测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，灯泡的额定电压为2.5V（电阻约为10Ω），滑动变阻器的规格为（10Ω 1A）。
（1）如图甲所示，电路中还有一根导线没有连接，请将电路连接完整；
（2）为了顺利完成实验，现有电压为4.5V和6V的电池组可供选择，则： ；
A.只能选择电压为6V的电池组
B.只能选择电压为4.5V的电池组
C.两个电池组均可选用
D.须将两个电池组串联起来使用
（3）移动滑片P到某位置，电压表示数如图丙所示，此时电压为 V；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 （选填“A”或“B“）端移动；
（4）该同学连接好电路后，按正确的实验步骤进行操作，得到了小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
25．（5分）为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验：
在两个相同的烧杯中分别装有初温相同的食用油和水，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表。
（1）除了使用计时工具和天平外，此实验还需要测量工具 ；
（2）实验时，表中食用油的质量是 g；
（3）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 （选填“水”或“食用油”），加热更长的时间，此时，水吸收的热量 （选填“大于”或“小于”或“等于”）食用油吸收的热量。
（4）实验表明， （选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强。
四、计算题：本大题共2小题，26题8分、27题9分，共17分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
26．（8分）某型号专用车在车型测试屮，在平直的公路上匀速行驶5.6km，受到的阻力是 3.0×103N消耗燃油1.5L （假设燃油完全燃烧）．若燃油的密度ρ＝0.8×103kg/m3，热值 q＝4×107J/kg，
求：（1）燃依汽油的质量是多少？
（2）专用车牵引力所做的功？
（3）则该专用车的热机效率是多少？
27．（9分）在如图所示的电路中，电源电压为6V，灯泡电阻保持不变，R2的最大电阻为20Ω，电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～3V，R3＝6Ω。求：
（1）只闭合开关S1时，电路消耗的功率是多少？
（2）只闭合开关S2时，灯泡L正常发光，R3消耗的功率为1.5W，灯泡L的电阻是多少？
（3）只闭合开关S3时，在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下，电路消耗的最小功率是多少？
2021年四川省南充市中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共12小题，共38分。在每小题给出的四个选项中，其中1～10题只有一项符合题目要求，每小题3分；11～12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分。
1．（3分）在教学楼墙面上常有“轻声慢步”的文明提醒标志，这里的“轻声”是指声音的（ ）
A．频率B．音调C．响度D．音色
【分析】响度是指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质和特色，频率是指振动的快慢，可以影响到音调的高低。
【解答】解：在教学楼墙面上常有“轻声慢步”的文明提醒标志，这里的“轻声”是指声音的响度小。
故选：C。
【点评】音调和响度的概念很容易混淆，一定要注意认真区分。
2．（3分）如图1所示是十字路口处安装的监控摄像头，图2中A、B是同一辆汽车经过十字路口时，监控摄像头先后拍下的两张照片。下列分析中正确的是（ ）
A．监控摄像头工作原理与投影仪相同
B．摄像头的镜头拍摄的是正立，缩小的实像
C．照片中几乎看不见车内的人，但车的外表却很清晰，因为车是光源
D．由照片A、B可以看出汽车是迎着摄像头方向行驶
【分析】（1）凸透镜成像的三种情况之一：U＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，应用于照相机和摄像头。凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。
（2）当光线很暗时，凸透镜无法成像，自身能发光的物体称为光源。
【解答】解：
A、监控摄像头工作原理与照相机原理相同，故A错误；
B、摄像头的镜头是一个凸透镜，拍摄的是倒立，缩小的实像，故B错误；
C、观察照片可以发现，几乎看不见车内的人，是因为车内的人反射的光很弱，摄像头几乎无法成像，车自身不发光，所以车不是光源。故C错误；
D、由同一辆汽车经过十字路口时，先后拍下的两张照片A、B，可知汽车的像变大，根据凸透镜成像的规律（物近像远像变大）可知汽车是靠近摄像头，由图可知，车头朝前，汽车是迎着摄像头行驶。故D正确。
故选：D。
【点评】（1）掌握凸透镜成像的三种情况，掌握三种情况的物距、像距、像的性质。
（2）掌握凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。
3．（3分）下列自然现象中，属于液化现象的是（ ）
A．春天，冰雪融化B．夏天，露水晶莹
C．秋天，霜打枝头D．冬天，瑞雪纷飞
【分析】熔化是指物体由固态变成液态的过程；液化是由气态变成液态的过程；凝华是由气态直接变成固态的过程，结合各选项进行分析哪一个属于此种物态变化。
【解答】解：A、春天，冰雪融化，属于熔化现象，不符合题意；
B、夏天，露水晶莹，露水是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，符合题意；
C、秋天，霜打枝头，霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，不符合题意；
D、冬天，瑞雪纷飞，雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，不符合题意；
故选：B。
【点评】解决此类问题要结合物态变化进行分析。结合生活实际，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
4．（3分）下列由做饭所联想到的物理知识，其中错误的是（ ）
A．静止在水平桌面上杯子受到重力和它对桌面的压力是一对平衡力
B．烧水时使用的天然气是不可再生能源
C．包子皮上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状
D．用高压锅能增大锅内气压，提高沸点
【分析】（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；
（2）一旦消耗，在短期内不能从自然界得到补充的能源为不可再生能源；
（3）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；
（4）液体的沸点随气压的增大而升高。
【解答】解：
A.静止在水平桌面上杯子受到重力和它对桌面的压力，二力的方向都是竖直向下，且作用在不同的物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B.烧水时使用的天然气一旦消耗，在短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源，故B正确；
C.包子皮上捏出了漂亮的花边，是力改变了包子皮的形状，故C正确；
D.用高压锅能增大锅内气压，从而提高水的沸点，使食物熟得更快，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了平衡力的辨别和能源的分类、力的作用效果、沸点与气压的关系，是一道较为简单的应用题。
5．（3分）如图所示，开关S闭合后，电路中可能发生的情况是（ ）
A．灯L2发光，灯L1不发光B．电源被烧坏
C．L1灯丝被烧坏D．L2灯丝被烧坏
【分析】开关断开时，两灯泡并联；开关闭合后，形成电源短路。
【解答】解：开关断开时，电路为并联电路；当开关闭合时，会形成电源短路，会损坏电源，而两灯泡均不发光，并且完好无损。
故选：B。
【点评】正确识别电路是解答本类题的关键，注意电源短路是绝对不允许的。
6．（3分）如图所示电路中，已知R1＜R2，闭合开关S后（ ）
A．通过R1、R2的电流I1＜I2
B．电流通过R1、R2产生的热量Q1＜Q2
C．R1、R2两端的电压U1＞U2
D．R1、R2消耗的电功率P1＞P2
【分析】由图可知：R1、R2并联，已知R1＞R2，应用并联电路特点及欧姆定律判断电流大小。然后应用功率公式和焦耳定律判断产生的热量关系。
【解答】解：由图可知：R1、R2并联，
并联电路中各支路两端的电压相等，则U1＝U2，故C错误；
由于R1＜R2，根据I＝可知：I1＞I2，故A错误；
由P＝UI可知：P1＞P2；故D正确；
由Q＝W＝Pt可知，Q1＞Q2，故B错误。
故选：D。
【点评】本题考查并联电路的特点和功、功率的计算，熟练应用欧姆定律，即可正确解题。
7．（3分）在如图所示电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P自右向左滑动，则（ ）
A．电流表A的示数变大
B．电压表V2的示数变大
C．电压表V1与电流表A的示数比值变大
D．电压表V2与电流表A的示数比值变大
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表A测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化，最后根据欧姆定律结合R2的阻值判断电压表V2与电流表A的示数比值变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表A测电路中的电流。
当将滑动变阻器的滑片P自右向左滑动时，R1接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故A错误；
由U＝IR可知，R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故B错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，
则电压表V1与电流表A的示数比值变大，故C正确；
由R＝可知，电压表V2与电流表A的示数比值等于R2的阻值，则其比值不变，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件以及把电压表V2与电流表A的示数比值转化为R2的阻值处理是关键。
8．（3分）如图所示电路中，电源电压为6V，闭合开关S，两灯泡的电阻不变，两个小灯泡消耗的总功率等于（ ）
A．9WB．4.5WC．2WD．2.25W
【分析】根据图可知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI＝求出两灯泡的电阻，两个小灯泡串联后接到6V的电源时，根据电阻的串联和P＝UI＝求出两个小灯泡消耗的总功率。
【解答】解：由图可知，两灯泡的额定电压为U1＝U2＝6V，额定功率分别为P1＝6W，P2＝3W，
由P＝UI＝可得，两灯泡的电阻分别为：
R1＝＝＝6Ω，R2＝＝＝12Ω，
两个小灯泡串联后接到6V的电源时，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两个小灯泡消耗的总功率：
P＝＝＝＝2W。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
9．（3分）下列实例中，属于内能转化为机械能的是（ ）
A．弯折铁丝发烫B．臀部摩擦发热
C．蒸汽顶起壶盖D．压缩点燃棉花
【分析】生活中存在很多机械能和其他形式能的转化的现象。内燃机是内能转化为机械能；发电机是机械能转化为电能；电动机是电能转化为机械能；摩擦生热是机械能转化为内能等等。
【解答】解：A、弯折铁丝发烫，是机械能转化为内能，故A不符合题意。
B、臀部摩擦发热，是机械能转化为内能，故B不符合题意。
C、烧水时蒸气把壶盖顶起，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，故C符合题意。
D、压缩空气引火，一是压缩气体做功，机械能转化为内能，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】正确理解生活中的能的转移和转化。
10．（3分）关于电磁波与信息技术，下列说法正确的是（ ）
A．卫星通信没有利用电磁波传递信息
B．电磁波在真空中的传播速度为3.0×105km/s
C．声呐是利用电磁波来探测鱼群的
D．手机只能接收电磁波，不能发射电磁波
【分析】（1）电磁波可以传递信息，传播不需要介质，可以在真空中传播；
（2）电磁波传播速度3.0×108m/s；
（3）超声波具有定向发射的性质，声呐是利用超声波工作的，可以用于探测水中物体，如探测鱼群、潜艇等，也可用来测量海深；
（4）手机即能接收电磁波，又能发射电磁波。
【解答】解：A、电磁波传播不需要介质，现代移动通信、卫星通讯都利用电磁波传递信息，故A错误；
B、电磁波在真空中的传播速度3.0×108m/s＝3.00×105km/s，故B正确；
C、声呐发出的是超声波，可以确定海洋中鱼群的位置，故C错误；
D、手机既是发射台又是接收机，所以手机即能接收电磁波，又能发射电磁波，故D错误。
故选：B。
【点评】此题是一类多知识点的综合题目，要结合相对应的物理知识进行分析解答，是中考选择题的热点考题。
11．（4分）如图是标准大气压下，质量为1g的某液体的体积﹣温度图像，以下说法正确的是（ ）
A．4℃时，液体的密度最大
B．温度升高，液体的密度不变
C．1℃时液体的质量比5℃时的大
D．该液体不适宜用作温度计玻璃泡内的测温液体
【分析】①根据图像分析每一段体积随温度的变化关系，然后利用密度公式即可判断其密度的变化；
②常用温度计是根据液体热胀冷缩原理工作的。
【解答】解：A、由图像可知，液体在4℃时，体积最小，而质量不变，根据ρ＝可知，液体密度是最大的，故A正确；
B、由图像可知，在0℃～4℃范围内，温度升高，体积减小，其密度增大，当温度高于4℃时，温度升高，体积增大，密度减小，故B错误；
C、由图像可知，1℃时液体的体积比5℃时的大，而质量不变，所以1℃时液体的密度比5℃时的小，故C错误；
D、由图像可知，在0℃～4℃范围内，该液体温度升高，体积减小；温度降低，体积增大，不符合热胀冷缩的一般规律，所以该液体不适宜用作温度计玻璃泡内的测温液体，故D正确。
故选：AD。
【点评】解答本题的关键能从图像中找出有用的信息，熟练应用密度公式即可正确解题，难度不大。
12．（4分）如图所示的电路中，电源电压为12V，定值电阻为20Ω，滑动变阻器标有“20Ω 1.5A”字样，在该电路正常使用的情况下，则（ ）
A．电流表的最大示数为1.5A
B．电路消耗的最大功率为25.2W
C．滑动变阻器消耗的最小功率为7.2W
D．当滑片P滑到最右端时，定值电阻R消耗的功率为14.4W
【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流。
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过定值电阻的电流，根据并联电路的电流特点结合滑动变阻器允许通过的最大电流求出干路电流表的最大示数，利用P＝UI求出电路消耗的最大功率；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，滑动变阻器消耗的功率最小，根据P＝UI＝求出滑动变阻器的最小电功率；
（3）并联电路中各支路独立工作、互不影响，当滑片P滑到最右端时，根据P＝UI求出定值电阻R消耗的功率。
【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器并联，电流表测干路电流。
AB.因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过定值电阻的电流：IR＝＝＝0.6A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且滑动变阻器允许通过的最大电流为1.5A，
所以，干路电流表的最大示数：I大＝IR+I滑大＝0.6A+1.5A＝2.1A，故A错误；
电路消耗的最大功率：P大＝UI大＝12V×2.1A＝25.2W，故B正确；
C.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，滑动变阻器消耗的功率最小，
则滑动变阻器的最小电功率：P滑小＝＝＝7.2W，故C正确；
D.因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，当滑片P滑到最右端时，定值电阻R消耗的功率：PR＝UIR＝12V×0.6A＝7.2W，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，明白滑动变阻器参数的含义是关键。
二、填空题：本大题共8小题，每空1分，共16分。
13．（2分）饺子因为取“更岁交子”之意，所以吃饺子也就成了中国人在春节时特有的民俗传统。煮饺子时，看到的是饺子在水中的 虚像 （选填“实像”或“虚像”）；刚煮好的饺子端上饭桌，热气腾腾，香气四溢。香气四溢是因为发生了 扩散 现象。
【分析】（1）看水中的物体，是由于光的折射形成的虚像；
（2）扩散现象是两种不同物质的分子彼此进入对方的现象。
【解答】解：看到水中饺子是饺子反射的光在水面上发生折射时，人眼逆着光线看到的虚像；饺子香气四溢，是因为饺子的香气分子是在不断运动的，向四周扩散，使人们闻到饺子的香气，是扩散现象。
故答案为：虚像；扩散。
【点评】本题考查了实像与虚像的区别，以及对扩散现象的认识，属于基础题目。
14．（2分）生活中，常用水做冷却剂，因为水的 比热容 大；发烧时用冷毛巾给头部降温，过一段时间后，毛巾温度升高，体温降低，这里是通过 热传递 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变了毛巾的内能。
【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。
（2）做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
【解答】解：
（1）通常用水做冷却剂是因为水的比热容大的特点，即相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多；
（2）发烧时用冷毛巾给头部降温，过一段时间后毛巾温度升高，体温降低，是发生了热传递，这说明热传递可以改变物体的内能。
故答案为：比热容；热传递。
【点评】本题主要考查了水的比热容、改变内能的方式，与生活实际联系密切，值得我们关注。
15．（2分）小明50m跑测试的成绩是8s，他的平均速度是 6.25 m/s；他在跑的过程中相对跑道是 运动 （选填“运动”或“静止”）的。
【分析】（1）知道总路程和总时间，根据公式v＝计算平均速度。
（2）判断运动还是静止需要选择一个参照物，然后来比较物体相对于参照物的位置有没有发生变化，发生变化就是物体相对于该参照物是运动的，否则就是静止的。
【解答】解：由题可知，s＝50m，t＝8s；
他的平均速度：
v＝＝＝6.25m/s。
他在跑的过程中，他相对于跑道的位置不断变化，以跑道为参照物，小明是运动的；
故答案为：6.25；运动。
【点评】此题考查的是变速运动平均速度的求法；在处理变速运动的题时，无论中间的速度如何变化，只需用总路程除以总时间即可求出平均速度。
还考查运动和静止的相对性，对于运动和静止的相对性，所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性。
16．（2分）如图所示，电源电压恒定，R1＝30Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.2A；若再闭合S1，发现电流表的示数变化了0.3A，则R1与R2的电阻之比为 3：2 ，R2消耗的电功率为 1.8 W。
【分析】（1）闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）若再闭合开关S1后，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点和电流表示数的变化量即为通过R2的电流，根据欧姆定律求出R1与R2的电阻之比，利用P＝UI求出R2消耗的电功率。
【解答】解：
（1）闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过的电流，即I1＝0.2A，
由I＝可得，电源的电压：U＝I1R1＝0.2A×30Ω＝6V；
（2）若再闭合S1后，R1与R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表示数变化了0.3A，
所以，通过R2的电流I2＝0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，R1与R2的电阻之比：＝＝＝＝，
R2消耗的电功率：P2＝UI2＝6V×0.3A＝1.8W。
故答案为：3：2； 1.8。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意闭合开关S1后电流表示数的变化量即为通过R2的电流。
17．（2分）将A、B两个灯泡串联接入某电路中，消耗的电功率分别为6W和12W，通过A灯泡的电流为0.2A，通过B灯泡的电流为 0.2A ，A、B两灯泡两端的电压之比为 1：2 。
【分析】将A、B两个灯泡串联接入某电路中，根据串联电路的电流特点结合通过A灯泡的电流得出通过B灯泡的电流，又知道两灯泡消耗的电功率，利用P＝UI求出A、B两灯泡两端的电压之比。
【解答】解：将A、B两个灯泡串联接入某电路中，消耗的电功率分别为PA＝6W和PB＝12W，
因串联电路中各处的电路相等，且通过A灯泡的电流为IA＝0.2A，
所以，通过B灯泡的电流为：IB＝IA＝0.2A，
由P＝UI可得，A、B两灯泡两端的电压之比为：＝＝＝＝。
故答案为：0.2A；1：2。
【点评】本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
18．（2分）如图所示是探究电流通过导体产生热量与电阻关系的装置。通电前，两侧U形管中水面相平，深度均为10cm，则10cm深水柱产生的压强为 1000 Pa；通电后，当电路中电流为0.3A时，通电时间1mim，电阻R2产生的热量为 54 J。（g＝10N/kg）
【分析】根据液体压强公式p＝ρhg即可求解；
根据焦耳定律Q＝I2Rt即可求解；
【解答】解：（1）p＝ρhg＝1×103kg/cm3×0.1m×10N/kg＝1000Pa；
（2）Q＝I2R2t＝（0.3A）2×10Ω×60s＝54J。
故答案为：1000；54。
【点评】本题考查液体压强与电热的简单运算。
19．（2分）灯泡L与定值电阻的电流与两端电压的关系如图所示，由图可知，R的电阻是 10 Ω。若将L、R串联后接在电压为6V的电源两端，电路总电阻为 15 Ω。
【分析】（1）从R的U﹣I图像读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出元件R的电阻；
（3）将A和B串联后接在电压为6V的电源两端时通过它们的电流相等，且总电压等于各分电压之和，根据图像读出符合的电流和电压，根据R＝算出电路的总电阻。
【解答】解：（1）由图像可知，UR＝3V时，IR＝0.3A，
由I＝可知，A的电阻为：
R＝＝＝10Ω；
（3）将L和R串联后接在电压为6V的电源两端时，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
由图像可知，当I＝0.4A时，UL＝2V，UR′＝4V，满足电压之和等于电源电压6V，
由I＝可知，电路的总电阻为：
R总＝＝＝15Ω。
故答案为：10；15。
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
20．（2分）将重7.9N的实心铁球A与重8.9N的实心铜球B轻轻投入足够多的水中静止时，A球受到的浮力 等于 （填“大于”、“小于”或“等于”）B球受到的浮力；当把它们轻轻投入足够多的水银中静止时，A球受到的浮力 小于 （填“大于”、“小于”或“等于”）B球受到的浮力（ρ铁＝7.9×103kg/m3，ρ铜＝8.9×103kg/m3，ρ水银＝13.6×103kg/m3）。
【分析】（1）根据G＝mg和ρ＝求出实心铁球A与实心铜球B的体积，然后投入水中静止时先判断两球的浮沉状态，根据F浮＝ρ液gV排判断出所受浮力的大小；
（2）两球放入水银中静止，先判断两球的浮沉状态，再判断两球的浮力大小。
【解答】解：（1）根据G＝mg和ρ＝可得铁球A和铜球B的体积分别为：
V铁＝＝＝1×10﹣4m3，V铜＝＝＝1×10﹣4m3，
所以，V铁＝V铜；
由于ρ铁＞ρ水，ρ铜＞ρ水，所以铁球A和铜球B投入足够多的水中静止时，处于浸没状态，
则排开水的体积都等于物体的体积，所以，铁球A和铜球B排开水的体积相等，
根据F浮＝ρ水gV排可知：A球受到的浮力等于B球受到的浮力；
（2）由于ρ铁＜ρ水银，ρ铜＜ρ水银，所以，将铝球和铜球放入水银中都漂浮，根据漂浮体积可知：
F浮铁＝G铁＝7.9N，F浮铜＝G铜＝8.9N，
所以，F浮铁＜F浮铜，即A球受到的浮力小于B球受到的浮力。
故答案为：等于；小于。
【点评】本题考查浮力大小的计算，解答此题的关键是知道物体的浮沉条件。
三、作图题与实验探究题：本大题共5小题，21、22题每题2分；23、24、25题题每空1分，共19分。
21．（2分）如图所示，光沿CO射向半圆形玻璃砖的圆心O，请在图中作出光线分别透过平直界面AOB和圆弧形界面AMB时的光路图。
【分析】由光的折射规律可知，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角，当光从玻璃斜射入空气中时，折射光线将向远离法线的方向偏折，即折射角大于入射角；当光垂直从玻璃射入空气中时，方向不变。
【解答】解：光线从空气斜射入玻璃砖时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，据此作出第一条折射光线；
折射光线从玻璃砖射入空气中时，由于此光线是由圆心O射出，当经过第二个折射面时，正好与该入射点处的切线垂直，因此第二次折射光线的传播方向不变，如图所示：
【点评】此题主要考查光的折射定律，关于光斜射入两种不同介质的分界面处时，分清折射角和入射角的大小，是解答此题的关键所在，还要注意当光线垂直射向两种介质的界面上时，传播方向不改变。
22．（2分）如图所示，请画出小球所受重力和拉力示意图。
【分析】力的示意图要表示出力的三要素。小球所受重力是竖直向下的，作用在物体的重心；拉力则是沿细线向上的。
【解答】解：重力的作用点在小球的重心，即它的球心，方向竖直向下；拉力作用点也可以在重心，方向沿细线向上，如图：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
23．（5分）用天平（含砝码）、量筒、水和细线，测量矿石的密度，实验过程如图所示。
（1）小明把天平放在水平桌面上，调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，如图甲所示，其做法错误之处是没有把 游码 放到正确位置；
（2）小明纠正上述错误后，应向 右 （选填“左”或“右”）端调节平衡螺母，才能使天平横梁重新平衡；
（3）用调好的天平测石块的质量，当右盘中所加砝码和游码位置如图横梁平衡，则矿石质量为 142 g。在量筒内倒入适量水。该矿石放入前、后的情况如图丙所示，则矿石的体积是 20 cm3，此矿石的密度是 7.1×103 kg/m3。
【分析】（1）天平使用前的调节要做到放、拨、调，拨是指将游码拨到零刻度线；
（2）天平的调节原则是：左偏右调、右偏左调、先快后慢；
（3）物体质量＝砝码质量+游码对应的刻度值；读出图中水和石块的总体积，减去原来水的体积，就等于小石块的体积；用公式ρ＝算出石块的密度。
【解答】解：（1）天平在调平衡前必须将游码拨到零刻度线；由图可知，其做法错误之处是没有把游码拨到零刻度线；
（2）原来游码没有归零时，天平平衡，当把游码拨到零刻度线处时，相当于右盘质量变小，则指针左偏，应将平衡螺母右调；
（3）由图乙可知，天平标尺的分度值是0.2g，物体质量：m＝100g+20g+20g+2g＝142g；
如图丙，量筒的分度值是2mL，水的体积为V1＝50mL，水和矿石的体积为：V2＝70mL，石块体积：V＝70mL﹣50mL＝20mL＝20cm3；
石块的密度ρ＝＝＝7.1g/cm3＝7.1×103kg/m3。
故答案为：（1）游码；（2）右；（3）142；20；7.1×103。
【点评】本题考查了：①天平的调节，先将天平放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，调节平衡螺母使横梁平衡；
②测固体密度的基本方法，先用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，用公式ρ＝算出固体的密度。
24．（5分）某同学利用如图所示的器材，测量小灯泡的电功率。实验中电源电压保持不变，灯泡的额定电压为2.5V（电阻约为10Ω），滑动变阻器的规格为（10Ω 1A）。
（1）如图甲所示，电路中还有一根导线没有连接，请将电路连接完整；
（2）为了顺利完成实验，现有电压为4.5V和6V的电池组可供选择，则： B ；
A.只能选择电压为6V的电池组
B.只能选择电压为4.5V的电池组
C.两个电池组均可选用
D.须将两个电池组串联起来使用
（3）移动滑片P到某位置，电压表示数如图丙所示，此时电压为 2.2 V；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 B （选填“A”或“B“）端移动；
（4）该同学连接好电路后，按正确的实验步骤进行操作，得到了小灯泡的电流随其两端电压变化的图像，如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 0.625 W。
【分析】（1）电流表应串联接入电路中；根据灯泡的额定电压和电阻求出额定电流，然后判断电流表的量程；
（2）求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，然后选择电源；
（3）确定电压表的量程和分度值读出电压表的示数；若灯泡两端的电压低于额定电压，则需减小滑动变阻器的阻值，减少变阻器的分压作用；若灯泡两端的电压高于额定电压，则需增大变阻器的阻值增加其分压作用；
（4）从图像中查得额定电压下的额定电流，根据P＝UI计算额定功率.
【解答】解：（1）实验中，电流表要测量电路中的电流，故电流表应串联接入电路中；灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω，则灯泡正常发光时的电流约为：
I额＝＝＝0.25A小于0.6A，故电流表选用小量程，如图所示：
；
（2）灯泡正常发光时，由I＝得此时滑动变阻器两端的最大电压：U滑＝IR滑最大＝0.25A×10Ω＝2.5V，
则电源电压最大为U＝UL+U滑最大＝2.5V+2.5V＝5V＜6V，所以，要顺利完成实验，应选择电压为4.5V的电池组，故选B；
（3）电压表使用0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V；要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，应减少变阻器的分压，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V；
（4）从图像得知，灯泡在2.5V下的电流为0.25A，灯泡的额定功率为：P额＝U额I＝2.5V×0.25A＝0.625W。
故答案为：（1）如图；（2）B；（3）2.2；B；（4）0.625。
【点评】本题考查了实物图的连接、电压表的读数、功率计算，从图像获取信息的能力，最近两年从图像中获取信息频频出现，一定要掌握这种能力。
25．（5分）为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验：
在两个相同的烧杯中分别装有初温相同的食用油和水，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表。
（1）除了使用计时工具和天平外，此实验还需要测量工具 温度计 ；
（2）实验时，表中食用油的质量是 60 g；
（3）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给 水 （选填“水”或“食用油”），加热更长的时间，此时，水吸收的热量 大于 （选填“大于”或“小于”或“等于”）食用油吸收的热量。
（4）实验表明， 水 （选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强。
【分析】（1）实验中需要用温度计测量液体的温度；
（2）比较水和食用油的吸热能力时，需要控制水和食用油的质量和初温相同；
（3）（4）比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
【解答】解：（1）由表中数据，因要记录温度的变化和加热时间，为了完成该实验，除了天平、计时工具，还需要的测量工具是温度计；
（2）比较水和食用油的吸热能力时，需要控制水和食用油的质量，所以水和食用油的质量都是60g；
（3）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，根据转换法，水吸收的热量大于食用油吸收的热量；
（4）使质量和初温相同的水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，根据比较吸热能力的第1种方法，在相同条件下吸热的能力更强的是水。
故答案为：（1）温度计；（2）60；（3）水；大于；（4）水。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
四、计算题：本大题共2小题，26题8分、27题9分，共17分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案。
26．（8分）某型号专用车在车型测试屮，在平直的公路上匀速行驶5.6km，受到的阻力是 3.0×103N消耗燃油1.5L （假设燃油完全燃烧）．若燃油的密度ρ＝0.8×103kg/m3，热值 q＝4×107J/kg，
求：（1）燃依汽油的质量是多少？
（2）专用车牵引力所做的功？
（3）则该专用车的热机效率是多少？
【分析】（1）消耗燃油的质量，可利用密度公式的变形计算；
（2）求牵引力做的功，根据功的公式W＝Fs进行计算，路程已知，由于汽车匀速行驶，所以汽车的牵引力F等于受到的阻力f；
（3）根据Q＝mq算出放出的热量；由热机效率公式η＝就可以算出该车的热机效率。
【解答】解：（1）由题意知，消耗燃油1.5L，
则消耗燃油的质量：m＝ρv＝0.8×103kg/m3×1.5×10﹣3m3＝1.2kg
（2）因为汽车匀速行驶，所以F＝f＝3.0×103N，
牵引力所做的功：W＝Fs＝3.0×103N×5.6×103m＝1.68×107J；
（3）燃油完全燃烧放出的热量：Q＝mq＝1.2kg×4×107J/kg＝4.8×107J。
热机效率：η＝×100%＝×100%＝35%。
答：（1）该车行驶5.6km消耗汽油的质量是1.2kg；
（2）专用车牵引力所做的功是1.68×107J；
（3）该专用车的热机效率是35%。
【点评】本题考查了质量、功的计算、热量的计算和热机效率的计算。由功到热量再到热机效率，一环扣一环，这类题能让学生对各物理量有一个整体性的掌握。
27．（9分）在如图所示的电路中，电源电压为6V，灯泡电阻保持不变，R2的最大电阻为20Ω，电流表的量程为0～3A，电压表的量程为0～3V，R3＝6Ω。求：
（1）只闭合开关S1时，电路消耗的功率是多少？
（2）只闭合开关S2时，灯泡L正常发光，R3消耗的功率为1.5W，灯泡L的电阻是多少？
（3）只闭合开关S3时，在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下，电路消耗的最小功率是多少？
【分析】（1）只闭合开关S1时，电路为R3的简单电路，电流表测电路中的电流，根据P＝UI＝求出电路消耗的功率；
（2）只闭合开关S2时，灯泡L与R3串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点和P＝UI＝I2R结合R3消耗的功率为1.5W求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电路的总电阻，再利用电阻的串联求出灯泡L的电阻；
（3）只闭合开关S3时，灯泡L与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数U2＝3V时灯泡L两端的电压，利用欧姆定律求出此时电路中的电流，利用欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路中的电阻，据此求出电路中的最小电流，此时电路的总功率最小，利用P＝UI求出电路消耗的最小功率。
【解答】解：（1）只闭合开关S1时，电路为R3的简单电路，电流表测电路中的电流，
则电路消耗的功率：P＝＝＝6W；
（2）只闭合开关S2时，灯泡L与R3串联，电流表测电路中的电流，
因串联电路中各处的电流相等，且R3消耗的功率为1.5W，
所以，由P＝UI＝I2R3可得，电路中的电流：I＝＝＝0.5A，
由I＝可得，电路的总电阻：R总＝＝＝12Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，灯泡L的电阻：RL＝R总﹣R3＝12Ω﹣6Ω＝6Ω；
（3）只闭合开关S3时，灯泡L与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，当电压表的示数U2＝3V时，灯泡L两端的电压：UL′＝U﹣U2＝6V﹣3V＝3V，
此时电路中的电流：I′＝＝＝0.5A，
此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R2＝＝＝6Ω＜20Ω，
所以，电路中的最小电流为0.5A，此时电路的总功率最小，
则电路消耗的最小功率：P小＝UI′＝6V×0.5A＝3W。
答：（1）只闭合开关S1时，电路消耗的功率是6W；
（2）灯泡L的电阻是6Ω；
（3）只闭合开关S3时，在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下，电路消耗的最小功率是3W。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确得出最后一问中电路中的最小电流是关键。
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
60
20
6
45
食用油
20
6
68
物质
质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最后温度/℃
水
60
20
6
45
食用油
20
6
68